2025年粵教版高二物理上冊(cè)月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年粵教版高二物理上冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、心電圖儀（如圖所示）通過(guò)一系列的傳感手段，可將與人心跳對(duì)應(yīng)的生物電流情況記錄在勻速運(yùn)動(dòng)的坐標(biāo)紙上．醫(yī)生通過(guò)心電圖，可以了解到被檢者心跳的情況，例如，測(cè)量相鄰兩波峰的時(shí)間間隔，便可計(jì)算出1min內(nèi)心臟跳動(dòng)的次數(shù)（即心率）．同一臺(tái)心電圖儀正常工作時(shí)測(cè)得待檢者甲、乙的心電圖分別如圖甲、乙所示．若醫(yī)生測(cè)量時(shí)記下被檢者甲的心率為60次/min，則可推知乙的心率和這臺(tái)心電圖儀輸出坐標(biāo)紙的走紙速度大小分別為（）

A.48次/min；25mm/s

B.48次/min；36mm/s

C.75次/min；45mm/s

D.75次/min；25mm/s

2、如圖所示U-I圖線上a、b、c各點(diǎn)均表示該電路中有一個(gè)確定的工作狀態(tài)，b點(diǎn)α=β；則下列說(shuō)法中正確的是（）

A.在b點(diǎn)時(shí)電源有最大輸出功率。

B.在b點(diǎn)時(shí)電源的總功率最大。

C.從a→b時(shí)β角越大；電源的總功率和輸出功率都將增大。

D.從b→c時(shí)β角越大；電源的總功率和輸出功率都將減小。

3、真空中兩個(gè)點(diǎn)電荷相距r時(shí)，庫(kù)侖力為F，如果保持它們的電量不變，而將距離增大為2r，則二者之間的庫(kù)侖力將變?yōu)锳.F/4B.F/2C.FD.2F4、壟脵

把筆豎直倒立于水平硬桌面；下壓外殼使其下端接觸桌面(

見(jiàn)位置a)

壟脷

由靜止釋放，外殼豎直上升與靜止的內(nèi)芯碰撞(

彈簧已恢復(fù)原長(zhǎng))(

見(jiàn)位置b)

壟脹

碰撞后內(nèi)芯與外殼以共同的速度一起上升到最大高度處(

見(jiàn)位置c)

不計(jì)摩擦與空氣阻力，下列說(shuō)法正確的是(

)

A.僅減少筆芯中的油，則筆彈起的高度將變小B.僅增大彈簧的勁度系數(shù)，則筆彈起的高度將變小C.若筆的總質(zhì)量一定，外殼質(zhì)量越大筆彈起的高度越大D.筆彈起的過(guò)程中，彈簧釋放的彈性勢(shì)能等于筆增加的重力勢(shì)能5、一含有理想變壓器的電路如圖所示，圖中電阻R1R2

和R3

的阻值分別為4婁賂1婁賂

和4婁賂

為理想交流電流表，U

為正弦交流電壓源，輸出電壓的有效值恒定.

當(dāng)開(kāi)關(guān)S

斷開(kāi)時(shí)，電流表的示數(shù)為I

當(dāng)S

閉合時(shí)，電流表的示數(shù)為3I.

該變壓器原、副線圈匝數(shù)比為(

)

A.2

B.3

C.4

D.5

評(píng)卷人得分二、多選題(共9題，共18分)6、某小型水電站的電能輸送示意圖如圖所示，發(fā)電機(jī)通過(guò)升壓變壓器T1

和降壓變壓器T2

向用戶供電.

已知輸電線的總電阻為R

降壓變壓器T2

的原、副線圈匝數(shù)之比為41

降壓變壓器副線圈兩端交變電壓u=2202sin100婁脨t(V)

降壓變壓器的副線圈與阻值R0=11婁賂

的電阻組成閉合電路.

若將變壓器視為理想變壓器，則下列說(shuō)法中正確的是(

)

A.通過(guò)R0

電流的有效值是20A

B.降壓變壓器T2

原、副線圈的電壓比為41

C.升壓變壓器T1

的輸出電壓等于降壓變壓器T2

的輸入電壓D.升壓變壓器T1

的輸出功率大于降壓變壓器T2

的輸入功率7、關(guān)于磁感應(yīng)強(qiáng)度的下列說(shuō)法中；正確的是()

A.通電導(dǎo)線在磁場(chǎng)中受到安培力越大的位置；則該位置的磁感應(yīng)強(qiáng)度越大。

B.磁感線上某一點(diǎn)的切線方向就是該點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向。

C.垂直磁場(chǎng)放置的通電導(dǎo)線的受力方向就是磁感應(yīng)強(qiáng)度方向。

D.磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小、方向與放入磁場(chǎng)的導(dǎo)線的電流大小、導(dǎo)線長(zhǎng)度、導(dǎo)線取向等均無(wú)關(guān)8、下列家用電器在工作時(shí)，主要利用電流熱效應(yīng)的是()A.電熨斗B.電冰箱C.吸塵器D.電飯鍋9、如圖所示，兩個(gè)帶同種電荷的小球A

和BAB

的質(zhì)量分別為m

和2m

開(kāi)始時(shí)將它們固定在絕緣的光滑水平面上保持靜止.AB

的相互作用力遵循牛頓第三定律，現(xiàn)同時(shí)釋放AB

經(jīng)過(guò)一段時(shí)間，B

的速度大小為v

則此時(shí)(

)

A.A

球的速度大小為v2

B.A

球的動(dòng)量大小為mv

C.A

球與B

球的動(dòng)量大小之比一直為11

D.A

球的動(dòng)能為2mv2

10、如圖所示，質(zhì)量為m的冰壺，與水平冰面間動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，被運(yùn)動(dòng)員以初速度v推出后，沿直線走了距離s后停止，下列說(shuō)法中正確的有（）A.摩擦力對(duì)冰壺做正功μmgsB.冰壺克服摩擦力做功C.冰壺加速度大小為μgD.合外力對(duì)冰壺做正功11、一定量的理想氣體處在溫度為290K的A狀態(tài)，經(jīng)歷如圖的A→B→C→A循環(huán)．下列說(shuō)法正確的是（）

A.A→B的過(guò)程中，每個(gè)氣體分子的動(dòng)能都增加B.B→C的過(guò)程中，氣體溫度先升高后降低C.C→A的過(guò)程中，氣體內(nèi)能一定減小E.氣體達(dá)到B狀態(tài)時(shí)的溫度為580KE.氣體達(dá)到B狀態(tài)時(shí)的溫度為580K12、磁流體發(fā)電是一項(xiàng)新興技術(shù)，它可以把氣體的內(nèi)能直接轉(zhuǎn)化為電能，如圖所示，平行金屬板P、Q有很強(qiáng)的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，現(xiàn)將一束等離子體（即高溫下電離的氣體，含有大量正、負(fù)帶電離子）垂直于磁場(chǎng)的方向噴入，每個(gè)離子的速度為v，電荷量大小為q，已知P、Q兩板間距為d．電路穩(wěn)定后下列說(shuō)法中正確的是（）A.圖中P板是電源的正極B.電源的電動(dòng)勢(shì)與離子所帶電荷量q有關(guān)C.電源的電動(dòng)勢(shì)與離子噴入的速度v有關(guān)D.電源的電動(dòng)勢(shì)與金屬板間距d有關(guān)13、如圖所示，一質(zhì)量為m

帶電荷量為q

的物體處于場(chǎng)強(qiáng)按E=E0鈭?kt(E0k

均為大于零的常數(shù)，取水平向左為正方向)

變化的電場(chǎng)中，物體與豎直墻壁間動(dòng)摩擦因數(shù)為婁脤

當(dāng)t=0

時(shí)刻物體處于靜止?fàn)顟B(tài)。若物體所受的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，且電場(chǎng)空間和墻面均足夠大，下列說(shuō)法正確的是()

A.物體開(kāi)始運(yùn)動(dòng)后加速度先增大，后保持不變B.物體開(kāi)始運(yùn)動(dòng)后加速度不斷增大C.經(jīng)過(guò)時(shí)間t=E0k

物體在豎直墻壁上的速度達(dá)最大值D.經(jīng)過(guò)時(shí)間t=婁脤qE0鈭?mg婁脤kq

物體運(yùn)動(dòng)速度達(dá)最大值14、如圖所示，ABCD

為勻強(qiáng)電場(chǎng)中相鄰的四個(gè)等勢(shì)面，一個(gè)電子垂直經(jīng)過(guò)等勢(shì)面D

時(shí)，動(dòng)能為40eV

飛經(jīng)等勢(shì)面C

時(shí)，電勢(shì)能為鈭?20eV

飛至等勢(shì)面B

時(shí)動(dòng)能為20eV

已知相鄰等勢(shì)面間的距離為5cm

則下列說(shuō)法正確的是(

重力不計(jì))(

)

A.等勢(shì)面C

的電勢(shì)為20V

B.勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小為200V/m

C.電子再次飛經(jīng)D

勢(shì)面時(shí)，動(dòng)能為10eV

D.電子的運(yùn)動(dòng)為勻變速直線運(yùn)動(dòng)評(píng)卷人得分三、填空題(共6題，共12分)15、一電池外電路斷開(kāi)時(shí)的路端電壓為3V，接上8Ω的負(fù)載電阻后路端電壓降為2.4V，則可以判定電池的電動(dòng)勢(shì)E=____________V；內(nèi)電阻r=____________Ω．16、一個(gè)邊長(zhǎng)為10cm

的正方形金屬線框置于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，線框匝數(shù)n=100

線框平面與磁場(chǎng)垂直，電阻為20婁賂.

磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化的圖象如圖所示.

則前兩秒產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)為_(kāi)_____V

．17、如圖所示線圈A豎直放在地面上與電阻R相連．當(dāng)條形磁鐵從線圈的正上方由靜止開(kāi)始自由落下；磁鐵的N極向下插入線圈的過(guò)程中。

（1）穿過(guò)線圈的磁通量φ將____（選填“增大”；“減小”、“不變”）

（2）線圈中感應(yīng)電流的磁場(chǎng)方向向____（選填“上”“下”）

（3）電阻R中的電流方向由____到____

（4）地面對(duì)線圈的支持力____線圈的重力（選填“大于”；“小于”、“等于”）

18、電荷量為-5.0×10-12C的點(diǎn)電荷A置于電場(chǎng)中的P點(diǎn)，所受電場(chǎng)力大小為2.0×10-6N，方向向右，則P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為_(kāi)_______N/C，方向________（填“向右”或“向左”）．若A電荷在P點(diǎn)具有-1.5×10-11J的電勢(shì)能，則P點(diǎn)的電勢(shì)為_(kāi)_______V．若將P點(diǎn)的電荷換成電荷量為+2.0×10-12C的點(diǎn)電荷B，則P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為_(kāi)_______N/C，B電荷的電勢(shì)能為_(kāi)_______J。19、如圖是某種一定量理想氣體的p--t圖像，圖中A、B、C三點(diǎn)表示了這些氣體的三個(gè)不同的狀態(tài)，我們用VA、VB、VC表示在這三種狀態(tài)下氣體的體積，那么它們的大小順序應(yīng)是．20、利用“插針?lè)ā睖y(cè)定玻璃的折射率；所用的玻璃磚兩面平行．正確操作后，做出的光路圖及測(cè)出的相關(guān)角度如圖1所示．

（1）此玻璃的折射率計(jì)算式為n=______（用圖中的θ1、θ2表示）；

（2）如果有幾塊寬度大小不同的平行玻璃磚可供選擇；為了減少誤差，應(yīng)選用寬度______（選填“大”或“小”）的玻璃磚來(lái)測(cè)量；

（3）甲同學(xué)在紙上正確畫(huà)出玻璃磚的兩個(gè)界面aa′和bb′后；不小心碰了玻璃磚使它向aa′方向平移了少許，如圖2所示．則他測(cè)出的折射率將______（選填“偏大”；“偏小”或“不變”）；

（4）乙同學(xué)在畫(huà)界面時(shí)，不小心將兩界面aa′、bb′間距畫(huà)得比玻璃磚寬度大些，如圖3所示，則他測(cè)得的折射率______（選填“偏大”、“偏小”或“不變”）．評(píng)卷人得分四、判斷題(共1題，共5分)21、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分五、簡(jiǎn)答題(共1題，共3分)22、如圖所示，一水平放置的矩形線圈abcd，在細(xì)長(zhǎng)的磁鐵N極附近豎直下落，保持bc邊在紙外，ab邊在紙內(nèi)，由圖中位置Ⅰ經(jīng)位置Ⅱ到位置Ⅲ，這三個(gè)位置都靠得很近，且位置Ⅱ剛好在條形磁鐵中心軸線上，在這個(gè)過(guò)程中穿過(guò)線圈的磁通量怎樣變化？有無(wú)感應(yīng)電流？評(píng)卷人得分六、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共18分)23、某同學(xué)在做“描繪小電珠的伏安特性曲線”的實(shí)驗(yàn)中得到如下一組U和I的數(shù)據(jù):。編號(hào)12345678U/(V)0.000.200.501.001.502.002.503.00I/(A)0.000.050.100.150.180.190.210.22燈泡發(fā)光情況不亮微亮逐漸變亮正常發(fā)光（1）在圖上畫(huà)出I－U圖線。（4分）（2）從圖線上可以看出，當(dāng)電珠的功率逐漸增大，即溫度逐漸升高時(shí)，燈絲電阻的變化情況是____。（3）分析上表內(nèi)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可知，應(yīng)選用的實(shí)驗(yàn)電路圖是圖中的圖____（選填“甲”或“乙”）。（4分）（4）請(qǐng)?jiān)趫D所示的實(shí)物圖中用鉛筆補(bǔ)全其中的連線。24、某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)測(cè)定激光的波長(zhǎng)的實(shí)驗(yàn)裝置如圖9(a)所示，激光器發(fā)出的一束直徑很小的紅色激光進(jìn)入一個(gè)一端裝有雙縫、另一端裝有感光片的遮光筒，感光片的位置上出現(xiàn)一排等距的亮點(diǎn)，圖9(b)中的黑點(diǎn)代表亮點(diǎn)的中心位置．圖9(1)這個(gè)現(xiàn)象說(shuō)明激光具有________________性．(2)通過(guò)測(cè)量相鄰光點(diǎn)的距離可算出激光的波長(zhǎng)，據(jù)資料介紹，如果雙縫的縫間距離為a，雙縫到感光片的距離為L(zhǎng)，感光片上相鄰兩光點(diǎn)間的距離為b，則激光的波長(zhǎng)λ＝該同學(xué)測(cè)得L＝1.0000m、縫間距a＝0.220mm，用帶十分度游標(biāo)的卡尺測(cè)感光片上的點(diǎn)的距離時(shí)，尺與點(diǎn)的中心位置如圖9(b)所示．圖9(b)圖中第1到第4個(gè)光點(diǎn)的距離是____________mm.實(shí)驗(yàn)中激光的波長(zhǎng)λ＝________m．(保留兩位有效數(shù)字)25、多用電表指針如下圖所示。

(1)如果選擇開(kāi)關(guān)為“×10”擋；則所測(cè)電阻的阻值____Ω.

(2)如果選擇開(kāi)關(guān)為直流電壓250V擋；則對(duì)應(yīng)讀數(shù)是________V.

(3)如果選擇開(kāi)關(guān)為直流電流100mA擋，則對(duì)應(yīng)讀數(shù)是________mA.參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、D【分析】

設(shè)甲；乙心跳的周期分別為T(mén)甲、T乙；坐標(biāo)紙的速度大小為v，則有：

s甲=vT甲，s乙=vT乙；

又心率與心跳周期的關(guān)系為：f=則有：

f甲=f乙=

聯(lián)立得：==f甲=60次/s，解得：f乙=75次/s．

由題：T甲==

所以：v=所以選項(xiàng)ABC錯(cuò)誤，D正確．

故選D

【解析】【答案】由圖看出坐標(biāo)紙上都記錄了心跳兩次的情況；根據(jù)坐標(biāo)紙的長(zhǎng)度與速度之比，得到心跳的周期，心跳周期與心率成反比，可求出兩人心率之比，即可求出乙的心率．坐標(biāo)紙做勻速運(yùn)動(dòng)，由長(zhǎng)度和心跳周期可求出坐標(biāo)紙的走紙速度大?。?/p>

2、A|D【分析】

A、電源的輸出功率P出=UI，由數(shù)學(xué)知識(shí)可知，P出等于圖線上的點(diǎn)與兩坐標(biāo)軸所圍圖形的“面積”．由圖可知，在b點(diǎn)時(shí)“面積”最大；電源的輸出功率最大．故A正確．

B、電源的總功率P總=EI，在b點(diǎn)時(shí)I不是最大；電源的總功率不是最大．故B錯(cuò)誤．

C、從a→b時(shí)β角越大；電流越小，電源的總功率越小，“面積”增大，輸出功率增大．故C錯(cuò)誤．

D、從b→c時(shí)β角越大；電流越小，電源的總功率越小，“面積”減小，輸出功率減?。蔇正確．

故選AD

【解析】【答案】電源的輸出功率P出=UI，由數(shù)學(xué)知識(shí)可知，P出等于圖線上的點(diǎn)與兩坐標(biāo)軸所圍圖形的“面積”．電源的總功率P總=EI，I最大時(shí)，電源的總功率最大．從a→b時(shí)β角越大，電流越小，電源的總功率越小，輸出功率增大．從b→c時(shí)β角越大；電源的總功率和輸出功率都將減小．

3、A【分析】【解析】試題分析：由點(diǎn)電荷庫(kù)侖力的公式可以得到，電量不變，當(dāng)距離增大一倍后，庫(kù)侖力將變?yōu)樵瓉?lái)的故選A考點(diǎn)：庫(kù)侖定律【解析】【答案】A4、C【分析】解：A

設(shè)將外殼下移h1

時(shí)其下端與水平桌面接觸時(shí)；外力做功為W

彈簧的彈性勢(shì)能為EP.

設(shè)外殼和內(nèi)芯的質(zhì)量分別為M

和m.

由靜止釋放后外殼獲得一個(gè)初速度為v1.

上升的高度為h1

外殼與內(nèi)芯碰撞后彈起時(shí)的共同速度大小為v2

之后共同體上升的高度為h2

根據(jù)功能關(guān)系有：W+Mgh1=Ep壟脵

根據(jù)機(jī)械能守恒定律得：Ep=Mgh1+12Mv12壟脷

外殼和內(nèi)芯碰撞過(guò)程；取豎直向上為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：Mv1=(M+m)v2壟脹

碰后過(guò)程，由機(jī)械能守恒定律得：(M+m)gh2=12(M+m)v22壟脺

僅減少筆芯中的油；m

減小，由壟脵壟脷

知，v1

不變，由壟脹

知v2

增大，由壟脺

式知筆彈起的高度h2

將變大，故A錯(cuò)誤。

B；僅增大彈簧的勁度系數(shù)；Ep

變大，由上式可知，筆彈起的高度h2

將變大，故B錯(cuò)誤。

C、由壟脵壟脷壟脹壟脺

得：h2=WM(M+m)2g

可知若筆的總質(zhì)量M+m

一定，外殼質(zhì)量M

越大，筆彈起的高度越大，故C正確。

D；筆彈起的過(guò)程中；彈簧釋放的彈性勢(shì)能等于筆增加的重力勢(shì)能和動(dòng)能之和，故D錯(cuò)誤。

故選：C

由靜止釋放；外殼上升過(guò)程中，彈簧的彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化為外殼的機(jī)械能，由機(jī)械能守恒定律可以求出其速度。外殼與內(nèi)芯碰撞過(guò)程中，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由能量守恒定律可以求出碰后共同速度。外殼與內(nèi)芯一起做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，由機(jī)械能守恒定律可以求出彈起的高度，根據(jù)這些表達(dá)式分析。

本題的關(guān)鍵是分析外殼的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，判斷出每個(gè)過(guò)程能量是如何轉(zhuǎn)化，利用能量守恒、動(dòng)量守恒以及豎直上拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律解題?！窘馕觥緾

5、A【分析】【分析】變壓器輸入電壓為U

與電阻R

11兩端電壓的差值；再根據(jù)電流之比等于匝數(shù)的反比可求得輸出電流；根據(jù)電壓之比等于匝數(shù)之比對(duì)兩種情況列式；聯(lián)立可求得U

與I

的關(guān)系；則可求得線圈匝數(shù)之比。

本題考查理想變壓器原理及應(yīng)用，要注意明確電路結(jié)構(gòu)，知道開(kāi)關(guān)通斷時(shí)電路的連接方式；同時(shí)注意明確輸入電壓與總電壓之間的關(guān)系。【解答】設(shè)變壓器原；副線圈匝數(shù)之比為K

則可知，開(kāi)關(guān)斷開(kāi)時(shí)，副線圈電流為kI

則根據(jù)理想變壓器原理可知：U鈭?IR1KI(R2+R3)=K(1)

同理可知，U鈭?4IR14KIR2=K(2)

代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得：U=48I

代入(1)

式可得：K=2

故A正確；BCD錯(cuò)誤。

故選A。【解析】A

二、多選題(共9題，共18分)6、ABD【分析】解：A

降壓變壓器副線圈兩端交變電壓有效值為220V

負(fù)載電阻為11婁賂

所以通過(guò)R0

電流的有效值是20A

選項(xiàng)A正確；

B；降壓變壓器T2

的原、副線圈匝數(shù)之比為41

所以降壓變壓器T2

原、副線圈的電壓比為41

所以選項(xiàng)B正確；

C；升壓變壓器T1

的輸出電壓等于降壓變壓器T2

的輸入電壓加上輸電線上的電壓；所以選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D；升壓變壓器T1

的輸出功率等于降壓變壓器T2

的輸入功率加上輸電線上的功率；所以選項(xiàng)D正確．

故選：ABD

．

根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比；電流與匝數(shù)成反比，可以求得降壓變壓器的電流和輸電線上的電流的大小，從而可以求得輸電線和用電器消耗的功率的大?。?/p>

掌握住理想變壓器的電壓、電流之間的關(guān)系，最大值和有效值之間的關(guān)系即可解決本題．【解析】ABD

7、BD【分析】【分析】根據(jù)左手定則可知，磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向與安培力的方向垂直，磁感應(yīng)強(qiáng)度是描述磁場(chǎng)強(qiáng)弱和方向的物理量，通過(guò)電流元垂直放置于磁場(chǎng)中所受磁場(chǎng)力與電流元的比值來(lái)定義磁感應(yīng)強(qiáng)度，此比值與電場(chǎng)力及電流均無(wú)關(guān)。本題考查了磁感應(yīng)強(qiáng)度，掌握磁感應(yīng)強(qiáng)度的定義以及定義式，掌握磁感應(yīng)強(qiáng)度強(qiáng)弱的決定因素。【解答】A.磁感應(yīng)強(qiáng)度是描述磁場(chǎng)強(qiáng)弱和方向的物理量，通過(guò)電流元垂直放置于磁場(chǎng)中所受磁場(chǎng)力與電流元的比值來(lái)定義磁感應(yīng)強(qiáng)度，此比值與電場(chǎng)力及電流均無(wú)關(guān)，故A錯(cuò)誤；B.根據(jù)對(duì)磁感線方向的規(guī)定，磁感線上某一點(diǎn)的切線方向就是該點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向，故B正確；C.根據(jù)左手定則可知，磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向與安培力的方向垂直，故C錯(cuò)誤；D.磁感應(yīng)強(qiáng)度是描述磁場(chǎng)強(qiáng)弱和方向的物理量，通過(guò)電流元垂直放置于磁場(chǎng)中所受磁場(chǎng)力與電流元的比值來(lái)定義磁感應(yīng)強(qiáng)度，此比值與磁場(chǎng)力及電流元均無(wú)關(guān)，故D正確。故選BD。【解析】BD

8、AD【分析】【分析】電流流過(guò)導(dǎo)體時(shí)，導(dǎo)體要發(fā)熱，這種現(xiàn)象是電流的熱效應(yīng)，發(fā)生電流的熱效應(yīng)時(shí)，電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能。利用電流的熱效應(yīng)工作的家用電器工作時(shí)，都是電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，這是判斷的關(guān)鍵?！窘獯稹緼D.

電熨斗和電飯鍋工作時(shí)，電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，是利用電流的熱效應(yīng)，故AD正確；B、電冰箱是利用電流做功壓縮制冷劑，使制冷劑液化，當(dāng)制冷劑再通過(guò)冷凝管是體積膨脹氣化而帶走冰箱內(nèi)的熱量，故電流做功的過(guò)程中電能主要轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，故B錯(cuò)誤；C、吸塵器是通過(guò)電流做功帶動(dòng)風(fēng)扇轉(zhuǎn)動(dòng)而形成風(fēng)，從而把灰塵吸進(jìn)吸塵器，故主要是將電能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，故C錯(cuò)誤。故選AD?！窘馕觥緼D

9、CD【分析】解：A

兩球組成的系統(tǒng)所受合外力為零；系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：2mv+mvA=0

解得：vA=鈭?2v

方向向左；故A錯(cuò)誤；

B；A

球的動(dòng)量大?。簆=mvA=2mv

故B錯(cuò)誤；

C；兩球組成的系統(tǒng)所受合外力為零；系統(tǒng)動(dòng)量守恒，故A球與B

球的動(dòng)量大小之比一直為11

故C正確；

D、A

球的動(dòng)能：EKA=12mvA2=2mv2

故D正確；

故選：CD

．

兩球組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒；由動(dòng)量守恒定律求出A

球的速度，然后答題．

本題考查了求速度、動(dòng)能、動(dòng)量問(wèn)題，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律、動(dòng)量與動(dòng)能的計(jì)算公式即可正確解題．【解析】CD

10、BC【分析】解：A、冰壺只受摩擦力，摩擦力對(duì)冰壺做負(fù)功，摩擦力做功Wf=-μmgs；則冰壺克服摩擦力做功為μmgs，故A錯(cuò)誤，故B正確；

C、由牛頓第二定律可知，a==μg；冰壺的加速度大小為：μg，故C正確；

D；冰壺只受滑動(dòng)摩擦力；冰壺所受的合外力就是摩擦力，摩擦力對(duì)冰壺做負(fù)功，合外力對(duì)冰壺做負(fù)功，故D錯(cuò)誤；

故選：BC。

對(duì)冰壺受力分析；由牛頓第二定律可求得加速度；由功的公式可求得摩擦力所做的功．

本題考查了求功與加速度問(wèn)題，對(duì)于負(fù)功要注意其說(shuō)法；即可以說(shuō)是力做負(fù)功；也可以說(shuō)成物體克服摩擦力做正功．【解析】BC11、B:C:D【分析】【詳解】

A到B過(guò)程中，體積不變，根據(jù)查理定律，壓強(qiáng)增加，溫度升高，分子的平均動(dòng)能增加，但不是每個(gè)分子的動(dòng)能都增加，故A錯(cuò)誤．B→C過(guò)程中，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程B、C兩點(diǎn)溫度相同，過(guò)B、C兩點(diǎn)的等溫線是雙曲線的一支，圖線BC之間的點(diǎn)溫度比B點(diǎn)和C點(diǎn)溫度高，所以B→C過(guò)程中，氣體的溫度先升高后降低，故B正確．C→A的過(guò)程中，氣體發(fā)生等壓變化，體積減小，溫度降低，理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)，故內(nèi)能減小，故C正確．C→A的過(guò)程中，根據(jù)p-V圖象面積求功，故D正確；由A→B發(fā)生等容變化，根據(jù)查理定律代入數(shù)據(jù)得TB＝870K，故E錯(cuò)誤．12、CD【分析】解：等離子體進(jìn)入磁場(chǎng)后；根據(jù)左手定則，知正離子向下偏，負(fù)離子向上偏．所以Q板帶正電，P板帶負(fù)電．

最終離子在電場(chǎng)力和洛倫茲力作用下處于平衡，有：q=qvB．電動(dòng)勢(shì)E=U=Bvd．故CD正確；AB錯(cuò)誤．

故選：CD．

等離子體進(jìn)入磁場(chǎng)；由于受到洛倫茲力發(fā)生偏轉(zhuǎn)，根據(jù)左手定則判斷出正負(fù)離子偏轉(zhuǎn)的方向，從而確定極板帶電的正負(fù)．最終離子在電場(chǎng)力和洛倫茲力的作用下處于平衡，根據(jù)平衡求出電源的電動(dòng)勢(shì)．

解決本題的關(guān)鍵會(huì)根據(jù)左手定則判斷洛倫茲力的方向，以及知道最終離子在電場(chǎng)力和洛倫茲力的作用下處于平衡．【解析】【答案】CD13、BC【分析】【分析】對(duì)物體僅僅受力分析，運(yùn)用牛頓第二定律求出物體的加速度大小和方向，根據(jù)物體的初狀態(tài)確定物體的運(yùn)動(dòng)情況；由于電場(chǎng)強(qiáng)度是隨時(shí)間變化的，求合力時(shí)應(yīng)注意其大小和方向。本題關(guān)鍵要找出物體的合力，求出物體的加速度，根據(jù)加速度的情況判斷物體運(yùn)動(dòng)情況。【解答】AB.

電場(chǎng)改變方向之前；物體沿豎直墻運(yùn)動(dòng)，由于水平方向支持力與電場(chǎng)力相等，電場(chǎng)強(qiáng)度減弱，所以支持力減小，故摩擦力減小，所以物體受到的重力和摩擦力的合力增大；電場(chǎng)改為水平向右時(shí)，物體受互相垂直的重力和電場(chǎng)力，而電場(chǎng)力隨電場(chǎng)強(qiáng)度的增大而增大，所以合力增大；因此，整個(gè)過(guò)程中，物體運(yùn)動(dòng)的加速度不斷增大，且速度不斷增大，故A錯(cuò)誤，B正確；

C.當(dāng)電場(chǎng)強(qiáng)度為零時(shí)，物體開(kāi)始離開(kāi)墻壁，即E0鈭?kt=0

所以t=E0k

故C正確；D.根據(jù)A

選項(xiàng)分析，物體運(yùn)動(dòng)的加速度不斷增大，且速度不斷增大，故D錯(cuò)誤。故選BC?！窘馕觥緽C

14、ABD【分析】解：A

根據(jù)電勢(shì)的定義式：婁脮=EPq

得婁脮C=EPC鈭?e=鈭?20eV鈭?e=20V.

故A正確；

B；電子從D

到B

過(guò)程；根據(jù)動(dòng)能定理得：鈭?eUDB=EkB鈭?EkD

解得，UDB=20V

電場(chǎng)強(qiáng)度為E=UDBd=200.05脳2=200V/m.

故B正確．

C；根據(jù)能量守恒可知；電子再次經(jīng)過(guò)D

等勢(shì)面時(shí)，電勢(shì)能不變，動(dòng)能不變，其動(dòng)能仍為40eV

故C錯(cuò)誤．

D；根據(jù)電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直可知；該電場(chǎng)是勻強(qiáng)電場(chǎng)，電子做勻變速直線運(yùn)動(dòng).

故D正確．

故選：ABD

根據(jù)電勢(shì)的定義式：婁脮=EPq

即可計(jì)算出C

點(diǎn)的電勢(shì)；由E=Ud

求解電場(chǎng)強(qiáng)度；根據(jù)能量守恒可知；電子再次經(jīng)過(guò)D

等勢(shì)面時(shí)，動(dòng)能為20eV

勻強(qiáng)電場(chǎng)中電子所受的電場(chǎng)力是恒力，電子做勻變速直線運(yùn)動(dòng)．

解決本題的關(guān)鍵知道等勢(shì)面與電場(chǎng)線關(guān)系，掌握勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)公式，以及電場(chǎng)力做功與電勢(shì)差的關(guān)系．【解析】ABD

三、填空題(共6題，共12分)15、略

【分析】解：由題，電池外電路斷開(kāi)時(shí)的路端電壓為3V，則電池的電動(dòng)勢(shì)E=3V．當(dāng)電源接上8Ω的負(fù)載電阻后路端電壓降為2.4V，則有=得到r=═Ω=2Ω

故答案為：3，2【解析】3;216、略

【分析】解：根據(jù)B鈭?t

圖中同一條直線磁通量的變化率是相同的，所以電動(dòng)勢(shì)為定值，即為：E=n鈻?B鈻?tS=100隆脕1鈭?(鈭?1)2隆脕0.12V=1V

故答案為：1

在B鈭?t

圖中同一條直線磁通量的變化率是相同的.

由法拉第電磁感應(yīng)定律可得出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小恒定。

解決本題的關(guān)鍵熟練掌握楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律，記住法拉第電磁感應(yīng)定律的公式E=n鈻?婁碌鈻?t

．【解析】1

17、略

【分析】

由圖可知，穿過(guò)線圈的磁場(chǎng)方向向下且磁通量增大，由楞次定律可知感應(yīng)電流的磁場(chǎng)應(yīng)向上，則由右手螺旋定則可知電流方向從a到b；

由“來(lái)拒去留”可知；磁鐵靠近線圈，則線圈與磁鐵相互排斥，即地面對(duì)線圈的支持力大于自身的重力；

故答案為：（1）增大（2）上（3）a；b（4）大于。

【解析】【答案】先判斷通過(guò)線圈的磁場(chǎng)方向及磁通量的變化；由楞次定律可判斷電路中電流的方向及磁極間的相互作用．

18、略

【分析】【解析】試題分析：根據(jù)公式得P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為方向與負(fù)電荷受的電場(chǎng)力方向相反，故電場(chǎng)方向向左，根據(jù)公式得P點(diǎn)的電勢(shì)為3.0V，電場(chǎng)強(qiáng)度大小跟試探電荷無(wú)關(guān)，所以將P點(diǎn)的電荷換成電荷量為的點(diǎn)電荷B，P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小不變，仍為．B電荷的電勢(shì)能為．考點(diǎn)：本題考查電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)定義式的應(yīng)用，【解析】【答案】4.0×105向左3.04.0×1056.0×10-1219、略

【分析】【解析】【答案】VC＞VA＝VB20、大不變偏小【分析】解：（1）玻璃的折射率為：n=．

（2）為了減少誤差；應(yīng)選用寬度大的玻璃磚來(lái)測(cè)量．

（3）如下左圖所示，紅線表示將玻璃磚向上平移后實(shí)際的光路圖，而黑線是作圖時(shí)所采用的光路圖，通過(guò)比較