2025屆河南省安陽市高三上學(xué)期一模物理試題（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12025屆高三年級(jí)第一次模擬考試物理考生注意：1．答題前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號(hào)填寫在試卷和答題卡上，并將考生號(hào)條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.泡沫塑料由于其良好的緩沖性能成為近代廣泛使用的緩沖材料，在易碎物品的長(zhǎng)途運(yùn)輸中起著重要作用。運(yùn)輸車在顛簸的路面上行駛，用泡沫塑料包裝物品，泡沫塑料所起的作用是（）A.減小物品與包裝箱的接觸時(shí)間，減小合力沖量B.延長(zhǎng)物品與包裝箱的接觸時(shí)間，增大合力沖量C.延長(zhǎng)物品與包裝箱的接觸時(shí)間，減小包裝箱對(duì)物品的平均沖擊力D.減小物品與包裝箱的接觸時(shí)間，減小包裝箱對(duì)物品的平均沖擊力【答案】C【解析】AB．泡沫塑料的作用是延長(zhǎng)了物品與包裝箱的接觸時(shí)間，而物品的動(dòng)量變化量未發(fā)生變化，根據(jù)動(dòng)量定理，合力沖量不變，故AB錯(cuò)誤；CD．設(shè)物品撞擊時(shí)所受合力為，根據(jù)動(dòng)量定理可得可知泡沫塑料的作用是延長(zhǎng)了物品與包裝箱的接觸時(shí)間，減小物品所受到的合力，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。2.中國(guó)環(huán)流器二號(hào)M是我國(guó)新一代研究核聚變的磁約束實(shí)驗(yàn)裝置，采用更先進(jìn)的結(jié)構(gòu)與控制方式，使等離子體的體積提高了2倍，等離子體電流能力提高到2.5兆安培以上，等離子體溫度達(dá)到1.5億度，是聚變核能開發(fā)跨越式發(fā)展的重要依托裝置，其核聚變方程為，下面說法正確的是（）A.X為正電子B.該核反應(yīng)電荷數(shù)守恒，但質(zhì)量數(shù)不守恒C.的結(jié)合能大于的結(jié)合能D.的比結(jié)合能小于的比結(jié)合能【答案】D【解析】AB．根據(jù)電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)守恒，X為中子，故AB錯(cuò)誤；CD．氫核聚變釋放大量的核能，生成物更穩(wěn)定，結(jié)合能增大，比結(jié)合能也增大，故C錯(cuò)誤，D正確；故選D。3.通過抖動(dòng)繩子，可以在繩中產(chǎn)生正弦橫波。當(dāng)抖動(dòng)繩子的頻率加快時(shí)（）A.波的頻率不變 B.波的周期不變 C.波長(zhǎng)不變 D.波速不變【答案】D【解析】AB．當(dāng)抖動(dòng)繩子的頻率加快時(shí)，相當(dāng)于波源的振動(dòng)頻率加快，故波的頻率也會(huì)加快，由可知波的周期變小，故AB錯(cuò)誤；CD．波在同種均勻介質(zhì)中傳播速度不變，由可得可知波的波長(zhǎng)變小，故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。4.靜止在粗糙水平面上的小物塊，在受到水平拉力作用后，獲得大小為的加速度；若僅將水平拉力的大小加倍，則該物塊的加速度大小可能為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】設(shè)小物塊的質(zhì)量為，則由牛頓第二定律可得當(dāng)加倍后，有代入數(shù)據(jù)解得故選A。5.2024年2月29日，我國(guó)成功將互聯(lián)網(wǎng)衛(wèi)星01星送入預(yù)定軌道，若將該衛(wèi)星軌道近似為圓形，其圍繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期可表示為，則（）A.a為地球半徑，b為地球表面的重力加速度，c為衛(wèi)星的軌道半徑B.a為衛(wèi)星的軌道半徑，b為地球表面的重力加速度，c為地球半徑C.a為地球半徑，b為該衛(wèi)星的向心加速度，c為衛(wèi)星的軌道半徑D.a為衛(wèi)星的軌道半徑，b為該衛(wèi)星的向心加速度，c為地球半徑【答案】B【解析】由萬有引力提供向心力可得解得又因?yàn)楣士芍獙?duì)比可知，為該衛(wèi)星的軌道半徑，為地球表面的重力加速度，為地球半徑。故選B6.波長(zhǎng)為的光子與一靜止的電子發(fā)生碰撞后，光子的波長(zhǎng)變?yōu)?。已知真空中光速為c，普朗克常量為h，則下列說法正確的是（）A.碰前光子的能量為 B.碰前光子的動(dòng)量為C.碰后光子的能量為 D.碰后光子的能量為【答案】D【解析】AB．碰撞前光子的動(dòng)量和能量分別為故AB錯(cuò)誤；CD．碰撞后光子的動(dòng)量和能量分別為、故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。7.如圖所示，abcd為固定在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的正方形導(dǎo)線框，其中ab邊為均勻的電阻絲，其余三邊電阻不計(jì)。一段與ab邊完全相同的電阻絲PQ垂直ab邊置于線框上，在拉力作用下以恒定的速度從ad邊向bc邊運(yùn)動(dòng)，則在PQ運(yùn)動(dòng)過程中，下列判斷正確的是（）A.通過電阻絲PQ的電流先增大后減小B.電阻絲PQ兩端的電壓先減小后增大C.拉力做功的功率先減小后增大D.電阻絲ab的發(fā)熱功率先減小后增大【答案】C【解析】A．由于電阻絲勻速運(yùn)動(dòng)，由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)大小恒定，由電路知識(shí)可知，在從邊向邊運(yùn)動(dòng)的過程中，電路中的總電阻先增大后減小，由可知通過電阻絲的電流先減小后增大，故A錯(cuò)誤；B．由可知電阻絲兩端的電壓先增大后減小，故B錯(cuò)誤；C．由可知電阻絲受到的安培力先減小后增大，故拉力也先減小后增大，由于拉力的功率故拉力做功的功率先減小后增大，故C正確；D．將電阻絲看作外電路，將電阻絲看作電源，則外電路的電阻不大于電阻絲的電阻，由于外電路的電阻先增大后減小，故由電源輸出功率與外電阻之間的關(guān)系可知，電阻絲產(chǎn)熱功率先增大后減小，故D錯(cuò)誤。故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8.如圖所示，一絕熱容器被隔板K隔開成A、B兩部分，A內(nèi)充滿氣體，B內(nèi)為真空。現(xiàn)抽開隔板，讓A中氣體進(jìn)入B并最終達(dá)到平衡狀態(tài)，則（）A.氣體的內(nèi)能始終不變B.氣體的壓強(qiáng)始終不變C.氣體分子的平均動(dòng)能將減小D.B中氣體不可能自發(fā)地再全部回到A中【答案】AD【解析】A．由于內(nèi)為真空，抽走隔板后，A部分氣體自由膨脹，膨脹過程中沒有對(duì)外做功，容器又是絕熱容器，所以氣體也不可能與外界發(fā)生熱交換，由熱力學(xué)第一定律可知?dú)怏w的內(nèi)能始終不變，故A正確；C．由于氣體的內(nèi)能不變，故氣體的溫度不變，氣體分子的平均動(dòng)能不變，故C錯(cuò)誤；B．由于氣體發(fā)生的是等溫膨脹，故由玻意耳定律可知，氣體的壓強(qiáng)將減小，故B錯(cuò)誤；D．由熱力學(xué)第二定律可知，氣體不可能再自發(fā)地全部回到A部分，故D正確。故選AD。9.如圖所示，兩相距為d、帶同種電荷的小球在外力作用下，靜止在光滑絕緣水平面上。在撤去外力的瞬間，A球的加速度大小為a，兩球運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后，B球的加速度大小為，速度大小為。已知A球質(zhì)量為2m，B球質(zhì)量為m，兩小球均可視為點(diǎn)電荷，不考慮帶電小球運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生的電磁效應(yīng)，則在該段時(shí)間內(nèi)（）A.兩球間的距離由d變?yōu)?dB.兩球組成的系統(tǒng)電勢(shì)能減少了C.B球運(yùn)動(dòng)的距離為D.庫(kù)侖力對(duì)A球的沖量大小為【答案】AC【解析】A．當(dāng)兩球間的距離為時(shí)，在撤去外力的瞬間，對(duì)A進(jìn)行分析，由牛頓第二定律可得一段時(shí)間后設(shè)兩球間的距離為，對(duì)B進(jìn)行分析有解得故A正確；B．設(shè)球B的速度為時(shí)，A球的速度為，由動(dòng)量守恒可得解得兩球的動(dòng)能增加了由能量守恒定律可知，兩球組成的系統(tǒng)其電勢(shì)能減少了，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)動(dòng)量守恒定律有解得上述表達(dá)式在任意時(shí)刻均成立，則有即有又因?yàn)榻獾霉蔆正確；D．在該段時(shí)間內(nèi)，A球的速度由0變?yōu)椋蓜?dòng)量定理可得庫(kù)侖力對(duì)A球的沖量大小為故D錯(cuò)誤。故選AC。10.如圖1所示，在傾角的足夠長(zhǎng)絕緣斜面上放有一根質(zhì)量、長(zhǎng)的導(dǎo)體棒，導(dǎo)體棒中通有方向垂直紙面向外、大小恒為的電流，斜面上方有平行于斜面向下的均勻磁場(chǎng)，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間的變化關(guān)系如圖2所示。已知導(dǎo)體棒與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)，重力加速度g取，sin37°=0.6，cos37°=0.8。在時(shí)刻將導(dǎo)體棒由靜止釋放，則在導(dǎo)體棒沿斜面向下運(yùn)動(dòng)的過程中（）A.導(dǎo)體棒受到的安培力方向垂直斜面向上B.導(dǎo)體棒達(dá)到最大速度所用的時(shí)間為4sC.導(dǎo)體棒的最大速度為8m/sD.導(dǎo)體棒受到的摩擦力的最大值為5.2N【答案】BC【解析】A．根據(jù)左手定則可知，導(dǎo)體棒受到的安培力方向垂直斜面向下，故A錯(cuò)誤；B．對(duì)導(dǎo)體棒受力分析可知，當(dāng)導(dǎo)體棒沿斜面向下運(yùn)動(dòng)的速度達(dá)到最大時(shí)，導(dǎo)體棒所受外力的合力為0，則有，其中，，解得故B正確；C．在導(dǎo)體棒沿斜面向下運(yùn)動(dòng)的過程中，由牛頓第二定律可得結(jié)合上述解得作出導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)的圖像如圖所示由于導(dǎo)體棒初速度為零，故圖像中的面積即可表示導(dǎo)體棒的末速度，結(jié)合上述由圖可知，導(dǎo)體棒的最大速度為故C正確；D．導(dǎo)體棒受到的摩擦力為即有可知導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)時(shí)間越長(zhǎng)，受到的摩擦力就越大，故可判斷出導(dǎo)體棒的速度再次減為零時(shí)，導(dǎo)體棒受到的摩擦力最大，由圖可知，時(shí)導(dǎo)體棒的速度為零，結(jié)合上述解得此時(shí)導(dǎo)體棒受到的摩擦力大小為故D錯(cuò)誤故選BC。三、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.利用如圖1所示的實(shí)驗(yàn)裝置可以測(cè)量當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮。渲行′撝榭杀晃陔姶盆FA的下端，電磁鐵A和光電門B固定不動(dòng)，光電門C可上下移動(dòng)，光電門用來測(cè)量小鋼珠通過兩光電門之間距離所需的時(shí)間t。（1）電磁鐵斷電后，小鋼珠將從電磁鐵下端由靜止下落，通過上下移動(dòng)光電門C，測(cè)出B、C兩光電門之間的距離x和小鋼珠在B、C兩光電門之間的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t，計(jì)算出小鋼珠在B、C間的平均速度，作出的圖像如圖2所示，則當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹開_______（用、表示）；（2）由圖2提供的信息，可知電磁鐵下端到光電門B之間的距離為__________（用、表示）；（3）若考慮空氣阻力的影響，由此測(cè)得的重力加速度比真實(shí)值________（選填“偏大”“偏小”或“相同”）?！敬鸢浮浚?）（2）（3）偏小【解析】【小問1詳析】小鋼珠在兩光電門之間做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)小鋼珠到達(dá)光電門時(shí)的速度大小為，則由可得可知圖2中圖線的斜率解得【小問2詳析】由圖2可知，小鋼珠經(jīng)過光電門B時(shí)的速度大小為由可得電磁鐵下端到光電門B的距離為【小問3詳析】若考慮空氣阻力的影響，由牛頓第二定律可得解得故測(cè)量值比真實(shí)值偏小。12.當(dāng)兩個(gè)電源直接并聯(lián)在一起時(shí)，如果流過電源的電流為零，則這兩個(gè)電源的電動(dòng)勢(shì)相等。根據(jù)這一結(jié)論，某實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)了如圖1所示的實(shí)驗(yàn)電路來測(cè)量電源的電動(dòng)勢(shì)。圖中acb為均勻電阻絲，E為供電電源（內(nèi)阻可忽略），為標(biāo)準(zhǔn)電源的電動(dòng)勢(shì)，為待測(cè)電源的電動(dòng)勢(shì)，E大于和。測(cè)量過程如下：A.將開關(guān)S合向觸點(diǎn)1，調(diào)節(jié)滑動(dòng)頭P至位置c，使電流計(jì)G的示數(shù)為零，測(cè)出此時(shí)電阻絲cb間的長(zhǎng)度；B．再將開關(guān)S合向觸點(diǎn)2，調(diào)節(jié)滑動(dòng)頭P至位置，使電流計(jì)G的示數(shù)仍為零，測(cè)出此時(shí)電阻絲間的長(zhǎng)度。（1）回答下列問題：①開關(guān)S合向1，當(dāng)電流計(jì)G的示數(shù)為零時(shí)，電阻絲cb段的電壓與標(biāo)準(zhǔn)電源的電動(dòng)勢(shì)的關(guān)系是______（選填“大于”“小于”或“等于”）；②由此可知待測(cè)電源的電動(dòng)勢(shì)______（用、、表示），測(cè)得、，標(biāo)準(zhǔn)電源的電動(dòng)勢(shì)，則待測(cè)電源的電動(dòng)勢(shì)______；③若供電電源E的內(nèi)阻不能忽略，將會(huì)造成待測(cè)電源的電動(dòng)勢(shì)測(cè)量值______（選填“偏大”“偏小”或“不變”）。（2）實(shí)驗(yàn)小組將電源與一個(gè)阻值為10Ω的定值電阻串聯(lián)后，測(cè)得流過電阻的電流為0.2A，則該電源的內(nèi)阻______；若將兩個(gè)圖線均如圖2所示的小燈泡串聯(lián)后接在該電源上，則每個(gè)小燈泡消耗的電功率______W（結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）?！敬鸢浮浚?）等于2.4不變（2）2.00.36【解析】【小問1詳析】①[1]開關(guān)S合向1，當(dāng)電流計(jì)G的示數(shù)為零時(shí)，由電路知識(shí)可知，電阻絲段的電壓與標(biāo)準(zhǔn)電源的電動(dòng)勢(shì)相等；②[2][3]設(shè)電阻絲的長(zhǎng)度為，單位長(zhǎng)度的電阻為，則當(dāng)開關(guān)S合向1時(shí)，則有當(dāng)開關(guān)S合向2時(shí)有兩式聯(lián)立可得代入數(shù)據(jù)可解得③[4]若考慮供電電源的內(nèi)阻，則有，兩式聯(lián)立仍可解得可知待測(cè)電源電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值不變。【小問2詳析】[1]由閉合電路歐姆定律可得代入數(shù)據(jù)可解得[2]設(shè)每個(gè)小燈泡兩端的電壓為，流過小燈泡的電流為，由閉合電路歐姆定律可得整理可得在圖2中作出該圖像如圖所示可得每個(gè)小燈泡兩端的電壓為流過每個(gè)小燈泡的電流為故每個(gè)小燈泡消耗的電功率為13.如圖所示為一盛放液體的圓柱形容器截面圖，A、C兩點(diǎn)間的高度為，CD為直徑。當(dāng)容器內(nèi)無液體時(shí)，從A點(diǎn)沿圖示方向射入容器的光線，能照到容器壁上的B點(diǎn)?，F(xiàn)保持光的入射方向不變，向容器內(nèi)注入某種透明液體后，光線剛好能照到容器底部邊緣上的D點(diǎn)。已知B、D兩點(diǎn)間的距離，注入的液體深度為，求該透明液體的折射率?！敬鸢浮俊窘馕觥慨?dāng)容器內(nèi)注入透明液體后，光路圖如圖所示，其中為液體的液面設(shè)光線的入射角為，由幾何關(guān)系可知解得設(shè)、兩點(diǎn)間的距離為，則有代入數(shù)據(jù)解得故、兩點(diǎn)間的距離為設(shè)光線的折射角為，由幾何關(guān)系可知解得由折射定律可解得該透明液體的折射率為14.如圖所示，足夠長(zhǎng)的水平傳送帶MN以速度自西向東勻速運(yùn)動(dòng)，某時(shí)刻將一質(zhì)量的小物塊輕放在傳送帶上，離放置小物塊的位置足夠遠(yuǎn)的地方固定有南北方向的豎直擋板ABCD，當(dāng)小物塊運(yùn)動(dòng)到此處時(shí)，擋板可阻止小物塊繼續(xù)向東運(yùn)動(dòng)。已知小物塊與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)，與擋板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)，重力加速度g取。求：（1）在小物塊到達(dá)擋板之前，物塊與傳送帶間因摩擦產(chǎn)生的熱量Q；（2）小物塊被擋板阻止后，對(duì)小物塊施加一水平向南的拉力F，使小物塊相對(duì)地面以的速度向南勻速滑動(dòng)，該拉力F的大小?！敬鸢浮浚?）（2）【解析】【小問1詳析】設(shè)小物塊的加速度大小為，則有設(shè)小物塊與傳送帶共速所需的時(shí)間為小物塊的位移大小為傳送帶的位移大小為故系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量以上各式聯(lián)立可解得【小問2詳析】設(shè)與之間的夾角為，則有而小物塊相對(duì)于傳送帶和擋板的運(yùn)動(dòng)情況與受力情況如圖所示傳送帶對(duì)小物塊的摩擦力大小為擋板對(duì)小物塊的摩擦力大小為故拉力的大小為又因?yàn)橐陨细魇铰?lián)立可解得15.如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系xOy的第Ⅱ象限內(nèi)有沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，x軸下方有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)?，F(xiàn)從y軸上的A點(diǎn)沿x軸負(fù)方向發(fā)射一初速度為的帶正電粒子，經(jīng)電場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后與x軸負(fù)方向成夾角進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域，粒子剛好能打在與y軸垂直的足夠大熒光屏P上。已知熒光屏P到x軸的距離為，A點(diǎn)到坐標(biāo)原點(diǎn)O的距離為d，不計(jì)粒子重力。求：（1）進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的入射點(diǎn)到坐標(biāo)原點(diǎn)O的距離；（2）電場(chǎng)強(qiáng)度E與磁感應(yīng)強(qiáng)度B的比值；（3）若改變初速度大小，讓粒子從y軸上M點(diǎn)（圖中未畫出）沿x軸負(fù)方向射出，現(xiàn)要求粒子仍能以與x軸負(fù)方向成夾角進(jìn)入磁場(chǎng)，且進(jìn)入磁場(chǎng)后垂直打在熒光屏P上，此時(shí)M點(diǎn)到坐標(biāo)原點(diǎn)O的距離?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】【小問1詳析】設(shè)粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，沿軸負(fù)方向獲得分速度為，則由速度合成規(guī)律可得設(shè)粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為，則有解得【小問2詳析】由可解得粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為又由可解得粒子在電場(chǎng)和磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖1所示。圖1設(shè)粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為，則有解得設(shè)粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度大小為，則有由牛頓第二定律可得解得故有【小問3詳析】設(shè)粒子以初速度從軸上的點(diǎn)射入電場(chǎng)，由于粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的角度不變，故粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的速度大小為粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)情況如圖2所示。圖2由幾何關(guān)系可知，此時(shí)粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為粒子在電場(chǎng)中沿軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)時(shí)，有又因?yàn)橛膳ｎD第二定律可知以上各式聯(lián)立可解得2025屆高三年級(jí)第一次模擬考試物理考生注意：1．答題前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號(hào)填寫在試卷和答題卡上，并將考生號(hào)條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)。回答非選擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.泡沫塑料由于其良好的緩沖性能成為近代廣泛使用的緩沖材料，在易碎物品的長(zhǎng)途運(yùn)輸中起著重要作用。運(yùn)輸車在顛簸的路面上行駛，用泡沫塑料包裝物品，泡沫塑料所起的作用是（）A.減小物品與包裝箱的接觸時(shí)間，減小合力沖量B.延長(zhǎng)物品與包裝箱的接觸時(shí)間，增大合力沖量C.延長(zhǎng)物品與包裝箱的接觸時(shí)間，減小包裝箱對(duì)物品的平均沖擊力D.減小物品與包裝箱的接觸時(shí)間，減小包裝箱對(duì)物品的平均沖擊力【答案】C【解析】AB．泡沫塑料的作用是延長(zhǎng)了物品與包裝箱的接觸時(shí)間，而物品的動(dòng)量變化量未發(fā)生變化，根據(jù)動(dòng)量定理，合力沖量不變，故AB錯(cuò)誤；CD．設(shè)物品撞擊時(shí)所受合力為，根據(jù)動(dòng)量定理可得可知泡沫塑料的作用是延長(zhǎng)了物品與包裝箱的接觸時(shí)間，減小物品所受到的合力，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。2.中國(guó)環(huán)流器二號(hào)M是我國(guó)新一代研究核聚變的磁約束實(shí)驗(yàn)裝置，采用更先進(jìn)的結(jié)構(gòu)與控制方式，使等離子體的體積提高了2倍，等離子體電流能力提高到2.5兆安培以上，等離子體溫度達(dá)到1.5億度，是聚變核能開發(fā)跨越式發(fā)展的重要依托裝置，其核聚變方程為，下面說法正確的是（）A.X為正電子B.該核反應(yīng)電荷數(shù)守恒，但質(zhì)量數(shù)不守恒C.的結(jié)合能大于的結(jié)合能D.的比結(jié)合能小于的比結(jié)合能【答案】D【解析】AB．根據(jù)電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)守恒，X為中子，故AB錯(cuò)誤；CD．氫核聚變釋放大量的核能，生成物更穩(wěn)定，結(jié)合能增大，比結(jié)合能也增大，故C錯(cuò)誤，D正確；故選D。3.通過抖動(dòng)繩子，可以在繩中產(chǎn)生正弦橫波。當(dāng)抖動(dòng)繩子的頻率加快時(shí)（）A.波的頻率不變 B.波的周期不變 C.波長(zhǎng)不變 D.波速不變【答案】D【解析】AB．當(dāng)抖動(dòng)繩子的頻率加快時(shí)，相當(dāng)于波源的振動(dòng)頻率加快，故波的頻率也會(huì)加快，由可知波的周期變小，故AB錯(cuò)誤；CD．波在同種均勻介質(zhì)中傳播速度不變，由可得可知波的波長(zhǎng)變小，故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。4.靜止在粗糙水平面上的小物塊，在受到水平拉力作用后，獲得大小為的加速度；若僅將水平拉力的大小加倍，則該物塊的加速度大小可能為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】設(shè)小物塊的質(zhì)量為，則由牛頓第二定律可得當(dāng)加倍后，有代入數(shù)據(jù)解得故選A。5.2024年2月29日，我國(guó)成功將互聯(lián)網(wǎng)衛(wèi)星01星送入預(yù)定軌道，若將該衛(wèi)星軌道近似為圓形，其圍繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期可表示為，則（）A.a為地球半徑，b為地球表面的重力加速度，c為衛(wèi)星的軌道半徑B.a為衛(wèi)星的軌道半徑，b為地球表面的重力加速度，c為地球半徑C.a為地球半徑，b為該衛(wèi)星的向心加速度，c為衛(wèi)星的軌道半徑D.a為衛(wèi)星的軌道半徑，b為該衛(wèi)星的向心加速度，c為地球半徑【答案】B【解析】由萬有引力提供向心力可得解得又因?yàn)楣士芍獙?duì)比可知，為該衛(wèi)星的軌道半徑，為地球表面的重力加速度，為地球半徑。故選B6.波長(zhǎng)為的光子與一靜止的電子發(fā)生碰撞后，光子的波長(zhǎng)變?yōu)?。已知真空中光速為c，普朗克常量為h，則下列說法正確的是（）A.碰前光子的能量為 B.碰前光子的動(dòng)量為C.碰后光子的能量為 D.碰后光子的能量為【答案】D【解析】AB．碰撞前光子的動(dòng)量和能量分別為故AB錯(cuò)誤；CD．碰撞后光子的動(dòng)量和能量分別為、故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。7.如圖所示，abcd為固定在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的正方形導(dǎo)線框，其中ab邊為均勻的電阻絲，其余三邊電阻不計(jì)。一段與ab邊完全相同的電阻絲PQ垂直ab邊置于線框上，在拉力作用下以恒定的速度從ad邊向bc邊運(yùn)動(dòng)，則在PQ運(yùn)動(dòng)過程中，下列判斷正確的是（）A.通過電阻絲PQ的電流先增大后減小B.電阻絲PQ兩端的電壓先減小后增大C.拉力做功的功率先減小后增大D.電阻絲ab的發(fā)熱功率先減小后增大【答案】C【解析】A．由于電阻絲勻速運(yùn)動(dòng)，由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)大小恒定，由電路知識(shí)可知，在從邊向邊運(yùn)動(dòng)的過程中，電路中的總電阻先增大后減小，由可知通過電阻絲的電流先減小后增大，故A錯(cuò)誤；B．由可知電阻絲兩端的電壓先增大后減小，故B錯(cuò)誤；C．由可知電阻絲受到的安培力先減小后增大，故拉力也先減小后增大，由于拉力的功率故拉力做功的功率先減小后增大，故C正確；D．將電阻絲看作外電路，將電阻絲看作電源，則外電路的電阻不大于電阻絲的電阻，由于外電路的電阻先增大后減小，故由電源輸出功率與外電阻之間的關(guān)系可知，電阻絲產(chǎn)熱功率先增大后減小，故D錯(cuò)誤。故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8.如圖所示，一絕熱容器被隔板K隔開成A、B兩部分，A內(nèi)充滿氣體，B內(nèi)為真空?，F(xiàn)抽開隔板，讓A中氣體進(jìn)入B并最終達(dá)到平衡狀態(tài)，則（）A.氣體的內(nèi)能始終不變B.氣體的壓強(qiáng)始終不變C.氣體分子的平均動(dòng)能將減小D.B中氣體不可能自發(fā)地再全部回到A中【答案】AD【解析】A．由于內(nèi)為真空，抽走隔板后，A部分氣體自由膨脹，膨脹過程中沒有對(duì)外做功，容器又是絕熱容器，所以氣體也不可能與外界發(fā)生熱交換，由熱力學(xué)第一定律可知?dú)怏w的內(nèi)能始終不變，故A正確；C．由于氣體的內(nèi)能不變，故氣體的溫度不變，氣體分子的平均動(dòng)能不變，故C錯(cuò)誤；B．由于氣體發(fā)生的是等溫膨脹，故由玻意耳定律可知，氣體的壓強(qiáng)將減小，故B錯(cuò)誤；D．由熱力學(xué)第二定律可知，氣體不可能再自發(fā)地全部回到A部分，故D正確。故選AD。9.如圖所示，兩相距為d、帶同種電荷的小球在外力作用下，靜止在光滑絕緣水平面上。在撤去外力的瞬間，A球的加速度大小為a，兩球運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后，B球的加速度大小為，速度大小為。已知A球質(zhì)量為2m，B球質(zhì)量為m，兩小球均可視為點(diǎn)電荷，不考慮帶電小球運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生的電磁效應(yīng)，則在該段時(shí)間內(nèi)（）A.兩球間的距離由d變?yōu)?dB.兩球組成的系統(tǒng)電勢(shì)能減少了C.B球運(yùn)動(dòng)的距離為D.庫(kù)侖力對(duì)A球的沖量大小為【答案】AC【解析】A．當(dāng)兩球間的距離為時(shí)，在撤去外力的瞬間，對(duì)A進(jìn)行分析，由牛頓第二定律可得一段時(shí)間后設(shè)兩球間的距離為，對(duì)B進(jìn)行分析有解得故A正確；B．設(shè)球B的速度為時(shí)，A球的速度為，由動(dòng)量守恒可得解得兩球的動(dòng)能增加了由能量守恒定律可知，兩球組成的系統(tǒng)其電勢(shì)能減少了，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)動(dòng)量守恒定律有解得上述表達(dá)式在任意時(shí)刻均成立，則有即有又因?yàn)榻獾霉蔆正確；D．在該段時(shí)間內(nèi)，A球的速度由0變?yōu)?，由?dòng)量定理可得庫(kù)侖力對(duì)A球的沖量大小為故D錯(cuò)誤。故選AC。10.如圖1所示，在傾角的足夠長(zhǎng)絕緣斜面上放有一根質(zhì)量、長(zhǎng)的導(dǎo)體棒，導(dǎo)體棒中通有方向垂直紙面向外、大小恒為的電流，斜面上方有平行于斜面向下的均勻磁場(chǎng)，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間的變化關(guān)系如圖2所示。已知導(dǎo)體棒與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)，重力加速度g取，sin37°=0.6，cos37°=0.8。在時(shí)刻將導(dǎo)體棒由靜止釋放，則在導(dǎo)體棒沿斜面向下運(yùn)動(dòng)的過程中（）A.導(dǎo)體棒受到的安培力方向垂直斜面向上B.導(dǎo)體棒達(dá)到最大速度所用的時(shí)間為4sC.導(dǎo)體棒的最大速度為8m/sD.導(dǎo)體棒受到的摩擦力的最大值為5.2N【答案】BC【解析】A．根據(jù)左手定則可知，導(dǎo)體棒受到的安培力方向垂直斜面向下，故A錯(cuò)誤；B．對(duì)導(dǎo)體棒受力分析可知，當(dāng)導(dǎo)體棒沿斜面向下運(yùn)動(dòng)的速度達(dá)到最大時(shí)，導(dǎo)體棒所受外力的合力為0，則有，其中，，解得故B正確；C．在導(dǎo)體棒沿斜面向下運(yùn)動(dòng)的過程中，由牛頓第二定律可得結(jié)合上述解得作出導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)的圖像如圖所示由于導(dǎo)體棒初速度為零，故圖像中的面積即可表示導(dǎo)體棒的末速度，結(jié)合上述由圖可知，導(dǎo)體棒的最大速度為故C正確；D．導(dǎo)體棒受到的摩擦力為即有可知導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)時(shí)間越長(zhǎng)，受到的摩擦力就越大，故可判斷出導(dǎo)體棒的速度再次減為零時(shí)，導(dǎo)體棒受到的摩擦力最大，由圖可知，時(shí)導(dǎo)體棒的速度為零，結(jié)合上述解得此時(shí)導(dǎo)體棒受到的摩擦力大小為故D錯(cuò)誤故選BC。三、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.利用如圖1所示的實(shí)驗(yàn)裝置可以測(cè)量當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮?，其中小鋼珠可被吸引在電磁鐵A的下端，電磁鐵A和光電門B固定不動(dòng)，光電門C可上下移動(dòng)，光電門用來測(cè)量小鋼珠通過兩光電門之間距離所需的時(shí)間t。（1）電磁鐵斷電后，小鋼珠將從電磁鐵下端由靜止下落，通過上下移動(dòng)光電門C，測(cè)出B、C兩光電門之間的距離x和小鋼珠在B、C兩光電門之間的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t，計(jì)算出小鋼珠在B、C間的平均速度，作出的圖像如圖2所示，則當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹開_______（用、表示）；（2）由圖2提供的信息，可知電磁鐵下端到光電門B之間的距離為__________（用、表示）；（3）若考慮空氣阻力的影響，由此測(cè)得的重力加速度比真實(shí)值________（選填“偏大”“偏小”或“相同”）?！敬鸢浮浚?）（2）（3）偏小【解析】【小問1詳析】小鋼珠在兩光電門之間做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)小鋼珠到達(dá)光電門時(shí)的速度大小為，則由可得可知圖2中圖線的斜率解得【小問2詳析】由圖2可知，小鋼珠經(jīng)過光電門B時(shí)的速度大小為由可得電磁鐵下端到光電門B的距離為【小問3詳析】若考慮空氣阻力的影響，由牛頓第二定律可得解得故測(cè)量值比真實(shí)值偏小。12.當(dāng)兩個(gè)電源直接并聯(lián)在一起時(shí)，如果流過電源的電流為零，則這兩個(gè)電源的電動(dòng)勢(shì)相等。根據(jù)這一結(jié)論，某實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)了如圖1所示的實(shí)驗(yàn)電路來測(cè)量電源的電動(dòng)勢(shì)。圖中acb為均勻電阻絲，E為供電電源（內(nèi)阻可忽略），為標(biāo)準(zhǔn)電源的電動(dòng)勢(shì)，為待測(cè)電源的電動(dòng)勢(shì)，E大于和。測(cè)量過程如下：A.將開關(guān)S合向觸點(diǎn)1，調(diào)節(jié)滑動(dòng)頭P至位置c，使電流計(jì)G的示數(shù)為零，測(cè)出此時(shí)電阻絲cb間的長(zhǎng)度；B．再將開關(guān)S合向觸點(diǎn)2，調(diào)節(jié)滑動(dòng)頭P至位置，使電流計(jì)G的示數(shù)仍為零，測(cè)出此時(shí)電阻絲間的長(zhǎng)度。（1）回答下列問題：①開關(guān)S合向1，當(dāng)電流計(jì)G的示數(shù)為零時(shí)，電阻絲cb段的電壓與標(biāo)準(zhǔn)電源的電動(dòng)勢(shì)的關(guān)系是______（選填“大于”“小于”或“等于”）；②由此可知待測(cè)電源的電動(dòng)勢(shì)______（用、、表示），測(cè)得、，標(biāo)準(zhǔn)電源的電動(dòng)勢(shì)，則待測(cè)電源的電動(dòng)勢(shì)______；③若供電電源E的內(nèi)阻不能忽略，將會(huì)造成待測(cè)電源的電動(dòng)勢(shì)測(cè)量值______（選填“偏大”“偏小”或“不變”）。（2）實(shí)驗(yàn)小組將電源與一個(gè)阻值為10Ω的定值電阻串聯(lián)后，測(cè)得流過電阻的電流為0.2A，則該電源的內(nèi)阻______；若將兩個(gè)圖線均如圖2所示的小燈泡串聯(lián)后接在該電源上，則每個(gè)小燈泡消耗的電功率______W（結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）?！敬鸢浮浚?）等于2.4不變（2）2.00.36【解析】【小問1詳析】①[1]開關(guān)S合向1，當(dāng)電流計(jì)G的示數(shù)為零時(shí)，由電路知識(shí)可知，電阻絲段的電壓與標(biāo)準(zhǔn)電源的電動(dòng)勢(shì)相等；②[2][3]設(shè)電阻絲的長(zhǎng)度為，單位長(zhǎng)度的電阻為，則當(dāng)開關(guān)S合向1時(shí)，則有當(dāng)開關(guān)S合向2時(shí)有兩式聯(lián)立可得代入數(shù)據(jù)可解得③[4]若考慮供電電源的內(nèi)阻，則有，兩式聯(lián)立仍可解得可知待測(cè)電源電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值不變。【小問2詳析】[1]由閉合電路歐姆定律可得代入數(shù)據(jù)可解得[2]設(shè)每個(gè)小燈泡兩端的電壓為，流過小燈泡的電流為，由閉合電路歐姆定律可得整理可得在圖2中作出該圖像如圖所示可得每個(gè)小燈泡兩端的電壓為流過每個(gè)小燈泡的電流為故每個(gè)小燈泡消耗的電功率為13.如圖所示為一盛放液體的圓柱形容器截面圖，A、C兩點(diǎn)間的高度為，CD為直徑。當(dāng)容器內(nèi)無液體時(shí)，從A點(diǎn)沿圖示方向射入容器的光線，能照到容器壁上的B點(diǎn)?，F(xiàn)保持光