2025屆高三高考押題預測卷 物理（黑吉遼蒙卷03） 含解析

2025年高考押題預測卷03物理注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號等填寫在答題卡和試卷指定位置上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1~7題只有一項符合題目要求，每小題4分；第8~10題有多項符合題目要求，每小題6分，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1．2025年1月20日，有“人造太陽”之稱的中國全超導托卡馬克核聚變實驗裝置（EAST），首次實現(xiàn)1億攝氏度1066秒的高約束模式等離子體運行。關于該實驗中核聚變方程，下列說法正確的是（）A．帶正電 B．X是C．核反應前后總質量不變 D．的比結合能小于的比結合能【答案】B【解析】A．是中子不帶電，故A錯誤；B．根據(jù)質量數(shù)與電荷數(shù)守恒有2+3-1=4，1+1=2可知，X是，故B正確；C．核反應前后質量數(shù)不變，因為存在質量虧損，所以質量不守恒，故C錯誤；D．比結合能是原子核穩(wěn)定性的指標。在輕核聚變中，生成物（如氦-4）的比結合能高于反應物（氘和氚）。實際數(shù)據(jù)中，氚的比結合能（約2.8MeV/核子）高于氘（約1.1MeV/核子），故D錯誤。故選B。2．黑洞是一種密度極大、引力極大的天體，以至于光都無法逃逸，科學家一般通過觀測繞黑洞運行的天體的運動規(guī)律間接研究黑洞。已知某黑洞的逃逸速度為，其中引力常量為，M是該黑洞的質量，是該黑洞的半徑。若天文學家觀測到與該黑洞相距為的天體以周期繞該黑洞做勻速圓周運動，光速為，則下列關于該黑洞的說法正確的是（）A．該黑洞的質量為 B．該黑洞的質量為C．該黑洞的最大半徑為 D．該黑洞的最大半徑為【答案】D【解析】AB．天體繞黑洞運動時，有解得故AB錯誤；CD．黑洞的逃逸速度不小于光速，則有解得故C錯誤；D正確。故選D。3．在LC振蕩電路中，某時刻線圈中的磁場方向和電容器中的電場方向如圖所示，且有一質量不計的負電荷q在平行板電容器極板間做周期性運動，該電荷在經(jīng)過足夠長的時間后仍然不會接觸到極板，則下列說法正確的是（）A．此時負電荷q正在加速 B．此時電容器的電場能正在增大C．此時穿過線圈的磁通量的變化率正在增大 D．經(jīng)過半個周期后，負電荷q的運動方向向下【答案】A【解析】由圖可知，線圈上的電流由下到上，電容器下極板帶正電，可知電容器正在放電，兩極板間電壓正在減小，負電荷q正在向下做加速度減小的加速運動，電容器的電場能正在減小，回路中電流正在增加，電流的變化率正在減小，即穿過線圈的磁通量的變化率正在減小，由對稱性可知經(jīng)過半個周期后，負電荷q向上做加速度減小的加速運動。故選A。4．如圖甲所示，、為兩個固定點電荷，其中帶正電，它們連線的延長線上有、兩點。一帶正電的試探電荷以一定的初速度沿直線從點開始經(jīng)點向遠處運動，其速度圖像如圖乙所示。則下列說法正確的是（）A．的電荷量可能小于的電荷量B．點右側的電勢先降低后升高C．在、之間放置一個點電荷，該點電荷可能處于平衡狀態(tài)D．在左側的連線延長線上不存在電場強度為零的點【答案】D【解析】A．根據(jù)v-t圖線可知，試探電荷經(jīng)過a點時的加速度為零，所以電荷在a點所受的電場力為零，a點的電場強度必為零，即Q1、Q2在a點產(chǎn)生的電場強度等大、反向，故Q2一定帶負電，因Q1距離a點較遠，根據(jù)點電荷的電場強度公式：，可知，Q1所帶電荷量一定大于Q2所帶電荷量，故A錯誤；B．分析圖象可知，試探電荷從b點向右側運動的過程中，速度先減小后增大，則動能先減小后增大，只有電場力做功，動能和電勢能之和恒定，則電勢能先增大后減小，由于試探電荷為正，則b點右側的電勢先升高后降低，故B錯誤；C．因Q2帶負電，在Q1、Q2之間電場強度向右，放置一個點電荷，不能處于平衡狀態(tài)，故C錯誤；D．a(chǎn)點的場強為零，根據(jù)庫侖定律可知，電荷量Q1＞Q2，在Q1的左側，場強方向向左，不存在為零的位置，故D正確。故選D。5．如圖所示，理想變壓器的原、副線圈的匝數(shù)比為，在原、副線圈的回路中分別接有阻值相同的電阻甲和乙，原線圈一側接在電壓為220V的正弦交流電源上，下列說法中正確的是（）A．原、副線圈中交流電的頻率之比為B．電阻甲、乙的功率之比為C．電阻乙兩端的電壓為66VD．變壓器的輸入、輸出功率之比為【答案】C【解析】A．變壓器只改變交流電的電壓、電流，不改變交流電的頻率，所以原、副線圈中交流電的頻率之比為，故A錯誤；B．理想變壓器的電流與匝數(shù)成反比，所以原、副線圈中的電流之比為，根據(jù)電功率可知電阻甲、乙的功率之比為，故B錯誤；C．設副線圈兩端電壓為U，則副線圈的電流原線圈的電流為根據(jù)功率關系可得解得故C正確；D．理想變壓器沒有能量損耗，變壓器的輸入、輸出功率之比為，故D錯誤。故選C。6．圖1為一列橫波在t=2s時的波形，圖2表示介質中平衡位置在x=0處質點的振動圖像。Q為介質中平衡位置在x=1m的質點。下列說法正確的是（）A．波速為2m/sB．波的傳播方向沿x軸正方向C．該橫波可以與頻率f=4Hz的橫波進行穩(wěn)定干涉D．0~3s時間內(nèi)，質點Q運動的路程為15m【答案】B【解析】A．由圖1知波長由圖2知周期可得波速為故A錯誤；B．由同側法可知波的傳播方向沿x軸正方向，故B正確；C．該橫波的頻率為與頻率為4Hz的橫波不滿足相干條件，故C錯誤；D．在0~3s內(nèi)即四分之三周期內(nèi)，質點Q的路程為故D錯誤。故選B。7．如圖（a）為救生緩降器材，發(fā)生火災時先將安全鉤掛在可以承重的物體上，再將安全帶系在人體腰部，通過緩降繩索安全落地．在逃生演練時，某同學利用緩降器材逃生，圖（b）為該同學整個運動過程的位移與時間的圖像，以豎直向下為正方向，、內(nèi)的圖像均為拋物線且平滑連接。在時刻該同學從靜止開始下落，在時，該同學恰好抵達地面，不計空氣阻力。以下說法正確的是（

）A．內(nèi)，該同學的加速度大小為B．內(nèi)，該同學先超重后失重C．內(nèi)，該同學重力的功率先增加后減小D．內(nèi)，該同學的機械能先增加后減小【答案】C【解析】A．0~2s的圖像均為拋物線，由可得故A錯誤；B．0~4s內(nèi)，該同學豎直向下先勻加后勻減，加速度先豎直向下后豎直向上，所以先失重后超重，故B錯誤；C．2s時的速度為2~4s內(nèi)的圖像為拋物線，物體做勻減速直線運動，設加速度大小為解得該同學內(nèi)，速度先增大后減小，由重力的功率可知重力的功率先增加后減小，故C正確；D．內(nèi)，繩子拉力一直做負功，該同學的機械能減小，故D錯誤。故選C。8．如圖所示是某噴水壺示意圖。未噴水時閥門K閉合，壓下壓桿A可向瓶內(nèi)儲氣室充氣。多次充氣后按下按柄B打開閥門K，水會自動經(jīng)導管從噴嘴噴出。儲氣室氣體可視為理想氣體，充氣和噴水過程溫度保持不變，則（）A．充氣過程中，儲氣室內(nèi)氣體的壓強增大B．儲氣室內(nèi)氣體分子做布朗運動C．由于液體的表面張力，噴出的小水滴近似呈球形D．噴水過程中，儲氣室內(nèi)氣體的壓強減少【答案】ACD【解析】A．充氣過程中，儲氣室內(nèi)氣體的質量增加，氣體的溫度不變，儲氣室體積不變，故氣體壓強增加，故A正確；B．布朗運動是懸浮在液體或氣體中的固體小顆粒的無規(guī)則運動，而不是氣體分子，故B錯誤；C．液體表面層分子較為稀疏，分子間作用力表現(xiàn)為引力，導致液體表面具有收縮的趨勢，所以噴出的小水滴近似呈球形，故C正確；D．噴水過程中，氣體體積增大，氣體溫度不變，根據(jù)知氣體的壓強減小，故D正確。故選ACD。9．如圖甲，兩塊豎直擋板正對著固定在水平面上，兩完全相同質量均為1kg的物塊a、b（可視為質點）置于兩擋板的中點，中點左側水平面光滑，右側水平面粗糙。時，給a向左的初速度。已知b物塊的速度v隨時間t的變化關系如圖乙所示，最終停在中點。所有的碰撞均視為彈性碰撞且碰撞時間極短，取重力加速度大小為，則（）A．兩擋板間距為2mB．a(chǎn)與b相撞2次C．b與水平面間的動摩擦因數(shù)為0.1D．a(chǎn)第2次與擋板碰撞后的動能為4J【答案】AD【解析】A．根據(jù)題意，由圖乙可知，時發(fā)生第一次碰撞，根據(jù)質量相等的兩物體發(fā)生彈性碰撞速度互換原理可知，的初速度，中點左側水平面光滑，則有在第一次碰撞前的路程則兩擋板間距為故A正確；B．由乙圖知，第一次碰撞后，a靜止在中點，b向右運動，與右側擋板碰撞后返回中點，與a第二次碰撞，b靜止，a向左運動與左側擋板碰撞后返回中點，與b第三次碰撞，a靜止，b向右運動與右側擋板碰撞返回到中點靜止，所以a與b發(fā)生了3次碰撞，故B錯誤；C．由B分析可知，運動的路程為對整個過程，由動能定理有解得故C錯誤；D．設與第二次碰撞前的速度大小為，由動能定理有a第2次與擋板碰撞后速度大小與與第二次碰撞前的速度大小相等，則a第2次與擋板碰撞后的動能為聯(lián)立解得故D正確。故選AD。10．如圖所示，一個質量為m、電荷量為q、不計重力的帶電粒子從x軸上的P點沿與x軸成60°的方向射入第一象限的磁場方向垂直紙面向外、磁感應強度大小為B的勻強磁場中，并恰好垂直于y軸的N點（圖中未畫出）射出第一象限。已知OP=a，則下列說法正確的是（）A．粒子速度大小為B．粒子在磁場中運動的軌道半徑為C．N與O點相距D．粒子在磁場中運動的時間為【答案】BC【解析】AB．粒子運動軌跡如圖所示由牛頓第二定律得又根據(jù)幾何關系有聯(lián)立解得，故A錯誤，B正確；C．根據(jù)幾何關系，可得N點到O點距離為故C正確；D．根據(jù)幾何關系可知圓心角為120°，粒子運動的時間為故D錯誤；故選BC。二、實驗題：本題共2小題，共16分。11．（8分）物理小組用圖甲所示的裝置來探究系統(tǒng)的機械能守恒。實驗前測得當?shù)氐闹亓铀俣却笮?。?）在氣墊導軌上安裝兩個光電門1和2，測出兩光電門之間的距離為。（2）實驗前要對氣墊導軌進行調整，保證其水平，本步驟中判斷氣墊導軌水平的依據(jù)是打開氣源，氣墊導軌正常工作后，在（選填“掛”或“不掛”）槽碼的情況下，給滑塊一個初速度，滑塊經(jīng)過光電門1和2，兩光電門記錄的時間（選填“相等”或“不相等”）。（3）用游標卡尺測出一個遮光條的寬度，如圖乙所示，遮光條的寬度cm。將此遮光條固定在滑塊上，用天平測出滑塊（帶有遮光條）的質量，測出槽碼的質量。（4）用細線一端連接滑塊，另一端跨過定滑輪掛上槽碼，啟動氣源，讓氣墊導軌正常工作。（5）將滑塊從氣墊導軌上光電門1的右側某一位置靜止釋放，記錄滑塊經(jīng)過光電門1和光電門2時光電門記錄的時間和。（6）需要驗證的機械能守恒的表達式為（用、、、、、、表示）。【答案】（2）不掛相等（3）0.225（6）【解析】（2）[1][2]打開氣源，氣墊導軌正常工作后，不掛槽碼的情況下，給滑塊一個初速度，滑塊經(jīng)過光電門1和2，兩光電門記錄的時間相等，則說明氣墊導軌調節(jié)水平。（3）[3]由游標卡尺的讀數(shù)規(guī)則可知（6）[4]滑塊經(jīng)過光電門1、2的速度分別為、由可得12．（8分）某興趣小組要測量一個待測電阻的阻值，實驗室提供的器材如下：A．多用電表B．電源（電動勢，）C．電流表（量程0~15mA，內(nèi)阻）D．電流表（量程0~1A，內(nèi)阻約）E.電壓表V（量程0~10V，內(nèi)阻約為）F.滑動變阻器（最大阻值，額定電流0.5A）G.定值電阻H.定值電阻L.開關S及導線若干。（1）該小組先用多用電表的電阻擋粗測該電阻阻值，他們選用“”擋試測，指針位置如圖中a所示；換用另一倍率，重新調零后進行測量，指針位置如圖中b所示，則他們更換倍率后多用電表的電阻擋內(nèi)阻的變化情況是（選填“變大”“變小”或“不變”）。（2）為了進一步準確測量該電阻的阻值，該小組設計的電路如下，請根據(jù)所學的知識選出合適的電路圖（）A．B．C．D．（3）選用合適的電路圖后，定值電阻應選（填器材前的字母代號）。（4）若（2）所有電路圖中各電流表，電流表和電壓表的示數(shù)分別用、和U表示，則電阻的實際值為。（用你所選電路圖對應測量物理量及題目中給定符號表示）?！敬鸢浮浚?）變小（2）B（3）H（4）【解析】（1）開始時歐姆表指針偏角過大，則倍率檔選擇過高，應該換用“×10”倍率檔，因歐姆表內(nèi)阻等于中值電阻，則他們更換倍率后多用電表的電阻擋內(nèi)阻的變化情況是變小。（2）由歐姆表讀數(shù)可知，待測電阻阻值約為200Ω，電源電動勢為9V，則電路中電流最大值為可將電流表A1和定值電阻R3并聯(lián)，可作為量程45mA的電流表；改裝后的電流表內(nèi)阻已知，則可采用電壓表外接；若用電流表A1和定值電阻R2串聯(lián)，則可改裝成為15V電壓表；但是用電流表A2測量通過電阻Rx的電流，則量程偏大，不合適；實驗時滑動變阻器用分壓電路，則電路選B。（3）由以上分析可知，選用合適的電路圖后，定值電阻應選H。（4）由電路可知三、計算題：本題共3小題，共38分。解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟。只寫出最后答案的不能得分。有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。13．（8分）某高校開學后進行軍訓，如圖所示，軍訓中質量為的張衛(wèi)同學（可視為質點）抓住一端固定的輕繩，從輕繩的固定端同一高度處擺下過障礙物。已知繩長為，在張衛(wèi)到達豎直狀態(tài)時放開繩索后水平飛出。繩子的固定端到地面的距離為2L。不計輕繩質量和空氣阻力，重力加速度g取值，求：（1）張衛(wèi)擺到最低點拋出前對繩的拉力大?。唬?）張衛(wèi)的落地點離繩的固定端的水平距離和張衛(wèi)落地時的重力的功率大小?！敬鸢浮浚?）1800N（2），【解析】（1）對同學從開始到擺到最低點的過程中，根據(jù)動能定理得解得在最低點，由牛頓第二定律得解得由牛頓第三定律可知張衛(wèi)擺到最低點拋出前對繩的拉力大小為1800N。（2）同學放開繩索后做平拋運動，豎直方向有解得水平方向上做勻速直線運動，則張衛(wèi)的落地點離繩的固定端的水平距離為解得張衛(wèi)落地時的豎直分速度大小為則張衛(wèi)落地時的重力的功率大小為14．（14分）一游戲裝置豎直截面如圖所示，固定的光滑水平直軌道AB、半徑為R的光滑螺旋圓形軌道BCD、光滑水平直軌道DE平滑連接，直軌道的左邊平滑連接一光滑曲面軌道。長為L、質量為M的平板緊靠光滑且足夠長的固定凹槽EFGH放置，平板上表面與DEH齊平。將一質量為m的小滑塊從光滑曲面軌道h高度處由靜止釋放，經(jīng)過軌道BCD后滑上平板并帶動平板一起運動，平板到達HG即被鎖定。已知，，，平板與滑塊間的動摩擦因數(shù)滑塊視為質點，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，不計空氣阻力，重力加速度g取。（1）若滑塊恰好能通過圓形軌道最高點C點，求釋放點的高度h；（2）滑塊恰好過C點后，求平板加速至與滑塊共速的過程中系統(tǒng)損耗的機械能；（3）要使滑塊能到達H點，求釋放點的高度范圍?！敬鸢浮浚?）1.25m；（2）0.625J；（3）1.44m<h<2.16m【解析】（1）滑塊恰好能通過圓形軌道最高點C點時從滑塊由h高度處釋放到C點過程，根據(jù)動能定理mg（h-2R)=解得h=1．25m（2）滑塊由h高度處釋放到B點，機械能守恒mgh=平板加速至與滑塊共速過程，根據(jù)動量守恒根能量守恒聯(lián)立解得0．625J（3）①設滑塊以最小速度v1滑上平板，對滑塊平板動量守恒有系統(tǒng)能量守恒當平板到達HG鎖定后，滑塊繼續(xù)向右減速，有：從釋放到E點，滑塊機械能守恒，有聯(lián)立解得②設滑塊以最大速度v3滑上平板，當滑到平板最右端時剛好共速，系統(tǒng)動量守恒，有：系統(tǒng)能量守恒從釋放到E點，滑塊機械能守恒，有聯(lián)立解得故釋放點的高度范圍1．44m≤h≤2.16m15．（16分）如圖所示，兩平行光滑金屬導軌間距為L，導軌平