2025年岳麓版高二物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年岳麓版高二物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、半圓柱體P放在粗糙的水平地面上，其右端有一固定放置的豎直擋板MN。在半圓柱體P和MN之間放有一個光滑均勻的小圓柱體Q，整個裝置處于靜止，如圖所示是這個裝置的截面圖?，F(xiàn)使MN保持豎直并且緩慢地向右平移，在Q滑落到地面之前，發(fā)現(xiàn)P始終保持靜止。則在此過程中，下列說法正確的是（）A.MN對Q的彈力逐漸減小B.P對Q的彈力逐漸增大C.地面對P的摩擦力逐漸增大D.Q所受的合力逐漸增大2、如圖所示，帶電粒子P所帶的電荷量是帶電粒子Q的3倍，它們以相等的速度v0從同一點出發(fā)，沿著跟電場強度垂直的方向射入勻強電場，分別打在M、N點，若OM＝MN，則P和Q的質(zhì)量之比為()A.3∶4B.4∶3C.3∶2D.2∶33、a、b兩物體在同一條直線上同向運動，b在前a在后，0時刻時兩物體的距離為30m，它們的v-t圖象如圖，以下說法正確的是（）A.a在t=5s時追上bB.a在t=3s時追上bC.5s時a在b前方且距離最遠D.9s時b再次追上a4、在電場中(

)

A.某點的電場強度大，該點的電勢一定高B.某點的電勢高，檢驗電荷在該點的電勢能一定大C.某點的場強為零，檢驗電荷在該點的電勢能一定為零D.某點的電勢為零，檢驗電荷在該點的電勢能一定為零5、兩列波在某區(qū)域相遇，下列說法中正確的是()．A.兩列波相遇前后能夠保持各自的狀態(tài)而不互相干擾B.由于一切波都能發(fā)生干涉，故這兩列波相遇一定能產(chǎn)生干涉圖樣C.若這兩列波疊加后，出現(xiàn)某些區(qū)域振動加強，某些區(qū)域振動減弱，這兩列波發(fā)生了干涉D.在兩列波重疊區(qū)域里，任何一個質(zhì)點的位移都是由這兩列波引起的位移的矢量和6、2012

年6

月16

日18

時37

分，“神舟九號”飛船在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心發(fā)射升空，不久后在預定的軌道上做勻速圓周運動并準備與在較高軌道上做勻速圓周運動的“天宮一號”空間站對接.

相對于“天宮一號”，“神舟九號”的()A.線速度小B.向心加速度小C.運行周期小D.角速度小評卷人得分二、填空題(共9題，共18分)7、原來靜止的質(zhì)子（11H）和α粒子（24He），經(jīng)過同一電壓加速后，它們的速度大小之比為____．8、邊長為a的正方形，處于有界磁場如圖所示，一束電子以水平速度射入磁場后，分別從A處和C處射出，則vA：vC=__________;所經(jīng)歷的時間之比tA：tC=___________9、在示波管中，2s內(nèi)有6.0×1013個電子通過橫截面大小為0.75mm2的電子槍，則示波管中電流強度大小為______A．10、指出如圖所示通電導線所受到的磁場力的方向：圖（a）為____；圖（b）為____；圖（c）為____；圖（d）為____．

11、質(zhì)量為m1=2kg的帶電絕緣球A，在光滑水平面上，從無限遠處以初速度為10m/s，向另一個固定在水平面上帶同號電荷的絕緣球B靠近B球的質(zhì)量為m2=3kg，在他們相距到最近時總的動能為____J，他們具有的電勢能為____J．12、變壓器線圈中的電流越大，所用的導線應當越粗。某同學在利用變壓器實驗時，需要組裝一個降壓變壓器，則較粗導線的線圈應該作為____。（填“原線圈”或“副線圈”）13、如圖，A放在水平面上，B放在A的斜面上，C放在B的水平的上表面上，B、C一起沿A的斜面勻速下滑時，A保持靜止．已知A的傾角為θ，B、C的質(zhì)量分別為mB和mC，那么B對C的摩擦力大小為______，水平面對A的摩擦力大小為______，若將C從B上取走，B的運動狀態(tài)將______．14、在研究電磁感應現(xiàn)象的實驗中所用的器材如圖所示．它們是：①電流計、②直流電源、③帶鐵芯的線圈A、④線圈B、⑤電鍵、⑥滑動變阻器（用來控制電流以改變磁場強弱）．已經(jīng)按實驗的要求連線．若連接滑動變阻器的兩根導線接在接線柱C和D上，而在電鍵剛閉合時電流表指針右偏，則電鍵閉合后滑動變阻器的滑動觸頭向接線柱C移動時，電流計指針將______

A．左偏B．右偏C．不偏．15、如圖所示為“用打點計時器驗證機械能守恒定律”的實驗裝置．

(1)

若已知打點計時器的電源頻率為50Hz

當?shù)氐闹亓铀俣热=9.80m/s2

重物質(zhì)量為0.2kg.

實驗中得到一條點跡清晰的紙帶如圖所示，打P

點時，重物的速度為零，ABC

為另外3

個連續(xù)點.

根據(jù)圖中的數(shù)據(jù)可知，重物由P

點運動到B

點，重力勢能減少量婁隴Ep=

________J.(

結(jié)果保留三位有效數(shù)字)

(2)

若PB

的距離用h

表示，打B

點時重物的速度為vB

理論上當兩者間的關系式滿足__________時，說明下落過程中重錘的機械能守恒(

已知重力加速度為g)

．(3)

實驗中發(fā)現(xiàn)重物增加的動能略小于減少的重力勢能，其主要原因是________．A.重物的質(zhì)量過大B.

重物的體積過小C.電源的電壓偏低D.

重物及紙帶在下落時受到阻力評卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)16、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內(nèi)部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）17、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）18、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）19、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

20、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

21、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、作圖題(共4題，共12分)22、如圖(a)所示中有一條均勻的繩，0、1、2、3、4是繩上一系列等間隔的點．現(xiàn)有一列簡諧橫波沿此繩傳播．某時刻，繩上9、10、11、12四點的位置和運動方向如圖(b)所示(其他點的運動情況未畫出)，其中12的位移為零，向上運動，點9的位移達到最大值．試在圖(c)中畫出再經(jīng)過周期時點3、4、5、6的位置和速度方向，其他點不必畫．(圖(c)的橫、縱坐標與圖2-1-6(a)、(b)完全相同)23、在《互成角度的兩個共點力的合成》的實驗中，兩個彈簧秤的拉力F1和F2已于圖中作出了它們的圖示，O是橡皮條的一個端點，圖中每格的長度代表1N。（1）用作圖法作出合力F的圖示；（2）合力F的大小是_______N。24、作圖。

（1）如圖1；質(zhì)點沿圓周做逆時針方向的勻速圓周運動，先后通過A；B、C三點，試畫出：

①質(zhì)點經(jīng)過A點時的速度。

②從B點到C點的位移．

（2）如圖2所示，金屬棒ab在勻強磁場中沿金屬導軌向右運動，請在圖中畫出螺線管中感應電流的方向和ab棒所受磁場力的方向．25、根據(jù)磁感應強度B

電流I

和安培力F

的相互關系；請根據(jù)要求作圖．

評卷人得分五、簡答題(共2題，共10分)26、如圖所示，質(zhì)量m=1kg的物體從傾角θ=30°的光滑斜面上0.8m高處由靜止滑下，斜面底端A和水平面間有一小段光滑圓弧連接，物體與水平面AO間的動摩擦因數(shù)μ=0.5，水平面BO光滑，物體沿水平面滑行l(wèi)1=1m到達O點后開始壓縮緩沖彈簧，當物體到達B位置時物體速度為零，此時彈簧被壓縮的長度l2=0.2m，g=10m/s2；求：

（1）物體到達斜面底端A時的速度大小；

（2）彈簧彈性勢能的最大值；

（3）物體倍緩沖彈簧反彈后最終停下的位置與A點的距離．

27、rm{(1)}室溫下，rm{K_{sp}(BaSO_{4})=1.1隆脕10^{-10}}將rm{pH=9}的rm{Ba(OH)_{2}}溶液與rm{pH=4}的rm{H_{2}SO_{4}}溶液混合，若所得混合溶液的rm{pH=7}則rm{Ba(OH)_{2}}溶液與rm{H_{2}SO_{4}}溶液的體積比為____________。欲使溶液中rm{c(SO_{4}^{2-})leqslant1.0隆脕10^{-5}mol隆隴L^{-1}}則應保持溶液中rm{c(SO_{4}^{2-})leqslant

1.0隆脕10^{-5}mol隆隴L^{-1}}____rm{c(Ba^{2+})geqslant}rm{mol隆隴L^{-1}}一定溫度下，向rm{1L0.1mol隆隴L^{-1}CH_{3}COOH}溶液中加入rm{(2)}固體，則醋酸的電離平衡向____________rm{1L0.1

mol隆隴L^{-1}CH_{3}COOH}填“正”或“逆”rm{0.1molCH_{3}COONa}反應方向移動；溶液中rm{dfrac{cleft(C{H}_{3}CO{O}^{-}right)隆隴cleft({H}^{+}right)}{cleft(C{H}_{3}COOHright)}}的值____________rm{(}填“增大”、“減小”或“不變”rm{)}rm{

dfrac{cleft(C{H}_{3}CO{O}^{-}right)隆隴cleft({H}^{+}right)}{cleft(C{H}_{3}COOHright)}

}已知：rm{(}常溫下，醋酸和rm{)}的電離平衡常數(shù)均為rm{1.74隆脕10^{-5}b.CH_{3}COOH+NaHCO_{3}=CH_{3}COONa+CO_{2}隆眉+H_{2}O}室溫下，rm{(3)}溶液呈____性____rm{a}填“酸”、“堿”或“中”，下同rm{NH_{3}隆隴H_{2}O}rm{1.74隆脕10^{-5}b.CH_{3}COOH+NaHCO_{3}=

CH_{3}COONa+CO_{2}隆眉+H_{2}O}溶液呈____________性。rm{CH_{3}COONH_{4}}溶液中物質(zhì)的量濃度最大的離子是____________rm{(}填化學式rm{)}

rm{NH_{4}HCO_{3}}評卷人得分六、推斷題(共4題，共16分)28、已知rm{CH_{3}隆陋CH簍TCH_{2}+HBr隆煤CH_{3}隆陋CHBr-CH_{3}}rm{1mol}某芳香烴rm{A}充分燃燒后可以得到rm{8molCO_{2}}和rm{4molH_{2}O}該芳香烴rm{A}在不同條件下能發(fā)生如圖所示的一系列變化：

請回答下列問題：

rm{(1)A}中官能團的名稱為：______________，rm{A}的結(jié)構簡式：_______________________。

rm{(2)}上述反應中，rm{壟脵}是________反應rm{(}填反應類型rm{)(1}分rm{)}

rm{(3)}寫出rm{C}rm{D}rm{E}rm{H}物質(zhì)的結(jié)構簡式：rm{C}____________________，rm{D}_______________，rm{E}_____________，rm{F}_______________。

rm{(4)}寫出rm{D隆煤F}反應的化學方程式：______________________________。29、【化學rm{-}選修r(nóng)m{5}有機化學基礎】有機化合物rm{A}是一種農(nóng)藥生產(chǎn)的中間體，rm{A}在一定條件下可發(fā)生如圖轉(zhuǎn)化：

請回答下列問題：

rm{(1)A}分子中官能團的名稱為____；

rm{(2)C}能發(fā)生反應的類型有______rm{(}填字母rm{)}

rm{a}rm{.}取代反應rmrm{.}消去反應rm{c}rm{.}加成反應rmbrvsei1rm{.}氧化反應。

rm{(3)}反應rm{壟脵}的化學方程式為____；

rm{(4)}寫出rm{B}到rm{C}的離子方程式____；

rm{(5)E}在一定條件下反應能生成高分子化合物，寫出此高分子化合物所有可能的結(jié)構簡式：____。30、根據(jù)下面的反應路線及所給信息；回答下列問題：

rm{(1)11.2L(}標準狀況rm{)}的烴rm{A}在氧氣中充分燃燒可以產(chǎn)生rm{88gCO_{2}}和rm{45gH_{2}O}rm{A}的分子式是___________________rm{(2)A}有支鏈，rm{B}和rm{C}均為一氯化烴，它們的結(jié)構簡式分別為____________，_____________rm{(3)D}的系統(tǒng)命名法名稱__________________________rm{(4)壟脵}rm{壟脹}的反應類型依次是___________________，__________________rm{(5)}寫出rm{壟脷}rm{壟脹}的反應化學方程式______________________________________rm{(6)}rm{A}的同分異構體的一種二氯代物rm{G}其核磁共振氫譜圖上有兩組峰，且峰面積之比為rm{1:1}rm{G}在足量的rm{NaOH}的醇溶液中加熱，充分反應后生成rm{H}rm{H}的結(jié)構簡式為_________________請寫出rm{H}發(fā)生加聚反應的化學方程式__________________31、根據(jù)圖示填空。

（1）化合物A含有的官能團是____。

（2）1molA與2moH2反應生成1moE，其反應方程式是____。

（3）與A具有相同官能團的A的同分異構體的結(jié)構簡式是____。

（4）B在酸性條件下與Br2反應得到D，D的結(jié)構簡式是____。

（5）F的結(jié)構簡式是____。由E生成F的反應類型是。參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、B|C【分析】【解析】試題分析：A、B、對圓柱體Q受力分析，受到重力、桿MN的支持力和半球P對Q的支持力，如圖重力的大小和方向都不變，桿MN的支持力方向不變、大小變，半球P對Q的支持力方向和大小都變，然后根據(jù)平衡條件，得到N1=mgtanθ由于θ不斷增大，故N1不斷增大，N2也不斷增大；故A錯誤，B正確；對PQ整體受力分析，受到總重力、MN桿的支持力N1，地面的支持力N3，地面的靜摩擦力f，如圖根據(jù)共點力平衡條件，有f=N1=mgtanθ由于θ不斷增大，故f不斷增大，故C正確；物體Q一直保持靜止，故D錯誤；考點：受力分析，動態(tài)平衡【解析】【答案】BC2、A【分析】試題分析：帶電粒子垂直進入勻強電場將做類平拋運動：在沿電場方向做初速度為零的勻加速直線運動,加速度a=在垂直電場方向做勻速直線運動。設沿電場方向的分位移為d,x＝OM＝MN，由題意運動的時間t=則垂直電場的分位移為x=vot=vo×由以上關系可求質(zhì)量之比為3：4.考點：本題考查類平拋運動規(guī)律?！窘馕觥俊敬鸢浮緼3、B【分析】解：A、據(jù)題，0時刻時兩物體的距離為30m，t=5s，a與b位移之差為×（20+10）×1+×10×4=35m，可知a早已追上b，在t=5s時，a已超過b；故A錯誤．

B、t=3s時a與b位移之差為×（20+10）×1+×（10+5）×2=30m，可知a恰好追上b；故B正確．

C、在t=5s前a的速度大于b的，兩者間距減小，在t=5s后，b的速度比a的大，兩者間距增大，所以5s時a在b前方且距離最近；故C錯誤．

D、根據(jù)“面積”表示位移，知9s時，a與b的位移之差等于×（20+10）×1=15m，可知b沒有追上a；故D錯誤．

故選：B．

0時刻時兩物體的距離為30m，當a與b的位移之差等于30m時a追上b．根據(jù)圖象與時間軸圍成的面積可求出兩車的位移，則可確定a何時追上b．

速度-時間圖象中要注意觀察三點：一點，注意橫縱坐標的含義；二線，注意斜率的意義；三面，速度-時間圖象中圖形與時間軸圍成的面積為這段時間內(nèi)物體通過的位移．【解析】【答案】B4、D【分析】解：A

某點的電場強度大；該點的電勢不一定高，兩者沒有直接關系，故A錯誤．

B；某點的電勢高；由公式EP=q婁脮

知，正電荷在電勢高處電勢能大，而負電荷在電勢高處電勢能小，故B錯誤．

C；某點的場強為零；該點的電勢不一定為零，檢驗電荷在該點的電勢能不一定為零，故C錯誤．

D；某點的電勢為零；即婁脮=0

由公式EP=q婁脮

知，檢驗電荷在該點的電勢能一定為零，故D正確．

故選D

本題抓住電場強度與電勢無關；正電荷在電勢高處電勢能大；負電荷在電勢高處電勢能小、電勢為零，電勢能為零，進行分析判斷．

解決本題關鍵要知道電勢與電場強度無關、電勢能的公式EP=q婁脮

即可進行判斷分析．【解析】D

5、A|C|D【分析】根據(jù)波的獨立傳播原理，選項A正確；一切波都能發(fā)生疊加，但是要產(chǎn)生干涉圖樣則兩列波必須具備頻率相同、相位差固定的條件，選項B錯；若兩列波疊加，出現(xiàn)某些區(qū)域振動加強、某些區(qū)域振動減弱的現(xiàn)象，這就是波的干涉，選項C正確；根據(jù)波的疊加原理，選項D正確．【解析】【答案】ACD6、C【分析】【解析】

試題分析：根據(jù)公式可得可得，半徑越大，線速度越小，故神州九號的線速度大于天宮一號的線速度，A錯誤；根據(jù)公式可得半徑越大，向心加速度越小，故神州九號的向心加速度較大，B錯誤；根據(jù)公式可得半徑越大，運行周期越大，故神州九號的周期較小，C正確；根據(jù)公式可得半徑越大，角速度越小，故神州九號的角速度較大，D錯誤。

考點：考查了萬有引力定律的簡單應用【解析】C

二、填空題(共9題，共18分)7、略

【分析】

設帶電粒子的質(zhì)量為m；電量為q，加速電場的電壓為U，根據(jù)動能定理得。

qU=

得速度大小v=

即速度大小與比荷的平方根成正比．

質(zhì)子和α粒子比荷之比為：==2：1

所以速度之比vH：vα=

故答案為：

【解析】【答案】質(zhì)子和α粒子在加速電場中；電場力對它們做功，引起動能的變化，根據(jù)動能定理求出速度的表達式，再求解速度之比．

8、略

【分析】試題分析：電子從C點射出，A為圓心，Rc=L，圓心角θc=由R=得vc=運動時間為四分之一周期，即：tc＝T＝電子從A點射出，OA中點為圓心，RA=圓心角θd=π，所以vA=tA=tA＝T＝由于運動的周期與速度無關，是相等的，故vA：vC=1：2，tA：tC=2：1.考點：本題考查帶電粒子在磁場中的運動。【解析】【答案】1∶2、2∶19、略

【分析】解：每個電子的電荷量大小為e=1.6×10-19C，6×1013個電子總電荷量為q=6×1013×1.6×10-19C=9.6×10-6C，則示波管中電流大小為I==4.8×10-6A．

故答案為：4.8×10-6A．

每個電子的電荷量大小為e=1.6×10-19C．根據(jù)電流的定義式I=求解示波管中電流的大小．

本題首先要了解電子的電荷量等于元電荷，是個常量．其次要掌握電流的定義式【解析】4.8×10-610、略

【分析】

（a）圖磁場方向垂直紙面向里；電流方向水平向右，根據(jù)左手定則，磁場力方向豎直向上．

（b）圖磁場方向垂直紙面向外；電流方向斜向上，根據(jù)左手定則，知磁場力方向垂直導線方向向下．

（c）圖磁場方向豎直向上；電流方向垂直紙面向里，根據(jù)左手定則，磁場力的方向水平向右．

（d）圖磁場方向垂直紙面向里；電流方向垂直紙面向外，由于電流方向與磁場方向平行，則不受磁場力．

故答案為：豎直向上；垂直導線方向向下，水平向右，不受磁場力．

【解析】【答案】根據(jù)電流的方向和磁場的方向；通過左手定則判斷出磁場力的方向．

11、略

【分析】

帶電絕緣球A在光滑水平面上；從無限遠處向帶同號電荷的絕緣球B靠近過程中，A做減速運動，兩者距離不斷減小，當A球的速度減至零時，兩球相距最近，此時A球的動能為零．

根據(jù)能量守恒定律得：系統(tǒng)的電勢能為EP==J=100J．

故答案為：0；100

【解析】【答案】帶電絕緣球A在光滑水平面上；從無限遠處向帶同號電荷的絕緣球B靠近過程中，A做減速運動，當速度減至零時，兩球相距最近．根據(jù)能量守恒定律求出電勢能．

12、略

【分析】由變壓器原線圈和副線圈匝數(shù)比與電流之比的關系可知，在降壓變壓器的副線圈，電流較大，熱功率較大，利用粗導線電阻較小，熱功率較小【解析】【答案】副線圈13、略

【分析】解：對C受力分析；受重力；支持力，可能有靜摩擦力，由于C做勻速直線運動，故靜摩擦力為零，否則不可能平衡；

對A；B、C整體受力分析；受重力、支持力，可能受地面的靜摩擦力，由于整體處于平衡狀態(tài)（因為內(nèi)部每個物體都平衡），故靜摩擦力為零，否則整體不可能平衡；

對B；C整體受力分析；受重力、支持力和滑動摩擦力，根據(jù)共點力平衡條件，有：

（mA+mB）gsinθ-f=0

N-（mA+mB）gcosθ=0

其中：

f=μN

聯(lián)立解得：

μ=tanθ

若將C從B上取走；重力的下滑分力依然等于滑動摩擦力，故物體B的運動狀態(tài)保持不變；

故答案為：0；0；不變．

對C受力分析；結(jié)合運動狀態(tài)確定靜摩擦力大小；對A；B、C整體受力分析，結(jié)合運動狀態(tài)確定靜摩擦力大??；對B、C整體受力分析，受根據(jù)共點力平衡條件確定A、B間的動摩擦因素，若將C從B上取走，根據(jù)受力情況確定運動情況．

本題是共點力平衡問題，特點是物體較多，關鍵是采用隔離法和整體法靈活地選擇研究對象，根據(jù)共點力平衡條件列式分析，不難．【解析】0；0；不變14、略

【分析】解：（1）電鍵剛閉合時；穿過線圈B的磁通量變大，電流表指針右偏；由此可知，當磁場方向不變，磁通量減小時，感應電流反向，電流表指針反向偏轉(zhuǎn)；

（2）由電路圖可知；閉合電鍵，滑動變阻器的滑動觸頭向接線柱C移動時，滑動變阻器接入電路電阻變大，電流產(chǎn)生的磁場減弱，穿過線圈B的磁通量減小，則感應電流反向，電流計指針將向左偏轉(zhuǎn)；

故選：A．

由楞次定律可知；感應電流的磁場總是阻礙原磁通量的變化；根據(jù)題意確定磁通量變化與電流表指針偏轉(zhuǎn)方向間的關系，然后根據(jù)滑片的移動方向判斷穿過線圈的磁通量如何變化，進一步判斷電流表指針如何偏轉(zhuǎn)．

根據(jù)題意判斷出磁通量的變化與電流表指針偏轉(zhuǎn)方向間的關系，是正確解題的前提與關鍵．【解析】A15、略

【分析】解：(1)

重力勢能減小量：鈻?Ep=mgh=0.2隆脕9.8隆脕0.0501J=9.82隆脕10鈭?2m.

(2)

要驗證物體從P

到B

的過程中機械能是否守恒；

則需滿足12mvB2=mgh

即vB2=2gh

說明下落過程中重錘的機械能守恒；

(3)A

重物的質(zhì)量過大；重物和紙帶受到的阻力相對較小，所以有利于減小誤差，故A錯誤．

B；重物的體積過小；有利于較小阻力，所以有利于減小誤差，故B錯誤．

C；電源的電壓偏低；電磁鐵產(chǎn)生的吸力就會減小，吸力不夠，打出的點也就不清晰了，與誤差的產(chǎn)生沒有關系，故C錯誤．

D；重物及紙帶在下落時受到阻力；從能量轉(zhuǎn)化的角度，由于阻力做功，重力勢能減小除了轉(zhuǎn)化給了動能還有一部分轉(zhuǎn)化給摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能，所以重物增加的動能略小于減少的重力勢能，故D正確．

故選：D

故答案為：(1)9.82隆脕10鈭?2

(2)vB2=2gh

(3)D

．

重力勢能減小量：鈻?Ep=mgh

根據(jù)功能關系可得出正確表達式；

書本上的實驗；我們要從實驗原理；實驗儀器、實驗步驟、實驗數(shù)據(jù)處理、實驗注意事項這幾點去搞清楚．

重物帶動紙帶下落過程中；除了重力還受到阻力，從能量轉(zhuǎn)化的角度，由于阻力做功，重力勢能減小除了轉(zhuǎn)化給了動能還有一部分轉(zhuǎn)化給摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能．

正確利用所學物理規(guī)律解決實驗問題，熟練應用物理基本規(guī)律，因此這點在平時訓練中要重點加強．【解析】9.82隆脕10鈭?2vB2=2ghD

三、判斷題(共6題，共12分)16、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應現(xiàn)象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內(nèi)部出現(xiàn)感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．17、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關．18、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．19、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．20、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．21、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大小．四、作圖題(共4題，共12分)22、略

【分析】根據(jù)橫波的形成原理，由題中給出9、10、11、12四點的位置和運動方向，可畫出其他各點的位置和運動方向，如圖甲所示，居中的直線為各點的平衡位置，根據(jù)各點此時的運動方向，即可找到再過T各個質(zhì)點的位置和運動方向．如圖甲虛線所示．則可知經(jīng)過周期時點3、4、5、6的位置和速度方向，如圖乙所示．【解析】【答案】見解析23、略

【分析】試題分析：（1）根據(jù)平行四邊形畫出合力如圖：（2）由圖看以數(shù)出合力的長度是5個小格，所以合力大小為：考點：《互成角度的兩個共點力的合成》的實驗【解析】【答案】（1）如圖所示（2）5。24、略

【分析】

（1）明確曲線運動的速度方向沿切線方向；從而作出A點的速度方向；根據(jù)位移的定義可得出表示位移的有向線段；

（2）根據(jù)右手定則可明確電流方向，再根據(jù)左手定則可明確ab棒受力方向．

本題考查了曲線運動的速度、位移以及導體切割磁感線時的電流方向和安培力的判斷，要求能準確掌握右手定則和左手定則的應用分析電流和受力的方向．【解析】解：（1）曲線運動速度方向沿切線方向；A點速度方向如圖所示；

位移是由起點到終點的有向線段；故BC的位移為由B到C的有向線段，如圖所示；

（2）ab向右運動，切割磁感線，根據(jù)右手定則可知，電流由b到a；則線圈中電流如圖所示；

根據(jù)左手定則可知，ab棒中電流受到的磁場力水平向左；如圖所示；

故答案如圖所示：25、略

【分析】

根據(jù)左手定則判斷電流方向；磁場方向和安培力方向的關系；伸開左手，四指與大拇指在同一平面內(nèi)，磁感線穿過掌心，四指方向與電流方向相同，大拇指所指方向為安培力的方向．

解決本題的關鍵會根據(jù)左手定則判斷磁場方向、電流方向和安培力方向三者的關系，并注意左手定則與右手定則的區(qū)別．【解析】解：左側(cè)電流向下；根據(jù)安培定則，右側(cè)的磁場方向向外，依據(jù)左手定則，安培力向右；

電流向右；安培力向下，根據(jù)左手定則，磁場方向外；

磁場向上；電流向里，根據(jù)左手定則，安培力向右；

答：如圖所示：

五、簡答題(共2題，共10分)26、略

【分析】

（1）物塊在斜面上做勻加速運動；根據(jù)動能定理即可求解到達A點速度；

（2）從A到B的過程中；根據(jù)動能定理列式求解克服彈力做的功，從而求出最大彈性勢能；

（3）設物體被反彈后最終停下的位置與A點的距離為x；根據(jù)動能定理列式求解即可．

本題主要考查了動能定理的直接應用，要求同學們能正確對物體受力分析，能選擇合適的研究過程運用動能定理列式求解，難度適中．【解析】解：（1）從靜止開始到A的過程中；由動能定理得：

mvA2=mgh

解得：vA=

（2）到達B點時；彈簧被壓縮到最短，彈性勢能最大；

從A到B的過程中；根據(jù)動能定理得：

0-mvA2=-μmgl1-W彈

解得：W彈=3J

則最大彈性勢能EP=3J

（3）設物體被反彈后最終停下的位置與A點的距離為x；根據(jù)動能定理得：

0-0=W彈-μmg（l1-x）

解得：x=0.4m

答：（1）物體到達斜面底端A時的速度大小為4m/s；

（2）彈簧彈性勢能的最大值為3J；

（3）物體被緩沖彈簧反彈后最終停下的位置與A點的距離為0.4m．27、rm{(1)10:1}rm{1.1隆脕10}rm{(1)10:1}rm{1.1隆脕10}rm{{,!}^{-5}}逆不變rm{{,!}^{-5}}中堿rm{(2)}逆不變rm{(2)}【分析】【分析】本題考查rm{PH}的簡單計算、沉淀溶解平衡計算、鹽類水解，綜合考查學生化學知識的應用能力和分析問題的能力，為高考常見題型，注意把握鹽類水解和弱電解質(zhì)的電離特點，的簡單計算、沉淀溶解平衡計算、鹽類水解，綜合考查學生化學知識的應用能力和分析問題的能力，為高考常見題型，注意把握鹽類水解和弱電解質(zhì)的電離特點，rm{PH}大于注意若離子積rm{Q}大于rm{>Ksp(BaSO}rm{Q}rm{>Ksp(BaSO}則析出沉淀，反之，則無，題目難度中等?！窘獯稹縭m{4}室溫下，水的離子積常數(shù)rm{4}rm{)}則析出沉淀，反之，則無，題目難度中等。的rm{)}溶液中氫氧根離子濃度為rm{(1)}rm{K_{W}=10^{-14}}的rm{pH=9}溶液中氫離子濃度為rm{Ba(OH)_{2}}若所得混合液為中性，酸堿恰好完全反應，則有：rm{0.00001mol/L}設rm{pH=4}溶液與rm{H_{2}SO_{4}}溶液的體積分別為rm{0.0001mol/L}rm{n(H^{+})=n(OH^{-})}即：rm{Ba(OH)_{2}}rm{H_{2}SO_{4}}rm{aL}rm{bL}

rm{0.00001mol/L隆脕aL=0.0001mol/L隆脕bL}室溫下，rm{a}欲使溶液中rm{c(SO_{4}^{2-})leqslant1.0隆脕10^{-5}mol?L^{-1}}rm{b=10}則應保持溶液中rm{c(Ba^{2+})geqslantdfrac{K_{sp}(BaSO_{4})}{1.0隆脕10^{-5}mol/L}=dfrac{1.1隆脕10^{-10}}{1.0隆脕10^{-5}}=1.1隆脕10^{-5}mol?L^{-1}}

故答案為：rm{1}rm{Ba^{2+}(aq)+SO_{4}^{2-}(aq)?BaSO_{4}(s)}rm{K_{sp}(BaSO_{4})=1.1隆脕10^{-10}}

rm{c(SO_{4}^{2-})leqslant

1.0隆脕10^{-5}mol?L^{-1}}溶液中存在電離平衡：rm{Q=c(Ba^{2+})?c(SO_{4}^{2-})}rm{c(Ba^{2+})geqslantdfrac

{K_{sp}(BaSO_{4})}{1.0隆脕10^{-5}mol/L}=dfrac

{1.1隆脕10^{-10}}{1.0隆脕10^{-5}}=1.1隆脕10^{-5}mol?L^{-1}}溶液中含rm{10}溶液中加入rm{1}則rm{1.1隆脕10^{-5}}增大，平衡逆反應方向移動，電離平衡常數(shù)只與溫度有關，溫度不變，rm{(2)CH_{3}COOH}不變；

故答案為：逆；不變；

rm{CH_{3}COOH?CH_{3}COO^{-}+H^{+}}常溫下，醋酸和rm{1L0.1mol?L^{-1}CH_{3}COOH}的電離平衡常數(shù)均為rm{0.1molCH_{3}COOH}rm{0.1molCH_{3}COONa}和rm{n(CH_{3}COO^{-})}是強弱相當?shù)娜蹼娊赓|(zhì)，則rm{K}溶液呈中性，但rm{(3)}酸性弱于rm{NH_{3}?H_{2}O}rm{1.74隆脕10^{-5}}的水解程度大于rm{NH_{3}?H_{2}O}所以rm{CH_{3}COOH}溶液呈堿性，碳酸氫銨為強電解質(zhì)，完全電離生成氨根離子和碳酸氫根離子，rm{CH_{3}COONH_{4}}rm{H_{2}CO_{3}}和rm{CH_{3}COOH}是強弱相當?shù)娜蹼娊赓|(zhì)，rm{HCO_{3}^{-}}電離程度弱于rm{CH_{3}COO^{-}}rm{NH_{4}HCO_{3}}的水解程度大于rm{NH_{4}HCO_{3}=NH_{4}^{+}+HCO_{3}^{-}}所以rm{NH_{3}?H_{2}O}溶液中物質(zhì)的量濃度最大的離子是rm{CH_{3}COOH}

故答案為：中；堿；rm{H_{2}CO_{3}}

rm{NH_{3}?H_{2}O}【解析】rm{(1)10:1}rm{1.1隆脕10}rm{(1)10:1}rm{1.1隆脕10}rm{{,!}^{-5}}逆不變rm{{,!}^{-5}}中堿rm{(2)}逆不變rm{(2)}六、推斷題(共4題，共16分)28、（1）碳碳雙鍵

（2）加成

（3）

（4）+NaOH+NaBr【分析】【分析】本題考查有機推斷，涉及烯烴、鹵代烴、醇等性質(zhì)以及學生根據(jù)信息給予獲取知識的能力，是對有機化合物知識的綜合考查，能較好的考查考生的自學能力和分析推理能力，推斷出rm{A}的分子式，根據(jù)反應條件及反應類型，利用順推法進行推斷，是高考熱點題型，難度中等?！窘獯稹縭m{1mol}某烴rm{A}充分燃燒后可以得到rm{8molCO_{2}}和rm{4molH_{2}O}故烴rm{A}的分子式為rm{C_{8}H_{8}}不飽和度為rm{dfrac{2隆脕8+2-8}{2}=5}可能含有苯環(huán)，由rm{A}發(fā)生加聚反應生成rm{C}故A中含有不飽和鍵，故A為rm{C}為rm{A}與溴發(fā)生加成反應生成rm{B}則rm{B}為rm{B}在氫氧化鈉的乙醇溶液、加熱條件下發(fā)生消去反應生成rm{E}則rm{E}為rm{E}與溴發(fā)生加成反應生成由信息烯烴與rm{HBr}的加成反應可知，不對稱烯烴與rm{HBr}發(fā)生加成反應，rm{H}原子連接在含有rm{H}原子多的rm{C}原子上，故與rm{HBr}放出加成反應生成rm{D}則rm{D}為rm{D}在氫氧化鈉水溶液、加熱條件下發(fā)生水解反應生成rm{F}則rm{F}為rm{F}與乙酸發(fā)生酯化反應生成rm{H}故H為據(jù)此解答。rm{(1)}由上述分析可知，rm{A}中的官能團是碳碳雙鍵，rm{A}的結(jié)構簡式：故答案為：碳碳雙鍵；

rm{(2)}上述反應中，反應rm{壟脵}是與溴發(fā)生加成反應生成

故答案為：加成；

rm{(3)}由上述分析可知，rm{C}為rm{D}為rm{E}為rm{F}為

故答案為：

rm{(4)D隆煤F}是在氫氧化鈉水溶液、加熱條件下發(fā)生水解反應生成反應方程式為：rm{+NaOHxrightarrow[triangle]{H_{2}O}}rm{+NaOHxrightarrow[triangle

]{H_{2}O}}

故答案為：rm{+NaOHxrightarrow[triangle]{H_{2}O}}rm{+NaBr}

rm{+NaOHxrightarrow[triangle

]{H_{2}O}}【解析】rm{(1)}碳碳雙鍵rm{{,!}_{;;;}}rm{(2)}加成rm{(3)}rm{(4)}rm{+NaOHxrightarrow[triangle]{H_{2}O}}rm{+NaOHxrightarrow[triangle

]{H_{2}O}}rm{+NaBr}29、（1）氯原子、羥基、酯基（2）acd

（3）

（4）+CO2+H2O→+HCO3-

（5）【分析】【分析】本題考查有機物的推斷，難度中等，注意根據(jù)rm{A}的結(jié)構及反應條件進行推斷，需要學生熟練掌握官能團的性質(zhì)與轉(zhuǎn)化，難度中等。【解答】rm{A}在堿性條件下水解生成和rm{B}與二氧化碳反應生成rm{C}而rm{C}遇氯化鐵溶液顯紫色，故B為rm{C}為則rm{D}為rm{D}酸化得到rm{E}為由rm{E}與rm{F}的分子式可知，rm{E}分子內(nèi)脫去rm{2}分子水生成rm{F}且rm{F}為五元環(huán)化合物，故E在濃硫酸作用下發(fā)生消去反應和酯化反應，rm{F}可能為

rm{(1)}由rm{A}分子結(jié)構可知，其不含氧官能團的名稱為：氯原子、羥基、酯基，故答案為：氯原子；羥基、酯基；

rm{(2)C}為可以發(fā)生取代反應、加聚反應、氧化反應，不能發(fā)生消去反應，故答案為：rm{acd}

rm{(3)}反應rm{壟脵}的化學方程式為：

故答案為：

rm{(4)B}到rm{C}的離子方程式為：rm{+CO_{2}+H_{2}O隆煤}rm{+HCO_{3}^{-}}

故答案為：rm{+CO_{2}+H_{2}O隆煤}rm{+HCO_{3}^{-}}

rm{(5)E(}rm{)}在一定條件下反應能生成高分子化合物，其可能的結(jié)構簡式為：

故答案為：

【解析】rm{(1)}氯原子、羥基、酯基