黑龍江省龍東十校聯(lián)盟2024-2025學(xué)年高二下學(xué)期4月月考物理試卷（含解析）

物理卷合題目要求，每小題4分；第8～10題有多項符合題目要求，每小題6分，全部選對的得61.某風力發(fā)電機模型結(jié)構(gòu)如圖所示，當線圈abcd隨風力葉片轉(zhuǎn)動時，位于AC輸出端的LED燈因此發(fā)光。若葉片轉(zhuǎn)動加快，則下列說法正確的是()A．產(chǎn)生的感應(yīng)電流增大，LED燈亮度增強B．會使線圈的電阻減小，LED燈亮度增強C．將磁鐵的N、S極對調(diào)，LED燈亮度減弱D．將線圈的匝數(shù)減少，LED燈亮度增強2.如圖，真空中存在一個正六邊形的勻強磁場區(qū)域，一個α粒子和一個質(zhì)子先后從a點沿ad方向入射，α粒子從c點射出，質(zhì)子從b點射出，則α粒子和質(zhì)子的速率之比為()3.在一真空區(qū)域內(nèi)，存在著相互垂直的勻強電場和勻強磁場，電場強度大小為E，方向豎直向下，磁感應(yīng)強度大小為B0，方向垂直紙面向里。現(xiàn)有一不計重力的帶正電粒子，其電荷量為q，質(zhì)量為m，以水平初速度v0射入該區(qū)域，粒子在該區(qū)域內(nèi)恰好做勻速直線運動。一段時間后，電場強度大小瞬間變?yōu)?E且方向變?yōu)樨Q直向上，設(shè)為t=0時刻。則此后()A．A．粒子在此區(qū)域中運動時，電場力與洛倫茲力相等B．粒子做勻速圓周運動，其運動半徑C．到粒子速度方向第一次與水平方向成45°時，電場力做的功為mvEQ\*jc3\*hps14\o\al(\s\up4(2),0)D．若同時粒子的電荷量變?yōu)?q，其他條件不變，粒子運動軌跡與原來相同4.水平桌面上固定兩根平行的金屬導(dǎo)軌AB和CD，導(dǎo)軌間距為L。導(dǎo)軌上放置著一根質(zhì)量為m的導(dǎo)體棒，導(dǎo)體棒通過兩根輕質(zhì)彈簧與導(dǎo)軌兩端的固定擋板相連，彈簧的勁度系數(shù)均為k。整個裝置處于垂直紙面向里的勻強磁場中，磁感應(yīng)強度大小為B?，F(xiàn)給導(dǎo)體棒通以恒定電流I，導(dǎo)體棒靜止時，兩根彈簧均伸長了Δx，計為0時刻，此后撤去電流I并使磁場均勻減小，t時刻導(dǎo)體棒速度最大（不計導(dǎo)軌和導(dǎo)體棒的電阻以及一切摩擦，重力加速度為g）。則下列說法正確的是()A．0時刻，導(dǎo)體棒所受安培力大小為2kΔxB．0時刻，通入導(dǎo)體棒的電流方向為由下向上C．若增大磁感應(yīng)強度，靜止時彈簧的伸長量將減小D．0~t時刻的過程中，彈簧彈性勢能的減少量等于導(dǎo)體棒動能的增加量5.如左圖所示為手機無線充電裝置示意圖，下方固定的送電線圈記為N，上方與手機電路相連的受電線圈記為M（如右圖所示）。在充電過程中，送電線圈N中接入交變電流后，即可為手機充電。下列說法正A．若N中電流增大，M中感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場方向與N產(chǎn)生的磁場方向相同B．M中感應(yīng)電流的方向始終與N中電流方向相反C．M因電磁阻尼作用會有發(fā)熱現(xiàn)象，導(dǎo)致能量損耗D．M中因磁通量變化從而產(chǎn)生感應(yīng)電流，手機充電成功6.回旋加速器的核心部分是兩個D形金屬盒，兩盒相對部分分別和一高頻交流電源兩端相接，電壓為U，以便在盒間狹縫中形成周期性變化的電場，使粒子每次穿過狹縫都得到加速；兩盒放在勻強磁場中，磁場方向垂直于盒底面，磁感應(yīng)強度大小為B。兩盒間狹縫很小，帶電粒子穿過的時間可以忽略不計。粒子進入加速電場的初速度不計，粒子源置于盒的圓心附近，加速到最大值后離開加速器。若粒子源射出粒子的電荷量為q，質(zhì)量為m，粒子最大回旋半徑為Rm，其運動軌跡如圖所示，不考慮相對論和重力作用，以下說法不正確的是()A.粒子第一次經(jīng)過狹縫加速進入D形盒的軌道半徑B.所加交流電頻率為C每加速一次，.磁場中的軌跡半徑不均勻增大D.從靜止開始加速到離開所需的時間為7．如圖所示，兩條足夠長、相距d的傾斜金屬導(dǎo)軌上端接一阻值為R的定值電阻，導(dǎo)軌的傾角為θ=30。，虛線MN下側(cè)存在垂直導(dǎo)軌平面向上、磁感應(yīng)強度大小為B（未知）的勻強磁場，導(dǎo)軌下端與水平金屬軌道平滑連接，水平軌道存在豎直向上、磁感應(yīng)強度大小也為B的勻強磁場。將一質(zhì)量為m、電阻為r的金屬桿從虛線MN右上方l處由靜止釋放，金屬桿進入磁場后恰好做勻速直線運動，金屬桿從PQ進入水平軌道后最終停在水平軌道上。整個過程金屬桿和導(dǎo)軌始終垂直且接觸良好，不計導(dǎo)軌電阻及摩擦，重力加速度大小為g。則()A.金屬桿進入磁場時的速度大小v為B.磁感應(yīng)強度大小B與金屬桿的質(zhì)量成正比C.金屬桿從PQ進入水平軌道后運動的距離x=2lD.進入水平導(dǎo)軌后通過導(dǎo)體橫截面的電荷量q為（此處B值表達式未帶入）8．圖甲為某同學(xué)研究自感現(xiàn)象的實驗電路圖，用內(nèi)阻忽略不計的電流傳感器監(jiān)測通過電感線圈L中的電流。已知電路中燈泡的電阻R1=6Ω,定值電阻R2=2Ω,電源電動勢為6V，內(nèi)阻不計。閉合開關(guān)S后電路處于穩(wěn)定狀態(tài)，燈泡發(fā)光。在t=0.1s時刻斷開開關(guān)S，斷開開關(guān)S前后電流傳感器顯示電流隨時間變化的圖像如圖乙所示。根據(jù)以上信息下列說法中正確的是()A．電感線圈的電阻RL=2.0ΩB．斷開開關(guān)后流過燈泡的電荷量約為0.68CC．斷開開關(guān)較長時間后R2兩端電壓變?yōu)?D．斷開開關(guān)后燈泡不會出現(xiàn)閃亮的現(xiàn)象9．如圖所示，將α粒子注入到電壓大小為U0加速電場的三等分點P（忽略各粒子的初速度部分粒子經(jīng)電場加速從負極板上的小孔N射出；然后沿以O(shè)1為圓心、R為半徑的圓弧通過靜電分析器，與圓心O1等距離的各點場強大小相等，方向指向圓心，且與速度選擇器中的場強大小也相同。再經(jīng)速度選擇器篩選后，從通道入口的中縫進入磁分析器，該通道的上下表面是內(nèi)半徑為0.5R、外半徑為1.5R的半圓環(huán)，磁感應(yīng)強度為B0的勻強磁場垂直于半圓環(huán)，α粒子恰好能擊中照相底片的正中間位置。（設(shè)α粒子的質(zhì)量m=4m0，電荷量q=2e，整個系統(tǒng)處于真空中，不計粒子重力和粒子間的相互作用力）。下列說法中正確A.加速電場中粒子獲得動能Ek=U0eU0m0B.靜電分析器中與圓心O1距離為U0m0C.速度選擇器中的磁感應(yīng)強度B的大小D.想改變粒子打在底片上的位置可以只調(diào)整加速電壓10.如圖所示，在xOy水平面內(nèi)，固定著間距為d的足夠長光滑金屬導(dǎo)軌。在0≤x≤2d區(qū)域存在兩個大小為B0、垂直導(dǎo)軌平面、方向相反的勻強磁場，磁場邊界滿足y=dIsinπI。邊長為d的正方形導(dǎo)線框A1D1D2A2靜置在導(dǎo)軌上，質(zhì)量為m，四條邊的電阻均為R，D1D2位于x=0處。在沿x軸的外力F作用下導(dǎo)線框A1D1D2A2沿x軸正方向以速度v0做勻速直線運動，當D1D2到達x=2d時撤去外力，不計導(dǎo)軌電阻。下列說法正確的是()A.導(dǎo)線框D1D2邊運動到的過程中外力F的方向先向右再向左B.導(dǎo)線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的最大值為2B0dv0C.導(dǎo)線框D1D2邊運動到x=d的過程中流過導(dǎo)線框的電荷量q為D.整個過程中外力對導(dǎo)線框所做的功W為11.（6分）某實驗小組使用如圖裝置來探究電磁感應(yīng)現(xiàn)象中影響感應(yīng)電流方向的因素。（1）如果在閉合開關(guān)時發(fā)現(xiàn)靈敏電流計的指針向右偏了一下，那么合上開關(guān)后可能出現(xiàn)的情況有：①將原線圈迅速插入副線圈時，靈敏電流計指針將偏轉(zhuǎn)；A.向左B.向右C.不發(fā)生②原線圈插入副線圈后，將滑動變阻器滑片迅速向左拉時，靈敏電流計指針也發(fā)生偏轉(zhuǎn)，在上述兩過程中靈敏電流計指針的偏轉(zhuǎn)方向（選填“相同”或“相反”）。（2）已知當電流從電流計的左接線柱進入時，指針從中央向左偏。某同學(xué)用條形磁鐵來代替通電螺線管完成實驗，如圖所示，則圖中條形磁鐵的運動方向是（選填“向上”或“向下”）。（3）實驗中有同學(xué)發(fā)現(xiàn)在某兩次電磁感應(yīng)現(xiàn)象中，第一次電流計的指針擺動的幅度比第二次指針擺動的幅度大，原因是。128分1）磁體和運動電荷之間可通過磁場而相互作用，此現(xiàn)象可通過以下實驗證明：如圖所示，我們利用陰極射線管研究磁場對運動電荷力的作用，陰極射線管放在蹄形磁鐵的N、S兩極間，射線管的A極發(fā)射粒子束應(yīng)接直流高壓電源的（填“正極”或“負（2）我們利用該原理可以制作電視顯像管原理示意圖，不計電子的重力，當沒有磁場時，電子束將打在熒光屏正中的O點，安裝在管徑上的偏轉(zhuǎn)線圈可以產(chǎn)生磁場，使電子束發(fā)生偏轉(zhuǎn)。其簡化圖如圖乙。設(shè)垂直紙面向里的磁場方向為正方向，若使電子打在熒光屏上的位置由M點逐漸移動到N點，圖中變化的磁場能夠使電子發(fā)生上述偏轉(zhuǎn)的是()B．D．（3）如果發(fā)現(xiàn)電視畫面的幅度比正常的偏小，以下操作可以修正的是()A．增強電子槍發(fā)射能力增加電子數(shù)B．減小加速電場的電壓C．增加偏轉(zhuǎn)線圈電流D．增大加速電場兩極板的距離13.（10分）法拉第圓盤發(fā)電機是人類歷史上第一臺發(fā)電機，揭開了機械能轉(zhuǎn)化為電能的序幕。學(xué)習后某同學(xué)設(shè)計了如圖所示的發(fā)電裝置，令半徑為r的導(dǎo)電圓環(huán)（電阻不計）繞垂直于圓環(huán)平面、通過圓心O的金屬軸以角速度①逆時針勻速轉(zhuǎn)動。在圓環(huán)圓心角上MON=120O的范圍內(nèi)（兩條虛線之間）分布著垂直圓環(huán)平面向外、磁感應(yīng)強度大小為B的勻強磁場，圓環(huán)上接有電阻均為R的三根金屬輻條OA、OB、OC，輻條互成120°角。圓環(huán)的邊緣通過電刷P和導(dǎo)線與一阻值也為R的定值電阻相連，定值電阻的另一端通過導(dǎo)線接在圓環(huán)的中心軸上。在圓環(huán)勻速轉(zhuǎn)動過程中，求1）輻條轉(zhuǎn)至圖示位置時OC上電流方向2）輻條切割磁感線產(chǎn)生的電動勢3）導(dǎo)電圓環(huán)轉(zhuǎn)動一周，流過定值電阻R的電荷量。14.（12分）在前沿的核聚變能源研究設(shè)施內(nèi)，科研團隊全力攻克實現(xiàn)可控核聚變的關(guān)鍵難題。實驗的關(guān)鍵區(qū)域位于虛線MN右側(cè)，該區(qū)域存在磁感應(yīng)強度B=4T、垂直于實驗平面向外的勻強磁場。在距離MN為d=0.1m處，安裝了一塊與磁場方向平行的特殊絕緣擋板PQ，其作用是調(diào)控帶電粒子的運動路徑。實驗過程中注入的正、負粒子，除了電性不同，質(zhì)量均為m=6.4×10?27kg，電荷量大小均為q=3.2×10?19C。粒子束以與邊界MN成30°角的方向射入磁場，不計粒子重力。求：(1)求該粒子在磁場中做勻速圓周運動的周期T。(2)若正粒子從射入磁場開始計時，經(jīng)過時，該粒子與入射點的距離恰好等于其在磁場中做圓周運動的半徑，求此時粒子的運動方向與入射方向的夾角。(3)科研人員發(fā)現(xiàn)，當調(diào)整粒子的入射速度，使粒子在磁場中運動的軌跡與擋板PQ相切時，能滿足核聚變實驗中對粒子約束的特定要求。求滿足此條件時粒子的入射速度大小。15.（18分）某電磁緩沖裝置如圖所示，兩足夠長且間距為L的平行金屬導(dǎo)軌置于同一水平面內(nèi)，導(dǎo)軌左端與一阻值為R的定值電阻相連，導(dǎo)軌BC段與B1C1段粗糙，其余部分光滑，AA1右側(cè)處于磁感應(yīng)強度大小為B方向豎直向下的勻強磁場中，AA1、BB1、CC1均與導(dǎo)軌垂直，一質(zhì)量為m的金屬桿垂直導(dǎo)軌放置?，F(xiàn)讓金屬桿以初速度v0沿導(dǎo)軌向右經(jīng)過AA1進入磁場，最終恰好停在CC1處。已知金屬桿接入導(dǎo)軌之間的阻值為R，與粗糙導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)為μ,AB=BC=d，導(dǎo)軌電阻不計，重力加速度為g，求：（1）在整個過程中，定值電阻R產(chǎn)生的熱量；（2）金屬桿在BB1處的速度大小和加速度大小（未進入導(dǎo)軌BC段與B1C1段）；（3）試論證：若將金屬桿的初速度加倍，則金屬桿在磁場中運動的距離大于4d。物理卷參考答案合題目要求，每小題4分；第8～10題有多項符合題目要求，每小題6分，全部選對的得61.【答案】A【詳解】根據(jù)電磁感應(yīng)的基本原理，選項A正確；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，感應(yīng)電動勢的大小與磁通量變化率成正比，而磁通量變化率與線圈切割磁感線的速度成正比，因此風力葉片轉(zhuǎn)動越快，LED燈越亮，線圈的電阻與風力葉片轉(zhuǎn)動的速度無關(guān)，選項B錯誤；將磁鐵的南北極對調(diào)，感應(yīng)電流的方向會改變，但LED燈仍然會發(fā)光，且亮度不變，選項C錯誤；將線圈的匝數(shù)減少，感應(yīng)電動勢會減小，LED燈變暗，選項D錯誤。故選A。2.【答案】B【詳解】設(shè)正六邊形邊長為L，如圖所示，則由幾何關(guān)系可知α粒子和質(zhì)子軌跡半徑分別為r1=3L可得r12=32=22=412=31代入，則α粒子和質(zhì)子的速率之比為3∶2，故選B。3.【答案】C【詳解】t=0之前粒子初始做勻速直線運動，合力為零，所以Eq=qv0B0，但不符合題目考查電場改變后情況的要求，故A選項錯誤。電場方向改變且強度變?yōu)?E后，電場力F'=2Eq方向向上，方向向下，二者不等，合力不為零且方向與速度始終不垂直，不滿足勻速圓周運動條件，B錯誤。水平方向不受力，水平速度vx=v0始終不變。當速度方向與水平成45°時，vx=vy=v0，此時速度v=2v0。由動能定理，電場力做功w=mv2—mvEQ\*jc3\*hps14\o\al(\s\up4(2),0)=mvEQ\*jc3\*hps14\o\al(\s\up4(2),0)選項C正確。粒子電荷量變?yōu)?q，電場力F=2|q|E向下，洛倫茲力方向改變，受力改變，根據(jù)牛頓第二定律，加速度改變，運動軌跡與原來不同，選項D錯誤。故4.【答案】A【詳解】導(dǎo)體棒靜止時，受到安培力和兩根彈簧的彈力作用，安培力與兩根彈簧彈力的合力等大反向，處于平衡狀態(tài)。兩根彈簧均伸長了Δx，根據(jù)胡克定律，每根彈簧對導(dǎo)體棒的彈力為F=kΔx，兩根彈簧的彈力合力為2kΔx，所以選項A正確。根據(jù)左手定則，已知安培力方向向右（與兩根彈簧彈力合方向相反），磁場方向豎直向下，可判斷出電流方向為由上向下，選項B錯誤。由F安=BIL=2kΔx，當增大磁感應(yīng)強?x為導(dǎo)體棒移動的距離)從而產(chǎn)生感應(yīng)電流I感。此時導(dǎo)體棒受到安培力和彈簧彈力。在導(dǎo)體棒速度達到最大時，合力為零。由能量守恒，彈簧彈性勢能的減少量等于導(dǎo)體棒動能的增加量與產(chǎn)生的焦耳熱之和（因為有感應(yīng)電流產(chǎn)生，會有焦耳熱），D選項錯誤。故選A。5.【答案】D【詳解】根據(jù)楞次定律，當送電線圈N中電流增大，其產(chǎn)生的磁場增強，穿過受電線圈M的磁通量增加，受電線圈M中感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場應(yīng)阻礙原磁通量的增加，所以感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場方向與送電線圈N產(chǎn)生的磁場方向相反，A選項錯誤。這里受電線圈M產(chǎn)生感應(yīng)電流本質(zhì)是互感現(xiàn)象，感應(yīng)電流方向總是阻礙原磁場的變化（增反減同），如當N中電流減小時，M感應(yīng)電流方向?qū)嶋H與N原電流方向相同，B選項錯誤。電磁阻尼是指當導(dǎo)體在磁場中運動時，感應(yīng)電流會使導(dǎo)體受到安培力，安培力的方向總是阻礙導(dǎo)體的運動。這里受電線圈M發(fā)熱是因為電流的熱效應(yīng)，即Q=I2Rt，并非電磁阻尼導(dǎo)致，C選項錯誤。電磁感應(yīng)定律表明，當穿過閉合回路的磁通量發(fā)生變化時，回路中會產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，若回路閉合則產(chǎn)生感應(yīng)電流。送電線圈N接入交變電流，其產(chǎn)生的磁場是變化的，穿過受電線圈M的磁通量變化，從而產(chǎn)生感應(yīng)電流為手機充電，D選項正確。故選D。6.【答案】D【詳解】A.質(zhì)子第1次經(jīng)過狹縫被加速過程，根據(jù)動能定理有粒子在磁場中做勻速圓周運動，則有解得，正確；B.粒子在電場中運動時間極短，高頻交流電源頻率要符合粒子回旋頻率，正確；C質(zhì)子經(jīng)過狹縫被加速過程，根據(jù)動能定理有粒子在磁場中做勻速圓周運動，則有，若質(zhì)子第2次經(jīng)過狹縫被加速過程，根據(jù)動能定理有粒子在磁場中做勻速圓周運動，解得由，半徑并非均勻增大，C正確；D粒子最大回旋半徑為則，粒子飛出D形盒時的軌道半徑為Rm，則有令電場中加速了n次，因此在磁場中轉(zhuǎn)動了n個半周期，則有從靜止開始加速到出口處所需的時間為t，則有解得不正確。故選D。7.【答案】C【詳解】根據(jù)牛頓第二定律mgsinθ=ma解得根據(jù)速度位移公式2al=v2解得錯誤；金屬桿進入磁場后，電動勢為E=Bdv電流為金屬桿進入磁場后恰好做勻速直線運動，根據(jù)平衡條件BId=mgsinθ解得錯誤；金屬桿在水平軌道上運動時，根據(jù)動量定理 其中聯(lián)立，解得x=2l，C正確，則進入水平導(dǎo)軌后通過導(dǎo)體橫截面的電荷量q為q=，D錯誤。故選C。8.【答案】AC【詳解】開關(guān)S閉合且電路穩(wěn)定時流過線圈L的電流為1.5A，根據(jù)歐姆定律可得代入數(shù)據(jù)解得RL=2.0Ω,故A正確；根據(jù)Q=It可知，I-t圖像中圖線與坐標軸圍成的面積表示流過燈泡的電荷量，圖中圖像下方所圍面積共34格，所以斷開開關(guān)后流過燈泡的電荷量為Q=34×0.02×0.1C=0.068C，故B錯誤；由圖可知，斷開開關(guān)后流過R2的電流很快從1.5A減為零，從而可得斷開開關(guān)較長時間后R2兩端電壓由3V變?yōu)榱?，故C正確；由于RL+R=4.0Ω<R1=6Ω,故閉合S時，流過線圈的電流大于流過燈泡電流，斷開S發(fā)生自感現(xiàn)象時，小燈泡會發(fā)生閃亮現(xiàn)象，故D錯誤。故選AC。9.【答案】AB【詳解】α粒子的質(zhì)量：m=4m0，電荷量q=2e，在加速電場中，由動能定理得粒子獲得動能為Ek=Uq=U0×2e=U0e，A正確；由電場力提供向心力可得聯(lián)立可得，靜電分析器中，與圓心O1距離為R處的電場強度的大小為，B正確；在速度選擇器中Eq=qvB，結(jié)合聯(lián)立可得，速度選擇器中的磁感應(yīng)強度B的大小為C錯誤；改變加速電壓條件下，α粒子無法穿過靜電分析器和速度選擇器，D錯誤。故選AB。10．【答案】BD【詳解】根據(jù)左手定則，導(dǎo)線框一直受到向左的安培力，故該過程中外力F一直向右，A正確；當A1A2運動到時，導(dǎo)線框中A1A2和D1D2都在垂直切磁感線且同向疊加，因此感應(yīng)電動勢最大Em1=2B0ymv0=2B0dv0，B正確；導(dǎo)線框D1D2邊在x=0至x=d區(qū)間運動過程中，只有D1D2邊在切割，感應(yīng)電動勢的瞬時表達式e1=B0yv0=B0v0dsin兀=B0v0dsin兀0t；產(chǎn)生正弦交流電，等效于面積為S的線圈在勻強磁場中做勻速圓周運動，轉(zhuǎn)動角速度，由感應(yīng)電動勢最大值Em=B0S①=B0dv0解得x=0至x=d區(qū)間相當于繞圈轉(zhuǎn)動角度0~兀，磁通量變化量ΔΦ=2B0S，感應(yīng)電動勢的平均值感應(yīng)電流的平均值，流過導(dǎo)線框的總電量錯誤；導(dǎo)線框D1D2邊在x=0至x=d區(qū)間運動過程中，產(chǎn)生正弦交流電，感應(yīng)電動勢最大值為Em2=B0dv0，則有效值E有回路中產(chǎn)生的焦耳熱導(dǎo)線框D1D2邊在x=d至x=2d區(qū)間運動過程中，兩邊切割，感應(yīng)電動勢的瞬時表達式兀，同理，回路中產(chǎn)生的焦耳熱由功能關(guān)系可知，外力對導(dǎo)線框所做的功正確。故選BD。11.【答案】（1）①B（1分）、②相反（1分）；（2）向下（2分）；（3）線圈中第一次磁通量的變化率比第二次大（2分）【詳解】（1）閉合電鍵，磁通量增加，指針向右偏轉(zhuǎn)，將原線圈迅速插入副線圈，磁通量增加，副線圈產(chǎn)生感應(yīng)電流，靈敏電流計的指針向右偏轉(zhuǎn)；②原線圈插入副線圈后，將滑動變阻器觸頭迅速向左拉時，電阻增大，則電流減小，穿過副線圈的磁通量減小，在上述兩過程中，磁通量變化情況相反，靈敏電流計指針的偏轉(zhuǎn)方向相反。（2）指針左偏，可知感應(yīng)電流的方向為俯視角順時針，感應(yīng)電流的磁場方向向下，條形磁鐵的磁場方向向上。由楞次定律可知，條形磁鐵應(yīng)該向下運動。（3）第一次電流計的指針擺動的幅度比第二次指針擺動的幅度大，說明第一次產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢較大，原因是線圈中第一次磁通量的變化率比第二次大。12.【答案】（1）負極（2分）、向下（2分）；（2）D（2分）；（3）BC（2分）【詳解】（1）電子離開陰極后，電場要對其加速，電子帶負電，所加電場應(yīng)該從B指向A，所以A的電勢低，B的電勢高，A接負極，B接正極；（2）磁鐵兩極之間的磁場從N指向S，電子從A向B運動，根據(jù)左手定則可判斷電子受洛倫茲力向下，因此向下偏轉(zhuǎn)；（3）電子偏轉(zhuǎn)到M點時，根據(jù)左手定則可知，磁場方向垂直紙面向外，對應(yīng)的B-t圖的圖線應(yīng)在t軸下方；電子偏轉(zhuǎn)到N點時，根據(jù)左手定則可知，磁場方向垂直紙面向里，對應(yīng)的B-t圖的圖線應(yīng)在t軸上方，只有選項D正確。（4）設(shè)電子經(jīng)加速電場加速后的速度大小為v，根據(jù)動能定理有設(shè)電子在磁場區(qū)域中做勻速圓周運動的半徑為R，根據(jù)牛頓第二定律有聯(lián)立可得由題意，如果發(fā)現(xiàn)電視畫面的幅度比正常的偏小，即P點位置下移，說明R增大，根據(jù)③式可知可能是B減小、U增大，而電子數(shù)的多少與加速電場兩極板間的距離對R均無影響，故選BC。13.【答案】（1）由O流向C（2分23）EQ\*jc3\*hps21\o\al(\s\up6(B兀),4R)r2（6分）【詳解】（1）輻條轉(zhuǎn)至圖示位置時電流方向由O流向C；..............................................（2分）（2）輻條切割磁感線產(chǎn)生的電動勢為（3）在磁場之外的兩根輻條與定值電阻R并聯(lián)，則外電阻為.....................................（1分）總電流......................................................................................................（1分）流過定值電阻R的電流大小為....................................................................（2分）導(dǎo)電圓環(huán)轉(zhuǎn)動一周，流過定值電阻R的電荷量為14.【答案】（1）π×10—8s（4分2）60°（2分38—83）×107m/s或【詳解】(1)粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力qvB=m................（2分）周期............................................................................故代入可得T==π×10—8s..................................................................（1分）(2)當t=×10—8s時，由tT，................................(1分)可知此時正處于軌跡下半部分，結(jié)合該位置處粒子與入射點的距離等于運動的半徑可知粒子運動軌跡對應(yīng)的圓心角為300°（構(gòu)建粒子運動軌跡如右圖所示），由幾何關(guān)系可知此時粒子的運動方向與入射方向的夾角為60°............................................