山西省山西大學(xué)附中2025屆高三二診模擬考試物理試卷含解析_第1頁
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文檔簡介

山西省山西大學(xué)附中2025屆高三二診模擬考試物理試卷注意事項1.考試結(jié)束后,請將本試卷和答題卡一并交回.2.答題前,請務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號用0.5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置.3.請認(rèn)真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號與本人是否相符.4.作答選擇題,必須用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)選項的方框涂滿、涂黑;如需改動,請用橡皮擦干凈后,再選涂其他答案.作答非選擇題,必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答,在其他位置作答一律無效.5.如需作圖,須用2B鉛筆繪、寫清楚,線條、符號等須加黑、加粗.一、單項選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1、2019年10月1日,在國慶70周年盛大閱兵式上,大國重器東風(fēng)-17高超音速戰(zhàn)略導(dǎo)彈震撼曝光!有限的資料顯示,東風(fēng)17高超音速導(dǎo)彈最大速度在6~25馬赫之間,射程約為2000公里左右,其戰(zhàn)斗部為十分前沿的帶翼面承波體結(jié)構(gòu),通過彈體助推至大氣層邊緣,并以"打水漂"一樣的方式進(jìn)行滑躍飛行,突防能力極強(qiáng)。值得一提的是,這種"助推—滑翔"彈道由我國著名科學(xué)家錢學(xué)森在上個世紀(jì)末40年代首次推出,因此該彈道亦稱"錢學(xué)森彈道"。已知東風(fēng)-17質(zhì)量為m,在一次試射機(jī)動變軌過程中,東風(fēng)-17正在大氣層邊緣向東水平高速飛行,速度大小為12馬赫(1馬赫就是一倍音速,設(shè)為v),突然蛇形機(jī)動變軌,轉(zhuǎn)成水平向東偏下37°角飛行,速度大小為15馬赫。此次機(jī)動變軌過程中()A.合力對東風(fēng)-17做功為81mv2B.合力對東風(fēng)-17做功為4.5mv2C.合力對東風(fēng)-17的沖量大小為9mv,方向豎直向下D.合力對東風(fēng)-17的沖量大小為3mv,方向向東偏下37°2、如圖,一根容易形變的彈性輕導(dǎo)線兩端固定。導(dǎo)線中通有如圖箭頭所示的電流I。當(dāng)沒有磁場時,導(dǎo)線呈直線狀態(tài);當(dāng)分別加如圖所示的勻強(qiáng)磁場B時,描述導(dǎo)線狀態(tài)的四個圖示中正確的是()A. B.C. D.3、一帶負(fù)電的粒子只在電場力作用下沿x軸正方向運動,其電勢能Ep隨位移x變化的關(guān)系如圖所示,其中0~x2段是關(guān)于直線x=x1對稱的曲線,x2~x3段是直線,則下列說法正確的是A.x1處電場強(qiáng)度最小,但不為零B.粒子在0~x2段做勻變速運動,x2~x3段做勻速直線運動C.若x1、x3處電勢為?1、?3,則?1<?3D.x2~x3段的電場強(qiáng)度大小方向均不變4、如圖所示,一個鋼球放在傾角為的固定斜面上,用一豎直的擋板擋住,處于靜止?fàn)顟B(tài)。各個接觸面均光滑。關(guān)于球的重力大小G、球?qū)π泵娴膲毫Υ笮N1、球?qū)醢宓膲毫Υ笮N2間的關(guān)系,正確的是()A.FN1>GB.FN2>GC.FN2=GD.FN1<FN25、電容為C的平行板電容器豎直放置,正對面積為S,兩極板間距為d,充電完成后兩極板之間電壓為U,斷開電路,兩極板正對區(qū)域視為勻強(qiáng)電場,其具有的電場能可表示為。如果用外力使平行板電容器的兩個極板間距緩慢變?yōu)?d,下列說法正確的是()A.電容變?yōu)樵瓉淼膬杀?B.電場強(qiáng)度大小變?yōu)樵瓉淼囊话隒.電場能變?yōu)樵瓉淼膬杀?D.外力做的功大于電場能的增加量6、一定量的理想氣體從狀態(tài)a開始,經(jīng)歷三個過程ab、bc、ca回到原狀態(tài),其圖像如圖所示,下列判斷正確的是()A.過程ac中氣體內(nèi)能的增加等于吸收的熱量B.過程bc中氣體既不吸熱也不放熱C.過程ab中氣體吸收的熱量大于氣體內(nèi)能的增加D.a(chǎn)、b和c三個狀態(tài)中,狀態(tài)a氣體的內(nèi)能最小二、多項選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項中,有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、如圖所示,電路中定值電阻R的阻值大于電源內(nèi)阻r的阻值,開關(guān)S閉合,將滑動變阻器滑片向下滑動,理想電壓表V1、V2、V3的示數(shù)變化量的絕對值分別為△U1、△U2、△U3,理想電流表示數(shù)變化量的絕對值為△I,下列說法止確的是()A.理想電壓表V2的示數(shù)增大 B.△U3>△U1>△U2C.電源的輸出功率減小 D.△U3與△Ⅰ的比值不變8、如圖所示,一長L=1m的水平傳送帶以v1=2m/s的恒定速率沿順時針方向轉(zhuǎn)動,傳送帶右端有一與傳送帶等高的光滑水平面,一質(zhì)量m=4kg的物塊以vA.經(jīng)過t=1sB.經(jīng)過t=2sC.在t時間內(nèi)傳送帶對物塊做的功為-4JD.在t時間內(nèi)由于物塊與傳送帶間摩擦而產(chǎn)生的熱量為16J9、如圖所示,輕彈簧放置在傾角為的斜面上,下端固定于斜面底端,重的滑塊從斜面頂端點由靜止開始下滑,到點接觸彈簧,滑塊將彈簧壓縮最低至點,然后又回到點,已知,,下列說法正確的是()A.整個過程中滑塊動能的最大值為B.整個過程中彈簧彈性勢能的最大值為C.從點向下到點過程中,滑塊的機(jī)械能減少量為D.從點向上返回點過程中彈簧、滑塊與地球組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒10、如圖所示,理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比是2:1,AB兩點之間始終加(V)的交變電壓。R是輸電線的電阻,L是標(biāo)有“100V、100W”的白熾燈。M是標(biāo)有“100V、200W”的電動機(jī),其線圈電阻r=10。開關(guān)S斷開時,電動機(jī)正常工作。下列說法正確的是()A.輸電線的電阻阻值B.電動機(jī)的輸出功率為180WC.開關(guān)S閉合后,電動機(jī)的電功率減小D.開關(guān)S閉合后,白熾燈的功率為100W三、實驗題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11.(6分)甲實驗小組利用圖(a)裝置探究機(jī)械能守恒定律.將小鋼球從軌道的不同高度h處靜止釋放,斜槽軌道水平末端離落點的高度為H,鋼球的落點距軌道末端的水平距離為s.(g取10m/s2)(1)若軌道完全光滑,s2與h的理論關(guān)系應(yīng)滿足s2=______(用H、h表示).(2)圖(b)中圖線①為根據(jù)實驗測量結(jié)果,描點作出的s2–h關(guān)系圖線;圖線②為根據(jù)理論計算得到的s2–h關(guān)系圖線.對比實驗結(jié)果,發(fā)現(xiàn)自同一高度靜止釋放的鋼球,實際水平拋出的速率______(選填“小于”或“大于”)理論值.造成這種偏差的可能原因是______________________.乙實驗小組利用同樣的裝置“通過頻閃照相探究平拋運動中的機(jī)械能守恒”.將質(zhì)量為0.1kg的小鋼球A由斜槽某位置靜止釋放,由頻閃照相得到如圖(c)所示的小球位置示意圖,O點為小球的水平拋出點.(3)根據(jù)小球位置示意圖可以判斷閃光間隔為______s.(4)以O(shè)點為零勢能點,小球A在O點的機(jī)械能為______J;小球A在C點時的重力勢能為______J,動能為______J,機(jī)械能為______J.12.(12分)(1)如圖所示的四個圖反映“用油膜法估測分子的大小”實驗中的四個步驟,將它們按操作先后順序排列應(yīng)是________(用符號表示)(2)用“油膜法”來粗略估測分子的大小,是通過一些科學(xué)的近似處理,這些處理有:___________。(3)某同學(xué)通過測量出的數(shù)據(jù)計算分子直徑時,發(fā)現(xiàn)計算結(jié)果比實際值偏大,可能是由于(_____)A.油酸未完全散開B.油酸溶液濃度低于實際值C.計算油膜面積時,將所有不足一格的方格計為一格D.求每滴溶液體積時,1mL的溶液的滴數(shù)多記了10滴四、計算題:本題共2小題,共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13.(10分)如圖(a)所示,傾角θ=30°的光滑固定斜桿底端固定一電量為Q=2×10﹣4C的正點電荷,將一帶正電小球(可視為點電荷)從斜桿的底端(但與Q未接觸)靜止釋放,小球沿斜桿向上滑動過程中能量隨位移的變化圖象如圖(b)所示,其中線1為重力勢能隨位移變化圖象,線2為動能隨位移變化圖象.(g=10m/s2,靜電力恒量K=9×109N?m2/C2)則(1)描述小球向上運動過程中的速度與加速度的變化情況;(2)求小球的質(zhì)量m和電量q;(3)斜桿底端至小球速度最大處由底端正點電荷形成的電場的電勢差U;(4)在圖(b)中畫出小球的電勢能ε隨位移s變化的圖線.(取桿上離底端3m處為電勢零點)14.(16分)長為的長木板B靜止放在水平冰面上,小物塊A以某一初速度從木板B的左端滑上長木板B,直到A、B的速度達(dá)到相同,此時A、B的速度為,然后A、B又一起在水平冰面上滑行了后停下.若小物塊A可視為質(zhì)點,它與長木板B的質(zhì)量相同,A、B間的動摩擦因數(shù),取求:(1)木板與冰面的動摩擦因數(shù)(2)小物塊A的初速度15.(12分)如圖所示是一種叫“蹦極跳”的運動。跳躍者用彈性長繩一端綁在腳踝關(guān)節(jié)處,另一端固定在距地面幾十米高處,然后從該高處自由跳下。某人做蹦極運動時,從起跳開始計時,他對彈性長繩的彈力F隨時間t變化為如圖所示的曲線。為研究方便,不計彈性長繩的重力,忽略跳躍者所受的空氣阻力,并假設(shè)他僅在豎直方向運動,重力加速度g取10m/s2。根據(jù)圖中信息求:(1)該跳躍者在此次跳躍過程中的最大加速度;(2)該跳躍者所用彈性繩的原長;(3)假設(shè)跳躍者的機(jī)械能都損耗于與彈性繩相互作用過程中。試估算,為使該跳躍者第一次彈回時能到達(dá)與起跳點等高處,需要給他多大的初速度。

參考答案一、單項選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

AB.根據(jù)動能定理得故AB錯誤。

CD.根據(jù)動量定理得方向豎直向下,故C正確,D錯誤。

故選C。2、B【解析】

考查安培力。【詳解】A.圖示電流與磁場平行,導(dǎo)線不受力的作用,故A錯誤;B.由左手定則判得,安培力的方向水平向右,故B正確;C.由左手定則判得,安培力的方向垂直直面向里,故C錯誤;D.由左手定則判得,安培力的方向水平向右,故D錯誤。故選B。3、D【解析】EP-x圖像的斜率表示粒子所受電場力F,根據(jù)F=qE可知x1處電場強(qiáng)度最小且為零,故A錯誤;B、粒子在0~x2段切線的斜率發(fā)生變化,所以加速度也在變化,做變速運動,x2~x3段斜率不變,所以做勻變速直線運動,故B錯誤;C、帶負(fù)電的粒子從x1到x3的過程中電勢能增加,說明電勢降低,若x1、x3處電勢為?1、?3,則?1>?3,故C錯誤;D、x2~x3段斜率不變,所以這段電場強(qiáng)度大小方向均不變,故D正確;故選D點睛:EP-x圖像的斜率表示粒子所受電場力F,根據(jù)F=qE判斷各點場強(qiáng)的方向和大小,以及加速度的變化情況。至于電勢的高低,可以利用結(jié)論“負(fù)電荷逆著電場線方向移動電勢能降低,沿著電場線方向移動電勢能升高”來判斷。4、A【解析】

以球為研究對象,球受重力、斜面和擋板對球體的支持力F1和F2,由平衡條件知,F(xiàn)1和FN2的合力與G等大、反向、共線,作出力圖如圖所示,根據(jù)平衡條件,有根據(jù)牛頓第三定律可知,球?qū)π泵娴膲毫Υ笮∏驅(qū)醢宓膲毫Υ笮t故A正確,BCD錯誤。故選A。5、C【解析】

A.極板間距變?yōu)樵瓉韮杀?,根?jù)可知電容減半,A錯誤;B.電荷量和極板正對面積不變,則電場強(qiáng)度大小不變,B錯誤;C.當(dāng)開關(guān)斷開后,電容器極板的電荷量Q不變,根據(jù)電容減半,兩極板間電壓加倍,根據(jù)可知,電場能加倍,C正確;D.電路斷開,沒有電流和焦耳熱產(chǎn)生,極板的動能不變,則外力做的功等于電場能的增加量,D錯誤。故選C。6、D【解析】

A.過程ac為等壓變化,由可知,溫度升高,體積增大,氣體對外做功,溫度升高,內(nèi)能增大,由熱力學(xué)第一定律可知,氣體內(nèi)能的增加等于吸收的熱量與氣體對外做功之差,則氣體內(nèi)能的增加小于吸收的熱量,故A錯誤;B.過程bc為等溫變化,△U=0,但氣體壓強(qiáng)減小,由知V增大,氣體對外做功,W<0,由△U=Q+W可知Q>0即氣體吸收熱量,故B錯誤;C.過程ab為等容變化,溫度升高,內(nèi)能增大,體積不變,由熱力學(xué)第一定律可知,氣體吸收的熱量等于氣體內(nèi)能的增加,故C錯誤;D.理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān),溫度越高,內(nèi)能越大,a、b和c三個狀態(tài)中,狀態(tài)a溫度最低,則理想氣體的內(nèi)能最小,故D正確。故選D。二、多項選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項中,有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、BD【解析】

A.理想電壓表內(nèi)阻無窮大,相當(dāng)于斷路。理想電流表內(nèi)阻為零,相當(dāng)短路,所以定值電阻R與變阻器串聯(lián),電壓表V1、V2、V3分別測量R的電壓、路端電壓和變阻器兩端的電壓。當(dāng)滑動變阻器滑片向下滑動時,接入電路的電阻減小,電路中電流增大,內(nèi)電壓增大,路端電壓減小,則V2的示數(shù)減小,故A錯誤;C.當(dāng)內(nèi)外電阻相等時,電源的輸出功率最大,故當(dāng)滑動變阻器滑片向下滑動時,外電阻越來越接近內(nèi)阻,故電源的輸出功率在增大;故C錯誤;BD.根據(jù)閉合電路歐姆定律得U2=E-Ir則得而據(jù)題:R>r,則得△U1>△U2同理U3=E-I(R+r)則得保持不變,同時得到△U3>△U1>△U2故BD正確;

故選BD。8、BD【解析】

AB.當(dāng)物塊滑上傳送帶后,受到傳送帶向右的摩擦力,根據(jù)牛頓第二定律有μmg=ma代入數(shù)據(jù)可得物塊加速度大小a=1m/s2,方向向右,設(shè)物塊速度減為零的時間為t1,則有0=代入數(shù)據(jù)解得t1=1s;物塊向左運動的位移有v代入數(shù)據(jù)解得x=0.5故物塊沒有從傳送帶左端離開;當(dāng)物塊速度減為0后向右加速,根據(jù)運動的對稱性可知再經(jīng)過1s從右端離開傳送帶,離開時速度為1m/s,在傳送帶上運動的時間為t=2t1=2s故A錯誤,B正確;C.在t=2s時間內(nèi),物塊速度大小不變,即動能沒有改變,根據(jù)動能定理可知傳送帶對物塊做的功為0,故C錯誤;D.由前面分析可知物塊在傳送帶上向左運動時,傳送帶的位移為x當(dāng)物塊在傳送帶上向右運動時,時間相同傳送帶的位移也等于x1,故整個過程傳送帶與物塊間的相對位移為Δx=在t時間內(nèi)由于物塊與傳送帶間摩擦而產(chǎn)生的熱量為Q故D正確。故選BD。9、BCD【解析】試題分析:當(dāng)滑塊的合力為0時,滑塊速度最大,設(shè)滑塊在點合力為0,點在和之間,滑塊從到,運用動能定理得:,,,所以,故A錯誤;滑塊從到,運用動能定理得:,解得:,彈簧彈力做的功等于彈性勢能的變化,所以整個過程中彈簧彈性勢能的最大值為,故B正確;從點到點彈簧的彈力對滑塊做功為,根據(jù)功能關(guān)系知,滑塊的機(jī)械能減少量為,故C正確;整個過程中彈簧、滑塊與地球組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒,沒有與系統(tǒng)外發(fā)生能量轉(zhuǎn)化,彈簧、滑塊與地球組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒,故D正確.考點:機(jī)械能守恒定律【名師點睛】本題的關(guān)鍵是認(rèn)真分析物理過程,把復(fù)雜的物理過程分成幾個小過程并且找到每個過程遵守的物理規(guī)律,準(zhǔn)確分析能量是如何轉(zhuǎn)化的.10、AC【解析】

A.開關(guān)S斷開時,電動機(jī)正常工作,副線圈兩端電壓100V,副線圈電流根據(jù)變壓器原理可知,原線圈兩端電壓200V,原線圈電流1A,在原線圈回路解得故A正確;B.電動機(jī)的輸出功率為故B錯誤;CD.開關(guān)S閉合后,副線圈回路電流變大,則原線圈回路電流變大,電阻R上分壓變大,則原線圈兩端電壓減小,根據(jù)變壓器原理,副線圈兩端電壓減小,小于100V,則電動機(jī)的電功率減小,白熾燈的功率小于100W,故C正確D錯誤。故選AC。三、實驗題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11、(1)4Hh(2)小于軌道與小球間存在摩擦或小球的體積過大(3)0.1(4)0.1125–0.80.91250.1125【解析】(1)對于小球從靜止釋放到水平拋出這段曲線運動,運用動能定理研究得:

mgh=mv2

解得:對于平拋運動,運用平拋運動的規(guī)律得出:在豎直方向:H=gt2

則有:--------①

在水平方向:s=vt-------------②

由①②得:所以:s2=4Hh

(2)對比實驗結(jié)果與理論計算得到的s2--h關(guān)系圖線中發(fā)現(xiàn):自同一高度靜止釋放的鋼球,也就是h為某一具體數(shù)值時,理論的s2數(shù)值大于實驗的s2數(shù)值,根據(jù)平拋運動規(guī)律知道同一高度運動時間一定,所以實驗中水平拋出的速率小于理論值.從s2--h關(guān)系圖線中分析得出鋼球水平拋出的速率差十分顯著,認(rèn)為造成上述偏差的可能原因是小球與軌道間存在摩擦力,或小球的體積過大造成的阻力過大;由于摩擦阻力做功損失了部分機(jī)械能,所以造成實驗中水平拋出的速率小于理論值.

(3)根據(jù)△y=gT2得:,

(4)設(shè)O點下一個點為B點,根據(jù)運動學(xué)公式得,水平初速度,所以小球A在O點的速度v0=1.5m/s,

小球A在C點時的速度

小球A在O點的機(jī)械能E0=0+×0.1×(1.5)2=0.1125J

因O點為小球的水平拋出點,且以O(shè)點為零勢能點,則小球A在C點時的重力勢能為EP=mgh=-0.8J;在C點的動能:EkC=mvc2=0.9125J;

小球A在C點時的機(jī)械能EC=×m×vc2+(-mgh0C)=0.9125-0.8=0.1125J

點睛:本題從新的角度考查了對機(jī)械能守恒實定律的理解,有一定的創(chuàng)新性,很好的考查了學(xué)生的創(chuàng)新思維,掌握平拋運動的處理方法,平拋運動在水平方向上做勻速直線運動,豎直方向上做自由落體運動.12、dacb把在水面上盡可能擴(kuò)散開的油膜視為單分子油膜,把形成油膜的分子看做緊密排列的球形分子A【解析】

(1)[1]“油膜法估測油酸分子的大小”實驗步驟為:配制酒精油酸溶液(教師完成,記下配制比例)→測定一滴油酸酒精溶液的體積(d)→準(zhǔn)備淺水盤→形成油膜(a)→描繪油膜邊緣(c)→測量油膜面積(b)→計算分子直徑;因此操作先后順序排列應(yīng)是dacb;(2)[2]在“用油膜法估測分子的大小”實驗中,我們的科學(xué)的近似處理是:①油膜是呈單分子分布的;②把油酸分子看成球形;③分子之間沒有空隙;(3)[3]計算油酸分子直徑的公式是V是純油酸的體積,S是油膜的面積。A.油酸未完全散開,測得的S偏小,測得的分子直徑d將偏大,故A正確;B.如果測得的油酸溶液濃度低于實際值,測得的油酸的體積偏小,測得的分子直徑將偏小,故B錯誤;C.計算油膜面積時將所有不足一格的方格計為一格,測得的S將偏大,測得的分子直徑將偏小,故C錯誤;D.求每滴體積時,lmL的溶液的滴數(shù)誤多記了10滴,一滴溶液的體積可知,測得一滴液體的體積偏小,測得純油酸的體積將偏小,測得的分子直徑將偏小,故D錯誤。四、計算題:本題共2小題,共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)小球的速度先增大,后減??;小球沿斜面向上做加速度逐漸減小的加速運動,再沿斜面向上做加速度逐漸增大的減速運

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