2025年滬教版高二物理下冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬教版高二物理下冊(cè)月考試卷200考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示，實(shí)線為方向未知的三條電場(chǎng)線，虛線分別為等勢(shì)線1、2、3，已知MN=NQ，帶電量相等的a、b兩帶電粒子從等勢(shì)線2上的O點(diǎn)以相同的初速度飛出．僅在電場(chǎng)力作用下；兩粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，則（）

A.a一定帶正電，b一定帶負(fù)電。

B.a加速度減小，b加速度增大。

C.MN兩點(diǎn)電勢(shì)差|UMN|等于NQ兩點(diǎn)電勢(shì)差|UNQ|

D.a粒子到達(dá)等勢(shì)線3的動(dòng)能變化量比b粒子到達(dá)等勢(shì)線1的動(dòng)能變化量小。

2、在光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)中，如果需要增大光電子到達(dá)陽極時(shí)的速度，可采用的方法是(

)

A.增加光照時(shí)間B.增大入射光的波長(zhǎng)C.增大入射光的強(qiáng)度D.增大入射光頻率3、圖為某小型水電站的電能輸送示意圖，A為升壓變壓器，其輸入功率為P1，輸出功率為P2，輸出電壓為U2；B為降壓變壓器，其輸入功率為P3，輸入電壓為U3．A、B均為理想變壓器，輸電線的總電阻為r；則下列關(guān)系式正確的是（）

A.P1＞P2

B.P2=P3

C.U2＞U3

D.U2=U3

4、炮彈從炮口射出時(shí)的速度大小為v；方向與水平方向成a角，把這個(gè)速度沿水平和豎直方向分解，其豎直分速度的大小是（）

A.vsina

B.vcosa

C.v/sina

D.v/cosa

5、如圖所示，人靜止在水平地面上的測(cè)力計(jì)上，下列說法正確的是(

)

A.人對(duì)測(cè)力計(jì)的壓力和測(cè)力計(jì)對(duì)人的支持力是一對(duì)作用力與反作用力B.人對(duì)測(cè)力計(jì)的壓力和測(cè)力計(jì)對(duì)人的支持力是一對(duì)平衡力C.人對(duì)測(cè)力計(jì)沒有壓力D.人對(duì)測(cè)力計(jì)有壓力，測(cè)力計(jì)對(duì)人沒有支持力6、在物理學(xué)史上，奧斯特首先發(fā)現(xiàn)電流周圍存在磁場(chǎng)。隨后，物理學(xué)家提出“磁生電”的閃光思想。很多科學(xué)家為證實(shí)這種思想進(jìn)行了十多年的艱苦研究，首先成功發(fā)現(xiàn)“磁生電”的物理學(xué)家是()A.牛頓B.安培C.法拉第D.霍金7、關(guān)于產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件，以下說法中正確的是()

A.導(dǎo)體在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)體中就一定有感應(yīng)電流B.導(dǎo)體做切割磁感線運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)體中就一定有感應(yīng)電流C.穿過閉合電路的磁通量不為零，閉合電路中就一定產(chǎn)生感應(yīng)電流D.無論什么方法，只要穿過閉合回路的磁通量發(fā)生變化，閉合電路中就一定產(chǎn)生感應(yīng)電流8、如圖所示，質(zhì)量為m

的物塊，帶正電荷Q

開始時(shí)讓它靜止在傾角婁脕=60鈭?

的固定光滑絕緣斜面頂端，整個(gè)裝置放在水平方向、大小為E=3mgQ

的勻強(qiáng)電場(chǎng)中(

設(shè)斜面頂端處電勢(shì)為零)

斜面高為H.

釋放后，物塊落地時(shí)的電勢(shì)能為Ep

物塊落地時(shí)的速度大小為v

則(

)

A.Ep=鈭?3mgH

B.Ep=鈭?33mgH

C.v=2gH

D.v=2gH

9、滿足下列哪個(gè)條件時(shí)，閉合回路中就會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流(

)

A.有磁感線穿過回路B.回路中有磁通量C.磁通量發(fā)生變化D.穿過回路的磁通量較大評(píng)卷人得分二、填空題(共9題，共18分)10、用不同頻率的光照射某金屬，測(cè)量其反向遏止電壓UC與入射光頻率ν，得到UC-ν圖象，根據(jù)圖象求出該金屬的截止頻率νC=____Hz，金屬的逸出功W=____eV，普朗克常量h=____J·s．11、有兩個(gè)單擺做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，位移與時(shí)間關(guān)系是：x1=3asin(4πbt+π/4)和x2=9asin(8πbt+π/2)，其中a、b為正的常數(shù)，則它們的：①振幅之比A1：A2=__________；②擺長(zhǎng)之比L1：L2=_________。12、勻強(qiáng)磁場(chǎng)中有一段長(zhǎng)為0.2m的直導(dǎo)線，它與磁場(chǎng)方向垂直，當(dāng)通過2.0A的電流時(shí)，受到0.8N的安培力，磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度是______T；當(dāng)通過的電流加倍時(shí)，磁感應(yīng)強(qiáng)度是______T，導(dǎo)線受到的安培力大小為______N．13、電場(chǎng)中某區(qū)域的電場(chǎng)線分布如圖，AB

為電場(chǎng)中的兩點(diǎn)，則A

點(diǎn)的電勢(shì)______B

點(diǎn)的電勢(shì)，A

點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)______B

點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)．14、容積為20L的鋼瓶?jī)?nèi)，貯有壓強(qiáng)為1.5×107Pa的氧氣。打開鋼瓶的閥門，讓氧氣分裝到容積為5L的氧氣袋中(袋都是真空的)，充氣后的氧氣袋中氧氣壓強(qiáng)都是1.0×106Pa，設(shè)充氣過程不漏氣，環(huán)境溫度不變，則這瓶氧氣最多可分裝——袋15、如圖所示；把一個(gè)不帶電的枕形導(dǎo)體靠近帶正電的小球，由于靜電感應(yīng)：

（1）b端帶______（“正”或“負(fù)”）電；

（2）閉合開關(guān)K1，b端帶______（“正”或“負(fù)”或“不帶電”）電，有電子從______流向______（“大地”或“導(dǎo)體”）．16、圖甲是驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的實(shí)驗(yàn)裝置；重物的質(zhì)量為m.

實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)先__________(

選填“接通電源”或“釋放紙帶”).

如圖乙所示，在選定的紙帶上依次取計(jì)數(shù)點(diǎn)ABC

相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔為T

且O

為打下的第一個(gè)點(diǎn)，各計(jì)數(shù)點(diǎn)距O

點(diǎn)距離如圖乙所示.

當(dāng)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打下點(diǎn)B

時(shí)，重物增加的動(dòng)能表達(dá)式為______________，重物減少的重力勢(shì)能表達(dá)式為______________.(

已知重力加速度為g)

17、某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的實(shí)驗(yàn)；在小車A

的前端粘有橡皮泥，設(shè)法使小車A

做勻速直線運(yùn)動(dòng)，然后與原來靜止的小車B

相碰并粘在一起，繼續(xù)做勻速運(yùn)動(dòng)，設(shè)計(jì)如圖1

所示：

在小車A

的后面連著紙帶；電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的頻率為50Hz

長(zhǎng)木板下墊著小木片用以平衡摩擦力．

(1)

若已得到打點(diǎn)紙帶如圖2

所示，并測(cè)得各計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離，在圖上標(biāo)出A

為運(yùn)動(dòng)起始的點(diǎn)，則應(yīng)選______段來計(jì)算A

碰前的速度，應(yīng)選______段來計(jì)算A

和B

碰后的共同速度．

(2)

已測(cè)得小車A

的質(zhì)量mA=0.4kg

小車B

的質(zhì)量mB=0.20kg

則由以上結(jié)果可得碰前總動(dòng)量=

______kg?m/s

碰后總動(dòng)量=

______kg?m/s

．

18、一電流表的滿偏電流Ig=1mA

內(nèi)阻為200婁賂.

要把它改裝成一個(gè)量程為0.5A

的電流表，則應(yīng)在電流表上______接一個(gè)阻值為______婁賂

電阻．評(píng)卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)19、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）21、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

22、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

23、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場(chǎng)，實(shí)線和虛線分別表示電場(chǎng)線和等勢(shì)線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場(chǎng)力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分四、實(shí)驗(yàn)探究題(共3題，共6分)24、在“測(cè)定金屬絲的電阻率”的實(shí)驗(yàn)中；某同學(xué)進(jìn)行了如下測(cè)量：

（1）用毫米刻度尺測(cè)量接入電路中的被測(cè)金屬絲的有效長(zhǎng)度．測(cè)量3次，求出其平均值l．其中一次測(cè)量結(jié)果如圖甲所示，金屬絲的另一端與刻度尺的零刻線對(duì)齊，圖中讀數(shù)為______cm．用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲的直徑，選不同的位置測(cè)量3次，求出其平均值d．其中一次測(cè)量結(jié)果如圖乙所示，圖中讀數(shù)為______mm．

（2）采用圖丙所示的電路測(cè)量金屬絲的電阻．電阻的測(cè)量值比真實(shí)值______（填“偏大”或“偏小”）．最后由公式ρ=______計(jì)算出金屬絲的電阻率（用直接測(cè)量的物理量表示）．25、用如圖所示的器材通過實(shí)驗(yàn)來研究某電阻元件Z

的伏安特性曲線.

已知電壓表的內(nèi)阻遠(yuǎn)大于電阻元件的電阻．

(1)

若要求加在電阻元件上的電壓從零開始逐漸增大；在圖中虛線方框內(nèi)畫出實(shí)驗(yàn)原理圖．

(2)

將圖甲中儀器連成實(shí)物連接圖。

(3)

某實(shí)驗(yàn)小組采用合理的實(shí)驗(yàn)方法測(cè)得多組UI

數(shù)據(jù)如下表所示。

。U/V0.000.200.501.001.502.002.503.00I/A0.0000.0500.1000.1500.1800.1950.2050.215利用這些數(shù)據(jù)繪出的電阻元件的伏安特性曲線如圖乙所示；請(qǐng)根據(jù)這些數(shù)據(jù)和圖線回答下列問題：

壟脵

電阻元件的電阻隨電壓U

的變大而______(

填“變大”；“變小”或“不變”)

壟脷

若把電阻元件接入如圖丙所示的電路中時(shí)，電流表的讀數(shù)為0.070A

已知AB

兩端電壓恒為1.5V

則定值電阻R0

阻值為______婁賂.(

結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)

26、某同學(xué)研究小燈泡的伏安特性，所使用的器材有：小燈泡L(

額定電壓3.8V

額定電流0.32A)

電壓表V(

量程3V

內(nèi)阻3k婁賂)

電流表A(

量程0.5A

內(nèi)阻0.5婁賂)

固定電阻R0(

阻值1000婁賂)

滑動(dòng)變阻器R(

阻值0隆蘆9.0婁賂)

電源E(

電動(dòng)勢(shì)5V

內(nèi)阻不計(jì))

開關(guān)S

導(dǎo)線若干。

(1)

實(shí)驗(yàn)要求能夠?qū)崿F(xiàn)在0隆蘆3.8V

的范圍內(nèi)對(duì)小燈泡的電壓進(jìn)行測(cè)量，畫出實(shí)驗(yàn)電路圖。(2)

實(shí)驗(yàn)測(cè)得該小燈泡伏安特性曲線如圖(a)

所示。由實(shí)驗(yàn)曲線可知，隨著電流的增加小燈泡的燈絲的電阻率_________(

填“增大”“不變”或“減小”)

(3)

用另一電源E0(

電動(dòng)勢(shì)4V

內(nèi)阻1.00婁賂)

和題給器材連接成圖(b)

所示的電路，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R

的阻值，可以改變小燈泡的實(shí)際功率。閉合開關(guān)S

在R

的變化范圍內(nèi)，小燈泡的最小功率為____________W(

結(jié)果均保留2

位小數(shù))

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B|D【分析】

A、由圖，a粒子的軌跡方向向右彎曲，a粒子所受電場(chǎng)力方向向右，b粒子的軌跡向左彎曲，b粒子所受電場(chǎng)力方向向左；由于電場(chǎng)線方向未知，無法判斷粒子的電性．故A錯(cuò)誤．

B、由題，a所受電場(chǎng)力逐漸減小，加速度減小，b所受電場(chǎng)力增大；加速度增大．故B正確．

C、已知MN=NQ，由于MN段場(chǎng)強(qiáng)大于NQ段場(chǎng)強(qiáng)，所以MN兩點(diǎn)電勢(shì)差|UMN|大于NQ兩點(diǎn)電勢(shì)差|UNQ|．故C錯(cuò)誤．

D、根據(jù)電場(chǎng)力做功公式W=Uq，|UMN|＞|UNQ|，a粒子從等勢(shì)線2到3電場(chǎng)力做功小于b粒子從等勢(shì)線2到1電場(chǎng)力做功，所以a粒子到達(dá)等勢(shì)線3的動(dòng)能變化量比b粒子到達(dá)等勢(shì)線1的動(dòng)能變化量?。蔇正確．

故選BD

【解析】【答案】根據(jù)粒子軌跡的彎曲方向；判斷電場(chǎng)力方向．當(dāng)電場(chǎng)力方向與場(chǎng)強(qiáng)方向相同時(shí)，粒子帶正電，當(dāng)電場(chǎng)力方向與場(chǎng)強(qiáng)方向相反時(shí)，粒子帶負(fù)電．電場(chǎng)線越密，場(chǎng)強(qiáng)越大，粒子受到的電場(chǎng)力越大，加速度越大．非勻強(qiáng)電場(chǎng)中，距離相等的兩點(diǎn)間，場(chǎng)強(qiáng)越大，電勢(shì)差越大．根據(jù)電場(chǎng)力做功的大小，判斷動(dòng)能變化量的大?。?/p>

2、D【分析】解：根據(jù)光電效應(yīng)方程Ekm=h婁脙鈭?W0

知；增大入射光的頻率(

或減小入射光的波長(zhǎng))

最大初動(dòng)能變大，可以增大光電子到達(dá)陽極的速度，與強(qiáng)度；照射時(shí)間無關(guān).

故D正確，AB

C錯(cuò)誤．

故選D．

根據(jù)光電效應(yīng)方程Ekm=h婁脙鈭?W0

判斷最大初動(dòng)能與什么因素有關(guān)．

解決本題的關(guān)鍵掌握光電效應(yīng)方程，以及知道最大初動(dòng)能與入射光的強(qiáng)度和照射時(shí)間無關(guān)．【解析】D

3、C【分析】

A、理想變壓器的輸入功率等于輸出功率，即P1=P2；故A錯(cuò)誤；

B、在輸電過程中，在輸電導(dǎo)線上有功率損失，所以升壓變壓器的輸出功率大于降壓變壓器的輸入功率，即P2＞P3；故B錯(cuò)誤；

C、由于輸電導(dǎo)線有電阻，輸電線上有電壓損失，因此升壓變壓器的輸出電壓大于降壓變壓器的輸入電壓，即U2＞U3；故C正確，故D錯(cuò)誤；

故選C．

【解析】【答案】理想變壓器的輸入功率與輸出功率相等；在輸電過程中；由于導(dǎo)線有電阻，電流流過輸電導(dǎo)線時(shí)，電壓有損失；電功率有損失；根據(jù)以上分析答題．

4、A【分析】

根據(jù)平行四邊形定則得，豎直分速度vy=vsinα．故A正確；B；C、D錯(cuò)誤．

故選A．

【解析】【答案】炮彈的速度可以在水平和豎直兩個(gè)方向上分解；直接求解即可．

5、A【分析】解：A

人對(duì)測(cè)力計(jì)的壓力和測(cè)力計(jì)對(duì)人的支持力是一對(duì)作用力與反作用力.

故A正確B錯(cuò)誤．

C；人對(duì)測(cè)力計(jì)有壓力.

故C錯(cuò)誤．

D；人對(duì)測(cè)力計(jì)有壓力；根據(jù)力的相互性，測(cè)力計(jì)對(duì)人有支持力.

故D錯(cuò)誤．

故選A

平衡力；作用力反作用力都是大小相等、方向相反；作用在同一直線上.

平衡力作用在同一物體上，作用力與反作用力作用在不同的物體上．

解決本題的關(guān)鍵知道平衡力、作用力反作用力都是大小相等、方向相反，作用在同一直線上.

平衡力作用在同一物體上，作用力與反作用力作用在不同的物體上．【解析】A

6、C【分析】【分析】首先成功發(fā)現(xiàn)“磁生電”的物理學(xué)家是法拉第，不是牛頓、安培和霍金。對(duì)于物理學(xué)上重大的發(fā)現(xiàn)和著名理論，要加強(qiáng)記憶，這是高考考查內(nèi)容之一。【解答】18201820年丹麥物理學(xué)家奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，即電生磁的現(xiàn)象，英國(guó)科學(xué)法拉第堅(jiān)信電與磁是緊密聯(lián)系的，經(jīng)過十多年的艱苦研究，于18311831年發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，即磁生電的現(xiàn)象，故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選C?！窘馕觥緾

7、D【分析】本題考察了感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件，即磁通量發(fā)生變化．AD.

產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件是閉合回路中的磁通量發(fā)生變化；導(dǎo)體相對(duì)磁場(chǎng)運(yùn)動(dòng)，不一定發(fā)生磁通量變化，故A錯(cuò)誤，D正確;

B.必須是閉合回路中部分導(dǎo)體切割磁感線運(yùn)動(dòng)；才會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，故B錯(cuò)誤;

C.磁通量不為零；磁通量不一定發(fā)生變化，所以不一定會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，故C錯(cuò)誤。

故選D。

點(diǎn)評(píng)：產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件是閉合回路中的磁通量發(fā)生變化，或者是閉合回路中部分導(dǎo)體切割磁感線運(yùn)動(dòng)，才會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流?！窘馕觥緿

8、A【分析】解：物塊的受力如圖：所以小球?qū)⒀睾狭Φ姆较蛐毕蛳逻\(yùn)動(dòng)；沿水平方向的位移：

x=qEmg

A；B

由電場(chǎng)力做功等于電勢(shì)能的變化可得物塊落地時(shí)的電勢(shì)能為：EP=鈭?qEx=鈭?3mgH

故A正確，B錯(cuò)誤；

C；D

運(yùn)用動(dòng)能定理研究從開始到落地過程；

mgH+qEx=12mv2鈭?0

即：mgH+mgx=12mv2鈭?0

所以：v=22gH

故CD錯(cuò)誤；

故選：A

由電場(chǎng)力做功等于電勢(shì)能的變化可得物塊落地時(shí)的電勢(shì)能；運(yùn)用動(dòng)能定理解決這個(gè)問題。

了解研究對(duì)象的運(yùn)動(dòng)過程是解決問題的前提；根據(jù)題目已知條件和求解的物理量選擇物理規(guī)律解決問題．

物體的運(yùn)動(dòng)是由所受到的力和初狀態(tài)決定的.

這個(gè)題目容易認(rèn)為物塊沿著斜面下滑．【解析】A

9、C【分析】解：感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件壟脵

閉合回路；壟脷

穿過閉合導(dǎo)體回路的磁通量發(fā)生變化.

即穿過閉合導(dǎo)體回路的磁通量發(fā)生變化閉合導(dǎo)體回路中就有感應(yīng)電流.

故四個(gè)選項(xiàng)中只有選項(xiàng)C正確，其他選項(xiàng)都錯(cuò)誤．

故選：C

當(dāng)穿過閉合導(dǎo)體回路的磁通量發(fā)生變化；閉合導(dǎo)體回路中就有感應(yīng)電流．

解決本題的關(guān)鍵掌握感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件，當(dāng)穿過閉合導(dǎo)體回路的磁通量發(fā)生變化，閉合導(dǎo)體回路中就有感應(yīng)電流．【解析】C

二、填空題(共9題，共18分)10、略

【分析】【解析】試題分析：從圖象中可知，當(dāng)5.0×1014Hz時(shí)，截止電壓正好為零，說明電子恰好溢出為自由電子，所以截止頻率νC=5.0×1014Hz。金屬的逸出功W=即約2eV。考點(diǎn)：光電效應(yīng)【解析】【答案】5.0×1014，2.0，6.4×10-3411、略

【分析】試題分析:①由振動(dòng)方程可知，兩個(gè)單擺的振幅分別為A1=3a，A2=9a，振幅之比為1：3．②由三角函數(shù)知識(shí)可知：由由單擺的周期公式得擺長(zhǎng)之比考點(diǎn)：簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的振幅、周期和頻率；單擺的周期公式【解析】【答案】①1：3；②4：112、略

【分析】解：由題，通電導(dǎo)線與磁場(chǎng)垂直，則磁場(chǎng)的磁感強(qiáng)度為：B=

磁場(chǎng)的磁感強(qiáng)度由磁場(chǎng)本身決定；當(dāng)通入的電流加倍時(shí)，磁場(chǎng)的磁感強(qiáng)度仍為2T，此時(shí)受到的安培力為F=BI′L=2×4×0.2N=1.6N

故答案為：2；2，1.6．

由磁感應(yīng)強(qiáng)度的定義式B=可以求出磁感應(yīng)強(qiáng)度大??；磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度與導(dǎo)線的長(zhǎng)度無關(guān)；根據(jù)F=BIL求得安培力。

熟練應(yīng)用磁感應(yīng)強(qiáng)度定義式即可求出磁感應(yīng)強(qiáng)度，要注意定義式的適用條件．知道磁感應(yīng)強(qiáng)度的決定因素．會(huì)計(jì)算當(dāng)導(dǎo)線與磁場(chǎng)有一定夾角時(shí)的安培力的大小【解析】2；2；1.613、略

【分析】解：沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；故A點(diǎn)的電勢(shì)高于B

點(diǎn)的電勢(shì)，電場(chǎng)線的疏密表示電場(chǎng)的強(qiáng)弱，由圖可知，A

點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大于B

點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)；

故答案為：高于；大于．

明確電場(chǎng)線的性質(zhì)；知道沿電場(chǎng)的方向電勢(shì)降落，電場(chǎng)線的疏密表示電場(chǎng)的強(qiáng)弱．

本題考查電場(chǎng)線的性質(zhì)，要注意明確電場(chǎng)線的疏密表示電場(chǎng)的強(qiáng)弱，而沿電場(chǎng)線電勢(shì)降落，屬于基礎(chǔ)內(nèi)容的考查．【解析】高于；大于14、略

【分析】【解析】試題分析：應(yīng)用理想氣體狀態(tài)方程環(huán)境溫度不變計(jì)算得除去瓶中剩余的20L氣體無法充到氧氣袋中，剩余氣體可充滿袋數(shù)考點(diǎn)：理想氣體狀態(tài)方程【解析】【答案】56袋15、略

【分析】解：（1）枕型導(dǎo)體在帶正電的小球附近時(shí)；枕型導(dǎo)體上的自由電子受到正電荷的吸引，會(huì)向金屬棒的右邊運(yùn)動(dòng)，金屬棒的右端因有了多余的電子而帶負(fù)電，左端因缺少電子而帶正電；

（2）當(dāng)閉合任何開關(guān)時(shí)，導(dǎo)體就會(huì)與大地連接，形成新的等勢(shì)體，a端是近端，會(huì)使大地的電子流入枕形導(dǎo)體到達(dá)a端，而b端不帶電．當(dāng)處于靜電平衡時(shí)；枕形導(dǎo)體是個(gè)等勢(shì)體．

故答案為：（1）正；（2）不帶電；大地，導(dǎo)體．

（1）感應(yīng)起電的實(shí)質(zhì)是在帶電體上電荷的作用下；導(dǎo)體上的正負(fù)電荷發(fā)生了分離，使電荷從導(dǎo)體的一部分轉(zhuǎn)移到了另一部分，既然是轉(zhuǎn)移，那么電荷必然守恒．

（2）閉合任何開關(guān)時(shí)；導(dǎo)體就會(huì)與大地連接，會(huì)使大地的電子流入枕形導(dǎo)體．

本題考查電荷的轉(zhuǎn)移，有一定的難度，關(guān)鍵知道由于異種電荷相互吸引，大地的負(fù)電荷（自由電子）會(huì)轉(zhuǎn)移到導(dǎo)體上．【解析】正；不帶電；大地；導(dǎo)體16、接通電源mgd2【分析】【分析】通過實(shí)驗(yàn)的原理確定需要測(cè)量的物理量；從而確定不需要的測(cè)量步驟.

實(shí)驗(yàn)時(shí)，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器應(yīng)接交流電源，先接通電源，再釋放紙帶．

紙帶實(shí)驗(yàn)中，若紙帶勻變速直線運(yùn)動(dòng)，測(cè)得紙帶上的點(diǎn)間距，利用勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論，可計(jì)算出打出某點(diǎn)時(shí)紙帶運(yùn)動(dòng)的瞬時(shí)速度.

從而求出動(dòng)能.

根據(jù)功能關(guān)系得重力勢(shì)能減小量等于重力做功的數(shù)值。本題考查驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的實(shí)驗(yàn)，要熟悉器材的使用，理解實(shí)驗(yàn)原理。要運(yùn)用運(yùn)動(dòng)學(xué)的公式去求解速度大小.

再求出動(dòng)能.

某個(gè)位置的重力勢(shì)能的求解要規(guī)定零勢(shì)能面.

只有明確了實(shí)驗(yàn)原理以及實(shí)驗(yàn)的數(shù)據(jù)測(cè)量，才能明確各項(xiàng)實(shí)驗(yàn)操作的具體含義，這點(diǎn)要在平時(shí)訓(xùn)練中加強(qiáng)練習(xí)?！窘獯稹渴褂么螯c(diǎn)計(jì)時(shí)器時(shí)應(yīng)先交通電源，后釋放紙帶，所以第一個(gè)空應(yīng)填接通電源。打BB點(diǎn)時(shí)物體速度為：v=d3鈭?d12Tv=dfrac{2g3iaig_{3}-izffwv0_{1}}{2T}物體動(dòng)能：Ek=12mv2=m(d3鈭?d1)28T2

所以重物增加的動(dòng)能表達(dá)式為m(d3鈭?d1)28T2

物體下落的高度為h3,

減少的重力勢(shì)能為攏潞mgdmgd2，所以第三個(gè)空應(yīng)填mgdmgd2。重物減少的重力勢(shì)能表達(dá)式為mgdmgd2

故答案為：接通電源m(d3鈭?d1)28T2dfrac{m{left(3mpbdra_{3}-evfb1kq_{1}right)}^{2}}{8{T}^{2}}mgdmgd2

【解析】接通電源m(d3鈭?d1)28T2dfrac{m{left(o5l1blb_{3}-vwfmmcr_{1}right)}^{2}}{8{T}^{2}}mgdmgd2

17、BC；DE；0.42；0.417【分析】解：(1)

由于碰撞之后共同勻速運(yùn)動(dòng)的速度小于碰撞之前A

獨(dú)自運(yùn)動(dòng)的速度；故AC應(yīng)在碰撞之前，DE

應(yīng)在碰撞之后．

推動(dòng)小車由靜止開始運(yùn)動(dòng)；故小車有個(gè)加速過程，在碰撞前做勻速直線運(yùn)動(dòng)，即在相同的時(shí)間內(nèi)通過的位移相同，故BC段為勻速運(yùn)動(dòng)的階段，故選BC計(jì)算碰前的速度；

碰撞過程是一個(gè)變速運(yùn)動(dòng)的過程；而A

和B

碰后的共同運(yùn)動(dòng)時(shí)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故在相同的時(shí)間內(nèi)通過相同的位移，故應(yīng)選DE段來計(jì)算碰后共同的速度．

故答案為BCDE

(2)

碰前系統(tǒng)的動(dòng)量即A

的動(dòng)量，則P1=m1v1=m1BC5T=0.40隆脕0.10505脳0.02=0.420kg?m/s

碰后的總動(dòng)量P2=(m1+m2)v2=(m1+m2)DE5T=(0.40+0.20)隆脕0.06955脳0.02=0.417kg?m/s

故答案為：0.4200.417

．

故本題的答案為：(1)BCDE(2)0.4200.417

(1)

碰撞之后共同勻速運(yùn)動(dòng)的速度小于碰撞之前A

獨(dú)自運(yùn)動(dòng)的速度；確定AC

應(yīng)在碰撞之前，DE

應(yīng)在碰撞之后，在勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)在相同的時(shí)間內(nèi)通過的位移相同，所以BC

應(yīng)為碰撞之前勻速運(yùn)動(dòng)階段，DE

應(yīng)為碰撞之后勻速運(yùn)動(dòng)階段．

(2)

物體發(fā)生的位移與發(fā)生這些位移所用時(shí)間的比值等于勻速運(yùn)動(dòng)的物體在該段時(shí)間內(nèi)的速度.P=mv=mxt.

根據(jù)碰撞之后共同勻速運(yùn)動(dòng)的速度小于碰撞之前A

獨(dú)自運(yùn)動(dòng)的速度，確定AC

應(yīng)在碰撞之前，DE

應(yīng)在碰撞之后，是解決本題的突破口．【解析】BCDE0.420.417

18、略

【分析】解：把電流表改裝成0.5A

的電流表需要并聯(lián)一個(gè)分流電阻；

并聯(lián)電阻阻值：R=IgRgI鈭?Ig=0.001隆脕2000.5鈭?0.001隆脰0.4婁賂

故答案為：并；0.4

．

把電流表改裝成大量程的電流表需要并聯(lián)一個(gè)分流電阻；應(yīng)用并聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律可以求出并聯(lián)電阻阻值．

本題考查了電流表的改裝，知道電流表改裝原理、應(yīng)用并聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律即可正確解題．【解析】并；0.4

三、判斷題(共5題，共10分)19、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大?。浑妱?shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．20、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．21、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．22、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢(shì)高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢(shì)較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖象中的等勢(shì)面左右對(duì)稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0．該圖象的左側(cè)的等勢(shì)線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差相比，與a點(diǎn)之間的電勢(shì)差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．23、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場(chǎng)強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上，根據(jù)W=qU判斷電場(chǎng)力做功的大小，根據(jù)電場(chǎng)線的疏密程度判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的大小．四、實(shí)驗(yàn)探究題(共3題，共6分)24、略

【分析】解：（1）毫米刻度尺讀數(shù)要估讀到0.1mm；故讀數(shù)為241.3mm=24.13cm；

螺旋測(cè)微器固定刻度讀數(shù)為0；

半刻度讀數(shù)0.5mm；

可動(dòng)刻度讀數(shù)1.8×0.01=0.018mm

故毫米刻度尺讀數(shù)為0.518mm；

（2）由于采用了安培表外接法，電壓表的分流作用會(huì)使電流測(cè)量值I偏大，而電壓測(cè)量值U準(zhǔn)確，故根據(jù)歐姆定律R=電阻測(cè)量值偏??；

根據(jù)歐姆定律：R=

根據(jù)電阻定律：R=

其中：

故

故答案為：（1）24.13，0.518；（2）偏小，．

（1）毫米刻度尺讀數(shù)要估讀到0.1mm；螺旋測(cè)微器讀數(shù)=固定刻度讀數(shù)+半刻度讀數(shù)+可動(dòng)刻度讀數(shù)；

（2）安培表外接法中，電壓表的分流作用會(huì)使電流測(cè)量值I偏大，根據(jù)歐姆定律R=故電阻測(cè)量值偏??；根據(jù)歐姆定律和電阻定律列式求