四川省成都市2025屆高三下學(xué)期二診物理試題 含解析

成都市2022級(jí)高中畢業(yè)班第二次診斷性檢測(cè)物理1．答題前，務(wù)必將自己的姓名、考籍號(hào)填寫在答題卡規(guī)定的位置上。2．答選擇題時(shí)，必須使用2B鉛筆將答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號(hào)。3．答非選擇題時(shí)，必須使用0.5毫米黑色簽字筆，將答案書寫在答題卡規(guī)定的位置上。4．所有題目必須在答題卡上作答，在試題卷上答題無(wú)效。5．考試結(jié)束后，只將答題卡交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)符合題目要求。1.用深度強(qiáng)化學(xué)習(xí)算法和托卡馬克模擬器進(jìn)行交互，可能讓人類提前實(shí)現(xiàn)可控核聚變。已知氘和氚的核聚變反應(yīng)方程式為，核反應(yīng)中釋放出射線。下列說(shuō)法正確的是（）A.X是中子B.氘和氚的核聚變反應(yīng)吸收能量C.射線源于核外電子的能級(jí)躍遷D.核的比結(jié)合能大于核的比結(jié)合能【答案】A【解析】【詳解】A．根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知X的質(zhì)量數(shù)為1，電荷數(shù)為0，故X時(shí)中子，A正確；B．氘和氚的核聚變反應(yīng)釋放能量，B錯(cuò)誤；C．射線源于核內(nèi)的能級(jí)躍遷，C錯(cuò)誤；D．核的比結(jié)合能小于核的比結(jié)合能，D錯(cuò)誤。故選A。2.2024年9月27日，我國(guó)成功發(fā)射首顆可重復(fù)使用返回式技術(shù)試驗(yàn)衛(wèi)星一實(shí)踐十九號(hào)衛(wèi)星。如圖所示，實(shí)踐十九號(hào)衛(wèi)星和中國(guó)空間站均繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，且衛(wèi)星軌道半徑小于空間站軌道半徑。下列說(shuō)法正確的是（）A.衛(wèi)星的發(fā)射速度小于第一宇宙速度B.衛(wèi)星的線速度大于空間站的線速度C.衛(wèi)星的運(yùn)行周期大于空間站的運(yùn)行周期D.衛(wèi)星的向心加速度小于空間站的向心加速度【答案】B【解析】【詳解】A．衛(wèi)星的發(fā)射速度大于第一宇宙速度，A錯(cuò)誤；B．由，可得，衛(wèi)星軌道半徑小于空間站軌道半徑，故衛(wèi)星的線速度大于空間站的線速度，B正確；C．由，可得，衛(wèi)星軌道半徑小于空間站軌道半徑，故衛(wèi)星的運(yùn)行周期小于空間站的運(yùn)行周期，C錯(cuò)誤；D．由，可得，衛(wèi)星軌道半徑小于空間站軌道半徑，故衛(wèi)星的向心加速度大于空間站的向心加速度，D錯(cuò)誤。故選B。3.如圖所示，一束復(fù)色光由真空從點(diǎn)射入玻璃球經(jīng)折射后分解為兩束單色光。下列說(shuō)法正確的是（）A.光頻率大于光頻率B.光在玻璃球中傳播時(shí)間大于光在玻璃球中傳播時(shí)間C.若光能使某金屬發(fā)生光電效應(yīng)，光也能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)D.兩束光用同一裝置進(jìn)行雙縫干涉實(shí)驗(yàn)，光干涉條紋間距更大【答案】C【解析】【詳解】A．根據(jù)光路可知，因b光的偏折程度大于a光，可知b光折射率大于a光，則光頻率大于光頻率，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．根據(jù)則a光在玻璃中的傳播速度大于b光，而a光的傳播距離小于b光，可知光在玻璃球中傳播時(shí)間小于光在玻璃球中傳播時(shí)間，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．因光頻率大于光頻率，若光能使某金屬發(fā)生光電效應(yīng)，光也能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)，選項(xiàng)C正確；D．因b光波長(zhǎng)比a光短，則根據(jù)，可知兩束光用同一裝置進(jìn)行雙縫干涉實(shí)驗(yàn)，光干涉條紋間距更短，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選C。4.圖為記載于《天工開物》的風(fēng)扇車，它是用來(lái)去除水稻等農(nóng)作物子實(shí)中雜質(zhì)的木制傳統(tǒng)農(nóng)具。風(fēng)扇車的工作原理可簡(jiǎn)化為圖（b）模型：質(zhì)量為的雜質(zhì)與質(zhì)量為的子實(shí)僅在水平恒定風(fēng)力和重力的作用下，從同一位置靜止釋放，若小于，雜質(zhì)與子實(shí)受到的風(fēng)力大小相等。下列說(shuō)法正確的是（）A.雜質(zhì)與子實(shí)在空中做曲線運(yùn)動(dòng)B.雜質(zhì)與子實(shí)在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等C.雜質(zhì)與子實(shí)落地時(shí)重力的瞬時(shí)功率相等D.雜質(zhì)落地點(diǎn)與點(diǎn)的水平距離小于子實(shí)落地點(diǎn)與點(diǎn)的水平距離【答案】B【解析】【詳解】A．在水平恒定風(fēng)力和重力作用下，從同一位置靜止釋放，所以雜質(zhì)與子實(shí)在空中做初速度為零的勻變速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．雜質(zhì)與子實(shí)在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等，因?yàn)樨Q直方向兩者均做自由落體運(yùn)動(dòng)，高度相同，故B正確；C．雜質(zhì)與子實(shí)落地時(shí)重力的瞬時(shí)功率因?yàn)橘|(zhì)量不同，所以功率不同，故C錯(cuò)誤；D．雜質(zhì)的水平加速度較大，水平方向位移雜質(zhì)落地點(diǎn)與點(diǎn)的水平距離大于子實(shí)落地點(diǎn)與點(diǎn)的水平距離，故D錯(cuò)誤。故選B。5.四個(gè)完全相同的小燈泡按圖示電路連接，圓形區(qū)域內(nèi)部存在垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小隨時(shí)間均勻增大。下列說(shuō)法正確的是（）A.通過(guò)燈泡的電流方向?yàn)榈?B.燈泡的亮度逐漸增大C.燈泡的亮度最暗 D.燈泡的亮度最亮【答案】D【解析】【詳解】D．磁感應(yīng)強(qiáng)度大小隨時(shí)間均勻增大，由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，回路中產(chǎn)生恒定的感應(yīng)電流，L3與L4串聯(lián)之后與L2并聯(lián)，L1在干路上，電流最大，故L1最亮，D正確；A．由楞次定律，通過(guò)燈泡的電流方向?yàn)榈?，A錯(cuò)誤；B．由上述分析可知，燈泡的亮度不變，B錯(cuò)誤；C．由上述分析可知，燈泡、的亮度最暗，C錯(cuò)誤。故選D。6.如圖所示，在粗糙絕緣水平地面上關(guān)于點(diǎn)對(duì)稱的兩點(diǎn)分別固定兩個(gè)相同的正點(diǎn)電荷，在連線上的點(diǎn)靜止釋放一個(gè)帶正電的絕緣小物塊（可視為點(diǎn)電荷）后，小物塊向右運(yùn)動(dòng)至最右端點(diǎn)位于間未畫出）。以點(diǎn)為原點(diǎn)沿水平地面向右建立軸，取無(wú)窮遠(yuǎn)處為零勢(shì)能點(diǎn)。小物塊加速度、動(dòng)能、電勢(shì)能、動(dòng)能和電勢(shì)能之和隨軸坐標(biāo)變化正確的是（）A. B.C. D.【答案】D【解析】【詳解】A．PO段電場(chǎng)強(qiáng)度逐漸減小，由牛頓第二定律故物塊先做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)時(shí)，加速度為0，速度最大之后電場(chǎng)力小于摩擦力，由牛頓第二定律，物塊開始做加速度逐漸增大的減速運(yùn)動(dòng)，O點(diǎn)電場(chǎng)力為0，摩擦力不為0，故加速度不為0，A錯(cuò)誤；B．物塊加速階段，由動(dòng)能定理，由于電場(chǎng)力逐漸減小，故圖像斜率逐漸減小，同理物塊減速階段圖像斜率逐漸增大，B錯(cuò)誤；C．PO段電場(chǎng)力做正功電勢(shì)能減小，OQ段電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增大，故電勢(shì)能先減小后增大，C錯(cuò)誤；D．取無(wú)窮遠(yuǎn)電勢(shì)能為0，則由能量守恒，即圖像斜率小于0，恒定不變，D正確。故選D。7.如圖（a）所示，一豎直放置的花灑出水孔分布在圓形區(qū)域內(nèi)。打開花灑后，如圖（b）所示，水流從出水孔水平向左射出。假設(shè)每個(gè)出水孔出水速度大小相同，從花灑中噴出的水落于水平地面（分別為最左、最右端兩落點(diǎn)），不計(jì)空氣阻力。落點(diǎn)區(qū)域俯視圖的形狀最可能的是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】【詳解】設(shè)水龍頭最低點(diǎn)離地面的高度為h，水龍頭的半徑為R，水滴距離地面的高度為，初速度為，則有，解得，其中由于y均勻增加時(shí)，x不是均勻增加，且x增加得越來(lái)越慢，所以俯視的形狀為C圖。故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8.如圖所示，簡(jiǎn)諧橫波在均勻介質(zhì)中以的速度沿軸正方向傳播，先后通過(guò)平衡位置間距為的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)，以波剛傳播到質(zhì)點(diǎn)時(shí)作為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方程為。下列說(shuō)法正確的是（）A.質(zhì)點(diǎn)的振幅為10cmB.簡(jiǎn)諧橫波的波長(zhǎng)為C.內(nèi)質(zhì)點(diǎn)通過(guò)的路程為D.時(shí)，間有三個(gè)波峰【答案】AD【解析】【詳解】A．根據(jù)質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方程可知，該質(zhì)點(diǎn)的振幅為10cm，選項(xiàng)A正確；B．簡(jiǎn)諧橫波的周期波長(zhǎng)為選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．從M傳到N的時(shí)間為內(nèi)質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)t=2s=5T通過(guò)的路程為選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．因MN=2.5λ，時(shí)，M點(diǎn)在平衡位置向下振動(dòng)，可知間有三個(gè)波峰，選項(xiàng)D正確。故選AD。9.如圖所示，等腰直角三角形內(nèi)有一垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)（邊界無(wú)磁場(chǎng)），邊長(zhǎng)為，磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。ab邊中點(diǎn)的粒子源垂直以不同速率向磁場(chǎng)內(nèi)發(fā)射帶負(fù)電的粒子，粒子質(zhì)量為，電荷量為，不計(jì)粒子重力及粒子間相互作用。下列說(shuō)法正確的是（）A.粒子可能從點(diǎn)飛出磁場(chǎng)B.粒子可能從點(diǎn)飛出磁場(chǎng)C.能從邊界飛出的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間為D.能從邊界飛出的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最小速度為【答案】AC【解析】【詳解】粒子可能的軌跡如圖所示A．如圖所示，若粒子沿軌跡1運(yùn)動(dòng)，由幾何關(guān)系可知，此時(shí)的半徑為故A正確；B．與邊相切的粒子，軌跡如2，由幾何關(guān)系可知，半徑為由幾何關(guān)系可知，切點(diǎn)到的距離也為所以切點(diǎn)在點(diǎn)上側(cè)，故粒子不可能過(guò)點(diǎn)，故B錯(cuò)誤；CD．當(dāng)粒子與邊相切出磁場(chǎng)時(shí)，粒子的速度最小，運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)，軌跡如2，由幾何關(guān)系可知，此時(shí)的圓心角為根據(jù)牛頓第二定律可知解得周期為運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為故C正確，D錯(cuò)誤。故選AC。10.如圖所示，“系留照明”無(wú)人機(jī)系統(tǒng)廣泛應(yīng)用于搶險(xiǎn)救災(zāi)照明中。系統(tǒng)由地面設(shè)備、足夠長(zhǎng)的系留電纜、無(wú)人機(jī)（含照明燈）組成。無(wú)人機(jī)質(zhì)量為，系留電纜柔軟且不可伸長(zhǎng)，單位長(zhǎng)度的質(zhì)量為。無(wú)人機(jī)從地面靜止啟動(dòng)后受升力、重力和電纜拉力作用，在豎直方向上先做勻加速運(yùn)動(dòng)，后做勻減速運(yùn)動(dòng)直至速度為零，最終懸停在離地的預(yù)定高度。若加速階段與減速階段的加速度大小均為，重力加速度取。下列說(shuō)法正確的是（）A.無(wú)人機(jī)上升全過(guò)程的最大速度為B.無(wú)人機(jī)上升全過(guò)程的時(shí)間為C.系統(tǒng)上升全過(guò)程重力勢(shì)能增加D.無(wú)人機(jī)向上勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí)升力大于【答案】BD【解析】【詳解】A．設(shè)無(wú)人機(jī)上升全過(guò)程的最大速度為，則求得故A錯(cuò)誤；B．無(wú)人機(jī)上升全過(guò)程的時(shí)間為故B正確；C．系統(tǒng)上升全過(guò)程重力勢(shì)能增加又求得故C錯(cuò)誤；D．無(wú)人機(jī)向上勻加速運(yùn)動(dòng)上升的高度為若不考慮空氣阻力，根據(jù)牛頓第二定律有又解得但實(shí)際上無(wú)人機(jī)在上升過(guò)程中還受空氣阻力，所以無(wú)人機(jī)向上勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí)升力大于，故D正確。故選BD。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共16分。11.二極管加正向電壓時(shí)電阻很小，加反向電壓（未擊穿）時(shí)電阻很大。某同學(xué)用多用電表測(cè)量二極管的反向電阻，多用電表上有如圖所示的選擇開關(guān)和兩個(gè)部件。請(qǐng)根據(jù)下列步驟完成電阻測(cè)量：（1）先進(jìn)行機(jī)械調(diào)零，旋動(dòng)_______（填“S”或“T”）使指針對(duì)準(zhǔn)表盤的_______（填“左邊”或“右邊”）零刻度；后將旋轉(zhuǎn)到電阻擋“”的位置，并完成電阻調(diào)零。（2）該同學(xué)先后用紅、黑表筆按圖（b）方式接觸二極管的兩端，由多用電表指針偏轉(zhuǎn)情況可知二極管的_______（填“a”或“b”）端為正極。（3）用多用電表“”擋測(cè)量二極管的反向電阻，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度過(guò)小，為得到更準(zhǔn)確的測(cè)量結(jié)果，可將旋轉(zhuǎn)到電阻擋_______（填“”或“”）的位置，完成電阻調(diào)零后再次測(cè)量。【答案】（1）①.S②.左邊（2）a（3）【解析】【小問(wèn)1詳解】[1][2]先進(jìn)行機(jī)械調(diào)零，旋動(dòng)S使指針對(duì)準(zhǔn)表盤的左邊零刻度；后將旋轉(zhuǎn)到電阻擋“”的位置，并完成電阻調(diào)零。【小問(wèn)2詳解】該同學(xué)先后用紅、黑表筆按圖（b）方式接觸二極管兩端，當(dāng)黑表筆接a端時(shí)電阻很小，說(shuō)明二極管加的正向電壓；當(dāng)黑表筆接b端時(shí)電阻很大，說(shuō)明二極管加的反向電壓；由多用電表指針偏轉(zhuǎn)情況可知二極管的a端為正極?！拘?wèn)3詳解】用多用電表“”擋測(cè)量二極管的反向電阻，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度過(guò)小，說(shuō)明倍率檔選擇過(guò)小，為得到更準(zhǔn)確的測(cè)量結(jié)果，可將旋轉(zhuǎn)到電阻擋的位置，完成電阻調(diào)零后再次測(cè)量。12.智能手機(jī)軟件中的磁力計(jì)可顯示磁感應(yīng)強(qiáng)度大小隨時(shí)間變化的關(guān)系，兩同學(xué)用該軟件設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)測(cè)量單擺的周期及當(dāng)?shù)刂亓铀俣取＃?）將擺線上端固定于鐵架臺(tái)，下端系在小球上，讓手機(jī)內(nèi)置磁敏元件位于小球靜止位置的正下方，做成如圖所示的單擺。測(cè)出擺線長(zhǎng)為，將小球磁化后，由平衡位置拉開一個(gè)小角度靜止釋放，手機(jī)軟件顯示磁感應(yīng)強(qiáng)度大小隨時(shí)間變化如圖（b）所示。則該單擺的振動(dòng)周期為_______（用字母表示）。（2）改變擺線長(zhǎng)，重復(fù)實(shí)驗(yàn)操作，得到多組數(shù)據(jù)，畫出周期平方隨擺線長(zhǎng)的變化圖像如圖所示，圖像斜率為，則測(cè)得重力加速度為_______（用字母表示）。（3）圖像未過(guò)原點(diǎn)，的測(cè)量值________（選填“>”“<”或“=”）真實(shí)值。甲同學(xué)認(rèn)為手機(jī)內(nèi)也含有鐵等金屬，由于手機(jī)對(duì)小球的吸引，會(huì)使的測(cè)量值_______（選填“>”“<”或“=”）真實(shí)值。（4）乙同學(xué)發(fā)現(xiàn)，振動(dòng)較長(zhǎng)時(shí)間后手機(jī)顯示磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間呈圖（b）變化趨勢(shì)，忽略手機(jī)對(duì)小球的吸引，引起該情況最可能的原因是_______。A.小球磁性減弱B.小球振幅減小C.小球由單擺運(yùn)動(dòng)變?yōu)閳A錐擺運(yùn)動(dòng)【答案】（1）（2）（3）①.=②.>（4）B【解析】【小問(wèn)1詳解】磁性小球經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)測(cè)得的磁感應(yīng)強(qiáng)度B最大，小球兩次經(jīng)最低點(diǎn)的時(shí)間間隔是半個(gè)周期，則解得【小問(wèn)2詳解】根據(jù)單擺周期公式可得由圖像斜率為，則測(cè)得重力加速度【小問(wèn)3詳解】圖像未過(guò)原點(diǎn)，是因?yàn)閿[長(zhǎng)測(cè)量未考慮小球半徑等因素，但不影響斜率，的測(cè)量值等于真實(shí)值。手機(jī)內(nèi)也含有鐵等金屬，由于手機(jī)對(duì)小球的吸引，會(huì)使單擺周期減小，圖像的斜率變小，的測(cè)量值會(huì)偏大，會(huì)使的測(cè)量值大于真實(shí)值?！拘?wèn)4詳解】磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間呈圖（b）變化趨勢(shì)，磁感應(yīng)強(qiáng)度的最小值變大，說(shuō)明小球越來(lái)越靠近手機(jī)，最可能是小球振幅減小造成的。四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。13.一乒乓球的內(nèi)部氣體可視為理想氣體，溫度為，壓強(qiáng)為。現(xiàn)乒乓球發(fā)生形變后體積減小了。已知乒乓球內(nèi)部氣體內(nèi)能變化量與溫度變化量的關(guān)系式為，C為已知常數(shù)。（1）若乒乓球形變過(guò)程可視為等溫變化，求形變后乒乓球內(nèi)部氣體的壓強(qiáng)；（2）為使乒乓球恢復(fù)原狀，將乒乓球放入熱水中如圖所示。I.若乒乓球內(nèi)部氣體被熱水加熱至?xí)r形變開始恢復(fù)，求此時(shí)氣體壓強(qiáng)；Ⅱ.若乒乓球從開始恢復(fù)到完全復(fù)原的過(guò)程中，內(nèi)部氣體溫度從上升至，吸收的熱量為，求該過(guò)程乒乓球內(nèi)部氣體對(duì)外做的功?！敬鸢浮浚?）（2），【解析】【小問(wèn)1詳解】設(shè)乒乓球發(fā)生形變前的體積為，乒乓球經(jīng)歷等溫變化過(guò)程，由玻意耳定律得解得【小問(wèn)2詳解】I.分析題意可知該過(guò)程為等容變化過(guò)程，由查理定律得解得Ⅱ由熱力學(xué)第一定律可得根據(jù)題意有解得14.如圖所示，豎直面內(nèi)的光滑絕緣圓弧軌道與足夠長(zhǎng)的粗糙水平地面平滑連接，點(diǎn)在圓心點(diǎn)正下方，軌道半徑，整個(gè)空間存在豎直向上、大小的勻強(qiáng)電場(chǎng)。一個(gè)質(zhì)量，電荷量的帶正電小滑塊，從軌道點(diǎn)靜止釋放，經(jīng)過(guò)點(diǎn)后立即與另一個(gè)質(zhì)量，不帶電的靜止小滑塊發(fā)生彈性碰撞（碰撞過(guò)程不發(fā)生電荷轉(zhuǎn)移，且碰撞時(shí)間極短）。已知與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)，重力加速度取均視為質(zhì)點(diǎn)。求：（1）到達(dá)圓軌道點(diǎn)（與碰前）的速度大小；（2）到達(dá)圓軌道點(diǎn)（與碰前）對(duì)軌道的壓力大?。唬?）碰后的最大距離。【答案】（1）2m/s（2）3.6N（3）0.5m【解析】【小問(wèn)1詳解】從A到B的過(guò)程由動(dòng)能定理得：解得【小問(wèn)2詳解】設(shè)小滑塊經(jīng)過(guò)時(shí)，其受到軌道的支持力為，則由牛頓第三定律得解得【小問(wèn)3詳解】設(shè)水平向右為正方向，碰撞后的速度分別為，由