2025屆浙江省寧波市高三上學(xué)期一模考試物理試題（含答案）

屆浙江省寧波市高三上學(xué)期一?？荚囄锢碓囶}一、選擇題1（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1．下列物理量的單位用國(guó)際單位制的基本單位表示，正確的是（）A．力kg?m2/C．功N?m D．電場(chǎng)強(qiáng)度V2．2024年巴黎奧運(yùn)會(huì)男子100米自由泳決賽中，我國(guó)選手潘展樂以46秒40的成績(jī)打破了由自己保持的世界紀(jì)錄奪得金牌。關(guān)于這場(chǎng)比賽，下列說法正確的是（）A．“46秒40”是指時(shí)刻B．圖中所示的2.01m/s指的是平均速度大小C．潘展樂奧運(yùn)會(huì)上100米全程的平均速度大小約為2.1m/sD．研究潘展樂劃水技術(shù)動(dòng)作時(shí)，不能把潘展樂看成質(zhì)點(diǎn)3．如圖所示，三根等長(zhǎng)的細(xì)繩一端對(duì)稱地系在吊籃架上，另一端連結(jié)后經(jīng)掛鉤掛在桿子上。已知吊籃架和花盆的總質(zhì)量為m，下列說法正確的是（）A．每根細(xì)繩的拉力大小均為mgB．掛鉤受到的拉力是由掛鉤的形變引起的C．三根細(xì)繩同時(shí)增加相等長(zhǎng)度后，繩上拉力將變小D．吊籃架對(duì)花盆的支持力與花盆的重力是一對(duì)相互作用力4．下列關(guān)于圖像斜率的說法正確的是（）A．甲圖的位移—時(shí)間圖像中a點(diǎn)的斜率表示此時(shí)加速度a的大小B．乙圖的電壓—電流圖像中b點(diǎn)的斜率表示此時(shí)電阻R的大小C．丙圖的電流—時(shí)間圖像中c點(diǎn)的斜率表示此時(shí)電荷量q的大小D．丁圖的動(dòng)量—時(shí)間圖像中d點(diǎn)的斜率表示此時(shí)合外力F的大小5．用照相機(jī)拍攝從某磚墻前的高處自由落下的石子，拍攝到石子在空中的照片如圖所示。由于石子的運(yùn)動(dòng)，它在照片上留下了一條模糊的徑跡AB。已知石子從地面以上2.5?m的高度下落，每塊磚的平均厚度為6?cm，則（）A．圖中徑跡長(zhǎng)度約為0.06?mB．A點(diǎn)離釋放點(diǎn)的高度約為0.5?mC．曝光時(shí)石子的速度約為6.3?m/sD．照相機(jī)的曝光時(shí)間約為0.01?s6．如圖所示，某煙霧探測(cè)器中裝有少量放射性金屬镅241，其衰變方程為95241A．發(fā)生火災(zāi)時(shí)溫度升高會(huì)使镅241的半衰期變短B．Y粒子是由镅241衰變時(shí)釋放的β粒子C．新核X的中子數(shù)比質(zhì)子數(shù)多51個(gè)D．镅241的比結(jié)合能比新核X的比結(jié)合能大7．同學(xué)們?cè)O(shè)計(jì)了一個(gè)“地面飛鏢”的游戲，如圖所示，投擲者需站在投擲線后的一條直線上將飛鏢水平拋出，飛鏢落在水平放置的盤面MN內(nèi)即可獲得獎(jiǎng)勵(lì)。如圖所示，甲同學(xué)將飛鏢從較高的A點(diǎn)以水平速度v1拋出，乙同學(xué)從較低的B點(diǎn)以水平速度v2拋出，兩飛鏢落于盤面的同一點(diǎn)C，且兩飛鏢與盤面夾角A．兩飛鏢落到C點(diǎn)的速度相同B．拋出點(diǎn)A、B與落點(diǎn)C三點(diǎn)必共線C．要使飛鏢均落到盤面內(nèi)，則從A點(diǎn)拋出的水平速度范圍更大D．從A、B兩點(diǎn)水平拋出的飛鏢，只要落到盤面內(nèi)則必落到同一點(diǎn)8．如圖所示，線圈abcd在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞垂直于磁場(chǎng)方向的bc邊以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，穩(wěn)定后，電路中三個(gè)相同的燈泡均發(fā)光，且亮度相同，則（）A．若增大線圈角速度ω，則L1比LB．若增大電容器C兩極板間距，則L1C．若抽掉電感線圈L內(nèi)部的鐵芯，則L2D．若增大照射在光敏電阻R上的光強(qiáng)，則L39．A、B、C三個(gè)點(diǎn)電荷周圍的電場(chǎng)線和等勢(shì)線分布如圖中實(shí)線所示，虛線為一電子只受靜電力作用的運(yùn)動(dòng)軌跡，M、N是電子運(yùn)動(dòng)軌跡上的兩點(diǎn)，下列說法正確的是（）A．點(diǎn)電荷A帶負(fù)電B．M、N兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小EC．M、N兩點(diǎn)的電勢(shì)高低φD．電子從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)，電勢(shì)能增大10．如圖所示，A為置于地球赤道上待發(fā)射的衛(wèi)星，B為繞地球沿橢圓軌道運(yùn)行的衛(wèi)星，C為地球同步衛(wèi)星。已知C的線速度大小為v，運(yùn)行周期為T，軌道半徑為地球半徑的X倍，B的軌道半長(zhǎng)軸為地球半徑的Y倍。下列說法正確的是（）A．A的線速度大小為XvB．B的運(yùn)行周期為XC．B經(jīng)過軌道上Q點(diǎn)時(shí)的加速度大小為2πvD．欲使A進(jìn)入地球同步軌道，其發(fā)射速度至少為11.2km/s11．如圖所示，OBCD為半圓柱體玻璃的橫截面，OD為直徑，一束由紫光和紅光組成的復(fù)色光沿AO方向從真空射入玻璃，兩束光分別從B、C兩點(diǎn)射出。下列說法正確的是（）A．C點(diǎn)比B點(diǎn)先有光射出B．從B點(diǎn)射出的光子比從C點(diǎn)射出的光子的動(dòng)量小C．通過相同的單縫，從B點(diǎn)射出的光比從C點(diǎn)射出的光衍射現(xiàn)象更明顯D．調(diào)節(jié)AO的入射方向，從曲面射出的光有可能與AO方向平行12．一群處于n=4能級(jí)的氫原子向低能級(jí)躍遷時(shí)能發(fā)出不同頻率的光，其中只有3種頻率的光a、b、c照射到圖甲電路陰極K的金屬上能發(fā)生光電效應(yīng)，測(cè)得光電流隨電壓變化的圖像如圖乙所示。已知?dú)湓拥哪芗?jí)圖如圖丙所示，下列推斷正確的是（）A．氫原子從n=4能級(jí)躍遷到n=3能級(jí)時(shí)釋放出a光B．陰極金屬的逸出功可能為WC．若圖乙中的Ua=6.00?VD．若圖甲中電源右端為正極，隨著滑片向右滑動(dòng)，光電流逐漸增大13．如圖甲所示，圓心為O、半徑為R的光滑絕緣圓管道固定放置在水平面上，PM為圓的一條直徑，在P點(diǎn)靜止放置一質(zhì)量為m、電荷量為+q的帶電小球。t=0時(shí)刻開始，在垂直于圓管道平面的虛線同心圓形區(qū)域內(nèi)加一隨時(shí)間均勻變化的磁場(chǎng)，方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小隨時(shí)間的變化如圖乙所示，t=t0時(shí)刻小球第一次運(yùn)動(dòng)到M點(diǎn)。下列說法正確的是（）A．順著磁感線方向看，小球沿順時(shí)針方向運(yùn)動(dòng)B．t0時(shí)刻磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為2πmC．管道內(nèi)產(chǎn)生的感生電場(chǎng)強(qiáng)度大小為2πmRD．t0時(shí)刻小球?qū)壍赖膲毫Υ笮?二、選擇題II（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得3分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）14．下列說法正確的是（）A．荷葉上的露珠呈橢球形是因?yàn)槁吨榻?rùn)荷葉的緣故B．電阻應(yīng)變片的電阻值隨其機(jī)械形變的變化而變化C．當(dāng)觀察者與波源一起運(yùn)動(dòng)時(shí)，觀察者接收到的波的頻率變大D．LC振蕩電路中，當(dāng)電容器的電勢(shì)差達(dá)到最大時(shí)線圈的自感電動(dòng)勢(shì)也最大15．如圖所示的xOy坐標(biāo)系中，x正半軸和y正半軸上存在兩列相干線性平面波波源S1、S2，傳播方向如圖。已知直線y=x上的所有點(diǎn)均為振動(dòng)減弱點(diǎn)，直線y=34x上距離坐標(biāo)原點(diǎn)O最近的加強(qiáng)點(diǎn)P與OA．兩列波的起振方向相同B．兩列波的波速v=0.8?m/sC．直線y=34xD．以O(shè)點(diǎn)為圓心、5λ為半徑的圓周上有10個(gè)加強(qiáng)點(diǎn)三、實(shí)驗(yàn)題16．如圖所示是“探究小車速度隨時(shí)間變化的規(guī)律”的實(shí)驗(yàn)裝置。（1）該實(shí)驗(yàn)中，下列操作步驟必要的是_______。A．需將導(dǎo)軌遠(yuǎn)離滑輪的一端適當(dāng)調(diào)高B．槽碼質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量C．小車運(yùn)動(dòng)結(jié)束后，先關(guān)閉打點(diǎn)計(jì)時(shí)器再取下紙帶（2）如圖是某次正確操作后得到的紙帶，在紙帶上每隔4個(gè)點(diǎn)取一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)。已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所用交流電源的頻率為50?Hz，由此測(cè)得紙帶上打下計(jì)數(shù)點(diǎn)3時(shí)小車的速度大小為m/s，小車的加速度大小為m/s217．（1）在“用油膜法估測(cè)油酸分子的大小”實(shí)驗(yàn)中，下列器材需要用到的有___（多選）。A． B．C． D．（2）在上述實(shí)驗(yàn)時(shí)，每103?mL油酸酒精溶液中有純油酸1?mL，用注射器測(cè)得80滴這樣的溶液為1?mL。把1滴這樣的溶液滴入盛水的淺盤里，等油膜形狀穩(wěn)定后，測(cè)得油膜面積約為150?cm（3）如圖為“用傳感器探究氣體等溫變化的規(guī)律”的實(shí)驗(yàn)裝置，實(shí)驗(yàn)時(shí)某同學(xué)緩慢推動(dòng)活塞，在使注射器內(nèi)空氣體積逐漸減小的過程中，由注射器壁上的刻度讀出氣體的體積V，由壓強(qiáng)傳感器測(cè)得的壓強(qiáng)值p在計(jì)算機(jī)屏幕上實(shí)時(shí)顯示，實(shí)驗(yàn)過程中該同學(xué)發(fā)現(xiàn)，環(huán)境溫度逐漸升高，則實(shí)驗(yàn)得到的圖像可能是。A． B．C． D．18．要測(cè)量一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r，現(xiàn)有下列器材：電壓表V0～3?V，電阻箱R0?9999.9Ω，定值電阻R0，開關(guān)和導(dǎo)線若干。某實(shí)驗(yàn)小組根據(jù)所給器材設(shè)計(jì)了如圖1所示的實(shí)驗(yàn)電路。由于R0的阻值無法辨認(rèn)，實(shí)驗(yàn)時(shí)先用一歐姆表測(cè)量其阻值。該歐姆表的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖2所示，該表有“×1”、“×10（1）圖2中a表筆為（選填“紅”或“黑”）表筆。要測(cè)量R0,c應(yīng)與（選填“d”或“e”）相連。測(cè)量時(shí)指針位置如圖3所示，歐姆表的讀數(shù)為（2）實(shí)驗(yàn)小組同學(xué)利用圖1電路多次調(diào)節(jié)電阻箱阻值R，讀出電壓表對(duì)應(yīng)的數(shù)據(jù)，建立1R?1U坐標(biāo)系，描點(diǎn)連線得到如圖4所示的圖線，則該電源的電動(dòng)勢(shì)E=V，內(nèi)阻（3）經(jīng)核實(shí)，電阻R0的測(cè)量值與真實(shí)值一致，實(shí)驗(yàn)小組利用圖1電路得到的內(nèi)阻的測(cè)量值r測(cè)19．如圖所示為一超重報(bào)警裝置示意圖，長(zhǎng)度為L(zhǎng)、橫截面積為S、導(dǎo)熱性能良好的薄壁容器水平放置，開口向右。一厚度不計(jì)的輕質(zhì)活塞將一定質(zhì)量的理想氣體封閉在容器內(nèi)，活塞通過水平輕繩跨過滑輪與重物相連。不掛重物時(shí)封閉氣體的長(zhǎng)度為14L，掛上某一質(zhì)量的重物時(shí)活塞右移至位于離容器底部34L位置的預(yù)警傳感器處恰好平衡，此時(shí)系統(tǒng)將發(fā)出超重預(yù)警。已知環(huán)境溫度為T0（1）在掛上重物達(dá)到平衡后，氣體分子的數(shù)密度（選填“變大”、“變小”或“不變”），器壁單位面積所受氣體分子的平均作用力（選填“變大”、“變小”或“不變”）；（2）求剛好觸發(fā)超重預(yù)警時(shí)所掛重物的質(zhì)量m；（3）從剛發(fā)出預(yù)警開始，若環(huán)境溫度從T0緩慢降至0.99T0，該過程中氣體內(nèi)能減少了Δ20．如圖所示，某固定裝置由長(zhǎng)度L=3?m、傾角β=37°的傾斜傳送帶AB，圓心角α=23°和θ=60°、半徑均為R=1?m的兩圓弧管道BC、CD組成，軌道問平滑連接。在軌道末端D的右側(cè)的光滑水平面上緊靠著輕質(zhì)小車，小車上表面與D所在的水平面平齊，右端放置質(zhì)量m2=3?kg的物塊b。質(zhì)量m1=1?kg的物塊a從傳送帶A點(diǎn)由靜止釋放，經(jīng)過BCD滑出圓弧管道。已知傳送帶由電動(dòng)機(jī)帶動(dòng)，以速度（1）求物塊a在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t；（2）為維持傳送帶能勻速運(yùn)送物塊a從A點(diǎn)到B點(diǎn)，求電動(dòng)機(jī)多做的功W；（3）求物塊a到達(dá)D點(diǎn)時(shí)對(duì)管道的作用力FN（4）要使物塊a恰好不與物塊b發(fā)生碰撞，求小車長(zhǎng)度的最小值d。21．某物理興趣小組設(shè)計(jì)了一個(gè)電流天平，如圖所示，“”形磁鐵的兩側(cè)為N極，中心為S極，兩極間的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B，磁極寬度均為L(zhǎng)，忽略邊緣效應(yīng)。繞在骨架上的正方形線圈套于中心磁極，骨架與秤盤連為一體，線圈兩端C、D與外電路連接。當(dāng)一待測(cè)重物放在秤盤上時(shí)，彈簧被壓縮，秤盤和線圈一起向下運(yùn)動(dòng)（骨架與磁極不接觸），隨后外電路對(duì)線圈供電，使秤盤和線圈恢復(fù)到未放重物時(shí)的位置并靜止，由此時(shí)對(duì)應(yīng)的供電電流可確定重物的質(zhì)量。已知線圈匝數(shù)為n，電阻為R，彈簧勁度系數(shù)為k，秤盤和線圈（含骨架）的總質(zhì)量為M，空氣阻力忽略不計(jì)，求：（1）線圈向下運(yùn)動(dòng)過程中，線圈C端的電勢(shì)高還是D端的高？（2）若供電的電流為I，則待測(cè)重物的質(zhì)量m是多大？（3）如果把供電電源撤去、重物取走，將線圈C、D兩端短接，待秤盤靜止后，再將質(zhì)量也為M的重物輕輕置丁秤盤上，秤盤會(huì)做阻尼振動(dòng)，①?gòu)陌奄|(zhì)量為M的重物輕輕放置到秤盤上到最終秤盤停止運(yùn)動(dòng)，該過程中線圈產(chǎn)生的焦耳熱；（已知彈簧的彈性勢(shì)能EP=1②從把質(zhì)量為M的重物輕輕放置到秤盤上到秤盤第一次運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)彈簧的形變量為x022．物理學(xué)家在科研時(shí)經(jīng)常利用電磁場(chǎng)加速和約束高能粒子。在如圖所示的空間直角坐標(biāo)系Oxyz中，x≥0的空間內(nèi)充滿勻強(qiáng)磁場(chǎng)，大小為B，方向可調(diào)，初始時(shí)沿x軸負(fù)方向。坐標(biāo)為（0，0，L）的M點(diǎn)有一粒子源，可沿yOz平面內(nèi)的第一象限與z軸負(fù)方向成θ=30°角發(fā)射粒子。粒子第一次運(yùn)動(dòng)到xOy平面時(shí)軌跡恰好與y軸相切。已知粒子質(zhì)量為m，電荷量為（1）求粒子初速度v0（2）將磁場(chǎng)方向調(diào)整為沿z軸正方向，求①粒子運(yùn)動(dòng)到xOy平面的時(shí)間；②粒子經(jīng)過xOy平面時(shí)的x坐標(biāo)與y坐標(biāo)的表達(dá)式。（可用三角函數(shù)表示）（3）保持x≥0空間的初始磁場(chǎng)和粒子發(fā)射方向不變，在此空間再充滿沿z軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小滿足E0=v0B

答案解析部分1．【答案】B【解析】【解答】A．根據(jù)牛頓第二定律F=ma可知1N=1kg·A錯(cuò)誤；B．根據(jù)電流的概念I(lǐng)=解得q=It故有1C=1A·sB正確；C．功的單位N?m，其中N不是基本單位，C錯(cuò)誤；D．電場(chǎng)強(qiáng)度Vm故選B。

【分析】首先明確基本單位是長(zhǎng)度、質(zhì)量、時(shí)間、熱力學(xué)溫度、電流、光照強(qiáng)度、物質(zhì)的量這七個(gè)基本物理量的單位，結(jié)合牛頓第二定律、電流定義式、功的表達(dá)式、電場(chǎng)強(qiáng)度定義式推到分析。2．【答案】D【解析】【解答】A．“46秒40”是指時(shí)間間隔，A錯(cuò)誤；B．圖中所示的2.01m/s指的是瞬時(shí)速度的大小，B錯(cuò)誤；C．常規(guī)游泳賽道的直線距離為50m，100m的賽程恰好是一個(gè)來回，位移為0，平均速度為0，C錯(cuò)誤；D．研究潘展樂的泳姿時(shí)，潘展樂的形狀大小不能忽略不計(jì)，不可以把其看作質(zhì)點(diǎn)，D正確。故選D。

【分析】根據(jù)時(shí)間間隔和時(shí)刻、瞬時(shí)速度、位移、平均速度、質(zhì)點(diǎn)的含義分析判斷。3．【答案】C【解析】【解答】A．設(shè)每根鐵鏈和豎直方向的夾角為θ，則有3F解得F=A錯(cuò)誤；B．掛鉤受到的拉力是由細(xì)繩的形變引起的，B錯(cuò)誤；C．增加鐵鏈的長(zhǎng)度，每根鐵鏈和豎直方向的夾角θ變小，cosθD．吊籃架對(duì)花盆的支持力與花盆的重力是一對(duì)平衡力，D錯(cuò)誤。故選C。

【分析】AC、根據(jù)每根繩子拉力沿豎直方向的分力之和與吊籃架和花盆的總重力為平衡力，求解F=mg3cosθ，以此分析細(xì)繩增加長(zhǎng)度后繩子拉力的變化；4．【答案】D【解析】【解答】A．甲圖的位移—時(shí)間圖像中a點(diǎn)的斜率表示此時(shí)速度的大小，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．乙圖的電壓—電流圖像中b點(diǎn)與原點(diǎn)連線的斜率表示此時(shí)電阻R的大小，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．丙圖的電流—時(shí)間圖像中，根據(jù)q=It可知，c點(diǎn)時(shí)曲線與橫軸圍成的面積表示此時(shí)電荷量q的大小，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．丁圖的動(dòng)量—時(shí)間圖像中，根據(jù)Δ可知，d點(diǎn)的斜率表示此時(shí)合外力F的大小，選項(xiàng)D正確。故選D。

【分析】分別根據(jù)?x?t=v、?U?I5．【答案】C【解析】【解答】A．由題圖可看出Δx=2d=0.12故A錯(cuò)誤；B．A點(diǎn)離釋放點(diǎn)的高度約h=2.5m-0.06×8.6故B錯(cuò)誤；C．曝光時(shí)石子的速度約為v解得v≈6.3?m/s故C正確；D．由于AB距離較小，故可以近似地將AB段做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故時(shí)間為t=故D錯(cuò)誤。故選C。

【分析】根據(jù)圖像分別求解出圖像痕跡長(zhǎng)度約為兩塊磚的厚度；A點(diǎn)距地面高度約為9塊磚的厚度，根據(jù)下落高度求解A距所釋放點(diǎn)高度；曝光時(shí)的速度是自由落體運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)速度，根據(jù)速度位移公式求解；由于AB距離較小，故可以近似地將AB段做勻速直線運(yùn)動(dòng)求解曝光時(shí)間。6．【答案】C【解析】【解答】A．半衰期是由放射性元素本身決定的，與外界因素?zé)o關(guān)，故A錯(cuò)誤；B．Y粒子在空氣中只能前進(jìn)幾厘米，一張紙就能把它擋住，所以Y粒子是α粒子，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒，電荷數(shù)守恒，核反應(yīng)方程為95新核X的中子數(shù)n=237?93=144比質(zhì)子數(shù)多Δ故C正確；D．自發(fā)的衰變過程中釋放能量，原子核的比結(jié)合能增大，镅241的比結(jié)合能比新核X的比結(jié)合能小，故D錯(cuò)誤。故選C。

【分析】A、半衰期是由放射性元素本身決定的，與外界因素?zé)o關(guān)；

BC、根據(jù)α粒子的貫穿能力分析確定Y粒子是α粒子，根據(jù)質(zhì)量數(shù)電荷數(shù)守恒得出核反應(yīng)方程95241Am→7．【答案】B【解析】【解答】A．甲同學(xué)飛鏢落在C點(diǎn)時(shí)豎直方向上的分速度v甲同學(xué)飛鏢落到C點(diǎn)的速度v乙同學(xué)飛鏢落在C點(diǎn)時(shí)豎直方向上的分速度v乙同學(xué)飛鏢落到C點(diǎn)的速度v由于h1>hB．由于兩飛鏢在C點(diǎn)速度與水平方向夾角相同，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的推論速度與水平方向夾角的正切值為位移方向夾角正切值的2倍，二者位移方向的偏角相等，故A、B、C三點(diǎn)必共線，B正確C．結(jié)合上述分析可知vv可知v1>vD．由于運(yùn)動(dòng)時(shí)間與水平拋出的速度大小均不相同，二者可能會(huì)落在同一點(diǎn)，也可能不落在同一點(diǎn)，D錯(cuò)誤。故選B。

【分析】A、由于高度不同，落在C點(diǎn)豎直分速度vy=2gh不同，偏轉(zhuǎn)角相同，根據(jù)三角函數(shù)可知落到C點(diǎn)速度不同；

B、根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的推論速度與水平方向夾角的正切值為位移方向夾角正切值的2倍，可知二者位移方向的偏角相等，故A、B、C三點(diǎn)必共線；

C、根據(jù)豎直分速和偏轉(zhuǎn)角可知水平初速的8．【答案】A【解析】【解答】A．若增大線圈轉(zhuǎn)動(dòng)角速度ω，根據(jù)ω=2πf知交流電的頻率增大，電容器容抗減小，電感器感抗增大，使得通過燈泡L1的電流將比L2的大，所以燈泡L1B．若增大電容器C兩極板間的距離，根據(jù)

C=εS2πkd

知，電容器的電容減小，容抗增大，使得通過燈泡L1C．若抽掉電感線圈L內(nèi)部的鐵芯，感抗減小，使得通過燈泡L2的電流增大，所以燈泡L2D．若增大照射在光敏電阻R上的光強(qiáng)，光敏電阻的阻值減小，通過L3的電流變大，L故選A。

【分析】增大角速度ω，交流電頻率變大，容抗減小，感抗增大；增大電容器C兩極板間的距離，電容減小，容抗增大；抽掉電感線圈L內(nèi)部的鐵芯，感抗減??；增大照射在光敏電阻R上的光強(qiáng)，光敏電阻的阻值減小，依次分析判斷。9．【答案】D【解析】【解答】A．根據(jù)電子的運(yùn)動(dòng)軌跡，結(jié)合電子軌跡要夾在合力和速度之間，且合力指向軌跡凹的一側(cè)，可判斷知點(diǎn)電荷A帶正電，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)等勢(shì)線的疏密同時(shí)也可表示電場(chǎng)線的疏密，由電場(chǎng)線的疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，由圖可判斷知E故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低，由題圖可知φ故C錯(cuò)誤；D．電子從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)，根據(jù)W電場(chǎng)力對(duì)電子做負(fù)功，電子的電勢(shì)能增加，故D正確。故選D。

【分析】ACD、根據(jù)帶電粒子在電場(chǎng)中的曲線運(yùn)動(dòng)的條件可知A點(diǎn)為正電荷，結(jié)合電場(chǎng)線的分布規(guī)律可知BC出電荷為負(fù)電荷；沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低可知φM>φ10．【答案】C【解析】【解答】A．由題可知，地球同步衛(wèi)星的角速度ω=設(shè)地球的半徑為R，則有v=故待發(fā)射衛(wèi)星A的線速度vA錯(cuò)誤；B．由開普勒第三定律可知(XR)解得TB錯(cuò)誤；C．B經(jīng)過軌道上Q點(diǎn)時(shí)的加速度大小等于C的向心加速度，故有aC正確；D.11.2km/s是脫離地球引力的最小發(fā)射速度，而地球的同步衛(wèi)星依然沒有脫離地球的引力，D錯(cuò)誤。故選C。

【分析】A、根據(jù)地球同步衛(wèi)星角速度等于地球自轉(zhuǎn)角速度，結(jié)合線速度與角速度關(guān)系求解；

B、根據(jù)開普勒第三定律求解B的周期；

C、根據(jù)萬有引力提供向心加速度，B經(jīng)過軌道上Q點(diǎn)時(shí)的加速度大小等于C的向心加速度；

D、該速度為脫離地球引力的第二宇宙速度。11．【答案】D【解析】【解答】C．由圖可知，從B點(diǎn)射出的光偏折程度較大，故玻璃對(duì)從B點(diǎn)射出的光的折射率較大，所以從B點(diǎn)射出的光頻率比較大，波長(zhǎng)較短，即從B點(diǎn)射出的光為紫光，C點(diǎn)射出的光為紅光。通過相同的單縫，波長(zhǎng)越長(zhǎng)的光衍射現(xiàn)象越明顯，則從C點(diǎn)射出的光比從B點(diǎn)射出的光衍射現(xiàn)象更明顯。故C錯(cuò)誤；A．連接BD、CD，如下圖所示設(shè)折射角分別為θB、θnB=聯(lián)立解得sin光在半圓柱體玻璃中傳播時(shí)間為t=所以兩束光在半圓柱體玻璃中傳播時(shí)間相等，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)上述分析可知

nB>nC

則色光頻率p=故p故B錯(cuò)誤；D．根據(jù)折射定律，穿過平行玻璃磚的入射光線和出射光線平行，則調(diào)整AO的入射方向，當(dāng)色光從半圓柱的最低點(diǎn)射出時(shí)，即曲面在該點(diǎn)的切線與OD平行時(shí)，從曲面射出的光與AO方向平行。故D正確。故選D。

【分析】BC、根據(jù)光路圖可知，B點(diǎn)射出光偏折程度大，折射率大、頻率大、波長(zhǎng)短，結(jié)合光子動(dòng)量公式p=hλ和明顯衍射條件分析判斷；

A、根據(jù)折射定律，結(jié)合幾何關(guān)系求解射出時(shí)間，分析判斷；

D、根據(jù)折射定律，穿過平行玻璃磚的入射光線和出射光線平行，則調(diào)整AO的入射方向，當(dāng)色光從半圓柱的最低點(diǎn)射出時(shí)，即曲面在該點(diǎn)的切線與OD平行時(shí)，從曲面射出的光與12．【答案】C【解析】【解答】A．圖（b）中的a光對(duì)應(yīng)的遏止電壓最大，則可知a光的頻率最大，因此a光一定是從第4能級(jí)向基態(tài)躍遷時(shí)發(fā)出的，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)題意可知，三種能夠使陰極K發(fā)生光電效應(yīng)的光按照能量的大小分別是從第4、第3、第2能級(jí)向基態(tài)躍遷的過程中產(chǎn)生的，則由第二能級(jí)躍遷向第一能級(jí)輻射出的光子的能量為E而在這群氫原子躍遷的過程中，輻射出的能量排第四的為第四能級(jí)躍遷到第二能級(jí)時(shí)輻射出的光子的能量，有E由題意可知只有三種光子能夠使陰極K發(fā)生光電效應(yīng)，則可知該金屬的逸出功大于2.55eV，小于10.2eV，故B錯(cuò)誤；C．由乙圖可知，a光的遏止電壓最大，據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程eU=a光的頻率最高，a光是由第4能級(jí)向基態(tài)躍遷發(fā)出的，其光子能量為E=13.6eV?0.85eV=12.75eV由Ua=6.00V，可知金屬的逸出功為6.75eV，c光應(yīng)是能級(jí)2向基態(tài)躍遷產(chǎn)生的光，其光子能量為U故C正確；D．若甲圖中電源右端為正極，則光電管上加的反向電壓，隨著滑片向右滑動(dòng)，反向電壓逐漸增大，更少的光電子到達(dá)A極，光電流在減小；當(dāng)反向電壓達(dá)到某值時(shí)所有光電子都不能到達(dá)A極，光電流為零，故D錯(cuò)誤。故選C。

【分析】根據(jù)圖乙確定a、b、c遏止電壓大小關(guān)系，從而確定其頻率大小關(guān)系；再確定其能級(jí)躍遷和各頻率光子能量，進(jìn)一步確定金屬的逸出功；結(jié)合光電效應(yīng)方程求解各自的遏止電壓；根據(jù)電源電勢(shì)結(jié)合電路分析AK之間電壓，判斷劃片移動(dòng)電流的變化。13．【答案】C,D【解析】【解答】A．由楞次定律可知，感生電場(chǎng)為逆時(shí)針，由于小球帶正電，所以順著磁感線方向看，小球沿逆時(shí)針方向運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；C．小球在0~t0時(shí)間內(nèi)沿切線方向做加速運(yùn)動(dòng)，有qπR=聯(lián)立解得a=2πRt故C正確；B．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有U=又E解得t0時(shí)刻磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B=故B錯(cuò)誤；D．小球加速到M點(diǎn)時(shí)速度最大，壓力最大，對(duì)小球有N+q又v解得N=-根據(jù)牛頓第三定律可知，t0時(shí)刻小球?qū)壍赖膲毫Υ笮镹故D正確。故選CD。

【分析】根據(jù)楞次定律可知，均勻變化的磁場(chǎng)產(chǎn)生逆時(shí)針方向的恒定電場(chǎng)，帶正電的離子在電場(chǎng)力作用下做逆時(shí)針方向勻加速圓周運(yùn)動(dòng)；根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)方程和牛頓第二定律求解感生電場(chǎng)強(qiáng)度大小；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律和電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)差的關(guān)系聯(lián)立求解磁感應(yīng)強(qiáng)度大?。桓鶕?jù)勻加速運(yùn)動(dòng)速度公式，結(jié)合軌道支持和洛倫茲力合力提供向心力求解所受支持力，根據(jù)牛頓第三定律求解軌道所受壓力。14．【答案】B,D【解析】【解答】A．荷葉上的露珠呈橢球形是因?yàn)橐后w表面張力的緣故，故A錯(cuò)誤；B．電阻應(yīng)變片的電阻值隨其機(jī)械形變的變化而變化，故B正確；C．當(dāng)觀察者與波源一起運(yùn)動(dòng)時(shí)，若觀察者與波源相互靠近時(shí)，觀察者接收到的波的頻率變大；若觀察者與波源相互遠(yuǎn)離時(shí)，觀察者接收到的波的頻率變小，故C錯(cuò)誤；D．LC振蕩電路中，當(dāng)電容器的電勢(shì)差達(dá)到最大時(shí)，線圈中的充電電流的變化率最大，則線圈的自感電動(dòng)勢(shì)也最大，故D正確。故選BD。

【分析】根據(jù)露珠呈橢球形是因?yàn)橐后w表面張力的緣故，電阻應(yīng)變片的特性，多普勒效應(yīng)，LC振蕩電路的特點(diǎn)分析判斷。15．【答案】B,D【解析】【解答】A．由題意可知，直線y=x上的所有點(diǎn)均為振動(dòng)減弱點(diǎn)，到兩波源的距離相等，所以兩列波的起振方向相反，故A錯(cuò)誤；B．由題意可知，P點(diǎn)的坐標(biāo)為（45m，Δr=可知，兩列相干線性平面波的波長(zhǎng)為λ=0.4m所以，波速為v=故B正確；C．振動(dòng)減弱點(diǎn)到兩波源的距離差為Δr=nλ設(shè)直線y=3Δr=nλ=x?y=解得x=1.6n所以，直線y=34xD．振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)到兩波源的距離差為Δr=nλ+設(shè)此時(shí)加強(qiáng)點(diǎn)坐標(biāo)為（x，y）則xΔr=聯(lián)立，可知當(dāng)n≥5時(shí)無解，則n<5所以n=0,1，故選BD。

【分析】A、根據(jù)直線y=x上的所有點(diǎn)均為振動(dòng)減弱點(diǎn)，到兩波源的距離相等，所以兩列波的起振方向相反；

B、根據(jù)距離坐標(biāo)原點(diǎn)O最近的加強(qiáng)點(diǎn)P與O點(diǎn)的距離為1?m確定P點(diǎn)坐標(biāo)，由最近加強(qiáng)點(diǎn)程差等于半波長(zhǎng)，求解波長(zhǎng)λ，再利用波速公式求解；

C、根據(jù)振動(dòng)減弱點(diǎn)到兩波源的距離差為Δr=nλ（n=1，2，3…）與y=3416．【答案】（1）C（2）0.56；1.0【解析】【解答】（1）A．該實(shí)驗(yàn)不需要平衡摩擦力，即不需將導(dǎo)軌遠(yuǎn)離滑輪的一端適當(dāng)墊高，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．該實(shí)驗(yàn)只需小車加速運(yùn)動(dòng)即可，不需要懸掛的槽碼質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．小車運(yùn)動(dòng)結(jié)束后，先關(guān)閉打點(diǎn)計(jì)時(shí)器再取下紙帶，選項(xiàng)C正確。故選C。（2）相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔為T=5紙帶上打下計(jì)數(shù)點(diǎn)3時(shí)小車的速度大小為v由逐差法可知，小車的加速度大小為a=x36?x03(3T)（1）A．該實(shí)驗(yàn)不需要平衡摩擦力，即不需將導(dǎo)軌遠(yuǎn)離滑輪的一端適當(dāng)墊高，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．該實(shí)驗(yàn)只需小車加速運(yùn)動(dòng)即可，不需要懸掛的槽碼質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．小車運(yùn)動(dòng)結(jié)束后，先關(guān)閉打點(diǎn)計(jì)時(shí)器再取下紙帶，選項(xiàng)C正確。故選C。（2）[1]相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔為T=5紙帶上打下計(jì)數(shù)點(diǎn)3時(shí)小車的速度大小為v[2]由逐差法可知，小車的加速度大小為a=17．【答案】（1）A；C（2）8×（3）B【解析】【解答】（1）A．實(shí)驗(yàn)中需用注射器測(cè)油酸酒精溶液一定體積的滴數(shù)，A正確；B．該裝置測(cè)量氣體的壓強(qiáng)與體積的關(guān)系，本實(shí)驗(yàn)不需要，B錯(cuò)誤；C．實(shí)驗(yàn)中用坐標(biāo)紙測(cè)量油膜的面積，C正確；D．該裝置演示液體的表面張力，D錯(cuò)誤。故選AC。（2）1滴油酸酒精溶液中有純油酸的體積V=故油酸分子的直徑為d=（3）根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程pV整理可得p=CT·由此可知，隨著環(huán)境溫度的升高，p?1故選B。

綜上：第1空：AC、第2空：8×10?10；第3空：B

【分析】（1）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理和操作步驟分析判斷；

（2）根據(jù)題意，先求解一滴油酸酒精溶液中純油酸的體積，結(jié)合體積公式求解分子直徑；

（3）根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程（1）A．實(shí)驗(yàn)中需用注射器測(cè)油酸酒精溶液一定體積的滴數(shù)，A正確；B．該裝置測(cè)量氣體的壓強(qiáng)與體積的關(guān)系，本實(shí)驗(yàn)不需要，B錯(cuò)誤；C．實(shí)驗(yàn)中用坐標(biāo)紙測(cè)量油膜的面積，C正確；D．該裝置演示液體的表面張力，D錯(cuò)誤。故選AC。（2）1滴油酸酒精溶液中有純油酸的體積V=故油酸分子的直徑為d=（3）根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程pV整理可得p=CT·由此可知，隨著環(huán)境溫度的升高，p?1故選B。18．【答案】（1）黑表筆；d；4（2）1.43；2.25（3）小于【解析】【解答】（1）電流從紅表筆流入，黑表筆流出，所以圖2中a表筆為黑表筆；該表有“×1”、“×10”兩個(gè)倍率，歐姆表的內(nèi)阻等于該倍率下的中值電阻，所以“×1”倍率的內(nèi)阻小于“×10”倍率的內(nèi)阻，由于R0阻值小于10Ω，應(yīng)選擇“×1”倍率，故要測(cè)量如圖3所示，歐姆表的讀數(shù)為R（2）由閉合電路歐姆定律E=U+化簡(jiǎn)可得1由圖可知k=ER聯(lián)立解得，該電源的電動(dòng)勢(shì)為E≈1.43V內(nèi)阻為r=2.25（3）由圖1可知，誤差來源于電壓表分流，則根據(jù)閉合電路歐姆定律E化簡(jiǎn)可得1對(duì)比1可得r測(cè)<r真

綜上：第1空：黑表筆；第2空：d；第3空：4；第4空：1.43；第5空：2.25；第6空：小于

【分析】（1）根據(jù)表筆連接電流紅進(jìn)黑出判斷；根據(jù)歐姆表的內(nèi)阻等于該倍率下的中值電阻，R0阻值小于10Ω，應(yīng)選擇“×1”倍率，倍率越小內(nèi)阻越小，應(yīng)使c接d；根據(jù)歐姆表讀數(shù)法正確讀數(shù)；

（2）根據(jù)閉合電路歐姆定律求解（1）[1]電流從紅表筆流入，黑表筆流出，所以圖2中a表筆為黑表筆；[2]該表有“×1”、“×10”兩個(gè)倍率，歐姆表的內(nèi)阻等于該倍率下的中值電阻，所以“×1”倍率的內(nèi)阻小于“×10”倍率的內(nèi)阻，由于R0阻值小于10Ω，應(yīng)選擇“×1”倍率，故要測(cè)量[3]如圖3所示，歐姆表的讀數(shù)為R（2）[1][2]由閉合電路歐姆定律E=U+化簡(jiǎn)可得1由圖可知k=ER聯(lián)立解得，該電源的電動(dòng)勢(shì)為E≈1.43V內(nèi)阻為r=2.25（3）由圖1可知，誤差來源于電壓表分流，則根據(jù)閉合電路歐姆定律E化簡(jiǎn)可得1對(duì)比1可得r19．【答案】（1）變??；變小（2）m=（3）Q=【解析】【解答】（1）掛上重物達(dá)到平衡后，氣體的體積增大，氣體分子的數(shù)密度變?。煌瑫r(shí)氣體的壓強(qiáng)變小，即器壁單位面積所受氣體分子的平均作用力變小；（2）由題可知，初始狀態(tài)pV輕繩連接重物剛好觸發(fā)超重預(yù)警時(shí)，設(shè)理想氣體的壓強(qiáng)為p2p對(duì)理想氣體，由玻意耳定律得p聯(lián)立解得m=（3）由蓋-呂薩克定律可得V解得V此過程外界對(duì)氣體做的功W=由以上兩式可得W=0.01由熱力學(xué)第一定律有?解得Q=ΔU+p0SL400

綜上：第1空：變?。坏?空：變??；第3空：m=2p（1）[1]掛上重物達(dá)到平衡后，氣體的體積增大，氣體分子的數(shù)密度變??；[2]同時(shí)氣體的壓強(qiáng)變小，即器壁單位面積所受氣體分子的平均作用力變??；（2）由題可知，初始狀態(tài)pV輕繩連接重物剛好觸發(fā)超重預(yù)警時(shí)，設(shè)理想氣體的壓強(qiáng)為p2p對(duì)理想氣體，由玻意耳定律得p聯(lián)立解得m=（3）由蓋-呂薩克定律可得V解得V此過程外界對(duì)氣體做的功W=由以上兩式可得W=0.01由熱力學(xué)第一定律有?解得Q=20．【答案】（1）解：（1）對(duì)物塊a，受重力、支持力和摩擦力，沿斜面方向，根據(jù)牛頓第二定律，有μ解得a設(shè)小物塊一直加速到傳送到上端時(shí)，其速度為v1v解得v所以物塊在傳送帶上一直做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)速度-時(shí)間公式v解得物塊a在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間??t=1?s（2）解：設(shè)傳送帶的位移為x傳x物塊a相對(duì)傳送帶的位移為Δ摩擦產(chǎn)生的熱量為Q=解得Q=60?J電動(dòng)機(jī)多做的功W=解得W=96J（3）解：由題意可知圓弧軌道光滑，所以從B到D，由動(dòng)能定理有?解得v在D點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律，有F解得F由牛頓第三定律可知，物塊a對(duì)管道的作用力等于管道對(duì)物塊a的支持力，所以物塊a到達(dá)D點(diǎn)時(shí)對(duì)管道的作用力為10?N，方向豎直向上。（4）解：當(dāng)物塊滑上小車后，由于μ所以小車與物塊a保持相對(duì)靜止，而物塊b相對(duì)于小車發(fā)生滑動(dòng)。當(dāng)兩者速度相同時(shí)，為物塊a與物塊b相碰的臨界狀態(tài)，其運(yùn)動(dòng)示意圖如圖所示該過程由動(dòng)量守恒m根據(jù)能量守恒1解得d=??????【解析】【分析】（1）對(duì)物塊a受力分析，根據(jù)牛頓第二定律求解加速度，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)方程求解達(dá)到傳送帶速度時(shí)的位移，分析判斷其運(yùn)動(dòng)情形，并求解時(shí)間；

（2）根據(jù)相對(duì)位移求解摩擦生熱，結(jié)合能量守恒求解電動(dòng)機(jī)多做的功；

（3）從B-D，根據(jù)動(dòng)能定理求解D點(diǎn)速度，結(jié)合牛頓第二定律軌道支持力，根據(jù)牛頓第三定律求解壓力；

（4）分析a、b摩擦力確定物塊運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，根據(jù)完全非彈性碰撞，由動(dòng)量守恒和能量守恒聯(lián)立方程組求解。（1）對(duì)物塊a，受重力、支持力和摩擦力，沿斜面方向，根據(jù)牛頓第二定律，有μ解得a設(shè)小物塊一直加速到傳送到上端時(shí)，其速度為v1v解得v所以物塊在傳送帶上一直做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)速度-時(shí)間公式v解得物塊a在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間??t=1?s（2）設(shè)傳送帶的位移為x傳x物塊a相對(duì)傳送帶的位移為Δ摩擦產(chǎn)生的熱量為Q=解得Q=60?J電動(dòng)機(jī)多做的功W=解得W=96J（3）由題意可知圓弧軌道光滑，所以從B到D，由動(dòng)能定理有?解得v在D點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律，有F解得F由牛