2023屆遼寧省名校聯(lián)盟高三下學(xué)期質(zhì)量檢測(cè)考試物理試題（解析版）

第21頁(yè)/共21頁(yè)高三考試物理試卷本試卷滿分100分，考試用時(shí)75分鐘。注意事項(xiàng)：1.答題前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號(hào)、考場(chǎng)號(hào)、座位號(hào)填寫(xiě)在答題卡上。2.回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫(xiě)在答題卡上。寫(xiě)在本試卷上無(wú)效。3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。4.本試卷主要考試內(nèi)容：高考全部?jī)?nèi)容。一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～7題只有一項(xiàng)符合題目要求，每小題4分；第8～10題有多項(xiàng)符合題目要求，每小題6分，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1.用甲、乙兩種單色光分別照射鋅板，逸出的光電子的最大初動(dòng)能分別為、。已知乙光的頻率是甲光頻率的，則鋅板的逸出功為（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【詳解】根據(jù)愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程有，解得故選B。2.沿軸傳播的一列簡(jiǎn)諧橫波在時(shí)刻的波動(dòng)圖像如圖甲所示，平衡位置在處的質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像如圖乙所示，下列說(shuō)法正確的是（）A.該波沿軸負(fù)方向傳播B.該波波長(zhǎng)為C.該波的傳播速度為D.時(shí)刻，處的質(zhì)點(diǎn)回到平衡位置【答案】D【解析】【詳解】A．根據(jù)題意，由圖乙可知，質(zhì)點(diǎn)在時(shí)，沿軸正方向振動(dòng)，結(jié)合圖甲，由同側(cè)法可知，該波沿軸正方向傳播，故A錯(cuò)誤；BC．根據(jù)題意，由圖甲可知，該波的波長(zhǎng)為由圖乙可知，該波的周期為由公式可得，該波的傳播速度為故BC錯(cuò)誤；D．根據(jù)題意由圖可知，處的質(zhì)點(diǎn)在時(shí)刻沿軸負(fù)方向振動(dòng)，回到平衡位置時(shí)，相當(dāng)于處的質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)形式傳播到處，則所用時(shí)間為即時(shí)刻，處的質(zhì)點(diǎn)回到平衡位置，故D正確。故選D。3.如圖所示，理想變壓器與定值電阻、理想交流電壓表V、理想交流電流表A按圖甲所示方式連接。已知變壓器的原、副線圈的匝數(shù)比為，，測(cè)得電阻兩端的電壓隨時(shí)間的變化圖像如圖乙所示，下列說(shuō)法正確的是（）A.電壓表V的示數(shù)為 B.電流表A的示數(shù)為C.變壓器的輸入功率為 D.變壓器原線圈兩端的電壓為【答案】A【解析】【詳解】A．根據(jù)題意，由圖乙可知，電阻兩端電壓的最大值為則電壓表V的示數(shù)等于電阻兩端電壓的有效值為故A正確；B.由歐姆定律可得，流過(guò)電阻的電流為由電流與匝數(shù)的關(guān)系可得，電流表A的示數(shù)為故B錯(cuò)誤；CD．由電壓與匝數(shù)關(guān)系可得，變壓器原線圈兩端的電壓為則變壓器的輸入功率為故CD錯(cuò)誤。故選A。4.一束激光由光導(dǎo)纖維左端的中心點(diǎn)O以的入射角射入，在光導(dǎo)纖維的側(cè)面以入射角多次反射后，從另一端射出，已知光導(dǎo)纖維總長(zhǎng)為，光在真空中的傳播速度。該激光在光導(dǎo)纖維中傳輸所經(jīng)歷的時(shí)間為（）A. B. C. D.【答案】D【解析】【詳解】由題意可知，光的入射角α=60°，由幾何知識(shí)可知，折射角β=30°由折射定律可知，折射率激光在光導(dǎo)纖維中經(jīng)過(guò)一系列全反射后從右端射出，設(shè)激光在光導(dǎo)纖維中傳播的距離為s，光路圖如圖所示由幾何知識(shí)得x=OAsinθ光在光導(dǎo)纖維中的傳播速度該激光在光導(dǎo)纖維中傳輸所經(jīng)歷的時(shí)間代入數(shù)據(jù)解得t=4×10-7s故選D。5.如圖所示，質(zhì)量為4m的木塊用輕質(zhì)細(xì)繩豎直懸于O點(diǎn)，當(dāng)一顆質(zhì)量為m的子彈以的速度水平向右射入木塊后，它們一起向右擺動(dòng)的最大擺角為60°。木塊可視為質(zhì)點(diǎn)，重力加速度大小為g，則輕繩的長(zhǎng)度為（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【詳解】設(shè)子彈射入木塊后它們共同的速度大小為v，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有設(shè)輕繩的長(zhǎng)度為L(zhǎng)，根據(jù)動(dòng)能定理有解得故選C。6.如圖所示，三根輕質(zhì)細(xì)線結(jié)于點(diǎn)，另一端固定在天花板上的點(diǎn)（位于圓心的正上方），OB、OC另一端分別連接質(zhì)量為的小球P（可視為質(zhì)點(diǎn)）、質(zhì)量為的物體Q。將物體Q放置于粗糙水平面上，小球P放置于半徑為的光滑半圓柱上，當(dāng)A、O、處于同一豎直線上時(shí)，處于水平且物體Q恰好不滑動(dòng)，此時(shí)，，重力加速度大小為，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，則物體Q與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【詳解】根據(jù)題意，對(duì)小球P受力分析，受重力，光滑半圓柱的支持力和繩子的拉力，處于平衡狀態(tài)，畫(huà)出拉力等大反向的力，即為和的合力，如圖所示由相似三角形有解得由余弦定理有則有對(duì)結(jié)點(diǎn)受力分析，如圖所示由平衡條件有對(duì)物體Q受力分析，如圖所示由平衡條件有又有則有故選B。7.如圖所示，平靜的海面上，兩艘拖船A、B通過(guò)不可伸長(zhǎng)的纜繩拖著駁船C運(yùn)動(dòng)，某時(shí)刻兩根纜繩的夾角為，兩拖船A、B的速度大小分別為2m/s、2.4m/s。已知兩拖船的運(yùn)動(dòng)方向始終沿纜繩方向，，則此時(shí)駁船C的速度大小為（）A.2.5m/s B.3.0m/s C.3.6m/s D.3.9m/s【答案】A【解析】【詳解】經(jīng)過(guò)極短時(shí)間后，拖船A、B分別沿纜繩方向移動(dòng)、，駁船C移動(dòng)了，有如圖甲所示的幾何關(guān)系，所以、、之間滿足如圖乙所示的關(guān)系，顯然駁船C的速度大小對(duì)應(yīng)圖乙中四邊形外接圓的直徑，根據(jù)正、余弦定理有故選A。8.如圖所示，衛(wèi)星A是2022年8月20日我國(guó)成功發(fā)射的“遙感三十五號(hào)04”組衛(wèi)星（軌道為圓），衛(wèi)星B是地球同步衛(wèi)星，衛(wèi)星P是地球赤道上還未發(fā)射的衛(wèi)星，已知三顆衛(wèi)星的質(zhì)量相等，下列說(shuō)法正確的是（）A.衛(wèi)星A運(yùn)動(dòng)得最快 B.衛(wèi)星B的加速度最小C.衛(wèi)星B、P的角速度相等 D.衛(wèi)星P受到地球的引力最小【答案】AC【解析】【詳解】C．由于星B是地球同步衛(wèi)星，衛(wèi)星P是地球赤道上還未發(fā)射的衛(wèi)星，衛(wèi)星P、B的角速度相等，C正確；A．對(duì)于衛(wèi)星A、B，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，有解得由題圖可知所以由于星B是地球同步衛(wèi)星，衛(wèi)星P是地球赤道上還未發(fā)射的衛(wèi)星，衛(wèi)星P、B的角速度相等，根據(jù)可知?jiǎng)t衛(wèi)星A運(yùn)動(dòng)得最快，A正確；B．根據(jù)可知根據(jù)可知可知，衛(wèi)星P的加速度最小，B錯(cuò)誤；D．根據(jù)由于衛(wèi)星P距地心最近，其受到地球的引力最大，D錯(cuò)誤。故選AC。9.如圖所示，用兩根完全相同的帶有絕緣外皮的導(dǎo)線首尾相接，分別繞制成一個(gè)單匝閉合圓環(huán)和兩匝閉合圓環(huán)，把它們垂直放在隨時(shí)間均勻變化的磁場(chǎng)中，下列說(shuō)法正確的是（）A.穿過(guò)兩環(huán)的磁通量之比為2：1 B.兩環(huán)內(nèi)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)之比為2：1C.兩環(huán)內(nèi)的感應(yīng)電流之比為2：1 D.相同時(shí)間內(nèi)通過(guò)兩環(huán)任一截面的電荷量之比為2：1【答案】BCD【解析】【詳解】A．兩根導(dǎo)線長(zhǎng)度相同，有即則兩圓面積之比為可得故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有可得故B正確；C．兩根導(dǎo)線完全相同有故C正確；D．通過(guò)的電荷量可得故D正確。故選BCD。10.如圖所示，可繞固定轉(zhuǎn)軸O在豎直平面內(nèi)無(wú)摩擦轉(zhuǎn)動(dòng)的剛性輕質(zhì)支架兩端分別固定質(zhì)量為、的小球A、B，支架兩條邊的長(zhǎng)度均為，用手將B球托起至與轉(zhuǎn)軸O等高，此時(shí)連接A球的細(xì)桿與豎直方向的夾角為，，重力加速度大小為，現(xiàn)突然松手，兩小球在擺動(dòng)的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A.A球與轉(zhuǎn)軸O等高時(shí)的動(dòng)能為B.B球下降的最大高度為C.A球最大動(dòng)能為D.B球的最大動(dòng)能為【答案】BD【解析】【詳解】根據(jù)題意可知，小球A、B共軸轉(zhuǎn)動(dòng)，角速度相等，由于轉(zhuǎn)動(dòng)半徑相等，則小球A、B線速度相等，轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中只有重力做功，小球A、B組成系統(tǒng)機(jī)械能守恒，由于可得A．根據(jù)題意，設(shè)A球與轉(zhuǎn)軸O等高時(shí)的速度為，由動(dòng)能定理有解得則A球與轉(zhuǎn)軸O等高時(shí)的動(dòng)能為故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)題意，當(dāng)小球B下降到最低點(diǎn)時(shí)，小球A、B的速度為零，設(shè)小球B向下轉(zhuǎn)動(dòng)的角度為，則小球A向上轉(zhuǎn)動(dòng)的角度也為，如圖所示由系統(tǒng)的機(jī)械能守恒定律有解得則小球B下降的最大高度為故B正確；CD．根據(jù)題意，當(dāng)小球B向下轉(zhuǎn)動(dòng)的角度為時(shí)，即小球A向上轉(zhuǎn)動(dòng)的角度也為，則由動(dòng)能定理有由數(shù)學(xué)知識(shí)解得，當(dāng)時(shí)，小球A、B的動(dòng)能之和有最大值為由于小球A、B速度的大小相等，則有故C錯(cuò)誤，D正確。故選BD。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.某同學(xué)欲測(cè)定滑塊與長(zhǎng)木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)。他將長(zhǎng)木板左端墊高并固定，如圖所示，在長(zhǎng)木板上固定兩個(gè)光電門(mén)1、2，在長(zhǎng)木板底端安裝擋板并將輕彈簧的一端固定在擋板上，將帶遮光條的滑塊放在彈簧上端，沿長(zhǎng)木板向下推滑塊將彈簧壓縮到一定程度后由靜止釋放，滑塊被彈簧彈出，依次通過(guò)光電門(mén)1、2，記錄遮光條通過(guò)光電門(mén)1、2的時(shí)間、，測(cè)得滑塊和遮光條的總質(zhì)量為，遮光條的寬度為，光電門(mén)1、2間的距離為，長(zhǎng)木板的傾角為，重力加速度大小為。回答下列問(wèn)題：（1）滑塊在長(zhǎng)木板上向上滑行時(shí)的加速度大小為_(kāi)_____。（2）滑塊與長(zhǎng)木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為_(kāi)_____。【答案】①.②.【解析】【詳解】（1）[1]根據(jù)題意可知，滑塊通過(guò)光電門(mén)1、2的速度分別為由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得，滑塊在長(zhǎng)木板上向上滑行時(shí)的加速度大小為（2）[2]根據(jù)題意，對(duì)滑塊受力分析有又有由牛頓第二定律有聯(lián)立解得12.某實(shí)驗(yàn)小組的同學(xué)要測(cè)量阻值約為300Ω的定值電阻，現(xiàn)備有下列器材：A.電流表（量程為10mA，內(nèi)阻約為10Ω）；B.電壓表（量程為3V，內(nèi)阻約為3kΩ）；C.滑動(dòng)變阻器（阻值范圍為0~10Ω，額定電流為2A）；D.定值電阻（阻值為750Ω）；E.直流電源E（電動(dòng)勢(shì)為4.5V，內(nèi)阻不計(jì)）；F.開(kāi)關(guān)S和導(dǎo)線若干。（1）實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)了如圖甲、乙所示的兩種測(cè)量電路，電阻的測(cè)量值可由計(jì)算得出，式中U與I分別為電壓表和電流表的示數(shù)，則圖______（填“甲”或“乙”）所示電路的測(cè)量值更接近待測(cè)電阻的真實(shí)值。（2）若采用（1）中所選電路進(jìn)行測(cè)量，得到電壓表和電流表的示數(shù)如圖丙所示，則電壓表的示數(shù)為_(kāi)_____V，電流表的示數(shù)為_(kāi)_____mA，由此組數(shù)據(jù)可得待測(cè)電阻的測(cè)量值______Ω，若所用電壓表和電流表的內(nèi)阻分別按3kΩ和10Ω進(jìn)行計(jì)算，則由此可得待測(cè)電阻的真實(shí)值______Ω（計(jì)算結(jié)果均保留三位有效數(shù)字）。【答案】①.甲②.1.60③.5.0④.320⑤.310【解析】詳解】（1）[1]由于可知電壓表分流更明顯，故采用電流表內(nèi)接法，則題圖甲所示的電路測(cè)量更準(zhǔn)確，測(cè)量值更接近待測(cè)電阻的真實(shí)值。（2）[2]根據(jù)讀數(shù)規(guī)律可知，電壓表的示數(shù)[3]根據(jù)讀數(shù)規(guī)律可知，電流表的示數(shù)[4]根據(jù)歐姆定律可得待測(cè)電阻的測(cè)量值[5]電路誤差在于電流表的分壓，則解得13.如圖所示，底部帶有閥門(mén)K的導(dǎo)熱汽缸靜置在水平地面上，質(zhì)量為m、橫截面積為S的活塞將汽缸內(nèi)的空氣分為高度均為h的上、下兩部分，初始時(shí)上面封閉空氣的壓強(qiáng)恰好等于外界大氣壓強(qiáng)?，F(xiàn)用打氣筒從閥門(mén)K處緩慢充入空氣，使活塞緩慢上升。已知重力加速度大小為g，大氣壓強(qiáng)恒為，活塞可在汽缸內(nèi)無(wú)摩擦滑動(dòng)且汽缸不漏氣，空氣可視為理想氣體，不考慮空氣溫度的變化，當(dāng)活塞上升時(shí)，求：（1）活塞上方封閉空氣的壓強(qiáng)p；（2）活塞下方原來(lái)封閉的空氣與充入空氣的質(zhì)量之比k?！敬鸢浮浚?）；（2）【解析】【詳解】（1）根據(jù)題意，由玻意耳定律，對(duì)活塞上方封閉空氣有其中解得（2）根據(jù)題意，設(shè)活塞下方封閉空氣初狀態(tài)的壓強(qiáng)為，活塞下方封閉空氣末狀態(tài)的壓強(qiáng)為，假設(shè)末狀態(tài)活塞下方封閉空氣等溫膨脹到時(shí)的體積為V，則有由玻意耳定律有塞下方原來(lái)封閉的空氣與充入空氣的質(zhì)量之比為解得14.如圖甲所示，質(zhì)量的長(zhǎng)木板靜止在足夠大的水平地面上，一小物塊以的速度從左端滑上長(zhǎng)木板后，不能從木板的右端掉落，其運(yùn)動(dòng)的圖像如圖乙所示。取重力加速度大小，求：（1）小物塊與木板間因摩擦產(chǎn)生的熱量Q；（2）內(nèi)靜摩擦力對(duì)長(zhǎng)木板的沖量?！敬鸢浮浚?）；（2），方向向右【解析】【詳解】解：（1）根據(jù)題意由圖乙可知，內(nèi)小物塊與長(zhǎng)木板發(fā)生相對(duì)運(yùn)動(dòng)，時(shí)，小物塊與長(zhǎng)木板具有相同速度，之后一起勻減速，連接坐標(biāo)原點(diǎn)與圖像的拐點(diǎn)，即為長(zhǎng)木板的圖像，如圖所示設(shè)小物塊質(zhì)量為，小物塊與長(zhǎng)木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，長(zhǎng)木板與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，前內(nèi)小物塊的加速度大小為，長(zhǎng)木板的加速度大小為，后小物塊和長(zhǎng)木板一起做勻減速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大小為，由牛頓第二定律有由圖像可得聯(lián)立解得由圖像可得，內(nèi)小物塊的位移為長(zhǎng)木板的位移為小物塊與木板間因摩擦產(chǎn)生的熱量（2）設(shè)內(nèi)長(zhǎng)木板受到小物塊的靜摩擦力大小為，該靜摩擦力的方向向右，則有聯(lián)立代入數(shù)據(jù)解得方向向右。15.在如圖所示的直角坐標(biāo)系xOy中，x軸上方存在大小為E、方向與x軸負(fù)方向成45°角的勻強(qiáng)電場(chǎng)，x軸下方存在方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。一質(zhì)量為m、電荷量為的帶電粒子從y軸上的點(diǎn)由靜止釋放，從x軸上的A點(diǎn)第一次進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，從x軸上的C點(diǎn)第一次離開(kāi)勻強(qiáng)磁場(chǎng)，恰好從A點(diǎn)第二次進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，不計(jì)粒子受到的重力。求：（1）C點(diǎn)的坐標(biāo)；（2）勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B