河南省洛陽市2024−2025學(xué)年高二下學(xué)期期中考試 數(shù)學(xué)試卷（含解析）

河南省洛陽市2024?2025學(xué)年高二下學(xué)期期中考試數(shù)學(xué)試卷一、單選題（本大題共8小題）1．設(shè)是定義域為R的可導(dǎo)函數(shù)，若，則（

）A． B． C．1 D．22．已知，則（

）A． B．0 C．1 D．e3．從2，4，8，14這四個數(shù)中任取兩個相減，可以得到不相等的差的個數(shù)為（

）A．12 B．10 C．6 D．54．的展開式中的系數(shù)為（

）A．30 B．60 C．90 D．1205．已知函數(shù)，則函數(shù)的圖象大致為（

）A．

B．

C．

D．

6．若函數(shù)在上存在最小值，則a的取值范圍是（

）A． B． C． D．7．的展開式中系數(shù)最大的是（

）A．的系數(shù) B．的系數(shù) C．的系數(shù) D．的系數(shù)8．若函數(shù)與函數(shù)的圖象有公共切線，則實數(shù)a的取值范圍為（

）A． B． C． D．二、多選題（本大題共3小題）9．下列求導(dǎo)運(yùn)算正確的是（

）A． B．C． D．10．如圖，正方形網(wǎng)格棋盤，其中，，，位于棋盤上一條對角線的4個交匯處．在棋盤M，N處的甲、乙兩個質(zhì)點分別要到N，M處，它們分別隨機(jī)地選擇一條沿網(wǎng)格實線走的最短路徑，以相同的速度同時出發(fā)，直到到達(dá)N，M處為止，則下列說法正確的有（

）A．甲從M到達(dá)N處的走法種數(shù)為20B．甲從M必須經(jīng)過到達(dá)N處的走法種數(shù)為9C．甲、乙能在處相遇的走法種數(shù)為36D．甲、乙能相遇的走法種數(shù)為16411．已知，，，則下列大小關(guān)系中正確的有（

）A． B． C． D．三、填空題（本大題共3小題）12．已知，則．13．已知函數(shù)，，若，則的最小值為.14．目前我省高中數(shù)學(xué)試卷中多選題的計分標(biāo)準(zhǔn)如下：①本題共3小題，每小題6分，滿分18分；②每道小題的四個選項中有兩個或三個正確選項，全部選對得6分，有選錯的得0分；③部分選對得部分分（若某小題正確選項為兩個，漏選一個正確選項得3分；若某小題正確選項為三個，漏選一個正確選項得4分，漏選兩個正確選項得2分）．已知在某次高中數(shù)學(xué)考試中，洛洛同學(xué)三個多選題中第一小題和第二小題都隨機(jī)地選了兩個選項，第三小題隨機(jī)地選了一個選項，他的多選題的總得分（相同總分只記錄一次）共有n種情況，則除以64的余數(shù)是．四、解答題（本大題共6小題）15．已知函數(shù)．（1）求曲線在點處切線的方程；（2）求函數(shù)的極值．16．用0，1，2，3，4組成無重復(fù)數(shù)字的五位數(shù)．（1）偶數(shù)共有多少個？（2）比30000大的偶數(shù)共有多少個？（3）1，2相鄰的偶數(shù)共有多少個？17．已知，二項式展開式中第2項與第4項的二項式系數(shù)相等，且展開式中的常數(shù)項是.(1)求展開式的第5項；(2)設(shè)展開式中的所有項的系數(shù)之和為，所有項的二項式系數(shù)之和為，求.18．已知函數(shù)．（1）證明：當(dāng)時，；（2）函數(shù)，記為函數(shù)的極大值點，求證：．19．已知函數(shù)，．（1）當(dāng)時，函數(shù)的最小值為，求實數(shù)a的值；（2）當(dāng)時，試確定函數(shù)的零點個數(shù)，并說明理由．20．已知函數(shù)，．（1）討論函數(shù)的單調(diào)性；（2）若“，，，”為真命題，求實數(shù)a取值范圍．

參考答案1．【答案】A【詳解】因，故.故選A.2．【答案】D【詳解】由題意可得，，則，得，則，則.故選D3．【答案】B【詳解】由題意，，，，，，.可得，即，，因此，可以得到不相等的差的個數(shù)為.故選B.4．【答案】B【詳解】因為，所以通項公式，因為要求的系數(shù)，所以令，此時，又的通項公式，令，解得，則的展開式中的系數(shù)為，因此，的展開式中的系數(shù)為.故選B.5．【答案】A【詳解】由可得，令，則，所以函數(shù)只有一個零點，故排除B、D兩項，由，令，所以，當(dāng)時，，所以在上單調(diào)遞增，所以當(dāng)時，，所以當(dāng)時，，所以函數(shù)在上單調(diào)遞增，所以排除C項.故選A6．【答案】C【詳解】由題意，函數(shù)的定義域為，，因此，當(dāng)或時，，此時單調(diào)遞增；當(dāng)時，，此時單調(diào)遞減；所以的極大值為，極小值為，令，得，化簡得，解得或，因為函數(shù)在上存在最小值，所以，解得，故選C.7．【答案】B【詳解】設(shè)的展開式的通項為，，由題意可得，解得，因為所以，所以的展開式中系數(shù)最大的是的系數(shù).故選B.8．【答案】C【詳解】由題意，設(shè)公切線與函數(shù)相切于點，與函數(shù)相切于點；又，，則公切線的斜率，且；故切線方程為，化簡得，也可以表示為，化簡得，所以，則，又，則，則.故選C.9．【答案】BD【詳解】A選項：，故A錯誤；B選項：，故B正確；C選項：，故C錯誤；D選項：，故D正確.故選BD.10．【答案】ABD【詳解】A選項：需要走6格，其中向上3格，向右3格，所以甲從M到達(dá)N處的走法種數(shù)為，故A正確；B選項：甲從到達(dá)，需要走3格，其中向上1格，向右2格，有種走法，從到達(dá)，需要走3格，其中向上2格，向右1格，有種走法，根據(jù)分步乘法計數(shù)原理得：甲從M必須經(jīng)過到達(dá)N處的走法種數(shù)為9，故B正確；C選項：由圖可知，甲走到處需要3步，且乙走到處需要3步，又因為，甲經(jīng)過的走法種數(shù)為9，乙經(jīng)過的走法種數(shù)為9，所以甲，乙兩人能在處相遇的走法種數(shù)為，故C錯誤；D選項：甲，乙兩人沿著最短路徑行走，可能在，，，處相遇，若甲，乙兩人在處相遇，甲經(jīng)過處，必須向上走3格，乙經(jīng)過處，必須向左走3格，所以兩人在處相遇的走法有1種；若甲，乙兩人在或處相遇，各有81種走法；若甲，乙兩人在處相遇，甲經(jīng)過處，必須向右走3格，乙經(jīng)過處，必須向下走3格，所以兩人在處相遇的走法有1種.根據(jù)分類加法計數(shù)原理得：甲，乙兩人能相遇的走法種數(shù)為，故D正確.故選ABD.11．【答案】ACD【詳解】構(gòu)造函數(shù)，其中，則，由可得，由可得，所以，函數(shù)的增區(qū)間為，減區(qū)間為，因為，，，因為，故，即，即，故選ACD.12．【答案】【詳解】對于，取，可得，再取，可得，故得.13．【答案】2【詳解】，則，取，故，，故切線方程為，取，解得，故的最小值.14．【答案】17【詳解】這位同學(xué)第一小題和第二小題都可能得0分，4分或6分，第三小題可能得0分，2分或3分，如圖，當(dāng)?shù)谌}得0分時，有可能總得分為：0，4，6，8，10，12，當(dāng)?shù)谌}得2分時，有可能總得分為：2，6，8，10，12，14，當(dāng)?shù)谌}得3分時，有可能總得分為：3，7，9，11，13，15，所以這位同學(xué)的多選題所有可能總得分（相同總分只記錄一次）為：0，2，3，4，6，7，8，9，10，11，12，13，14，15，即，則又，則．則除以64的余數(shù)是．15．【答案】（1）（2）極大值為，極小值為【詳解】（1）函數(shù)的定義域為，，所以，又，所以在點處切線的方程為：，化簡得：.（2）由題意，，.，令，解得或，列表如下：12單調(diào)遞增極大值單調(diào)遞減極小值單調(diào)遞增由表可知，函數(shù)的極大值為；極小值為.16．【答案】（1）60（2）30（3）24【詳解】（1）當(dāng)個位是0時，共有種情況；當(dāng)個位是2或4時，共有種情況；根據(jù)分類加法計數(shù)原理得：符合題意的偶數(shù)有個.（2）當(dāng)萬位是3時，共有種情況；當(dāng)萬位是4時，共有種情況；根據(jù)分類加法計數(shù)原理得：符合題意的偶數(shù)有個.（3）當(dāng)個位是0時，共有種情況；當(dāng)個位是2時，則十位是1，共有種情況；當(dāng)個位是4時，共有種情況；根據(jù)分類加法計數(shù)原理得：符合題意的偶數(shù)有個.17．【答案】(1)(2)【分析】（1）根據(jù)二項式系數(shù)可得，即可根據(jù)通項求解常數(shù)項得，進(jìn)而可求解，（2）利用賦值法可得系數(shù)法，即可求解.【詳解】（1）由題意知，所以.二項式展開式的通項是，所以當(dāng)時展開式中的有常數(shù)項，所以，所以，因為，所以，所以展開式第5項是.（2）令，二項式展開式中的所有項的系數(shù)之和，二項式系數(shù)之和，故.18．【答案】（1）證明過程見解析；（2）證明過程見解析.【詳解】（1）欲證，只需證，即證，令，則，則在上單調(diào)遞增，則，即，故命題得證.（2）因，則，令，則，則得；得，則在上單調(diào)遞增，在上單調(diào)遞減，則，又，則由零點存在性定理可知，在和上分別存在一個零點，不妨設(shè)其零點分別為，且，則是方程的兩根，則，得；，得或，則在上單調(diào)遞增，在和上單調(diào)遞減，則在處取極大值，因為函數(shù)的極大值點，則，且，，則，所以.19．【答案】（1）（2）1個零點，理由見解析【詳解】（1）由求導(dǎo)得：，因，當(dāng)，即時，，則函數(shù)在上單調(diào)遞減，故，顯然不符合題意；當(dāng)，即時，，則函數(shù)在上單調(diào)遞增，故，顯然不符合題意；當(dāng)，即時，由可得，當(dāng)時，，則函數(shù)在上單調(diào)遞減；當(dāng)時，，則函數(shù)在上單調(diào)遞增，故，由，可得，符合題意.故實數(shù)a的值為.（2）由，可得，顯然是該方程的一個實數(shù)解，故是函數(shù)的一個零點；當(dāng)時，方程可化簡為，設(shè)函數(shù)，則，由可得，當(dāng)時，，則函數(shù)在上單調(diào)遞減；當(dāng)時，，函數(shù)在上單調(diào)遞增，故函數(shù)的最小值為，即對任意的，恒成立，故方程無實數(shù)解，即時，函數(shù)不存在零點.綜上，函數(shù)有且只有1個零點.20．【答案】（1）答案見解析（2）