2025年浙教版高二物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教版高二物理上冊月考試卷38考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、處于勻強(qiáng)磁場中的一個(gè)帶電粒子，僅在磁場力作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)．將該粒子的運(yùn)動(dòng)等效為環(huán)形電流，那么此電流值（）A.與粒子電荷量成正比B.與粒子速率成正比C.與粒子質(zhì)量成正比D.與磁感應(yīng)強(qiáng)度成正比2、如圖所示，MN

是電場中某一條電場線上的兩點(diǎn)，若將正電荷由M

移到N

時(shí)，靜電力做負(fù)功，下列說法中正確的是()A.M

點(diǎn)的電勢大于N

點(diǎn)的電勢B.電場線的方向從N

指向M

C.M

點(diǎn)的場強(qiáng)大于N

點(diǎn)的場強(qiáng)D.M

點(diǎn)的場強(qiáng)等于N

點(diǎn)的場強(qiáng)3、下列關(guān)于力的沖量和動(dòng)量的說法中，正確的是（）A.物體所受的合力為零，它的動(dòng)量一定為零B.物體所受的合外力的沖量為零，它的動(dòng)量變化一定為零C.物體所受的合力外的做的功為零，它的動(dòng)量變化一定為零D.物體所受的合外力不變，它的動(dòng)量一定不變．4、直流電路如圖所示，在滑動(dòng)變阻器的滑片P向右移動(dòng)時(shí)，電源的()A.總功率一定減小B.效率一定增大C.內(nèi)部損耗功率一定減小D.輸出功率一定先增大后減小5、下列關(guān)于電場強(qiáng)度的說法中，正確的是()。A.公式只適用于真空中點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場B.由公式可知，電場中某點(diǎn)的電場強(qiáng)度E與試探電荷q在電場中該點(diǎn)所受的電場力成正比C.在公式F=中，是點(diǎn)電荷Q產(chǎn)生的電場在點(diǎn)電荷Q處的場強(qiáng)大??；而是點(diǎn)電荷Q1產(chǎn)生的電場在點(diǎn)電荷Q處場強(qiáng)的大小D.由公式可知，在離點(diǎn)電荷非常近的地方(r→0)，電場強(qiáng)度E可達(dá)無窮大6、簡諧運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)說法中正確的是（）A.回復(fù)力跟位移成正比且方向相反B.回復(fù)力與時(shí)間成正比C.速度跟位移成正比且方向相反D.速度與時(shí)間成正比7、一個(gè)標(biāo)有“4V0.7A”的小燈泡，所加的電壓U由零逐漸增大到4V，在此過程中電壓U和電流I的關(guān)系可以用圖象表示，在圖中符合實(shí)際的是（）A.B.C.D.8、關(guān)于布朗運(yùn)動(dòng)的說法，正確的是（）A.布朗運(yùn)動(dòng)就是液體分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)B.布朗運(yùn)動(dòng)就是懸浮固體微粒的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)C.布朗運(yùn)動(dòng)就是懸浮固體微粒的分子在做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)D.液體中的懸浮微粒越大，布朗運(yùn)動(dòng)就越明顯9、在2012

年倫敦奧運(yùn)會(huì)上，我國乒乓球運(yùn)動(dòng)員包攬了該項(xiàng)目的金牌.

某運(yùn)動(dòng)員在球臺(tái)邊緣O

點(diǎn)正上方高度為h

處，以一定的垂直于球網(wǎng)的水平速度發(fā)出，如圖所示，已知乒乓球臺(tái)長為L

球越過球網(wǎng)打到球臺(tái)邊緣.

假設(shè)乒乓球反彈前后水平分速度不變，豎直分速度大小不變、方向相反，且不考慮乒乓球的旋轉(zhuǎn)和空氣阻力.

則(

)

A.乒乓球的初速度v0=L3g2h

B.乒乓球從發(fā)出到落在球臺(tái)邊緣的時(shí)間t=22hg

C.乒乓球從發(fā)出到落在球臺(tái)邊緣的過程中距離球臺(tái)的最大高度大于h

D.乒乓球從發(fā)出到落在球臺(tái)邊緣的過程中距離球臺(tái)的最大高度小于h

評卷人得分二、雙選題(共2題，共4分)10、下列說法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構(gòu)體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉尚未水解11、下列說法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構(gòu)體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉尚未水解評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)12、一個(gè)定值電阻；其阻值約在40～50Ω之間，現(xiàn)需要測量其阻值．給出的實(shí)驗(yàn)器材有：

電池組E：電動(dòng)勢9V；內(nèi)阻約為0.5Ω

電壓表V：量程0～10V；內(nèi)阻20kΩ

電流表A1：量程0～50mA；內(nèi)阻約為20Ω

電流表A2：量程0～300mA；內(nèi)阻約為4Ω

滑動(dòng)變阻器R1：阻值范圍0～100Ω；額定電流1A

滑動(dòng)變阻器R2：阻值范圍0～1700Ω；額定電流0.3A

電鍵S；導(dǎo)線若干。

如圖所示，有兩種電路可供選擇．測量中為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，實(shí)驗(yàn)所用的電流表應(yīng)為____（填代號(hào)）滑動(dòng)變阻器應(yīng)為____（填代號(hào)），實(shí)驗(yàn)應(yīng)選圖____所示的電路圖．

13、如圖用伏安法測電阻時(shí)，如果不知道待測電阻的大概值時(shí)，為了選擇正確的電路以減少誤差，可將電壓表一個(gè)接頭分別在a、b兩點(diǎn)接觸一下，如果安培表讀數(shù)變化明顯，則P應(yīng)接在______處，如果伏特表讀數(shù)變化明顯，則P應(yīng)接在______處．14、如圖所示，質(zhì)量分別為m1

和m2

的兩個(gè)物塊AB

疊放在一起，在粗糙的水平面上向右做加速度大小為a

的勻減速直線運(yùn)動(dòng)并保持相對靜止，運(yùn)動(dòng)過程中B

受到的摩擦力大小為_______、方向___________15、有兩個(gè)電源，電動(dòng)勢分別為E1E2

內(nèi)阻分別為r1r2

它們的路端電壓與通過電源的電流之間的UI

圖線如圖所示，由此可以判斷E1

________E2r1

________r2.(

均選填“<

”“=

”或“>

”)

16、如圖所示為“研究勻變速直線運(yùn)動(dòng)”實(shí)驗(yàn)中打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出的紙帶，相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有兩個(gè)點(diǎn)未畫出(

電源頻率為50Hz).

由圖知紙帶上D

點(diǎn)瞬時(shí)速度v

D

=

______；加速度a

=

________；E

點(diǎn)瞬時(shí)速度v

E

=

______.(

小數(shù)點(diǎn)后保留兩位小數(shù))

17、（6分）兩列相干波在同一水平面上傳播，某時(shí)刻它們的波峰、波谷位置如圖4－4所示。圖中M是波峰與波峰相遇點(diǎn)，是凸起最高的位置之一?；卮鹣铝袉栴}：（1）由圖中時(shí)刻經(jīng)T/4，質(zhì)點(diǎn)M相對平衡位置的位移是________；（2）在圖中標(biāo)出的M、N、O、P、Q幾點(diǎn)中，振動(dòng)增強(qiáng)的點(diǎn)是____；振動(dòng)減弱的點(diǎn)是____。18、重500N的物體靜止放在水平地面上，物體與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.3．當(dāng)用180N的水平力推物體時(shí)，物體所受的摩擦力大小為______N；當(dāng)用100N的水平力推物體時(shí)，物體所受的摩擦力大小為______N．評卷人得分四、判斷題(共4題，共20分)19、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點(diǎn)間的電勢差隨著零電勢點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對錯(cuò)）20、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點(diǎn)間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯(cuò)）

21、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點(diǎn)間的電勢差隨著零電勢點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對錯(cuò)）22、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對錯(cuò)）

評卷人得分五、識(shí)圖作答題(共3題，共24分)23、實(shí)驗(yàn)小組探究了不同光質(zhì)對番茄幼苗光合速率及其生理特征的影響，結(jié)果如下表所示。下圖表示在紅光照射下，光照強(qiáng)度和番茄幼苗凈光合速率的關(guān)系。請回答下列問題：。光質(zhì)光合速率（μmol·m-2·S-1）氣孔導(dǎo)度（mmol·m-2·S-1）葉綠素的含量（mg·g-1）白光5.6360.261.27藍(lán)光7.1280.121.24綠光3.0340.170.90黃光4.6750.761.10紅光7.9891.541.40

(1)在實(shí)驗(yàn)室中，常用_________法來分離綠葉中的光合色素，該方法的原理是_________________。分離后，位于濾紙條最下端的色素帶的顏色是__________________________________。(2)分析表中數(shù)據(jù)可知，紅光促進(jìn)番茄幼苗光合速率的效果最為顯著，其原因可能是紅光能______________，從而促進(jìn)了光反應(yīng)的進(jìn)行，并能__________________________，從而促進(jìn)了暗反應(yīng)的進(jìn)行。(3)在圖中a點(diǎn)的條件下，番茄幼苗葉肉細(xì)胞中能消耗水并產(chǎn)生[H]的場所是_______。若將紅光照射改為綠光照射，則c點(diǎn)會(huì)向_________方移動(dòng)。24、圖表示某種群數(shù)量變化可能的四種情況(“J”型、Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ)，其中a點(diǎn)表示外界因素的變化。請據(jù)圖回答問題：

（1）若該種群數(shù)量變化呈現(xiàn)圖中“J”型曲線，其種群增長率______（填“會(huì)”或“不會(huì)”）改變。（2）圖中陰影部分表示環(huán)境阻力，可引起該種群的______發(fā)生改變，進(jìn)而導(dǎo)致物種進(jìn)化，______（一定/不一定）產(chǎn)生新物種。（3）若圖示物種為長江流域生態(tài)系統(tǒng)中的最高營養(yǎng)級(jí)生物之一的野生揚(yáng)子鱷，當(dāng)a點(diǎn)后的變化曲線為Ⅱ、且種群數(shù)量為K2時(shí)，對該物種最有效的保護(hù)措施是____。（4）若圖示種群為東亞飛蝗，應(yīng)控制其種群數(shù)量為____（k1、K2、O），以維持該地區(qū)生態(tài)系統(tǒng)的穩(wěn)定性。干旱能抑制造成蝗蟲患病的一種絲狀菌的生長，若a點(diǎn)變化為干旱，則a點(diǎn)后蝗蟲的種群數(shù)量變化為曲線____。25、為了研究神經(jīng)纖維的興奮傳導(dǎo)和神經(jīng)一肌肉突觸的興奮傳遞，將蛙的腦和脊髓損毀。然后剝制坐骨神經(jīng)一腓腸肌標(biāo)本，如下圖所示。實(shí)驗(yàn)過程中需要經(jīng)常在標(biāo)本上滴加任氏液（成分見下表），以保持標(biāo)本活性。請回答下列問題：(1)任氏液中維持酸堿平衡的成分有________________________________，其Na+/K+比與體液中________________的Na+/K+比接近。(2)任氏液中葡萄糖的主要作用是提供能量，若將其濃度提高到15%，標(biāo)本活性會(huì)顯著降低，主要是因?yàn)開_____________________________。(3)反射弧的五個(gè)組成部分中，該標(biāo)本仍然發(fā)揮功能的部分有________________。(4)刺激坐骨神經(jīng)，引起腓腸肌收縮，相應(yīng)的突觸前膜處發(fā)生的變化有________、________________________。評卷人得分六、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共12分)26、如圖所示，半圓形玻璃磚按圖中實(shí)線位置放置，直邊與BD重合。一束激光沿著半圓形玻璃磚的半徑從圓弧面垂直BD射到圓心O點(diǎn)上。使玻璃磚繞O點(diǎn)逆時(shí)針緩慢地轉(zhuǎn)過角度θ（θ<90°），觀察到折射光斑和反射光斑在弧形屏上移動(dòng)。(1)在玻璃磚轉(zhuǎn)動(dòng)過程中，以下說法正確的一項(xiàng)是；A．折射光斑在弧形屏上沿C→F→B方向移動(dòng)B．折射光斑的亮度逐漸變暗C．折射角一定小于反射角D．反射光線轉(zhuǎn)過的角度為θ(2)當(dāng)玻璃磚轉(zhuǎn)至θ＝45°時(shí)，恰好看不到折射光線。則此玻璃磚的折射率n=____。27、在“利用單擺測重力加速度”的實(shí)驗(yàn)中：某同學(xué)測得以下數(shù)據(jù)：擺線長為L，擺球的直徑為d，單擺完成N次全振動(dòng)的時(shí)間為t，則（1）用L、d、N、t表示重力加速度g＝______________________。（2）他測得的g值偏小，可能原因是：____A．測擺線長時(shí)擺線拉得過緊。B．?dāng)[線上端未牢固地系于懸點(diǎn)，振動(dòng)中出現(xiàn)松動(dòng)，使擺線長度增加了。C．開始計(jì)時(shí)時(shí)，秒表過遲按下。D．實(shí)驗(yàn)中誤將51次全振動(dòng)計(jì)為49次。28、利用圖中裝置研究雙縫干涉現(xiàn)象時(shí)，有下面幾種說法：A．將屏移近雙縫，干涉條紋間距變窄B．將濾光片由藍(lán)色的換成紅色的，干涉條紋間距變寬C．將單縫向雙縫移動(dòng)一小段距離后，干涉條紋間距變寬D．將單縫向雙縫移動(dòng)一小段距離后，干涉條紋間距變窄E．換一個(gè)兩縫之間距離較大的雙縫，干涉條紋間距變窄F．去掉濾光片后，干涉現(xiàn)象消失其中正確的是____________。參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】解：設(shè)帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期為T，半徑為r；則。

由qvB=m得r=T=

環(huán)形電流：I==可見，I與q的平方成正比，與v無關(guān)，與B成正比，與m成反比．

故選D．

帶電粒子以速率v垂直射入磁感強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中；由洛倫茲力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律求出帶電粒子圓周運(yùn)動(dòng)的周期，由電流的定義式得出電流的表達(dá)式，再進(jìn)行分析．

本題是洛倫茲力、向心力和電流等知識(shí)的綜合應(yīng)用，抓住周期與B、I的聯(lián)系是關(guān)鍵．【解析】【答案】D2、B【分析】【分析】電勢高低根據(jù)電場線方向判斷，電場強(qiáng)度的大小根據(jù)電場線的疏密判斷，本題一條電場線不能反映電場線的疏密，無法判斷電場強(qiáng)度的大小，根據(jù)電場力對負(fù)電荷做功情況，可以判斷電場線的方向，則可進(jìn)一步判斷電勢的高低。本題考查電荷在電場中各個(gè)量的比較能力，學(xué)習(xí)電場，要抓住電場線的意義，電場線的疏密表示電場強(qiáng)度的大小，電場線的方向反映電勢的高低，同時(shí)理清電場力和電荷電性之間的關(guān)系?！窘獯稹扛鶕?jù)電勢差的定義可知：UAB=Wq

由于從M

點(diǎn)移到N

點(diǎn)時(shí)，電場力做負(fù)功，所以M

點(diǎn)的電勢小于N

點(diǎn)的電勢，故A錯(cuò)誤；

根據(jù)題意從M

點(diǎn)移到N

點(diǎn)；電場力做負(fù)功，因此正電荷受力從N

指向M

電場線方向?yàn)閺腘

到M

故B正確；

一條電場線不能反映電場線的疏密；無法判斷電場強(qiáng)度的大小，M

點(diǎn)的電場強(qiáng)度不一定比N

點(diǎn)的電場強(qiáng)度大，故CD錯(cuò)誤；

故選B?！窘馕觥緽

3、B【分析】解：A；物體受到的合外力為零；則沖量為零，動(dòng)量不會(huì)發(fā)生變化，但是它的動(dòng)量不一定為零；故A錯(cuò)誤；

B；物體所受的合外力的沖量為零；則動(dòng)量變化一定為零；故B正確；

C；合外力做功為零動(dòng)能不變；但合外力的沖量不一定為零，則動(dòng)量的變化不一定為零；如勻速圓周運(yùn)動(dòng)，其合力做功為零，但其動(dòng)量始終在變化；故C錯(cuò)誤；

D；物體受到的合外力不變；則由動(dòng)量定理可知，動(dòng)量的變化率不變，但動(dòng)量一定發(fā)生變化；故D錯(cuò)誤；

故選：B。

沖量等于力與時(shí)間的乘積；是矢量，方向與力的方向相同．根據(jù)動(dòng)量定理可分析動(dòng)量；動(dòng)量變化及沖量之間的關(guān)系．

解決本題的關(guān)鍵知道沖量的基本概念，知道沖量是矢量，方向與力的方向相同；同時(shí)注意動(dòng)量定理的正確應(yīng)用．【解析】B4、A|B|C【分析】試題分析：當(dāng)滑片向右移動(dòng)時(shí)，變阻器的電阻增大，則電路中總電阻在增大，由P=U2/R可得，電路的總功率一定減小，A正確；效率η=U/E，由于外電路的電阻在增大，路端電壓增大，故效率變大，B正確；由于總電阻增大，電路中的電流變小，則內(nèi)部損耗的功率P=I2r一定會(huì)減小，故C正確；電源的輸出功率也就是變阻器的電功率是變化的，當(dāng)變阻器的電阻等于電源的內(nèi)阻時(shí)，變阻器消耗的電功率最大，故當(dāng)滑片向右移動(dòng)時(shí)，由于不知道是人哪個(gè)位置移動(dòng)的，故不能確定變阻器的電阻內(nèi)阻的大小關(guān)系，變阻器的電阻可能先增大后減小，也可能一直減小，也可能一直增大，故D錯(cuò)誤。考點(diǎn)：電路中電功率、效率及輸出功率?！窘馕觥俊敬鸢浮緼BC5、C【分析】電場強(qiáng)度是電場本身的性質(zhì)，放不放電荷都不變，B錯(cuò)；公式E=F/q適用于任何電場，A錯(cuò)；公式只適用于真空中的點(diǎn)電荷電場，其中Q為場源電荷的電量，C對；當(dāng)(r→0)時(shí)電荷不再看成點(diǎn)電荷，此公式不再成立，D錯(cuò)；【解析】【答案】C6、A【分析】解：A；簡諧運(yùn)動(dòng)中的回復(fù)力F=-kx；即回復(fù)力與位移成正比且方向要反；故A正確；

B；簡諧運(yùn)動(dòng)中的回復(fù)力F=-kx；即回復(fù)力與位移成正比；而位移隨著時(shí)間周期性變化，故回復(fù)力隨著時(shí)間周期性變化；故B錯(cuò)誤；

C；靠近平衡位置是加速運(yùn)動(dòng)；速度與位移反向；遠(yuǎn)離平衡位置是減速運(yùn)動(dòng)，速度與位移同向；故C錯(cuò)誤；

D；簡諧運(yùn)動(dòng)位移隨著時(shí)間周期性改變；故速度也隨著時(shí)間周期性改變，故D錯(cuò)誤；

故選：A．

簡諧運(yùn)動(dòng)中的回復(fù)力F=-kx；加速度與位移關(guān)系為：a=-據(jù)此判斷回復(fù)力與加速度和位移之間的關(guān)系．

簡諧運(yùn)動(dòng)是周期性運(yùn)動(dòng)，速度、位移、加速度、回復(fù)力均隨著時(shí)間按照正弦規(guī)律變化，基礎(chǔ)問題．【解析】【答案】A7、B【分析】解：由題；白熾燈泡上的電壓U由零逐漸增大到4V時(shí)，白熾燈泡的溫度不斷升高，電阻增大，而在I-U圖象中斜率越小，則電阻越大，故只有B正確；

故選：B．

金屬導(dǎo)體的電阻隨溫度的升高而增大；而I-U圖象中圖象的斜率表示電阻的倒數(shù)．

解答本題要注意I-U圖象與U-I圖象的區(qū)別，同時(shí)明確金屬導(dǎo)體的電阻隨溫度的升高而增大．【解析】【答案】B8、B【分析】解：

A；布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體中固體小顆粒的運(yùn)動(dòng)；布朗運(yùn)動(dòng)說明了液體分子不停的做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，不是液體分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，也不是懸浮固體微粒的分子在做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)．故AC錯(cuò)誤，B正確．

D；液體中的懸浮微粒越大；布朗運(yùn)動(dòng)就越不明顯，故D錯(cuò)誤．

故選：B．

固體小顆粒做布朗運(yùn)動(dòng)是液體分子對小顆粒的碰撞的作用力不平衡引起的；液體的溫度越低，懸浮小顆粒的運(yùn)動(dòng)越緩慢，且液體分子在做永不停息的無規(guī)則的熱運(yùn)動(dòng)．固體小顆粒做布朗運(yùn)動(dòng)說明了液體分子不停的做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)．

掌握布朗運(yùn)動(dòng)的實(shí)質(zhì)和產(chǎn)生原因，以及影響布朗運(yùn)動(dòng)劇烈程度的因素是解決此類題目的關(guān)鍵．【解析】【答案】B9、A【分析】解：A

乒乓球從發(fā)出到第一次落到球臺(tái)，水平位移x=L3=v0t

豎直方向h=12gt2

聯(lián)立解得v0=L3g2h

故A正確；

B、乒乓球從發(fā)出到落在球臺(tái)邊緣的時(shí)間t隆盲=3t=32hg

故B錯(cuò)誤；

CD

根據(jù)乒乓球在運(yùn)動(dòng)過程中只有重力做功；機(jī)械能守恒，乒乓球從發(fā)出到落在球臺(tái)邊緣的過程中距離球臺(tái)的最大高度等于h

故CD錯(cuò)誤；

故選：A

乒乓球在水平方向上做的是平拋運(yùn)動(dòng)；并且乒乓球在整個(gè)的運(yùn)動(dòng)的過程中，沒有能量的損失，分別分析乒乓球在水平和豎直方向上的運(yùn)動(dòng)就可以解決本題．

解決本題的關(guān)鍵掌握平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，分析清楚乒乓球在水平方向一直做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上是自由落體運(yùn)動(dòng)和豎直上拋運(yùn)動(dòng)．【解析】A

二、雙選題(共2題，共4分)10、AB【分析】本題考查物質(zhì)的性質(zhì)。該題屬于基礎(chǔ)性試題，難度不大。只要能記住常見物質(zhì)的性質(zhì)，就不難得出正確的結(jié)論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構(gòu)體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯(cuò)誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉水解完全，故D錯(cuò)誤；

?故選AB?！窘馕觥緼B11、AB【分析】本題考查物質(zhì)的性質(zhì)。該題屬于基礎(chǔ)性試題，難度不大。只要能記住常見物質(zhì)的性質(zhì)，就不難得出正確的結(jié)論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構(gòu)體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯(cuò)誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉水解完全，故D錯(cuò)誤；

?故選AB?！窘馕觥緼B三、填空題(共7題，共14分)12、略

【分析】

因電池和電壓表唯一；故電源電動(dòng)勢為9V，電壓表選V；

由歐姆定律可知，電路中電流約為：A=180mA，故電流表應(yīng)選A2；

若滑動(dòng)變阻器變大，則在調(diào)節(jié)時(shí)過于困難，故滑動(dòng)變阻器選擇略大于待測電阻的即可，故選R1；

電壓表內(nèi)阻為20kΩ，為待測電阻的=400倍；而電阻電壓為電流表內(nèi)阻的=2.5倍；故說明電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于待測電阻；故應(yīng)選用電流表外接法；故選甲電路；

故答案為：A2，R1；甲。

【解析】【答案】已知電源；則可以選出電壓表，根據(jù)歐姆定律可以求出電路中的電大電流，則可以選出電流表；根據(jù)兩滑動(dòng)變阻器的電阻及待測電阻的關(guān)系可以選出滑動(dòng)變阻器，比較電壓表；電流表及待測電阻的電阻大小可以得出電路的接法．

13、略

【分析】解：如果電壓表讀數(shù)變化不明顯而安培表變化明顯；則說明電流表的分壓作用較小，即電流表內(nèi)阻較小，由于電流表內(nèi)阻越小時(shí)，電流表采用內(nèi)接法時(shí)誤差較小，所以P應(yīng)接在b處．

根據(jù)歐姆定律和串并聯(lián)規(guī)律可知；若電流表示數(shù)沒有顯著變化；而電壓表變化明顯；則說明電壓表的分流作用較小，即電壓表的內(nèi)阻很大，由于電壓表內(nèi)阻越大時(shí)采用電流表外接法誤差較小，所以電流表應(yīng)采用外接法，即P應(yīng)接在a處；

故答案為：b；a

本題的關(guān)鍵是對歐姆定律和串并聯(lián)規(guī)律的理解和應(yīng)用；當(dāng)電流表采用外接法即P接在a處時(shí)，造成誤差的原因是電壓表的分流作用，所以當(dāng)電壓表內(nèi)阻越大時(shí)，電壓表的分流作用越小，電流表示數(shù)變化越不明顯，所以若電流表讀數(shù)變化不明顯時(shí)，電流表應(yīng)采用外接法．同理，若電壓表讀數(shù)變化不明顯，說明電流表分壓作用較小，即電流表內(nèi)阻較小，應(yīng)采用內(nèi)接法．

應(yīng)明確電流表采用外接法和內(nèi)接法的條件和選擇方法：（1）當(dāng)滿足時(shí)，電流表應(yīng)用外接法；當(dāng)滿足時(shí)，電流表應(yīng)用內(nèi)接法．（2）采用試觸法進(jìn)行分析．【解析】b；a14、m2a水平向左。

【分析】【分析】

根據(jù)牛頓第二定律隔離物體B

分析；由于向前勻減速運(yùn)動(dòng)，加速度向后，故合力向后，對B

物體受力分析，受重力；支持力和摩擦力作用，根據(jù)牛頓第二定律，可以求出靜摩擦力的大小。

對于連接體問題可以用整體法求加速度；用隔離法求解系統(tǒng)內(nèi)力。

【解答】

兩物塊疊放在一起共同向右做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，對B

根據(jù)牛頓第二定律有：fAB=m2a

物體B

做速度方向向右的勻減速運(yùn)動(dòng)，故而加速度方向向左，摩擦力方向水平向左。故答案為：m22a

水平向左。

【解析】m22a

水平向左。

15、＝<【分析】【分析】根據(jù)閉合電路歐姆定律U=E鈭?Ir

分析電源的U鈭?I

圖線縱軸截距和斜率的物理意義。當(dāng)I=0

時(shí)，U=E

圖線縱軸截距等于電源的電動(dòng)勢。根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)得知，圖線的斜率大小等于電源的內(nèi)阻。本題考查對電源的外特性曲線(U鈭?I

圖線)

的理解能力。抓住圖線的截距和斜率的物理意義是關(guān)鍵，可以根據(jù)閉合電路歐姆定律加深理解。【解答】根據(jù)閉合電路歐姆定律U=E鈭?Ir

當(dāng)I=0

時(shí)，U=E

說明圖線縱軸截距等于電源的電動(dòng)勢，由圖可知，兩電源的電動(dòng)勢相等，即E1=E2

根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)可知，圖線的斜率大小等于電源的內(nèi)阻，由圖可知，圖線1

的斜率絕對值小于圖線2

的斜率絕對值，則r1<r2

故答案為：=<

【解析】==<<16、略

【分析】【分析】根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論公式鈻?x=aT2

可以求出加速度的大小，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)中時(shí)間中點(diǎn)的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上D

點(diǎn)時(shí)小車的瞬時(shí)速度大小，根據(jù)v=v0+at

可以求得E

點(diǎn)速度。要提高應(yīng)用勻變速直線的規(guī)律以及推論解答實(shí)驗(yàn)問題的能力；在平時(shí)練習(xí)中要加強(qiáng)基礎(chǔ)知識(shí)的理解與應(yīng)用。

【解答】

由于每相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有2

個(gè)點(diǎn)沒有畫出；所以相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔T=0.06s

根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)中時(shí)間中點(diǎn)的速度等于該過程中的平均速度；可以求出打紙帶上D

點(diǎn)時(shí)小車的瞬時(shí)速度大??；

根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論公式鈻?x=aT2

可以求出加速度的大??；得：

根據(jù)v=v0+at

得：

vE=vD+aT=0.90+3.33隆脕0.06=1.10m/s

故答案為：0.90m/s3.33m/s21.10m/s

【解析】0.90m/s3.33m/s21.10m/s

17、略

【分析】【解析】【答案】（1）0（2分）（2）振動(dòng)增強(qiáng)的點(diǎn)是：M、O、P、Q（2分，少一個(gè)扣1分，扣完2分為止）振動(dòng)減弱的點(diǎn)是：N（2分）18、略

【分析】解：由題意可知；物體的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，即為150N．

當(dāng)用180N的水平力推物體時(shí)；大于最大靜摩擦力，使物體滑動(dòng)，則滑動(dòng)摩擦力等于150N．

當(dāng)用100N的水平力推物體時(shí)；小于最大靜摩擦力，物體處于靜止?fàn)顟B(tài)，則靜摩擦力等于100N；

故答案為：150；100

當(dāng)外力小于最大靜摩擦力時(shí)；物體處于靜止，摩擦力大小等于外力大??；當(dāng)外力大于最大靜摩擦力時(shí)，物體處于滑動(dòng)，則摩擦力等于動(dòng)摩擦力因數(shù)與正壓力的乘積．

學(xué)會(huì)區(qū)別靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力，且大小的計(jì)算．靜摩擦力的大小等于引起它有運(yùn)動(dòng)趨勢的外力，而滑動(dòng)摩擦力等于μFN．同時(shí)知道最大靜摩擦力要略大于滑動(dòng)摩擦力．【解析】150；100四、判斷題(共4題，共20分)19、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大小；電勢差與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．20、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢差相比，與a點(diǎn)之間的電勢差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．21、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大小．

兩點(diǎn)間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢差與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．22、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場強(qiáng)

根據(jù)場強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小，判斷出場強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場強(qiáng)大小及方向．五、識(shí)圖作答題(共3題，共24分)23、（1）紙層析法不同色素在層析液中的溶解度不同；溶解度高的隨層析液在濾紙條上擴(kuò)散的快，反之則慢黃綠色。

（2）提高葉綠素的含量增大氣孔導(dǎo)度，促進(jìn)CO2吸收。

（3）線粒體基質(zhì)右下。

【分析】【分析】本題考查光合作用及其影響因素，意在考查學(xué)生對知識(shí)的理解和應(yīng)用能力、分析題圖獲取信息的能力。【解答】（1）在實(shí)驗(yàn)室中，常用紙層析法法來分離綠葉中的光合色素，該方法的原理是不同色素在層析液中的溶解度不同，溶解度高的隨層析液在濾紙條上擴(kuò)散的快，反之則慢。分離后，位于濾紙條最下端的色素帶的顏色是黃綠色，表示葉綠素b。

（2）分析表中數(shù)據(jù)可知，紅光促進(jìn)番茄幼苗光合速率的效果最為顯著，其原因可能是紅光能提高葉綠素的含量（因?yàn)榧t光時(shí)葉綠素的含量最高）從而促進(jìn)了光反應(yīng)的進(jìn)行，并能增大氣孔導(dǎo)度，促進(jìn)CO2吸收；從而促進(jìn)了暗反應(yīng)的進(jìn)行。

（3）在圖中a點(diǎn)的條件下；番茄幼苗葉肉細(xì)胞只進(jìn)行細(xì)胞呼吸，番茄幼苗葉肉細(xì)胞中能消耗水并產(chǎn)生[H]的場所是線粒體基質(zhì)。光和色素對綠光吸收量最少，若將紅光照射改為綠光照射，則c點(diǎn)會(huì)向右下方移動(dòng)。

【解析】（1）紙層析法不同色素在層析液中的溶解度不同；溶解度高的隨層析液在濾紙條上擴(kuò)散的快，反之則慢黃綠色。

（2）提高葉綠素的含量增大氣孔導(dǎo)度，促進(jìn)CO2吸收。

（3）線粒體基質(zhì)右下。

24、（1）不會(huì)（2）基因頻率不一定（3）就地保護(hù)（或建立自然保護(hù)區(qū)）（4）K2Ⅰ【分析】【分析】本題考查種群數(shù)