2025年外研版高一物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研版高一物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、【題文】2010年10月1日，繼“嫦娥一號”衛(wèi)星成功發(fā)射之后，“嫦娥二號”衛(wèi)星再次發(fā)射成功．這是我國航天史上的另一重要成果。“嫦娥二號”發(fā)射后先繞地球做圓周運動，經多次變軌，最終進入距月面h="100"km的圓形工作軌道，開始進行科學探測活動.設月球半徑為R，月球表面的重力加速度為萬有引力常量為G，則下列說法正確的A.嫦娥二號繞月球運行的周期為B.由題目條件可知月球的平均密度為C.嫦娥二號在軌道上繞行的線速度為D.嫦娥二號軌道處的加速度為2、如圖所示，質量為m

的小球固定在長為l

的細輕桿的一端，繞細桿的另一端O

在豎直平面內做圓周運動.

球轉到最高點A

時，線速度的大小為gl2

此時()

A.桿受到mg/2

的拉力B.桿受到mg/2

的壓力C.桿受到3mg/2

的拉力D.桿受到3mg/2

的壓力3、下列情況的物體哪些可以看做質點()A.研究繞地球飛行時的航天飛機B.研究汽車后輪上一點的運動情況的車輪C.研究從北京開往上海的一列火車D.研究身體轉體動作的跳水運動員4、【題文】一物體沿水平面勻減速直線滑行；滑到A點（速度不為0）時，開始受到一水平恒力F，之后物體繼續(xù)沿原直線運動，到達另一點B時，其速率與物體通過A點的速率相同，則這一水平恒力F可能為

[]A.小于摩擦力，方向與物體運動方向相同B.小于摩擦力，方向與物體運動方向相反C.大于摩擦力，方向與物體運動方向相同D.大于摩擦力，方向與物體運動方向相反5、下列有關質點的說法中，正確的是()A.研究哈雷彗星公轉時，哈雷彗星不可看作質點B.花樣滑冰運動員正在表演冰上舞蹈動作，此時該運動員可看作質點C.用GPS定位系統(tǒng)確定正在南極冰蓋考察的某科考隊員位置時，該隊員可看作質點D.因為子彈的質量、體積都很小，所以在研究子彈穿過一張薄紙所需的時間時，可以把子彈看作質點6、豎直上拋物體受到的空氣阻力Ff大小恒定，物體上升到最高點時間為t1，從最高點再落回拋出點所需時間為t2，上升時加速度大小為a1，下降時加速度大小為a2，則（）A.a1＞a2，t1＜t2B.a1＞a2，t1＞t2C.a1＜a2，t1＜t2D.a1＜a2，t1＞t2評卷人得分二、雙選題(共5題，共10分)7、關于化學反應過程中，能量變化描述正確的是A.成鍵過程中吸收能量B.斷鍵過程中吸收能量C.成鍵過程中放出能量D.斷鍵過程中放出能量8、下列大氣污染物中，能與人體中血紅蛋白結合而引起中毒的氣體是()

A.rm{SO_{2}}B.rm{C{O}_{2}}C.rm{NO_{2}}D.rm{NO}9、標準狀況下，有rm{壟脵6.72L}甲烷，rm{壟脷3.01隆脕10^{23}}個rm{HCl}分子，rm{壟脹13.6gH_{2}S}rm{壟脺0.2mol}氨氣，則下列四種氣體的關系表示正確的是A.體積：rm{壟脺<壟脵<壟脷<壟脹}B.質量：rm{壟脺<壟脵<壟脹<壟脷}C.密度：rm{壟脵<壟脹<壟脺<壟脷}D.氫原子數(shù)：rm{壟脷<壟脺<壟脹<壟脵}10、關于化學反應過程中，能量變化描述正確的是A.成鍵過程中吸收能量B.斷鍵過程中吸收能量C.成鍵過程中放出能量D.斷鍵過程中放出能量11、下列大氣污染物中，能與人體中血紅蛋白結合而引起中毒的氣體是()

A.rm{SO_{2}}B.rm{C{O}_{2}}C.rm{NO_{2}}D.rm{NO}評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)12、（2002?鏡湖區(qū)校級自主招生）如圖所示，夏天灑水車在向路面灑水，可以達到降溫的效果，這是因為____；如果這輛灑水車工作過程中做勻速直線運動，則它的動能將不斷____，牽引力做功的功率將不斷____（填“增大”“減小”“不變”）13、一輛自行車從靜止開始做勻加速直線運動，經8s后速度變?yōu)?m/s，則這段時間內速度的變化量為____m/s，加速度為____m/s2，位移為____m．14、一個半徑比地球大2倍，質量是地球的36倍的行星，它表面的重力加速度是地球表面的加速度的____倍．15、有4條用打點計時器（所用交流電頻率為50Hz）打出的紙帶A、B、C、D，其中一條是做“驗證機械能守恒定律”實驗時打出的．為找出該紙帶，某同學在每條紙帶上取了點跡清晰的、連續(xù)的4個點，用刻度尺測出相鄰兩個點間距離依次為S1、S2、S3．請你根據(jù)下列S1、S2、S3的測量結果確定該紙帶為____（已知當?shù)氐闹亓铀俣葹間=9.791m/s2）

A.61.0mm65.8mm70.7mm

B.41.2mm45.1mm53.0mm

C.49.6mm53.5mm57.3mm

D.60.5mm61.0mm61.6mm．16、一個足球質量為3Kg以30m/s的速度被踢到60m遠處，在飛行過程中的最大高度是3m，那么足球的初動能是____J，球在飛行過程中的最大重力勢能為____J，如果空氣阻力不計足球落地時的動能為____J，機械能為____J．17、電量為6×10-6C的負電荷從電場中的A點移動到B點，克服電場力做了3×10-5J的功，再從B點移動到C點，電場力做了1.2×10-5J的功，則電荷從A點移到B點，再從B點移到C點的過程中電勢能____（填“增加”或“減少”）了____J；如果規(guī)定A點為零勢點，則φB=____V，φC=____V。18、把電量為1×10-5C的負電荷從電場中的A點移到無限遠處，電場力對電荷做2×10-4J的負功．若把該電荷從A點移到電場中的另一點B，電場力做1×10-4J的正功．設無窮遠處的電勢能為零，那么，該電荷在A點的電勢能為______，A點的電勢為______，A、B間的電勢差為______，其中______點電勢高．19、向陽中學某學習小組的同學；想利用“自由落體運動”的知識，不使用刻度尺等直接測長工具而測出教學樓的高度（若無老師指導和保護，不要擅自操作）．請你說說：

（1）該測量的操作過程是：____．

（2）需測出的物理量是：____．

（3）由所測量及有關常數(shù)表示的教學樓的高度是：____．20、如圖所示，三段不可伸長的輕繩OA、OB、OC，O為結點，它們共同懸掛一個重物，其中OB繩是水平的，OA繩與水平方向成θ角，A、B端固定，C端所掛物體受重力為mg．則OA繩受到的拉力大小為T1=______；OB繩受到的拉力大小為T2=______．評卷人得分四、計算題(共2題，共14分)21、如圖所示，在豎直平面內，用長為L

的絕緣輕繩將質量為m

帶電量為+q

的小球懸于O

點，整個裝置處在水平向右的勻強電場中。初始時刻小球靜止在P

點。細繩與場強方向成婁脠

角。今用絕緣錘子沿豎直平面、垂直于OP

方向打擊一下小球，之后迅速撤離錘子，當小球回到P

處時，再次用錘子沿同一方向打擊小球，兩次打擊后小球恰好到達Q

點，且小球總沿圓弧運動，打擊的時間極短，小球電荷量不損失。錘子第一次對小球做功為W1

第二次對球做功為W2

(1)

求勻強電場的場強大小E

(2)

若W1W2

的值達到最大，分別求W1W2;

(3)W1W2

的值最大時，求第一、二次小球被打擊后瞬間細繩的拉力大小F1F2

．22、如圖所示；原長分別為L1

和L2

勁度系數(shù)分別為k1k2

的輕彈簧豎直懸掛在天花板上，兩彈簧之間有一質量為m1

的物體，最下端掛著質量為m2

的另一物體，整個裝置處于靜止狀態(tài)，求：

(1)

這時兩彈簧的總長．

(2)

若用一個質量為M

的平板把下面的物體豎直緩慢的向上托起，直到兩彈簧的總長度等于兩彈簧的原長之和，求這時平板受到下面物體的壓力．評卷人得分五、實驗探究題(共3題，共12分)23、像打點計時器一樣，光電計時器也是一種研究物體運動情況的常見計時儀器，每個光電門都是由激光發(fā)射和接收裝置組成．當有物體從光電門通過時，光電計時器就可以顯示物體的擋光時間．現(xiàn)利用如圖1所示裝置設計一個“探究物體運動的加速度與合外力、質量關系”的實驗，圖中NQ是水平桌面、PQ是一端帶有滑輪的長木板，1、2是固定在木板上間距為l的兩個光電門（與之連接的兩個光電計時器沒有畫出）．小車上固定著用于擋光的窄片K，K的寬度d，讓小車從木板的頂端滑下，光電門各自連接的計時器顯示窄片K的擋光時間分別為t1和t2．

（1）用米尺測量兩光電門的間距為l，則小車的加速度表達式a=______（各量均用題目中的已知量的字母表示）；

（2）該實驗中，為了把繩子拉力當作小車受的合外力，就必須______

（3）某位同學通過測量，把砂和砂桶的重量當作小車的合外力F，作出a-F圖線．如圖2中的實線所示．試分析：圖線不通過坐標原點O的原因是______；曲線上部彎曲的原因是______．24、用如圖1所示的電路測量一節(jié)干電池的電動勢和內阻。除開關和導線外；可供使用的實驗器材還有：

電流表（量程0～0.6A；0～3A）

電壓表（量程0?3V；0?15V）

滑動變阻器R1（阻值范圍0?20Ω；額定電流2A）

滑動變阻器R2（阻值范圍0?100Ω）；額定電流1A）

（1）為提高測量精度；電流表應選用的量程是______A，電壓表應選用的量程是______V；為多測量幾組數(shù)據(jù)，滑動變阻器應選用______（填寫滑動變阻器符號）；

（2）實驗開始前，滑動變阻器的滑動觸頭P應移到______端（選填“a”或“b”）；

（3）改變滑動變阻器R的阻值；測出6組U和I的值如下表所示。其中5組數(shù)據(jù)的對應點已經標在坐標紙上，請在坐標紙上標出第二組數(shù)據(jù)的對應點，并畫出U-I圖線。

。序號123456電壓U（V）1.351.301.251.201.151.10電流I（A）0.1200.1400.2400.3000.3600.420（4）由圖象求得電池的電動勢E=______V，內阻r=______Ω；（保留到小數(shù)點后兩位）25、在測某種材料制成的均勻圓柱體的電阻率的實驗中；需要測量其長度L；直徑d和電阻R。

（1）如圖甲；使用游標卡尺測量其長度L為______mm；如圖乙，使用螺旋測微器測量其直徑d為______mm；

（2）若用圖丙電路測圓柱體的電阻；則測量結果將比真實值______（填“偏大”或“偏小”）

評卷人得分六、證明題(共2題，共16分)26、燈距地面的高度為h；身高為l的人以速度υ勻速直線行走，如圖所示．

（1）有甲；乙兩位同學對人的頭頂?shù)挠白拥倪\動情況分別談了自己的看法；甲同學認為人的頭頂?shù)挠白訉⒆鲃蚣铀僦本€運動，而乙同學則依據(jù)平時看到的自己的影子的運動情況，認為人的頭頂?shù)挠白訉⒆鲃蛩僦本€運動，你認為甲、乙兩位同學對人的頭頂?shù)挠白拥倪\動情況的看法，誰的看法是正確的？

（2）請說明你的判斷依據(jù)：

（3）求人影的長度隨時間的變化率．27、燈距地面的高度為h；身高為l的人以速度υ勻速直線行走，如圖所示．

（1）有甲；乙兩位同學對人的頭頂?shù)挠白拥倪\動情況分別談了自己的看法；甲同學認為人的頭頂?shù)挠白訉⒆鲃蚣铀僦本€運動，而乙同學則依據(jù)平時看到的自己的影子的運動情況，認為人的頭頂?shù)挠白訉⒆鲃蛩僦本€運動，你認為甲、乙兩位同學對人的頭頂?shù)挠白拥倪\動情況的看法，誰的看法是正確的？

（2）請說明你的判斷依據(jù)：

（3）求人影的長度隨時間的變化率．參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、A|B|D【分析】【解析】

試題分析：根據(jù)萬有引力定律，則又所以嫦娥二號繞月球運行的周期為月球的密度：嫦娥二號在軌道上繞行的線速度為嫦娥二號軌道處的加速度為選項ABD正確。

考點：萬有引力定律的應用；人造衛(wèi)星?！窘馕觥俊敬鸢浮緼BD2、B【分析】略【解析】B

3、A|C【分析】試題分析：質點是為研究問題方便而引入的理想化模型，當一個物體的大小、形狀等對所研究的問題沒有影響或影響很少以至于可以忽略時，我們就可以把物體簡化為一個只有質量沒有大小的質點，一般情況下，研究自轉和物體動作細節(jié)時不可以簡化為質點，由此可判斷AC正確；研究車輪和跳水動作不可以看做質點，故BD錯誤；考點：質點【解析】【答案】AC4、D【分析】【解析】

∵F≠f→F合≠0→a≠0→△υ≠0

∴只存在υfs16t＝－υ0的可能；即物體做減速運動至停止再反向運動．【解析】【答案】D5、C【分析】【分析】哈雷彗星的體積相對于它的軌道半徑來說很?。豢梢院雎?，能夠看成質點，所以A錯誤．花樣滑冰運動員在表演時看的就是運動員的動作，此時不能看成質點，所以B錯誤．科考隊員的體積相對于南極冰蓋來說是很小的，可以忽略，此時的人能看成質點，所以C正確．子彈的體積很小但是相對于紙的厚度來說子彈的體積是比較大的，不能忽略，此時子彈不能看作質點，所以D錯誤。

故選C。

【點評】物體可以看成質點的條件是看物體的大小體積對所研究的問題是否產生影響，同一個物體在不同的時候，有時可以看成質點，有時不行，要看研究的是什么問題。6、A【分析】解：上升過程有：mg+Ff=ma1；

下降過程有：mg-Ff=ma2，由此可知a1＞a2；

根據(jù)功能關系可知落回地面的速度v＜v0，因此上升過程的平均速度大于下降過程的平均速度由于上升過程和下降過程位移大小相等，因此t1＜t2；故BCD錯誤，A正確．

故選：A

在物體上升和下降過程中根據(jù)牛頓第二定律比較加速度大??；然后根據(jù)位移大小相等，利用運動學公式比較上升和下降時間的大小．

本題容易出錯的地方在于阻力的方向容易弄錯，注意阻力方向與相對運動方向相反，上升和下降過程不同．【解析】【答案】A二、雙選題(共5題，共10分)7、BC【分析】【分析】本題考查了化學反應中的能量變化，理解化學鍵的斷裂和形成是能量變化的根本原因是解題的關鍵。

【解答】化學鍵的斷裂和形成是化學反應中能量變化的原因，破壞化學鍵要吸收能量，形成新的化學鍵要釋放能量，故B、C正確。故選BC?！窘馕觥縭m{BC}8、BD【分析】【分析】本題主要考查物質的性質方面的知識，解答時要理解一氧化碳、一氧化氮等物質能夠與血紅蛋白結合，從而引起中毒?！窘獯稹緼.二氧化硫對眼和呼吸道有強烈刺激作用，吸入高濃度二氧化硫可引起喉水腫、肺水腫、聲帶水腫及rm{(}或rm{)}痙攣導致窒息，rm{SO_{2}}還會導致糖及蛋白質的代謝障礙；從而引起腦；肝、脾等組織發(fā)生退行性變，故A錯誤；

B.一氧化碳容易與血液中的血紅蛋白結合，使人中毒；故B正確；

C.二氧化氮的毒作用主要是損害深部呼吸道；故C錯誤；

D.一氧化氮容易與血液中的血紅蛋白結合；使人中毒，故D正確。

故選BD?！窘馕觥縭m{BD}9、BD【分析】【分析】該題是中等難度的試題，試題綜合性強，在注重對基礎知識考查的同時，更側重對學生能力的培養(yǎng)。該題學生需要注意的是在進行物質的量的有關計算時，關鍵是熟練應用幾個關系式rm{n=m/M}特別還要注意氣體摩爾體積的使用條件，即只能適用于氣體，且只有在標準狀況下，氣體的摩爾體積才是rm{22.4L/mol}【解答】根據(jù)題意可知，甲烷、氯化氫、rm{H_{2}S}的物質的量分別是rm{壟脵}rm{壟脵}rm{6.72L隆脗22.4L/mol=0.3mol}rm{壟脷}rm{壟脷}rm{壟脹}氨氣。A.根據(jù)阿伏加德羅定律可知，氣體的體積大小關系是rm{壟脹}故A錯誤；B.甲烷的質量是rm{13.6g隆脗34g/mol=0.4mol}氯化氫的質量是rm{壟脺0.2mol}氨氣。氨氣的質量是rm{壟脺0.2mol}所以質量關系是rm{壟脺<壟脵<壟脹<壟脷}故B正確；C.在相同條件下，氣體的密度之比是相對分子質量之比，故C錯誤；D.氫原子的物質的量分別是rm{4.8g}rm{18.25g}rm{3.4g}rm{壟脺<壟脵<壟脹<壟脷}則氫原子數(shù)rm{1.2mol}故D正確。故選BD。rm{0.5mol}【解析】rm{BD}10、BC【分析】【分析】本題考查了化學反應中的能量變化，理解化學鍵的斷裂和形成是能量變化的根本原因是解題的關鍵。

【解答】化學鍵的斷裂和形成是化學反應中能量變化的原因，破壞化學鍵要吸收能量，形成新的化學鍵要釋放能量，故B、C正確。故選BC?！窘馕觥縭m{BC}11、BD【分析】【分析】本題主要考查物質的性質方面的知識，解答時要理解一氧化碳、一氧化氮等物質能夠與血紅蛋白結合，從而引起中毒?！窘獯稹緼.二氧化硫對眼和呼吸道有強烈刺激作用，吸入高濃度二氧化硫可引起喉水腫、肺水腫、聲帶水腫及rm{(}或rm{)}痙攣導致窒息，rm{SO_{2}}還會導致糖及蛋白質的代謝障礙；從而引起腦；肝、脾等組織發(fā)生退行性變，故A錯誤；

B.一氧化碳容易與血液中的血紅蛋白結合，使人中毒；故B正確；

C.二氧化氮的毒作用主要是損害深部呼吸道；故C錯誤；

D.一氧化氮容易與血液中的血紅蛋白結合；使人中毒，故D正確。

故選BD?！窘馕觥縭m{BD}三、填空題(共9題，共18分)12、略

【分析】【分析】（1）路面上的水蒸發(fā)要從周圍空氣吸熱；使周圍的空氣溫度降低，達到降溫的目的；

（2）動能的大小與物體的質量和物體的速度有關，質量越大、速度越大，物體的動能越大．同時灑水車做勻速直線運動，處于平衡狀態(tài)，受到的牽引力和摩擦阻力為一對平衡力，據(jù)此判斷．【解析】【解答】解：在路面上灑水是利用了蒸發(fā)吸熱的道理；灑水時車的速度不變；但灑水車的質量減小，灑水車的動能減?。瑫r由于灑水車做勻速直線運動，所以灑水車受到的牽引力和摩擦力為平衡力，大小相等，故該過程中車的重力減小，其對路面的壓力減小，在接觸面粗糙程度一定時，車與地面的摩擦力減小，故此時的牽引力也減小，故據(jù)公式P=FV可知，此時牽引力做功的功率減?。?/p>

故答案為：蒸發(fā)吸熱；減?。粶p?。?3、略

【分析】

速度變化量△v=v-v=4m/s-0=4m/s

根據(jù)加速度的定義

根據(jù)勻變速運動的位移公式

故答案為：4；0.5，16．

【解析】【答案】速度變化量為△v=v-v，代入數(shù)據(jù)計算即可；根據(jù)加速度的定義代入數(shù)據(jù)計算即可；勻變速運動的位移公式為代入數(shù)據(jù)計算即可．

14、略

【分析】

半徑比地球大2倍；所以此行星的半徑是地球半徑的3倍．

設任一星球的質量為M；半徑為R，質量為m的物體在星球表面時，星球對物體的萬有引力近似等于物體的重力，則有。

mg=

得g=

設此行星的質量為M′；半徑為R′，表面的重力加速度為g′；地球的質量為M，半徑為R，表面的重力加速度為g；

所以有=

故答案為：4．

【解析】【答案】根據(jù)重力近似等于萬有引力；分析星球表面的重力加速度與星球質量；半徑的關系，運用比例法求解該行星的表面重力加速度與地球的表面重力加速度的比值．

15、略

【分析】

紙帶中打出的點符合相臨相等的條件，則可知相臨兩位移間應保證位移之差等于gt2=9.791×（0.02）2≈3.9mm；

A中位移之差分別為4.8mm；4.9mm；

B中位移之差為3.9mm；7.9mm；

C中位移之差為3.9mm；3.8mm；

D中位移之差為0.5mm；0.6mm；

故符合條件的為C；

故選C．

【解析】【答案】在驗證機械能守恒定律實驗中物體是在豎直下落只受重力的情況下完成的，故可知下落的加速度，則由△x=gt2可找出符合條件的紙帶．

16、略

【分析】

足球的初動能．飛行過程中最大的重力勢能Ep=mgh=30×3J=90J．由于飛行的整個過程中機械能守恒；所以落地時的機械能為1350J，動能為1350J．

故答案為：1350；90，1350，1350．

【解析】【答案】根據(jù)求出足球的初動能，根據(jù)Ep=mgh求出球在飛行過程中的最大重力勢能．足球在運行過程中；只有重力做功，機械能守恒，根據(jù)機械能守恒定律求出足球落地時的動能和機械能．

17、略

【分析】【解析】試題分析：電場力做負功電勢能增大，電場力做正功，電勢能減小，由此可知從A到C電場力做功為-3×10-5J+1.2×10-5J=-1.8×10-5J，因此電勢能增大，同理可求得C點電勢考點：考查電場力做功與電勢差的關系【解析】【答案】增加1.8×10-5J-5V-3V18、略

【分析】解：由題：把電量為1×10-5C的負電荷從電場中的A點移到無限遠處，電場力對電荷做2×10-4J的負功，該負電荷的電勢能增大2×10-4J，電荷無限遠處電勢能為零，則該電荷在A點的電勢能為-2×10-4J．

A與無窮遠間的電勢差為UA∞===20V

無窮遠電勢為零，UA∞=φA-φ∞，則A點電勢φA=20V．

A、B間電勢差為UAB===-10V

據(jù)UAB=φA-φB，則B點電勢φB=10V．

故答案為：-2×10-4J；20V；10V；B．

根據(jù)功能關系分析該電荷在A點的電勢能；根據(jù)試探電荷的電荷量和電場力做功，根據(jù)公式U=分別求出A與無窮遠間；A與B間電勢差，無窮遠處電勢為零，再確定A、B兩點的電勢。

本題考查對電勢差公式的應用能力，公式U=應用時，各量均需代入符號．【解析】-2×10-4J；20V；10V；B19、略

【分析】

我們可以設計一個實驗；某體積較小的金屬小球從樓頂由靜止下落并開始計時，當聽到小球著地響聲時，停止計時，測出下落的時間t，即可求得高度．

根據(jù)自由落體位移時間公式得：h=即可表示出教學樓高度．

故答案為：（1）①讓某體積較小的金屬小球從樓頂由靜止下落并開始計時②當聽到小球著地響聲時，停止計時；（2）下落時間t；（3）h=

【解析】【答案】根據(jù)自由落體運動的位移時間公式可以求得教學樓的高度；我們可以設計一個實驗，讓物體同樓頂釋放，讓物體做自由落體運動，測量下落的時間即可求得高度．

20、略

【分析】解：以結點O為研究對象，分析受力情況，作出力圖如圖．CO繩對O點的拉力大小等于重力mg，即FCO=mg

由平衡條件得知：CO繩的拉力FCO和OB繩的拉力FBO的合力與FAO等值；反向．由幾何關系得：

T1=FAO=T2=FBO=．

故答案為：．

由題系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)；以結點O為研究對象，分析受力情況，作出力圖，由平衡條件求出AO繩和OB繩的拉力．

本題懸繩固定的物體平衡問題，往往以結點為研究對象，正確分析受力，作出力圖，即可由平衡條件求解．【解析】四、計算題(共2題，共14分)21、解：（1）如圖所示，小球在A點（題中P點）合力為零，則有：tanθ=解得：E=

（2）第一次擊打后球最多到達“等效”與球心等高B位置，根據(jù)功能關系，有：W1≤mgL（sinθ+cosθ）+qEL（cosθ-sinθ）結合tanθ=在等效最高點C時，根據(jù)牛頓第二定律有：=m根據(jù)功能關系有：W1+W2-mg?2L?sinθ-qE?2L?cosθ=整理可以得到：≤整理可以得到：W1=W2=

（3）打擊一次后，物體獲得的速度為v1，則有：W1=mv12根據(jù)牛頓第二定律得：F1-=m打擊二次后，物體獲得的速度為v2，則有：W1+W2=mv22根據(jù)牛頓第二定律得：F2-=m聯(lián)立整理可以得到：F1=F2=答：（1）勻強電場的場強大小E是

（2）若的值達到最大，W1、W2分別為和

?（3）若的值達到最大，第、二次小球被打擊后瞬間細繩的拉力大小F1、F2分別為和【分析】(1)

根據(jù)小球在P

點受力平衡；列出平衡方程求E

(2)

為使W1W2

最大，須使W1

最大，W2

最小，但細繩不能松弛，所以錘子第一次打擊小球后，恰好能使細繩轉過90鈭?

這種情況下錘子對小球做功為W1

根據(jù)動能定理求出W1

錘子第二次對小球做功使小球從P

點運動到Q

點，在Q

點，小球的等效重力F

剛好提供向心力，這種情況下錘子第二次對小球做功為W2

最小，在Q

點根據(jù)向心力公式列式，然后根據(jù)動能定理即可求出W

2。

(3)

根據(jù)動能定理求第一；二次小球被打擊后瞬間小球獲得的速度；根據(jù)牛頓第二定律求得F1F2隆攏

本題是動能定理及牛頓定律的應用的綜合題目；分析什么條件下W1

最大，W2

最小是關鍵，再運用牛頓第二定律和動能定理結合。

求解。

【解析】解：(1)

如圖所示，小球在A

點(

題中P

點)

合力為零，則有：tan婁脠=mgqE

解得：E=mgqtan胃

(2)

第一次擊打后球最多到達“等效”與球心等高B

位置，根據(jù)功能關系，有：W1鈮?mgL(sin婁脠+cos婁脠)+qEL(cos婁脠鈭?sin婁脠)

結合tan婁脠=mgqE

在等效最高點C

時，根據(jù)牛頓第二定律有：mgsin胃=mv02L

根據(jù)功能關系有：W1+W2鈭?mg?2L?sin婁脠鈭?qE?2L?cos婁脠=12mv02

整理可以得到：W1W2鈮?23

整理可以得到：W1=mgLsin胃W2=3mgL2sin胃

(3)

打擊一次后，物體獲得的速度為v1

則有：W1=12mv12賂霉

據(jù)牛頓第二定律得：F1鈭?mgsin胃=mv12L

打擊二次后，物體獲得的速度為v2

則有：W1+W2=12mv22

根據(jù)牛頓第二定律得：F2鈭?mgsin胃=mv22L

聯(lián)立整理可以得到：F1=3mgsin胃F2=6mgsin胃

答：(1)

勻強電場的場強大小E

是mgqtan胃

(2)

若W1W2

的值達到最大，W1W2

分別為mgLsin胃

和3mgL2sin胃

(3)

若W1W2

的值達到最大，第、二次小球被打擊后瞬間細繩的拉力大小F1F2

分別為3mgsin胃

和6mgsin胃

22、略

【分析】

(1)

整體法受力分析根據(jù)胡克定律求上面彈簧的長；然后隔離法對m2

受力分析根據(jù)胡克定律求下面彈簧的長度。

(2)

當兩個彈簧的總長度等于兩彈簧原長之和時；上邊彈簧的伸長量與下邊彈簧的壓縮量相等.

對m1

受力分析，有m1g=k1x+k2x

得出伸長量和壓縮量x.

對物體m2

受力分析有：FN=m2g+k2x

再結合牛頓第三定律，求出物體對平板的壓力FN隆盲.

本題的關鍵是當兩彈簧的總長度等于兩彈簧的原長之和時下面彈簧的壓縮量與上面彈簧的伸長量相等．【解析】解：(1)

以m1m2

整體為研究對象進行受力分析，根據(jù)平衡條件有：k1鈻?x1=m1g+m2g壟脵

以m2

為研究對象，有：m2g=k2鈻?x2壟脷

兩彈簧的總長L=L1+L2+鈻?x1+鈻?x2壟脹

聯(lián)立壟脵壟脷壟脹

得：L=L1+L2+m1g+m2gk1+m2gk2

(2)

當兩個彈簧的總長度等于兩彈簧原長之和時；下面彈簧的壓縮量應等于上面彈簧的伸長量，設為x

對m1

受力分析得：m1g=k1x+k2x壟脵

對平板和m1

整體受力分析得：

FN=m2g+k2x壟脷

根據(jù)牛頓第三定律；有。

FN隆盲=FN壟脹

解得：FN隆盲=k2k1+k2m1g+m2g

答：(1)

兩彈簧的總長L1+L2+m1g+m2gk1+m2gk2

．

(2)

平板受到下面物體的壓力為k2k1+k2m1g+m2g.

五、實驗探究題(共3題，共12分)23、略

【分析】解：（1）窄片K的寬度很小；可以利用平均速度來代替瞬時速度，因此有：

v1=v2=

根據(jù)速度與位移關系可知小車的加速度大小為：a=

由上三式可解得：a=

（2）為了把繩子拉力當作小車受的合外力；就必須平衡小車受到的摩擦力。

（3）由圖2可知；開始物體所受拉力為零時，卻產生了加速度，故操作過程中平衡摩擦力時木板傾角過大．

所以：平衡摩擦力時木板傾角過大（或平衡摩擦力過度）；

根據(jù)牛頓第二定律；可知曲線上部彎曲的原因是：沒有滿足小車質量遠大于砂和砂桶的質量．

故答案為：（1）（2）平衡摩擦力（3）平衡摩擦力時木板傾角過大沒有滿足小車質量遠大于砂和砂桶的質量．

（1）小車做勻變速直線運動，根據(jù)速度v=和位移關系v2-v02=2as可以求出加速度的大??；

（2）注意平衡摩擦力的原理；利用重力沿斜面的分力來平衡摩擦力，若物體能勻速運動則說明恰好平衡了摩擦力；

（3）根據(jù)圖象特點結合牛頓第二定律可正確解答．

對于課本中的基本力學實驗，無論形式如何變化，只要根據(jù)所學基本物理知識，弄清其實驗原理，熟練應用所學物理知識，即可找到解決問題的突破口【解析】平衡摩擦力；平衡摩擦力時木板傾角過大；沒有滿足小車質量遠大于砂和砂桶的質量．24、0～0.60?3R1a1.450.83【分析】解：（1）一節(jié)干電池電動勢為1.5V；因此電壓表量程應選：0～3V；

電路中接有保護電阻；電路電流不超過1A，如果用量程為3A的電流表，誤差較大，因此電流表量程應選：0～0.6A；

為方便實驗操作，滑動變阻器應選擇R1；

（2）滑動變阻器采用限流接法；為保護電路，閉合開關前滑片要置于a端。

（3）根據(jù)表中實驗數(shù)據(jù)在坐標系內描出對應點；然后作出電源U-I圖象如圖所示：

由圖示電源U-I圖象可知；電源電動勢：E=1.45V

電源內阻：r=≈0.83Ω；

故答案為：（1）0～0.6；0～3；R1；（2）a；（3）圖象如圖所示；（4）1.45；0.83。

（1）根據(jù)電源電動勢選擇電壓表；根據(jù)電路最大電流選擇電流表，保護電阻既能保護電路，阻值又不能太大，根據(jù)題意選擇實驗器材。

（2）滑動變阻器采用限流接法時；為保護電路閉合開關前滑片要置于阻值最大處。

（3）根據(jù)表中實驗數(shù)據(jù)在坐標系內描出對應點；然后根據(jù)坐標系內描出的點作出圖象；

（4）電源U-I圖象與縱軸交點坐標值是電源