湖北省武漢二中高三物理下學(xué)期第八次模擬考試試卷（含解析）.doc

湖北省武漢二中2015屆高考物理八模試卷一、選擇題：本題共8小題，每小題6分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第15題只有一項(xiàng)符合題目要求，第58題有多項(xiàng)符合題目要求全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分1在物理學(xué)發(fā)展史上伽利略、牛頓等許許多多科學(xué)家為物理學(xué)的發(fā)展做出了巨大貢獻(xiàn) 以下選項(xiàng)中符合他們觀點(diǎn)的是( )a人在沿直線加速前進(jìn)的車廂內(nèi)，豎直向上跳起后，將落在起跳點(diǎn)的后方b兩匹馬拉車比一匹馬拉車跑得快，這說(shuō)明：物體受的力越大速度就越大c兩物體從同一高度自由下落，較輕的物體下落較慢d一個(gè)運(yùn)動(dòng)的物體，如果不再受力了，它總會(huì)逐漸停下來(lái)；這說(shuō)明：靜止?fàn)顟B(tài)才是物體不受力時(shí)的“自然狀態(tài)”2天文單位（簡(jiǎn)寫au）是天文常數(shù)之一歷史上定義為地球和太陽(yáng)之間的平均距離已知水星距離太陽(yáng)為0.4au，木星距離太陽(yáng)約5.2au，海王星距離太陽(yáng)約30.1au，則通過(guò)估算判斷下述行星公轉(zhuǎn)角速度最接近109rad/s的是( )a水星b地球c木星d海王星3如圖甲所示的電路中，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為10：1，電流表、電壓表均為理想電表，r、l和d分別是光敏電阻（其阻值隨光強(qiáng)增大而減?。⒗硐刖€圈和燈泡原線圈接入圖乙所示的正弦交流電壓u，下列說(shuō)法中正確的是( )a交流電的方向每秒鐘改變50次b在t=0.005s時(shí)，電壓表的示數(shù)為22vc有光照射r時(shí)，d變亮d抽出l中的鐵芯，電流表的示數(shù)變小4如圖甲所示，q1、q2為兩個(gè)被固定的點(diǎn)電荷，其中q1帶負(fù)電，a、b兩點(diǎn)在它們連線的延長(zhǎng)線上現(xiàn)有一帶負(fù)電的粒子以一定的初速度沿直線從a點(diǎn)開始經(jīng)b點(diǎn)向遠(yuǎn)處運(yùn)動(dòng)（粒子只受電場(chǎng)力作用），粒子經(jīng)過(guò)a、b兩點(diǎn)時(shí)的速度分別為va、vb，其速度圖象如圖乙所示以下說(shuō)法中正確的是( )aq2一定帶負(fù)電bq2的電量一定大于q1的電量cb點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度一定為零d整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，粒子的電勢(shì)能先減小后增大5如圖甲所示，將長(zhǎng)方形導(dǎo)線框abcd垂直磁場(chǎng)方向放入勻強(qiáng)磁場(chǎng)b中，規(guī)定垂直ab邊向右為ab邊所受安培力f的正方向，f隨時(shí)間的變化關(guān)系如圖乙所示選取垂直紙面向里為磁感應(yīng)強(qiáng)度b的正方向，不考慮線圈的形變，則b隨時(shí)間t的變化關(guān)系不可能是下列選項(xiàng)中的( )abcd6如圖所示，直角坐標(biāo)系xoy位于豎直平面內(nèi)，y軸豎直向上第、象限內(nèi)有垂直于坐標(biāo)面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，第象限同時(shí)存在方向平行于y軸的勻強(qiáng)電場(chǎng)（圖中未畫出）一帶電小球從x軸上的a點(diǎn)由靜止釋放，恰好從p點(diǎn)垂直于y軸進(jìn)入第象限，然后做圓周運(yùn)動(dòng)，從q點(diǎn)垂直于x軸進(jìn)入第象限，q點(diǎn)距o點(diǎn)的距離為d，重力加速度為g根據(jù)以上信息，可以求出的物理量有( )a圓周運(yùn)動(dòng)的速度大小b電場(chǎng)強(qiáng)度的大小和方向c小球在第象限運(yùn)動(dòng)的時(shí)間d磁感應(yīng)強(qiáng)度大小7從地面上以初速度v0豎直上拋一質(zhì)量為m的小球，若運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到的空氣阻力與其速率成正比，小球運(yùn)動(dòng)的速率隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示，t1時(shí)刻到達(dá)最高點(diǎn)，再落回地面，落地速率為v1，且落地前小球已經(jīng)做勻速運(yùn)動(dòng)，則下列說(shuō)法正確的是( )a小球加速度在上升過(guò)程中逐漸減小，在下降過(guò)程也逐漸減小b小球拋出瞬間的加速度大小為（1+）gc小球被拋出時(shí)的加速度值最大，到達(dá)最高點(diǎn)的加速度值最小d小球上升過(guò)程的平均速度小于8如圖所示，豎直面內(nèi)有一個(gè)閉合導(dǎo)線框acde（由細(xì)軟導(dǎo)線制成）掛在兩固定點(diǎn)a、d上，水平線段ad為半圓的直徑，在導(dǎo)線框的e處有一個(gè)動(dòng)滑輪，動(dòng)滑輪下面掛一重物，使導(dǎo)線處于繃緊狀態(tài)在半圓形區(qū)域內(nèi)，有磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為b、方向垂直紙面向里的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)設(shè)導(dǎo)線框的電阻為r，圓的半徑為r，在將導(dǎo)線上的c點(diǎn)以恒定角速度（相對(duì)圓心o）從a點(diǎn)沿圓弧移動(dòng)的過(guò)程中，若不考慮導(dǎo)線中電流間的相互作用，則下列說(shuō)法正確的是( )a在c從a點(diǎn)沿圓弧移動(dòng)到d點(diǎn)的過(guò)程中，導(dǎo)線框中感應(yīng)電流的方向先逆時(shí)針，后順時(shí)針b在c從a點(diǎn)沿圓弧移動(dòng)到圖中adc=30位置的過(guò)程中，通過(guò)導(dǎo)線上c點(diǎn)的電量為c當(dāng)c沿圓弧移動(dòng)到圓心o的正上方時(shí)，導(dǎo)線框中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大d在c從a點(diǎn)沿圓弧移動(dòng)到d點(diǎn)的過(guò)程中，導(dǎo)線框中產(chǎn)生的電熱為二、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分第9題第12題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答第13題第16題為選考題，考生根據(jù)要求作答（一）必考題9在“探究功與物體速度變化關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)中，某實(shí)驗(yàn)研究小組的實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示木塊從a點(diǎn)靜止釋放后，在一根彈簧作用下彈出，沿足夠長(zhǎng)的木板運(yùn)動(dòng)到b1點(diǎn)停下，o點(diǎn)為彈簧原長(zhǎng)時(shí)所處的位置，測(cè)得ob1的距離為l1，并記錄此過(guò)程中彈簧對(duì)木塊做的功為w1用完全相同的彈簧2根、3根并列在一起都使木塊由a點(diǎn)靜止釋放，進(jìn)行第2次、第3次實(shí)驗(yàn)并記錄相應(yīng)的數(shù)據(jù)，作出彈簧對(duì)木塊做功w與木塊停下的位置距o點(diǎn)的距離l的圖象如圖乙所示請(qǐng)回答下列問(wèn)題：（1）wl圖線為什么不通過(guò)原點(diǎn)？_（2）彈簧被壓縮的長(zhǎng)度loa=_cm10為了測(cè)量某種材料制成的電阻絲rx的電阻率，提供的器材有：a電流表g，內(nèi)阻rg=120，滿偏電流ig=3mab電流表a，內(nèi)阻約為1，量程為00.6ac螺旋測(cè)微器，刻度尺d電阻箱r0（09999，0.5a）e滑動(dòng)變阻器r（5，1a）f電池組e（6v，0.05）g一個(gè)開關(guān)s和導(dǎo)線若干某同學(xué)進(jìn)行了以下操作：（1）用多用電表粗測(cè)電阻絲的阻值，當(dāng)用“10”檔時(shí)發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度過(guò)大，他應(yīng)該換用_檔（填“1”或“100”），進(jìn)行一系列正確操作后，指針靜止時(shí)位置如圖1所示（2）把電流表g與電阻箱串聯(lián)改裝成量程為6v的電壓表使用，則電阻箱的阻值應(yīng)調(diào)為r0=_（3）請(qǐng)用改裝好的電壓表設(shè)計(jì)一個(gè)測(cè)量電阻rx阻值的實(shí)驗(yàn)，根據(jù)提供的器材和實(shí)驗(yàn)需要，請(qǐng)將圖2中電路圖補(bǔ)畫完整（4）電阻率的計(jì)算：測(cè)得電阻絲的長(zhǎng)度為l，電阻絲的直徑為d電路閉合后，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片到合適位置，電流表g的示數(shù)為i1，電流表a的示數(shù)為i2，請(qǐng)用已知量和測(cè)量量的字母符號(hào)（各量不允許代入數(shù)值）寫出計(jì)算電阻率的表達(dá)式=_11如圖所示，ab、cd為兩個(gè)光滑的平臺(tái)，一傾角為37，長(zhǎng)為5m的傳送帶與兩平臺(tái)平滑連接現(xiàn)有一小物體以10m/s的速度沿ab平臺(tái)向右運(yùn)動(dòng)，當(dāng)傳送帶靜止時(shí)，小物體恰好能滑到cd平臺(tái)上，問(wèn)：（1）小物體跟傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)多大？（2）當(dāng)小物體在ab平臺(tái)上的運(yùn)動(dòng)速度低于某一數(shù)值時(shí)，無(wú)論傳送帶順時(shí)針運(yùn)動(dòng)的速度多大，小物體總不能到達(dá)高臺(tái)cd，求這個(gè)臨界速度（3）若小物體以8m/s的速度沿平臺(tái)ab向右運(yùn)動(dòng)，欲使小物體到達(dá)高臺(tái)cd，傳送帶至少以多大的速度順時(shí)針運(yùn)動(dòng)？12（18分）如圖所示，等腰直角三角形acd的直角邊長(zhǎng)為2a，p為ac邊的中點(diǎn)，q為cd邊上的一點(diǎn)，dq=a在acd區(qū)域內(nèi)，既有磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為b、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，又有電場(chǎng)強(qiáng)度大小為e的勻強(qiáng)電場(chǎng)，一帶正電的粒子自p點(diǎn)沿平行于ad的直線通過(guò)acd區(qū)域不計(jì)粒子的重力（1）求電場(chǎng)強(qiáng)度的方向和粒子進(jìn)入場(chǎng)區(qū)的速度大小v0；（2）若僅撤去電場(chǎng)，粒子仍以原速度自p點(diǎn)射入磁場(chǎng)，從q點(diǎn)射出磁場(chǎng)，求粒子的比荷；（3）若僅撤去磁場(chǎng)，粒子仍以原速度自p點(diǎn)射入電場(chǎng)，求粒子在acd區(qū)域中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間（二）選考題：共45分請(qǐng)考生從給出的3道物理題中任選1題解答，并用2b鉛筆在答題卡上把所選題目涂黑注意所做題目必須與所涂題目一致，在答題卡選答區(qū)域指定位置答題如果多做，則按所做的第一題計(jì)分【物理-選修3-4】13某物理興趣小組用實(shí)驗(yàn)探究光的色散規(guī)律，他們將半圓形玻璃磚放在豎直面內(nèi)，在其左方豎直放置一個(gè)很大的光屏p，讓一復(fù)色光束sa射向玻璃磚的圓心o后，有兩束單色光a和b射向光屏p，如圖所示他們根據(jù)實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象提出了以下四個(gè)猜想，你認(rèn)為正確的是( )a單色光a的波長(zhǎng)大于單色光b的波長(zhǎng)b在玻璃中單色光a的傳播速度大于單色光b的傳播速度c單色光a通過(guò)玻璃磚所需的時(shí)間大于單色光b通過(guò)玻璃磚所需的時(shí)間d當(dāng)光束sa繞圓心o逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中，在光屏p上最早消失的是a光e相同條件下，a光比b光容易發(fā)生衍射14空間有a和b兩點(diǎn)，a處有一做簡(jiǎn)諧振動(dòng)的振源當(dāng)空間充有某種介質(zhì)時(shí)，a處的振動(dòng)經(jīng)過(guò)0.5s傳到b處，此后a和b兩處的振動(dòng)方向始終相反當(dāng)空間充有另一種介質(zhì)時(shí)，a處振動(dòng)經(jīng)0.6s傳到b處，此后a和b兩處的振動(dòng)方向始終相同試求該振源做簡(jiǎn)諧振動(dòng)的最小可能頻率【物理-選修3-5】15恒星向外輻射的能量來(lái)自于其內(nèi)部發(fā)生的各種熱核反應(yīng)，當(dāng)溫度達(dá)到108k時(shí)，可以發(fā)生“氦燃燒”完成“氦燃燒”的核反應(yīng)方程：he+_be+ybe是一種不穩(wěn)定的粒子，其半衰期為2.61016s一定質(zhì)量的be，經(jīng)7.81016s后所剩be占開始時(shí)的_16如圖所示，ab為傾角=37的粗糙斜面軌道，通過(guò)一小段光滑圓弧與光滑水平軌道bc相連接，質(zhì)量為m2的小球乙靜止在水平軌道上，質(zhì)量為m1的小球甲以速度v0與乙球發(fā)生彈性正碰若m1：m2=1：2，且軌道足夠長(zhǎng)，要使兩球能發(fā)生第二次碰撞，求乙球與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)的取值范圍（sin37=0.6，cos37=0.8）湖北省武漢二中2015屆高考物理八模試卷一、選擇題：本題共8小題，每小題6分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第15題只有一項(xiàng)符合題目要求，第58題有多項(xiàng)符合題目要求全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分1在物理學(xué)發(fā)展史上伽利略、牛頓等許許多多科學(xué)家為物理學(xué)的發(fā)展做出了巨大貢獻(xiàn) 以下選項(xiàng)中符合他們觀點(diǎn)的是( )a人在沿直線加速前進(jìn)的車廂內(nèi)，豎直向上跳起后，將落在起跳點(diǎn)的后方b兩匹馬拉車比一匹馬拉車跑得快，這說(shuō)明：物體受的力越大速度就越大c兩物體從同一高度自由下落，較輕的物體下落較慢d一個(gè)運(yùn)動(dòng)的物體，如果不再受力了，它總會(huì)逐漸停下來(lái)；這說(shuō)明：靜止?fàn)顟B(tài)才是物體不受力時(shí)的“自然狀態(tài)”考點(diǎn)：物理學(xué)史 分析：人在沿直線加速前進(jìn)的車廂內(nèi)，豎直向上跳起后，將落在起跳點(diǎn)的后方，符合伽利略、牛頓的慣性理論兩匹馬拉車比一匹馬拉車跑得快，這說(shuō)明：物體受的力越大速度就越大，不符合伽利略、牛頓的觀點(diǎn)伽利略、牛頓認(rèn)為重物與輕物下落一樣快、力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因根據(jù)伽利略、牛頓的觀點(diǎn)判斷選項(xiàng)的正誤解答：解：a、人在沿直線加速前進(jìn)的車廂內(nèi)，豎直向上跳起后，人保持起跳時(shí)車子的速度，水平速度將車子的速度，所以將落在起跳點(diǎn)的后方符合伽利略、牛頓的慣性理論故a正確b、力越大，物體運(yùn)動(dòng)的速度越大，不是伽利略、牛頓的觀點(diǎn)故b錯(cuò)誤c、伽利略、牛頓認(rèn)為重物與輕物下落一樣快，所以此選項(xiàng)不符合他們的觀點(diǎn)故c錯(cuò)誤d、此選項(xiàng)說(shuō)明力是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因，是亞里士多德的觀點(diǎn)，不是伽利略、牛頓的觀點(diǎn)故d錯(cuò)誤故選a點(diǎn)評(píng)：本題要對(duì)亞里士多德的觀點(diǎn)和伽利略、牛頓的觀點(diǎn)關(guān)于力和運(yùn)動(dòng)關(guān)系的觀點(diǎn)有了解可以根據(jù)牛頓的三大定律進(jìn)行分析2天文單位（簡(jiǎn)寫au）是天文常數(shù)之一歷史上定義為地球和太陽(yáng)之間的平均距離已知水星距離太陽(yáng)為0.4au，木星距離太陽(yáng)約5.2au，海王星距離太陽(yáng)約30.1au，則通過(guò)估算判斷下述行星公轉(zhuǎn)角速度最接近109rad/s的是( )a水星b地球c木星d海王星考點(diǎn)：萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用 專題：萬(wàn)有引力定律的應(yīng)用專題分析：根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，得出角速度與軌道半徑的關(guān)系，通過(guò)行星和地球的公轉(zhuǎn)角速度之比得出軌道半徑之比，從而進(jìn)行判斷解答：解：行星繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)，根據(jù)得，=，由此可知，設(shè)某行星的公轉(zhuǎn)角速度為1，地球的公轉(zhuǎn)角速度為2，則，地球公轉(zhuǎn)的角速度為，行星的角速度為rad/s，可得，海王星最接近故d正確，a、b、c錯(cuò)誤故選d點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵掌握萬(wàn)有引力提供向心力，知道角速度與軌道半徑的關(guān)系3如圖甲所示的電路中，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為10：1，電流表、電壓表均為理想電表，r、l和d分別是光敏電阻（其阻值隨光強(qiáng)增大而減?。?、理想線圈和燈泡原線圈接入圖乙所示的正弦交流電壓u，下列說(shuō)法中正確的是( )a交流電的方向每秒鐘改變50次b在t=0.005s時(shí)，電壓表的示數(shù)為22vc有光照射r時(shí)，d變亮d抽出l中的鐵芯，電流表的示數(shù)變小考點(diǎn)：變壓器的構(gòu)造和原理 專題：交流電專題分析：由變壓器原理可得變壓器原、副線圈中的電流之比，輸入、輸出功率之比和閉合電路中的動(dòng)態(tài)分析類似，可以根據(jù)r的變化，確定出總電路的電阻的變化，進(jìn)而可以確定總電路的電流的變化的情況，在根據(jù)電壓不變，來(lái)分析其他的原件的電流和電壓的變化的情況解答：解：a、原線圈接入如圖乙所示，t=0.02s，所以頻率為f=50 hz，而每個(gè)周期內(nèi)交流電的方向改變兩次，故交流電的方向每秒改變100次；故a錯(cuò)誤；b、原線圈電壓有效值為220v，電壓表的示數(shù)為有效值，大小不變，則其示數(shù)為：u2=22v，故b錯(cuò)誤；c、有光照射r時(shí)，r阻值隨光強(qiáng)增大而減小，電路中電流增大，則燈泡變亮；故c正確；d、抽出l中的鐵芯，理想線圈自感系數(shù)減小，理想線圈對(duì)電流的阻礙減小，所以電流增大；故d錯(cuò)誤故選：c點(diǎn)評(píng)：電路的動(dòng)態(tài)變化的分析，總的原則就是由部分電路的變化確定總電路的變化的情況，再確定其他的電路的變化的情況，即先部分后整體再部分的方法4如圖甲所示，q1、q2為兩個(gè)被固定的點(diǎn)電荷，其中q1帶負(fù)電，a、b兩點(diǎn)在它們連線的延長(zhǎng)線上現(xiàn)有一帶負(fù)電的粒子以一定的初速度沿直線從a點(diǎn)開始經(jīng)b點(diǎn)向遠(yuǎn)處運(yùn)動(dòng)（粒子只受電場(chǎng)力作用），粒子經(jīng)過(guò)a、b兩點(diǎn)時(shí)的速度分別為va、vb，其速度圖象如圖乙所示以下說(shuō)法中正確的是( )aq2一定帶負(fù)電bq2的電量一定大于q1的電量cb點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度一定為零d整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，粒子的電勢(shì)能先減小后增大考點(diǎn)：電場(chǎng)強(qiáng)度；電勢(shì)能 專題：壓軸題；電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題分析：速度時(shí)間圖線上每一點(diǎn)的切線斜率表示瞬時(shí)加速度，可見(jiàn)a到b做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)，到b點(diǎn)加速度為0從而知道b點(diǎn)的電場(chǎng)力及電場(chǎng)強(qiáng)度通過(guò)b點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)可以分析出兩個(gè)點(diǎn)電荷電量的大小通過(guò)能量守恒判斷電勢(shì)能的變化解答：解：a、從速度圖象上看，可見(jiàn)a到b做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)，在b點(diǎn)時(shí)粒子運(yùn)動(dòng)的加速度為零，則電場(chǎng)力為零，所以該點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為零q1對(duì)負(fù)電荷的電場(chǎng)力向右，則q2對(duì)負(fù)電荷的電場(chǎng)力向左，所以q2帶正電故a錯(cuò)誤，c正確 b、b點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為零，可見(jiàn)兩點(diǎn)電荷在b點(diǎn)對(duì)負(fù)電荷的電場(chǎng)力相等，根據(jù)f=，b到q1的距離大于到q2的距離，所以q1的電量大于q2的電量故b錯(cuò)誤 c、整個(gè)過(guò)程動(dòng)能先減小后增大，根據(jù)能量守恒電勢(shì)能先增大后減小故d錯(cuò)誤故選c點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵根據(jù)圖象b點(diǎn)的加速度為0，根據(jù)這一突破口，從而判斷q2的電性及q1和q2的電量大小5如圖甲所示，將長(zhǎng)方形導(dǎo)線框abcd垂直磁場(chǎng)方向放入勻強(qiáng)磁場(chǎng)b中，規(guī)定垂直ab邊向右為ab邊所受安培力f的正方向，f隨時(shí)間的變化關(guān)系如圖乙所示選取垂直紙面向里為磁感應(yīng)強(qiáng)度b的正方向，不考慮線圈的形變，則b隨時(shí)間t的變化關(guān)系不可能是下列選項(xiàng)中的( )abcd考點(diǎn)：法拉第電磁感應(yīng)定律；閉合電路的歐姆定律 專題：電磁感應(yīng)與圖像結(jié)合分析：由各選項(xiàng)可知b的變化，則可得出磁通量的變化情況，由楞次定律可知電流的方向；由法拉第電磁感應(yīng)定律可知電動(dòng)勢(shì)，即可知電路中電流的變化情況；由f=bil可知安培力的變化情況解答：解：a、選取垂直紙面向里為磁感應(yīng)強(qiáng)度b的正方向，由圖可知，01s內(nèi)，磁場(chǎng)向外且減小，則穿過(guò)線圈中磁通量減小，由楞次定律可知，電路中電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，根據(jù)左手定則可知，ab邊受到的安培力方向向左，即為負(fù)值，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知，磁場(chǎng)均勻變化，則感應(yīng)電流大小恒定，再根據(jù)f=bil，則有安培力大小均勻減小；同理，當(dāng)1s2s內(nèi)，磁場(chǎng)向里且增大，則穿過(guò)線圈中磁通量增大，由楞次定律可知，電路中電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，根據(jù)左手定則可知，ab邊受到的安培力方向向右，即為正值，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知，磁場(chǎng)均勻變化，則感應(yīng)電流大小恒定，再根據(jù)f=bil，則有安培力大小均勻增大；故a可；b、選取垂直紙面向里為磁感應(yīng)強(qiáng)度b的正方向，由圖可知，01s內(nèi)，磁場(chǎng)向外且減小，則穿過(guò)線圈中磁通量減小，由楞次定律可知，電路中電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，根據(jù)左手定則可知，ab邊受到的安培力方向向左，即為負(fù)值，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知，磁場(chǎng)均勻變化，則感應(yīng)電流大小恒定，再根據(jù)f=bil，則有安培力大小均勻減??；同理，當(dāng)1s2s內(nèi)，磁場(chǎng)向外且增大，則穿過(guò)線圈中磁通量增大，由楞次定律可知，電路中電流方向?yàn)轫槙r(shí)針，根據(jù)左手定則可知，ab邊受到的安培力方向向右，即為正值，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知，磁場(chǎng)均勻變化，則感應(yīng)電流大小恒定，再根據(jù)f=bil，則有安培力大小均勻增大；故b可；c、選取垂直紙面向里為磁感應(yīng)強(qiáng)度b的正方向，由圖可知，01s內(nèi)，磁場(chǎng)向里且增大，則穿過(guò)線圈中磁通量增大，由楞次定律可知，電路中電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，根據(jù)左手定則可知，ab邊受到的安培力方向向右，即正負(fù)值，故c不可；d、選取垂直紙面向里為磁感應(yīng)強(qiáng)度b的正方向，由圖可知，01s內(nèi)，磁場(chǎng)向里且減小，則穿過(guò)線圈中磁通量減小，由楞次定律可知，電路中電流方向?yàn)轫槙r(shí)針，根據(jù)左手定則可知，ab邊受到的安培力方向向左，即為負(fù)值，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知，磁場(chǎng)均勻變化，則感應(yīng)電流大小恒定，再根據(jù)f=bil，則有安培力大小均勻減小；同理，當(dāng)1s2s內(nèi)，磁場(chǎng)向外且增大，則穿過(guò)線圈中磁通量增大，由楞次定律可知，電路中電流方向?yàn)轫槙r(shí)針，根據(jù)左手定則可知，ab邊受到的安培力方向向右，即為正值，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知，磁場(chǎng)均勻變化，則感應(yīng)電流大小恒定，再根據(jù)f=bil，則有安培力大小均勻增大，故d可；故選：c點(diǎn)評(píng)：本題要求學(xué)生能正確理解bt圖的含義，才能準(zhǔn)確的利用楞次定律、左手定律等進(jìn)行判定；解題時(shí)要特別注意，02s，24s，雖然磁場(chǎng)的方向發(fā)生了變化，但因其變化為連續(xù)的，故產(chǎn)生的電流一定是相同的6如圖所示，直角坐標(biāo)系xoy位于豎直平面內(nèi)，y軸豎直向上第、象限內(nèi)有垂直于坐標(biāo)面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，第象限同時(shí)存在方向平行于y軸的勻強(qiáng)電場(chǎng)（圖中未畫出）一帶電小球從x軸上的a點(diǎn)由靜止釋放，恰好從p點(diǎn)垂直于y軸進(jìn)入第象限，然后做圓周運(yùn)動(dòng)，從q點(diǎn)垂直于x軸進(jìn)入第象限，q點(diǎn)距o點(diǎn)的距離為d，重力加速度為g根據(jù)以上信息，可以求出的物理量有( )a圓周運(yùn)動(dòng)的速度大小b電場(chǎng)強(qiáng)度的大小和方向c小球在第象限運(yùn)動(dòng)的時(shí)間d磁感應(yīng)強(qiáng)度大小考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng) 專題：帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題分析：根據(jù)小球第象限內(nèi)的運(yùn)動(dòng)，應(yīng)用動(dòng)能定理可以求出小球的速度；小球在第象限做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，應(yīng)用牛頓第二定律分析答題解答：解：a、小球在第做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由題意可知，小球軌道半徑：r=d，從a到p過(guò)程，由動(dòng)能定理得：mgd=mv2，解得：v=，小球以速度v做圓周運(yùn)動(dòng)，故a正確；b、小球在第象限做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則mg=qe，電場(chǎng)強(qiáng)度：e=，由于不知道：m、q，無(wú)法求出電場(chǎng)強(qiáng)度大小，故b錯(cuò)誤；c、小球做圓周運(yùn)動(dòng)的周期：t=，小球在第象限的運(yùn)動(dòng)時(shí)間：t=t=，故c正確；d、小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得：qvb=m，解得：b=，由于不知道m(xù)、q，無(wú)法求出b，故d錯(cuò)誤；故選：ac點(diǎn)評(píng)：本題考查了小球在磁場(chǎng)、電磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，分析清楚小球的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，應(yīng)用動(dòng)能定理、牛頓第二定律、周期公式即可正確解題，解題時(shí)要注意洛倫茲力對(duì)帶電小球不做功7從地面上以初速度v0豎直上拋一質(zhì)量為m的小球，若運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到的空氣阻力與其速率成正比，小球運(yùn)動(dòng)的速率隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示，t1時(shí)刻到達(dá)最高點(diǎn)，再落回地面，落地速率為v1，且落地前小球已經(jīng)做勻速運(yùn)動(dòng)，則下列說(shuō)法正確的是( )a小球加速度在上升過(guò)程中逐漸減小，在下降過(guò)程也逐漸減小b小球拋出瞬間的加速度大小為（1+）gc小球被拋出時(shí)的加速度值最大，到達(dá)最高點(diǎn)的加速度值最小d小球上升過(guò)程的平均速度小于考點(diǎn)：豎直上拋運(yùn)動(dòng)；平均速度 分析：由圖象得到小球上升過(guò)程和下降過(guò)程的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，然后進(jìn)行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律進(jìn)行分析解答：解：a、c、上升過(guò)程，受重力和阻力，合力向下，根據(jù)牛頓第二定律，有：f+mg=ma，解得a=g+g；由于是減速上升，阻力逐漸減小，故加速度不斷減??；下降過(guò)程，受重力和阻力，根據(jù)牛頓第二定律，有：mgf=ma，解得：g；由于速度變大，阻力變大，故加速度變?。患瓷仙拖陆颠^(guò)程，加速度一直在減?。还蔭正確，c錯(cuò)誤；b、空氣阻力與其速率成正比，最終以v1勻速下降，有：mg=kv1；小球拋出瞬間，有：mg+kv0=ma0；聯(lián)立解得：，故b正確；d、速度時(shí)間圖象與時(shí)間軸包圍的面積表示位移，從圖象可以看出，位移小于陰影部分面積，而陰影部分面積是勻減速直線運(yùn)動(dòng)的位移，勻減速直線運(yùn)動(dòng)的平均速度等于，故小球上升過(guò)程的平均速度小于，故d正確；故選：abd點(diǎn)評(píng)：關(guān)于速度時(shí)間圖象，重點(diǎn)要掌握速度時(shí)間圖象斜率表示加速度，面積表示位移，會(huì)用極限的思想求解位移8如圖所示，豎直面內(nèi)有一個(gè)閉合導(dǎo)線框acde（由細(xì)軟導(dǎo)線制成）掛在兩固定點(diǎn)a、d上，水平線段ad為半圓的直徑，在導(dǎo)線框的e處有一個(gè)動(dòng)滑輪，動(dòng)滑輪下面掛一重物，使導(dǎo)線處于繃緊狀態(tài)在半圓形區(qū)域內(nèi)，有磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為b、方向垂直紙面向里的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)設(shè)導(dǎo)線框的電阻為r，圓的半徑為r，在將導(dǎo)線上的c點(diǎn)以恒定角速度（相對(duì)圓心o）從a點(diǎn)沿圓弧移動(dòng)的過(guò)程中，若不考慮導(dǎo)線中電流間的相互作用，則下列說(shuō)法正確的是( )a在c從a點(diǎn)沿圓弧移動(dòng)到d點(diǎn)的過(guò)程中，導(dǎo)線框中感應(yīng)電流的方向先逆時(shí)針，后順時(shí)針b在c從a點(diǎn)沿圓弧移動(dòng)到圖中adc=30位置的過(guò)程中，通過(guò)導(dǎo)線上c點(diǎn)的電量為c當(dāng)c沿圓弧移動(dòng)到圓心o的正上方時(shí)，導(dǎo)線框中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大d在c從a點(diǎn)沿圓弧移動(dòng)到d點(diǎn)的過(guò)程中，導(dǎo)線框中產(chǎn)生的電熱為考點(diǎn)：交流發(fā)電機(jī)及其產(chǎn)生正弦式電流的原理；焦耳定律；正弦式電流的最大值和有效值、周期和頻率 專題：交流電專題分析：根據(jù)幾何知識(shí)知線框磁通量為=2br2sin2=2br2sin2t，從而知電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值表達(dá)式，對(duì)于閉合線框acde而言，在磁場(chǎng)中的面積先增大后減小，根據(jù)楞次定律判定電流方向；根據(jù)q=n求解電荷量根據(jù)有效值求解電熱解答：解：a、設(shè)轉(zhuǎn)過(guò)角度為=t，根據(jù)幾何知識(shí)知線框的面積：s=2rrsin=r2sin，磁通量為=br2sin=br2sin2t，磁通量先增大后減小，根據(jù)楞次定律知電流的方向先逆時(shí)針，后順時(shí)針，故a正確；b、根據(jù)q=n知q=，故b正確；c、根據(jù)e=知e=br2cos2t，c沿圓弧移動(dòng)到圓心o的正上方時(shí)，導(dǎo)線框中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最小為零，故c錯(cuò)誤；d、根據(jù)c項(xiàng)知電動(dòng)勢(shì)有效值為e=br2，故電熱為q=，故d正確；故選：abd點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵明確交流四值中最大值、平均值、瞬時(shí)值和有效值的區(qū)別，會(huì)根據(jù)幾何知識(shí)寫出交流的表達(dá)式，注意知識(shí)的遷移應(yīng)用二、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分第9題第12題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答第13題第16題為選考題，考生根據(jù)要求作答（一）必考題9在“探究功與物體速度變化關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)中，某實(shí)驗(yàn)研究小組的實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示木塊從a點(diǎn)靜止釋放后，在一根彈簧作用下彈出，沿足夠長(zhǎng)的木板運(yùn)動(dòng)到b1點(diǎn)停下，o點(diǎn)為彈簧原長(zhǎng)時(shí)所處的位置，測(cè)得ob1的距離為l1，并記錄此過(guò)程中彈簧對(duì)木塊做的功為w1用完全相同的彈簧2根、3根并列在一起都使木塊由a點(diǎn)靜止釋放，進(jìn)行第2次、第3次實(shí)驗(yàn)并記錄相應(yīng)的數(shù)據(jù)，作出彈簧對(duì)木塊做功w與木塊停下的位置距o點(diǎn)的距離l的圖象如圖乙所示請(qǐng)回答下列問(wèn)題：（1）wl圖線為什么不通過(guò)原點(diǎn)？由于木塊通過(guò)ao段時(shí)，摩擦力對(duì)木塊做了功或w不為總功（2）彈簧被壓縮的長(zhǎng)度loa=3cm考點(diǎn)：探究功與速度變化的關(guān)系 專題：實(shí)驗(yàn)題分析：根據(jù)動(dòng)能定理找出l與的關(guān)系，然后結(jié)合圖象wl的關(guān)系找出w與的關(guān)系，結(jié)合數(shù)學(xué)解析式判斷圖象中斜率為摩擦力大小、截距等于oa段摩擦力做的功解答：解：木塊在平衡位置處獲得最大速度，之后與彈簧分離，在摩擦力作用下運(yùn)動(dòng)到b位置停下，由o到b根據(jù)動(dòng)能定理：fl=0mv02，故l；對(duì)全過(guò)程應(yīng)用動(dòng)能定理有：wfloafl=0，即w=fl+floa結(jié)合數(shù)學(xué)解析式判斷圖象中斜率為摩擦力大小、截距等于oa段摩擦力做的功 （1）根據(jù)動(dòng)能定理全過(guò)程的表達(dá)式，所以wl圖線不通過(guò)原點(diǎn)，是因?yàn)槲从?jì)木塊通過(guò)ao段時(shí)，摩擦力對(duì)木塊所做的功（2）圖中w軸上的斜率等于摩擦力大小，即f=n，截距等于摩擦力做的功j，則loa=0.03m=3cm故答案為：（1）由于木塊通過(guò)ao段時(shí)，摩擦力對(duì)木塊做了功或w不為總功（2）3點(diǎn)評(píng)：本題考查了創(chuàng)新方法探究功與速度的關(guān)系，關(guān)鍵是列出兩個(gè)動(dòng)能定理方程然后結(jié)合數(shù)學(xué)函數(shù)進(jìn)行分析出截距與斜率的物理意義，有些難度10為了測(cè)量某種材料制成的電阻絲rx的電阻率，提供的器材有：a電流表g，內(nèi)阻rg=120，滿偏電流ig=3mab電流表a，內(nèi)阻約為1，量程為00.6ac螺旋測(cè)微器，刻度尺d電阻箱r0（09999，0.5a）e滑動(dòng)變阻器r（5，1a）f電池組e（6v，0.05）g一個(gè)開關(guān)s和導(dǎo)線若干某同學(xué)進(jìn)行了以下操作：（1）用多用電表粗測(cè)電阻絲的阻值，當(dāng)用“10”檔時(shí)發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度過(guò)大，他應(yīng)該換用1檔（填“1”或“100”），進(jìn)行一系列正確操作后，指針靜止時(shí)位置如圖1所示（2）把電流表g與電阻箱串聯(lián)改裝成量程為6v的電壓表使用，則電阻箱的阻值應(yīng)調(diào)為r0=1880（3）請(qǐng)用改裝好的電壓表設(shè)計(jì)一個(gè)測(cè)量電阻rx阻值的實(shí)驗(yàn)，根據(jù)提供的器材和實(shí)驗(yàn)需要，請(qǐng)將圖2中電路圖補(bǔ)畫完整（4）電阻率的計(jì)算：測(cè)得電阻絲的長(zhǎng)度為l，電阻絲的直徑為d電路閉合后，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片到合適位置，電流表g的示數(shù)為i1，電流表a的示數(shù)為i2，請(qǐng)用已知量和測(cè)量量的字母符號(hào)（各量不允許代入數(shù)值）寫出計(jì)算電阻率的表達(dá)式=考點(diǎn)：測(cè)定金屬的電阻率 專題：實(shí)驗(yàn)題分析：（1）多用電表盤刻度，不均勻，且從左向右，電阻刻度越來(lái)越小，而多用電表電阻的測(cè)量值等于表盤示數(shù)乘以倍率；（2）根據(jù)電壓表的量程為03v，結(jié)合電流表g（內(nèi)阻rg=99，滿偏電流ig=3ma），即可求出電阻箱的阻值；因兩個(gè)電流表，一電流表與電阻串聯(lián)當(dāng)作電壓表，因此使用另一電流表的內(nèi)接法，再能準(zhǔn)確得出所測(cè)電阻的電流；根據(jù)滑動(dòng)變阻器（5，2a），因此采用滑動(dòng)變阻器限流式，從而畫出正確的電路圖，即可求解（3）由電阻定律求出電阻率的表達(dá)式，結(jié)合歐姆定律及串并聯(lián)的特征，然后求出電阻率解答：解：（1）因歐姆表不均勻，要求歐姆表指針指在歐姆表中值電阻附近時(shí)讀數(shù)較準(zhǔn)，當(dāng)用“1o”擋時(shí)發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度過(guò)大，說(shuō)明倍率較大，所以應(yīng)按“1”倍率讀數(shù)，讀數(shù)為：r=115=15；（2）將電流表g 與電阻箱串聯(lián)改裝成量程為6v的電壓表，而電流表g（內(nèi)阻rg=120，滿偏電流ig=3ma）；所以改裝后的電壓表的內(nèi)阻為rv=；由于電流表g的內(nèi)阻rg=120，因此電阻箱的阻值應(yīng)調(diào)為r0=2000120=1880；由于題意可知，兩電流表，當(dāng)另電流表使用外接法，能準(zhǔn)確測(cè)出所測(cè)電阻的電流，同時(shí)又能算出所測(cè)電阻的電壓；而滑動(dòng)變阻器r（5，1a），電源電壓為6v，所以滑動(dòng)變阻器使用限流式，則電路圖如下圖所示；（3）由電阻定律可知，電阻r=，則電阻率=，根據(jù)歐姆定律，r=；所以電阻率=故答案為：（1）1；（2）1880，（3）如圖所示；（4）點(diǎn)評(píng)：（1）考查歐姆表讀數(shù)，注意此刻度不均勻，盡量讓指針在中央附近，同時(shí)乘以倍率；（2）確定滑動(dòng)變阻器與電流表的接法是正確解題的關(guān)鍵，測(cè)量電阻的方法除了伏安法外，還有“安安法”（即兩個(gè)電流表組合）、“伏伏法”（兩個(gè)電壓表組合）等（3）掌握電阻定律，同時(shí)注意利用電流表與電阻的關(guān)系，求出電壓的方法11如圖所示，ab、cd為兩個(gè)光滑的平臺(tái)，一傾角為37，長(zhǎng)為5m的傳送帶與兩平臺(tái)平滑連接現(xiàn)有一小物體以10m/s的速度沿ab平臺(tái)向右運(yùn)動(dòng)，當(dāng)傳送帶靜止時(shí)，小物體恰好能滑到cd平臺(tái)上，問(wèn)：（1）小物體跟傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)多大？（2）當(dāng)小物體在ab平臺(tái)上的運(yùn)動(dòng)速度低于某一數(shù)值時(shí)，無(wú)論傳送帶順時(shí)針運(yùn)動(dòng)的速度多大，小物體總不能到達(dá)高臺(tái)cd，求這個(gè)臨界速度（3）若小物體以8m/s的速度沿平臺(tái)ab向右運(yùn)動(dòng)，欲使小物體到達(dá)高臺(tái)cd，傳送帶至少以多大的速度順時(shí)針運(yùn)動(dòng)？考點(diǎn)：牛頓第二定律；勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律的綜合運(yùn)用 專題：牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題分析：1由速度位移公式可求解物體的加速度，根據(jù)牛頓第二定律可求得小物體跟傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)；2當(dāng)小物體受到的摩擦力始終向上時(shí)，最容易到達(dá)傳送帶頂端，對(duì)小物體受力分析，據(jù)牛頓第二定律得加速度，由位移速度關(guān)系知臨界速度；3物體在傳送帶上與傳送帶相對(duì)滑動(dòng)過(guò)程中，分別由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出物體和傳送帶發(fā)生的位移列式求解解答：解：（1）傳送帶靜止時(shí)，小物體受力如圖甲所示，據(jù)牛頓第二定律得：mgcos+mgsin=ma1bc過(guò)程有：v20=2a1l 解得：a1=10 m/s2，=0.5（2）顯然，當(dāng)小物體受到的摩擦力始終向上時(shí)，最容易到達(dá)傳送帶頂端，此時(shí)，小物體受力如圖乙所示，據(jù)牛頓第二定律得：mgsin37mgcos37=ma2 若恰好能到達(dá)高臺(tái)時(shí)，有：v2=2a2l 解得：v=2 m/s即當(dāng)小物體在ab平臺(tái)上向右滑動(dòng)速度小于2m/s時(shí)，無(wú)論傳帶順時(shí)針傳動(dòng)的速度多大，小物體總也不能到達(dá)高臺(tái)cd（3）以v1表示小物體在平臺(tái)ab上的滑速度，以v2表示傳送帶順時(shí)針傳動(dòng)的速度大小對(duì)從小物體滑上傳送帶到小物體速度減小到傳送帶速度過(guò)程有：v21v22=2a1x1 對(duì)從小物體速度減小到帶速v2開始，到運(yùn)動(dòng)到恰滑上cd高臺(tái)過(guò)程，有：v22=2a2x2 x1+x1=l 解得：v2=3 m/s即傳送帶至少以3 m/s的速度順時(shí)針運(yùn)動(dòng)，小物體才能到達(dá)高臺(tái)cd答：（1）小物體跟傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5；（2）當(dāng)小物體在ab平臺(tái)上的運(yùn)動(dòng)速度小于2m/s時(shí)，無(wú)論傳送帶順時(shí)針運(yùn)動(dòng)的速度多大，小物體總不能到達(dá)高臺(tái)cd（3）若小物體以8m/s的速度沿平臺(tái)ab向右運(yùn)動(dòng)，欲使小物體到達(dá)高臺(tái)cd，傳送帶至少以3m/s的速度順時(shí)針運(yùn)動(dòng)點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵分析物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，由牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式聯(lián)立列式求解，難度中檔12（18分）如圖所示，等腰直角三角形acd的直角邊長(zhǎng)為2a，p為ac邊的中點(diǎn)，q為cd邊上的一點(diǎn)，dq=a在acd區(qū)域內(nèi)，既有磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為b、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，又有電場(chǎng)強(qiáng)度大小為e的勻強(qiáng)電場(chǎng)，一帶正電的粒子自p點(diǎn)沿平行于ad的直線通過(guò)acd區(qū)域不計(jì)粒子的重力（1）求電場(chǎng)強(qiáng)度的方向和粒子進(jìn)入場(chǎng)區(qū)的速度大小v0；（2）若僅撤去電場(chǎng)，粒子仍以原速度自p點(diǎn)射入磁場(chǎng)，從q點(diǎn)射出磁場(chǎng)，求粒子的比荷；（3）若僅撤去磁場(chǎng)，粒子仍以原速度自p點(diǎn)射入電場(chǎng)，求粒子在acd區(qū)域中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng) 專題：帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題分析：（1）根據(jù)正電的粒子在電磁場(chǎng)中做直線運(yùn)動(dòng)可以，粒子受力平衡，根據(jù)電場(chǎng)力等于洛倫茲力求出初速度；（2）根據(jù)洛倫茲力提供向心力公式結(jié)合幾何關(guān)系求解；（3）粒子沿初速度v0方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，沿電場(chǎng)方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)基本公式結(jié)合幾何關(guān)系求解解答：解：（1）正粒子在場(chǎng)區(qū)受力平衡：qe=qv0b解得：根據(jù)正粒子所受電場(chǎng)力的方向與場(chǎng)強(qiáng)的方向相同，可知場(chǎng)強(qiáng)的方向由a指向c （2）過(guò)q點(diǎn)作半徑oq，它與ca的延長(zhǎng)線交于圓心o，作qhca，垂足為h，設(shè)正粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r，則：在直角三角形hoq中：ho2+hq2=r2ho=ochc=（r+a）hq聯(lián)立解得：r=3a聯(lián)立解得：（3）粒子沿初速度v0方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)：x=v0t粒子沿電場(chǎng)方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)：由幾何關(guān)系：x+y=a=10由=10 得：解得：答：（1）求電場(chǎng)強(qiáng)度的方向和粒子進(jìn)入場(chǎng)區(qū)的速度大小為；（2）粒子的比荷為；（3）粒子在acd區(qū)域中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為點(diǎn)評(píng)：本題考查了粒子在電場(chǎng)與磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，知道若粒子在混合場(chǎng)中做直線運(yùn)動(dòng)，則粒子受力平衡，能結(jié)合幾何關(guān)系求解，難度適中（二）選考題：共45分請(qǐng)考生從給出的3道物理題中任選1題解答，并用2b鉛筆在答題卡上把所選題目涂黑注意所做題目必須與所涂題目一致，在答題卡選答區(qū)域指定位置答題如果多做，則按所做的第一題計(jì)分【物理-選修3-4】13某物理興趣小組用實(shí)驗(yàn)探究光的色散規(guī)律，他們將半圓形玻璃磚放在豎直面內(nèi)，在其左方豎直放置一個(gè)很大的光屏p，讓一復(fù)色光束sa射向玻璃磚的圓心o后，有兩束單色光a和b射向光屏p，如圖所示他們根據(jù)實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象提出了以下四個(gè)猜想，你認(rèn)為正確的是( )a單色光a的波長(zhǎng)大于單色光b的波長(zhǎng)b在玻璃中單色光a的傳播速度大于單色光b的傳播速度c單色光a通過(guò)玻璃磚所需的時(shí)間大于單色光b通過(guò)玻璃磚所需的時(shí)間d當(dāng)光束sa繞圓心o逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中，在光屏p上最早消失的是a光e相同條件下，a光比b光容易發(fā)生衍射考點(diǎn)：光的折射定律 專題：光的折射專題分析：根據(jù)光線的偏折程度，比較光的折射率大小，從而得出頻率的大小關(guān)系由v=比較光在玻璃磚中傳播速度的大小，即可比較時(shí)間的長(zhǎng)短由sinc=比較臨界角的大小，臨界角小的光最先消失折射率越小，波長(zhǎng)越長(zhǎng)，越容易發(fā)生衍射解答：解：a、由圖知，a光的偏折程度小于b光，所以a光的折射率小于b光的折射率，則a光的波長(zhǎng)大于b光的波長(zhǎng)，故a正確bc、由v=知，在玻璃中單色光a的傳播速度大于單色光b的傳播速度，在玻璃中通過(guò)的路程相等，則單色光a通過(guò)玻璃磚所需的時(shí)間短于單色光b通過(guò)玻璃磚所需的時(shí)間故b正確，c錯(cuò)誤d、由sinc=知a光的臨界角較大，b光的臨界角較小，則當(dāng)光束sa繞圓心o逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中，入射角增大，b光最早發(fā)生全反射，所以在光屏p上最早消失的是b光，故d錯(cuò)誤e、a光的波長(zhǎng)大于b光的波長(zhǎng)，a光波動(dòng)性強(qiáng)，相同條件下，a光比b光容易發(fā)生衍射，故e正確故選：abe點(diǎn)評(píng)：解決本題的突破口在于通過(guò)光的偏折程度比較出光的折射率的大小，還要知道折射率與頻率、波速的關(guān)系，要掌握幾