2025年山東省高考模擬物理試卷（一）（解析版）VIP

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12025年山東省高考物理模擬試卷（一）注意事項(xiàng)：1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號(hào)等填寫在答題卡和試卷指定位置。2.回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無(wú)效。3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分。每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求。1．2024年是中國(guó)航天大年，神舟十八號(hào)、嫦娥六號(hào)等已陸續(xù)飛天，部分航天器裝載了具有抗干擾性強(qiáng)的核電池。已知3890Sr衰變?yōu)?990Y的半衰期約為29年；94238Pu衰變?yōu)?2234U的半衰期約為A.3890Sr衰變?yōu)?990B.94238Pu衰變?yōu)?2234C．50年后，剩余的3890Sr數(shù)目大于D．87年后，剩余的3890Sr數(shù)目小于2．在地球太空的軌道上有某一衛(wèi)星正在運(yùn)行，正確的是（）A．衛(wèi)星的重力小于在地球表面時(shí)受到的重力B．衛(wèi)星處于完全失重狀態(tài)，所受重力為零C．衛(wèi)星圓周運(yùn)動(dòng)的向心力由地球磁場(chǎng)提供D．衛(wèi)星因?yàn)槊撾x了地球表面，處于平衡狀態(tài)3．為了人民的健康，我國(guó)環(huán)保部門每天派出大量的灑水車上街進(jìn)行空氣凈化除塵。假設(shè)行駛過(guò)程中灑水車受到的摩擦阻力跟其質(zhì)量成正比，受到的空氣阻力跟車速成正比，當(dāng)灑水車在平直路面上勻速行駛并且勻速灑水時(shí)，以下判斷正確的是（）A．灑水車的動(dòng)能保持不變B．發(fā)動(dòng)機(jī)的功率保持不變C．牽引力的功率隨時(shí)間均勻減小D．牽引力大小跟灑水時(shí)間成反比4．有兩根原長(zhǎng)相同的輕彈簧，勁度系數(shù)分別為和，另有A、B兩個(gè)小物塊，質(zhì)量分別為和?，F(xiàn)在用兩種不同的方式將兩物塊用一根彈簧栓接后，再用另一根彈簧將兩物塊一起懸掛在天花板上，兩種方式分別如圖中甲、乙所示，已知，，重力加速度為。則兩種方式均穩(wěn)定后，方式乙中物塊A的高度與方式甲中物塊B的高度相比（

）A．高 B．高C．低 D．低5．子彈垂直射入疊在一起的厚度相同、材質(zhì)相同的木板,穿過(guò)第20塊木板后速度恰好變?yōu)?,可以把子彈視為質(zhì)點(diǎn),已知子彈在第1塊木板中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間是t,認(rèn)為子彈在木板中運(yùn)動(dòng)的加速度都相同,則子彈()A．穿過(guò)最后1塊木板所用時(shí)間是510B．穿過(guò)前15塊木板所用時(shí)間是(20+95)tC．穿過(guò)最后4塊木板所用時(shí)間是(45+219)tD．穿過(guò)第15塊木板所用時(shí)間是30-56．如圖甲所示，一個(gè)質(zhì)量的物塊以初速度從斜面底端沖上一足夠長(zhǎng)斜面，經(jīng)開(kāi)始沿斜面返回，時(shí)刻回到斜面底端。物塊運(yùn)動(dòng)的圖像如圖乙所示，斜面傾角（，，重力加速度g?。?。則可確定（）A．物塊上滑時(shí)的加速度大小為B．物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.45C．物塊沿斜面向上滑行的最大距離為5.0mD．物塊回到斜面底端的時(shí)刻為2.0s7．一個(gè)透明均勻玻璃圓柱的橫截面如圖所示，一束由a、b兩種單色光組成的復(fù)色光從A點(diǎn)射入，分成兩束分別從B、C射出，則下列說(shuō)法正確的是()A．a(chǎn)光的折射率小于b光的折射率B．在玻璃中，a光的傳播速度小于b光的傳播速度C．a(chǎn)、b兩種單色光分別從B、C射出時(shí)折射角不相等D．a(chǎn)、b兩種單色光分別通過(guò)同一個(gè)雙縫干涉裝置，b光的干涉條紋間距較大8．我國(guó)超級(jí)電網(wǎng)，將熱、水、風(fēng)、光、核發(fā)電及電動(dòng)汽車電池儲(chǔ)能并入電網(wǎng)．如圖所示為某小型發(fā)電站高壓輸電示意圖．升壓變壓器原、副線圈兩端的電壓分別為U1和U2，降壓變壓器原、副線圈兩端的電壓分別為U3和U4．在輸電線路的起始端接入兩個(gè)互感器，兩個(gè)互感器原、副線圈的匝數(shù)比分別為10:A．兩互感器均起到降壓作用B．若電壓表的示數(shù)為220V，電流表的示數(shù)為10A，則線路輸送的電功率為C．若保持發(fā)電機(jī)輸出電壓U1和用戶數(shù)一定，僅將滑片QD．若發(fā)電機(jī)輸出電壓U1一定，若用戶數(shù)增加，為維持用戶電壓U4一定，可將滑片二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。9．一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)歷了如圖ABCDA的循環(huán)過(guò)程，其中A→B、C→D是兩個(gè)等壓過(guò)程，B→C、D→A是兩個(gè)絕熱過(guò)程．關(guān)于氣體狀態(tài)變化及其能量變化，下列說(shuō)法中正確的有()A．A→B過(guò)程，氣體對(duì)外做功，內(nèi)能增大B．B→C過(guò)程，氣體分子平均動(dòng)能增大C．ABCDA循環(huán)過(guò)程中，氣體吸熱，對(duì)外做功D．ABCDA循環(huán)過(guò)程中，A點(diǎn)對(duì)應(yīng)氣體狀態(tài)溫度最低10．如圖所示，甲為一列簡(jiǎn)諧波在某一時(shí)刻的波形圖，乙為介質(zhì)中x=2m處的質(zhì)點(diǎn)P以此時(shí)刻為計(jì)時(shí)起點(diǎn)的振動(dòng)圖象，質(zhì)點(diǎn)Q的平衡位置位于x=3.5m處，下列說(shuō)法正確的是（）A．這列波的傳播速度為20m/sB．這列波沿x軸正方向傳播C．在0.3s時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)P向右移動(dòng)了3mD．t=0.1s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P的加速度大于點(diǎn)Q的加速度11．如圖所示，一光滑絕緣水平直軌道右端平滑連接一半徑為0.1m的光滑絕緣豎直半圓形軌道。一質(zhì)量為m1=0.2kg、帶電荷量為+q、導(dǎo)電性能良好的金屬小球P位于距圓弧軌道最低點(diǎn)為0.3m的位置；另一質(zhì)量為m2=0.1kg、電荷量為-q、導(dǎo)電性能良好的金屬小球Q處在圓弧軌道最低點(diǎn)，同時(shí)由靜止釋放兩金屬小球兩球發(fā)生彈性正碰后，Q球剛好能通過(guò)圓弧軌道最高點(diǎn)，已知重力加速度g取10m/s2，球大小相同且比軌道半徑小得多，下列說(shuō)法正確的是（）A．P、Q兩球組成的系統(tǒng)電勢(shì)能減少了0.375JB．從釋放P、Q兩球到兩球相撞過(guò)程，P球的位移大小為0.1mC．碰撞過(guò)程，P球?qū)球所做的功為0.25JD．從釋放P、Q兩球到兩球相撞過(guò)程，電場(chǎng)力對(duì)P球所做的功為0.125J12．如圖所示，空間中存在豎直向下的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B0的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，固定水平U形導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)，軌道左端連接一阻值為R的電阻，質(zhì)量為m的導(dǎo)體棒ab置于導(dǎo)軌上距左端x位置，其接入回路的電阻為r。不計(jì)導(dǎo)軌的電阻，不計(jì)導(dǎo)體棒與軌道間的摩擦。t=0時(shí)刻ab以水平向右的初速度v0從圖示實(shí)線位置開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，最終停在導(dǎo)軌上。在此過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A．導(dǎo)體棒做勻減速直線運(yùn)動(dòng)且導(dǎo)體棒中感應(yīng)電流的方向?yàn)閎→aB．電阻R消耗的總電能為C．導(dǎo)體棒停止位置距軌道左端距離為D．若要導(dǎo)體棒保持勻速直線運(yùn)動(dòng)，可使空間各處B滿足三、非選擇題：本題共6小題，共60分。13．某學(xué)習(xí)小組對(duì)兩種型號(hào)鉛筆芯的電阻率進(jìn)行測(cè)量。實(shí)驗(yàn)器材如下：學(xué)生電源（輸出電壓0~16V）；滑動(dòng)變阻器（最大阻值10Ω，額定電流2A）；電壓表V（量程3V，內(nèi)阻未知）；電流表A（量程3A，內(nèi)阻未知）；待測(cè)鉛筆芯R（X型號(hào)，Y型號(hào)）；游標(biāo)卡尺，螺旋測(cè)微器，開(kāi)關(guān)S，單刀雙擲開(kāi)關(guān)K，導(dǎo)線若干。 甲 乙回答下列問(wèn)題：（1）使用螺旋測(cè)微器測(cè)量鉛筆芯直徑，某次測(cè)量結(jié)果如圖甲所示，該讀數(shù)為mm；（2）把待測(cè)鉛筆芯接入圖乙所示電路，閉合開(kāi)關(guān)S后，將滑動(dòng)變阻器滑片由最右端向左調(diào)節(jié)到合適位置，將單刀雙擲開(kāi)關(guān)K分別擲到1、2端，觀察到電壓表示數(shù)變化比電流表示數(shù)變化更明顯，則測(cè)量鉛筆芯電阻時(shí)應(yīng)將K擲到（填“1”或“2”）端；（3）正確連接電路，得到Y(jié)型號(hào)鉛筆芯I-U圖像如圖丙所示，求得電阻RY=Ω（保留3位有效數(shù)字）；采用同樣方法得到X型號(hào)鉛筆芯的電阻為1.70Ω；丙（4）使用游標(biāo)卡尺測(cè)得X、Y型號(hào)鉛筆芯的長(zhǎng)度分別為40.68mm、60.78mm，使用螺旋測(cè)微器測(cè)得X、Y型號(hào)鉛筆芯直徑近似相等，則X型號(hào)鉛筆芯的電阻率（填“大于”或“小于”）Y型號(hào)鉛筆芯的電阻率。

14．可以利用智能手機(jī)的向心加速度傳感器探究圓周運(yùn)動(dòng)向心加速度與角速度、半徑的關(guān)系。如圖（a），先后將手機(jī)固定在自行車后輪轉(zhuǎn)動(dòng)半徑分別為的位置，搖動(dòng)踏板，用手機(jī)實(shí)時(shí)采集數(shù)據(jù)得到兩種不同半徑下散點(diǎn)圖像和散點(diǎn)圖像，如圖（b）和圖（c）。(1)通過(guò)采集的數(shù)據(jù)散點(diǎn)分布可以判斷出（）A．圖（b）中與成正比 B．圖（c）中與成正比(2)圖（c）的I對(duì)應(yīng)半徑為（選填“”或“”）的散點(diǎn)圖；(3)實(shí)驗(yàn)過(guò)程中，（選填“需要”或“不需要”）勻速搖動(dòng)踏板。15．圖甲為戰(zhàn)國(guó)時(shí)期青銅汲酒器，根據(jù)其原理制作了由中空?qǐng)A柱形長(zhǎng)柄和儲(chǔ)液罐組成的汲液器，如圖乙所示。長(zhǎng)柄頂部封閉，橫截面積S1=1.0cm2，長(zhǎng)度H=100.0cm，側(cè)壁有一小孔A。儲(chǔ)液罐的橫截面積S2=90.0cm2、高度h=20.0cm，罐底有一小孔B。汲液時(shí)，將汲液器豎直浸入液體，液體從孔B進(jìn)入，空氣由孔A排出；當(dāng)內(nèi)外液面相平時(shí)，長(zhǎng)柄浸入液面部分的長(zhǎng)度為x；堵住孔A，緩慢地將汲液器豎直提出液面。儲(chǔ)液罐內(nèi)剛好儲(chǔ)滿液體。已知液體密度ρ=1.0×103kg/m3，重力加速度大小g=10m/s2，大氣壓p0=1.0×105Pa。整個(gè)過(guò)程溫度保持不變，空氣可視為理想氣體，忽略器壁厚度。 甲 乙（1）求x；（2）松開(kāi)孔A，從外界進(jìn)入壓強(qiáng)為p0、體積為V的空氣，使?jié)M儲(chǔ)液罐中液體緩緩流出，堵住孔A，穩(wěn)定后罐中恰好剩余一半的液體，求V。16．如圖(a)為一除塵裝置的截面圖，塑料平板M、N的長(zhǎng)度及它們間距離均為d。大量均勻分布的帶電塵埃以相同的速度v0進(jìn)入兩板間，速度方向與板平行，每顆塵埃的質(zhì)量均為m，帶電量均為-q。當(dāng)兩板間同時(shí)存在垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)和垂直板向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)時(shí)，塵埃恰好勻速穿過(guò)兩板;若撤去板間電場(chǎng)，并保持板間磁場(chǎng)不變，貼近N板入射的塵埃將打在M板右邊緣，塵埃恰好全部被平板吸附，即除塵效率為100%；若撤去兩板間電場(chǎng)和磁場(chǎng)，建立如圖(b)所示的平面直角坐標(biāo)系xOy軸垂直于板并緊靠板右端，x軸與兩板中軸線共線，要把塵埃全部收集到位于P(2.5d，-2d)處的條狀容器中，需在y軸右側(cè)加一垂直于紙面向里的圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域。塵埃顆粒重力、顆粒間作用力及對(duì)板間電場(chǎng)磁場(chǎng)的影響均不計(jì)，求:(1)兩板間磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度B1的大小(2)若撤去板間磁場(chǎng)，保持板間勻強(qiáng)電場(chǎng)不變，除塵效率為多少(3)y軸右側(cè)所加圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域磁感應(yīng)強(qiáng)度B2大小的取值范圍17．如圖甲所示，質(zhì)量為M的軌道靜止在光滑水平面上，軌道水平部分的上表面粗糙，豎直半圓形部分的表面光滑，兩部分在P點(diǎn)平滑連接，Q為軌道的最高點(diǎn)。質(zhì)量為m的小物塊靜置在軌道水平部分上，與水平軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。已知軌道半圓形部分的半徑R=0.4m，重力加速度大小g=10m/s2。 甲 乙（1）若軌道固定，小物塊以一定的初速度沿軌道運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)時(shí)，受到軌道的彈力大小等于3mg，求小物塊在Q點(diǎn)的速度大小v；（2）若軌道不固定，給軌道施加水平向左的推力F，小物塊處在軌道水平部分時(shí)，軌道的加速度a與F對(duì)應(yīng)關(guān)系如圖乙所示。（i）求μ和m；（ii）初始時(shí)，小物塊靜置在軌道最左端，給軌道施加水平向左的推力F=8N，當(dāng)小物塊到P點(diǎn)時(shí)撤去F，小物塊從Q點(diǎn)離開(kāi)軌道時(shí)相對(duì)地面的速度大小為7m/s。求軌道水平部分的長(zhǎng)度L。18．圖甲為某種發(fā)電裝置，輕質(zhì)釹磁鐵固定在帶狀薄膜上，上下各固定一個(gè)完全相同的線圈。兩線圈與磁鐵共軸，以薄膜平衡位置為原點(diǎn)O建立豎直向上x軸，線圈中心與磁鐵相距均為，當(dāng)周期性外力作用時(shí)，薄膜帶動(dòng)磁鐵在豎直方向上下振動(dòng)，振幅為A。已知線圈的匝數(shù)為n、橫截面積為S、磁鐵中軸線上各點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小與該點(diǎn)到磁鐵中心距離x的關(guān)系如圖乙所示，忽略線圈長(zhǎng)度，線圈內(nèi)各處磁感應(yīng)強(qiáng)度的豎直分量近似等于線圈中心位置的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小，不計(jì)線圈電阻和自感互感的影響，電路連接如圖丙所示。定值電阻，電容器的電容，足夠長(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌、固定于水平面內(nèi)，相距為，處于豎直向下、大小為的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，軌道在C、D處各被一小段正對(duì)的絕緣材料隔開(kāi)，質(zhì)量為的金屬棒a靜置于導(dǎo)軌處，質(zhì)量為的金屬棒b緊貼右側(cè)放置，質(zhì)量為的金屬棒c靜置于b棒右側(cè)的處。a、b棒的接入電阻相同，，c棒的接入電阻，所有導(dǎo)軌的電阻均不計(jì)。初始時(shí)單刀雙擲開(kāi)關(guān)S與觸點(diǎn)“1”閉合。（1）若磁鐵從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)歷時(shí)，判斷此過(guò)程流過(guò)電阻R中電流方向及流過(guò)R的電荷量；（2）磁鐵上升過(guò)程某時(shí)刻，電容器帶電荷量時(shí)，將開(kāi)關(guān)S撥到觸點(diǎn)“2”。當(dāng)金屬棒a運(yùn)動(dòng)至?xí)r電容器的電壓，此時(shí)a、b兩棒相碰結(jié)合為一個(gè)“雙棒”整體，最終各棒運(yùn)動(dòng)達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)，求最終“雙棒”整體與c棒的距離以及從a、b棒碰后到各棒穩(wěn)定的過(guò)程中a棒中產(chǎn)生的焦耳熱；（3）圖乙中B與x關(guān)系式滿足（其中k為未知常數(shù)），圖中、、為已知量，寫出磁鐵以速率向上經(jīng)平衡位置時(shí)，電阻的電功率表達(dá)式?！飬⒖即鸢浮铩?．【知識(shí)點(diǎn)】原子核的衰變及半衰期【答案】D【命題點(diǎn)】原子核衰變【解析】核反應(yīng)方程遵循質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒，則3890Sr衰變成3990Y的核反應(yīng)方程為3890Sr→3990Y+-10e，A錯(cuò)誤；94238Pu衰變成92234U的核反應(yīng)方程為94238Pu→92234U+24He，B錯(cuò)誤；相同數(shù)目的3890Sr經(jīng)50年，衰變超過(guò)一半，剩余的3890Sr數(shù)目少于一半，94238Pu經(jīng)50年，還沒(méi)有半數(shù)發(fā)生衰變，剩余的2．【知識(shí)點(diǎn)】非同步衛(wèi)星問(wèn)題【答案】A【解析】ABC．衛(wèi)星處于完全失重狀態(tài)，但所受重力不為零，衛(wèi)星所受的萬(wàn)有引力剛好提供衛(wèi)星繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力；根據(jù)萬(wàn)有引力表達(dá)式可知衛(wèi)星在太空的軌道上受到的引力小于在地球表面時(shí)受到引力，則衛(wèi)星在太空的軌道上受到的重力小于在地球表面時(shí)受到的重力，故A正確，BC錯(cuò)誤；D．衛(wèi)星繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)，所受的合力不為零，不是處于平衡狀態(tài)，故D錯(cuò)誤。故選A。3．【知識(shí)點(diǎn)】機(jī)車啟動(dòng)的兩種方式【答案】C【解析】A．以車和車內(nèi)剩余水為研究對(duì)象，受力分析可知，水平方向受牽引力F、地面摩擦阻力f和空氣阻力kv作用，由題意，有平衡方程且車與水的質(zhì)量在減小，故摩擦阻力在減小，空氣阻力恒定不變，則牽引力在減小，合力始終為零。灑水車的質(zhì)量減小，速度不變，故動(dòng)能減小，A錯(cuò)誤；B．發(fā)動(dòng)機(jī)的功率，牽引力減小，速度不變，則發(fā)動(dòng)機(jī)的功率減小，B錯(cuò)誤；CD．牽引力，灑水車的質(zhì)量隨時(shí)間均勻減小，則牽引力的大小隨灑水時(shí)間均勻減小，但不成反比。牽引力功率隨時(shí)間均勻減小，C正確，D錯(cuò)誤。故選C。4．【知識(shí)點(diǎn)】彈力的大小與胡克定律【答案】A【解析】設(shè)彈簧的原長(zhǎng)為，方式甲穩(wěn)定后，物塊B到天花板的距離為方式乙穩(wěn)定后，物塊A到天花板的距離為比較和可知，方式乙中的物塊A比方式甲中的物塊B更高，高度差為故選A。5．【知識(shí)點(diǎn)】逆向思維法在勻變速直線運(yùn)動(dòng)中的應(yīng)用【答案】C【解析】子彈做勻減速運(yùn)動(dòng)穿過(guò)第20塊木板后速度變?yōu)?,逆向可看作子彈做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng),設(shè)每塊木板的厚度為s,則有ns=12atn2,當(dāng)n=20時(shí),有20s=12at202,穿過(guò)第1塊木板后n=19,有19s=12at192,聯(lián)立可得t=t20-t19=40sa-38sa,則穿過(guò)最后1塊木板所用的時(shí)間為t1=2sa=t20-19=(25+19)t,A錯(cuò)誤;穿過(guò)前15塊木板后n=5,有5s=12at52,可得子彈穿過(guò)前15塊木板所用的時(shí)間是t20-t5=40sa-10sa=(20-5)t20-19=(10+95)t,B錯(cuò)誤;由4s=12at42,可得子彈穿過(guò)最后4塊木板所用的時(shí)間t4=8sa=2【一題多解】對(duì)于做勻變速直線運(yùn)動(dòng)的物體,從靜止開(kāi)始通過(guò)連續(xù)相等的位移所用時(shí)間之比為t1∶t2∶t3∶…∶tn=1∶(2-1)∶(3-2)∶…∶(n-n-1),子彈的運(yùn)動(dòng)逆向可看作初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng),則穿過(guò)第1塊和最后1塊木板所用的時(shí)間之比為(20-20-1)∶1=(25-19)∶1,A錯(cuò)誤;子彈穿過(guò)第1塊木板和所有木板所用時(shí)間之比為(20-19)∶20,可得子彈穿過(guò)所有木板所用時(shí)間為t20=2020-19·t,子彈穿過(guò)第1塊木板所用時(shí)間和最后5塊木板時(shí)間之比為(20-20-1)∶[1+(2-1)+(3-2)+(4-3)+(5-4)]=(20-19)∶5,可得穿過(guò)最后5塊木板所用時(shí)間為t5=520-19·t,則子彈穿過(guò)前15塊木板所用的時(shí)間是t20-t5=(10+95)t,B錯(cuò)誤;子彈穿過(guò)第1塊木板所用時(shí)間和最后4塊木板所用時(shí)間之比為(20-20-1)∶[1+(2-1)+(3-2)+(4-3)]=(20-19)∶2,則子彈穿過(guò)最后4塊木板所用的時(shí)間為(45+219)t,C正確;子彈穿過(guò)第1塊木板所用時(shí)間和穿過(guò)第15塊所用木板時(shí)間之比為(20-20-1)∶(6-6-1)=(20-19)∶(6-5),6．【知識(shí)點(diǎn)】牛頓運(yùn)動(dòng)定律與圖像結(jié)合問(wèn)題【答案】C【解析】A．由圖像可知物塊上滑時(shí)的加速度大小為故A錯(cuò)誤；B．物塊上滑過(guò)程，根據(jù)牛頓第二定律可得解得物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)圖像與橫軸圍成的面積等于位移，可知物塊沿斜面向上滑行的最大距離為故C正確；D．物塊沿斜面向下滑行的加速度大小為物體從最高點(diǎn)返回斜面底端所用時(shí)間為，則有解得故物塊回到斜面底端的時(shí)刻為故D錯(cuò)誤。故選C。7．【知識(shí)點(diǎn)】光的折射定律及其應(yīng)用、干涉條紋和光的波長(zhǎng)之間的關(guān)系【答案】A【解析】A．根據(jù)圖像可知：在A點(diǎn)兩光的入射角相等，a光的折射角大于b光的折射角，由折射率公式可知a光的折射率小于b光的折射率，故A正確；B．a(chǎn)光的折射率小于b光的折射率，由可知在玻璃中，a光的傳播速度大于b光的傳播速度，故B錯(cuò)誤。C．由幾何知識(shí)知兩光束在B、C兩點(diǎn)的入射角分別等于在A點(diǎn)的折射角，根據(jù)光路可逆性原理可知在B、C的折射角等于在A點(diǎn)的入射角，所以從B、C射出時(shí)折射角相等，故C錯(cuò)誤；D．a(chǎn)光的折射率小于b光的折射率，則a光的波長(zhǎng)大于b光的波長(zhǎng)，根據(jù)所以a、b兩種單色光分別通過(guò)同一個(gè)雙縫干涉裝置獲得的干涉條紋間距a的較大，故D錯(cuò)誤。故選A。8．【知識(shí)點(diǎn)】電能的輸送【答案】B【解析】電壓互感器起降壓作用，電流互感器起減小電流（升壓）作用，故A錯(cuò)誤；電壓互感器原線圈兩端的電壓U2=n'1n'2U=101×220V=2200V，電流互感器原線圈中的電流I2=n'4n'3I=101×10A=100A，對(duì)于理想變壓器，輸送功率P=P2=U2I2=2200×100W=220kW，故B正確；將滑片Q下移，相當(dāng)于增加了升壓變壓器副線圈的匝數(shù)n29．【知識(shí)點(diǎn)】功、熱、內(nèi)能的轉(zhuǎn)化、氣體的p-V圖像問(wèn)題、熱力學(xué)第一定律及其應(yīng)用【答案】AC【解析】A．A→B過(guò)程，氣體發(fā)生等壓變化，體積增大，氣體對(duì)外界做功，根據(jù)蓋-呂薩克定律知，體積與熱力學(xué)溫度成正比，體積增大，溫度升高，內(nèi)能增大，故A正確；B．B→C是絕熱過(guò)程，體積增大，氣體對(duì)外界做功，W＜0，絕熱Q=0，根據(jù)熱力學(xué)第一定律△U=W+Q＜0，內(nèi)能減小，溫度降低，氣體分子的平均動(dòng)能減小，故B錯(cuò)誤；C．ABCDA循環(huán)過(guò)程中，從A→B→C氣體對(duì)外做功，C→D→A外界對(duì)氣體做功，氣體對(duì)外做功大于外界對(duì)氣體做功，所以一個(gè)循環(huán)中表現(xiàn)為氣體對(duì)外做功，W＜0；經(jīng)過(guò)一個(gè)循環(huán)，氣體回到初狀態(tài)A，內(nèi)能不變△U=0，根據(jù)熱力學(xué)第一定律知Q＞0，氣體吸熱，故C正確；D．ABCDA循環(huán)過(guò)程中，從D→A，體積減小，外界對(duì)氣體做功W＞0，絕熱過(guò)程Q=0，根據(jù)熱力學(xué)第一定律△U=W+Q知△U＞0，內(nèi)能增加，溫度升高，D狀態(tài)溫度比A狀態(tài)溫度低，即A狀態(tài)溫度不是最低，故D錯(cuò)誤．10．【知識(shí)點(diǎn)】波的圖像及其應(yīng)用、波的圖像和振動(dòng)圖像的綜合應(yīng)用、簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)【答案】BD【解析】A．由圖知，波長(zhǎng)為，周期為T=0.4s，則波速為故A錯(cuò)誤；B．由乙圖讀出，t=0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)P的速度向上，由波形的平移法可知，這列波沿x軸正方向傳播，故B正確；C．根據(jù)波的傳播特點(diǎn)可知，質(zhì)點(diǎn)并不隨波向前遷移，而是在平衡位置附近做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D．當(dāng)t=0.1s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P處于最大位移處，據(jù)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)可知，此時(shí)加速度最大；而質(zhì)點(diǎn)Q此時(shí)不在最大位移處，所以質(zhì)點(diǎn)P的加速度大于質(zhì)點(diǎn)Q的加速度，故D正確。故選BD。11．【知識(shí)點(diǎn)】求解彈性碰撞問(wèn)題、電勢(shì)能與靜電力做功【答案】ABD【解析】A．根據(jù)Q球剛好能過(guò)最高點(diǎn)，可知根據(jù)動(dòng)能定理碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒解得v1=m/sv2=m/s由能量守恒可知，系統(tǒng)減少的電勢(shì)能為解得△Ep=0.375J故A正確；B．P、Q兩球在碰撞前由于合外力等大反向且運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，由x=可知位移比等于加速度之比，加速度之比等于質(zhì)量的倒數(shù)比，則兩球位移之比為1∶2，則P球位移為0.1m，故B正確；C．碰撞過(guò)程由動(dòng)量、能量守恒有（、是碰撞前瞬間兩球的速度）解得m/sm/s由于v02=v2故P對(duì)Q做功為0，故C錯(cuò)誤；D．由動(dòng)能定理可知W電==0.125J故D正確。故選ABD。12．【知識(shí)點(diǎn)】電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的功能問(wèn)題【答案】BCD【解析】A根據(jù)右手定則，可判斷出導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向?yàn)閎→a，根據(jù)左手定則可以判斷出導(dǎo)體棒受到向左的安培力，有，，，，聯(lián)立可得，隨著速度逐漸減小，加速度也減小，所以導(dǎo)體棒做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)誤；B．導(dǎo)體棒減速到0的過(guò)程中，安培力做的功等于整個(gè)電路產(chǎn)生的熱量，根據(jù)能量守恒定律，有，電阻R上消耗的總電能為，B正確；C．設(shè)導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的位移為，通過(guò)導(dǎo)體橫截面的電量為，，，可得，根據(jù)動(dòng)量定理，有，可得，聯(lián)立可得，導(dǎo)體棒停止位置距軌道左端距離為，C正確；D．若導(dǎo)體棒做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則導(dǎo)體棒中無(wú)電流，通過(guò)閉合回路的磁通量不發(fā)生變化，有，整理，D正確。選BCD。13．【知識(shí)點(diǎn)】實(shí)驗(yàn)：導(dǎo)體電阻率的測(cè)量【答案】（1）2.450（2分）（2）1（2分）（3）1.92（2分）（4）大于（2分）【命題點(diǎn)】測(cè)量鉛筆芯電阻率實(shí)驗(yàn)【解析】（1）由題圖甲知，鉛筆芯直徑為d=2mm+45.0×0.01mm=2.450mm；（2）開(kāi)關(guān)K接1時(shí)電流表為外接法，接2時(shí)電流表為內(nèi)接法，開(kāi)關(guān)K由1擲到2，電壓表示數(shù)比電流表示數(shù)變化更明顯，則待測(cè)鉛筆芯的電阻與電流表的內(nèi)阻相差較小，電流表分壓較多，故電流表應(yīng)采用外接法，故測(cè)量鉛筆芯時(shí)應(yīng)將K擲到1；（3）由題圖丙得RY=2.50V1.30A=1.92Ω（4）由R=ρLS得，電阻率ρ=RSL，則ρXρY=RXRY·L14．【知識(shí)點(diǎn)】實(shí)驗(yàn)：探究向心力的大小【答案】(1)B；(2)；(3)不需要【解析】（1）由圖b可知a與ω不是正比關(guān)系，圖（c）中a與ω2成正比，A錯(cuò)誤，B正確；（2）根據(jù)向心加速度公式a=rω2可知，半徑越大，a-ω2圖像的斜率越大，則Ⅰ對(duì)應(yīng)的是r1的a-ω2散點(diǎn)圖；（3）實(shí)驗(yàn)探究a-ω的關(guān)系，需改變?chǔ)卮笮?，則不需要?jiǎng)蛩贀u動(dòng)踏板。15．【知識(shí)點(diǎn)】氣體等溫變化與玻意耳定律【答案】（1）2cm（2）892cm3【命題點(diǎn)】玻意耳定律【解析】（1）液面內(nèi)外相平時(shí)，長(zhǎng)柄內(nèi)氣體壓強(qiáng)為p1=p0，長(zhǎng)度為H-x，將汲液器提出液面時(shí)，長(zhǎng)柄內(nèi)氣體壓強(qiáng)為p2=p0-ρgh，長(zhǎng)度為H，氣體發(fā)生等溫變化，根據(jù)玻意耳定律有p1（H-x）S1=p2HS1（2分）解得x=2cm（2分）（2）當(dāng)儲(chǔ)液罐中剩余一半液體時(shí)，氣體壓強(qiáng)為p3=p0-12ρgh，氣體體積為HS1+12hS由玻意耳定律有p2HS1+p0V=p3（HS1+12hS2）（2分）解得V=892cm3（2分）16．【知識(shí)點(diǎn)】帶電粒子在有界磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的臨界極值問(wèn)題【答案】(1)；(2)；(3)【解析】(1)貼近N極板射入的塵埃打在M板右邊緣的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖甲所示，由幾何知識(shí)可知，塵埃在磁場(chǎng)中的半徑塵埃在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得解得(2)電場(chǎng)、磁場(chǎng)同時(shí)存在時(shí)，塵埃做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由平衡條件得撤去磁場(chǎng)以后粒子在電場(chǎng)力的作用下做平拋運(yùn)動(dòng)，假設(shè)距離N極板的粒子恰好離開(kāi)電場(chǎng)，則在水平方向在豎直方向加速度解得所以除塵效率(3)設(shè)圓形磁場(chǎng)區(qū)域的半徑為，塵埃顆粒在圓形磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為，要把塵埃全部收集到位于處的條狀容器中，就必須滿足另有如圖乙當(dāng)圓形磁場(chǎng)區(qū)域過(guò)點(diǎn)且與M板的延長(zhǎng)線相切時(shí)，圓形磁場(chǎng)區(qū)域的半徑最小，磁感應(yīng)強(qiáng)度最大，則有解得如圖丙當(dāng)圓形磁場(chǎng)區(qū)域過(guò)點(diǎn)且與軸在M板的右端相切時(shí)，圓形磁場(chǎng)區(qū)域的半徑最大，磁感應(yīng)強(qiáng)度最小，則有解得所以圓形磁場(chǎng)區(qū)域磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小須滿足的條件為17．【知識(shí)點(diǎn)】動(dòng)量和能量的綜合應(yīng)用【答案】（1）4m/s（2）（i）0.21kg（ii）4.5m【命題點(diǎn)】功能關(guān)系+動(dòng)量守恒定律+a-F圖像【解析】（1）物塊運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)時(shí)，由牛頓第二定律有NQ+mg=mvQ2R（代入NQ=3mg，解得vQ=4m/s（1分）（2）（i）在F≤4N時(shí)，軌道與物塊一起加速運(yùn)動(dòng)，對(duì)整體由