福建省泉州市中遠(yuǎn)學(xué)校2024-2025學(xué)年高二下學(xué)期第二階段教學(xué)質(zhì)量檢測(cè)物理試卷（含解析）

試卷第=page11頁(yè)，共=sectionpages33頁(yè)福建省泉州市泉州中遠(yuǎn)學(xué)校2024-2025學(xué)年高二下學(xué)期第二階段教學(xué)質(zhì)量檢測(cè)一、單選題1．如圖所示，籃球運(yùn)動(dòng)員接傳過(guò)來(lái)的籃球時(shí)，通常要先伸出雙臂迎接籃球，手接觸到籃球后，雙手迅速后撤將籃球引至胸前。運(yùn)用你所學(xué)的物理規(guī)律分析，這樣做可以（）A．減小手對(duì)籃球的沖量 B．減小籃球的動(dòng)量變化量C．減小籃球?qū)κ值淖饔昧?D．縮短籃球?qū)κ值淖饔脮r(shí)間2．冰壺運(yùn)動(dòng)深受觀眾喜愛(ài)，圖1為運(yùn)動(dòng)員投擲冰壺的鏡頭。在某次投擲中，冰壺甲運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后與對(duì)方靜止的冰壺乙發(fā)生正碰，如圖2。若兩冰壺質(zhì)量相等，則碰后兩冰壺最終停止的位置可能是圖中的（）A．B．C．D．3．如圖所示為某彈簧振子在0～5s內(nèi)的振動(dòng)圖象，由圖可知，下列說(shuō)法中正確的是()A．振動(dòng)周期為5s，振幅為8cmB．第2s末振子的速度為零，加速度為負(fù)向的最大值C．從第1s末到第2s末振子的位移增加，振子在做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)D．第3s末振子的速度為正向的最大值4．如圖所示，曲面體P靜止于光滑水平面上，物塊Q自P的上端靜止釋放。Q與P的接觸面光滑，Q在P上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）

A．P對(duì)Q做功為零B．P和Q之間的相互作用力做功之和為零C．P和Q構(gòu)成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒、動(dòng)量守恒D．P和Q構(gòu)成的系統(tǒng)機(jī)械能不守恒、動(dòng)量守恒5．圓環(huán)形導(dǎo)體線圈a平放在水平絕緣桌面上，在a的正上方固定一豎直螺線管，二者軸線重合，螺線管與電源和滑動(dòng)變阻器連接成如圖所示的電路。若將滑動(dòng)變阻器的滑片P向上滑動(dòng)，下列表述正確的是（）A．線圈a中將產(chǎn)生俯視為逆時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流 B．穿過(guò)線圈a的磁通量變大C．線圈a有收縮的趨勢(shì) D．線圈a對(duì)水平桌面的壓力將減小6．如圖所示，一籃球以水平初速度碰撞籃板后水平彈回，速率變?yōu)樵瓉?lái)的倍，碰撞時(shí)間忽略不計(jì)，彈回后籃球的中心恰好經(jīng)過(guò)籃框的中心。已知籃球的質(zhì)量為，半徑為，籃框中心到籃板的距離為，碰撞點(diǎn)與籃框中心的高度差為，不計(jì)摩擦和空氣阻力，重力加速度為，則（）A．碰撞過(guò)程中，籃球的機(jī)械能守恒B．籃板對(duì)籃球的沖量大小為C．籃球的水平初速度大小為D．若籃球氣壓不足導(dǎo)致減小，在不變的情況下要使籃球中心經(jīng)過(guò)籃框中心，應(yīng)使碰撞點(diǎn)更低二、多選題7．某同學(xué)想用氣墊導(dǎo)軌模擬“人船模型”。該同學(xué)到實(shí)驗(yàn)室里，將一質(zhì)量為M、長(zhǎng)為L(zhǎng)的滑塊置于水平氣墊導(dǎo)軌上（不計(jì)摩擦）并接通電源。該同學(xué)又找來(lái)一個(gè)質(zhì)量為m的蝸牛置于滑塊的一端，在食物的誘惑下，蝸牛從該端移動(dòng)到另一端。下面說(shuō)法正確的是（）A．只有蝸牛運(yùn)動(dòng)，滑塊不運(yùn)動(dòng)B．滑塊運(yùn)動(dòng)的距離是LC．蝸牛運(yùn)動(dòng)的位移是滑塊的倍D．滑塊與蝸牛運(yùn)動(dòng)的距離之和為L(zhǎng)8．公路上勻速行駛的貨車(chē)受一擾動(dòng)，車(chē)上貨物隨車(chē)廂底板上下振動(dòng)但不脫離底板。一段時(shí)間內(nèi)貨物在豎直方向振動(dòng)可視為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，周期為T(mén)。豎直向上為正方向，以某時(shí)刻為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，其振動(dòng)圖象如圖所示，則下列說(shuō)法正確的是（）A．t=T時(shí)，貨物對(duì)車(chē)廂底板的壓力最小B．t=T時(shí)，貨物對(duì)車(chē)廂底板的壓力最小C．t=T時(shí)，貨物對(duì)車(chē)廂底板的壓力最小D．t=T時(shí)，貨物所受合力為零9．如圖所示，、為兩個(gè)相同的燈泡，線圈L的直流電阻可忽略不計(jì)，下列說(shuō)法正確的是（）A．閉合開(kāi)關(guān)S的瞬間，和都立刻變亮B．閉合開(kāi)關(guān)S穩(wěn)定后，只有亮C．?dāng)嚅_(kāi)開(kāi)關(guān)S的瞬間，a點(diǎn)的電勢(shì)比b點(diǎn)的電勢(shì)高D．?dāng)嚅_(kāi)開(kāi)關(guān)S，亮起后熄滅，立即熄滅10．如圖甲所示，一物塊在t＝0時(shí)刻，以初速度從足夠長(zhǎng)的粗糙斜面底端向上滑行，物塊速度隨時(shí)間變化的圖象如圖乙所示，時(shí)刻物塊到達(dá)最高點(diǎn)，時(shí)刻物塊又返回底端．由此可以確定()A．物塊返回底端時(shí)的速度B．物塊所受摩擦力大小C．斜面傾角D．時(shí)間內(nèi)物塊克服摩擦力所做的功三、填空題11．一物體的質(zhì)量為2kg，此物體豎直下落，以10m/s速度碰到水泥地面上，隨后又以8m/s的速度反彈。若取豎直向上為正方向，則小球與地相碰前的動(dòng)量是kg·m／s，相碰后的動(dòng)量是kg·m／s，相碰過(guò)程中小球動(dòng)量的變化量是kg·m／s。12．在圖（a）所示的交流電路中，電源電壓的有效值為，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為10∶1，、、均為固定電阻，，各電表均為理想電表。已知電阻中電流隨時(shí)間t變化的正弦曲線如圖（b）所示。則圖中電流表的示數(shù)為A；電壓表的示數(shù)為V；變壓器的輸入功率為W。四、實(shí)驗(yàn)題13．研究?jī)蓚€(gè)小球在軌道水平部分碰撞的規(guī)律（動(dòng)量守恒定律）：先安裝好如圖實(shí)驗(yàn)裝置，在地上鋪一張白紙。白紙上鋪放復(fù)寫(xiě)紙，記下重錘線所指的位置O。之后的實(shí)驗(yàn)步驟如下：步驟1：不放小球2，讓小球1從斜槽上A點(diǎn)由靜止?jié)L下，并落在地面上。重復(fù)多次，用盡可能小的圓，把小球的所有落點(diǎn)圈在里面，其圓心就是小球落點(diǎn)的平均位置；步驟2：把小球2放在斜槽前端邊緣位置B，讓小球1從A點(diǎn)由靜止?jié)L下，使它們碰撞。重復(fù)多次，并使用與步驟1同樣的方法分別標(biāo)出碰撞后兩小球落點(diǎn)的平均位置；步驟3：用刻度尺分別測(cè)量三個(gè)落地點(diǎn)的平均位置M、P、N離O點(diǎn)的距離，即線段OM、OP、ON的長(zhǎng)度。(1)上述實(shí)驗(yàn)中小球1和小球2應(yīng)選擇___________。A．相同大小的鐵球B．相同大小的塑料球C．小球1鐵球，小球2塑料球，大小相同D．小球1塑料球，小球2鐵球，大小相同(2)上述實(shí)驗(yàn)除需測(cè)量線段OM、OP、ON的長(zhǎng)度外，還需要測(cè)量的物理量有___________。A．A、B兩點(diǎn)間的高度差h1B．B點(diǎn)離地面的高度H2C．小球1和小球2的質(zhì)量、D．小球1和小球2的半徑r(3)當(dāng)所測(cè)物理量滿(mǎn)足時(shí)（用所測(cè)物理量的字母表示），說(shuō)明兩球碰撞遵守動(dòng)量守恒定律。14．用單擺測(cè)定重力加速度的實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示。（1）組裝單擺時(shí)，應(yīng)在下列器材中選用。A．長(zhǎng)度為1m左右的細(xì)線

B．長(zhǎng)度為30m左右的細(xì)線C．直徑為1.8cm的塑料球

D．直徑為1.8cm的鐵球（2）測(cè)出懸點(diǎn)O到小球球心的距離（擺長(zhǎng)）L及單擺完成n次全振動(dòng)所用的時(shí)間t，則重力加速度（用L、n、t表示）。（3）下表是某同學(xué)記錄的3組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，并做了部分計(jì)算處理。組次123擺長(zhǎng)L/cm80.0090.00100.0050次全振動(dòng)時(shí)間t/s90.095.5100.5振動(dòng)周期T/s1.801.91重力加速度9.749.73請(qǐng)計(jì)算出第3組實(shí)驗(yàn)中的，。（4）某同學(xué)在家里測(cè)重力加速度。他找到細(xì)線和鐵鎖，制成一個(gè)單擺，如圖所示，由于家里只有一根量程為30cm的刻度尺，于是他在細(xì)線上的A點(diǎn)做了一個(gè)標(biāo)記，使得懸點(diǎn)O到A點(diǎn)間的細(xì)線長(zhǎng)度小于刻度尺量程。保持該標(biāo)記以下的細(xì)線長(zhǎng)度不變，通過(guò)改變O、A問(wèn)細(xì)線長(zhǎng)度以改變擺長(zhǎng)實(shí)驗(yàn)中，當(dāng)O、A間細(xì)線的長(zhǎng)度分別為、時(shí)，測(cè)得相應(yīng)單擺的周期為、。由此可得重力加速度（用、、、表示）。五、解答題15．一個(gè)質(zhì)量為50kg的運(yùn)動(dòng)員進(jìn)行蹦床運(yùn)動(dòng)表演，從離水平網(wǎng)面3.2m高處自由下落，著網(wǎng)后沿豎直方向蹦回到離水平網(wǎng)面5.0m高處．已知運(yùn)動(dòng)員與網(wǎng)接觸的時(shí)間為0.5s，取10m/s2．（1）求運(yùn)動(dòng)員從開(kāi)始下落到與網(wǎng)接觸前，重力的沖量；（2）求運(yùn)動(dòng)員從接觸網(wǎng)到離開(kāi)網(wǎng)，網(wǎng)對(duì)運(yùn)動(dòng)員的平均作用力大?。?6．質(zhì)量為的光滑弧形槽靜止在光滑水平地面上，底部與水平面平滑連接，質(zhì)量為m的小球從槽上高h(yuǎn)處由靜止滑下，小球運(yùn)動(dòng)到右側(cè)墻壁時(shí)與豎直墻壁碰撞后以原速率彈回。已知重力加速度為g，求：(1)小球第一次與墻壁碰撞時(shí)的速度大小；(2)小球再次滑上弧形梢到達(dá)的最大高度。17．如圖所示，在x軸上方有磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)．x軸下方有磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，方向垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)．一質(zhì)量為m、電荷量為－q的帶電粒子(不計(jì)重力)，從x軸上O點(diǎn)以速度v0垂直x軸向上射出．求：(1)射出之后經(jīng)多長(zhǎng)時(shí)間粒子第二次到達(dá)x軸？(2)粒子第二次到達(dá)x軸時(shí)離O點(diǎn)的距離．18．“模型檢測(cè)”常用來(lái)分析一項(xiàng)設(shè)計(jì)的可行性。如圖所示的是某大型游樂(lè)設(shè)施的比例模型，光滑的水平軌道上靜止著物塊A和B（均可視為質(zhì)點(diǎn)），質(zhì)量分別為m、4m，A、B之間壓縮著一根鎖定的輕質(zhì)彈簧，兩端與A、B接觸而不相連。水平軌道的左側(cè)是一豎直墻壁：右側(cè)與光滑、豎直固定的圓管道FCD相切于F，圓管道的半徑R遠(yuǎn)大于管道內(nèi)徑。傾角的斜軌DE與圓管道相切于D，另一端固定在水平地面上，物塊與斜軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)。現(xiàn)將彈簧解鎖，A、B分離后撤去彈簧，物塊A與墻壁發(fā)生彈性碰撞后，在水平軌道上與物塊B相碰并粘連，一起進(jìn)入管道到達(dá)最高點(diǎn)C時(shí)恰好對(duì)圓管道無(wú)作用力，最后恰好停止在傾斜軌道的E點(diǎn)。（sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度為g）求：（1）A、B過(guò)最高點(diǎn)C時(shí)速度大小：（2）斜軌DE的設(shè)計(jì)長(zhǎng)度：（3）彈簧被壓縮時(shí)的最大彈性勢(shì)能。答案第=page11頁(yè)，共=sectionpages22頁(yè)參考答案1．C【詳解】B．籃球運(yùn)動(dòng)員接傳過(guò)來(lái)的籃球，末速度為零，動(dòng)量的變化量是確定的，B錯(cuò)誤；A．根據(jù)動(dòng)量定理知，手對(duì)籃球沖量的大小也是確定的，A錯(cuò)誤；D．先伸出雙臂迎接，手接觸到球后，兩臂隨球引至胸前，這樣可以延長(zhǎng)球與手接觸的時(shí)間，D錯(cuò)誤；C．根據(jù)動(dòng)量定理得-Ft=0-mv則F=當(dāng)時(shí)間延長(zhǎng)時(shí)，手對(duì)球的作用力減小，即球?qū)κ值淖饔昧p小，故C正確。故選C。2．B【詳解】A．若兩球不是對(duì)心碰撞，則兩球可能在垂直于甲的初速度方向上均發(fā)生移位，但垂直于甲初速度方向上應(yīng)保證動(dòng)量為零，碰撞后在垂直于甲的初速度方向上兩冰壺應(yīng)向相反方向運(yùn)動(dòng)，由圖甲所示可知，兩壺碰撞后向垂直于甲初速度方向的同側(cè)滑動(dòng)，不符合動(dòng)量守恒定律，故A錯(cuò)誤；BCD．如果兩冰壺發(fā)生彈性碰撞，碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒、機(jī)械能守恒，兩冰壺質(zhì)量相等，碰撞后兩冰壺交換速度，甲靜止，乙的速度等于甲的速度，碰后乙做減速運(yùn)動(dòng)，最后停止，由圖示可知，B正確，CD錯(cuò)誤。故選B。3．D【詳解】A．由題圖可知振動(dòng)周期為4s，振幅為8cm，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．第2s末振子在最大位移處，速度為零，位移為負(fù)，加速度為正向的最大值，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．從第1s末到第2s末振子的位移增大，振子在做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．第3s末振子在平衡位置，向正方向運(yùn)動(dòng)，速度為正向的最大值，選項(xiàng)D正確.4．B【詳解】A．Q在P上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，P對(duì)Q的彈力方向垂直于接觸面，與Q的位移方向夾角大于90°，則P對(duì)Q做功不為零。故A錯(cuò)誤；BCD．Q在P上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，整個(gè)系統(tǒng)只有重力做功，機(jī)械能守恒，P和Q之間的相互作用力屬于內(nèi)力并且等大反向，二者在力的方向上發(fā)生的位移相等，所以做功之和為零。系統(tǒng)在水平方向合力為零，即水平方向動(dòng)量守恒。系統(tǒng)在豎直方向所受合力不為零，則豎直方向動(dòng)量不守恒。故B正確；CD錯(cuò)誤。故選B。5．D【詳解】AB．當(dāng)滑片P向上移動(dòng)時(shí)電阻增大，由閉合電路歐姆定律可知通過(guò)線圈b的電流減小，從而判斷出穿過(guò)線圈a的磁通量減小，方向向下，根據(jù)楞次定律即可判斷出線圈a中感應(yīng)電流方向俯視應(yīng)為順時(shí)針，故A錯(cuò)誤，B錯(cuò)誤；C．再根據(jù)楞次定律推論“增縮減擴(kuò)”判斷出線圈a應(yīng)有擴(kuò)張的趨勢(shì)，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)“增離減靠”可知線圈a對(duì)水平桌面的壓力將減小，故D正確。故選D。6．C【詳解】A．根據(jù)題意，碰撞過(guò)程中，籃球的速度減小，籃球的動(dòng)能減小，機(jī)械能減小，A錯(cuò)誤；B．以彈回的方向做正方向，根據(jù)動(dòng)量定理可得B錯(cuò)誤；C．彈回后籃球做平拋運(yùn)動(dòng)，即有；解得C正確；D．若籃球氣壓不足，導(dǎo)致k減小，在不變的情況下，減小，要使籃球中心進(jìn)過(guò)籃筐中心，即籃球彈回后水平位移不變，時(shí)間要增大，應(yīng)使碰撞點(diǎn)更高，D錯(cuò)誤。故選C。7．CD【詳解】ABC．人在船上走時(shí)，由于蝸牛、滑塊導(dǎo)軌組成的系統(tǒng)所受合外力為零，總動(dòng)量守恒，因此系統(tǒng)的平均動(dòng)量也守恒，設(shè)蝸牛從滑塊一端到另一端的時(shí)間為t，在這段時(shí)間內(nèi)滑塊后退的距離為x，滑塊相對(duì)地面運(yùn)動(dòng)的距離為L(zhǎng)-x，選滑塊后退方向?yàn)檎较颍蓜?dòng)量守恒有所以則滑塊相對(duì)地面運(yùn)動(dòng)的距離為L(zhǎng)，選項(xiàng)AB錯(cuò)誤，C正確；D．由以上數(shù)據(jù)可得蝸牛運(yùn)動(dòng)的位移是滑塊的倍，選項(xiàng)D正確。故選CD。8．AD【詳解】AB．若貨物對(duì)車(chē)廂底板的壓力最小，則車(chē)廂底板對(duì)貨物的支持力最小，則要求貨物向下的加速度最大，由振動(dòng)圖象可知，在時(shí)，貨物向下的加速度最大，A正確，B錯(cuò)誤；C．要使貨物對(duì)車(chē)廂底板的壓力最大，則車(chē)廂底板對(duì)貨物的支持力最大，則要求貨物向上的加速度最大，由振動(dòng)圖象可知，在T時(shí)，貨物向上的加速度最大，所以貨物對(duì)車(chē)廂底板的壓力最大，C錯(cuò)誤;D．T時(shí)刻貨物加速度為零，貨物所受支持力與重力等大反向，合力為零，D正確。故選AD。9．AD【詳解】A．閉合開(kāi)關(guān)S的瞬間，線圈自感阻礙流過(guò)線圈的電流增大，和都立刻變亮，故A正確；B．閉合開(kāi)關(guān)S穩(wěn)定后，線圈L的直流電阻可忽略不計(jì)，被短路，只有亮，故B錯(cuò)誤；CD．?dāng)嚅_(kāi)開(kāi)關(guān)S的瞬間，立即熄滅，線圈與L1構(gòu)成回路，亮起后熄滅，因線圈阻礙電流變化，則新回路的電流為逆時(shí)針，即線圈左端相當(dāng)于電源正極，所以a點(diǎn)的電勢(shì)比b點(diǎn)的電勢(shì)低，故C錯(cuò)誤，D正確。故選AD。10．AC【詳解】A．由于下滑與上滑的位移大小相等，根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)可以求出物塊返回底端時(shí)的速度．設(shè)物塊返回底端時(shí)的速度大小為v，則得到A正確；BC．根據(jù)動(dòng)量定理得，上滑過(guò)程有下滑過(guò)程有聯(lián)立解得由于質(zhì)量m未知，則無(wú)法求出f，可得到可以求出斜面傾角θ，B錯(cuò)誤，C正確；D．3t0時(shí)間內(nèi)物塊克服摩擦力所做的功等于機(jī)械能的減小量，由于物體的質(zhì)量未知，故無(wú)法求解機(jī)械能減小量，無(wú)法求解克服摩擦力做的功，D錯(cuò)誤。故選AC。11．－201636【詳解】[1]取豎直向上為正方向，小球與地面相碰前的動(dòng)量是[2]相碰后的動(dòng)量是[3]小球動(dòng)量變化為12．12040【詳解】[1][2][3]通過(guò)R2電流的有效值為R2兩端即副線圈兩端的電壓，根據(jù)歐姆定律可知圖中電流表的示數(shù)根據(jù)原線圈兩端電壓電壓表的示數(shù)為變壓器的輸入功率為13．(1)C(2)C(3)【詳解】（1）碰撞過(guò)程中，為了發(fā)生正碰（即對(duì)心碰），兩小球的半徑必須相同，即大小相同，除此之外，碰撞過(guò)程中為了避免入射小球被反彈，入射小球的質(zhì)量必須大于被碰小球的質(zhì)量。故選C。（2）AB．由于小球做平拋運(yùn)動(dòng)的高度相同，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間可知小球運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，則水平方向聯(lián)立可得可知速度比即為水平位移之比，因此不需要A、B兩點(diǎn)間的高度差h1以及B點(diǎn)離地面的高度H2，故AB錯(cuò)誤；CD．由于該實(shí)驗(yàn)要驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，而根據(jù)動(dòng)量守恒定律應(yīng)有由于已經(jīng)測(cè)量了OM、OP、ON（水平位移）的長(zhǎng)度，則上式可表示為因此要驗(yàn)證該等式是否成立還需要測(cè)量小球1和小球2的質(zhì)量、，而與小球半徑無(wú)關(guān)，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。（3）根據(jù)（2）中分析可知，若所測(cè)物理量滿(mǎn)足說(shuō)明兩球碰撞遵守動(dòng)量守恒定律。14．AD2.019.76【詳解】（1）[1]AB．為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，應(yīng)選擇1m左右的擺線，故A正確，B錯(cuò)誤；CD．為了減小空氣阻力影響，擺球應(yīng)選質(zhì)量大而體積小的鐵球，故D正確，C錯(cuò)誤；（2）[2]單擺的周期由單擺周期公式聯(lián)立可得重力加速度（3）[3][4]根據(jù)單擺的周期代入數(shù)據(jù)得根據(jù)公式代入數(shù)據(jù)解得重力加速度（4）[5]根據(jù)單擺的周期公式設(shè)A點(diǎn)到鐵鎖的重心之間的距離為，有第一次第二次聯(lián)立解得15．（1）400N·s（2）2300N【詳解】（1）由得=0.8