2025年浙科版高三物理下冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙科版高三物理下冊月考試卷567考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、M和N是原來不帶電的物體，它們相互摩擦后M帶1.6×10-10C的正電荷，下列判斷正確的是（）A.在摩擦前M和N的內(nèi)部沒有任何電荷B.摩擦過程中電子從M轉(zhuǎn)移到NC.摩擦過程中質(zhì)子從N轉(zhuǎn)移到MD.在摩擦過程中M和N的電荷總量變小2、如圖所示的電場中；有A；B、C三點(diǎn)．關(guān)于這三點(diǎn)的描述，正確的是（）

A.A點(diǎn)的場強(qiáng)最大B.B點(diǎn)的電勢最高C.C點(diǎn)無電場線，所以場強(qiáng)為零D.將一個帶正電的試探電荷從A點(diǎn)釋放，此試探電荷會沿電場線運(yùn)動到B點(diǎn)3、從地球上發(fā)射的兩顆人造地球衛(wèi)星A和B，繞地球做勻速圓周運(yùn)動的半徑之比為RA：RB=4：1，求它們的線速度之比VA：VB和運(yùn)動周期之比為TA：TB（）A.2：11：16B.1：28：1C.1：21：8D.2：12：14、一個做自由落體運(yùn)動的小球，通過某一段距離s所用的時間為t，則小球在此前下落時間是（）A.[s/（gt）]-tB.[s/（gt）]-[t/2]C.[/g]-tD.[/g]+t5、一質(zhì)點(diǎn)沿一邊長為2m的正方形軌道運(yùn)動，每秒鐘勻速移動1m，初始位置為bc邊的中點(diǎn)A，由b向c運(yùn)動，如圖所示，A、B、C、D分別是bc、cd、da、ab邊的中點(diǎn)，則下列說法正確的是（）A.第2.5s末的瞬時速度是1m/sB.前3s內(nèi)的平均速度大小為m/sC.前5s內(nèi)的平均速率為0.5m/sD.前4s內(nèi)的平均速度大小為2m/s6、如圖所示，有一個直角支架AOB，AO水平放置，表面粗糙，OB豎直向下，表面光滑，AO上套有小環(huán)P，OB上套有小環(huán)Q，兩環(huán)質(zhì)量均為m，兩環(huán)間由一根質(zhì)量可忽略、不可伸展的細(xì)繩相連，并在某一位置平衡（如圖），現(xiàn)將P環(huán)向左移一小段距離，兩環(huán)再次達(dá)到平衡，那么將移動后的平衡狀態(tài)和原的平衡狀態(tài)比較，AO桿對P環(huán)的支持力N、摩擦力f和細(xì)繩上的拉力T的變化情況是（）A.N不變，T變大，f不變B.N不變，T變小，f變小C.N變小，T變大，f不變D.N變大，T變小，f變小評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)7、質(zhì)量為m的物體從地面上方H高處無初速釋放，落在地面后出現(xiàn)一個深度為h的坑，如圖所示，在全過程中，以下說法正確的是（）A.外力對物體做的總功為零B.重力對物體做功為mgHC.物體的機(jī)械能減少mg（H+h）D.地面對物體的平均阻力大小為8、如圖所示，虛線a、b、c代表電場中三個等勢面，相鄰等勢面之間的電勢差相等，即Uab=Ubc，實(shí)線為一帶正電的質(zhì)點(diǎn)僅在電場力作用下通過該區(qū)域時的運(yùn)動軌跡，M、N是這條軌跡上的兩點(diǎn)，據(jù)此可知（）A.三個等勢面中的，a的電勢最高B.帶電質(zhì)點(diǎn)在M點(diǎn)具有的電勢能比在N點(diǎn)具有的電勢能大C.帶電質(zhì)點(diǎn)通過M點(diǎn)時的動能比通過N點(diǎn)時大D.帶電質(zhì)點(diǎn)通過M點(diǎn)時的加速度比通過N點(diǎn)時大9、下列有關(guān)靜電現(xiàn)象說法正確的是（）A.野外高壓輸電的三條輸電線上方設(shè)置兩條導(dǎo)線，這兩條導(dǎo)線不能與大地相連接B.高壓設(shè)備中導(dǎo)體表面應(yīng)該盡量光滑，是為了避免電能的損失C.一般電容器外殼上標(biāo)的是工作電壓，或稱為擊穿電壓D.驗(yàn)電器的金屬桿上端固定一個金屬球而不是做成針尖狀，這是為了防止尖端放電10、為了航天員的生存，環(huán)繞地球飛行的航天飛機(jī)內(nèi)密封著地球表面大氣成分的混合氣體，針對艙內(nèi)的封閉氣體，下列說法中正確的是（）A.氣體不受重力B.氣體受重力C.氣體對艙壁無壓力D.氣體對艙壁有壓力11、假設(shè)將來人類登上了火星，考察完畢后，乘坐一艘宇宙飛船從火星返回地球時，經(jīng)歷如圖所示的變軌過程，P點(diǎn)為三個軌道的切點(diǎn)，Q點(diǎn)為軌道Ⅱ的遠(yuǎn)火星點(diǎn)，則有關(guān)這艘飛船的下列說法，正確的是（）A.飛船在軌道Ⅰ上運(yùn)動時的機(jī)械能大于在軌道Ⅱ上運(yùn)動時的機(jī)械能B.飛船在軌道Ⅱ上運(yùn)動時，經(jīng)過Q點(diǎn)時的速度小于在軌道Ⅰ上運(yùn)動經(jīng)過P點(diǎn)時的速度C.飛船在軌道Ⅲ上運(yùn)動到P點(diǎn)時的加速度等于飛船在軌道Ⅱ上運(yùn)動到P點(diǎn)時的加速度D.飛船繞火星在軌道Ⅰ上運(yùn)動的周期跟飛船繞地球以軌道Ⅰ同樣的軌道半徑運(yùn)動的周期相同12、以下說法中不正確的有()A.做簡諧運(yùn)動的物體每次通過同一位置時都具有相同的加速度和速度B.橫波在傳播過程中，波峰上的質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動到相鄰的波峰所用的時間為一個周期C.一束光由介質(zhì)斜射向空氣，界面上可能只發(fā)生反射現(xiàn)象而沒有折射現(xiàn)象E.在電場周圍一定存在磁場，在磁場周圍一定存在電場E.在電場周圍一定存在磁場，在磁場周圍一定存在電場13、如圖所示，將兩相同的木塊ab

置于粗糙的水平地面上，中間用一輕彈簧連接，兩側(cè)用細(xì)繩固定于墻壁.

開始時ab

均靜止，彈簧處于伸長狀態(tài)，兩細(xì)繩均有拉力，a

所受摩擦力Ffa鈮?0b

所受摩擦力Ffb=0

現(xiàn)將右側(cè)細(xì)繩剪斷，則剪斷瞬間(

)

A.Ffa

大小不變B.Ffa

方向改變C.Ffb

方向向右D.Ffb

仍然為零14、從離地H高處自由釋放小球a，同時在地面以速度v0豎直上拋另一小球b，有（）A.若v0＞，小球b在上升過程中與a球相遇B.若v0＜，小球b在下落過程中肯定與a球相遇C.若v0=，小球b和a不會在空中相遇D.若v0=，兩球在空中相遇時b球速度為零評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)15、用r0表示處于平衡狀態(tài)時物體分子間的距離．當(dāng)兩個分子間的距離由0.5r0逐漸增大到無窮遠(yuǎn)的過程中，分子間作用力（指分子間引力和斥力的合力）大小的變化情況是____，分子勢能的變化情況是____．16、（2015?崇明縣二模）半徑為R的水平圓盤，繞通過圓心的豎直軸勻速轉(zhuǎn)動，A為圓盤邊緣上的一點(diǎn)，在O的正上方有一個可以視為質(zhì)點(diǎn)的小球，以初速度υ水平拋出時，半徑OA方向恰與υ的方向相同，如圖所示．若小球與圓盤只碰一次，且正好落在A點(diǎn)，則小球拋出時距離O點(diǎn)的高度h=____，圓盤轉(zhuǎn)動的角速度大小____．（重力加速度為g）17、夏天的陽光烤暖了大地，使地面附近的空氣變熱，形成暖氣團(tuán)升往高空而逐漸膨脹．由于暖氣團(tuán)體積非常大，可不計(jì)和外界大氣的熱交換，則暖氣團(tuán)在上升過程中對外界氣體____（填“做正功”、“做負(fù)功”或“不做功”），暖氣團(tuán)內(nèi)部的溫度____（填“升高”、“降低”或“不變”）．18、（選修模塊3-3）

（1）關(guān)于晶體和非晶體，下列說法中正確的是____．

A．同種物質(zhì)不可能呈現(xiàn)晶體和非晶體兩種不同的形態(tài)。

B．晶體中原子（或分子；離子）都按照一定規(guī)則排列；具有空間上的周期性。

C．單晶體和多晶體都具有各向異性的物理性質(zhì)。

D．某些液晶中摻入少量多色性染料；可表現(xiàn)出光學(xué)各向異性。

（2）在“用油膜法測量分子直徑”的實(shí)驗(yàn)中，將濃度為η的一滴油酸溶液，輕輕滴入水盆中，穩(wěn)定后形成了一層單分子油膜．測得一滴油酸溶液的體積為V0，形成的油膜面積為S，則油酸分子的直徑約為____；如果把油酸分子看成是球形的（球的體積公式為，d為球直徑），該滴油酸溶液所含油酸分子數(shù)約為____．

（3）如圖所示，玻璃管豎直懸掛，上端封閉、下端開口，管內(nèi)一個很薄的輕質(zhì)活塞封閉了一定質(zhì)量的空氣，已知活塞橫截面積S=1cm2．用力緩慢向下拉活塞，在活塞下降5cm的過程中，拉力做功為1J．已知大氣壓強(qiáng)Pa，實(shí)驗(yàn)中環(huán)境溫度保持不變且封閉氣體與外界有良好的熱交換，不計(jì)活塞與玻璃管壁間的摩擦．則活塞下降過程中，封閉氣體的壓強(qiáng)將____（選填“增大”、“減小”或“不變”），封閉氣體____（選填“吸收”或“放出”）的熱量為____J．19、某同學(xué)用伏安法測一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻，現(xiàn)備有下列器材：A.被測干電池一節(jié)B.電流表1

量程0隆蘆0.6A

內(nèi)阻r=0.3婁賂

C.電流表2

量程0隆蘆0.6A

內(nèi)阻約為0.1婁賂

D.電壓表1

量程0隆蘆3V

內(nèi)阻未知E.電壓表2

量程0隆蘆15V

內(nèi)阻未知F.滑動變阻器10隆蘆10婁賂2A

G.滑動變阻器20隆蘆100婁賂1A

H.開關(guān)、導(dǎo)線若干伏安法測電池電動勢和內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)中，由于電流表和電壓表內(nèi)阻的影響，測量結(jié)果存在系統(tǒng)誤差，在現(xiàn)有器材的條件下，要盡可能準(zhǔn)確地測量電池的電動勢和內(nèi)阻。

(1)

在上述器材中請選擇適當(dāng)?shù)钠鞑?

填寫器材前的字母)

電流表選擇__________，電壓表選擇____，滑動變阻器選擇____。(2)

實(shí)驗(yàn)電路圖應(yīng)選擇下圖中的__________(

填“甲”或“乙”)

(3)

根據(jù)實(shí)驗(yàn)中電流表和電壓表的示數(shù)得到了如圖丙所示的U鈭?I

圖象，則在修正了實(shí)驗(yàn)系統(tǒng)誤差后，干電池的電動勢E=

__________V

內(nèi)電阻r=

__________婁賂

20、將帶電量為6×10-6C的負(fù)電荷從電場中A點(diǎn)移到B點(diǎn)，克服電場力做了3×10-5J的功，再將電荷從B點(diǎn)移到C點(diǎn)，電場力做了1.2×10-5J的功，則A、C間的電勢差為____V；電荷從A點(diǎn)移到B點(diǎn)再從B點(diǎn)移到C點(diǎn)的全過程中，電勢能變化了____J；設(shè)A點(diǎn)為零電勢點(diǎn)，則C點(diǎn)的電勢為____V．評卷人得分四、判斷題(共3題，共9分)21、光的偏振現(xiàn)象說明光是橫波____（判斷對錯）22、在磁場中，粒子的比荷之比與軌道半徑之比成反比____（判斷對錯）23、任意兩條電場線都不相交．____．（判斷對錯）評卷人得分五、簡答題(共4題，共40分)24、已知地球表面的重力加速度為g；地球半徑為R．某顆中軌道衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動，軌道離地面的高度是地球半徑的3倍．求：

（1）該衛(wèi)星做圓周運(yùn)動的角速度大小為多少？

（2）該衛(wèi)星做圓周運(yùn)動的周期為多少？25、（2015秋?濰坊期末）如圖所示，質(zhì)量為m，半徑為r的球在平臺與豎直墻面之間保持靜止，A、B為球與平臺及墻面間的接觸點(diǎn)．已知A點(diǎn)與墻面間相距r；重力加速度為g，球質(zhì)量分布均勻，不計(jì)一切摩擦．求：

（1）A點(diǎn)對球的支持力；

（2）球?qū)點(diǎn)的壓力．26、（2015秋?銀川校級月考）一列簡諧橫波沿X軸正向傳播；t=0時的圖象如圖所示，此時刻后介質(zhì)中P質(zhì)點(diǎn)回到平衡位置的最短時間為0.2S，Q質(zhì)點(diǎn)回到平衡位置的最短時間為1s，已知t=0時兩質(zhì)點(diǎn)相對平衡位置的位移相同，則：

（1）波的傳播周期為多少秒？傳播速度是多大？

（2）寫出質(zhì)點(diǎn)P經(jīng)過平衡位置向上運(yùn)動時的振動方程；

（3）從t=0時刻算起經(jīng)過多長時間質(zhì)點(diǎn)Q第二次回到平衡位置？27、如圖所示，將質(zhì)量為m的小球，用長為L的繩吊起來，并靠在光滑的半徑為r的半球體上；繩的懸點(diǎn)A到球面的最小距離為d．

（1）求小球?qū)K子的拉力和對半球體的壓力；

（2）若L變短，問小球?qū)K子的拉力和對半球體的壓力如何變化？參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、B【分析】【分析】解答本題應(yīng)明確起電的本質(zhì)，明確不帶電的物體呈現(xiàn)電中性，而帶電的原因是失去或獲得電子．【解析】【解答】解：A；原來不帶電的物體處于電中性；不是不帶電，而是正負(fù)電荷的個數(shù)相等，故A錯誤；

B；摩擦起電中移動的是自由電子；失去電子的物體帶正電，得到電子的物體帶負(fù)電，故摩擦起電中M失去電子，轉(zhuǎn)移到了N物體上，故B正確，C錯誤；

D；由電荷守恒定律可知；在電子的轉(zhuǎn)移中電荷的總量保持不變，故D錯誤；

故選：B2、A【分析】【分析】電場強(qiáng)度的大小看電場線的疏密程度；電場線越密的地方電場強(qiáng)度越大；

電勢的高低看電場線的指向；沿著電場線電勢一定降低．

電場線并不存在；是虛擬的，是認(rèn)為引入的，而物體的運(yùn)動軌跡是實(shí)際存在的，故電場線不是電荷的運(yùn)動軌跡；

在任意兩條電場線之間雖沒有電場線，但仍有電場．【解析】【解答】解：A；電場線越密代表電場越強(qiáng)；A點(diǎn)的場強(qiáng)最大，故A正確；

B；沿著電場線電勢一定降低；A點(diǎn)的電勢最高，B錯誤．

C；電場線并不存在；是虛擬的，是人為引入的，在兩條電場線之間雖沒有電場線，但仍有電場，故C錯誤．

D；將一個帶正電的試探電荷從A點(diǎn)釋放；正電荷在A點(diǎn)所受的電場力沿A點(diǎn)的切線方向，將使該電荷離開原電場線，所以此試探電荷不可能沿電場線運(yùn)動到B點(diǎn)．故D錯誤．

故選：A3、B【分析】【分析】衛(wèi)星做勻速圓周運(yùn)動，萬有引力提供向心力，運(yùn)用牛頓第二定律列方程求速度之比，由周期公式求周期之比．【解析】【解答】解：衛(wèi)星做勻速圓周運(yùn)動；萬有引力提供向心力，則。

FA=G=mA

FB=G=mB

聯(lián)立解得

根據(jù)T=知。

故選B4、B【分析】【分析】設(shè)小球在此前下落時間為T，則對T時間和T+t時間分別運(yùn)用位移時間關(guān)系公式列式求解即可．【解析】【解答】解：小球做自由落體運(yùn)動；通過某一段距離s所用的時間為t；

設(shè)小球在此前下落時間為T，則時間T內(nèi)的位移為：；

在T+t時間內(nèi)的位移為：；

根據(jù)題意，有：x1+s=x2；

聯(lián)立解得：T=；

故選B．5、A【分析】【分析】明確物體運(yùn)動過程，知道瞬時速度與時刻對應(yīng)，平均速度和平均速率與時間對應(yīng)；平均速度等于位移與時間的比值，平均速率等于路程與時間的比值．【解析】【解答】解：A；由題意可知；物體每秒勻速移動1m；故速度v=1m/s，即每一時刻的速度均為1m/s，每段時間內(nèi)的平均速度也為1m/s，故第2.5s末的瞬時速度是1m/s，故A正確；

B、前3s內(nèi)的位移大小為Ad的長度，故x==m，故平均速度=m/s；故B錯誤；

C、前5s內(nèi)的路程為5m，故平均速率v==1m/s；故C錯誤；

D、前4s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)通過的路程為4m，在第4s末到達(dá)C點(diǎn)，則位移x=2m，故平均速度==0.5m/s；故D錯誤。

故選：A6、B【分析】【分析】先對小環(huán)Q受力分析，受到重力、支持力和拉力，跟三力平衡條件，求出拉力的表達(dá)式；再對P、Q兩個小環(huán)的整體受力分析，根據(jù)平衡條件再次列式分析即可．【解析】【解答】解：對小環(huán)Q受力分析；受到重力；支持力和拉力，如圖。

根據(jù)三力平衡條件；得到。

T=

FN=mgtanθ

再對P；Q整體受力分析；受到總重力、OA桿支持力、向右的靜摩擦力、BO桿的支持力，如圖。

根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件；有。

FN=f

N=（m+m）g=2mg

故：f=mgtanθ

當(dāng)P環(huán)向左移一小段距離；角度θ變小，故拉力T減小，靜摩擦力f變小，支持力N不變．

所以B正確；ACD錯誤．

故選：B．二、多選題(共8題，共16分)7、ACD【分析】【分析】重力勢能減少量等于重力做功的多少；機(jī)械能守恒的條件是只有重力或彈力做功；對整個過程，運(yùn)用動能定理求解平均阻力．【解析】【解答】解：A；物體的初末動能都為零；根據(jù)動能定理可知，合外力做的功等于物體動能的變化量，所以外力對物體做的總功為零，故A正確．

B、物體落至坑底時，以坑底為參考平面，重力對物體做功為mg（H+h），在此過程中物體的重力勢能減少量為△Ep=mg（H+h）．故B錯誤；C正確．

C、D、整體過程中，根據(jù)動能定理得：mg（H+h）-Fh=0；解得地面對物體的平均阻力為F=．故D正確；

故選：ACD．8、ABD【分析】【分析】由于質(zhì)點(diǎn)只受電場力作用，根據(jù)運(yùn)動軌跡可知電場力指向運(yùn)動軌跡的內(nèi)側(cè)即斜向右下方，由于質(zhì)點(diǎn)帶正電，因此電場線方向也指向右下方；電勢能變化可以通過電場力做功情況判斷；電場線和等勢線垂直，且等勢線密的地方電場線密，電場的場強(qiáng)大．【解析】【解答】解：A；電荷所受電場力指向軌跡內(nèi)側(cè)；由于電荷帶正電，因此電場線指向右下方，沿電場線電勢降低，故a等勢線的電勢最高，故A正確．

B；C、根據(jù)質(zhì)點(diǎn)受力情況可知；從M到N過程中電場力做正功，電勢能降低，動能增大，則質(zhì)點(diǎn)在M點(diǎn)具有的電勢能比在N點(diǎn)具有的電勢能大，通過M點(diǎn)時的動能比通過N點(diǎn)時小，故B正確，C錯誤；

D；等差等勢面中等勢面密的地方電場線也密；則M點(diǎn)場強(qiáng)大，電場力大，加速度大，則D正確。

故選：ABD9、CD【分析】【分析】當(dāng)這兩條導(dǎo)線必須與大地相連接；兩者電勢差為零，打雷時，對高壓線沒有危害，構(gòu)成屏蔽；

當(dāng)表面越尖時；電場強(qiáng)度越強(qiáng)，則越容易出現(xiàn)尖端放電；

電容器外殼上標(biāo)的是工作電壓，即為最大電壓，或稱為擊穿電壓．【解析】【解答】解：A；野外高壓輸電的三條輸電線上方設(shè)置兩條導(dǎo)線；這兩條導(dǎo)線要與大地相連接，才能起到屏蔽作用，故A錯誤；

B；高壓設(shè)備中導(dǎo)體表面應(yīng)該盡量光滑；是為了避免尖端放電，故B錯誤；

C；一般電容器外殼上標(biāo)的是工作電壓；或稱為擊穿電壓，故C正確；

D；驗(yàn)電器的金屬桿上端固定一個金屬球而不是做成針尖狀；這是為了防止尖端放電，故D正確；

故選：CD．10、BD【分析】【分析】氣體和航天員一樣，都處于完全失重狀態(tài)，所受重力提供繞地球做運(yùn)動運(yùn)動的向心力，氣體壓強(qiáng)的產(chǎn)生是由于氣體分子作無規(guī)則熱運(yùn)動產(chǎn)生的．【解析】【解答】解：A；氣體和航天員一樣；都繞地球做勻速圓周運(yùn)動，重力提供向心力，故A錯誤，B正確；

C；氣體壓強(qiáng)的產(chǎn)生是由于氣體分子作無規(guī)則熱運(yùn)動時；頻繁的撞擊容器壁產(chǎn)生，所以此時氣體對艙壁有壓力，故C錯誤，D正確．

故選BD11、BC【分析】解：A；飛船在軌道I上運(yùn)動時需要加速才能進(jìn)入軌道II；在加速過程中發(fā)動機(jī)對飛船做正功，飛船的機(jī)械能增大，故A錯誤；

B；在軌道II上運(yùn)動；P為近星點(diǎn)，速度大于遠(yuǎn)星點(diǎn)Q，故B正確；

C；飛船在P點(diǎn)的加速度由萬有引力產(chǎn)生；在同一點(diǎn)萬有引力產(chǎn)生的加速度相同，與飛船所在軌道位置無關(guān)，故C正確；

D、據(jù)萬有引力提供圓周運(yùn)動向心力有衛(wèi)星的周期T=可知飛船的周期除了與半徑有關(guān)外還與中心天體的質(zhì)量有關(guān)，故D錯誤．

故選：BC

飛船在橢圓軌道上運(yùn)動時；近地點(diǎn)速度大遠(yuǎn)地點(diǎn)速度小，飛船通過做近心運(yùn)動和離心運(yùn)動來實(shí)現(xiàn)軌道高度的調(diào)整，由能量關(guān)系判定機(jī)械能的變化，根據(jù)開普勒行星定律分析周期的變化。

萬有引力提供圓周運(yùn)動向心力，衛(wèi)星通過做離心運(yùn)動或近心運(yùn)動實(shí)現(xiàn)軌道高度的變化，據(jù)此可以根據(jù)能量關(guān)系分析飛船機(jī)械能的變化．【解析】【答案】BC12、ABE【分析】選ABE做簡諧運(yùn)動的物體每次通過同一位置時都具有相同的加速度，而速度方向有兩種可能，故A錯誤；橫波在傳播過程中，波峰上的質(zhì)點(diǎn)只在自己的平衡附近振動，不隨波推移，故B錯誤；一束光由介質(zhì)斜射向空氣，界面上若發(fā)生全反射，只發(fā)生反射現(xiàn)象而沒有折射現(xiàn)象，故C正確；水面油膜呈現(xiàn)彩色條紋是光的干涉現(xiàn)象形成的，可以用光的波動理論解釋，故D正確；根據(jù)麥克斯韋電磁場理論得知，在變化的電場周圍才存在磁場，在變化的磁場周圍才存在電場，故E錯誤。此題選不正確的，故選A、BE

【解析】ABE

13、AC【分析】解：初始狀態(tài)，a

在水平方向上受繩子拉力、彈簧的彈力還有摩擦力處于平衡，b

受彈簧的彈力和繩子的拉力處于平衡.

右側(cè)細(xì)繩剪斷的瞬間，彈簧的彈力不變，a

仍然受三個力作用，摩擦力的大小和方向不變，而b

受到向左的彈力；將受到向右的摩擦力.

故AC正確，BD錯誤．

故選：AC

．

對初始狀態(tài)進(jìn)行受力分析；剪斷細(xì)繩的瞬間，彈簧的彈力未發(fā)生變化，根據(jù)此時物體的受力情況確定摩擦力的大小和方向．

本題屬于牛頓第二定律的瞬時問題，關(guān)鍵抓住剪斷細(xì)繩的瞬間，彈簧的彈力不變．【解析】AC

14、ACD【分析】【分析】（1）根據(jù)位移時間公式分別求出a和b的位移大小，兩物體在空中相碰，知兩物體的位移之和等于H，再結(jié)合相遇的時間小于b落地的時間，求出在空中相遇時b的初速度v0應(yīng)滿足的條件．

（2）要使b在下落過程中與甲相碰，則a運(yùn)行的時間大于b上升的時間小于b上升和下落的總時間．根據(jù)時間的關(guān)系，求出速度的范圍．【解析】【解答】解：設(shè)經(jīng)過時間t物體ab在空中相碰，a做自由落體運(yùn)動的位移：h1=gt2

b做豎直上拋運(yùn)動的位移為：h2=v0t-gt2

由幾何關(guān)系有：H=h1+h2

聯(lián)立以上各式解得：①

小球b上升的時間：②

小球b運(yùn)動的總時間為：③

A、若小球b在上升過程中與a球相遇，則t＜t2，解得：；故A正確；

C、若b的初速度v0=，，a下落的高度：；兩個物體在落地點(diǎn)相遇．故C正確；

B、由A與C的分析可得，當(dāng)b球的初速度滿足：時，小球b在下落過程中肯定與a球相遇；當(dāng)時小球b和a不會在空中相遇．故B錯誤．

D、若v0=，t2==，相遇時間t=，此時b球剛上升到最高點(diǎn)；速度為零，D正確；

故選：ACD三、填空題(共6題，共12分)15、先逐漸減小到零，后逐漸增大，再逐漸減小先減小后增大【分析】【分析】無論在平衡位置以內(nèi)還是以外；總是同時存在分子引力和斥力．

在平衡距離以內(nèi)，分子力表現(xiàn)為斥力，在平衡距離以外分子力表現(xiàn)為引力．由分子力做功可判定分子勢能變化．【解析】【解答】解：分子引力與分子斥力同時存在，當(dāng)兩個分子間的距離是0.5r0時，整體表現(xiàn)為斥力，當(dāng)兩個分子間的距離是r0時，分子引力等于分子斥力，當(dāng)兩個分子間的距離大于r0時，整體表現(xiàn)為引力．并且隨分子之間距離的增大，分子引力先增大，后減小，所以當(dāng)兩個分子間的距離由0.5r0逐漸增大到無窮遠(yuǎn)的過程中；分子間作用力先逐漸減小到零，后逐漸增大，再逐漸減小；

在平衡距離以內(nèi)；分子力表現(xiàn)為斥力，隨距離的增大，分子力做正功，分子勢能減??；在平衡距離以外分子力表現(xiàn)為引力，隨距離的增大，分子力做負(fù)功，分子勢能增大．

故答案為：先逐漸減小到零，后逐漸增大，再逐漸減??；先減小后增大16、，（n=1，2，3，）【分析】【分析】小球做平拋運(yùn)動，根據(jù)水平位移和初速度求出平拋運(yùn)動的時間，根據(jù)時間求出高度h．抓住平拋運(yùn)動的時間和圓周運(yùn)動的時間相等，求出圓盤轉(zhuǎn)動的角速度．【解析】【解答】解：平拋運(yùn)動的時間t=；

則高度h=．

根據(jù)圓周運(yùn)動的周期性，結(jié)合時間相等有：；

解得；（n=1，2，3，）

故答案為：，，（n=1，2，3，）17、做正功降低【分析】【分析】根據(jù)熱力學(xué)第一定律方向問題的做功和吸熱情況．【解析】【解答】解：暖氣團(tuán)在上升過程中氣體膨脹；對外做正功，由熱力學(xué)第一定律知內(nèi)能減小，分子的平均動能減小，故溫度降低．

故答案為：做正功，降低18、BD減小吸收0.5【分析】【分析】（1）晶體具有各向異性；在各個不同的方向上的物理性質(zhì)不同，分子的排列在空間上有周期性，非晶體具有各項(xiàng)同性；

（2）在油膜法估測分子大小的實(shí)驗(yàn)中；讓一定體積的純油酸滴在水面上形成單分子油膜，估算出油膜面積，從而求出分子直徑．

（3）氣體在變化的過程中，氣體的溫度不變，氣體做的是等溫變化，找出氣體的初末狀態(tài)的狀態(tài)參量，根據(jù)玻意耳定律可以求得氣體的壓強(qiáng)，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可以求得氣體的內(nèi)能的變化．【解析】【解答】解：（1）A；理論和實(shí)驗(yàn)證明非晶體具有不穩(wěn)定狀態(tài)；在適當(dāng)?shù)臈l件下會變成晶體，所以A錯誤；

B；晶體具有各向異性；在各個不同的方向上的物理性質(zhì)不同，分子的排列在空間上有周期性，所以B正確；

C；單晶體具有各向異性；多晶體具有各項(xiàng)同性，所以C錯誤；

D；某些液晶中摻入少量多色性染料；可表現(xiàn)出光學(xué)各向異性，所以D正確．

（2）1滴油酸溶液的體積V0；

由濃度為η的一滴油酸溶液，可得1滴酒精油酸溶液中含油酸的體積V2=ηV0

而1滴酒精油酸溶液在水面上形成的油酸薄膜輪廓面積S

所以油酸分子直徑d==

（2）已知體積為V0的一滴油酸溶液滴在水面上散開形成的單分子油膜的面積為S，則分子的直徑d=

所以分子的體積v=（分子以球型分布）

則

得

（3）對于封閉的氣體；做的是等溫變化，在活塞下降過程中，氣體的體積變大，根據(jù)PV=C可知，氣體的壓強(qiáng)減小；

由于氣體的體積變大；所以氣體要對外做功，又由于氣體的溫度不變，所以氣體的內(nèi)能不變；

在此過程中，拉力做的功為1J，克服大氣壓力做的功為P0SL=0.5J；所以封閉氣體對外做功為0.5J；

根據(jù)△E=Q+W可得；封閉氣體對外做功為0.5J，同時要吸收0.5J的熱量．

故答案為：（1）BD（2），（3）減小吸收0.519、（1）BDF（2）甲（3）1.500.7【分析】【分析】(1)

實(shí)驗(yàn)中要能保證安全和準(zhǔn)確性選擇電表；

(2)

本實(shí)驗(yàn)應(yīng)采用滑動變阻器和電壓表聯(lián)合測量；由實(shí)驗(yàn)原理可得出電路原理圖；

(3)

由原理利用閉合電路歐姆定律可得出表達(dá)式；由數(shù)學(xué)關(guān)系可得出電動勢和內(nèi)電阻。

本題為設(shè)計(jì)性實(shí)驗(yàn)，在解題時應(yīng)注意明確實(shí)驗(yàn)的原理；并且要由實(shí)驗(yàn)原理結(jié)合閉合電路歐姆定律得出表達(dá)式，由圖象得出電動勢和內(nèi)電阻。【解答】(1)

本實(shí)驗(yàn)中必選的儀器有：因電源電動勢為1.5V

電流較小，為了讀數(shù)準(zhǔn)確，所以電流表應(yīng)選擇：量程0隆蘆0.6A

內(nèi)阻0.3婁賂

的B

電壓表選擇D

量程0隆蘆3V

滑動變阻器阻值較小有利于電表的數(shù)值變化；減小誤差，故選F。

(2)

因?yàn)殡娏鞅淼膬?nèi)阻已知；為了減小誤差，電流表采用相對電源的內(nèi)接法，故選擇圖甲；

(3)

由U鈭?I

圖可知；電源的電動勢為縱軸截距，即E=1.50V

內(nèi)電阻為圖象斜率的絕對值，r=?U?I鈭?rA=1.5鈭?10.5鈭?0.3=0.7婁賂

故答案為：(1)BDF(2)

甲(3)1.500.7

【解析】(1)BDF(2)

甲(3)1.500.7

20、31.8×10-5J-3【分析】【分析】（1）根據(jù)題意，電荷從A到B再到C，電場力做功WAC=WAB+WBC，再由A、C間的電勢差由公式UAC=求解；

（2）根據(jù)電場力做功等于電勢能的變化，結(jié)合電荷從A到B再到C過程中，電場力做功，即可求解，根據(jù)UAC=φA-φC求的電勢【解析】【解答】解：（1）負(fù)電荷從電場中A點(diǎn)移到B點(diǎn)，克服電場力做了3×10-5J的功，即做功為WAB=-3×10-5J；

A、C間的電勢差為：UAC==3V；

（2）因電場力做功，導(dǎo)致電勢能的變化，則有：WAC=-△E電；

解得：△E電=-3×10-5J+1.2×10-5J=-1.8×10-5J；

即電勢能減小了1.8×10-5J；

UAC=φA-φC

解得φC=-3V

故答案為：3，1.8×10-5J，-3四、判斷題(共3題，共9分)21、√【分析】【分析】可以把波分為橫波和縱波兩類，傳播的只是振動形式和能量，而偏振現(xiàn)象與橫波有關(guān)，從而即可求解．【解析】【解答】解：偏振是橫波特有的現(xiàn)象；所以光的偏振現(xiàn)象說明光是橫波．以上說法是正確的．

故答案為：√22、√【分析】【分析】粒子在磁場中，由洛倫茲力提供向心力，故在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，寫出牛頓第二定律的方程，導(dǎo)出粒子的半徑公式即可做出判定．【解析】【解答】解：粒子在磁場中，由洛倫茲力提供向心力，故在磁場中做勻速圓周運(yùn)動；由洛倫茲力提供向心力，有qvB=m，解得r=；粒子的比荷之比與軌道半徑之比成反比．

故答案為：√23、√【分析】【分析】掌握電場線特點(diǎn)是解本題的關(guān)鍵，電場線從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不相交不閉合．【解析】【解答】解：電場中任意兩條電場線不會相交；否則相交的地方的電場線的方向有兩個．所以該說法是正確的．

故答案為：√五、簡答題(