2025年粵教版高二物理下冊(cè)階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教版高二物理下冊(cè)階段測試試卷700考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示，A為長木板，在水平面以恒定速度v1向右運(yùn)動(dòng)，物塊B在木板A的上面以恒定速度v2向右運(yùn)動(dòng)，下列判斷正確的是A.若是v1=v2，B之間無滑動(dòng)摩擦力B.若是v1>v2，A受到了B所施加向右的滑動(dòng)摩擦力C.若是v12，B受到了A所施加向右的滑動(dòng)摩擦力D.若是v1>v2，B受到了A所施加的向左的滑動(dòng)摩擦力2、如圖所示，圖中三個(gè)電阻的阻值分為R1=1Ω、R2=3Ω、R3=5Ω，則流過R1、R2、R3的電流之比為（）

A.5∶3∶1B.3∶1∶4C.3∶1∶5D.15∶5∶33、靜止在湖面上的小船中有兩人分別向相反方向以相對(duì)于河岸相等的速率水平拋出質(zhì)量相同的小球，先將甲球向左拋，后將乙球向右拋．水對(duì)船的阻力忽略不計(jì)，則下列說法正確的是（）A.拋出的過程中，人給甲球的沖量等于人給乙球的沖量B.拋出的過程中，人對(duì)甲球做的功大于人對(duì)乙球做的功C.兩球拋出后，船向左以一定速度運(yùn)動(dòng)D.兩球拋出后，船向右以一定速度運(yùn)動(dòng)4、如圖所示；豎直平面內(nèi)有一圓周，其圓心為O，直徑AB和CD相互垂直，電荷量均為Q的正點(diǎn)電荷放在關(guān)于CD對(duì)稱的圓周上，它們所在半徑的夾角為120°．下列說法正確的是（）

A.點(diǎn)O與點(diǎn)C的場強(qiáng)大小相等B.點(diǎn)C與點(diǎn)D的場強(qiáng)大小之比為C.一電子從D點(diǎn)由靜止釋放，運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)的過程中，加速度先減小后增大D.將一正電荷沿著圓周從A點(diǎn)經(jīng)D移至B點(diǎn)的過程中，電場力先做正功后做負(fù)功5、如圖所示；某區(qū)域電場線左右對(duì)稱分布，MN

為對(duì)稱線上兩點(diǎn)，下列說法正確的是：(

)

A.M

點(diǎn)場強(qiáng)一定大于N

點(diǎn)場強(qiáng)；B.正電荷在M

點(diǎn)的電勢能大于在N

點(diǎn)的電勢能；C.將電子從M

點(diǎn)移動(dòng)到N

點(diǎn)，靜電力逐漸減??；D.將電子從M

點(diǎn)移動(dòng)到N

點(diǎn)，靜電力做正功。評(píng)卷人得分二、填空題(共7題，共14分)6、當(dāng)接通電源后，小磁針A按圖所示方向運(yùn)動(dòng)，則電源的______（填“左”或“右”）側(cè)為電源正極，小磁針B的N極指向______方向．7、在“用單擺測定重力加速度”的實(shí)驗(yàn)中：

（1）用二十分度的游標(biāo)卡尺測量擺球直徑的結(jié)果如圖1所示．則小球的直徑為______mm．

（2）為了減小測量周期的誤差，擺球應(yīng)在經(jīng)過最______（填“高”或“低”）點(diǎn)的位置時(shí)開始計(jì)時(shí)；并用秒表測量單擺完成多次全振動(dòng)所用的時(shí)間求出周期．

（3）若用L表示擺長，單擺完成30次全振動(dòng)所用時(shí)間為t，那么重力加速度的表達(dá)式為g=______．

（4）由單擺做簡諧運(yùn)動(dòng)的周期公式得到g=4π2l/T2．只要測出多組單擺的擺長l和運(yùn)動(dòng)周期T，作出T2-l圖象2，就可以求出當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣龋碚撋蟃2-l圖象是一條過坐標(biāo)原點(diǎn)的直線，某同學(xué)根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作出的圖象如圖所示．那么造成圖象不過坐標(biāo)原點(diǎn)的原因是______；由圖象求出的重力加速度g=______m/s2．（取π2=9.87）

8、（1）讀出圖中游標(biāo)卡尺（20等分）和螺旋測微器的讀數(shù)：圖a的讀數(shù)為____cm．圖b讀數(shù)為_____cm．

（2）．某同學(xué)測量一只未知阻值的電阻．他先用多用電表進(jìn)行測量；按照正確的步驟操作。

后，測量的結(jié)果如圖所示．請(qǐng)你讀出其阻值大小為____Ω．為了使測量的結(jié)果更準(zhǔn)確，該同學(xué)應(yīng)將選擇開關(guān)打到____（填“×100”或“×1”）擋重新測量．

9、如圖所示電路中，電阻R1和R2的阻值分別為11Ω和6.5Ω．單刀雙擲開關(guān)接1端和2端時(shí)，電流表示數(shù)分別為0.5A和0.8A，不計(jì)導(dǎo)線電阻和電流表內(nèi)阻，則該電源電動(dòng)勢為____V，內(nèi)阻為____Ω．

10、將一個(gè)10-6C的負(fù)電荷從電場中A點(diǎn)移到B點(diǎn)，克服電場力做功2×10-6J．從B點(diǎn)移到C點(diǎn)，電場力做功4×10-6J，則UAB=____V，UAC=____V．

11、如圖所示，直線A為電源的U-I圖象，直線B為電阻R的U-I圖象，用該電源與電阻R組成閉合電路時(shí)，該電源電動(dòng)勢為______V，電源內(nèi)阻為______Ω，電阻R為______Ω，電阻R上消耗的電功率為______W．12、某研究小組在做完測量電池組的電動(dòng)勢E和內(nèi)阻r與描繪小燈泡的伏安特性曲線后，想用下列器材組裝成一個(gè)電路，既能測量出電池組的電動(dòng)勢E和內(nèi)阻r；又能同時(shí)描繪小燈泡的伏安特性曲線．

A．電壓表V1（量程6V；內(nèi)阻很大）

B．電壓表V2（量程3V；內(nèi)阻很大）

C．電流表A（量程3A；內(nèi)阻很?。?/p>

D．滑動(dòng)變阻器R（最大阻值10Ω；額定電流4A）

E．小燈泡（2A；5W）

F．電池組（電動(dòng)勢E、內(nèi)阻r）

G．開關(guān)一只；導(dǎo)線若干。

實(shí)驗(yàn)時(shí)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的阻值，多次測量后發(fā)現(xiàn)：若電壓表V1的示數(shù)增大，則電壓表V2的示數(shù)減?。?/p>

（1）請(qǐng)將設(shè)計(jì)的實(shí)驗(yàn)電路圖在下方的虛線方框中補(bǔ)充完整．

（2）每一次操作后，同時(shí)記錄電流表A、電壓表V1和電壓表V2的示數(shù)，組成兩個(gè)坐標(biāo)點(diǎn)（I，U1）、（I，U2），標(biāo)到U-I坐標(biāo)中，經(jīng)過多次測量，最后描繪出兩條圖線，如下圖所示，則電池組的電動(dòng)勢E=______V、內(nèi)阻r=______Ω．（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）

（3）在U-I坐標(biāo)中兩條圖線在P點(diǎn)相交，此時(shí)滑動(dòng)變阻器連入電路的阻值應(yīng)為______Ω，電池組的效率為______（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）．

評(píng)卷人得分三、判斷題(共8題，共16分)13、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）14、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點(diǎn)間的電勢差隨著零電勢點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）15、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

16、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點(diǎn)間的電勢差隨著零電勢點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）17、只有沿著電場線的方向電勢才會(huì)降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

19、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點(diǎn)間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

20、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實(shí)線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分四、畫圖題(共2題，共18分)21、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時(shí)針方向?yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象22、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時(shí)針方向?yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象評(píng)卷人得分五、識(shí)圖作答題(共4題，共24分)23、某豆科植物種子萌發(fā)過程中CO2釋放速率和O2吸收速率的變化趨勢如圖甲所示。萌發(fā)長出幼葉后植物吸收CO2情況隨光照強(qiáng)度變化如圖乙，該圖中的C點(diǎn)為晴朗白天11時(shí)左右，此時(shí)其他條件都處于適宜狀態(tài)，請(qǐng)據(jù)圖回答問題：

（1）在圖甲中，從12～24h期間，結(jié)合水/自由水的比值____，呼吸速率逐漸增強(qiáng)，細(xì)胞呼吸的主要方式是____呼吸，該呼吸方式的產(chǎn)物是_____。（2）圖甲中胚根長出后，萌發(fā)種子的____呼吸速率迅速升高。從第48h后細(xì)胞呼吸所消耗的底物肯定含有____。（3）圖乙中D點(diǎn)代表的含義是光飽和點(diǎn)；限制C點(diǎn)的因素有二氧化碳濃度；若此時(shí)空氣中的CO2含量突然降低，則圖中相關(guān)點(diǎn)的變化情況準(zhǔn)確描述為B基本不變，C向_____移動(dòng)；由于CO2含量突然降低，葉肉細(xì)胞中C3和C5含量變化情況分別為____。24、青蒿素是治療瘧疾的重要藥物．利用雌雄同株的野生型青蒿（二倍體；體細(xì)胞染色體數(shù)為18），通過傳統(tǒng)育種和現(xiàn)代生物技術(shù)可培育高青蒿素含量的植株．請(qǐng)回答以下相關(guān)問題：

（1）假設(shè)野生型青蒿白青稈（A）對(duì)紫紅稈（a）為顯性，稀裂葉（B）對(duì)分裂葉（b）為顯性，兩對(duì)性狀獨(dú)立遺傳，則野生型青蒿最多有_______種基因型；若F1代中白青稈、稀裂葉植株所占比例為3/8，則其雜交親本的基因型組合為______________，該F1代中紫紅稈；分裂葉植株所占比例為_____________．

（2）四倍體青蒿中青蒿素含量通常高于野生型青蒿；低溫處理野生型青蒿正在有絲分裂的細(xì)胞會(huì)導(dǎo)致染色體不分離，從而獲得四倍體細(xì)胞并發(fā)育成植株，推測低溫處理導(dǎo)致細(xì)胞染色體不分離的原因是______________，四倍體青蒿與野生型青蒿雜交后代體細(xì)胞的染色體數(shù)為___________．

（3）從青蒿中分離了cyp基因；其編碼的CYP酶參與青蒿素合成．

①若該基因一條單鏈中（G+T）/（A+C）=2/3；則其互補(bǔ)鏈中（G+T）/（A+C）=________．②若cyp基因的一個(gè)堿基對(duì)被替換，使CYP酶的第50位氨基酸由谷氨酸變成纈氨酸，則該基因突變發(fā)生的區(qū)段是___________填字母）[注：下圖為基因結(jié)構(gòu)示意圖，其中E.K.M.O區(qū)段不編碼氨基酸]

25、如圖是甲狀腺活動(dòng)調(diào)節(jié)示意圖，其中TRH及TSH分別表示促甲狀腺激素釋放激素和促甲狀腺激素，請(qǐng)據(jù)圖回答：（1）激素A是__________________________，其作用的細(xì)胞稱為該激素的____________________。（2）人受到寒冷刺激時(shí)，相應(yīng)的神經(jīng)沖動(dòng)傳到下丘腦，經(jīng)過一系列作用，TRH、TSH的分泌量增多、使血液中激素A的含量__________，此生理過程由___________________共同調(diào)節(jié)。（3）當(dāng)血液中激素A的含量增加到一定程序，會(huì)抑制下丘腦和垂體分泌相關(guān)激素，進(jìn)而使激素A的分泌減少，在體內(nèi)的含量不至于過高，這說明激素分泌存在著_________________機(jī)制。26、下圖為某生物特定部位的細(xì)胞結(jié)構(gòu)示意圖。請(qǐng)據(jù)圖分析回答：①將此細(xì)胞放入濃度大于11中細(xì)胞液濃度的蔗糖液中，此細(xì)胞將發(fā)生________。②細(xì)胞代謝活動(dòng)的控制中心是[]________。③具有該細(xì)胞的生物，在生態(tài)系統(tǒng)中的成分是________。評(píng)卷人得分六、簡答題(共4題，共28分)27、（14分）研究NO2、SO2；CO等大氣污染氣體的處理有重要意義。

（1）NO2可用水吸收，相應(yīng)的化學(xué)方程式為____。利用反應(yīng)6NO2+8NH3==7N2+12H2O也可以處理NO2。當(dāng)轉(zhuǎn)移1.2mol電子時(shí)，消耗的NO2在標(biāo)準(zhǔn)狀況下是______L。（2）已知：

則反應(yīng)一定條件下，將NO2與SO2體積比1∶2置于密閉容器中發(fā)生上述反應(yīng)，下列能說明反應(yīng)達(dá)到平衡狀態(tài)的是____。a．體系壓強(qiáng)保持不變b．混合氣體顏色保持不變。

c．SO3與NO的體積比保持不變d．每消耗1molSO3的同時(shí)生成1molNO2

測得上述反應(yīng)平衡時(shí)的NO2與SO2體積比為1：6，則平衡常數(shù)K=____。

（3）CO可用于合成甲醇，反應(yīng)方程式為CO在不同溫度下的平衡轉(zhuǎn)化率與壓強(qiáng)的關(guān)系如圖所示。該反應(yīng)△H______0（填“＞”或“＜”）。實(shí)際生產(chǎn)條件控制在250℃、1.3×104kPa左右，選擇此壓強(qiáng)的理由是____。28、黃血鹽rm{[}亞鐵氰化鉀，rm{K}亞鐵氰化鉀，rm{[}rm{K}rm{{,!}_{4}}rm{Fe(CN)}rm{Fe(CN)}目前廣泛用做食鹽添加劑rm{{,!}_{6}}抗結(jié)劑rm{]}目前廣泛用做食鹽添加劑rm{(}抗結(jié)劑rm{)}我國衛(wèi)生部規(guī)定食鹽中黃血鹽的最大使用量為rm{10mg?kg隆樓}我國衛(wèi)生部規(guī)定食鹽中黃血鹽的最大使用量為rm{]}rm{(}rm{)}回答下列問題：rm{10mg?kg隆樓}步驟Ⅰ反應(yīng)的化學(xué)方程式為________________________________________________。rm{{,!}^{1}}步驟Ⅳ過濾所得的廢液中含量較多的溶質(zhì)為。一種制備黃血鹽的工藝如下：填化學(xué)式rm{(1)}__________________。rm{(2)}步驟Ⅴ所用的試劑rm{(}是_____________________。rm{)}工藝中用到劇毒的rm{(3)}溶液，含rm{X}的廢水必須處理后才能排放。已知?dú)淝杷崾且环N具有苦杏仁特殊氣味的無色劇毒液體，易揮發(fā)，rm{(4)}時(shí)，rm{HCN}rm{CN^{-}}的電子式為____________，反應(yīng)rm{25隆忙}在rm{Ka(HCN)=6.25隆脕10^{-10}}時(shí)的平衡常數(shù)rm{壟脵NaCN}________rm{CN隆樓+H_{2}O?HCN+OH隆樓}填數(shù)值rm{25隆忙}rm{K=}處理含rm{(}廢水的方法是：第一步控制rm{)}用rm{壟脷}溶液先將rm{CN^{-}}“不完全氧化”為rm{pH>10}第二步控制rm{NaClO}為rm{CN隆樓}用rm{OCN^{-}}“完全氧化”rm{pH}生成rm{7.5隆蘆8.5}和兩種鹽。第一步控制強(qiáng)堿性的主要目的是________，第二步反應(yīng)的離子方程式為_____________________________________。rm{NaClO}29、下面是元素周期表的一部分，表中的每個(gè)字母表示一種短周期元素，請(qǐng)回答下列問題：

rm{(1)D}在元素周期表中的位置是第____周期__________族。rm{(2)A}rm{E}兩種元素所形成的氣態(tài)氫化物較穩(wěn)定的是___________rm{(}填化學(xué)式rm{)}rm{(3)B}rm{C}兩元素的原子半徑較小的是___________rm{(}填元素符號(hào)rm{)}rm{(4)}在盛有水的小燒杯中加入元素rm{B}的單質(zhì)，發(fā)生反應(yīng)的化學(xué)方程式為：_________________________________________________________________________。30、【化學(xué)rm{隆陋}選修r(nóng)m{3}物質(zhì)的結(jié)構(gòu)與性質(zhì)】前四周期元素rm{A}rm{B}rm{C}rm{D}rm{E}rm{F}的原子序數(shù)依次增大，rm{A}是宇宙中含量最豐富的元素；rm{B}和rm{C}同一主族，且rm{B}的rm{L}層電子數(shù)是rm{K}層電子數(shù)的rm{2.5}倍；rm{D}和rm{C}同一周期；rm{E}元素原子核外電子有rm{17}種不同的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，rm{F}位于第四周期，其未成對(duì)電子數(shù)只有一個(gè)，且內(nèi)層都處于全充滿狀態(tài)。請(qǐng)回答下列問題：rm{(1)B}原子的rm{L}層軌道表達(dá)式____；rm{D}元素原子的價(jià)電子排布式是____。rm{(2)}由rm{A}rm{B}原子形成的分子的結(jié)構(gòu)式為：rm{A-B=B-A}則該分子中rm{婁脪}鍵和rm{婁脨}鍵的數(shù)目之比為____，rm{B}rm{C}的氫化物中rm{BH_{3}}的沸點(diǎn)高于rm{CH_{3}}的沸點(diǎn)，原因是____；rm{C}rm{D}和rm{E}的電負(fù)性由大到小的順序?yàn)開___；rm{C}rm{D}和rm{E}的第一電離能由大到小的順序是____；rm{C}和rm{D}最高價(jià)含氧酸的酸性由弱到強(qiáng)的順序?yàn)開___。rm{COrlap{{!,}^{3-}}{{!,}_{4}}}中rm{C}的雜化方式為____，該離子的“rm{VSEPR}”模型為____形。rm{(3)}向rm{FDO_{4}}溶液中加入過量稀氨水，得到的深藍(lán)色溶液中陽離子化學(xué)式為____，該離子的配位體為____。

rm{(4)D(}黑球rm{)}和rm{F(}白球rm{)}形成的某種晶體的晶胞如下圖所示，已知該晶胞的棱長為rm{516pm}則該晶胞的密度為____rm{g/cm^{3}(}精確到rm{0.1)}最近的黑球和白球之間的距離為____rm{pm}

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、A【分析】【解析】試題分析：若v1＝v2，則A、B間無相對(duì)運(yùn)動(dòng)，故A正確；若v1>v2，則B相對(duì)于A向左運(yùn)動(dòng)，故B受到向右的滑動(dòng)摩擦力，A相對(duì)于B向右運(yùn)動(dòng)，A受到向左的滑動(dòng)摩擦力，故B、D錯(cuò)誤；如果v12，則B相對(duì)A向右運(yùn)動(dòng)，B受到向左的滑動(dòng)摩擦力，所以C錯(cuò)誤，故選A考點(diǎn)：考查滑動(dòng)摩擦力的判斷【解析】【答案】A2、B【分析】【分析】根據(jù)歐姆定律分析解題。

R1R2兩者是并聯(lián)關(guān)系，然后再與R3串聯(lián)，設(shè)電源電壓為U，則根據(jù)歐姆可得通過R3的電流為

R1R2兩端的電壓為故通過R1的電流為

通過所以B正確；

【點(diǎn)評(píng)】在運(yùn)用歐姆定律分析題目的時(shí)候需要弄清楚電阻兩端對(duì)應(yīng)的電壓，然后結(jié)合歐姆定律分析解題，切不可張冠李戴，3、B【分析】解：A；設(shè)小船的質(zhì)量為M；小球的質(zhì)量為m，甲球拋出后，取甲球的速度方向（向左）為正方向，根據(jù)兩球和船組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，有：mv-（M+m）v′=0；

則此時(shí)船的速度v′的方向向右；

根據(jù)動(dòng)量定理：物體所受合力的沖量等于物體動(dòng)量的變化．對(duì)于甲球；動(dòng)量的變化量為mv，對(duì)于乙球動(dòng)量的變化量為mv-mv′，則知甲的動(dòng)量變化量大于乙球的動(dòng)量變化量，根據(jù)動(dòng)量定理可知，拋球時(shí)，人對(duì)甲球的沖量比人給乙球的沖量大．故A錯(cuò)誤．

B、根據(jù)動(dòng)能定理得：人對(duì)甲球做的功W甲=對(duì)乙球做的功W乙=-因此人對(duì)甲球做的功大于人對(duì)乙球做的功．故B正確．

CD；由于拋出后兩小球相對(duì)于岸的速率相等；速度方向相反，且兩小球的質(zhì)量相同，所以兩球相對(duì)于地的動(dòng)量大小相等，方向相反，總動(dòng)量為0．由于兩球和船組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，原來系統(tǒng)的總動(dòng)量為0．所以根據(jù)動(dòng)量守恒定律可知，兩球都拋出后，船的動(dòng)量為0，則速度為0；故CD錯(cuò)誤．

故選：B

拋球過程；兩球和船組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒．根據(jù)動(dòng)量守恒定律求出兩球拋出后小船的速度．通過動(dòng)量的變化量，由動(dòng)量定理判斷沖量的大小關(guān)系．根據(jù)動(dòng)能定理分析人對(duì)球做功關(guān)系．

解決本題的關(guān)鍵掌握動(dòng)量守恒定律、動(dòng)量定理和動(dòng)能定理，并能靈活運(yùn)用．運(yùn)用動(dòng)量守恒定律時(shí)注意速度的方向．【解析】【答案】B4、C【分析】【分析】

根據(jù)電場線的分布情況；分析各點(diǎn)場強(qiáng)大?。攘客N點(diǎn)電荷電場的分布具有對(duì)稱性，可以結(jié)合其對(duì)稱性來分析，然后根據(jù)W=Uq定性分析電場力做功情況．

【詳解】

A．點(diǎn)O與點(diǎn)C處于兩電荷連線的中垂線上，到兩電荷的距離相等，點(diǎn)O與點(diǎn)C的場強(qiáng)大小相等，方向相反，故A正確；B．根據(jù)矢量合成法則，C點(diǎn)場強(qiáng)為D點(diǎn)的場強(qiáng)為點(diǎn)C與點(diǎn)D的場強(qiáng)大小之比為故B正確；C．根據(jù)電場強(qiáng)度的矢量合成法則，距離兩點(diǎn)電荷連線x=處的場強(qiáng)最強(qiáng)，則電子從點(diǎn)D到點(diǎn)C的過程中，加速度先增大，再減小，再增大，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)等量同種電荷的電場線，正電荷沿著圓周從點(diǎn)A到點(diǎn)D，電場力做正功，從點(diǎn)D到點(diǎn)B的過程中，電場力做負(fù)功，故D正確．故選C．5、B【分析】本題考查電場線，電場強(qiáng)度，電勢能及電場力做功，由圖可知該電場為等量正電荷形成的電場，注意沿電場線電勢降低，電場線的疏密表示電場強(qiáng)度的強(qiáng)弱，正電荷受力方向與電場線方向相同，負(fù)電荷受力方向與電場線方向相反。A.電場線的疏密表示電場強(qiáng)度的強(qiáng)弱，M

點(diǎn)的電場線比N

點(diǎn)的電場線稀疏，故M

點(diǎn)的場強(qiáng)一定小于N

點(diǎn)的場強(qiáng)，故A錯(cuò)誤；B.將正電荷從M

點(diǎn)移動(dòng)到N

點(diǎn)，電場力做正功，電勢能減小，故正電荷在MM點(diǎn)的電勢能大于在NN點(diǎn)的電勢能，故B正確；C.電場線的疏密表示電場強(qiáng)度的強(qiáng)弱，從M

到N

電場線越來越密，場強(qiáng)越來越大，靜電力逐漸增大，故C錯(cuò)誤；D.將電子從M

點(diǎn)移到N

點(diǎn)，所受的電場力從N

指向M

電場力做負(fù)功，故D錯(cuò)誤。故選B。【解析】B

二、填空題(共7題，共14分)6、略

【分析】解：如圖；根據(jù)同名磁極相互排斥，異名磁極相互吸引，所以通電螺線管的左端是S極，右端是N極；

根據(jù)安培定則；右手握住螺線管，四指指向電流的方向，大拇指所指的方向是通電螺線管的N極．可以判斷電流從螺線管的左端上電流，從右端出電流，所以，電源的左端是正極，右端是負(fù)極．

而小磁針B在電流產(chǎn)生磁場中；根據(jù)右手螺旋定則可知，N極的指向垂直紙面向外；

故答案為：左；外．

由小磁針的指向；根據(jù)磁極間的相互作用規(guī)律得出通電螺線管的左端為S極，右端為N極，再根據(jù)右手螺旋定則得出電源的左端為正極，右端為負(fù)極．

本題考查了磁極間的相互作用規(guī)律和右手螺旋定則．利用右手螺旋定則既可由電流的方向判定磁極磁性，也能由磁極極性判斷電流的方向和線圈的繞法．【解析】左；外7、略

【分析】解：（1）二十分度的游標(biāo)卡尺精確度為0.05mm；主尺讀數(shù)為17mm，副尺讀數(shù)為3×0.05=0.15mm，故小球直徑為17+0.15=17.15mm．

（2）擺球應(yīng)在經(jīng)過最低點(diǎn)時(shí)小球速度最快；此時(shí)計(jì)時(shí)產(chǎn)生的誤差最小．

（3）單擺完成30次全振動(dòng)所用時(shí)間為t，則單擺的周期為：

由單擺周期公式可得：

解得：．

（4）圖象不通過坐標(biāo)原點(diǎn)；將圖象向右平移一點(diǎn)點(diǎn)就會(huì)通過坐標(biāo)原點(diǎn)，故相同的周期下，擺長偏小，故可能是漏加小球半徑；

由單擺周期公式可得：

即：

圖象斜率為k=

結(jié)合圖象可得：

解得：g=9.87m/s2．

故答案為：

（1）17.15；

（2）低；

（3）

（4）漏加小球半徑；9.87．

（1）看清分度值；先讀主尺，再讀副尺．

（2）擺球應(yīng)在經(jīng)過最低點(diǎn)時(shí)誤差最?。?/p>

（3）由單擺周期公式可得重力加速度的表達(dá)式．

（4）圖象不通過坐標(biāo)原點(diǎn)；從圖象可以得到相同的周期下，擺長偏小，故可能是漏加小球半徑；

由單擺周期公式可以的到重力加速度．

本題關(guān)鍵明確實(shí)驗(yàn)原理；通過圖象的平移得到擺長偏小，得到誤差來源；通過圖象的函數(shù)表達(dá)式得到斜率的物理意義，整體難度較大．【解析】17.15；低；漏加小球半徑；9.878、略

【分析】

（1）圖a的示數(shù)：主尺刻度+游尺刻度=103mm+7×0.05mm=10.335cm

圖b的示數(shù)：固定刻度+可動(dòng)刻度=3mm+37.3×0.01mm=3.373mm=0.3373cm

（2）讀出的面板刻度乘以擋位即得電阻值1000Ω．面板讀數(shù)值偏大；應(yīng)選用較大的擋位使指針向右偏一些，故要選×100擋．

故答案為：（1）10.3350.3373（2）1000×100

【解析】【答案】螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)；在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀．游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀．

根據(jù)表盤刻度的特點(diǎn)分析表針偏轉(zhuǎn)與示數(shù)間的關(guān)系；從而確定出該選用的檔位．

9、略

【分析】

根據(jù)閉合電路歐姆定律得。

開關(guān)接1端時(shí)，有E=I1（R1+r）

開關(guān)接2端時(shí)，有E=I2（R2+r）

代入得，E=0.5×（11+r）

E=0.8×（6.5+r）

解得，E=6V，r=1Ω

故答案為：6V1Ω

【解析】【答案】根據(jù)閉合電路歐姆定律對(duì)兩種情形列式；聯(lián)立組成方程組，即可求得電源電動(dòng)勢和內(nèi)阻．

10、略

【分析】解：UAB===2V

UAC===V=-2V

故本題答案是2；-2．【解析】2;-211、略

【分析】解：由圖A可知，電源的電動(dòng)勢為E=6V；內(nèi)阻r=||==1Ω；

由圖中兩圖線的交點(diǎn)，可知當(dāng)該電源與電阻串聯(lián)后，電路中電流為I=2A；電壓為U=4V；則R==2Ω

電阻R上消耗的電功率P=UI=8W

故答案為：6；1，2，8．

電源的U-I圖象與縱坐標(biāo)的交點(diǎn)表示電源的電動(dòng)勢；圖象的斜率表示電源的內(nèi)阻；

將電源與電阻串聯(lián)后；流過二者的電流相等，由兩圖象的交點(diǎn)可得出電路中的電流和電阻兩端的電壓；則由P=UI可求得電阻R上消耗的電功率．

本題考查閉合電路歐姆定律的應(yīng)用，要注意圖象中的交點(diǎn)為電阻及電源的工作狀態(tài)點(diǎn)，可以直接求出電源的輸出電壓及電流．【解析】6；1；2；812、略

【分析】解：（1）伏安法測電源電動(dòng)勢與內(nèi)阻實(shí)驗(yàn)中，電壓表測路端電壓，電壓表示數(shù)隨滑動(dòng)變阻器接入電路阻值的增大而增大；描繪小燈泡伏安特性曲線實(shí)驗(yàn)中，電流表測流過燈泡的電流，燈泡兩端電壓隨滑動(dòng)變阻器接入電路電阻的增大而減?。徽{(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器時(shí)，電壓表V1的示數(shù)增大，則電壓表V2的示數(shù)減小，則測路端電壓，V2測燈泡兩端電壓；電路圖如圖所示．

（2）電源的U-I圖象是一條傾斜的直線；由圖象可知，電源電動(dòng)勢E=4.5V，電源內(nèi)阻。

r===1.0Ω．

（3）由圖乙所示圖象可知，兩圖象的交點(diǎn)坐標(biāo)，即燈泡電壓UL=2.5V；此時(shí)電路電流I=2.0A；

電源電動(dòng)勢E=Ir+UL+IR滑，即4.5V=2.0A×1Ω+2.5V+2.0A×R滑，則R滑=0Ω；

電池組的效率η====≈56%．

故答案為：（1）電路圖如圖所示；（2）4.5；1.0；（3）0；56%．

（1）測電源電動(dòng)勢與內(nèi)阻實(shí)驗(yàn)時(shí)；電壓表測路端電壓，隨滑動(dòng)變阻器接入電路阻值的增大，電壓表示數(shù)增大；燈泡兩端電壓隨滑動(dòng)變阻器阻值增大而減??；根據(jù)電壓表示數(shù)變化確定各電路元件的連接方式，然后作出實(shí)驗(yàn)電路圖．

（2）電源的U-I圖象與縱軸的交點(diǎn)示數(shù)是電源的電動(dòng)勢；圖象斜率的絕對(duì)值等于電源內(nèi)阻．

（3）由圖象求出兩圖線的交點(diǎn)對(duì)應(yīng)的電壓與電流；然后根據(jù)閉合電路中內(nèi)外電壓的關(guān)系及歐姆定律求出滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值；由圖象求出電路電流，然后由P=UI及效率公式求出電池組的效率．

電源的U-I圖象與縱軸的交點(diǎn)是電動(dòng)勢，圖象斜率的絕對(duì)值等于電源內(nèi)阻，求電源內(nèi)阻時(shí)要注意看清楚縱軸坐標(biāo)起點(diǎn)數(shù)據(jù)是多少，否則容易出錯(cuò)．【解析】4.5；1.0；0；56%三、判斷題(共8題，共16分)13、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點(diǎn)可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動(dòng)電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強(qiáng)弱，電場線密的地方，電場強(qiáng)度大，疏的地方電場強(qiáng)度弱，沿電場線的方向電勢降低．14、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對(duì)大小．

兩點(diǎn)間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大?。浑妱莶钆c零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．15、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場強(qiáng)

根據(jù)場強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小，判斷出場強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場強(qiáng)大小及方向．16、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對(duì)大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢差與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．17、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場強(qiáng)度和電勢這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場強(qiáng)度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．18、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場強(qiáng)

根據(jù)場強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小，判斷出場強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場強(qiáng)大小及方向．19、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對(duì)稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢差相比，與a點(diǎn)之間的電勢差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．20、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強(qiáng)度的大?。摹媹D題(共2題，共18分)21、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律，當(dāng)磁感強(qiáng)度均勻變化時(shí)磁通量均勻變化，感應(yīng)電動(dòng)勢、感應(yīng)電流恒定不變【解析】【答案】22、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律，當(dāng)磁感強(qiáng)度均勻變化時(shí)磁通量均勻變化，感應(yīng)電動(dòng)勢、感應(yīng)電流恒定不變【解析】【答案】五、識(shí)圖作答題(共4題，共24分)23、（1）逐漸減小(或減少）無氧CO2和乙醇

（2）有氧脂肪（或脂類物質(zhì)）

（3）左下方減少和增多【分析】【分析】本題考查了細(xì)胞呼吸與光合作用原理以及應(yīng)用，準(zhǔn)確理解相關(guān)知識(shí)點(diǎn)是解題的關(guān)鍵?！窘獯稹浚?）在圖甲中，從12～24h期間，結(jié)合水/自由水的比值逐漸減小，呼吸速率逐漸增強(qiáng)，細(xì)胞呼吸的主要方式是無氧呼吸，該呼吸方式的產(chǎn)物是CO2和乙醇。（2）圖甲中胚根長出后，萌發(fā)種子的有氧呼吸速率迅速升高。從第48h后，O2吸收速率大于CO2釋放速率，細(xì)胞呼吸所消耗的底物肯定含有脂肪。（3）圖乙中D點(diǎn)代表的含義是光飽和點(diǎn)；限制C點(diǎn)的因素有二氧化碳濃度；若此時(shí)空氣中的CO2含量突然降低，則圖中相關(guān)點(diǎn)的變化情況準(zhǔn)確描述為B基本不變，C向左下方移動(dòng)；由于CO2含量突然降低，暗反應(yīng)減弱，C3減少，C5消耗減少，葉肉細(xì)胞中和C5含量變化情況分別為減少和增多?！窘馕觥浚?）逐漸減小(或減少）無氧CO2和乙醇（2）有氧脂肪（或脂類物質(zhì)）（3）左下方減少和增多24、（1）9AaBb×aaBb、AaBb×Aabb1/8

（2）低溫抑制紡錘體形成27

（3）①3/2②L【分析】【分析】本題考查基因自由組合定律的應(yīng)用、染色體變異等相關(guān)知識(shí)，意在考查考生理解所學(xué)知識(shí)要點(diǎn)，把握知識(shí)間內(nèi)在聯(lián)系的能力；能用文字、圖表以及數(shù)學(xué)方式等多種表達(dá)形式準(zhǔn)確地描述生物學(xué)方面的內(nèi)容和計(jì)算能力；能理論聯(lián)系實(shí)際，綜合運(yùn)用所學(xué)知識(shí)解決自然界和社會(huì)生活中的一些生物學(xué)問題?！窘獯稹浚?）在野生型青蒿的稈色和葉型這兩對(duì)性狀中，控制各自性狀的基因型各有3種（AA、Aa和aa，及BB、Bb和bb），由于控制這兩對(duì)性狀的基因是獨(dú)立遺傳的，基因間可自由組合，所以青蒿的基因型共有3×3=9種。F1中白青稈、稀裂葉植株占3/8，即F1代中A_B_基因型個(gè)體占3/8，根據(jù)兩對(duì)基因自由組合，可分解成3/4×1/2或1/2×3/4，所以親本的基因型可能是AaBb×aaBb，或AaBb×Aabb。當(dāng)親本為AaBb×aaBb時(shí)，F(xiàn)1中紅稈、分裂葉（aabb）植株所占比例為=1/2×1/4=1/8；當(dāng)親本為AaBb×Aabb時(shí)，F(xiàn)1中紅稈、分裂葉（aabb）植株所占比例為=1/4×1/2=1/8。由此可見無論親本組合是上述哪一種，F(xiàn)1中此紅稈、分裂葉植株所占比例都為1/8。（2）低溫可以抑制紡錘體的形成，使細(xì)胞內(nèi)的染色體經(jīng)過復(fù)制但不能分離到兩個(gè)細(xì)胞，從而使染色體數(shù)目加倍。若四倍體青蒿（細(xì)胞內(nèi)的染色體是二倍體青蒿的2倍，有18×2=36條染色體）與野生型的二倍體青蒿雜交可得到三倍體個(gè)體，由于四倍體青蒿產(chǎn)生的生殖細(xì)胞中有18條染色體，二倍體青蒿產(chǎn)生的生殖細(xì)胞中有9條染色體，因此兩者受精發(fā)育而成的后代體細(xì)胞中有27條染色體。（3）①若該基因一條單鏈中（G+T）/（A+C）=2/3，則其互補(bǔ)鏈中（G+T）/（A+C）的比值是其倒數(shù)，故互補(bǔ)鏈中（G+T）/（A+C）=3/2。②DNA分子中發(fā)生堿基對(duì)的替換、增添、缺失而引起基因結(jié)構(gòu)的改變屬于基因突變。故若cyp基因的一個(gè)堿基對(duì)被替換，使cyp酶的第50位氨基酸由谷氨酸變?yōu)槔i氨酸，第50為氨基酸對(duì)應(yīng)的mRNA上的堿基序列為的148～150，又因?yàn)榛蚓幋a區(qū)E.K.M.O區(qū)段不編碼氨基酸，因此，轉(zhuǎn)錄RNA上148～150?堿基的位于L段?！窘馕觥浚?）9AaBb×aaBb、AaBb×Aabb1/8（2）低溫抑制紡錘體形成27

（3）①3/2②L25、（1）甲狀腺激素靶細(xì)胞

（2）增多神經(jīng)-體液

（3）（負(fù)）反饋【分析】【分析】?本題以概念圖的形成，考查甲狀腺激素的分級(jí)調(diào)節(jié)。意在考查學(xué)生識(shí)記和理解能力，便于學(xué)生形成知識(shí)網(wǎng)絡(luò)?！窘獯稹浚?）據(jù)圖分析可知，激素A來自甲狀腺，受到TRH的間接調(diào)節(jié)和TSH的直接調(diào)節(jié)，所以應(yīng)是甲狀腺激素，其作用的細(xì)胞稱為該激素的靶細(xì)胞。（2）寒冷刺激下，皮膚冷覺感受器興奮，促使下丘腦釋放TRH作用于垂體，使垂體分泌TSH作用于甲狀腺，甲狀腺分泌甲狀腺激素增多，增強(qiáng)機(jī)體代謝，此過程為神經(jīng)-體液調(diào)節(jié)。（3）血液中甲狀腺激素的含量增加到一定程度，會(huì)抑制下丘腦和垂體分泌相關(guān)激素，進(jìn)而使其分泌減少，在體內(nèi)的含量不至于過高，這說明激素分泌存在著（負(fù)）反饋調(diào)節(jié)?！窘馕觥浚?）甲狀腺激素靶細(xì)胞（2）增多神經(jīng)-體液（3）（負(fù)）反饋26、（1）質(zhì)壁分離（2）[10]細(xì)胞核（3）生產(chǎn)者【分析】【分析】本題考查細(xì)胞的結(jié)構(gòu)和功能等相關(guān)知識(shí)，意在考查考生理解所學(xué)知識(shí)的要點(diǎn)，把握知識(shí)間的內(nèi)在聯(lián)系的能力。【解答】（1）此細(xì)胞中，11為液泡，將此細(xì)胞放入濃度大于液泡中細(xì)胞液濃度的蔗糖液中，細(xì)胞滲透失水，原生質(zhì)層和細(xì)胞壁逐漸分離，細(xì)胞將發(fā)生質(zhì)壁分離。（2）[10]細(xì)胞核是遺傳信息庫，是細(xì)胞代謝和遺傳的控制中心。（3）觀察可知，此細(xì)胞中含有細(xì)胞壁、液泡和葉綠體，為植物細(xì)胞，具有該細(xì)胞的生物，在生態(tài)系統(tǒng)中的成分是生產(chǎn)者?！窘馕觥浚?）質(zhì)壁分離（2）[10]細(xì)胞核（3）生產(chǎn)者六、簡答題(共4題，共28分)27、略

【分析】【分析】（1）根據(jù)物質(zhì)與水的反應(yīng)物與生成物來書寫化學(xué)反應(yīng)方程式；再利用氧化還原反應(yīng)中電子轉(zhuǎn)移計(jì)算，然后來計(jì)算標(biāo)準(zhǔn)狀況下氣體的體積；

（2）利用蓋斯定律來計(jì)算反應(yīng)熱；利用化學(xué)平衡的特征“等”；“定”來判定化學(xué)平衡，利用三段法計(jì)算平衡時(shí)的濃度來計(jì)算化學(xué)平衡常數(shù)；

（3）利用化學(xué)平衡的影響因素和工業(yè)生產(chǎn)的關(guān)系來分析?！窘獯稹浚?）NO2與H2O反應(yīng)的方程式為：3NO2+H2O═2HNO3+NO；6NO2+8NH3═7N2+12H2O，當(dāng)反應(yīng)中有1molNO2參加反應(yīng)時(shí)，共轉(zhuǎn)移了4mol電子，故轉(zhuǎn)移1.2mol電子時(shí)，消耗的NO2為1.2÷4×22.4L=6.72L；

（2）根據(jù)蓋斯定律，將第二個(gè)方程式顛倒過來，與第一個(gè)方程式相加得：2NO2+2SO2═2SO3+2NO，△H=-83.6kJ?mol-1，故NO2+SO2?SO3+NO，△H=-41.8kJ?mol-1；本反應(yīng)是反應(yīng)前后氣體分子數(shù)不變的反應(yīng)，故體系的壓強(qiáng)保持不變，故a不能說明反應(yīng)已達(dá)到平衡狀態(tài)；隨著反應(yīng)的進(jìn)行，NO2的濃度減小，顏色變淺，故b可以說明反應(yīng)已達(dá)平衡；SO3和NO都是生成物；比例保持1：1，故c不能作為平衡狀態(tài)的判斷依據(jù)；d中所述的兩個(gè)速率都是逆反應(yīng)速率，不能作為平衡狀態(tài)的判斷依據(jù)；

NO2（g）+SO2（g）SO3（g）+NO（g）

起始物質(zhì)的體積1a2a00

轉(zhuǎn)化物質(zhì)的體積xxxx

平衡物質(zhì)的體積1a-x2a-xxx

則（1a-x）：（2a-x）=1：6，故x=a，故平衡常數(shù)為=x2/（1a-x）（2a-x）=8/3；

（3）由圖可知，溫度升高，CO的轉(zhuǎn)化率降低，平衡向逆反應(yīng)方向移動(dòng)，故逆反應(yīng)是吸熱反應(yīng)，正反應(yīng)是放熱反應(yīng)，△H＜0；壓強(qiáng)大，有利于加快反應(yīng)速率，有利于使平衡正向移動(dòng)，但壓強(qiáng)過大，需要的動(dòng)力大，對(duì)設(shè)備的要求也高，故選擇250℃、1.3×104kPa左右的條件．因?yàn)樵?50℃、壓強(qiáng)為1.3×104kPa時(shí)；CO的轉(zhuǎn)化率已較大，再增大壓強(qiáng)，CO的轉(zhuǎn)化率變化不大，沒有必要再增大壓強(qiáng)。

【解析】（1）3NO2+H2O=2HNO3+NO6.72（2）-41.8b2.67或8/3（3）＜在1.3×104kPa下，CO的轉(zhuǎn)化率已較高，再增大壓強(qiáng)CO的轉(zhuǎn)化率提高不大，而生產(chǎn)成本增加得不償失28、（1）6HCN+3Ca(OH)2+FeSO4=Ca2Fe(CN)6+CaSO4↓+6H2O

（2）CaCl2(KCl可答)

（3）K2CO3

（4）①1.6×10-5

②防止生產(chǎn)HCN，污染環(huán)境2CNO-+3ClO-+2H2O=N2+3Cl-+2HCO3-【分析】【分析】本題考查物質(zhì)的制備實(shí)驗(yàn)方案的設(shè)計(jì)，側(cè)重于學(xué)生的分析能力、實(shí)驗(yàn)?zāi)芰陀?jì)算能力的考查，為高考常見題型，注意根據(jù)流程圖把握實(shí)驗(yàn)的原理和操作方法，難度中等。【解答】rm{(1)}步驟Ⅰrm{HCN}溶液，石灰乳和硫酸亞鐵反應(yīng)制備步驟Ⅰrm{(1)}溶液，石灰乳和硫酸亞鐵反應(yīng)制備rm{HCN}rm{Ca_{2}Fe(CN)_{6}}，方程式為故答案為：rm{6HCN+3Ca(OH)_{2}+FeSO_{4}=Ca_{2}Fe(CN)_{6}+CaSO_{4}隆媒+6H_{2}O}rm{6HCN+3Ca(OH)_{2}+FeSO_{4}=Ca_{2}Fe(CN)_{6}+CaSO_{4}隆媒+6H_{2}O}步驟Ⅲrm{(2)}與rm{KCl}反應(yīng)得到rm{Ca_{2}Fe(CN)_{6}}rm{K_{2}CaFe(CN)_{6}}步驟Ⅳ過濾所得的廢液中含量較多的溶質(zhì)為故答案為：rm{CaCl_{2,}}rm{CaCl_{2}}rm{(3)}脫鈣，將鈣離子轉(zhuǎn)化為沉淀，不能增加其它離子，所以試劑步驟Ⅴ，用試劑rm{X}脫鈣，將鈣離子轉(zhuǎn)化為沉淀，不能增加其它離子，所以試劑rm{X}為rm{K_{2}CO_{3}}故答案為：為rm{X}故答案為：rm{X}rm{K_{2}CO_{3}}的電子式為：rm{K_{2}CO_{3}}rm{(4)壟脵NaCN}應(yīng)rm{CN隆樓+H}rm{CN隆樓+H}rm{{,!}_{2}}在rm{O}時(shí)的平衡常數(shù)rm{K=K=dfrac{cleft(HCNright)隆隴cleft(O{H}^{-}right)}{cleft(C{N}^{-}right)}=dfrac{cleft(HCNright)隆隴{K}_{W}}{cleft(C{N}^{-}right)隆隴cleft({H}^{+}right)}=dfrac{{K}_{W}}{Ka}=dfrac{{10}^{-14}}{6.25隆脕{10}^{-10}}=1.6隆脕{10}^{-5}}故答案為：rm{O}rm{?}rm{HCN+OH隆樓}在rm{25隆忙}時(shí)的平衡常數(shù)rm{K=K=

dfrac{cleft(HCNright)隆隴cleft(O{H}^{-}right)}{cleft(C{N}^{-}right)}=

dfrac{cleft(HCNright)隆隴{K}_{W}}{cleft(C{N}^{-}right)隆隴cleft({H}^{+}right)}=

dfrac{{K}_{W}}{Ka}=dfrac{{10}^{-14}}{6.25隆脕{10}^{-10}}=1.6隆脕{10}^{-5}

}防止生產(chǎn)rm{HCN+OH隆樓}污染環(huán)境，rm{25隆忙}為rm{K=K=

dfrac{cleft(HCNright)隆隴cleft(O{H}^{-}right)}{cleft(C{N}^{-}right)}=

dfrac{cleft(HCNright)隆隴{K}_{W}}{cleft(C{N}^{-}right)隆隴cleft({H}^{+}right)}=

dfrac{{K}_{W}}{Ka}=dfrac{{10}^{-14}}{6.25隆脕{10}^{-10}}=1.6隆脕{10}^{-5}

}用rm{1.6隆脕10^{-5;}}“完全氧化”rm{壟脷}生成第一步控制強(qiáng)堿性的主要目的是rm{HCN}第二步控制rm{pH}為rm{7.5隆蘆8.5}用rm{NaClO}“完全氧化”rm{OCN隆樓}生成rm{N}rm{pH}rm{7.5隆蘆8.5}，故答案為：防止生產(chǎn)rm{NaClO}污染環(huán)境；rm{OCN隆樓}rm{N}rm{{,!}_{2}}【解析】rm{(1)6HCN+3Ca(OH)_{2}+FeSO_{4}=Ca_{2}Fe(CN)_{6}+CaSO_{4}隆媒+6H_{2}O}rm{(2)CaCl_{2}(KCl}可答rm{)}rm{(3)K_{2}CO_{3}}rm{(4)}rm{壟脵}rm{1.6隆脕10^{-5;}}rm{壟脷}防止生產(chǎn)rm{HCN}污染環(huán)境rm{2CNO^{-}+3ClO^{-}+2H_{2}O=N_{2}}rm{+3Cl^{-}+2HCO_{3}^{-}}29、（1）ⅣA（2）HF（3）Mg（4）2Na+2H2O=2NaOH+H2↑【分析】【分析】本題考查位置、結(jié)構(gòu)與性質(zhì)，為高頻考點(diǎn)，把握元素的位置、元素的性質(zhì)及元素化合物知識(shí)等為解答的關(guān)鍵，側(cè)重分析與應(yīng)用能力的考查，題目難度中等。【解答】根據(jù)元素在在周期表的位置可以推知，rm{A}為rm{F}元素、rm{B}為rm{Na}元素、rm{C}為rm{Mg}元素、rm{D}為rm{Si}元素、rm{E}為rm{Cl}元素。

rm{(1)}依據(jù)rm{D}在周期表中第三橫行可知rm{D}在第三周期；依據(jù)rm{D}處在元素周期表的rm{p}區(qū)第二縱行可知rm{D}處在Ⅳrm{A}族。故答案為：Ⅳrm{A}rm{(2)A}為rm{F}元素、rm{E}為rm{Cl}元素，所以非金屬性rm{A>E}元素的非金屬性越強(qiáng)，其氣態(tài)氫化物越穩(wěn)定，所以氫化物的穩(wěn)定性為rm{HF>HCl}故答案為：rm{HF}

rm{(3)B}為rm{Na}元素、rm{C}為rm{Mg}元素，同周期，從左向右原子半徑減小，則原子半徑為rm{Na>Mg}故答案為：rm{Mg}

rm{(4)B}為rm{Na}元素，rm{Na}與水反應(yīng)生成rm{NaOH}和氫氣，化學(xué)反應(yīng)方程式為：rm{2Na+2H_{2}O=2NaOH+H_{2}隆眉}故答案為：rm{2Na+2H_{2}O=2NaOH+H_{2}隆眉}

【解析】rm{(1)}Ⅳrm{A}rm{(2)HF}rm{(3)Mg}rm{(4)2Na+2H_{2}O=2NaOH+H_{2}隆眉}30、（1）3s23p4（2）3︰1NH3分子間可以形成氫鍵Cl>S>PCl>P>SH3PO4＜H2SO4sp3雜化正四面體（3）[Cu(NH3)4]2+NH3（4