2025屆福建省三十六校高三年級(jí)上冊(cè)第一次聯(lián)合測(cè)試（一模）物理試題（含答案解析）

2025屆福建省三十六校高三上學(xué)期第一次聯(lián)合測(cè)試（一模）物

理試題

學(xué)校:姓名：班級(jí)：考號(hào)：

一、單選題

1.下列四幅書本插圖中，體現(xiàn)了理想化模型的物理思想的是（）

D.伽利略研究自由落體運(yùn)動(dòng)的規(guī)律

2.燃?xì)庠钪Ъ苡泻芏喾N規(guī)格和款式。如圖所示，這是甲、乙兩款不同的燃?xì)庠钪Ъ埽鼈?/p>

都是在一個(gè)圓圈底座上等間距地分布有五個(gè)支架齒，每一款支架齒的簡(jiǎn)化示意圖在對(duì)應(yīng)的款

式下方。如果將質(zhì)量相同、尺寸不同的球面鍋置于兩款支架上的人b,c、d四個(gè)位置，則

鍋對(duì)各位置的壓力分別為工、居、￡、%,忽略鍋與支架間的摩擦，下列判斷正確的是（）

A.Fa=FhB.Fa<FhC.Fc=FdD.Fc<Fd

3.我國(guó)第二艘航空母艦“山東艦”在海南三亞某軍港交付海軍并正式服役。已知“山東艦”在

某次試航時(shí)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，其速度變化Av時(shí)，“山東艦”沿直線運(yùn)動(dòng)的距離為L(zhǎng)在接

下來其速度變化Av時(shí)，“山東艦”沿直線運(yùn)動(dòng)的距離為貝『'山東艦”做勻加速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)的

加速度大小為（）

A（Av）21（Av）2B（髭）2（A"）”

'LILI

CDWAV），

-l-L'l-L

4.三位科學(xué)家因在銀河系中心發(fā)現(xiàn)一個(gè)超大質(zhì)量的黑洞而獲得了諾貝爾物理學(xué)獎(jiǎng)，他們對(duì)

銀河系中心附近的恒星S2進(jìn)行了多年的持續(xù)觀測(cè)，給出1994年到2002年間S2的位置如

圖所示。科學(xué)家認(rèn)為S2的運(yùn)動(dòng)軌跡是半長(zhǎng)軸約為1000AU（太陽(yáng)到地球的距離為1AU）的

橢圓，若認(rèn)為S2所受的作用力主要為該大質(zhì)量黑洞的引力，設(shè)太陽(yáng)的質(zhì)量為M,可以推測(cè)

出（）

A.黑洞質(zhì)量約為4X1（）4MB.黑洞質(zhì)量約為4x106^

C.恒星S2質(zhì)量約為4x10"“D.恒星S2質(zhì)量約為4義1。6加

二、多選題

5.如圖所示，天花板上分別用輕質(zhì)細(xì)線和輕彈簧吊起小球P和Q,重力加速度為g,下列

試卷第2頁(yè)，共8頁(yè)

說法正確的是（）

A.剪斷細(xì)線的瞬間，小球P受力平衡

B.剪斷細(xì)線的瞬間，小球P的加速度為g

C.剪斷彈簧下端的瞬間，小球Q的加速度為g

D.剪斷彈簧上端的瞬間，小球Q的加速度小于g

6.如圖所示，質(zhì)量分別為2機(jī)和機(jī)的兩個(gè)物體A、B用跨過光滑定滑輪的繩子連接，兩物

體恰好做勻速運(yùn)動(dòng)。A、B與桌面的動(dòng)摩因數(shù)相同，重力加速度大小為g,不計(jì)空氣阻力及

繩子的質(zhì)量。若將A與B互換，則（）

A.兩物體做加速運(yùn)動(dòng)‘加速度B.兩物體做加速運(yùn)動(dòng)，加速度。=日

2

C.繩子中拉力大小不變D.繩子中拉力大小變?yōu)樵瓉淼?倍

7.如圖甲所示，A2為粗糙水平桌面，傾角為。的斜面頂端位于8點(diǎn)，可視為質(zhì)點(diǎn)的質(zhì)量為

1kg的物塊置于A點(diǎn)。用不同的水平拉力廠作用于物塊上，使物塊從A點(diǎn)由靜止開始運(yùn)動(dòng),

當(dāng)物塊運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)撤去拉力凡測(cè)出物塊在不同拉力作用下落在斜面上的水平射程s,作

出如圖乙所示的s-廠圖像。已知間距離為％,6>=45°,重力加速度g=10m/s2,物塊與

水平桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為〃，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，可得（）

A.JLI—0.5B.4=0.25C.x=0.5mD.x=0.25m

8.如圖所示，輕桿一端可繞光滑錢鏈。在豎直平面內(nèi)自由轉(zhuǎn)動(dòng)，另一端固定一可視為質(zhì)點(diǎn)

的小球A；輕繩一端連接小球2,另一端穿過位于。點(diǎn)正下方的小孔P與A相連。用沿繩斜

向上的拉力E作用于小球4使桿保持水平。某時(shí)刻撤去拉力凡小球A、B帶動(dòng)輕桿繞。

點(diǎn)轉(zhuǎn)動(dòng)。己知小球A、B的質(zhì)量均為根，桿長(zhǎng)為3L,0P長(zhǎng)為5乙，重力加速度為g,忽略一

切阻力。則下列說法正確的是（）

A.桿保持水平時(shí)，輕桿對(duì)小球A的拉力大小為爭(zhēng)

B.運(yùn)動(dòng)過程中，兩小球速度大小相等時(shí)的速度值為小晟

C.運(yùn)動(dòng)過程中，兩小球速度大小相等時(shí)細(xì)繩對(duì)小球A的拉力大小為g

（^72、

D.運(yùn)動(dòng)過程中，兩小球速度大小相等時(shí)輕桿對(duì)小球A的拉力大小為—--言mg

三、填空題

9.圖甲為土星探測(cè)器拍攝的照片（圖乙為其示意圖），土衛(wèi)三十五號(hào)位于土星內(nèi)環(huán)和外環(huán)之

間的縫隙里，兩土星環(huán)由大量碎塊組成，根據(jù)圖乙中的信息，內(nèi)環(huán)繞行線速度外環(huán);

內(nèi)環(huán)繞行周期外環(huán)。（均填或）

試卷第4頁(yè)，共8頁(yè)

四、實(shí)驗(yàn)題

10.如圖所示為小球做平拋運(yùn)動(dòng)的部分軌跡，4、氏C為軌跡上的三點(diǎn)，測(cè)得相鄰兩點(diǎn)間水

平和豎直方向的間距如圖中所示，重力加速度為g,則小球從。點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的時(shí)間T

為，小球平拋的初速度大小為0（均用g和L表示）

五、填空題

11.某實(shí)驗(yàn)小組用數(shù)字傳感器探究橡皮筋的彈性規(guī)律，實(shí)驗(yàn)過程中先緩慢拉長(zhǎng)橡皮筋，然后

逐漸恢復(fù)至原長(zhǎng)，記錄實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)后，以橡皮筋的形變量Ax為橫坐標(biāo)，橡皮筋的彈力/為縱

坐標(biāo)建立直角坐標(biāo)系，如圖所示，對(duì)應(yīng)OfA43今CfO的過程。由圖像可知，橡皮筋

的彈性規(guī)律（填“滿足”或“不滿足”）胡克定律；過程中，橡皮筋的勁度系數(shù)一

（填“增大”或“減小”）；在整個(gè)過程中，外力對(duì)橡皮筋（填“做正功”“做負(fù)功”或“不做

功”）。

六、實(shí)驗(yàn)題

12.某同學(xué)利用圖示裝置可以探究物塊的加速度與其所受合外力的關(guān)系。實(shí)驗(yàn)主要步驟如下:

（1）測(cè)出遮光條的寬度為心按圖示安裝好實(shí)驗(yàn)裝置，測(cè)出兩光電門間距為L(zhǎng)并調(diào)節(jié)滑輪

的高度使滑輪與物塊之間的細(xì)線與水平桌面平行；

（2）調(diào)節(jié)重物的質(zhì)量，輕推物塊后，使物塊經(jīng)過兩光電門時(shí)遮光條的遮光時(shí)間相等，記下

此時(shí)拉力傳感器的示數(shù)工；

（3）增加重物的質(zhì)量，由靜止釋放物塊，記錄物塊經(jīng)過光電門A、B時(shí)遮光條的遮光時(shí)間4

和芍及拉力傳感器的示數(shù)E物塊受到的合外力為,物塊的加速度為（用題

中相關(guān)物理量的字母表示）；

（4）重復(fù)步驟（3）,（填“需要”或“不需要”）保證物塊每次都從同一位置由靜止釋

放；

（5）依據(jù)測(cè)量的數(shù)據(jù)，判定物塊的加速度與所受合外力的關(guān)系。

13.某同學(xué)用如圖所示裝置探究物體做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)向心力與角速度的關(guān)系，力傳感器固定在

豎直桿上的A點(diǎn)，質(zhì)量為機(jī)的磁性小球用細(xì)線以6連接，細(xì)線。的另一端連接在豎直桿上

的。點(diǎn)，細(xì)線6的另一端連接在力傳感器上，拉動(dòng)小球，當(dāng)隊(duì)b兩細(xì)線都伸直時(shí)，細(xì)線b

水平，測(cè)得間的距離為右，小球到A點(diǎn)距離為4,磁傳感器可以記錄接收到〃次強(qiáng)磁場(chǎng)

所用的時(shí)間，重力加速度為g。

（1）實(shí)驗(yàn)時(shí)，保持桿豎直，使小球在細(xì)線人伸直且水平的條件下繞桿做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，從

接收到第一個(gè)強(qiáng)磁場(chǎng)記為1,并開始計(jì)時(shí)，測(cè)得磁傳感器接收到“次強(qiáng)磁場(chǎng)所用時(shí)間為f,

則小球做圓周運(yùn)動(dòng)的角速度。=，測(cè)得力傳感器的示數(shù)為E則小球做圓周運(yùn)動(dòng)的向

心力工=（此空用含尸的式子表示）；

（2）多次改變小球做圓周運(yùn)動(dòng)的角速度（每次細(xì)線6均伸直且水平），測(cè)得多組力傳感器示

數(shù)斤及磁傳感器接收到n次強(qiáng)磁場(chǎng)所用的時(shí)間f,作尸-，圖像。如果圖像是一條傾斜直線，

圖像與縱軸的截距為，圖像的斜率為，則表明，小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，在

質(zhì)量、半徑一定的條件下，向心力大小與（填“角速度”或“角速度的平方”）成正比。

試卷第6頁(yè)，共8頁(yè)

七、解答題

14.金秋十月，辛勤勞動(dòng)的農(nóng)民將收獲的谷粒堆放成圓錐體，在堆放完成后，最上層谷粒恰

好處于靜止?fàn)顟B(tài)，已知谷粒之間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃=0.5,最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重

力加速度g=10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8,求:

(1)堆放完成時(shí)，圓錐體的底角的正切值；

(2)堆放過程中，當(dāng)圓錐體底角大小為37。時(shí)，最上層谷粒的加速度大小。

15.如圖所示，水平面上放置著緊靠在一起的8個(gè)完全相同的物塊，每個(gè)物塊的質(zhì)量均為

777=2kg,長(zhǎng)度均為L(zhǎng)=0.8m,與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為〃i=02,第一個(gè)物塊的最左

側(cè)有一可視為質(zhì)點(diǎn)的滑塊，滑塊的質(zhì)量服=6kg,它與物塊間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃2=0.5,某時(shí)

刻給滑塊水平向右的初速度%=6m/s,重力加速度g=10m/s2。求:

1~~＞丫。

1~~I~3~~~I6I~7~I~8-

/////////////////////////////////////////////////

(1)當(dāng)滑塊運(yùn)動(dòng)到第幾個(gè)物塊時(shí)，物塊開始滑動(dòng)；

(2)滑塊最終停在第幾個(gè)物塊上。

25

16.如圖所示，水平傳送帶長(zhǎng)L=：m,以v=4m/s的速度順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，傳送帶與半徑

可調(diào)的豎直光滑半圓軌道平滑連接，段為光滑管道，小物塊(可視為質(zhì)點(diǎn))輕放在

傳送帶左端，已知小物塊的質(zhì)量m=lkg,與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃=0.2,ZCOD=60°,

重力加速度g=10m/s2。

⑴求小物塊到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的速度大??；

(2)求由于傳送小物塊，電動(dòng)機(jī)多做的功；

(3)若要使小物塊從D點(diǎn)飛出后落回傳送帶的水平距離最大，求半圓軌道半徑R的大??；

(4)若小物塊在半圓軌道內(nèi)運(yùn)動(dòng)時(shí)始終不脫離軌道且不從。點(diǎn)飛出，求半圓軌道半徑R的取

值范圍。

試卷第8頁(yè)，共8頁(yè)

《2025屆福建省三十六校高三上學(xué)期第一次聯(lián)合測(cè)試（一模）物理試題》參考答案

題號(hào)12345678

答案ACCBBCBCADBC

1.A

【詳解】A.研究地球繞太陽(yáng)公轉(zhuǎn)時(shí)把地球視為質(zhì)點(diǎn)，體現(xiàn)了理想化模型法，故A正確;

B.研究可、尸2與尸的關(guān)系，體現(xiàn)了等效替代法，故C錯(cuò)誤；

C.通過平面鏡觀察桌面的微小形變，體現(xiàn)了微小形變放大法，故C錯(cuò)誤；

D.伽利略在研究自由落體運(yùn)動(dòng)時(shí)，體現(xiàn)了實(shí)驗(yàn)和邏輯推理的方法，故D錯(cuò)誤。

故選A。

2.C

【詳解】AB.甲款支架對(duì)球面鍋的支持力方向指向球面鍋的球心，如下圖

鍋處于平衡狀態(tài)，根據(jù)平衡條件，則有

mg=5FNcos0

解得

F=

N5cose

由圖知，鍋的尺寸越大，。越小，則支架對(duì)球面鍋的支持力越小。又由牛頓第三定律得，鍋

的尺寸越大，球面鍋對(duì)支架的壓力越小。所以

Fb<Fa

故AB錯(cuò)誤；

CD.乙款支架對(duì)球面鍋的支持力方向垂直于接觸面，如下圖

答案第1頁(yè)，共11頁(yè)

鍋處于平衡狀態(tài)，根據(jù)平衡條件，則有

mg=5綜cos。

解得支架對(duì)球面鍋的支持力

m

F-S

N5cos(9

由圖知，不論鍋的尺寸大小，e不變，則支架對(duì)球面鍋的支持力大小不變。又有牛頓第三定

律得，鍋的尺寸無論大小，球面鍋對(duì)支架的壓力不變。故c正確，D錯(cuò)誤。

故c。

3.C

【詳解】設(shè)勻加速的加速度為“山東艦”的速度分別為小匕和匕,據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可知

￥—V；=2aL

v；—v；=2al

又因?yàn)?/p>

V=VV=

V2~13~2

聯(lián)立以上三式解得

八包

1-L

故選C。

4.B

【詳解】設(shè)地球的質(zhì)量為如地球到太陽(yáng)的距離為『1AU,地球的公轉(zhuǎn)周期為年;

由萬有引力提供向心力可得

2

G「-Mm=m^4Krr

解得

GT2

對(duì)于S2受到黑洞的作用，橢圓軌跡半長(zhǎng)軸R=1000AU,根據(jù)圖中數(shù)據(jù)結(jié)合圖象可以得到S2

運(yùn)動(dòng)的半周期為(2002-1994)年=8年，則周期為

7=16年

根據(jù)開普勒第三定律結(jié)合萬有引力公式可以得出

答案第2頁(yè)，共11頁(yè)

其中R為S2的軌跡半長(zhǎng)軸，因此有

“RT”

Ml=廠37'2”

代入數(shù)據(jù)解得

M鼾4X106M

根據(jù)題中條件無法求解恒星S2的質(zhì)量。

故選B。

5.BC

【詳解】AB.剪斷細(xì)線的瞬間，小球P受重力作用，受力不平衡，小球P的加速度為g,

故A錯(cuò)誤，B正確；

C.剪斷彈簧下端的瞬間，小球Q僅受重力作用，加速度為g,故C正確；

D.剪斷彈簧上端的瞬間，小球Q僅受重力作用，加速度為g,故D錯(cuò)誤。

故選BC。

6.BC

【詳解】?jī)晌矬w恰好做勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)受力平衡可得

mg=T=〃?2mg

將A與B互換，分別對(duì)A、B根據(jù)牛頓第二定律可得

2mg—T'=2ma,T-pimg=ma

聯(lián)立解得

a=—,T=mg

2

可知繩子中拉力大小不變。

故選BCo

7.AD

【詳解】AB.由圖乙可知，當(dāng)拉力廠達(dá)到5N時(shí)，物塊在水平桌面上才開始運(yùn)動(dòng)，則

F=jumg=5N

解得

〃=0.5

故A正確，B錯(cuò)誤；

CD.在AB段，根據(jù)動(dòng)能定理可得

答案第3頁(yè)，共11頁(yè)

(F-^mg)x=^mVg

根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律，有水平射程和豎直位移分別為

712

s=%'，h.gt

根據(jù)幾何關(guān)系可得

tan0=—=1

S

聯(lián)立可得

4x尸.

s=----r-4//x

mg

由圖乙可知

4x_0.5

mg5

解得

x=0.25m

故C錯(cuò)誤，D正確。

故選AD。

8.BC

【詳解】A.由幾何關(guān)系可知，桿保持水平時(shí)繩與豎直方向夾角為

3

tana=一

5

可得

3

sina=—j=

V34

5

coscc-—1---

V34

對(duì)小球A受力分析可知

Fcosa=F+mgcosa

Fsina-T+Fsina

對(duì)B

F=mg

解得輕桿對(duì)小球A的拉力大小為

T3mg

1=------

5

答案第4頁(yè)，共11頁(yè)

選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B.運(yùn)動(dòng)過程中，兩小球速度大小相等時(shí)的，繩的方向與桿垂直，則此時(shí)繩與豎直方向夾角

為

.八3

sin〃=一

5

即

6=37。

由能量關(guān)系

mg-3Lsin37°+網(wǎng)西療+(3-，-7(5L)2-(3L)2]=2x(mv2

C.兩小球速度大小相等時(shí)，對(duì)小球A受力分析如圖3,沿繩方向應(yīng)有

T+mgcos9=mai

小球B與小球A沿繩方向的加速度大小相等，則對(duì)小球B有

mg-T=mai

將角度。代入并聯(lián)立解得

皿

1=—1m2

10

故C正確；

D.對(duì)A球，在速度最大時(shí)，沿桿方向應(yīng)有

v2

T"-mgsin0-m——

3L

代入數(shù)據(jù)解得

答案第5頁(yè)，共11頁(yè)

A/342

N_―15

故D錯(cuò)誤。

故選BC。

9.><

【詳解】口］［2］根據(jù)萬有引力提供向心力有

-Mmv24萬2

G—Z—=m—=mr——

4//

GM

因此可知軌道半徑越小，線速度越大，周期越小。即內(nèi)環(huán)繞行線速度〉外環(huán)；內(nèi)環(huán)繞行周期

〈外環(huán)。

【詳解】口］小球在豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，連續(xù)相等時(shí)間內(nèi)的位移差為常數(shù)，即

§

［2］由小球平拋運(yùn)動(dòng)的初速度大小

整理得小球水平分速度為

不滿足減小做正功

【詳解】［1］根據(jù)胡克定律

F=kAx

可知b-Ax的圖像為傾斜的直線；由題圖可知，橡皮筋的彈性規(guī)律不滿足胡克定律;

⑵根據(jù)公式

答案第6頁(yè)，共11頁(yè)

F=kAx

可知，圖線的斜率表示勁度系數(shù)，由圖像可知，A-8過程中，A與。連線的斜率大于8與

。連線的斜率，所以橡皮筋的勁度系數(shù)減小;

[3]根據(jù)尸-Ax圖像與橫軸圍成的面積表示做功的大小，由圖像可知，OfAfCfO

的過程中，外力對(duì)橡皮筋做正功。

12.F-F。不需要

【詳解】(3)[1]物塊勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，受平衡力作用，摩擦力與拉力大小相等

物塊勻加速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，拉力大小為死物塊受到的合力為

F^F-f=F-F0

⑵物塊經(jīng)過光電門A、B時(shí)遮光條的速度大小為

dd

由勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可知

%2f2=2〃

解得物塊的加速度大小為

屋。2T2?）

Cl—

(4)利用勻變速直線運(yùn)動(dòng)的運(yùn)動(dòng)學(xué)公式VB2-VA2=2〃￡,求解加速度的大小，不需要保證物

塊每次都從同一位置由靜止釋放。

2%（〃一1）必+/

13.4^2(n-l)2w￡角速度的平方

A2

【詳解】(1)[1]從接收到第一個(gè)強(qiáng)磁場(chǎng)記為1,并開始計(jì)時(shí)，測(cè)得磁傳感器接收到"次強(qiáng)

磁場(chǎng)所用時(shí)間為3則小球做圓周運(yùn)動(dòng)的周期為

7=看

小球做圓周運(yùn)動(dòng)的角速度為

2TI2兀（幾一1）

CD=-----=-----------------

Tt

⑵設(shè)細(xì)線。與豎直方向夾角為0,豎直方向

答案第7頁(yè)，共11頁(yè)

F[cos0=mg

水平方向上

Fn=+F

又

tan^=-

Li

解得

F“="F

（2）⑶⑷⑶由于尸-（圖像是一條傾斜直線，貝U

小―WL產(chǎn)(〃一1)2

42r2

化解得

/=4/5-1)2mL2一幽1

tL]

圖像與縱軸的截距為

b“里

圖像的斜率為

22

k-4^-(n-l)m￡2

可知小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，在質(zhì)量、半徑一定的條件下，向心力大小與角速度的平方成正

比。

14.（1）0.5

⑵2m/s2

【詳解】（1）由題知，最上層谷粒恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)，設(shè)圓錐體的底角為氏對(duì)其受力分析，

可得

〃蛆sin0="mgcos0

解得

tan0=0.5

（2）當(dāng)圓錐體底角大小為37。時(shí)，對(duì)最上層谷粒，根據(jù)牛頓第二定律有

mgsin37-"mgcos37=ma

答案第8頁(yè)，共11頁(yè)

解得

a=2m/s2

15.(1)5

(2)5

【詳解】(1)設(shè)當(dāng)滑塊運(yùn)動(dòng)到第〃個(gè)物塊時(shí)，物塊開始滑動(dòng)，則

>{[8-(?7-l)]/ng+Mg}^g

解得

n>4.5

即當(dāng)滑塊運(yùn)動(dòng)到第5個(gè)物塊時(shí)，物塊開始滑動(dòng)。

(2)滑塊在木塊上做減速運(yùn)動(dòng)的加速度

2

a=/J2g=5m/s

物塊剛滑上第5個(gè)木塊時(shí)的速度

v50=-2ax4L=2m/s

滑上第5個(gè)木塊時(shí)從第5到第8個(gè)木塊的加速度

q=〃Mgf(M+4—=0.25mzs2

4m

滑塊與木塊共速時(shí)則

v=v50-at=a^t

解得

8

t=——s

21

v=—m/s

21

此時(shí)滑塊在木板上的相對(duì)位移

AV+V05V

Ax=.......-t——t為=0.38m<￡

222

可知滑塊沒有滑出木塊5,即滑塊最終停在第5個(gè)物塊上。

16.(l)4m/s

(2)16J

(3)0.2m

答案第9頁(yè)，共11頁(yè)

(4)0.4mWH(岳］11或R20.8m

【詳解】(1)對(duì)小物塊受力分析，由牛頓第二定律

解得

a=2mzs2

設(shè)小物塊與傳送帶共速的時(shí)間為5由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式

v=atx

可得

%=2s

加速的位移為

124

%1=—a%=4m

因?yàn)?/p>