2025年浙教新版必修3物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教新版必修3物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示，電源內(nèi)阻不計，已知R1＝2kΩ，R2＝3kΩ，現(xiàn)用一個內(nèi)阻為6kΩ的電壓表并聯(lián)在R2的兩端，電壓表的讀數(shù)為6V.若把它接在a、b兩點間；電壓表的讀數(shù)為（）

A.18VB.12VC.8VD.6V2、圖為某歐姆表的內(nèi)部電路，G為電流表，滿偏電流為電池電動勢該歐姆表刻度盤中心刻度的電阻值為（）

A.B.C.D.3、下列說法正確的是（）A.用比值法定義的物理概念在物理學中占有相當大的比例，例如場強電容加速度都是采用比值法定義的B.亞里士多德認為，必須有力作用在物體上，物體的運動狀態(tài)才會改變C.法拉第通過十年的研究，得出了法拉第電磁感應(yīng)定律，楞次總結(jié)出了判斷感應(yīng)電流方向的楞次定律D.開普勒發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律；牛頓測出了引力常量的值4、三條在同一平面（紙面）內(nèi)的長直絕緣導線組成一等邊三角形，在導線中通過的電流均為I，方向如圖所示。a、b和c三點分別位于三角形的三個頂角的角平分線上，且到相應(yīng)頂點的距離相等。將a、b和c處的磁感應(yīng)強度大小分別記為B1、B2和B3；下列說法正確的是（）

A.B1=B2<B3B.B1=B2=B3C.a和c處磁場方向垂直于紙面向外，b處磁場方向垂直于紙面向里D.a處磁場方向垂直于紙面向外，b和c處磁場方向垂直于紙面向里5、如圖所示，在正方體abcd-a′b′c′d′空間內(nèi)的b點和d′點分別放置等量異種點電荷+Q和-Q，已知a點、c點、b′點電勢為20V，a′點、c′點、d點電勢為-20V；則以下說法正確的（）

A.平面abb′a′對角線ab′上各點電勢都是20VB.a點和c′點的電場強度相同C.粒子從a點沿不同路徑到達c′點，電場力做功相同，其大小為40eVD.粒子在a點的電勢能為20eV6、兩平行金屬板相距為電勢差為一電子質(zhì)量為電荷量為從點沿垂直于極板的方向射出，最遠到達點，然后返回，如圖所示，則此電子具有的初動能是。

A.B.C.D.7、據(jù)報道，我國每年心源性猝死案例高達55萬，而心臟驟停最有效的搶救方式是盡早通過自動除顫機給予及時治療。某型號模擬治療儀器的電容器電容是充電至電壓，如果電容器在時間內(nèi)完成放電，則下列說法正確的是（）

A.電容器的擊穿電壓為B.電容器充電后的電量為C.當電容器放電完畢后，電容變?yōu)?D.電容器放電過程的平均電流強度大小為8、如圖所示電路中，R1=R2=R3=6Ω，電容C=1μF；電源電動勢E=6V，內(nèi)阻r=3Ω。S閉合且電路穩(wěn)定時為“1”態(tài)；S斷開且電路穩(wěn)定時為“2”態(tài)。下列說法正確的是（）

A.“2”態(tài)R1的電流比“1”態(tài)小B.“1”態(tài)電源的效率為80%C.S斷開后，有電流向左流過R3D.S斷開后，流過R3的電荷量為1.8×10-6C9、物理課上；老師做了一個奇妙的“跳環(huán)實驗”。如圖，她把一個帶鐵芯的線圈L；開關(guān)S和電源用導線連接起來后。將一金屬套環(huán)置于線圈L上，且使鐵芯穿過套環(huán)。閉合開關(guān)S的瞬間，套環(huán)立刻跳起。某同學另找來器材再探究此實驗。他連接好電路，經(jīng)重復試驗，線圈上的套環(huán)均未動。對比老師演示的實驗，下列四個選項中，導致套環(huán)未動的原因可能是。

A.線圈接在了直流電源上B.電源電壓過高C.所選線圈的匝數(shù)過多D.所用套環(huán)的材料與老師的不同評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)10、關(guān)于電容器的電容，下列說法正確的是（）A.電容器所帶的電荷量越多，電容越大B.電容器兩極板間電壓越高，電容越大C.電容器不帶電時，電容也不為零D.電容是描述電容器儲存電荷能力的物理量11、在一柱形區(qū)域內(nèi)有勻強電場，柱的橫截面是以O(shè)為圓心，半徑為R的圓，AB為圓的直徑，如圖所示。質(zhì)量為m，電荷量為q（q>0）的帶電粒子在紙面內(nèi)自A點靜止出發(fā)，自C點以速率v0穿出電場，已知AC與AB的夾角θ=60°，運動中粒子僅受電場力作用，若速度方向與電場的方向垂直，大小為v自A點射入電場，自B點離開電場；則下列說法正確的是（）

A.粒子自A點射入的速度為B.粒子自A點射入的速度為C.粒子自B點離開電場時的速率為D.粒子自B點離開電場時的速率為12、如圖所示，在x軸上處固定兩個帶電量均為的點電荷，一電子僅在靜電力的作用下沿x軸從處移動到處或沿y軸從處移動到處。下列說法中正確的是（）

A.沿x軸移動時電子的動能先增大后減小B.沿y軸移動時電子的動能先增大后減小C.在處固定電荷量為的負點電荷，可使處的電場強度為0D.在處固定電荷量為的正點電荷，可使處的電場強度為013、某靜電場中的一條電場線與x軸重合，其電勢的變化規(guī)律如圖所示。將一電子從原點O由靜止釋放；不計電子受到的重力。下列說法正確的是（）

A.在范圍內(nèi)，原點O處的電場強度最大B.在范圍內(nèi)，原點O處的電場強度最小C.電子將沿x軸負方向運動，加速度減小D.電子將沿x軸正方向運動，加速度增大14、沿電場中某條電場線方向建立x軸，該電場線上各點電場強度E隨x的變化規(guī)律如圖所示，坐標軸上的點0、x1、x2和x3分別與x軸上O、A、B、C四點相對應(yīng)，相鄰兩點間距相等。一個帶正電的粒子從O點由靜止釋放，運動到A點的動能為Ek；僅考慮電場力作用，則下列說法正確的是（）

A.從O點到C點，電勢先升高后降低B.粒子先做勻加速運動，后做變加速運動C.粒子運動到C點時動能大于3EkD.粒子在AB段電勢能減少量大于BC段電勢能減少量15、如圖甲所示，M、N為正對豎直放置的平行金屬板，A、B為板中線上的兩點。當M、N板間不加電壓時，一帶電小球從A點由靜止釋放，經(jīng)過時間T到達B點，此時速度大小為v。若在兩板間加上如圖乙所示的交變電壓，時，將帶電小球仍從A點由靜止釋放，時間T內(nèi)小球一直在極板內(nèi)運動且始終未接觸極板；則（）。

A.時，小球到達B點，且速度大小剛好等于vB.時刻與T時刻小球的速度大小相同，方向也相同C.0到時間內(nèi)小球的速度變化量與到T時間內(nèi)的速度變化量相同D.0到時間內(nèi)小球的位移大小與到T時間內(nèi)的位移大小相同16、在電磁學發(fā)展過程中，物理學家們的新發(fā)現(xiàn)和新理論推動著科技進步和產(chǎn)業(yè)革命，關(guān)于電磁學發(fā)展史，下列說法中正確的是（）A.奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的熱效應(yīng)規(guī)律B.法拉第首先提出電場概念，并引入電場線形象描述電場C.焦耳發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)D.安培在對磁場的研究中提出了分子電流假說評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)17、如圖所示，有三個質(zhì)量相等，分別帶正電、負電和不帶電的粒子，從極板左側(cè)中央以相同的水平速度v先后垂直地射入勻強電場中．分別落在正極板的a、b、c處，粒子所受重力不能忽略，則可知粒子a、b、c三個粒子在電場中的加速度有aa_____ab_____ac（填“”、“”或“”），c粒子__________電（填“帶正電”、“帶負電”或“不帶電”）

18、能量的耗散是從能量轉(zhuǎn)化的角度反映出自然界中的宏觀過程具有______．19、（1）處于靜電平衡狀態(tài)的導體內(nèi)部任意兩點間的電勢差為零。（______）

（2）靜電平衡狀態(tài)下的導體內(nèi)部電場強度處處為零，導體的電勢也為零。（______）

（3）因為外電場和所有感應(yīng)電荷的電場在導體內(nèi)部疊加的合電場為0，所以處于靜電平衡的導體內(nèi)部電場處處為0。（______）

（4）避雷針能避免建筑物被雷擊是因為云層中帶的電荷被避雷針通過導線導入大地。（______）

（5）用金屬網(wǎng)把驗電器罩起來，再使帶電金屬球靠近驗電器，則驗電器箔片能張開。（______）

（6）飛機輪上裝有拖地線，油罐車后面拖條鐵鏈都是把靜電導入大地。（______）20、（1）如圖甲所示，電壓表選0～3V量程時的讀數(shù)為________V，電壓表選0～15V量程時的讀數(shù)為________V。

（2）如圖乙所示，電流表選0～0.6A量程時的讀數(shù)為________A，電流表選0～3A量程時的讀數(shù)為________A。

（3）如圖丙所示，電阻箱的讀數(shù)為________。

21、電壓表是由小量程電流表改裝而成，如圖為電壓表的內(nèi)部結(jié)構(gòu)圖．小量程電流表G的電阻Rg=10Ω，滿偏電流Ig=3mA，接ab兩接線柱時電壓表量程為3V，接ac兩接線柱時電壓表量程為15V．則R1=___________Ω，R2=___________Ω．

評卷人得分四、作圖題(共3題，共15分)22、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應(yīng)的磁感線（標上方向）或電流方向。

23、連線題：請將下列電路元器件的實物圖與其符號相連。

24、以下是幾種點電荷的電場線的分布情況；請標出圖中各電荷的電性。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共27分)25、在“測定金屬絲的電阻率”的實驗中：

（1）用螺旋測微器測量電阻絲的直徑d，其中一次測量結(jié)果如圖示，則圖中讀數(shù)為d=______

（2）用電壓表測得金屬絲兩端的電壓U，用電流表測得通過金屬絲中的電流I，測得的數(shù)據(jù)如圖1（使用量程）、圖2（使用量程）所示。

（3）由圖中讀出的數(shù)據(jù)計算出金屬絲的電阻為______Ω。

（4）若實驗測得金屬絲的長度為L，則計算金屬絲的電阻率的表達式為______（用d、L，表示）。26、（1）某同學利用多用電表測量一個未知電阻的阻值，由于第一次選擇的歐姆擋（）；發(fā)現(xiàn)表針偏轉(zhuǎn)角度極小?，F(xiàn)將旋鈕調(diào)至另外一擋，進行第二次測量使多用電表指針指在理想位置。下面列出第二次測量的過程中可能進行的操作（）：

A.將兩表筆短接；并調(diào)零。

B.將兩表筆分別跟被測電阻的兩端接觸；觀察指針的位置。

C.將多用電表面板上旋鈕調(diào)到擋。

D.將多用電表面板上旋鈕調(diào)到擋。

E.隨即記下表盤的讀數(shù)；乘以歐姆表的倍率擋，測得電阻值。

根據(jù)上述有關(guān)操作，請選擇合理實驗步驟并按操作順序?qū)懗鯻_____。

（2）使用多用電表進行了兩次測量，指針所指的位置分別如圖甲中所示。若選擇開關(guān)處在“”的電阻擋時指針位于則被測電阻的阻值是______

（3）兩位同學使用完多用電表后，分別把選擇開關(guān)置于圖乙和圖丙位置，你認為圖______的位置比較好。

27、（1）下圖中①游標卡尺讀數(shù)為____________mm，螺旋測微器讀數(shù)為____________mm。

②選測電阻倍率“×100”，讀數(shù)為___________Ω。選用量程為25mA的電流擋測量電流時，表針指于圖示位置，則所測電流為________mA。當選用量程為10V的電壓擋測量電壓時，表針也指于圖示位置，則所測電壓為________V。

評卷人得分六、解答題(共2題，共16分)28、如圖所示，在勻強電場中有A、B、C三點，已知A、B兩點間的距離為AB=5m，A、C兩點間的距離為AC=8m，∠BAC=37°，且勻強電場方向平行AB、AC直線所在的平面?，F(xiàn)把一個帶電荷量q=8×10-9C的正點電荷放在勻強電場中，當點電荷q由A點移到B點時電場力做功W1=8×10-8J，當點電荷q由A點移到C點時電場力做功W2=1.6×10-7J，若取A點電勢為零；（sin37°=0.6，cos37°=0.8）求：

（1）AB和AC兩點間電勢差各為多少？

（2）B、C兩點電勢各為多少？

（3）勻強電場的電場強度大小和方向。

29、如圖所示為我國首顆量子通信衛(wèi)星“墨子號”?！澳犹枴钡某晒Πl(fā)射使我國在量子通信技術(shù)領(lǐng)域走在了世界前列。那么；量子通信的理論基礎(chǔ)是什么？該理論的提出背景又是什么？

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】【詳解】

當電壓表并聯(lián)在R2的兩端時，電壓表與R2的并聯(lián)電阻為：可知，R并=R1；根據(jù)串聯(lián)電路的分壓特點，可知R1兩端的電壓也等于6V，故U=12V．所以把電壓表接在a、b兩點間；電壓表的讀數(shù)為12V．故選B．

【點睛】

本題要注意電壓表是實際的電表，內(nèi)阻不是無窮大，電表對電路的影響不能忽略，把電壓表看成可測量電壓的電阻．2、D【分析】【詳解】

歐姆表的內(nèi)阻

當指針指到刻度盤中間時，設(shè)接入電阻Rx,滿足

兩式對比可得即刻度盤中心刻度的電阻值等于歐姆表的內(nèi)阻。

故選D。3、C【分析】【詳解】

試題分析：牛頓第二定律不是比值法定義；A錯誤；亞里士多德認為力是維持物體運動的原因，不是改變物體運動的原因，B錯誤；法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)定律，楞次發(fā)現(xiàn)了楞次定律，C正確；牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律，開普勒發(fā)現(xiàn)了開普勒三定律，D錯誤；

考點：考查了物理學史和研究方法4、A【分析】【詳解】

AB．由安培定則判斷，對a和b，其臨近的兩條導線在a和b點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度等大方向，磁感應(yīng)強度相互抵消，則a和b處的磁感應(yīng)強度就等于遠離的那條導線產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度，有對c，其臨近的兩條導線在c產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度等大同向，磁感應(yīng)強度加倍，而遠離c的那條導線在c產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度小于其臨近的兩條導線在c產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度，且方向相反，在c處的磁感應(yīng)強度應(yīng)大于a和b處的磁感應(yīng)強度和A正確；B錯誤；

CD．由安培定則判斷可得a和b處磁場方向垂直于紙面向外，c處磁場方向垂直于紙面向里；CD錯誤；

故選A．5、B【分析】【詳解】

A．根據(jù)等量異種電荷電場的特點可知，電勢為的點構(gòu)成的是一個曲面，曲面與平面的交線不是直線，即平面對角線上各點的電勢不都等于A錯誤；

B．根據(jù)電場強度矢量合成法則可知，正、負電荷分別在點、點產(chǎn)生的電場強度大小相等為

方向相同，正、負電荷分別在點、點產(chǎn)生的電場強度大小相等為

方向相同，則點、點場強大小相等為

方向相同；B正確；

C．根據(jù)電場力做功特點可知，電場力做功多少與運動路徑無關(guān)，粒子從點沿不同路徑到達點，電場力做功相同，其大小為

C錯誤；

D．粒子在點的電勢能

D錯誤。

故選B。6、D【分析】【分析】

全程只有電場力做功；根據(jù)動能定理解出電子的初動能；

【詳解】

設(shè)出電子的初動能末動能為零，極板間的電場根據(jù)動能定理：解得：故D正確，A；B、C錯誤；

故選D．7、D【分析】【詳解】

A．當電容器的電壓達到擊穿電壓時，電容器將會損壞，所以電壓不是擊穿電壓；A錯誤；

B．根據(jù)電容的定義式解得

B錯誤；

C．電容器的電容與電容器的帶電荷量無關(guān)；所以當電容器放完電后，其電容保持不變，C錯誤；

D．電容器放電過程的平均電流強度大小為

D正確。

故選D。8、D【分析】【詳解】

A．“1”態(tài)時電阻R1與R3先并聯(lián)再和R2串聯(lián)，“2”態(tài)時電阻R1與R2串聯(lián)，所以“1”態(tài)時通過電阻R1的電流為

“2”態(tài)時通過電阻R1的電流為

即“2”態(tài)R1的電流比“1”態(tài)大；故A錯誤；

B．“1”態(tài)電源的效率為

故B錯誤；

C．S斷開后，電容器兩極板間電壓增大，電容器充電，充電電流向右流向左極板，所以流過R3的電流向右；故C錯誤；

D．已知“1”態(tài)時電容器兩極板間電壓為

則電容器電荷量為

當S斷開后，電容器兩極板間電壓為

此時，電容器電荷量為

而極板極性未變，則流過R3的電荷量為

故D正確。

故選D。9、D【分析】金屬套環(huán)跳起來的原因是開關(guān)S閉合時，套環(huán)上產(chǎn)生的感應(yīng)電流與通電螺線管上的電流相互作用而引起的，線圈接在直流電源上時，金屬套環(huán)也會跳起。電壓越高線圈匝數(shù)越多，S閉合時，金屬套環(huán)跳起越劇烈。若套環(huán)是非導體材料，則套環(huán)不會跳起，故A、B、C選項錯誤，D選項正確。二、多選題(共7題，共14分)10、C:D【分析】電容是描述電容器容納電荷本領(lǐng)的物理量；電容器的電容是由電容器本身的性質(zhì)決定的，與電容器所帶電荷量及兩極板間的電壓無關(guān)；電容器的電容是定值，未充電時，電容保持不變，但不是零，CD正確．

【點睛】電容的大小與電容器兩端的電壓及電容器所帶的電量無關(guān)，根據(jù)平行板電容器的決定式可知電容與兩極板的距離、正對面積有關(guān)．11、A:C【分析】【詳解】

AB．帶電粒子沿方向做勻加速直線運動，由幾何知識可知長為由動能定理可得

可得

沿電場方向的位移

沿速度方向的位移

由到運動時間

解得

點的初速度

解得

故A正確；B錯誤；

CD．由到電場力做正功，粒子離開點時的速率由動能定理可得

聯(lián)立可得

故C正確；D錯誤。

故選AC。12、A:C【分析】【詳解】

AB．等量負點電荷電場分布情況如圖。

x軸上，從處移動到處，場強先減小后變大，電場力先做正功后做負功，電子的動能先增大后減小。y軸上，場強從原點向外，先增大后減小，從處移動到處；電場力先做負功后做正功，電子的動能先減小后增大，A正確，B錯誤；

C．在處固定電荷量為的負點電荷處的電場強度為

又

解得

C正確；

D．在處固定電荷量為的正點電荷，可使處的電場強度為

又

解得

D錯誤。

故選AC。13、B:D【分析】【詳解】

AB．圖像的斜率表示電場強度，在區(qū)間內(nèi)，原點O處的電場強度最小；A錯誤，B正確；

CD．在區(qū)間內(nèi)，沿x軸正方向，電勢升高，故在該范圍內(nèi)的電場強度沿x軸負方向，從原點O由靜止釋放一電子，電子將沿x軸正方向運動，從原點O至處電場強度增大；可知電子的加速度增大，C錯誤，D正確。

故選BD。14、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．由O點到C點；沿電場方向，電勢一直降低，A錯誤；

B．電場強度大小一直在變化；電場力也就在不斷變化，帶正電的粒子的加速度在不斷變化，是變加速運動，B錯誤；

C．根據(jù)E隨x的變化規(guī)律可知，由A到C電場強度平均值大于OA段電場強度平均值，A到C電場力做功大于2Ek，則粒子運動到C點時動能大于3Ek；C正確；

D．粒子在AB段平均電場力大于BC段平均電場力，則AB段電場力做的功大于BC段電場力做的功，所以在AB段電勢能減少量大于BC段電勢能減少量；D正確。

故選CD。15、A:C【分析】【詳解】

A．兩板間加上交變電壓，帶電小球除受重力作用外，還要受到電場力作用，由交變電壓隨時間變化圖線可知，時間內(nèi)小球在電場力作用下，水平方向先加速后減速，之后反向加速后減速，由對稱性可知水平方向小球速度又變?yōu)榱悖藭r速度仍為v；故A正確；

B．時刻和T時刻水平速度都為零，但是豎直方向一直在加速，兩個時刻豎直速度不同，因此時刻與T時刻小球的速度方向相同；但是大小不同，故B錯誤；

C．由交變電壓隨時間變化圖線易知，兩段時間內(nèi)小球水平方向上速度均是由零增大又減小為零，而豎直方向上只受重力作用，加速度為g，相同時間內(nèi)速度變化量相同，綜合可知0到時間內(nèi)小球的速度變化量與到T時間內(nèi)的速度變化量相同；故C正確。

D．由前面的分析可知，兩段時間內(nèi)小球水平方向上位移均為零，但是由于豎直方向上做勻加速運動，相同時間內(nèi)豎直位移不同，因此兩段時間內(nèi)的位移大小不同；故D錯誤。

故選擇AC。16、B:D【分析】【詳解】

A．焦耳發(fā)現(xiàn)了電流的熱效應(yīng)規(guī)律；A項錯誤；

B．法拉第首先提出電場概念；并引入電場線形象描述電場，B項正確；

C．奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)；C項錯誤；

D．安培在對磁場的研究中提出了分子電流假說；D項正確。

故選BD。三、填空題(共5題，共10分)17、略

【分析】【分析】

不帶電的粒子在電場中做平拋運動；帶正電和帶負電的粒子在電場中做類平拋運動，粒子在垂直電場方向做勻速直線運動，平行于電場方向做初速度為0的勻加速直線運動，根據(jù)垂直電場方向位移的大小可以判斷運動時間的大小，再根據(jù)電場方向的初速度為0的勻加速直線運動求得加速大小關(guān)系，并由加速度大小關(guān)系確定電場力的方向即電荷的種類．

【詳解】

[1][2]．由題意知帶電粒子在電場中做類平拋運動，不帶電粒子做平拋運動可知，垂直電場方向做勻速直線運動，平行電場方向做初速度為0的勻加速直線運動，由圖可知a在垂直電場方向的位移最大，c最小，故可知，在電場中的運動時間滿足：ta＞tb＞tc，在平行電場方向粒子做初速度為0的勻加速直線運動，因為位移相同，則根據(jù)位移時間關(guān)系h＝at2得粒子的加速度a=因為ta＞tb＞tc，h相同，故有aa＜ab＜ac．

[3]．粒子在電場中合外力為電場力和重力的合力，由題意知電場方向豎直向上，故正電荷在電場中受電場力方向與重力方向相反，合力小于重力，故其加速度a小于重力加速度，負電荷受力方向與電場方向相反即豎直向下，其合力大于重力，故其加速度大于重力加速度．不帶電粒子只受重力，其加速度為重力加速度，由于aa＜ab＜ac，所以可以判斷，c帶負電，b不帶電，a帶正電．

【點睛】

掌握正確確定電場的方向，在電場中能正確的對粒子進行受力分析，能使用平拋知識處理類平拋運動的問題是解決本題的關(guān)鍵．【解析】<<c粒子帶負電18、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】方向性19、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]處于靜電平衡狀態(tài)的導體是個等勢體；其內(nèi)部任意兩點間的電勢差為零，所以對；

（2）[2]靜電平衡狀態(tài)下的導體內(nèi)部電場強度處處為零；導體是個等勢體，但是電勢不一定為零，所以錯；

（3）[3]因為外電場和所有感應(yīng)電荷的電場在導體內(nèi)部疊加的合電場為0；所以處于靜電平衡的導體內(nèi)部電場處處為0，所以對；

（4）[4]避雷針能避免建筑物被雷擊是因為當帶電云層靠近建筑物時；避雷針上產(chǎn)生的感應(yīng)電荷會通過針尖放電，逐漸中和云中的電荷，使建筑物免遭雷擊．其原理為尖端放電，所以錯；

（5）[5]用金屬網(wǎng)把驗電器罩起來；由于靜電屏蔽，所以再使帶電金屬球靠近驗電器，則驗電器箔片不能張開，則錯；

（6）[6]飛機輪上裝有拖地線，油罐車后面拖條鐵鏈都是把靜電導入大地，所以對。【解析】對錯對錯錯對20、略

【分析】【詳解】

（1）[1]由圖可知；電壓表選0～3V量程時，電壓表的分度值為0.1V，讀數(shù)為1.20V。

[2]電壓表選0～15V量程時；電壓表分度值為0.5V，讀數(shù)為6.0V。

（2）[3]電流表選0～0.6A量程時；分度值為0.02A，讀數(shù)為0.50A。

[4]電流表選0～3A量程時；分度值為0.1A，讀數(shù)為2.50A。

（3）[5]根據(jù)電阻箱的讀數(shù)規(guī)則可得

【解析】1.206.00.502.50530.0Ω21、略

【分析】【詳解】

當接ab時：當接ac時：

代入數(shù)據(jù)解得：R1=990Ω；R2=4000Ω.

【點睛】

此題是關(guān)于電表改裝問題；電流計改裝成電壓表只需串聯(lián)分壓電阻即可，刻根據(jù)歐姆定律進行相關(guān)的計算.【解析】990；4000；四、作圖題(共3題，共15分)22、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖（2）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由環(huán)形電流的安培定則，可知環(huán)形電流方向從左向右看是順時針方向，如圖所示。

（3）在圖（3）中；已知螺線管內(nèi)小磁針靜止時N極的指向，由通電螺線管的右手螺旋定則可知，螺線管中的電流方向從左端導線流入，右端導線流出，如圖所示。

（4）在圖（4）中，已知磁感線的方向，由安培定則可知，環(huán)形電流方向沿逆時針方向，如圖所示?！窘馕觥?3、略

【分析】【詳解】

實物圖中第一個為電動機；電動機符號為符號圖中的第二個；

實物圖中第二個為電容器；電容器符號為符號圖中的第三個；

實物圖中第三個為電阻；電阻符號為符號圖中的第四個；

實物圖中第四個為燈泡；燈泡符號為符號圖中的第一個。

【解析】24、略

【分析】【分析】

【詳解】

根據(jù)電場線從正電荷出發(fā)；終止與負電荷及等量同種，等量異種點電荷電場線的分布特點，可標出電荷的電性如圖所示。

【解析】見解析五、實驗題(共3題，共27分)25、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]圖中示數(shù)為

（3）[2]依題意，圖1中電壓表讀數(shù)為2.50V，圖