2025年粵人版高二物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵人版高二物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示；用絕緣細(xì)絲線懸吊著的帶正電小球在勻強(qiáng)磁場中做簡諧運(yùn)動，則（）

A.當(dāng)小球每次通過平衡位置時(shí)；動能相同。

B.當(dāng)小球每次通過平衡位置時(shí)；速度相同。

C.當(dāng)小球每次通過平衡位置時(shí)；絲線的拉力相同。

D.撤消磁場后；小球擺動的周期不變。

2、下列關(guān)于電磁波的特性和應(yīng)用，說法正確的是()．A.紅外線和X射線都有很高的穿透本領(lǐng)，常用來在醫(yī)學(xué)上做透視人體B.過強(qiáng)的紫外線照射有利于人的皮膚健康C.電磁波中頻率最大的是γ射線，最容易用來觀察衍射現(xiàn)象D.紫外線和X射線都可以使照像底片感光3、如圖為伏安法測電阻電路.

測量中，電壓表右接線有兩處觸點(diǎn)ab

可供選擇，電表內(nèi)阻不可忽略，則(

)

A.接在a

處測量值比實(shí)際值小B.接在a

處測量值比實(shí)際值大C.接在b

處測量值比實(shí)際值小D.接在ab

處測量值相同4、家用電飯煲加熱食物主要利用了A.靜電現(xiàn)象B.電磁感應(yīng)現(xiàn)象C.電流的熱效應(yīng)D.電流的磁效應(yīng)5、理想變壓器正常工作時(shí)，原線圈一側(cè)與副線圈一側(cè)保持不變的物理量是(

)

A.電阻B.電壓C.電流D.電功率6、有abcd

四個(gè)小磁針，分別放置在通電螺線管的附近和內(nèi)部，如圖所示.

其中哪一個(gè)小磁針的指向是正確的(

)

A.a

B.b

C.c

D.d

評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)7、如圖所示，一根輕彈簧上端固定，下端懸掛一個(gè)物體．將物體從平衡位置豎直拉下一段距離后由靜止釋放，物體在豎直方向做簡諧運(yùn)動．設(shè)向下方向?yàn)檎瑒t以下說法中正確的是（）A.物體位移為正時(shí)，速度一定也為正，加速度一定為負(fù)B.物體從最高處向最低處運(yùn)動過程中，振幅先減小后增大C.彈簧對物體的彈力變小時(shí)，物體所受回復(fù)力可能變大D.物體從最低處向最高處運(yùn)動過程中，物體的動能與彈簧的彈性勢能之和一直減小8、輕彈簧上端與力傳感器相連，下端系一質(zhì)量為m

的小球，靜止時(shí)小球處在位置O

點(diǎn)，在彈簧彈性限度內(nèi)，讓小球在豎直方向上做簡諧運(yùn)動，振幅為A.

取O

點(diǎn)為x

坐標(biāo)原點(diǎn)，豎直向上為x

正方向；t

=0

時(shí)刻小球恰經(jīng)過O

點(diǎn)向上運(yùn)動.

傳感器將其受到的彈簧作用力傳給與之連接的計(jì)算機(jī)，四位同學(xué)通過計(jì)算機(jī)記錄的數(shù)據(jù)分別繪制出F鈭?

t

圖象如下圖所示；其中一定不正確的是()

A.B.C.D.9、氫原子的能級如圖所示，已知可見光的光子能量范圍約為1.62eV到3.11eV之間．由些可以推知，氫原子（）A.從高能級向n=1能級遷時(shí)發(fā)出的光的波長比可見光的短B.從高能級向n=2能極躍遷時(shí)發(fā)出的光均為可見光C.大量處于n=4是能級的氫原子向低能級躍遷時(shí)，可能發(fā)出3種不同頻率的可見光D.大量處于n=4能級的氫原子向低能級躍遷時(shí)，可能發(fā)生6種不同頻率的光10、如圖所示，矩形線框在勻強(qiáng)磁場內(nèi)做的各種運(yùn)動中，能夠產(chǎn)生感應(yīng)電流的是（）A.B.C.D.11、如圖所示，光滑斜面固定在水平地面上，勻強(qiáng)電場平行于斜面下，彈簧另一端固定，滑塊處于靜止?fàn)顟B(tài).

現(xiàn)給滑塊一個(gè)沿斜面向下的初速度，滑塊最遠(yuǎn)能到達(dá)P

點(diǎn).

在些過程中(

)

A.滑塊的動能一定減小B.彈簧的彈性勢能一定增大C.滑塊電勢能的改變量一定小于重力與彈簧彈力做功的代數(shù)和D.滑塊機(jī)械能的改變量等于電場力與彈簧彈力做功的代數(shù)和12、如圖甲為一列橫波在t=0

時(shí)的波動圖象，圖乙為該波中x=2m

處質(zhì)點(diǎn)P

的振動圖象，下列說法正確的是(

)

A.波速為4m/s

B.波沿x

軸負(fù)方向傳播C.t=0.5sP

點(diǎn)的動能最大D.t=2.5sP

點(diǎn)振動路程為1.8cm

評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)13、如圖示，為萬用表歐姆擋的內(nèi)部電路，a、b為表筆插孔，下列說法中正確的是______（填序號“①”；“②”、“③”、“④”）．

①a孔插紅表筆。

②表盤刻度是均勻的。

③用×100Ω擋測量時(shí)；若指針指在0Ω附近，則應(yīng)換用×1kΩ擋。

④實(shí)驗(yàn)結(jié)束后，將表筆拔出，并將選擇開關(guān)旋至“off”檔或交流最高檔．14、現(xiàn)要測量電源的電動勢E

及內(nèi)阻r(E

約為6Vr

約為1.5婁賂)

給出以下器材：量程3V

的理想電壓表V

量程0.6A

的電流表A(

具有一定內(nèi)阻)

固定電阻R=8.5婁賂

滑線變阻器R隆盲(0簍D10婁賂)

開關(guān)S

導(dǎo)線若干。

(1)

利用給出的器材畫出實(shí)驗(yàn)電路原理圖(

圖中各元件需用題目中給出的符號或字母標(biāo)出)

(2)

用筆畫線代替導(dǎo)線完成實(shí)物連接圖。(3)

實(shí)驗(yàn)中，當(dāng)電流表讀數(shù)為I1

時(shí)，電壓表讀數(shù)為U1;

當(dāng)電流表讀數(shù)為I2

時(shí)，電壓表讀數(shù)為U2.

則可以求出E=

___________，r=

____________(

用I1I2U1U2

及R

表示)

15、如圖所示，是利用放射線自動控制鋁板厚度的裝置.

假如放射源能放射出婁脕婁脗婁脙

三種射線，而根據(jù)設(shè)計(jì)，該生產(chǎn)線壓制的是3mm

厚的鋁板，那么是三種射線中的______射線對控制厚度起主要作用.

當(dāng)探測接收器單位時(shí)間內(nèi)接收到的放射性粒子的個(gè)數(shù)超過標(biāo)準(zhǔn)值時(shí)，將會通過自動裝置將MN

兩個(gè)軋輥間的距離調(diào)______一些．16、如圖所示，傾角為婁脠

的光滑斜面上，擺線長為L

小球質(zhì)量為m

現(xiàn)將單擺上端固定在O

點(diǎn)，平衡位置在O隆盲

點(diǎn)做簡諧運(yùn)動時(shí)，周期為______．17、某同學(xué)做“測定金屬電阻率”的實(shí)驗(yàn)．

①需要通過實(shí)驗(yàn)直接測量的物理量有：____（寫出名稱和符號）．

②這位同學(xué)采用伏安法測定一段阻值約為5Ω左右的金屬絲的電阻．有以下器材可供選擇：（要求測量結(jié)果盡量準(zhǔn)確）

A．電池組（3V；內(nèi)阻約1Ω）B．電流表（0-3A，內(nèi)阻約0.025Ω）

C．電流表（0-0.6A；內(nèi)阻約0.125Ω）D．電壓表（0-3V，內(nèi)阻約3kΩ）

E．電壓表（0-15V；內(nèi)阻約15kΩ）F．滑動變阻器（0-20Ω，額定電流1A）

G．滑動變阻器（0-1000Ω；額定電流0.3A）H．開關(guān)，導(dǎo)線。

實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)選用的器材是____（填寫各器材的字母代號）．

請?jiān)谙旅娴奶摼€框中畫出實(shí)驗(yàn)電路圖．

這位同學(xué)在一次測量時(shí)，電流表、電壓表的示數(shù)如圖所示．由圖中電流表、電壓表的讀數(shù)可計(jì)算出金屬絲的電阻為____Ω．

③用伏安法測金屬絲電阻存在系統(tǒng)誤差．為了減小系統(tǒng)誤差，有人設(shè)計(jì)了如圖所示的實(shí)驗(yàn)方案．其中Rx是待測電阻，R是電阻箱，R1、R2是已知阻值的定值電阻．合上開關(guān)S，靈敏電流計(jì)的指針偏轉(zhuǎn)．將R調(diào)至阻值為R時(shí)，靈敏電阻計(jì)的示數(shù)為零．由此可計(jì)算出待測電阻Rx=____．（用R1、R2、R表示）

評卷人得分四、判斷題(共2題，共14分)18、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯(cuò)）19、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對錯(cuò)）

評卷人得分五、作圖題(共3題，共21分)20、（6分）如圖所示是研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象的實(shí)驗(yàn)儀器，虛線框內(nèi)給出了原、副線圈導(dǎo)線的繞法，實(shí)驗(yàn)前已查明電流表中電流從左接線柱流入時(shí)指針向左偏．（1）用筆畫線代替導(dǎo)線在答卷對應(yīng)的圖上連接好實(shí)驗(yàn)電路．（2）若實(shí)驗(yàn)中原線圈插入副線圈后，開關(guān)S閉合的瞬間，觀察到電流表指針向左偏，試在電路連接圖中標(biāo)出電源的正、負(fù)極．（3）若將原線圈拔出，則拔出時(shí)電流表指針向____偏．21、某同學(xué)在做“利用單擺測重力加速度”的實(shí)驗(yàn)中；先測得擺線長為97.50cm，擺球直徑為2.00cm，然后用秒表記錄了單擺振動50次所用的時(shí)間，如圖1所示，則：

（1）該擺擺長為______cm，秒表所示讀數(shù)為______s．

（2）如果測得的g值偏小，可能的原因是______

A．測擺線長時(shí)擺線拉得過緊。

B．?dāng)[線上端懸點(diǎn)未固定；振動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加了。

C．開始計(jì)時(shí)時(shí)；秒表過遲按下。

D．實(shí)驗(yàn)中誤將49次全振動記為50次。

（3）為了提高實(shí)驗(yàn)精度，在實(shí)驗(yàn)中可改變幾次擺長l并測出相應(yīng)的周期T，從而得出一組對應(yīng)的l與T的數(shù)據(jù)，再以l為橫坐標(biāo)，T2為縱坐標(biāo)，將所得數(shù)據(jù)連成直線如圖2所示，并求得該直線的斜率為k，則重力加速度g=______（用k表示）．22、請描述出圖中通電導(dǎo)線周圍的磁感線和單個(gè)正電荷周圍的電場線。評卷人得分六、綜合題(共3題，共30分)23、其中第(1)

題鈭?

第(4)

題，每題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意，把符合題意的選項(xiàng)序號填入相應(yīng)的空格中即可]

(1)

一個(gè)電荷只在電場力作用下從電場中的A

點(diǎn)移到B

點(diǎn)過程中，電場力做了2脳10鈭?6J

的正功，那么()

A.

電荷在B

處時(shí)具有2脳10鈭?6J

的動能B.

電荷的動能減少了2脳10鈭?6J

C.

電荷在B

處時(shí)具有2脳10鈭?6J

的電勢能D.

電荷的電勢能減少了2脳10鈭?6J

(2)

圖中B

表示磁感強(qiáng)度，I

表示通電長直導(dǎo)線中的電流，F(xiàn)

表示磁場對導(dǎo)線的作用力。它們?nèi)叩姆较蜷g的關(guān)系，正確的是()

(3)[3

分]

以下幾種方法中，不能改變電容器電容的是()

A.

增大兩板的正對面積B.

增大兩板間的距離C.

增大兩板間的電壓D.

更換電介質(zhì)(4)

在如圖所示的電路中，電源的內(nèi)電阻r=1婁賂

外電路電阻R=9婁賂

閉合開關(guān)后，電流表的示數(shù)I=0.3A

電流表的內(nèi)阻不計(jì)。電源的電動勢E

等于()

A.1VB.2V

C.3VD.5V

(5)

用伏安法測量甲、乙、丙三個(gè)用不同材料制成的電阻時(shí)，得到了它們的I鈭?U

關(guān)系圖線，如圖所示.

由圖線可知，在實(shí)驗(yàn)過程中，阻值保持不變的電阻是______；阻值隨著電壓的增大而不斷增大的電阻是______(

選填：甲、乙、丙)

(6)

如圖所示，平行板電容器兩極板間電壓為U

兩板正著開有小孔S1S2

，S2

右側(cè)存在一上下無界、寬度為d

的勻強(qiáng)磁場，磁場方向垂直紙面向里，磁場右邊界與電容器極板平行.

整個(gè)裝置處于真空中，現(xiàn)從S1

處引入一個(gè)初速度為零、質(zhì)量為m

電荷量為e

的電子，電子經(jīng)電場加速后從S2

孔進(jìn)入磁場，且剛好未能從磁場右邊界射出，不計(jì)電子重力，求：(1)

電子經(jīng)電場進(jìn)入磁場時(shí)的速度大小v

(2)

勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小B.

24、【物理隆陋隆陋

選修3鈭?3

】(1)

對一定質(zhì)量的理想氣體，下列說法正確的是_______．A.氣體的體積是所有氣體分子的體積之和B.氣體溫度越高，氣體分子的熱運(yùn)動就越劇烈C.氣體對容器的壓強(qiáng)是由大量氣體分子對容器不斷碰撞而產(chǎn)生的D.當(dāng)氣體膨脹時(shí)，氣體的內(nèi)能一定減少E.在壓強(qiáng)不變而體積增大時(shí)，單位時(shí)間碰撞容器壁單位面積的分子數(shù)一定減少

(2)

一定質(zhì)量理想氣體的p鈭?V

圖象如圖所示，其中a隆煤b

為等容過程，b隆煤c

為等壓過程，c隆煤a

為等溫過程，已知?dú)怏w在狀態(tài)a

時(shí)的溫度Ta=300K

在狀態(tài)b

時(shí)的體積Vb=22.4L

求：壟脵

氣體在狀態(tài)c

時(shí)的體積Vc

壟脷

試比較氣體由狀態(tài)b

到狀態(tài)c

過程從外界吸收的熱量Q

與對外做功W

的大小關(guān)系，并簡要說明理由。25、(1)

一個(gè)邊長為10cm

的正方形金屬線框置于勻強(qiáng)磁場中，線框匝數(shù)n=100

線框平面與磁場垂直，電阻為20惟.

磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化的圖象如圖所示.

則前兩秒產(chǎn)生的電動勢為______V

．(2)

兩個(gè)相同的電阻分別通有如圖所示的兩種電流，則在開始的半個(gè)周期內(nèi)產(chǎn)生的熱量之比QA：QB=______；在一個(gè)周期內(nèi)產(chǎn)生的熱量之比QA鈥?：B鈥?=______．

(3)

某同學(xué)用圖甲所示裝置通過半徑相同的AB

兩球的碰撞來尋找碰撞中的不變量，圖中PQ

是斜槽，QR

為水平槽，實(shí)驗(yàn)時(shí)先使A

球從斜槽上某一固定位置C

由靜止開始滾下，落到位于水平地面的記錄紙上，留下痕跡，重復(fù)上述操作10

次，得到10

個(gè)落點(diǎn)痕跡，再把B

球放在水平槽上靠近槽末端的地方，讓A

球仍從位置C

由靜止開始滾下，和B

球碰撞后，AB

球分別在記錄紙上留下各自的落點(diǎn)痕跡，重復(fù)這種操作10

次，圖中O

是水平槽末端口在記錄紙上的垂直投影點(diǎn)，P

為未放被碰小球B

時(shí)A

球的平均落點(diǎn)，M

為與B

球碰后A

球的平均落點(diǎn)，N

為被碰球B

的平均落點(diǎn).

若B

球落點(diǎn)痕跡如圖乙所示，其中米尺水平放置，且平行于OP

米尺的零點(diǎn)與O

點(diǎn)對齊.

注意：

(1)

實(shí)驗(yàn)的條件：MA

______B(2)

碰撞后B

球的水平射程應(yīng)為______cm

．

(3)

在以下選項(xiàng)中；哪些是本次實(shí)驗(yàn)必須進(jìn)行的測量？

答：______(

填選項(xiàng)號)

．

A.水平槽上未放B

球時(shí)；測量A

球落點(diǎn)位置到O

點(diǎn)的距離。

B.A

球與B

球碰撞后；測量A

球落點(diǎn)位置到O

點(diǎn)的距離。

C.測量A

球或B

球的直徑。

D.測量A

球和B

球的質(zhì)量。

E.測量G

點(diǎn)相對于水平槽面的高度。

(4)

寫出驗(yàn)證動量守恒定律的表達(dá)式______．參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、A|D【分析】

A；小球在運(yùn)動的過程中；只有重力做功，根據(jù)動能定理得，每次經(jīng)過平衡位置時(shí)，動能相同，但速度的方向不同，所以速度不同．故A正確，B錯(cuò)誤．

C、當(dāng)小球向右通過平衡位置時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律有：T+F-mg=所以．當(dāng)小球向左通過平衡位置時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律有：T則因?yàn)槁鍌惼澚ο嗟?，所以向左通過平衡位置時(shí)的拉力大于向右通過平衡位置時(shí)的拉力．故C錯(cuò)誤．

D；加磁場與不加磁場；小球的速度大小一樣，故周期不變．故D正確．

故選AD．

【解析】【答案】小球在運(yùn)動的過程中只有重力做功；洛倫茲力不做功，根據(jù)動能定理比較出通過平衡位置的動能．根據(jù)牛頓第二定律，沿半徑方向的合力提供向心力，比較繩子拉力的大小．

2、D【分析】電磁波具有能量，紫外線和X射線都能使底片感光．紅外線穿透本領(lǐng)很小，不能用來透視人體，過強(qiáng)的紫外線照射人體時(shí)有害健康，γ射線波長最短最不易衍射，故D正確．【解析】【答案】D3、A【分析】解：A

由圖示電路圖可知；電壓表右接線柱接a

處時(shí)，電流表采用外接法，由于電壓表的分流作用，電流的測量值大于真實(shí)值，由歐姆定律可知，電阻測量值小于真實(shí)值，故A正確，B錯(cuò)誤；

C、由圖示電路圖可知，電壓表右接線柱接b

點(diǎn)時(shí)；電流表采用內(nèi)接法，由于電流表的分壓作用，電壓測量值大于真實(shí)值，由歐姆定律可知，電阻測量值大于真實(shí)值，故CD錯(cuò)誤；

故選：A

．

伏安法測電阻；電流表有兩種接法，內(nèi)接法與外接法，根據(jù)電路圖應(yīng)用歐姆定律分析答題．

本題考查了伏安法測電阻實(shí)驗(yàn)，分析清楚圖示電路結(jié)構(gòu)、應(yīng)用歐姆定律即可正確解題．【解析】A

4、C【分析】【分析】家用電飯煲是利用通電后發(fā)熱來加熱食物。該題考查常見家用電器的工作原理，學(xué)生應(yīng)該多學(xué)習(xí)，多積累?！窘獯稹考矣秒婏堨彝姾?；電流做功，將電能轉(zhuǎn)化成熱能，通過熱傳遞來加熱食物，是屬于電流的熱效應(yīng)，故C正確，ABD錯(cuò)誤。

故選C。

【解析】C

5、D【分析】解：A

變壓器的工作原理是互感現(xiàn)象；與電阻無關(guān)；故電阻不一定相同；故A錯(cuò)誤；

C；變壓器的工作原理是互感現(xiàn)象；升壓就會降低電流，降壓就會提高電流，故BC錯(cuò)誤；

D；根據(jù)能量守恒定律；理想變壓器正常工作時(shí)，輸入與輸出的電功率相等，故D正確；

故選：D

．

變壓器的工作原理是互感現(xiàn)象；改變的是電壓和電流，不變的是頻率和電功率．

本題關(guān)鍵是明確變壓器的工作原理，明確變壓器改變的是電壓和電流，輸入功率由輸出功率決定．【解析】D

6、D【分析】解：由圖可知；電流由右側(cè)流入，則由安培定則可知，螺線管的左側(cè)為N

極，右側(cè)為S

極；

而螺線管的磁感線外部是由N

極指向S

極；內(nèi)部由S

指向N

極，而小磁針靜止時(shí)N

極所指方向與磁感線方向一致，故可知D正確，其他均錯(cuò)；

故選D．【解析】D

二、多選題(共6題，共12分)7、CD【分析】解：A；根據(jù)F=-kx可知；物體位移為正時(shí)，恢復(fù)力為負(fù)，加速度一定為負(fù)，但是速度不一定也為正，故A錯(cuò)誤；

B；物體從最高處向最低處運(yùn)動過程中；位移先減小后增大，故B錯(cuò)誤；

C；彈簧對物體的彈力變小時(shí)；物體所受回復(fù)力可能變大，例如從平衡位置向彈簧原長位置運(yùn)動時(shí)，故C正確；

D；物體從最低處向最高處運(yùn)動過程中；因?yàn)橹亓菽茏兇?，則物體的動能與彈簧的彈性勢能之和一直減小，故D正確；

故選：CD．

振子經(jīng)過同一位置時(shí)；位移一定；回復(fù)力一定、但速度有兩個(gè)可能的方向；振幅是偏離平衡位置的最大位移的大??；振子的動能、重力勢能和彈簧的彈性勢能總量不變．

本題考查簡諧運(yùn)動，關(guān)鍵是結(jié)合簡諧運(yùn)動的對稱性和機(jī)械能守恒進(jìn)行分析，基礎(chǔ)題目．【解析】【答案】CD8、ABC【分析】【分析】彈簧振子做簡諧運(yùn)動，重力和彈力的合力提供回復(fù)力，回復(fù)力表達(dá)式為F=鈭?kx

再根據(jù)簡諧運(yùn)動得到x鈭?t

關(guān)系，最后得到F鈭?t

關(guān)系。本題考查簡諧運(yùn)動回復(fù)力的理解及應(yīng)用，關(guān)鍵是明確回復(fù)力來源，然后結(jié)合胡克定律和簡諧運(yùn)動的位移時(shí)間關(guān)系分析。【解答】彈簧振子做簡諧運(yùn)動；x鈭?t

關(guān)系為：x=Asin婁脴t

重力和彈力的合力提供回復(fù)力；有：F鈭?G=F祿脴

回復(fù)力表達(dá)式為：F祿脴=鈭?kx

故F鈭?t

關(guān)系為：F=鈭?kAsin婁脴t+G

故ABC錯(cuò)誤；D正確。

本題選擇不正確的，故選ABC?！窘馕觥緼BC

9、AD【分析】解：A；從高能級向n=1能級躍遷時(shí)；輻射的光子能量最小為10.20eV，大于可見光的光子能量，則波長小于可見光的波長。故A正確；

B；從高能級向n=2能級躍遷時(shí)輻射的光子能量最大為3.40eV；大于可見光的能量。故B錯(cuò)誤；

C；大量處于n=4能級的氫原子向低能級躍遷時(shí)；

根據(jù)C=6得能發(fā)生6種不同頻率的光；故C錯(cuò)誤，D正確；

故選：AD。

能級間躍遷時(shí)輻射的光子能量等于兩能級間的能級差，即Em-En=hv．

根據(jù)C計(jì)算出不同頻率光的種數(shù)．

解決本題的關(guān)鍵知道能級躍遷所滿足的規(guī)律，能級的躍遷滿足hγ=Em-En，能靈活運(yùn)用．【解析】AD10、ACD【分析】解：線圈在磁場中轉(zhuǎn)動；當(dāng)轉(zhuǎn)軸與磁場方向垂直時(shí)，線圈內(nèi)會產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，形成感應(yīng)電流，當(dāng)轉(zhuǎn)軸與磁場方向平行時(shí)，不會產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，故感應(yīng)電流為零，故ACD正確，B錯(cuò)誤；

故選：ACD

根據(jù)產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件：穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化；判斷各個(gè)選項(xiàng)．

本題考查了感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件，分析清楚圖示情景、明確磁通量是否發(fā)生變化，即可正確解題．【解析】【答案】ACD11、AD【分析】解：A

滑塊原來處于靜止?fàn)顟B(tài)；受力平衡，當(dāng)給滑塊一個(gè)沿斜面向下的初速度時(shí)，彈簧的彈力不斷增大，合力沿斜面向上，則滑塊做減速運(yùn)動，動能一定減小，故A正確．

B；若電場力沿斜面向上；彈簧原來處于壓縮狀態(tài)，則彈簧的彈性勢能先減小后增大，故B錯(cuò)誤．

C；滑塊的動能減?。桓鶕?jù)動能定理可知：重力、電場力與彈簧彈力做功的代數(shù)和等于動能的變化量，而電場力做功等于電勢能的改變量，則知滑塊電勢能的改變量一定大于重力與彈簧彈力做功的代數(shù)和，故C錯(cuò)誤．

D；由功能原理可知：滑塊機(jī)械能的改變量等于電場力與彈簧彈力做功得代數(shù)和；故D正確．

故選：AD

通過分析彈簧彈力的變化；分析滑塊速度的變化，確定動能的變化；彈簧的彈性勢能隨著形變量的增大而增大；根據(jù)功能關(guān)系分析各種能量變化之間的關(guān)系．

解決本題的關(guān)鍵分析滑塊的運(yùn)動，判斷能量是如何轉(zhuǎn)化的，再運(yùn)用動能定理和功能關(guān)系分析．【解析】AD

12、AC【分析】解：

A、由波動圖象讀出波長婁脣=4m

由振動圖象讀出周期T=1s

則波速v=婁脣T=4m/s.

故A正確．

B；由振動圖象上t=0

時(shí)刻讀出P

點(diǎn)的速度方向沿y

軸正方向；則由波動圖象判斷出波沿x

軸正方向傳播.

故B錯(cuò)誤．

C、t=0.5s=T2P

點(diǎn)到達(dá)平衡位置，速度最大，動能最大.

故C正確．

D；t=2.5s=2.5TP

點(diǎn)振動路程為S=2.5隆脕4A=10隆脕0.2cm=2cm.

故D錯(cuò)誤．

故選AC

由波動圖象讀出波長；由振動圖象讀出周期，可求出波速.

由振動圖象上t=0

時(shí)刻讀出P

點(diǎn)的速度方向，在波動圖象上判斷傳播方向.

根據(jù)時(shí)間t=0.5s

與周期的關(guān)系，分析P

點(diǎn)的動能.

根據(jù)t=2.5s

與周期的關(guān)系分析P

點(diǎn)通過的路程．

本題考查識別、理解振動圖象和波動圖象物理意義和把握兩種圖象聯(lián)系的能力．【解析】AC

三、填空題(共5題，共10分)13、略

【分析】解：①；由圖示可知；a插孔與內(nèi)置電源負(fù)極相連，則a插孔是“+”插孔，a孔應(yīng)查紅表筆，故①正確；

②；歐姆表刻度盤不均勻；右側(cè)稀疏左側(cè)密集，故②錯(cuò)誤；

③；用×100Ω擋測量時(shí)；若指針指在0Ω附近，說明所選檔位太大，應(yīng)換小擋，應(yīng)換用×10Ω擋，故③錯(cuò)誤；

④；結(jié)束后；將表筆拔出，并將選擇開關(guān)旋至“off”檔或交流最高檔，故④正確；

故選：①④．

歐姆表“+”插孔與內(nèi)置電源的負(fù)極相連；紅表筆查“+”插孔，黑表筆差“-”插孔；

歐姆表的刻度盤是不均勻的；右側(cè)刻度線稀疏，左端刻度線密集；

使用歐姆表測電阻時(shí)；應(yīng)選擇合適的檔位，使指針指在中央刻度線附近；

結(jié)束后；將表筆拔出，并將選擇開關(guān)旋至“off”檔或交流最高檔．

本題考查了歐姆表的使用注意事項(xiàng)與歐姆表特點(diǎn)，知道歐姆表結(jié)構(gòu)、原理、使用方法即可正確解題．【解析】①④14、①

②

③【分析】【分析】(1)(1)將固定電阻與電源串聯(lián)，起到保護(hù)電源的作用；電壓表與滑動變阻器并聯(lián)，電流表與電源串聯(lián)；

(2)(2)對照電路圖連接實(shí)物圖即可；

(3)(3)根據(jù)閉合電路歐姆定律列方程求解即可。本題考查了測定電池的電動勢和內(nèi)阻的相關(guān)內(nèi)容，關(guān)鍵明確實(shí)驗(yàn)原理，然后根據(jù)閉合電路歐姆定律列式求解電動勢和內(nèi)電阻，基礎(chǔ)題?！窘獯稹繅琶檳琶櫥瑒幼冏杵鞑捎孟蘖魇浇臃ǎ还潭娮枧c電源串聯(lián)，起到保護(hù)電源的作用；電壓表與滑動變阻器并聯(lián)，電流表與滑動變阻器串聯(lián)；電源內(nèi)阻較小，大內(nèi)小外，采用安培表外接法；電路圖如圖所示：

壟脷壟脷對照電路圖連接實(shí)物圖，如圖所示：

壟脹壟脹實(shí)驗(yàn)中，當(dāng)電流表讀數(shù)為I1時(shí)，電壓表讀數(shù)為U1；當(dāng)電流表讀數(shù)為I2時(shí)，電壓表讀數(shù)為U2；根據(jù)閉合電路歐姆定律，有：

E=U1+1(r+R)；E=U2+2(r+R)；聯(lián)立解得：E=I1U2?I2U1I1?I2r=?U?I鈭?R=U1?U2I2?I1鈭?R

故填壟脵壟脵；壟脷壟脷；壟脹壟脹I1U2?I2U1I1?I2U1?U2I2?I1鈭?R

【解析】壟脵

壟脷

壟脹I1U2?I2U1I1?I2U1?U2I2?I1鈭?R

15、略

【分析】解：婁脕婁脗婁脙

三種射線的穿透能力不同；婁脕

射線不能穿過3mm

厚的鋁板，婁脙

射線又很容易穿過3mm

厚的鋁板，厚度的微小變化不會使穿過鋁板的婁脙

射線的強(qiáng)度發(fā)生較明顯變化，所以基本不受鋁板厚度的影響.

而婁脗

射線剛好能穿透幾毫米厚的鋁板，因此厚度的微小變化會使穿過鋁板的婁脗

射線的強(qiáng)度發(fā)生較明顯變化，即是婁脗

射線對控制厚度起主要作用.

若超過標(biāo)準(zhǔn)值，說明鋁板太薄了，應(yīng)該將兩個(gè)軋輥間的距離調(diào)大些．

故答案為：婁脗

大。

婁脕

射線穿透本領(lǐng)太弱；婁脙

射線穿透能力又太強(qiáng)，而婁脗

射線穿透能力婁脗

居中．

本題考查了婁脕婁脗婁脙

三種射線的特性，電離本領(lǐng)依次減弱，穿透本領(lǐng)依次增強(qiáng)，能在生活中加以利用．【解析】婁脗

大16、略

【分析】解：擺球靜止在平衡位置O隆盲

時(shí)，繩上的拉力為F脌-=mgsin婁脠

所以g隆盲=F脌-m=gsin婁脠

．

故周期為：T=2婁脨Lgsin婁脠

．

故答案為：2婁脨Lgsin婁脠

查單擺的周期公式；但注意加速度已經(jīng)不是g

．

單擺周期公式T=2婁脨Lg

在一些情況中會有一些變化，L

為懸點(diǎn)到質(zhì)心的距離，g

有時(shí)不是重力加速度，而要找出某些情景中的等效重力加速度g隆盲.

等效重力加速度的計(jì)算方法：用單擺靜止時(shí)擺線上的張力除以擺球的質(zhì)量．【解析】2婁脨Lgsin婁脠

17、略

【分析】

①、根據(jù)歐姆定律R=電阻定律R=S=可得電阻率ρ=可見需要通過實(shí)驗(yàn)直接測量的物理量有：加在金屬絲兩端的電壓U，通過金屬絲的電流I，金屬絲的長度L，金屬絲的直徑D．

②、因采用伏安法測定一段阻值約為5Ω左右的金屬絲的電阻，本實(shí)驗(yàn)要求通過的電流不能太大，電流表應(yīng)選C，又電動勢為3V，電壓表應(yīng)選D，當(dāng)然應(yīng)選電源A，因滑動變阻器最大電阻大于待測電阻，考慮變阻器用限流式接法，由≥可求外電路最小電阻為R≥7.5Ω，故可選變阻器F，當(dāng)然還應(yīng)選H，電路圖如圖所示。

根據(jù)電表讀數(shù)原理及要求可讀出U=2.40V，I=0.46A，則R==5.2Ω

③、根據(jù)串并聯(lián)電路特點(diǎn)及歐姆定律，若電流表示數(shù)為零，應(yīng)滿足（+）=（），及=兩式聯(lián)立可得=

故答案為①加在金屬絲兩端的電壓U；通過金屬絲的電流I，金屬絲的長度L，金屬絲的直徑D

②ACDFH5.2電路圖如圖。

③

【解析】【答案】①通過公式寫出電阻率的最終表達(dá)式，即可確定需要直接測量的物理量；②電流越大電阻發(fā)熱明顯，電阻值隨之增大，導(dǎo)致電阻測量不準(zhǔn)，故本實(shí)驗(yàn)電流表應(yīng)選小量程的電流表，滑動變阻器的最大電阻大于待測電阻阻值，可考慮變阻器采用限流式接法；③根據(jù)歐姆定律和串并聯(lián)電路的特點(diǎn)可知，若靈敏電阻計(jì)的示數(shù)為零，即說明電流表兩端電勢相等，即變阻箱兩端電壓兩端電壓應(yīng)相等．

四、判斷題(共2題，共14分)18、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點(diǎn)電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時(shí)，電荷才不會移動．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．19、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場強(qiáng)

根據(jù)場強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小，判斷出場強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場強(qiáng)大小及方向．五、作圖題(共3題，共21分)20、略

【分析】【解析】【答案】（6分）（1）如圖所示（2分）（2）如圖所示（2分）（3）右偏（2分）21、略

【分析】解：（1）單擺的擺長l=L+=．

秒表的小盤讀數(shù)為50s；大盤讀數(shù)為15.2s，則秒表的讀數(shù)為75.2s．

（2）根據(jù)T=得，g=

A；測擺線長時(shí)擺線拉得過緊；則擺長的測量值偏大，導(dǎo)致重力加速度的測量值偏大，故A錯(cuò)誤．

B；擺線上端懸點(diǎn)未固定；振動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加了，知擺長的測量值偏小，導(dǎo)致重力加速度的測量值偏小，故B正確．

C；開始計(jì)時(shí)時(shí)；秒表過遲按下，則周期的測量值偏小，導(dǎo)致重力加速度的測量值偏大，故C錯(cuò)誤．

D；實(shí)驗(yàn)中誤將49次全振動記為50次；則周期的測量值偏小，導(dǎo)致重力加速度的測量值偏大，故D錯(cuò)誤．

故選：B．

（3）根據(jù)T=得，可知圖線的斜率k=則重力加速度g=．

故答案為：（1）98.50；75.2；（2）B；（3）．

（1）單擺的擺長等于擺線的長度和擺球的半徑之和；秒表的讀數(shù)等于小盤讀數(shù)和大盤讀數(shù)之和．

（2）根據(jù)單擺的周期公式得出重力加速度的表達(dá)式；結(jié)合擺長和周期的測量誤差確定重力加速度的測量誤差．

（3）根據(jù)單擺的周期公式得出T2-l的關(guān)系式；結(jié)合圖線的斜率求出重力加速度．

單擺的擺長等于懸點(diǎn)到球心的距離，不能漏算小球的半徑．根據(jù)解析式研究圖象的意義是慣用的思路．【解析】98.50；75.2；B；22、略

【分析】

根據(jù)安培定則判斷出磁感線的方向；再畫出磁感線。正電荷周圍的電場線從正電荷出發(fā)到無窮遠(yuǎn)終止。

對于常見的磁場的磁感線和電場的電場線分布要在理解的基礎(chǔ)上，加強(qiáng)記憶?！窘馕觥拷猓焊鶕?jù)安培定則判斷可知：通電導(dǎo)線周圍的磁感線方向沿逆時(shí)針方向(

俯視)

是以導(dǎo)體上各點(diǎn)為圓心的一簇同心圓，磁感線的分布如圖；正電荷周圍的電場線從正電荷出發(fā)到無窮遠(yuǎn)終止，其電場線分布如圖。六、綜合題(共3題，共30分)23、(1)D

(2)A

(3)C

(4)C

(5)

乙丙

(6)

解：

(1)

電子在平行板電容器兩極板間加速加速過程，由動能定理有：eU=12mv2

解得：v=2eUm

(2)

電子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，運(yùn)動軌跡恰與磁場右邊界相切

由幾何關(guān)系得軌跡半徑為：r=d

由牛頓第二定律有：evB=mv2r

聯(lián)立以上各式解得：B=1d2mUe【分析】(1)

【分析】電荷只在電場力作用下從電場中的A

點(diǎn)移到B

點(diǎn)，電場力做了2隆脕10鈭?6J

的功，電荷的電勢能減小2隆脕10鈭?6J

根據(jù)動能定理得知，動能增加了2隆脕10鈭?6J

本題考查對電場力做功與電勢能變化關(guān)系的理解，要熟練運(yùn)用動能定理分析動能的變化，注意合力做功與動能變化有關(guān)，而電場力做功與電勢能變化有關(guān)?！窘獯稹緼B.

電荷只在電場力作用下；電場力做了2隆脕10鈭?6J

的正功，合力做功即為2隆脕10鈭?6J

根據(jù)動能定理得知，動能增加了2隆脕10鈭?6J

故AB錯(cuò)誤；

CD.

電場力做了2隆脕10鈭?6J

的正功，根據(jù)功能關(guān)系得知，電荷的電勢能減小2隆脕10鈭?6J

故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。(2)

【分析】根據(jù)圖示電流、磁場、力的方向，應(yīng)用左手定則分析答題。本題考查了左手定則的應(yīng)用，掌握左手定則并靈活應(yīng)用，即可正確解題。【解答】A.由左手定則可知，電流所受安培力豎直向上，磁感強(qiáng)度、電流、安培力三者間的方向關(guān)系正確，故A正確；B.根據(jù)圖示由左手定則可知，安培力水平向左，圖示磁感強(qiáng)度、電流、安培力三者間的方向關(guān)系錯(cuò)誤，故B錯(cuò)誤；C.根據(jù)圖示由左手定則可知，安培力豎直向下，圖示磁感強(qiáng)度、電流、安培力三者間的方向關(guān)系錯(cuò)誤，故C錯(cuò)誤；D.根據(jù)圖示由左手定則可知，安培力水平向左，圖示磁感強(qiáng)度、電流、安培力三者間的方向關(guān)系錯(cuò)誤，故D錯(cuò)誤。故選A。(3)

【分析】根據(jù)電容器的決定式C=婁脜S4婁脨kd

判斷電容的變化；同時(shí)注意C=QU

為定義式，C

與Q

和U

無關(guān)。解決本題的關(guān)鍵知道電容器的電容與電壓和所帶的電荷量無關(guān)，由本身的因素決定，根據(jù)電容的決定式可以判定電容與什么因素有關(guān)?！窘獯稹扛鶕?jù)電容器的決定式C=婁脜S4婁脨kd

知，增大兩板的正對面積、減小兩極板間的距離及更換電介質(zhì)均可以改變電容的大小，而電容與電壓和電量無關(guān)，故改變電壓不會影響電容器的電容大小，本題選擇不能改變電容器電容的，故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選C。(4)

【分析】電源的電動勢E

等于電路中內(nèi)外電壓之和，根據(jù)閉合電路歐姆定律求解電源的電動勢E

閉合電路歐姆定律反映了電路中電流與整個(gè)電路的電動勢和總電阻的關(guān)系，是電路中最重要規(guī)律之一，要加強(qiáng)熟練，熟練運(yùn)用。【解答】根據(jù)閉合電路歐姆定律得電源的電動勢為：E=I(R+r)=0.3隆脕(9+1)V=3V

故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選C。(5)

【分析】伏安特性曲線中，斜率為電阻的倒數(shù)；由伏安特性曲線可判斷電阻的變化趨勢。明確伏安特性曲線的意義，由圖線可得電阻的變化趨勢和某電壓下的電阻值。【解答】伏安特性曲線中，斜率為電阻的倒數(shù)，故斜率不變則電阻不變，即為定值電阻；斜率變小則阻值變大，反之電阻變小，由圖得，乙為定值電阻，丙阻值變大。故答案為：乙；丙。(6)

在此題中注意分清過程，弄清每個(gè)過程中的物理模型，運(yùn)用相應(yīng)知識點(diǎn)來逐一解決，更要注意題目中的恰好的含義。(1)

電子在平行板電容器兩極板間加速，由動能定理求出加速獲得的速度v

(2)

電子以速度v

進(jìn)入磁場后，在磁場中以速度v

做勻速圓周運(yùn)動，運(yùn)動軌跡恰與磁場右邊界相切.

由幾何關(guān)系求得軌跡半徑，再由牛頓第二定律和向心力公式解得B

【解析】(1)D

(2)A

(3)C

(4)C

(5)

乙丙(6)

解：(1)

電子在平行板電容器兩極板間加速加速過程，由動能定理有：eU=12mv2

解得：v=2eUm

(2)

電子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，運(yùn)動軌跡恰與磁場右邊界相切由幾何關(guān)系得軌跡半徑為：r=d

由牛頓第二定律有：evB=mv2r

聯(lián)立以上各式解得：B=1d2mUe

24、（1）BCE

（2）

解：①氣體c→a等溫變化，根據(jù)玻意爾定理得PaVa=PcVc；

又a→b等容過程。

所以Va=Vb=22.4L；

解得：

②氣體由狀態(tài)b到狀態(tài)c為等壓過程；由蓋呂薩克定律可知體積增大時(shí)溫度升高；

所以氣體內(nèi)能△U增大，由于b→c氣體對外做功；W為負(fù)值，氣體吸熱，Q為正值；

由熱力學(xué)第一定律△U=Q+W可知，氣體吸收熱量Q大于氣體對外做的功W。【分析】【分析】

氣體的體積是氣體所能充滿的整個(gè)空間；氣體溫度越高，氣體分子的熱運(yùn)動就越劇烈，氣體對容器的壓強(qiáng)是由大量氣體分子對容器不斷碰撞而產(chǎn)生的。

掌握溫度是分子的平均動能的標(biāo)志；會利用微觀理論解釋氣體壓強(qiáng)產(chǎn)生的原因。

【解答】

A.氣體的體積是氣體所能充滿的整個(gè)空間；A錯(cuò)誤；

B.氣體溫度越高；氣體分子的熱運(yùn)動就越劇烈，B正確；

C.氣體對容器的壓強(qiáng)是由大量氣體分子對容器不斷碰撞而產(chǎn)生的；C正確；

D.當(dāng)氣體膨脹時(shí)；氣體對外做功，但可能同時(shí)吸熱，故氣體的內(nèi)能不一定減少，故D錯(cuò)誤；

E；在壓強(qiáng)不變而體積增大時(shí)；分子的密度減小，單位時(shí)間碰撞容器壁單位面積的分子數(shù)一定減少，E正確；

故選BCE。

【分析】

壟脵c隆煤a

為等溫過程；由讀出ca

兩狀態(tài)的壓強(qiáng)，根據(jù)玻意耳定律求出氣體在狀態(tài)c

時(shí)的體積Vc