2024-2025學(xué)年湖北省云學(xué)名校聯(lián)盟高二下學(xué)期3月聯(lián)考物理試題（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試題PAGEPAGE12025年湖北云學(xué)名校聯(lián)盟高二年級(jí)3月聯(lián)考物理試卷考試時(shí)間：2025年3月5日10：30-11：45時(shí)長(zhǎng)：75分鐘試卷滿分：100分注意事項(xiàng)：1.答題前，先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在試卷和答題卡上，并將準(zhǔn)考證號(hào)條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2.選擇題的作答：每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。寫在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效。3.非選擇題的作答：用黑色簽字筆直接答在答題卡上對(duì)應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)。寫在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效。4.考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并上交。一、選擇題（本題共10小題，每小題4分，共40分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1~7小題只有一項(xiàng)符合題目要求，第小題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)或不答的得0分。）1.超低頻（SLF）電磁波技術(shù)利用地球物理和無(wú)線電物理相結(jié)合的原理，由人工產(chǎn)生大功率電磁波信號(hào)。而電磁波的應(yīng)用非常廣泛，下面關(guān)于電磁波的說(shuō)法正確的是（）A.在真空中各種電磁波的傳播速度不同B.無(wú)線通訊利用電磁波傳遞信息C.在電磁波譜中，最容易發(fā)生衍射現(xiàn)象的是射線D.手機(jī)通話使用的無(wú)線電波，其波長(zhǎng)比可見光的波長(zhǎng)短【答案】B【解析】A．真空中電磁波傳播速度等于光速，故A錯(cuò)誤；B．無(wú)線通訊是利用電磁波傳播信息，故B正確；C．當(dāng)障礙物尺寸接近波長(zhǎng)時(shí)更容易發(fā)生衍射，而射線波長(zhǎng)較短，不易發(fā)生衍射，故C錯(cuò)誤；D．手機(jī)通話的無(wú)線電波要有較好的傳播功能，應(yīng)該更容易發(fā)生衍射，所以波長(zhǎng)應(yīng)較長(zhǎng)，比可見光波長(zhǎng)長(zhǎng)，故D錯(cuò)誤。2.2024年冬至來(lái)臨之際，一場(chǎng)洋溢著溫馨與快樂(lè)的包餃子活動(dòng)在襄陽(yáng)三中暖心上演?；顒?dòng)現(xiàn)場(chǎng)某拍照教師不小心將手機(jī)掉落，已知該手機(jī)大約，從高度掉落，與地面接觸時(shí)間，已知手機(jī)與地面碰撞后不反彈，重力加速度，不計(jì)空氣阻力。求手機(jī)對(duì)地面的沖擊力大小為（）A. B. C. D.【答案】C【解析】由自由落體運(yùn)動(dòng)公式解得手機(jī)落地時(shí)的速度大小為手機(jī)與地面碰撞后不反彈，可知手機(jī)與地面碰撞后速度變到0，取向上方向?yàn)檎较?，再由?dòng)量定理公式可得解得由牛頓第三定律可知，手機(jī)對(duì)地面的沖擊力大小為5.6N。故選C。3.如圖所示，質(zhì)量的人，站在質(zhì)量的車的一端，人和車均相對(duì)于地面靜止。人由車的一端走到另一端的過(guò)程中，車后退，車與地面間的摩擦可以忽略不計(jì)，則車的總長(zhǎng)為（）A. B. C. D.【答案】B【解析】對(duì)車和人組成的系統(tǒng)由動(dòng)量守恒定律公式可得解得再由幾何關(guān)系可得車長(zhǎng)解得故選B4.水平面上有電阻不計(jì)的形導(dǎo)軌，它們之間的寬度為和之間接入電動(dòng)勢(shì)為的電源（不計(jì)內(nèi)阻）?，F(xiàn)垂直于導(dǎo)軌擱一根質(zhì)量為、電阻為的金屬棒，并加一個(gè)范圍較大的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，方向與水平面夾角為指向右上方且與導(dǎo)體棒垂直，重力加速度。如圖所示，下面說(shuō)法正確的是（）A.若棒保持靜止，其受到的支持力為B.若棒保持靜止，其受到的摩擦力為C.若的大小和方向均能改變，則要使棒所受支持力為零，的大小至少D.若軌道光滑，則開關(guān)閉合瞬間金屬棒的加速度為【答案】D【解析】AB．對(duì)導(dǎo)體棒受力分析由平衡條件可得水平方向豎直方向再由閉合電路歐姆定律公式可得代入數(shù)據(jù)解得，故AB均錯(cuò)誤；C．當(dāng)時(shí)，B取最小值，故C錯(cuò)誤；D．若軌道光滑，開關(guān)閉合瞬間；對(duì)導(dǎo)體棒受力分析由牛頓第二定律可得代入數(shù)據(jù)解得故D正確。故選D。5.如圖所示，豎直平面內(nèi)固定一足夠長(zhǎng)絕緣直桿，傾角為，桿處在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，桿上套一個(gè)帶負(fù)電的環(huán)，電荷量為，質(zhì)量為，環(huán)與絕緣直桿間的動(dòng)摩擦因數(shù)。將環(huán)由靜止釋放向下滑動(dòng)，取，則小環(huán)的最大速度為（）A. B. C. D.【答案】D【解析】環(huán)由靜止釋放向下滑動(dòng)時(shí)，對(duì)環(huán)受力分析由平衡條件、滑動(dòng)摩擦力大小公式及牛頓第二定律可得小環(huán)的速度增大，加速度也隨之增大，桿對(duì)小環(huán)的支持力逐漸減小直至反向（垂直桿向下），此時(shí)，再對(duì)小環(huán)受力分析可得隨著小環(huán)速度增大，加速度減小，當(dāng)小環(huán)加速度減小至0時(shí)，小環(huán)的速度取最大值，對(duì)小環(huán)受力分析及平衡條件可得代入數(shù)據(jù)解得故選D。6.如圖甲，MN、PQ兩平行金屬光滑導(dǎo)軌固定在傾角為的絕緣斜面上，其上端接一電容為C的電容器，導(dǎo)軌范圍內(nèi)存在著垂直斜面向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，導(dǎo)體棒ab垂直MN放在導(dǎo)軌上，由靜止開始下滑，電容器的帶電量Q隨時(shí)間t變化的圖像如圖乙，不計(jì)導(dǎo)體棒及導(dǎo)軌電阻，下列關(guān)于電容器兩極板間的電勢(shì)差U，導(dǎo)體棒ab的速度v，受到的安培力F以及回路中的電流i隨時(shí)間t變化的圖像一定錯(cuò)誤的是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】由圖乙所示圖像可知（k為比例系數(shù)）AB．根據(jù)電容的定義式可知感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與電容器兩極板間的電勢(shì)差相等，即解得則U與t成正比，v與t成正比，其圖像是過(guò)原點(diǎn)的傾斜直線，故AB正確，不符合題意；CD．電流可得其為一定值，二者圖像均是平行于t軸的直線，故C錯(cuò)誤，符合題意，D正確，不符合題意。故選C。7.如圖所示，空間中存在一矩形磁場(chǎng)區(qū)域MNPQ，在區(qū)域MQP內(nèi)存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)I，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為；在區(qū)域MNP內(nèi)存在垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)II，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，，一帶電粒子以大小為、方向沿從點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)，運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后從點(diǎn)離開磁場(chǎng)區(qū)域，另一帶電粒子以大小為、方向沿從點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)，不計(jì)粒子的重力及粒子間的相互作用，粒子的比荷均為，則下列說(shuō)法正確的是（）A.粒子a可能在磁場(chǎng)中直接偏轉(zhuǎn)到達(dá)點(diǎn)B.粒子a從磁場(chǎng)進(jìn)入磁場(chǎng)的位置距離點(diǎn)可能為C.若粒子a從磁場(chǎng)II進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，與粒子相遇，則相遇的時(shí)間可能為D.若粒子a與粒子在矩形磁場(chǎng)中心相遇，則的大小可能為【答案】D【解析】A．根據(jù)洛倫茲力提供向心力有解得可知粒子不可能偏轉(zhuǎn)一次就到達(dá)點(diǎn)，故A錯(cuò)誤；B．畫出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖根據(jù)幾何關(guān)系，粒子從磁場(chǎng)進(jìn)入磁場(chǎng)的位置距離點(diǎn)為不可能為，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)幾何關(guān)系可知粒子在磁場(chǎng)I、磁場(chǎng)II運(yùn)動(dòng)的圓心角為，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為粒子從磁場(chǎng)進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，與粒子相遇，則相遇的時(shí)間為故C錯(cuò)誤；D．畫出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖根據(jù)洛倫茲力及向心力的公式可知再根據(jù)幾何關(guān)系可知可知取3時(shí)，故D正確。故選D。8.振幅為，波速均為的兩列簡(jiǎn)諧波分別從波源和處沿軸相向傳播，時(shí)的波形如圖所示，則以下說(shuō)法正確的是（）A.兩列波的頻率均為B.時(shí)兩波相遇C.兩波相遇過(guò)程中處質(zhì)點(diǎn)的振幅為D.時(shí)，處質(zhì)點(diǎn)加速度為零【答案】AD【解析】A．根據(jù)可知，A正確；B．根據(jù)波形圖，可知兩列波相遇的時(shí)間，B錯(cuò)誤；C．根據(jù)波形圖，可知兩列波在處相遇時(shí)，左邊這列波在波谷位置，右邊這列波在平衡位置，此時(shí)，左邊這列波的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方程為右邊這列波的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方程為則該質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方程為則處質(zhì)點(diǎn)的振幅為C錯(cuò)誤；D．時(shí)，兩列波傳播的距離都為，傳播到處時(shí)質(zhì)點(diǎn)均處于平衡位置，加速度為0，D正確。故選AD。9.如圖所示，兩束單色光和從水中射向水面的點(diǎn)，它們進(jìn)入空氣后的光合成一束光。根據(jù)這一現(xiàn)象可知（）A.在水中時(shí)光的傳播速度比光的傳播速度小B.兩束光在從水進(jìn)入空氣時(shí)頻率均變小C.從水中射向空氣時(shí)，光全反射的臨界角比光大D.真空中光的波長(zhǎng)比光長(zhǎng)【答案】CD【解析】A．根絕光路圖，由折射定律可知根據(jù)可知，，故A錯(cuò)誤；B．頻率由波源決定，與介質(zhì)無(wú)關(guān)，兩束光從水進(jìn)入空氣時(shí)頻率應(yīng)不變，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)全反射臨界角公式，可知，故C正確；D．根絕光路圖，由折射定律可知光折射率大于光折射率，折射率越大，波長(zhǎng)越短，故真空中光的波長(zhǎng)比光長(zhǎng)，故D正確。故選CD。10.如圖所示，為匝矩形線框，可以圍繞邊勻速旋轉(zhuǎn)，角速度為，每匝面積為。在連線下方、且在連線左側(cè)的區(qū)域，存在垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為，線框的總電阻為，兩端連接到理想變壓器，對(duì)負(fù)載供電。變壓器初級(jí)線圈和次級(jí)線圈的匝數(shù)為和，為理想交流電流表，不計(jì)一切摩擦，則（）A.線框轉(zhuǎn)動(dòng)產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)的有效值為B.調(diào)節(jié)的大小，當(dāng)時(shí)，的功率最大C.若使的電阻值增大，電流表的示數(shù)將增大D.若使線框角速度變?yōu)?，的功率變?yōu)樵瓉?lái)的2倍【答案】AB【解析】A．根據(jù)圖示可知矩形線框旋轉(zhuǎn)所產(chǎn)生的e-t圖像為。電動(dòng)勢(shì)最大值，由有效值概念，可得綜合上式可得，故A正確；B．根據(jù)圖示可得等效電路圖為。其中，當(dāng)外電路電阻等于內(nèi)電路電阻，即時(shí)，即電源輸出功率最大，初級(jí)線圈的功率最大，故B正確；C．根據(jù)等效電路圖，由閉合電路歐姆定律可得若的電阻值增大，I減小，電流表示數(shù)將減小，故C錯(cuò)誤；D．由于是理想變壓器，的功率就等于線圈的功率，即若使線框角速度變?yōu)?，的功率變?yōu)樵瓉?lái)的4倍，故D錯(cuò)誤。二、非選擇題：本題共5小題，共60分。11.某實(shí)驗(yàn)小組利用單擺測(cè)當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣龋海?）為了減小測(cè)量誤差，下列做法正確的是_____（選填字母代號(hào)）。A.長(zhǎng)度不同的和的同種細(xì)線，選用的細(xì)線做擺線B.當(dāng)擺球經(jīng)過(guò)最高點(diǎn)時(shí)開始計(jì)時(shí)C.把擺球從平衡位置拉開一個(gè)很小的角度后由靜止釋放D.測(cè)量擺球完成一次全振動(dòng)的時(shí)間，根據(jù)公式計(jì)算重力加速度（2）用游標(biāo)卡尺測(cè)量擺球直徑如圖所示，擺球直徑的測(cè)量值為_____（3）使擺球在豎直平面內(nèi)擺動(dòng)穩(wěn)定后，當(dāng)擺球到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)啟動(dòng)秒表開始計(jì)時(shí)并記作1，此后每次擺球再次經(jīng)過(guò)計(jì)時(shí)起點(diǎn)的次數(shù)記作（、3、4……），當(dāng)時(shí)停止計(jì)時(shí)，此時(shí)總時(shí)間為67.5s，可計(jì)算得單擺的周期為_____s。（保留三位有效數(shù)字）（4）實(shí)驗(yàn)時(shí)某同學(xué)測(cè)得的值偏小，其可能的原因是_____。A.擺球的質(zhì)量太大B.將細(xì)線長(zhǎng)作為擺長(zhǎng)C.測(cè)周期時(shí)，把次全振動(dòng)誤記為次D.擺球上端未固定牢固，振動(dòng)中出現(xiàn)松動(dòng)（5）改變擺長(zhǎng)，得到多組數(shù)據(jù)后，某同學(xué)作出的圖像如圖所示，由圖可得當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹開____（保留三位有效數(shù)字）【答案】（1）AC（2）1.060（3）（4）BD（5）9.86【解析】（1）A．在進(jìn)行“用單擺測(cè)當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣取睂?shí)驗(yàn)時(shí)，應(yīng)該保證擺長(zhǎng)不能太小，否則容易因擺動(dòng)過(guò)快增加實(shí)驗(yàn)失敗的可能性，因此選用的細(xì)線做擺線，故A正確；B．為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，在進(jìn)行實(shí)驗(yàn)時(shí)往往不是在最高點(diǎn)釋放時(shí)同時(shí)開始計(jì)時(shí)，而是在擺球穩(wěn)定擺動(dòng)后，當(dāng)擺球達(dá)到最低點(diǎn)時(shí)開始計(jì)時(shí)，這樣可以避免因觀測(cè)最高點(diǎn)的困難帶來(lái)的測(cè)量誤差，提高實(shí)驗(yàn)精度，故B錯(cuò)誤；C．構(gòu)成單擺的條件之一是擺角不超過(guò)，故C正確；D．為了減小偶然誤差，通常采用多次測(cè)量求平均值的方法，故D錯(cuò)誤。故選AC。（2）游標(biāo)卡尺為20分度，精度為0.05mm，直徑（3）每經(jīng)過(guò)一次最低點(diǎn)，單擺運(yùn)行了的時(shí)間，則計(jì)數(shù)為60時(shí)單擺運(yùn)行時(shí)間為，計(jì)算得。（4）A．由可知，擺球質(zhì)量不影響單擺的周期，故也不影響測(cè)重力加速度，故A錯(cuò)誤；B．將細(xì)線作為擺長(zhǎng)會(huì)導(dǎo)致擺長(zhǎng)的測(cè)量值偏小，由可知重力加速度測(cè)量值偏小，故B正確；C．計(jì)數(shù)值變大，振動(dòng)周期測(cè)量值會(huì)偏小，由可知重力加速度測(cè)量值偏大，故C錯(cuò)誤；D．上端未固定牢固，會(huì)導(dǎo)致擺長(zhǎng)變長(zhǎng)，擺長(zhǎng)的實(shí)際值變大，測(cè)量值相對(duì)實(shí)際值變小，由可知重力加速度測(cè)量值偏小，故D正確。故選BD。（5）由可知可得到圖像斜率為計(jì)算后得到重力加速度12.某興趣小組在“探究感應(yīng)電流的產(chǎn)生條件和影響感應(yīng)電流方向的因素”的實(shí)驗(yàn)中。（1）圖a中，將條形磁鐵從圖示位置先向上后向下移動(dòng)一小段距離出現(xiàn)的現(xiàn)象是（）A.燈泡A、B均不發(fā)光 B.燈泡A、B同時(shí)發(fā)光C.燈泡A先發(fā)光、B后發(fā)光 D.燈泡B先發(fā)光、A后發(fā)光（2）某同學(xué)用圖b所示的實(shí)驗(yàn)器材研究感應(yīng)電流的方向，將線圈插入線圈中，閉合開關(guān)瞬間，發(fā)現(xiàn)電流計(jì)指針右偏，則保持開關(guān)閉合，以下操作中也能使電流計(jì)右偏的是（）A.插入鐵芯B.拔出線圈AC.將滑動(dòng)變阻器的滑片向左移動(dòng)D.將滑動(dòng)變阻器的滑片向右移動(dòng)（3）圖c實(shí)驗(yàn)器材中，兩個(gè)閉合圓形線圈、的圓心重合，放在同一水平面內(nèi)，線圈中通有單向逐漸增大的電流，則對(duì)于線圈的現(xiàn)象正確的是（）A.B中將產(chǎn)生逆時(shí)針?lè)较虻碾娏鰾.B中將產(chǎn)生順時(shí)針?lè)较虻碾娏鰿.B線圈有收縮趨勢(shì)D.B線圈有擴(kuò)張的趨勢(shì)【答案】（1）D（2）AC（3）D【解析】（1）磁鐵下段為極，磁感線從下端發(fā)出；當(dāng)向上移動(dòng)磁鐵時(shí)通過(guò)螺線管內(nèi)向下的磁感線減少，根據(jù)楞次定律與右手定則可知螺線管正面的電流向左，又由于二極管有單向?qū)щ娦?，所以B發(fā)光，熄滅；同理，向下移動(dòng)磁鐵時(shí)，螺線管正面電流向右，發(fā)光熄滅；綜上所述，B先發(fā)光，A后發(fā)光。故選D。（2）閉合開關(guān)瞬間，磁通量變大，磁通量變大，電流計(jì)指針向右偏，由此可得中磁通量變大時(shí)電流計(jì)指針向右偏。類比可得B中磁通量減小時(shí)電流計(jì)指針向左偏。A．加入鐵芯時(shí)，A中磁通量會(huì)變大，B中磁通量變大，電流計(jì)向右偏，故A正確；B．拔出線圈A時(shí)，B中磁通量減小，則電流計(jì)指針應(yīng)該向反方向偏轉(zhuǎn)，即向左偏，故B錯(cuò)誤；C．向左移動(dòng)滑片時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路中的有效阻值減小，干路電流增大，A中磁通量變大，B中磁通量變大，電流計(jì)向右偏，故C正確；D．向右移動(dòng)滑片時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路中的有效阻值增大，干路電流減小，A中磁通量減小，B中磁通量減小，電流計(jì)向左偏，故D錯(cuò)誤。故選AC。（3）AB．當(dāng)中通有順時(shí)針逐漸增大的電流時(shí)，由楞次定律可知會(huì)產(chǎn)生逆時(shí)針的電流來(lái)阻礙回路中磁通量向內(nèi)增大；當(dāng)A中通有逆時(shí)針逐漸增大的電流時(shí)，由楞次定律可知B會(huì)產(chǎn)生順時(shí)針的電流來(lái)阻礙回路中磁通量向外增大，故AB錯(cuò)誤。CD．方法一：對(duì)于線圈，其內(nèi)部有增大的磁通量，外部有增大的與內(nèi)部相反的磁通量，因此有擴(kuò)張的趨勢(shì)來(lái)包含更多的由產(chǎn)生的與內(nèi)部相反的磁通量以阻礙內(nèi)部磁通量的變化；方法二：假設(shè)中產(chǎn)生順時(shí)針逐漸增大的電流時(shí)，由楞次定律可知會(huì)產(chǎn)生逆時(shí)針的電流來(lái)阻礙回路中磁通量向內(nèi)增大，此時(shí)對(duì)上的一小段進(jìn)行受力分析，其處于由產(chǎn)生的垂直紙面向外的磁場(chǎng)中，再用左手定則即可判斷這一小段受安培力方向背離圓心，即有擴(kuò)張的趨勢(shì)。故C錯(cuò)誤，D正確。13.一根長(zhǎng)度且不可伸長(zhǎng)的細(xì)線一端固定于某點(diǎn)，另一端系一質(zhì)量的小球，現(xiàn)拉動(dòng)小球使細(xì)線伸直，當(dāng)細(xì)線水平時(shí)由靜止釋放小球，小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)與物塊A沿水平方向發(fā)生彈性碰撞（碰撞時(shí)間極短），隨后與發(fā)生正碰，碰后物塊能恰好通過(guò)光滑水平面的右側(cè)平滑連接的一豎直放置的半圓形光滑軌道的最高點(diǎn)，軌道半徑。已知，，小球、物塊均可視為質(zhì)點(diǎn)。不計(jì)空氣阻力，重力加速度取。求：（1）求物塊飛出后落地點(diǎn)距離點(diǎn)的位置（2）求物塊和在碰撞過(guò)程中損失的機(jī)械能【答案】（1）（2）【解析】（1）物塊從點(diǎn)以的初速度向右做平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)物塊做平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為，水平位移大小為，豎直方向位移大小為，由平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可得，聯(lián)立上兩式，可得設(shè)物塊物塊恰好能通過(guò)圓形軌道最高點(diǎn)，說(shuō)明此時(shí)重力剛好完全提供做圓周運(yùn)動(dòng)所需的向心力，即可得，即飛出后落地點(diǎn)離C的距離為。（2）設(shè)物塊被碰前的速度為，被碰后的速度為，與物塊碰后的速度為，小球碰前的速度為，碰后速度為，小球從高處?kù)o止時(shí)放與發(fā)生彈性碰撞的過(guò)程中，由動(dòng)量守恒和能量守恒可得，，A與B碰撞過(guò)程中，設(shè)損失的機(jī)械能為，由動(dòng)量守恒與能量守恒可得設(shè)物塊B被碰前的速度為，被碰后的速度為，在處的速度為，物塊從被碰撞到運(yùn)動(dòng)至點(diǎn)的過(guò)程中，由動(dòng)能定理可得聯(lián)立所有等式，可得，，，，，，，即物塊和物塊在碰撞中損失的機(jī)械能。14.如圖所示，在xoy平面直角坐標(biāo)系中，在第二象限有以為圓心，為半徑的圓形有界磁場(chǎng)，磁場(chǎng)最右端剛好與軸相切，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，方向垂直紙面向里。在第一象限有范圍足夠大的，方向沿軸正半軸的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為，在正半軸上鋪有一條長(zhǎng)度足夠長(zhǎng)的熒光屏，現(xiàn)軸上有一粒子源點(diǎn)，的坐標(biāo)為（-r，0），能平行于紙面向與軸正半軸成角范圍內(nèi)發(fā)射速率相同的電子，且所有電子出磁場(chǎng)的方向均與軸平行。已知電子的質(zhì)量為，電荷量為，不計(jì)電子的重力與電子間的相互作用，求：（1）電子的速率和電子在磁場(chǎng)中的軌道半徑；（2）當(dāng)發(fā)射速度方向?yàn)闀r(shí)射入磁場(chǎng)的電子，其落到軸上的坐標(biāo)；（3）從點(diǎn)發(fā)射的各電子在熒光屏上留下的亮紋長(zhǎng)度；【答案】（1），（2）（3）【解析】（1）由題意所有電子出磁場(chǎng)的方向均與軸平行，故再根絕洛倫茲力與向心力公式可得聯(lián)立上式解得（2）時(shí)，電子垂直穿過(guò)軸，穿過(guò)軸時(shí)，距離坐標(biāo)原點(diǎn)為，之后在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)打到軸上，電子的軌跡如圖所示由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可得，水平方向豎直方向其中聯(lián)立上式可得其落到軸上得坐標(biāo)為（3）經(jīng)分析可知從點(diǎn)發(fā)射得各種電子離開磁場(chǎng)，在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，當(dāng)時(shí)，電子打在熒光屏上的最左端，設(shè)距離原點(diǎn)為，則有，聯(lián)立上式可得當(dāng)時(shí)，電子打在熒光屏上的最右端，設(shè)距離原點(diǎn)為，則有，聯(lián)立上式可得則各電子在熒光屏上留下的亮紋長(zhǎng)度15.如圖所示，足夠長(zhǎng)的光滑水平長(zhǎng)直金屬導(dǎo)軌放在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，導(dǎo)軌平面位于水平面內(nèi)，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的方向與軌道面垂直，軌道寬，將一質(zhì)量為、電阻為的導(dǎo)體棒MN垂直靜置于導(dǎo)軌上。當(dāng)開關(guān)與接通時(shí)，導(dǎo)體棒與電源相連，電源電動(dòng)勢(shì)，電源內(nèi)阻不計(jì)；開關(guān)與接通時(shí)，所接電容器的電容（耐壓值足夠大）；開關(guān)與接通時(shí)有足夠長(zhǎng)的光滑水平長(zhǎng)直金屬導(dǎo)軌放在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，導(dǎo)軌平面位于水平面內(nèi)，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的方向與軌道面垂直，軌道寬導(dǎo)軌上有一根靜止的導(dǎo)體棒PQ，質(zhì)量為、電阻。若開關(guān)的切換與電流的換向均可在瞬間完成，不計(jì)導(dǎo)軌的電阻，導(dǎo)體棒在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中始終與導(dǎo)軌接觸良好。（1）若開關(guān)始終接，求導(dǎo)體棒開始運(yùn)動(dòng)到達(dá)到穩(wěn)定速度的過(guò)程中，導(dǎo)體棒的最終速度大小。（2）若開關(guān)先接，當(dāng)導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)到速度為時(shí)立即與接通，求穩(wěn)定后電容器所帶電荷量；（結(jié)果保留2位小數(shù)）（3）若開關(guān)先接，當(dāng)導(dǎo)體棒MN運(yùn)動(dòng)到速度為時(shí)立即與接通，穩(wěn)定后，求導(dǎo)體棒MN、PQ各自的速度大小與通過(guò)導(dǎo)體棒PQ的電荷量大小?！敬鸢浮浚?）（2）（3），，【解析】（1）開關(guān)接時(shí)，桿中初始有從流向的電流，由左手定則可以判斷出桿受到向右的安培力，初始時(shí)桿向右加速；隨著桿向右的速度增大，其產(chǎn)生的切割電動(dòng)勢(shì)也在逐漸增大，并逐漸與電源電動(dòng)勢(shì)相互抵消，因此桿做向右的加速度減小的加速直線運(yùn)動(dòng)。當(dāng)切割電動(dòng)勢(shì)大小上等于電源電動(dòng)勢(shì)時(shí)，桿將不受安培力，一直向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)。設(shè)其最終運(yùn)動(dòng)速度為則有解得（2）設(shè)桿穩(wěn)定時(shí)的速度為，此時(shí)電容的電壓為，通過(guò)桿的電荷量與電容帶電量相等，均為，穩(wěn)定時(shí)切割電動(dòng)勢(shì)與電容電壓大小相等并且相互抵消，則有，對(duì)桿使用動(dòng)量定理聯(lián)立可得由電容器的定義式可知聯(lián)立上面所有等式可得解得，帶入數(shù)據(jù)解得（3）穩(wěn)定時(shí)，MN與PQ均做勻速直線運(yùn)動(dòng)，速度大小分別為與，任意時(shí)刻回路中的電流為，通過(guò)的總電荷量為，穩(wěn)定時(shí)回路中電流為零，則有對(duì)兩桿分別使用動(dòng)量定理，，聯(lián)立上面所有等式可得，，代入數(shù)據(jù)解得，，2025年湖北云學(xué)名校聯(lián)盟高二年級(jí)3月聯(lián)考物理試卷考試時(shí)間：2025年3月5日10：30-11：45時(shí)長(zhǎng)：75分鐘試卷滿分：100分注意事項(xiàng)：1.答題前，先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在試卷和答題卡上，并將準(zhǔn)考證號(hào)條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2.選擇題的作答：每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。寫在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效。3.非選擇題的作答：用黑色簽字筆直接答在答題卡上對(duì)應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)。寫在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效。4.考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并上交。一、選擇題（本題共10小題，每小題4分，共40分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1~7小題只有一項(xiàng)符合題目要求，第小題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)或不答的得0分。）1.超低頻（SLF）電磁波技術(shù)利用地球物理和無(wú)線電物理相結(jié)合的原理，由人工產(chǎn)生大功率電磁波信號(hào)。而電磁波的應(yīng)用非常廣泛，下面關(guān)于電磁波的說(shuō)法正確的是（）A.在真空中各種電磁波的傳播速度不同B.無(wú)線通訊利用電磁波傳遞信息C.在電磁波譜中，最容易發(fā)生衍射現(xiàn)象的是射線D.手機(jī)通話使用的無(wú)線電波，其波長(zhǎng)比可見光的波長(zhǎng)短【答案】B【解析】A．真空中電磁波傳播速度等于光速，故A錯(cuò)誤；B．無(wú)線通訊是利用電磁波傳播信息，故B正確；C．當(dāng)障礙物尺寸接近波長(zhǎng)時(shí)更容易發(fā)生衍射，而射線波長(zhǎng)較短，不易發(fā)生衍射，故C錯(cuò)誤；D．手機(jī)通話的無(wú)線電波要有較好的傳播功能，應(yīng)該更容易發(fā)生衍射，所以波長(zhǎng)應(yīng)較長(zhǎng)，比可見光波長(zhǎng)長(zhǎng)，故D錯(cuò)誤。2.2024年冬至來(lái)臨之際，一場(chǎng)洋溢著溫馨與快樂(lè)的包餃子活動(dòng)在襄陽(yáng)三中暖心上演。活動(dòng)現(xiàn)場(chǎng)某拍照教師不小心將手機(jī)掉落，已知該手機(jī)大約，從高度掉落，與地面接觸時(shí)間，已知手機(jī)與地面碰撞后不反彈，重力加速度，不計(jì)空氣阻力。求手機(jī)對(duì)地面的沖擊力大小為（）A. B. C. D.【答案】C【解析】由自由落體運(yùn)動(dòng)公式解得手機(jī)落地時(shí)的速度大小為手機(jī)與地面碰撞后不反彈，可知手機(jī)與地面碰撞后速度變到0，取向上方向?yàn)檎较?，再由?dòng)量定理公式可得解得由牛頓第三定律可知，手機(jī)對(duì)地面的沖擊力大小為5.6N。故選C。3.如圖所示，質(zhì)量的人，站在質(zhì)量的車的一端，人和車均相對(duì)于地面靜止。人由車的一端走到另一端的過(guò)程中，車后退，車與地面間的摩擦可以忽略不計(jì)，則車的總長(zhǎng)為（）A. B. C. D.【答案】B【解析】對(duì)車和人組成的系統(tǒng)由動(dòng)量守恒定律公式可得解得再由幾何關(guān)系可得車長(zhǎng)解得故選B4.水平面上有電阻不計(jì)的形導(dǎo)軌，它們之間的寬度為和之間接入電動(dòng)勢(shì)為的電源（不計(jì)內(nèi)阻）?，F(xiàn)垂直于導(dǎo)軌擱一根質(zhì)量為、電阻為的金屬棒，并加一個(gè)范圍較大的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，方向與水平面夾角為指向右上方且與導(dǎo)體棒垂直，重力加速度。如圖所示，下面說(shuō)法正確的是（）A.若棒保持靜止，其受到的支持力為B.若棒保持靜止，其受到的摩擦力為C.若的大小和方向均能改變，則要使棒所受支持力為零，的大小至少D.若軌道光滑，則開關(guān)閉合瞬間金屬棒的加速度為【答案】D【解析】AB．對(duì)導(dǎo)體棒受力分析由平衡條件可得水平方向豎直方向再由閉合電路歐姆定律公式可得代入數(shù)據(jù)解得，故AB均錯(cuò)誤；C．當(dāng)時(shí)，B取最小值，故C錯(cuò)誤；D．若軌道光滑，開關(guān)閉合瞬間；對(duì)導(dǎo)體棒受力分析由牛頓第二定律可得代入數(shù)據(jù)解得故D正確。故選D。5.如圖所示，豎直平面內(nèi)固定一足夠長(zhǎng)絕緣直桿，傾角為，桿處在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，桿上套一個(gè)帶負(fù)電的環(huán)，電荷量為，質(zhì)量為，環(huán)與絕緣直桿間的動(dòng)摩擦因數(shù)。將環(huán)由靜止釋放向下滑動(dòng)，取，則小環(huán)的最大速度為（）A. B. C. D.【答案】D【解析】環(huán)由靜止釋放向下滑動(dòng)時(shí)，對(duì)環(huán)受力分析由平衡條件、滑動(dòng)摩擦力大小公式及牛頓第二定律可得小環(huán)的速度增大，加速度也隨之增大，桿對(duì)小環(huán)的支持力逐漸減小直至反向（垂直桿向下），此時(shí)，再對(duì)小環(huán)受力分析可得隨著小環(huán)速度增大，加速度減小，當(dāng)小環(huán)加速度減小至0時(shí)，小環(huán)的速度取最大值，對(duì)小環(huán)受力分析及平衡條件可得代入數(shù)據(jù)解得故選D。6.如圖甲，MN、PQ兩平行金屬光滑導(dǎo)軌固定在傾角為的絕緣斜面上，其上端接一電容為C的電容器，導(dǎo)軌范圍內(nèi)存在著垂直斜面向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，導(dǎo)體棒ab垂直MN放在導(dǎo)軌上，由靜止開始下滑，電容器的帶電量Q隨時(shí)間t變化的圖像如圖乙，不計(jì)導(dǎo)體棒及導(dǎo)軌電阻，下列關(guān)于電容器兩極板間的電勢(shì)差U，導(dǎo)體棒ab的速度v，受到的安培力F以及回路中的電流i隨時(shí)間t變化的圖像一定錯(cuò)誤的是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】由圖乙所示圖像可知（k為比例系數(shù)）AB．根據(jù)電容的定義式可知感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與電容器兩極板間的電勢(shì)差相等，即解得則U與t成正比，v與t成正比，其圖像是過(guò)原點(diǎn)的傾斜直線，故AB正確，不符合題意；CD．電流可得其為一定值，二者圖像均是平行于t軸的直線，故C錯(cuò)誤，符合題意，D正確，不符合題意。故選C。7.如圖所示，空間中存在一矩形磁場(chǎng)區(qū)域MNPQ，在區(qū)域MQP內(nèi)存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)I，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為；在區(qū)域MNP內(nèi)存在垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)II，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，，一帶電粒子以大小為、方向沿從點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)，運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后從點(diǎn)離開磁場(chǎng)區(qū)域，另一帶電粒子以大小為、方向沿從點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)，不計(jì)粒子的重力及粒子間的相互作用，粒子的比荷均為，則下列說(shuō)法正確的是（）A.粒子a可能在磁場(chǎng)中直接偏轉(zhuǎn)到達(dá)點(diǎn)B.粒子a從磁場(chǎng)進(jìn)入磁場(chǎng)的位置距離點(diǎn)可能為C.若粒子a從磁場(chǎng)II進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，與粒子相遇，則相遇的時(shí)間可能為D.若粒子a與粒子在矩形磁場(chǎng)中心相遇，則的大小可能為【答案】D【解析】A．根據(jù)洛倫茲力提供向心力有解得可知粒子不可能偏轉(zhuǎn)一次就到達(dá)點(diǎn)，故A錯(cuò)誤；B．畫出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖根據(jù)幾何關(guān)系，粒子從磁場(chǎng)進(jìn)入磁場(chǎng)的位置距離點(diǎn)為不可能為，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)幾何關(guān)系可知粒子在磁場(chǎng)I、磁場(chǎng)II運(yùn)動(dòng)的圓心角為，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為粒子從磁場(chǎng)進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，與粒子相遇，則相遇的時(shí)間為故C錯(cuò)誤；D．畫出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖根據(jù)洛倫茲力及向心力的公式可知再根據(jù)幾何關(guān)系可知可知取3時(shí)，故D正確。故選D。8.振幅為，波速均為的兩列簡(jiǎn)諧波分別從波源和處沿軸相向傳播，時(shí)的波形如圖所示，則以下說(shuō)法正確的是（）A.兩列波的頻率均為B.時(shí)兩波相遇C.兩波相遇過(guò)程中處質(zhì)點(diǎn)的振幅為D.時(shí)，處質(zhì)點(diǎn)加速度為零【答案】AD【解析】A．根據(jù)可知，A正確；B．根據(jù)波形圖，可知兩列波相遇的時(shí)間，B錯(cuò)誤；C．根據(jù)波形圖，可知兩列波在處相遇時(shí)，左邊這列波在波谷位置，右邊這列波在平衡位置，此時(shí)，左邊這列波的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方程為右邊這列波的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方程為則該質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方程為則處質(zhì)點(diǎn)的振幅為C錯(cuò)誤；D．時(shí)，兩列波傳播的距離都為，傳播到處時(shí)質(zhì)點(diǎn)均處于平衡位置，加速度為0，D正確。故選AD。9.如圖所示，兩束單色光和從水中射向水面的點(diǎn)，它們進(jìn)入空氣后的光合成一束光。根據(jù)這一現(xiàn)象可知（）A.在水中時(shí)光的傳播速度比光的傳播速度小B.兩束光在從水進(jìn)入空氣時(shí)頻率均變小C.從水中射向空氣時(shí)，光全反射的臨界角比光大D.真空中光的波長(zhǎng)比光長(zhǎng)【答案】CD【解析】A．根絕光路圖，由折射定律可知根據(jù)可知，，故A錯(cuò)誤；B．頻率由波源決定，與介質(zhì)無(wú)關(guān)，兩束光從水進(jìn)入空氣時(shí)頻率應(yīng)不變，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)全反射臨界角公式，可知，故C正確；D．根絕光路圖，由折射定律可知光折射率大于光折射率，折射率越大，波長(zhǎng)越短，故真空中光的波長(zhǎng)比光長(zhǎng)，故D正確。故選CD。10.如圖所示，為匝矩形線框，可以圍繞邊勻速旋轉(zhuǎn)，角速度為，每匝面積為。在連線下方、且在連線左側(cè)的區(qū)域，存在垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為，線框的總電阻為，兩端連接到理想變壓器，對(duì)負(fù)載供電。變壓器初級(jí)線圈和次級(jí)線圈的匝數(shù)為和，為理想交流電流表，不計(jì)一切摩擦，則（）A.線框轉(zhuǎn)動(dòng)產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)的有效值為B.調(diào)節(jié)的大小，當(dāng)時(shí)，的功率最大C.若使的電阻值增大，電流表的示數(shù)將增大D.若使線框角速度變?yōu)?，的功率變?yōu)樵瓉?lái)的2倍【答案】AB【解析】A．根據(jù)圖示可知矩形線框旋轉(zhuǎn)所產(chǎn)生的e-t圖像為。電動(dòng)勢(shì)最大值，由有效值概念，可得綜合上式可得，故A正確；B．根據(jù)圖示可得等效電路圖為。其中，當(dāng)外電路電阻等于內(nèi)電路電阻，即時(shí)，即電源輸出功率最大，初級(jí)線圈的功率最大，故B正確；C．根據(jù)等效電路圖，由閉合電路歐姆定律可得若的電阻值增大，I減小，電流表示數(shù)將減小，故C錯(cuò)誤；D．由于是理想變壓器，的功率就等于線圈的功率，即若使線框角速度變?yōu)椋墓β首優(yōu)樵瓉?lái)的4倍，故D錯(cuò)誤。二、非選擇題：本題共5小題，共60分。11.某實(shí)驗(yàn)小組利用單擺測(cè)當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣龋海?）為了減小測(cè)量誤差，下列做法正確的是_____（選填字母代號(hào)）。A.長(zhǎng)度不同的和的同種細(xì)線，選用的細(xì)線做擺線B.當(dāng)擺球經(jīng)過(guò)最高點(diǎn)時(shí)開始計(jì)時(shí)C.把擺球從平衡位置拉開一個(gè)很小的角度后由靜止釋放D.測(cè)量擺球完成一次全振動(dòng)的時(shí)間，根據(jù)公式計(jì)算重力加速度（2）用游標(biāo)卡尺測(cè)量擺球直徑如圖所示，擺球直徑的測(cè)量值為_____（3）使擺球在豎直平面內(nèi)擺動(dòng)穩(wěn)定后，當(dāng)擺球到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)啟動(dòng)秒表開始計(jì)時(shí)并記作1，此后每次擺球再次經(jīng)過(guò)計(jì)時(shí)起點(diǎn)的次數(shù)記作（、3、4……），當(dāng)時(shí)停止計(jì)時(shí)，此時(shí)總時(shí)間為67.5s，可計(jì)算得單擺的周期為_____s。（保留三位有效數(shù)字）（4）實(shí)驗(yàn)時(shí)某同學(xué)測(cè)得的值偏小，其可能的原因是_____。A.擺球的質(zhì)量太大B.將細(xì)線長(zhǎng)作為擺長(zhǎng)C.測(cè)周期時(shí)，把次全振動(dòng)誤記為次D.擺球上端未固定牢固，振動(dòng)中出現(xiàn)松動(dòng)（5）改變擺長(zhǎng)，得到多組數(shù)據(jù)后，某同學(xué)作出的圖像如圖所示，由圖可得當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹開____（保留三位有效數(shù)字）【答案】（1）AC（2）1.060（3）（4）BD（5）9.86【解析】（1）A．在進(jìn)行“用單擺測(cè)當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣取睂?shí)驗(yàn)時(shí)，應(yīng)該保證擺長(zhǎng)不能太小，否則容易因擺動(dòng)過(guò)快增加實(shí)驗(yàn)失敗的可能性，因此選用的細(xì)線做擺線，故A正確；B．為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，在進(jìn)行實(shí)驗(yàn)時(shí)往往不是在最高點(diǎn)釋放時(shí)同時(shí)開始計(jì)時(shí)，而是在擺球穩(wěn)定擺動(dòng)后，當(dāng)擺球達(dá)到最低點(diǎn)時(shí)開始計(jì)時(shí)，這樣可以避免因觀測(cè)最高點(diǎn)的困難帶來(lái)的測(cè)量誤差，提高實(shí)驗(yàn)精度，故B錯(cuò)誤；C．構(gòu)成單擺的條件之一是擺角不超過(guò)，故C正確；D．為了減小偶然誤差，通常采用多次測(cè)量求平均值的方法，故D錯(cuò)誤。故選AC。（2）游標(biāo)卡尺為20分度，精度為0.05mm，直徑（3）每經(jīng)過(guò)一次最低點(diǎn)，單擺運(yùn)行了的時(shí)間，則計(jì)數(shù)為60時(shí)單擺運(yùn)行時(shí)間為，計(jì)算得。（4）A．由可知，擺球質(zhì)量不影響單擺的周期，故也不影響測(cè)重力加速度，故A錯(cuò)誤；B．將細(xì)線作為擺長(zhǎng)會(huì)導(dǎo)致擺長(zhǎng)的測(cè)量值偏小，由可知重力加速度測(cè)量值偏小，故B正確；C．計(jì)數(shù)值變大，振動(dòng)周期測(cè)量值會(huì)偏小，由可知重力加速度測(cè)量值偏大，故C錯(cuò)誤；D．上端未固定牢固，會(huì)導(dǎo)致擺長(zhǎng)變長(zhǎng)，擺長(zhǎng)的實(shí)際值變大，測(cè)量值相對(duì)實(shí)際值變小，由可知重力加速度測(cè)量值偏小，故D正確。故選BD。（5）由可知可得到圖像斜率為計(jì)算后得到重力加速度12.某興趣小組在“探究感應(yīng)電流的產(chǎn)生條件和影響感應(yīng)電流方向的因素”的實(shí)驗(yàn)中。（1）圖a中，將條形磁鐵從圖示位置先向上后向下移動(dòng)一小段距離出現(xiàn)的現(xiàn)象是（）A.燈泡A、B均不發(fā)光 B.燈泡A、B同時(shí)發(fā)光C.燈泡A先發(fā)光、B后發(fā)光 D.燈泡B先發(fā)光、A后發(fā)光（2）某同學(xué)用圖b所示的實(shí)驗(yàn)器材研究感應(yīng)電流的方向，將線圈插入線圈中，閉合開關(guān)瞬間，發(fā)現(xiàn)電流計(jì)指針右偏，則保持開關(guān)閉合，以下操作中也能使電流計(jì)右偏的是（）A.插入鐵芯B.拔出線圈AC.將滑動(dòng)變阻器的滑片向左移動(dòng)D.將滑動(dòng)變阻器的滑片向右移動(dòng)（3）圖c實(shí)驗(yàn)器材中，兩個(gè)閉合圓形線圈、的圓心重合，放在同一水平面內(nèi)，線圈中通有單向逐漸增大的電流，則對(duì)于線圈的現(xiàn)象正確的是（）A.B中將產(chǎn)生逆時(shí)針?lè)较虻碾娏鰾.B中將產(chǎn)生順時(shí)針?lè)较虻碾娏鰿.B線圈有收縮趨勢(shì)D.B線圈有擴(kuò)張的趨勢(shì)【答案】（1）D（2）AC（3）D【解析】（1）磁鐵下段為極，磁感線從下端發(fā)出；當(dāng)向上移動(dòng)磁鐵時(shí)通過(guò)螺線管內(nèi)向下的磁感線減少，根據(jù)楞次定律與右手定則可知螺線管正面的電流向左，又由于二極管有單向?qū)щ娦?，所以B發(fā)光，熄滅；同理，向下移動(dòng)磁鐵時(shí)，螺線管正面電流向右，發(fā)光熄滅；綜上所述，B先發(fā)光，A后發(fā)光。故選D。（2）閉合開關(guān)瞬間，磁通量變大，磁通量變大，電流計(jì)指針向右偏，由此可得中磁通量變大時(shí)電流計(jì)指針向右偏。類比可得B中磁通量減小時(shí)電流計(jì)指針向左偏。A．加入鐵芯時(shí)，A中磁通量會(huì)變大，B中磁通量變大，電流計(jì)向右偏，故A正確；B．拔出線圈A時(shí)，B中磁通量減小，則電流計(jì)指針應(yīng)該向反方向偏轉(zhuǎn)，即向左偏，故B錯(cuò)誤；C．向左移動(dòng)滑片時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路中的有效阻值減小，干路電流增大，A中磁通量變大，B中磁通量變大，電流計(jì)向右偏，故C正確；D．向右移動(dòng)滑片時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路中的有效阻值增大，干路電流減小，A中磁通量減小，B中磁通量減小，電流計(jì)向左偏，故D錯(cuò)誤。故選AC。（3）AB．當(dāng)中通有順時(shí)針逐漸增大的電流時(shí)，由楞次定律可知會(huì)產(chǎn)生逆時(shí)針的電流來(lái)阻礙回路中磁通量向內(nèi)增大；當(dāng)A中通有逆時(shí)針逐漸增大的電流時(shí)，由楞次定律可知B會(huì)產(chǎn)生順時(shí)針的電流來(lái)阻礙回路中磁通量向外增大，故AB錯(cuò)誤。CD．方法一：對(duì)于線圈，其內(nèi)部有增大的磁通量，外部有增大的與內(nèi)部相反的磁通量，因此有擴(kuò)張的趨勢(shì)來(lái)包含更多的由產(chǎn)生的與內(nèi)部相反的磁通量以阻礙內(nèi)部磁通量的變化；方法二：假設(shè)中產(chǎn)生順時(shí)針逐漸增大的電流時(shí)，由楞次定律可知會(huì)產(chǎn)生逆時(shí)針的電流來(lái)阻礙回路中磁通量向內(nèi)增大，此時(shí)對(duì)上的一小段進(jìn)行受力分析，其處于由產(chǎn)生的垂直紙面向外的磁場(chǎng)中，再用左手定則即可判斷這一小段受安培力方向背離圓心，即有擴(kuò)張的趨勢(shì)。故C錯(cuò)誤，D正確。13.一根長(zhǎng)度且不可伸長(zhǎng)的細(xì)線一端固定于某點(diǎn)，另一端系一質(zhì)量的小球，現(xiàn)拉動(dòng)小球使細(xì)線伸直，當(dāng)細(xì)線水平時(shí)由靜止釋放小球，小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)與物塊A沿水平方向發(fā)生彈性碰撞（碰撞時(shí)間極短），隨后與發(fā)生正碰，碰后物塊能恰好通過(guò)光滑水平面的右側(cè)平滑連接的一豎直放置的半圓形光滑軌道的最高點(diǎn)，軌道半徑。已知，，小球、物塊均可視為質(zhì)點(diǎn)。不計(jì)空氣阻力，重力加速度取。求：（1）求物塊飛出后落地點(diǎn)距離點(diǎn)的位置（2）求物塊和在碰撞過(guò)程中損失的機(jī)械能【答案】（1）（2）【解析】（1）物塊從點(diǎn)以的初速度向右做平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)物塊做平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為，水平位移大小為，豎直方向位移大小為，由平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可得，聯(lián)立上兩式，可得設(shè)物塊物塊恰好能通過(guò)圓形軌道最高點(diǎn)，說(shuō)明此時(shí)重力剛好完全提供做圓周運(yùn)動(dòng)所需的向心力，即可得，即飛出后落地點(diǎn)離C的距離為。（2）設(shè)物塊被碰前的速度為，被碰后的速度為，與物塊碰后的速度為，小球碰前的速度為，碰后速度為，小球從高處?kù)o止時(shí)放與發(fā)生彈性碰撞的過(guò)程中，由動(dòng)量守恒和能量守恒可得，，A與B碰撞過(guò)程中，設(shè)損失的機(jī)械能為，由動(dòng)量守恒