2021-2022學年遼寧省六校高二下學期第三次聯(lián)考化學試題（含解析）

試卷第=page1818頁，共=sectionpages2020頁遼寧省六校2021-2022學年高二下學期第三次聯(lián)考化學試題學校:___________姓名：___________班級：___________考號：___________一、多選題1．第24屆冬奧會于2022年2月4日在北京開幕。下列說法不正確的是A．冰場使用的二氧化碳跨臨界制冰技術(shù)，比傳統(tǒng)的氟利昂人工制冷技術(shù)更加節(jié)能、環(huán)保B．冬奧村食堂中，酥油茶以酥油、茶水為主料制作，酥油主要成分屬于高分子化合物且能發(fā)生水解反應C．由碲和鎘合成發(fā)電玻璃中的碲化鎘屬于無機非金屬材料D．冬奧會火炬“飛揚”的聚硅氮烷樹脂，吉祥物“冰墩墩”以聚乙烯為原材料，聚硅氮烷樹脂和聚乙烯均為有機高分子材料【答案】BD【解析】【詳解】A．冰場使用的二氧化碳跨臨界制冰技術(shù)，由于其氣化時產(chǎn)生的是CO2，是空氣的成分，不會造成環(huán)境污染，因此比傳統(tǒng)的氟利昂人工制冷技術(shù)更加節(jié)能、環(huán)保，A正確；B．酥油的主要成分為油脂，油脂的成分為高級脂肪酸甘油酯，不屬于高分子化合物，B錯誤；C．由碲和鎘合成發(fā)電玻璃中的碲化鎘是不含有C元素化合物，屬于新型無機非金屬材料，C正確；D．聚硅氮烷樹脂沒有碳元素，因此不屬于有機高分子材料，D錯誤；故合理選項是BD。二、單選題2．下列說法不正確的是A．乙烯和聚氯乙炔都能使溴的四氯化碳溶液褪色B．核酸檢測是確認病毒類型的有效手段，核酸是一類含磷的高分子化合物C．醫(yī)用口罩主要原料聚丙烯樹脂，可由丙烯通過加聚反應來合成D．乙醇和甲醚二者互為同分異構(gòu)體，但核磁共振氫譜無法鑒別二者【答案】D【解析】【詳解】A．乙烯和聚氯乙炔都含碳碳雙鍵，都能使溴的四氯化碳溶液褪色，選項A正確；B．核酸檢測是確認病毒類型的有效手段，核酸是由許多核苷酸聚合成的生物大分子化合物，屬于高分子化合物，選項B正確；C．醫(yī)用口罩主要原料聚丙烯樹脂，丙烯通過加聚反應生成聚丙烯，選項C正確；D．乙醇和甲醚二者互為同分異構(gòu)體，核磁共振氫譜兩者分別有3組峰和1組峰，可以鑒別二者，選項D不正確；答案選D。3．下列說法正確的是A．的系統(tǒng)命名為2?甲基?2?乙基丙烷B．用酸性溶液可以確定中含有C=C雙鍵C．在堿性條件下，的水解產(chǎn)物是和D．色譜法可用于混合物的分離和提純且色譜法是物理方法【答案】D【解析】【詳解】A．最長碳鏈有4個C，2號C上有2個甲基，名稱為2，2-二甲基丁烷，選項A錯誤；B．碳碳雙鍵、-CHO均能被高錳酸鉀氧化，高錳酸鉀不能確定碳碳雙鍵的存在，選項B錯誤；C．酯化時羧酸脫羥基醇脫氫，堿性條件下生成的酸與氫氧化鈉反應生成鈉鹽，故CH3CO18OC2H5的水解產(chǎn)物是CH3COONa和C2H518OH，選項C錯誤；D．色譜法利用不同物質(zhì)在不同相態(tài)的選擇性分配，以流動相對固定相中的混合物進行洗脫，混合物中不同的物質(zhì)會以不同的速度沿固定相移動，最終達到分離的效果，色譜法可用于混合物的分離和提純且色譜法是物理方法，故D正確；答案選D。4．設(shè)NA為阿伏加德羅常數(shù)的值，下列說法正確的是A．等質(zhì)量的金剛石和石墨中C-C鍵數(shù)目之比為4∶3B．已知BP晶體與金剛石具有相似的空間結(jié)構(gòu)，在BP晶體中一般共價鍵與配位鍵數(shù)目之比是1∶3C．28g晶體硅中含有的Si?Si鍵數(shù)目為4NAD．超分子的重要特征之一為分子識別，例如杯酚能識別而不能識別【答案】A【解析】【詳解】A．金剛石中，每個碳原子連接4個碳原子形成4根共價鍵，石墨中，每個碳原子連接3個碳原子形成3根共價鍵，故等質(zhì)量的金剛石和石墨中C-C鍵數(shù)目之比為4∶3，故A正確；B．已知BP晶體與金剛石具有相似的空間結(jié)構(gòu)，則每個B原子連接4個P原子形成4根共價鍵，每個P原子連接4個B原子形成4根共價鍵，B最外層3個電子，P最外層5個電子，則B周圍3個一般共價鍵，1個配位鍵，故在BP晶體中一般共價鍵與配位鍵數(shù)目之比是1∶3，故B錯誤；C．晶體硅中，每個硅原子連接4個硅原子形成4根共價鍵，根據(jù)均攤法可知，一個硅原子占有2個Si?Si鍵，28g晶體硅物質(zhì)的量為1mol，故28g晶體硅中含有的Si?Si鍵數(shù)目為2NA，故C錯誤；D．超分子的重要特征之一為分子識別，例如杯酚能識別而不能識別，故D錯誤；故選A。5．番木鱉酸具有一定的抗炎、抗菌活性，結(jié)構(gòu)簡式如圖。下列說法正確的是A．1mol該物質(zhì)與足量飽和溶液反應，可放出11.2L(標準狀況)B．一定量該物質(zhì)分別與足量Na、NaOH反應，消耗二者物質(zhì)的量之比為6∶1C．1mol該物質(zhì)最多可與2mol發(fā)生加成反應D．該物質(zhì)中的原子雜化方式3種【答案】B【解析】【詳解】A．1mol該物質(zhì)中有1mol羧基與足量溶液反應生成，故A項錯誤；B．1mol該物質(zhì)中有1mol羧基，5mol羥基，金屬鈉與這兩種官能團均能反應，故1mol該物質(zhì)消耗6mol鈉，消耗1molNaOH，消耗二者物質(zhì)的量之比為6∶1故B項正確；C．1mol該物質(zhì)中有1mol碳碳雙鍵，故能與1mol氫氣加成，故C項錯誤；D．該物質(zhì)中羧基中的C原子、碳碳雙鍵中的C原子雜化方式均為為sp2雜化，其余均為sp3雜化，碳氧雙鍵中氧原子sp2雜化，其余氧原子均為sp3雜化，所有原子只有兩種雜化方式，故D項錯誤。故答案選B。6．銅和氧形成的一種離子化合物晶胞、晶胞如下圖所示，下列說法中不正確的是A．晶體采用的是分子密堆積方式，與每個距離最近且等距離的有12個B．銅和氧形成的離子化合物，銅離子的電荷數(shù)為+1C．是分子晶體，石墨是共價晶體，冰晶體水的配位數(shù)是4D．基態(tài)銅原子的價層電子排布式為【答案】C【解析】【詳解】A．是典型的分子晶體，是分子密堆積，分子間作用力只有范德華力，以一個分子為中心，其周圍最多可以有12個緊鄰的分子，選項A正確；B．利用均攤法可知，銅離子個數(shù)為4，氧離子個數(shù)=，則該離子化合物的化學式為，銅離子電荷數(shù)為+1，選項B正確；C．只含分子的晶體稱為分子晶體，而是典型的分子晶體；共價晶體的微觀空間里沒有分子，比較典型的共價晶體是金剛石；但石墨不同于金剛石，是平面六元并環(huán)的層狀結(jié)構(gòu)，層間靠范德華力維系，是一種混合型晶體，每個水分子都能結(jié)合另外4個水分子，形成四面體結(jié)構(gòu)，所以水分子的配位數(shù)為4，選項C不正確；D．在構(gòu)建基態(tài)原子時，應符合能量最低原理，而當原子軌道上的電子為半滿或全滿時，能量較低，所以基態(tài)銅原子的價層電子排布式為，選項D正確；答案選C。7．下列關(guān)于各實驗裝置圖的敘述中正確的是A．裝置①：實驗室制取乙烯B．裝置②：實驗室制取乙酸乙酯C．裝置③：驗證乙炔的還原性D．裝置④：驗證溴乙烷發(fā)生消去反應可生成烯烴【答案】D【解析】【詳解】A.實驗室制取乙烯需要濃硫酸與乙醇混合加熱170℃，裝置①中溫度計不能測得反應溶液的溫度，A錯誤；B.實驗室制取乙酸乙酯，為了更好的分離混合物同時防止倒吸現(xiàn)象的發(fā)生，導氣管要在飽和碳酸鈉溶液的液面上，不能伸入到液面以下，B錯誤；C.電石中含有的雜質(zhì)與水反應產(chǎn)生H2S也具有還原性，能夠使酸性KMnO4溶液褪色，因此不能驗證乙炔的還原性，C錯誤；D.溴乙烷發(fā)生消去反應生成烯烴,能夠使溴的四氯化碳溶液溶液褪色，而揮發(fā)的乙醇不能發(fā)生反應，因此可以達到驗證反應產(chǎn)物，D正確；故合理選項是D。8．磷錫青銅合金廣泛用于儀器儀表中的耐磨零件和抗磁元件等。其晶胞結(jié)構(gòu)如圖所示。已知晶胞參數(shù)為apm下列說法不正確的是A．磷錫青銅的化學式為B．該晶胞中與Cu原子等距離且最近的Sn原子有4個C．三種元素Cu、Sn、P在元素周期表中分別處于d區(qū)、p區(qū)、p區(qū)D．Sn和P原子間的最短距離為pm【答案】C【解析】【詳解】A．由均攤法可知，晶胞中Cu原子數(shù)目=、Sn原子數(shù)目=、P原子數(shù)目為1，故化學式為，選項A正確；B．晶胞中與Cu原子等距離且最近的Sn原子位于晶胞的頂點，有4個，選項B正確；C．三種元素Cu、Sn、P在元素周期表中分別處于ds區(qū)、p區(qū)、p區(qū)，選項C不正確；D．P原子位于體心而Sn位于頂點，Sn和P原子間的最短距離為體對角線長的一半，故距離為pm，選項D正確；答案選C。9．食品防腐劑R的結(jié)構(gòu)簡式如圖所示，下列說法正確的是A．R在空氣中不易被氧化且不易溶于水B．1個R分子最多有20個原子共平面C．1molR能與反應且生成的有機物分子式為D．能與發(fā)生顯色反應，苯環(huán)有2個取代基，且能發(fā)生水解反應的R的同分異構(gòu)體有18種(包括R)【答案】D【解析】【詳解】A．R結(jié)構(gòu)中含有酚羥基，容易被空氣中的氧氣氧化，但酚和酯常溫下在水中的溶解度均較小，故A錯誤；B．苯環(huán)上所有原子共平面，-OH中原子共平面，酯基為平面結(jié)構(gòu)，單鍵可以旋轉(zhuǎn)，則該分子中羥基上所有原子、苯環(huán)上所有原子、酯基上所有原子、亞甲基上的碳原子以及甲基上的碳原子和一個氫原子可能共平面，所以最多有18個原子共平面，故B錯誤；C．R的分子式為，只有苯環(huán)能和氫氣發(fā)生加成反應，則1molR能與反應且生成的有機物分子式為，故C錯誤；D．能與發(fā)生顯色反應，說明含有酚羥基，則另一取代基可能為-COOCH2CH3、-CH2COOCH3、-OOCCH2CH3、-CH2OOCCH3、-CH2CH2OOCH、-CH(CH3)OOCH，每兩個取代基均存在鄰位、間位和對位，共18種(包括R)，故D正確；答案選D。10．下列各組有機物的同分異構(gòu)體數(shù)目相等的是(不考慮立體異構(gòu))A．和 B．和C．和 D．和【答案】D【解析】【詳解】A．是戊烷，只存在碳鏈異構(gòu)，根據(jù)減碳法可知戊烷的同分異構(gòu)體有三種：CH3CH2CH2CH2CH3、(CH3)2CHCH2CH3、C(CH3)4；分子式為，其同分異構(gòu)體可能為烯烴也可能是環(huán)烷烴，若為烯烴，則同分異構(gòu)體有3種：CH2=CHCH2CH3，CH3CH=CHCH3,CH2=C(CH3)2；若為環(huán)烷烴，則可能有2種：甲基環(huán)丙烷，環(huán)丁烷，故的同分異構(gòu)體共有5種，故A不符合；B．為丁烷，只存在碳鏈異構(gòu)，有正丁烷和異丁烷2種；分子式為的可以為丙醇，根據(jù)官能團異構(gòu)可知其同分異構(gòu)體可能是醇類也可能是醚類，如果是醇類，則有2種：CH3CH2CH2OH，CH3CH(OH)CH3；如果是醚類，則有1種：CH3OCH2CH3，總共3種，故B不符合；CH2ClCH2CH2CH3，CH3CHClCH2CH3，CH2ClCH(CH3)2，CCl(CH3)3，故C不符合；D．丙基有2種，故有2種同分異構(gòu)體，可以為乙醇和甲醚，也只有2種，二者相同，故D符合；故選D。11．硅橡膠是一種兼具有機物和無機物性質(zhì)、熱穩(wěn)定性好的高分子材料。兩種硅橡膠L和M的結(jié)構(gòu)如圖(圖中~表示鏈延長)。二甲基硅橡膠L：~Xm~甲基乙烯基硅橡膠M：~Xn—Yp—Xq~X為Y為已知：Si的性質(zhì)與C相似。下列關(guān)于硅橡膠的說法不正確的是A．L、M的熱穩(wěn)定性好與Si—O鍵鍵能大有關(guān)B．L可由(CH3)2SiCl2，經(jīng)水解、脫水縮聚制成C．M可通過加成反應實現(xiàn)交聯(lián)，得到網(wǎng)狀結(jié)構(gòu)D．硅橡膠的抗氧化性：L<M【答案】D【解析】【詳解】A．L、M中構(gòu)成高分子的鏈節(jié)是通過硅氧鍵鏈接起來的，其熱穩(wěn)定性好與Si?O鍵鍵能大有關(guān)，A正確；B．L可由(CH3)2SiCl2在酸催化下水解、聚合制得，(CH3)2SiCl2水解會生成(CH3)2Si(OH)2和HCl，B正確；C．M中還含有碳碳雙鍵，可通過碳碳雙鍵的加成反應實現(xiàn)交聯(lián)，得到網(wǎng)狀結(jié)構(gòu)，C正確；D．M中還含有碳碳雙鍵，碳碳雙鍵容易被氧化，故硅橡膠的抗氧化性：L>M，D錯誤；故選D。12．藥用有機化合物A(C8H8O2)為一種無色液體。從A出發(fā)可發(fā)生如圖所示的一系列反應。則下列說法不正確的是A．A的結(jié)構(gòu)簡式為B．根據(jù)D和濃溴水反應生成白色沉淀可推知D為三溴苯酚C．G的同分異構(gòu)體中屬于酯，且能發(fā)生銀鏡反應的有二種D．圖中D→F與E→G發(fā)生反應的類型相同【答案】B【解析】【分析】A發(fā)生水解反應生成B，B和二氧化碳、水反應生成D，D和溴水發(fā)生取代反應生成白色沉淀F，則D中含有酚羥基，C為羧酸鈉，羧酸鈉酸化得到E，E為羧酸，E和乙醇發(fā)生反應生成G，G具有香味且是液體，則G為酯，根據(jù)其分子式結(jié)合乙醇知，E為乙酸，結(jié)構(gòu)簡式為CH3COOH，G為乙酸乙酯，C為CH3COONa，根據(jù)A的分子式知，D的分子式為C6H6O，D為苯酚，B為苯酚鈉、F為三溴苯酚，A的結(jié)構(gòu)簡式為?！驹斀狻緼．由分析可知，A的結(jié)構(gòu)簡式為：，A正確；B．由分析可知，D為苯酚，F(xiàn)為三溴苯酚，B錯誤；C．由分析可知，G為乙酸乙酯，G的同分異構(gòu)體中含有酯基且能發(fā)生銀鏡反應，應該為甲酸酯類，結(jié)構(gòu)簡式為HCOOCH2CH2CH3、HCOOCH(CH3)2，符合條件的同分異構(gòu)體有2種，C正確；D．由分析可知，D→F與E→G發(fā)生反應的類型都是取代反應，反應類型相同，D正確；答案選B。13．“人文奧運”的一個重要體現(xiàn)是：堅決反對運動員服用興奮劑。某種興奮劑的結(jié)構(gòu)簡式如圖所示，有關(guān)該物質(zhì)的說法不正確的是A．遇溶液顯紫色，且該物質(zhì)與苯酚屬于同系物B．滴入溶液，觀察紫色褪去，不能證明結(jié)構(gòu)中存在碳碳雙鍵C．1mol該物質(zhì)與濃溴水和反應最多消耗和分別為4mol、7molD．該分子中的所有碳原子可能共平面【答案】A【解析】【詳解】A．含有酚羥基的有機物遇FeCl3溶液顯紫色，但該物質(zhì)與苯酚不是同系物，因為其中含有2個苯環(huán)，且還有碳碳雙鍵，A錯誤；B．含有碳碳雙鍵的有機物和含有酚羥基的有機物都能使KMnO4(H+)溶液褪色，故滴入KMnO4(H+)溶液，觀察紫色褪去，不能證明其結(jié)構(gòu)中一定存在碳碳雙鍵，B正確；C．含有碳碳雙鍵的有機物可與溴發(fā)生加成反應，可與氫氣發(fā)生加成反應，羥基的鄰位和對位可與溴水發(fā)生取代反應，每個苯環(huán)可與3個氫氣分子加成，因此，1mol該物質(zhì)與濃溴水和H2反應最多消耗Br2和H2分別為4mol、7mol，C正確；D．該分子中含有苯環(huán)和碳碳雙鍵，都為平面形結(jié)構(gòu)，且單鍵可旋轉(zhuǎn)，則所有碳原子可能共平面，D正確；答案選A。14．以物質(zhì)a為原料，制備物質(zhì)d(金剛烷)的合成路線如下圖所示關(guān)于以上有機物說法中錯誤的是A．物質(zhì)a最多有10個原子共平面B．物質(zhì)d的二氯代物有6種C．物質(zhì)c與物質(zhì)d互為同分異構(gòu)體D．物質(zhì)b的分子式為C10H12【答案】A【解析】【詳解】A.a分子中單鍵碳上的2個H原子，一定不在雙鍵決定的平面上，物質(zhì)a最多有9個原子共平面，故A錯誤；B.金剛烷的的二氯代物有、、、、、共6種，故B正確；C.物質(zhì)c與物質(zhì)d的分子式都是C10H16，c與d的結(jié)構(gòu)不同，所以互為同分異構(gòu)體，故C正確；D.根據(jù)b分子的鍵線式，物質(zhì)b的分子式為C10H12，故D正確。15．已二酸是一種重要的化工原料，科學家在現(xiàn)有工業(yè)路線基礎(chǔ)上，提出了一條“綠色”合成路線：下列說法正確的是A．苯與溴水混合，充分振蕩后靜置，下層溶液呈橙紅色B．1mol已二酸與足量的溶液反應生成44.8LC．己二酸是合成聚己二酰己二胺的重要單體之一D．環(huán)己烷的二氯代物有三種【答案】C【解析】【詳解】A．溴在苯中的溶解度大于水中，苯的密度比水小，上層溶液呈橙紅色，故A錯誤；B．已二酸分子含有兩個羧基，則1mol已二酸與足量的溶液反應生成2mol，由于沒有明確是在標況下，則不能確定其體積大小，故B錯誤；C．己二酸和己二胺通過縮聚反應形成聚己二酰己二胺，所以己二酸是合成聚己二酰己二胺的重要單體之一，故C正確；D．環(huán)己烷含有一種類型的氫原子，根據(jù)定一移一的分析方法，環(huán)己烷的二氯代物有四種，故D錯誤；答案選C。三、結(jié)構(gòu)與性質(zhì)16．2019年4月23日，中國人民軍成立70周年。提到海軍就不得不提航空母艦，我國正在建造第三艘航空母艦。航母的龍骨要耐沖擊，甲板要耐高溫，外殼要耐腐蝕。(1)鎳鉻鋼抗腐蝕性能強，基態(tài)Cr原子價層電子的軌道表示式為_______。(2)航母甲板涂有一層耐高溫的材料聚硅氧烷(結(jié)構(gòu)如圖甲所示)。基態(tài)Si原子電子占據(jù)最高能級的電子云輪廓圖為_______形：H、C、O、Si四種元素電負性按照由大到小順序為_______。(3)海洋是元素的搖籃，海水中含有大量鹵族元素。①鈦鹵化物的熔點如表所示：熔點/℃377-2438150解釋表中鹵化物之間熔點差異的原因是_______。②的VSEPR模型為_______，其中O原子雜化方式為_______雜化。(4)海底金屬軟泥是在海洋底覆蓋著的一層紅棕色沉積物，蘊藏著大量的資源，含有硅、氧、錳、鋅等。如圖是從鐵氧體離子晶體中取出的能體現(xiàn)其晶體結(jié)構(gòu)的一個立方體。已知：晶體的密度為，根據(jù)該圖計算a_______nm(寫出計算式即可，阿伏加德羅常數(shù)的值為NA)【答案】(1)(2)

啞鈴

O>C>H>Si(3)

為離子晶體，而、、均為分子晶體，且組成結(jié)構(gòu)相似，隨相對分子質(zhì)量的增大，分子間作用力逐漸增大，熔點越高

四面體形

(4)【解析】(1)Cr是24號元素，價電子排布式為3d54s1，價電子的軌道表示式為：；(2)Si元素為14號元素，核電荷數(shù)為14，核外電子排布式為1s22s22p63s23p2，最高能級為3p能級，3p能級電子云輪廓圖為啞鈴形；非金屬元素的非金屬性越強，電負性越大，非金屬性：O>C>H>Si，則四種元素電負性按照由大到小順序為O>C>H>Si；(3)①TiF4為離子晶體，而TiCl4、TiBr4、TiI4均為分子晶體，離子晶體的熔點一般比分子晶體高，而對于組成和結(jié)構(gòu)相似的分子晶體來說，分子越大熔沸點越高，故答案為：為離子晶體，而、、均為分子晶體，且組成結(jié)構(gòu)相似，隨相對分子質(zhì)量的增大，分子間作用力逐漸增大，熔點越高；②分子的中心原子為O原子，價電子對數(shù)為2+=4，則O原子雜化方式為sp3雜化，VSEPR模型為四面體形；(4)晶胞中Fe3+的數(shù)目為4×+3×=2，F(xiàn)e2+的數(shù)目為1，O2-的數(shù)目為12×+1=4，則晶胞的質(zhì)量為g，晶胞的體積為（a×10-7）3cm-3，結(jié)合可知a=nm=nm。四、填空題17．回答下列問題(1)按官能團的不同，可以對有機物進行分類，請寫出下列有機物的種類：①_______；②_______；(2)A分子式為，可發(fā)生銀鏡反應，且具有酸性，A所含官能團名稱為_______。(3)有下列有機物：①H3CCH3②H2C=CH2③H3C?CH2?C≡CH④H3C?C≡C?CH3⑤C6H12⑥H3C?CH=CH2，其中互為同系物的是_______，互為同分異構(gòu)體的是_______(填編號)(4)碳原子數(shù)不大于10的烷烴中一氯代物只有一種結(jié)構(gòu)的物質(zhì)有_______種。(5)寫出與環(huán)辛四烯互為同分異構(gòu)體且屬于芳香烴的分子的名稱為_______(6)某烷烴A蒸氣密度是相同狀況下氫氣密度的64倍，經(jīng)測定知A分子中共含6個甲基。若A不可能是氫氣與烯烴加成的產(chǎn)物，A的結(jié)構(gòu)簡式為_______；【答案】(1)

羧酸類

酚類(2)醛基和羧基(3)

②⑥

③④(4)4(5)苯乙烯(6)【解析】(1)①含有羧基，屬于羧酸類；②羥基直接與苯環(huán)相連，屬于酚類；(2)A分子式為，可發(fā)生銀鏡反應說明含有醛基，具有酸性說明含有羧基，A的結(jié)構(gòu)簡式為，A所含官能團名稱為醛基、羧基。(3)H2C=CH2、H3C?CH=CH2都含1個碳碳雙鍵，分子組成相差1個CH2，H2C=CH2、H3C?CH=CH2互為同系物；H3C?CH2?C≡CH、H3C?C≡C?CH3結(jié)構(gòu)不同、分子式都是C4H6，H3C?CH2?C≡CH、H3C?C≡C?CH3互為同分異構(gòu)體；(4)碳原子數(shù)不大于10的烷烴中一氯代物只有一種結(jié)構(gòu)的物質(zhì)有CH4、CH3CH3、(CH3)4C、(CH3)3CC(CH3)3，共4種。(5)環(huán)辛四烯的分子式為C8H8，與環(huán)辛四烯互為同分異構(gòu)體且屬于芳香烴的分子的結(jié)構(gòu)簡式為，名稱為苯乙烯。(6)某烷烴A蒸氣密度是相同狀況下氫氣密度的64倍，A的相對分子質(zhì)量是128，A的分子式為C9H20，經(jīng)測定知A分子中共含6個甲基。A不可能是氫氣與烯烴加成的產(chǎn)物，則A中任意相鄰的2個碳原子不同時連有H原子，A的結(jié)構(gòu)簡式為。五、實驗題18．實驗室用乙醇、濃硫酸與溴化鈉反應來制備溴乙烷，其反應原理為，。有關(guān)數(shù)據(jù)和實驗裝置如下所示(反應需要加熱，圖中省去了加熱裝置和夾持裝置)。物質(zhì)乙醇溴乙烷溴狀態(tài)無色液體無色液體深紅棕色液體密度/()0.791.443.1沸點/℃78.538.459(1)A中放入沸石的作用是_______，B中進水口為_______(填“a”或“b”)(2)實驗中使用恒壓滴液漏斗的優(yōu)點是_______。(3)氫溴酸與濃硫酸混合加熱發(fā)生氧化還原反應的化學方程式為_______。(4)加熱A的目的是_______(5)C中的導管E的末端須在水面以下，其原因是_______。(6)將C中的餾出液轉(zhuǎn)入錐形瓶中，邊振蕩邊逐滴滴入1~2mL濃硫酸，以除去水、乙醇等雜質(zhì)。溶液分層后用分液漏斗分去硫酸層，將經(jīng)硫酸處理后的溴乙烷轉(zhuǎn)入蒸餾燒瓶，水浴加熱蒸餾，收集到35~40℃的餾分約10.0g。①分液漏斗在使用前必須_______；②從乙醇的角度考慮，本實驗所得溴乙烷的產(chǎn)率是_______(精確到0.1%)?！敬鸢浮?1)

防止暴沸

b(2)平衡壓強，使?jié)饬蛩犴樌蜗?3)(4)增大反應速率，蒸餾出溴乙烷(5)冷卻并減少溴乙烷的揮發(fā)(6)

檢查是否漏水

53.4%【解析】【分析】(1)液體加熱需要防止液體瀑沸，B為球形冷凝管，應采取逆流原理通入冷凝水，進行充分冷凝回流；(2)滴液漏斗可以使漏斗的上方和下方的壓強相等，使?jié)饬蛩犴樌飨拢?3)濃硫酸有強氧化性，氫溴酸與濃硫酸混合加熱可生成Br2和SO2；(4)給A加熱可以加快反應速率蒸出溴乙烷；(5)通過E的末端插入水面以下冷卻減少溴乙烷的揮發(fā)；(6)①帶有活塞或瓶塞的裝置使用前要檢查是否漏水；②10mL乙醇的質(zhì)量為0.79×10g=7.9g，其物質(zhì)的量為0.172mol，所以理論制得溴乙烷的物質(zhì)的量為0.172mol，其質(zhì)量為18.75g，根據(jù)產(chǎn)率=×100%計算。(1)液體加熱加入沸石，可以防止液體瀑沸，B為球形冷凝管，應采取逆流原理通入冷凝水，進行充分冷凝回流，所以B中進水口為b，故答案為：防止暴沸；b；(2)滴液漏斗可以使漏斗的上方和下方的壓強相等，使?jié)饬蛩犴樌飨?，而分液漏斗沒有這個功能，故答案為：平衡壓強，使?jié)饬蛩犴樌蜗拢?3)濃硫酸有強氧化性，氫溴酸與濃硫酸混合加熱可生成Br2和SO2，發(fā)生氧化還原反應的化學方程式為；(4)加熱的目的是加快反應速率，溫度高于38.4℃溴乙烷全部揮發(fā)蒸餾出來，故答案為：增大反應速率，蒸餾出溴乙烷；(5)導管E的末端須在水面以下，通過冷卻得到溴乙烷，減少溴乙烷的揮發(fā)，故答案為：冷卻并減少溴乙烷的揮發(fā)；(6)①分液漏斗有上口塞子和下口有控制液體流量的活塞，在使用前需要檢查是否漏水；②10mL乙醇的質(zhì)量為0.79×10g=7.9g，其物質(zhì)的量為0.172mol，所以理論制得溴乙烷的物質(zhì)的量為0.172mol，其質(zhì)量為18.75g，所以溴乙烷的產(chǎn)率=×100%≈53.4%。六、有機推斷題19．《自然材料》報道，華人科學家采用“一鍋法”合成超高強度的離子液體凝膠材料MBAA，其結(jié)構(gòu)簡式如圖所示(-R為-COOH或-CONH2)。一種合成MBAA的路線如下：請回答下列問題：(1)MBAA屬于_______(填“純凈物”或“混合物”)。(2)D中官能團的名稱為_______。(3)B→C的反應類型是_______；PAA(尿不濕)具有強吸水性，其原因是___