廣東省湛江一中等四校高三物理上學(xué)期第一次聯(lián)考試卷（含解析）.doc

2015-2016學(xué)年廣東省湛江一中等四校高三（上）第一次聯(lián)考物理試卷一、單項(xiàng)選擇題（本題有7小題，每題4分，共28分選出各題中一個(gè)符合題意的選項(xiàng)，不選、多選、錯(cuò)選均不給分）1下列關(guān)于物理學(xué)發(fā)展史的表述，其中觀點(diǎn)正確的是（）a伽利略發(fā)現(xiàn)行星運(yùn)動(dòng)三大定律b牛頓發(fā)現(xiàn)萬(wàn)有引力定律c法拉第首先發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)d奧斯特首次測(cè)出元電荷量2在歡慶節(jié)日的時(shí)候，人們會(huì)在夜晚燃放美麗的焰火按照設(shè)計(jì)，某種型號(hào)的裝有焰火的禮花彈從專(zhuān)用炮筒中射出后，在4s末到達(dá)離地面100m的最高點(diǎn)時(shí)炸開(kāi)，構(gòu)成各種美麗的圖案假設(shè)禮花彈從炮筒中豎直射出時(shí)的初速度是v0，上升過(guò)程中所受的平均阻力大小始終是自身重力的k倍，那么v0和k分別等于（重力加速度g取10m/s2）（）a25m/s，1.25b40m/s，0.25c50m/s，0.25d80m/s，1.253如圖所示，質(zhì)量為m的小球置于光滑的正方體盒子中，盒子的邊長(zhǎng)略大于球的直徑某同學(xué)拿著該盒子在豎直平面內(nèi)做半徑為r的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，已知重力加速度為g，空氣阻力不計(jì)，要使在最高點(diǎn)時(shí)盒子與小球之間恰好無(wú)作用力，則（）a該盒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期等于b該盒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期等于2c盒子在最低點(diǎn)時(shí)盒子與小球之間的作用力大小等于3mgd盒子在最低點(diǎn)時(shí)盒子與小球之間的作用力大小等于5mg4如圖所示，一帶電液滴在相互垂直的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)中剛好做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，其軌道半徑為r已知電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度為e，方向豎直向下；磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為b，方向垂直紙面向里，不計(jì)空氣阻力，設(shè)重力加速度為g，則（）a液滴帶正電b液滴荷質(zhì)比c液滴順時(shí)針運(yùn)動(dòng)d液滴運(yùn)動(dòng)速度大小v=5如圖所示，在一磁感應(yīng)強(qiáng)度b=0.5t的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，垂直于磁場(chǎng)方向水平放置著兩根相距為l=0.1m的平行金屬導(dǎo)軌mn和pq，導(dǎo)軌電阻忽略不計(jì)，在兩根導(dǎo)軌的端點(diǎn)n、q之間連接一阻值r=0.3的電阻導(dǎo)軌上正交放置著金屬棒ab，其電阻r=0.2當(dāng)金屬棒在水平拉力作用于以速度v=4.0m/s向左做勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)（）aa b棒所受安培力大小為0.02nbn、q間電壓為0.2vca端電勢(shì)比b端電勢(shì)低d回路中感應(yīng)電流大小為1a6某科研單位設(shè)計(jì)了一空間飛行器，飛行器從地面起飛時(shí)，發(fā)動(dòng)機(jī)提供的動(dòng)力方向與水平方向夾角=60，使飛行器恰恰與水平方向成=30角的直線(xiàn)斜向右上方勻加速飛行，經(jīng)一段時(shí)間后，將動(dòng)力的方向沿逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)60同時(shí)適當(dāng)調(diào)節(jié)其大小，使飛行器依然可以沿原方向勻減速飛行，飛行器所受空氣阻力不計(jì)，重力加速度為g，則（）a減速時(shí)加速度的大小為gb減速時(shí)動(dòng)力的大小等于mgc加速時(shí)動(dòng)力的大小等于mgd加速時(shí)加速度的大小為g7如圖是一種升降電梯的示意圖，a為載人箱，b為平衡重物，它們的質(zhì)量均為m，上下均有跨過(guò)滑輪的鋼索系住，在電動(dòng)機(jī)的牽引下使電梯上下運(yùn)動(dòng)如果電梯中載人的總質(zhì)量為m，勻速上升的速度為v，電梯即將到頂層前關(guān)閉電動(dòng)機(jī)，依靠慣性上升h高度后停止，在不計(jì)空氣和摩擦阻力的情況下，h為（）abcd二、多項(xiàng)選擇題（本題共5小題，每小題4分，共20分，每題有兩個(gè)以上選項(xiàng)是正確的，完全選對(duì)得4分，選對(duì)但不全得2分，不答或有選錯(cuò)得零分）8如圖所示是骨折病人的牽引裝置示意圖，繩的一端固定，繞過(guò)定滑輪和動(dòng)滑輪后掛著一個(gè)重物，與動(dòng)滑輪相連的帆布帶拉著病人的腳，整個(gè)裝置在同一 豎直平面內(nèi)為了使腳所受的拉力增大，可采取的方法是（）a只增加繩的長(zhǎng)度b只增加重物的質(zhì)量c只將病人的腳向左移動(dòng)d只將兩定滑輪的間距增大9蔣昊南同學(xué)閱讀了一篇“火星的現(xiàn)在、地球的未來(lái)”的文章，摘錄了以下資料：根據(jù)目前被科學(xué)界普遍接受的宇宙大爆炸學(xué)說(shuō)可知，萬(wàn)有引力常量在極其緩慢地減??； 太陽(yáng)幾十億年來(lái)一直不斷地在通過(guò)發(fā)光、發(fā)熱釋放能量； 金星和火星是地球的兩位近鄰，金星位于地球圓軌道的內(nèi)側(cè)，火星位于地球圓軌道的外側(cè)； 由于火星與地球的自轉(zhuǎn)周期幾乎相同，自轉(zhuǎn)軸與公轉(zhuǎn)軌道平面的傾角也幾乎相同，所以火星上也有四季變化根據(jù)他摘錄的資料和有關(guān)天體運(yùn)動(dòng)規(guī)律，可推斷（）a太陽(yáng)對(duì)地球的引力在緩慢減小b太陽(yáng)對(duì)地球的引力在緩慢增加c火星上平均每個(gè)季節(jié)持續(xù)的時(shí)間等于3個(gè)月d火星上平均每個(gè)季節(jié)持續(xù)的時(shí)間大于3個(gè)月10如圖所示，一圓心為o、半徑為r的圓中有兩條互相垂直的直徑ac和bd，電荷量均為q的正、負(fù)點(diǎn)電荷放在圓周上，它們的位置關(guān)于ac對(duì)稱(chēng)，+q和o點(diǎn)的連線(xiàn)與oc間的夾角為60，兩個(gè)點(diǎn)電荷的連線(xiàn)與ac的交點(diǎn)為p下列說(shuō)法中正確的是（）ap點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于o點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度ba點(diǎn)的電勢(shì)低于c點(diǎn)的電勢(shì)c點(diǎn)電荷q在o點(diǎn)與在c點(diǎn)所受的電場(chǎng)力相同d點(diǎn)電荷+q在點(diǎn)b具有的電勢(shì)能小于在d點(diǎn)具有的電勢(shì)能11一理想變壓器原、副線(xiàn)圈的匝數(shù)比為10：1，原線(xiàn)圈輸入電壓的變化規(guī)律如圖甲所示，副線(xiàn)圈所接電路如圖乙所示，p為滑動(dòng)變阻器的觸頭（）a副線(xiàn)圈輸出電壓的頻率為50hzb副線(xiàn)圈輸出電壓的有效值為31vcp向右移動(dòng)時(shí)，原、副線(xiàn)圈的電流比減小dp向右移動(dòng)時(shí)，變壓器的輸出功率增加12一個(gè)高爾夫球靜止于平坦的地面上在t=0時(shí)球被擊出，飛行中球的速率與時(shí)間的關(guān)系如圖所示若不計(jì)空氣阻力的影響，根據(jù)圖象提供的信息可以求出的量是（）a高爾夫球在何時(shí)落地b高爾夫球可上升的最大高度c人擊球時(shí)對(duì)高爾夫球做的功d高爾夫球落地時(shí)離擊球點(diǎn)的距離三、實(shí)驗(yàn)題13甲圖中游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為mm；乙圖中螺旋測(cè)微器的讀數(shù)為mm丙圖中多用電表的讀數(shù)為14如圖甲示，是驗(yàn)證牛頓第二定律的實(shí)驗(yàn)裝置（1）請(qǐng)完善下列實(shí)驗(yàn)步驟：a用天平測(cè)量吊盤(pán)m0和小車(chē)的質(zhì)量m0b平衡小車(chē)的摩擦阻力：取下吊盤(pán)，調(diào)整木板右端的高度，用手輕推小車(chē)，直到打點(diǎn)計(jì)時(shí)器在紙帶上打出一系列間距相等的點(diǎn)c按住小車(chē)，掛上吊盤(pán)，使細(xì)線(xiàn)與長(zhǎng)木板平行d，釋放小車(chē)，在得到的紙帶上標(biāo)出吊盤(pán)（或小車(chē)）的總質(zhì)量m（或m）e保持小車(chē)總質(zhì)量一定，多次改變吊盤(pán)中的砝碼，重復(fù)c d步驟f保持吊盤(pán)總質(zhì)量一定，多次改變，重復(fù)c d步驟（2）如圖乙示，紙帶上3個(gè)相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)的間距為s1、s2和s3用米尺測(cè)量s1、s3的間距，由圖可讀出s1=24.3mm，s3=mm已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打點(diǎn)周期為0.02s，利用s1、s3計(jì)算小車(chē)加速度a=m/s2（計(jì)算結(jié)果保留三位有效數(shù)字）15有一標(biāo)有“6v，0.5a”的小型直流電動(dòng)機(jī)，轉(zhuǎn)子是由銅導(dǎo)線(xiàn)繞制的線(xiàn)圈組成，阻值約為0.8某興趣小組設(shè)計(jì)一個(gè)實(shí)驗(yàn)測(cè)量此電動(dòng)機(jī)線(xiàn)圈的電阻實(shí)驗(yàn)室現(xiàn)提供的器材除導(dǎo)線(xiàn)和開(kāi)關(guān)外還有：a直流電源e：8v（內(nèi)阻不計(jì)）b直流電流表a1：00.6a（內(nèi)阻約為0.5）c直流電流表a2：03a（內(nèi)阻約為0.1）d直流電壓表v1：03v（內(nèi)阻約為5k）e直流電壓表v2：015v（內(nèi)阻約為15k）f滑動(dòng)變阻器r1：010，2ag標(biāo)準(zhǔn)電阻r2：3（1）為能較準(zhǔn)確地測(cè)出電動(dòng)機(jī)線(xiàn)圈電阻，應(yīng)選擇以下的電路圖圖中表示電動(dòng)機(jī)（2）為使電表指針有較大角度的偏轉(zhuǎn)，需要選用的電流表是，電壓表是（填寫(xiě)實(shí)驗(yàn)器材前面的序號(hào)）（3）閉合開(kāi)關(guān)后，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器控制電動(dòng)機(jī)不轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)讀出電流表、電壓表示數(shù)若某次實(shí)驗(yàn)電壓表的示數(shù)為2.00v，電流表的示數(shù)為0.50a，電動(dòng)機(jī)線(xiàn)圈電阻為由此可計(jì)算出該電動(dòng)機(jī)正常工作輸出的機(jī)械功率為w（以上兩空計(jì)算結(jié)果均保留三位有效數(shù)字）四、計(jì)算解析題（本題共3小題，共9+12+13=34分解答應(yīng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要演算步驟、規(guī)范的作圖只寫(xiě)出最后答案的不能得分有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫(xiě)出數(shù)值和單位）16如圖示，有一固定在水平桌面上的軌道abc，ab段粗糙，與水平面間的夾角為=37；bc段光滑，c點(diǎn)緊貼桌子邊緣；桌高h(yuǎn)=0.8m一小物塊放在a處（可視為質(zhì)點(diǎn)），小物塊與ab間的動(dòng)摩擦因數(shù)為=0.25現(xiàn)在給小物塊一個(gè)沿斜面向下的初速度va=1m/s，小物塊經(jīng)過(guò)b處時(shí)無(wú)機(jī)械能損失，物塊最后落在與c點(diǎn)水平距離x=1.2m的d處（不計(jì)空氣阻力，g取10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8）求：（1）小物塊在ab段向下運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大小a；（2）小物塊到達(dá)b處時(shí)的速度大小vb；（3）求ab的長(zhǎng)l17如圖所示，兩平行金屬板e(cuò)、f之間電壓為u，兩足夠長(zhǎng)的平行邊界mn、pq區(qū)域內(nèi)，有垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為b一質(zhì)量為m、帶電量為+q的粒子（不計(jì)重力），由e板中央處?kù)o止釋放，經(jīng)f板上的小孔射出后，垂直進(jìn)入磁場(chǎng)，且進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)與邊界mn成60角，最終粒子從邊界mn離開(kāi)磁場(chǎng)求：（1）粒子離開(kāi)電場(chǎng)時(shí)的速度大小v；（2）粒子在磁場(chǎng)中圓周運(yùn)動(dòng)的半徑r和運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t（3）兩邊界mn、pq的最小距離d18如圖所示，一塊質(zhì)量為m、長(zhǎng)為l的勻質(zhì)板放在很長(zhǎng)的光滑水平桌面上，板的左端有一質(zhì)量為m的小物塊，物塊上連接一根很長(zhǎng)的細(xì)繩，細(xì)繩跨過(guò)位于桌面邊緣的定滑輪現(xiàn)某人以恒定的速度v向下拉繩，物塊隨細(xì)繩運(yùn)動(dòng)，恰到達(dá)板的中點(diǎn)后相對(duì)板靜止；取g=10m/s2，且所有過(guò)程板的右端均未撞上桌邊定滑輪，求：（1）從開(kāi)始拉繩起計(jì)時(shí)，物塊到達(dá)板的中點(diǎn)經(jīng)歷的時(shí)間t0；（2）物塊與板間的動(dòng)摩擦因數(shù)0；（3）若板與桌面間有摩擦，為使物塊能到達(dá)板的右端，板與桌面的動(dòng)摩擦因數(shù)的范圍五、選考題請(qǐng)同學(xué)從給出的3道題（1921）中任選一題作答，并用2b鉛筆在答題卷上把所選題目的題號(hào)涂黑注意所做題目必須與所涂題目題號(hào)一致，在答題卷選答區(qū)域指定位置答題如有多做，則按所做的第一題評(píng)分【選修3-3】19下列說(shuō)法正確的是 （）a絕對(duì)濕度大，相對(duì)濕度一定大b荷葉上的小水滴呈球形，這是表面張力使液面收縮的結(jié)果c單晶體和多晶體都具有各向異性的物理性質(zhì)d一定質(zhì)量理想氣體等溫膨脹，一定從外界吸熱e對(duì)于一定質(zhì)量的理想氣體，壓強(qiáng)增大，體積增大，分子的平均動(dòng)能一定增大20如圖所示，教室內(nèi)用截面積為o.2m2的絕熱活塞，將一定質(zhì)量的理想氣體封閉 在圓柱形汽缸內(nèi)，活塞與汽缸之間無(wú)摩擦a狀態(tài)是汽缸放在冰水混合物中氣體達(dá)到的平衡狀態(tài)，活塞離汽缸底部的局度為0.6m；b狀態(tài)是汽缸從容器中移出后達(dá)到的平衡狀態(tài)，活塞離 汽缸底部的高度為0.65m設(shè)室內(nèi)大氣壓強(qiáng)始終 保持1.0105pa，忽略活塞質(zhì)量（1）求教室內(nèi)的溫度；（2）若氣體從a狀態(tài)變化到b狀態(tài)的過(guò)程中，內(nèi)能增加了56oj，求此過(guò)程中氣體吸收的熱量【選修3-4】21關(guān)于波的說(shuō)法中，正確的是（）a產(chǎn)生多普勒效應(yīng)的原因是波源頻率發(fā)生了變化b發(fā)生干涉現(xiàn)象時(shí)，介質(zhì)中振動(dòng)加強(qiáng)的點(diǎn)，振動(dòng)能量最大，減弱點(diǎn)振動(dòng)能量可能為零c振動(dòng)圖象和波的圖象中，橫坐標(biāo)所反映的物理意義是不同的d超聲波比次聲波更容易發(fā)生衍射e在地球表面上走得很準(zhǔn)的擺鐘搬到月球表面上，其擺動(dòng)周期變大22一半徑為r的球體放置在水平面上，球體由折射率為的透明材料制成現(xiàn)有一束位于過(guò)球心o的豎直平面內(nèi)的光線(xiàn)，平行于桌面射到球體表面上，折射入球體后再?gòu)呢Q直表面射出，如圖所示已知入射光線(xiàn)與桌面的距離為求出射角【選修3-5】23下列關(guān)于原子和原子核的說(shuō)法正確的是（）a衰變現(xiàn)象說(shuō)明電子是原子核的組成部分b某放射性元素經(jīng)過(guò)11.4天有的原子核發(fā)生了衰變，則該元素的半衰期為3.8天c放射性元素的半衰期隨溫度的升高而變短d平均結(jié)合能越大表示原子核中的核子結(jié)合得越牢固e在、這三種射線(xiàn)中，射線(xiàn)的穿透能力最強(qiáng)，射線(xiàn)的電離能力最強(qiáng)24如圖所示，光滑水平面上有a、b兩個(gè)物塊，其質(zhì)量分別為ma=2.0kg，mb=1.0kg，現(xiàn)用一輕彈簧將a、b兩物塊連接，并用力緩慢壓縮彈簧使a、b兩物塊靠近，此過(guò)程外力做功108j（彈簧仍處于彈性限度范圍內(nèi)），然后同時(shí)釋放，彈簧開(kāi)始逐漸變長(zhǎng)試求當(dāng)彈簧剛好恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)，a和b物塊速度va、vb的大小2015-2016學(xué)年廣東省湛江一中等四校高三（上）第一次聯(lián)考物理試卷參考答案與試題解析一、單項(xiàng)選擇題（本題有7小題，每題4分，共28分選出各題中一個(gè)符合題意的選項(xiàng)，不選、多選、錯(cuò)選均不給分）1下列關(guān)于物理學(xué)發(fā)展史的表述，其中觀點(diǎn)正確的是（）a伽利略發(fā)現(xiàn)行星運(yùn)動(dòng)三大定律b牛頓發(fā)現(xiàn)萬(wàn)有引力定律c法拉第首先發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)d奧斯特首次測(cè)出元電荷量【考點(diǎn)】物理學(xué)史【分析】根據(jù)物理學(xué)史解答，記住著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可【解答】解：a、開(kāi)普勒發(fā)現(xiàn)了行星運(yùn)動(dòng)三大定律，故a錯(cuò)誤b、牛頓發(fā)現(xiàn)萬(wàn)有引力定律，故b正確c、奧斯特首先發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)故c錯(cuò)誤d、密立根首次測(cè)出元電荷量故d錯(cuò)誤故選：b【點(diǎn)評(píng)】本題考查物理學(xué)史，是常識(shí)性問(wèn)題，對(duì)于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強(qiáng)記憶，這也是考試內(nèi)容之一2在歡慶節(jié)日的時(shí)候，人們會(huì)在夜晚燃放美麗的焰火按照設(shè)計(jì)，某種型號(hào)的裝有焰火的禮花彈從專(zhuān)用炮筒中射出后，在4s末到達(dá)離地面100m的最高點(diǎn)時(shí)炸開(kāi)，構(gòu)成各種美麗的圖案假設(shè)禮花彈從炮筒中豎直射出時(shí)的初速度是v0，上升過(guò)程中所受的平均阻力大小始終是自身重力的k倍，那么v0和k分別等于（重力加速度g取10m/s2）（）a25m/s，1.25b40m/s，0.25c50m/s，0.25d80m/s，1.25【考點(diǎn)】牛頓第二定律；勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的速度與時(shí)間的關(guān)系【專(zhuān)題】牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專(zhuān)題【分析】禮花彈從炮筒中豎直射出時(shí)向上做勻減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，對(duì)其進(jìn)行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律及勻減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的基本公式即可求解【解答】解：上升過(guò)程中所受的平均阻力f=kmg，根據(jù)牛頓第二定律得：a=（k+1）g，根據(jù)h=at2得：a=12.5m/s2，所以v0=at=50m/s，而（k+1）g=12.5m/s2，所以 k=0.25 故選c【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查了牛頓第二定律及運(yùn)動(dòng)學(xué)基本公式的應(yīng)用，要求同學(xué)們能正確對(duì)物體進(jìn)行受力分析，根據(jù)受力情況判斷運(yùn)動(dòng)情況，并熟練運(yùn)用運(yùn)動(dòng)學(xué)基本公式解題3如圖所示，質(zhì)量為m的小球置于光滑的正方體盒子中，盒子的邊長(zhǎng)略大于球的直徑某同學(xué)拿著該盒子在豎直平面內(nèi)做半徑為r的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，已知重力加速度為g，空氣阻力不計(jì)，要使在最高點(diǎn)時(shí)盒子與小球之間恰好無(wú)作用力，則（）a該盒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期等于b該盒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期等于2c盒子在最低點(diǎn)時(shí)盒子與小球之間的作用力大小等于3mgd盒子在最低點(diǎn)時(shí)盒子與小球之間的作用力大小等于5mg【考點(diǎn)】向心力；動(dòng)能定理的應(yīng)用【分析】小球在最高點(diǎn)時(shí)盒子與小球之間恰好無(wú)作用力，說(shuō)明此時(shí)恰好只有小球的重力作為向心力，由此可以求得小球的運(yùn)動(dòng)周期，在最低點(diǎn)時(shí)對(duì)物體受力分析，利用向心力的公式可以求得盒子與小球之間的作用力大小【解答】解：ab、在最高點(diǎn)時(shí)盒子與小球之間恰好無(wú)作用力，說(shuō)明此時(shí)恰好只有小球的重力作為小球的向心力，由mg=mr得，周期t=2，故a錯(cuò)誤，b正確cd、盒子在最低點(diǎn)時(shí)受重力和支持力的作用，由fmg=mr得：f=2mg，故c、d錯(cuò)誤故選：b【點(diǎn)評(píng)】物體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，小球在最高點(diǎn)時(shí)盒子與小球之間恰好無(wú)作用力，說(shuō)明此時(shí)恰好只有小球的重力作為向心力，這是解決這道題的關(guān)鍵，再根據(jù)最高點(diǎn)和最低點(diǎn)時(shí)受力的不同，根據(jù)向心力的公式列方程求解即可4如圖所示，一帶電液滴在相互垂直的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)中剛好做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，其軌道半徑為r已知電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度為e，方向豎直向下；磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為b，方向垂直紙面向里，不計(jì)空氣阻力，設(shè)重力加速度為g，則（）a液滴帶正電b液滴荷質(zhì)比c液滴順時(shí)針運(yùn)動(dòng)d液滴運(yùn)動(dòng)速度大小v=【考點(diǎn)】帶電粒子在混合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)【專(zhuān)題】帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專(zhuān)題【分析】（1）液滴在復(fù)合場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，可判斷出電場(chǎng)力和重力為平衡力，從而可求出液滴的比荷并可判斷電場(chǎng)力的方向，結(jié)合電場(chǎng)的方向便可知液滴的電性（2）根據(jù)洛倫茲力的方向，利用左手定則可判斷液滴的旋轉(zhuǎn)方向；結(jié)合重力與電場(chǎng)力平衡以及液滴在洛倫茲力的作用下的運(yùn)動(dòng)半徑公式，可求出線(xiàn)速度【解答】解：a、液滴在重力場(chǎng)、勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)的復(fù)合場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，可知，液滴受到的重力和電場(chǎng)力是一對(duì)平衡力，重力豎直向下，所以電場(chǎng)力豎直向上，與電場(chǎng)方向相同，故可知液滴帶負(fù)電，故a錯(cuò)誤；b、由液滴做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，得知電場(chǎng)力和重力大小相等，得：mg=qe解得： =，故b錯(cuò)誤；c、磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，洛倫茲力的方向始終指向圓心，由左手定則可判斷液滴的旋轉(zhuǎn)方向?yàn)轫槙r(shí)針，故c正確；d、液滴在洛倫茲力的作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為：r=聯(lián)立得：v=，故d錯(cuò)誤；故選：c【點(diǎn)評(píng)】此題考查了液滴在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)問(wèn)題復(fù)合場(chǎng)是指電場(chǎng)、磁場(chǎng)、重力場(chǎng)并存，或其中某兩種場(chǎng)并存的場(chǎng)液滴在這些復(fù)合場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，必須同時(shí)考慮電場(chǎng)力、洛倫茲力和重力的作用或其中某兩種力的作用，因此對(duì)液滴的運(yùn)動(dòng)形式的分析就顯得極為重要該題就是根據(jù)液滴的運(yùn)動(dòng)情況來(lái)判斷受到的電場(chǎng)力情況5如圖所示，在一磁感應(yīng)強(qiáng)度b=0.5t的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，垂直于磁場(chǎng)方向水平放置著兩根相距為l=0.1m的平行金屬導(dǎo)軌mn和pq，導(dǎo)軌電阻忽略不計(jì)，在兩根導(dǎo)軌的端點(diǎn)n、q之間連接一阻值r=0.3的電阻導(dǎo)軌上正交放置著金屬棒ab，其電阻r=0.2當(dāng)金屬棒在水平拉力作用于以速度v=4.0m/s向左做勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)（）aa b棒所受安培力大小為0.02nbn、q間電壓為0.2vca端電勢(shì)比b端電勢(shì)低d回路中感應(yīng)電流大小為1a【考點(diǎn)】導(dǎo)體切割磁感線(xiàn)時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；閉合電路的歐姆定律【專(zhuān)題】電磁感應(yīng)功能問(wèn)題【分析】根據(jù)e=blv求出ab產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，由歐姆定律求感應(yīng)電流，再由f=bil求ab棒所受的安培力大小nq間的電壓是r兩端的電壓，由歐姆定律求由右手定則判斷電勢(shì)高低【解答】解：a、ab棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì) e=blv=0.50.14v=0.2v感應(yīng)電流為 i=0.4aa b棒所受安培力大小 f安=bil=0.50.40.1n=0.02n，故a正確b、n、q間電壓為 u=ir=0.40.3v=0.12v，故b錯(cuò)誤c、由右手定則判斷知，ab棒中感應(yīng)電流方向由b到a，a端相當(dāng)于電源的正極，電勢(shì)較高，故c錯(cuò)誤d、由上知，回路中感應(yīng)電流大小為0.4a，故d錯(cuò)誤故選：a【點(diǎn)評(píng)】本題是電磁感應(yīng)與電路知識(shí)的綜合，關(guān)鍵要區(qū)分清楚哪部分電路是電源，哪部分是外部分要知道nq間的電壓是外電壓6某科研單位設(shè)計(jì)了一空間飛行器，飛行器從地面起飛時(shí)，發(fā)動(dòng)機(jī)提供的動(dòng)力方向與水平方向夾角=60，使飛行器恰恰與水平方向成=30角的直線(xiàn)斜向右上方勻加速飛行，經(jīng)一段時(shí)間后，將動(dòng)力的方向沿逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)60同時(shí)適當(dāng)調(diào)節(jié)其大小，使飛行器依然可以沿原方向勻減速飛行，飛行器所受空氣阻力不計(jì)，重力加速度為g，則（）a減速時(shí)加速度的大小為gb減速時(shí)動(dòng)力的大小等于mgc加速時(shí)動(dòng)力的大小等于mgd加速時(shí)加速度的大小為g【考點(diǎn)】牛頓第二定律；力的合成與分解的運(yùn)用【專(zhuān)題】牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專(zhuān)題【分析】起飛時(shí)，飛行器受推力和重力，兩力的合力與水平方向成30角斜向上，根據(jù)幾何關(guān)系求出合力，由牛頓第二定律求出加速度，根據(jù)勻加速運(yùn)動(dòng)速度公式求解最大速度；推力方向逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)60后，先根據(jù)牛頓第二定律求解加速度，再求出繼續(xù)上升的時(shí)間【解答】解：ab、t時(shí)刻的速率：v=a1t=gt推力方向逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)60，合力的方向與水平方向成30斜向下，推力f跟合力fh垂直，如圖所示，此時(shí)合力大小為：fh=mgsin30動(dòng)力大小：f=mg飛行器的加速度大小為：a2=g故ab錯(cuò)誤；cd、起飛時(shí)，飛行器受推力和重力，兩力的合力與水平方向成30角斜向上，設(shè)動(dòng)力為f，合力為fb，如圖所示：在offb中，由幾何關(guān)系得：f=mg，fb=mg由牛頓第二定律得飛行器的加速度為：a1=g故c錯(cuò)誤，d正確；故選：d【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查了牛頓第二定律及運(yùn)動(dòng)學(xué)基本公式的應(yīng)用，要求同學(xué)們能正確對(duì)分析器進(jìn)行受力分析并能結(jié)合幾何關(guān)系求解，難度適中7如圖是一種升降電梯的示意圖，a為載人箱，b為平衡重物，它們的質(zhì)量均為m，上下均有跨過(guò)滑輪的鋼索系住，在電動(dòng)機(jī)的牽引下使電梯上下運(yùn)動(dòng)如果電梯中載人的總質(zhì)量為m，勻速上升的速度為v，電梯即將到頂層前關(guān)閉電動(dòng)機(jī)，依靠慣性上升h高度后停止，在不計(jì)空氣和摩擦阻力的情況下，h為（）abcd【考點(diǎn)】牛頓第二定律；勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的速度與時(shí)間的關(guān)系【專(zhuān)題】牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專(zhuān)題【分析】載人箱、人及平衡重物加速度相同，則由隔離法可求得加速度的大??；再由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可求得上升的高度【解答】解：設(shè)b對(duì)a拉力ft對(duì)b：mgft=ma對(duì)a：ft（m+m）g=（m+m）a，a=由v2=2ah得h=，d選項(xiàng)正確故選：d【點(diǎn)評(píng)】本題也可以利用整體法直接求出整體沿繩子運(yùn)動(dòng)的加速度，再由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解二、多項(xiàng)選擇題（本題共5小題，每小題4分，共20分，每題有兩個(gè)以上選項(xiàng)是正確的，完全選對(duì)得4分，選對(duì)但不全得2分，不答或有選錯(cuò)得零分）8如圖所示是骨折病人的牽引裝置示意圖，繩的一端固定，繞過(guò)定滑輪和動(dòng)滑輪后掛著一個(gè)重物，與動(dòng)滑輪相連的帆布帶拉著病人的腳，整個(gè)裝置在同一 豎直平面內(nèi)為了使腳所受的拉力增大，可采取的方法是（）a只增加繩的長(zhǎng)度b只增加重物的質(zhì)量c只將病人的腳向左移動(dòng)d只將兩定滑輪的間距增大【考點(diǎn)】合力的大小與分力間夾角的關(guān)系【專(zhuān)題】平行四邊形法則圖解法專(zhuān)題【分析】以滑輪為研究對(duì)象，根據(jù)平衡條件得出腳所受的拉力與繩的拉力的關(guān)系，再選擇可采取的方法【解答】解：a、若只增加繩的長(zhǎng)度，拉力不變，a選項(xiàng)錯(cuò)誤；b、若只增加重物的質(zhì)量，則繩子拉力增大，腳所受的拉力增大，b選項(xiàng)正確；c、若只將病人的腳向左移動(dòng)，則夾角會(huì)減小，繩子拉力的合力增大，腳所受的拉力增大，c選項(xiàng)正確；d、只將兩只滑輪的距離增大，則夾角會(huì)增大，繩子拉力的合力減小，腳所受的拉力減小，d選項(xiàng)錯(cuò)誤故選：bc【點(diǎn)評(píng)】本題實(shí)質(zhì)中動(dòng)態(tài)平衡問(wèn)題，采用的是函數(shù)法，考查運(yùn)用物理知識(shí)分析實(shí)際問(wèn)題的能力9蔣昊南同學(xué)閱讀了一篇“火星的現(xiàn)在、地球的未來(lái)”的文章，摘錄了以下資料：根據(jù)目前被科學(xué)界普遍接受的宇宙大爆炸學(xué)說(shuō)可知，萬(wàn)有引力常量在極其緩慢地減小； 太陽(yáng)幾十億年來(lái)一直不斷地在通過(guò)發(fā)光、發(fā)熱釋放能量； 金星和火星是地球的兩位近鄰，金星位于地球圓軌道的內(nèi)側(cè)，火星位于地球圓軌道的外側(cè)； 由于火星與地球的自轉(zhuǎn)周期幾乎相同，自轉(zhuǎn)軸與公轉(zhuǎn)軌道平面的傾角也幾乎相同，所以火星上也有四季變化根據(jù)他摘錄的資料和有關(guān)天體運(yùn)動(dòng)規(guī)律，可推斷（）a太陽(yáng)對(duì)地球的引力在緩慢減小b太陽(yáng)對(duì)地球的引力在緩慢增加c火星上平均每個(gè)季節(jié)持續(xù)的時(shí)間等于3個(gè)月d火星上平均每個(gè)季節(jié)持續(xù)的時(shí)間大于3個(gè)月【考點(diǎn)】萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用【專(zhuān)題】萬(wàn)有引力定律的應(yīng)用專(zhuān)題【分析】由萬(wàn)有引力的表達(dá)式分析太陽(yáng)對(duì)地球引力的變化情況；由萬(wàn)有引力提供向心力，得到行星的周期與軌道半徑的關(guān)系式，再分析周期大小，判斷火星上季節(jié)時(shí)間【解答】解：a、b由太陽(yáng)對(duì)地球的萬(wàn)有引力的表達(dá)式f=g可知，g變小，則太陽(yáng)對(duì)地球的引力f減小故a正確，b錯(cuò)誤c、由行星繞太陽(yáng)運(yùn)行所需要的向心力由太陽(yáng)的萬(wàn)有引力提供，則有：mr=g，得周期 t=2，可知r越大，t越大因火星的軌道半徑比地球大，則火星的公轉(zhuǎn)周期比地球的大，所以火星上平均每個(gè)季節(jié)的時(shí)間大于3個(gè)月，故c錯(cuò)誤，d正確；故選：ad【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵要明確萬(wàn)有引力的表達(dá)式，建立行星運(yùn)動(dòng)的模型，會(huì)由向心力等于萬(wàn)有引力分析線(xiàn)速度、周期與半徑的大小關(guān)系10如圖所示，一圓心為o、半徑為r的圓中有兩條互相垂直的直徑ac和bd，電荷量均為q的正、負(fù)點(diǎn)電荷放在圓周上，它們的位置關(guān)于ac對(duì)稱(chēng)，+q和o點(diǎn)的連線(xiàn)與oc間的夾角為60，兩個(gè)點(diǎn)電荷的連線(xiàn)與ac的交點(diǎn)為p下列說(shuō)法中正確的是（）ap點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于o點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度ba點(diǎn)的電勢(shì)低于c點(diǎn)的電勢(shì)c點(diǎn)電荷q在o點(diǎn)與在c點(diǎn)所受的電場(chǎng)力相同d點(diǎn)電荷+q在點(diǎn)b具有的電勢(shì)能小于在d點(diǎn)具有的電勢(shì)能【考點(diǎn)】電場(chǎng)強(qiáng)度；電勢(shì)能【專(zhuān)題】電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專(zhuān)題【分析】根據(jù)電場(chǎng)線(xiàn)的分布情況，分析p點(diǎn)和o點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)的分布具有對(duì)稱(chēng)性，可以結(jié)合其對(duì)稱(chēng)性來(lái)分析，結(jié)合等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)電場(chǎng)線(xiàn)和等勢(shì)線(xiàn)的分布圖象來(lái)分析電勢(shì)的高低，由電勢(shì)能公式ep=q分析電勢(shì)能的大小【解答】解：a、在ac連線(xiàn)上，p點(diǎn)的電場(chǎng)線(xiàn)最密，場(chǎng)強(qiáng)最大，所以p點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于o點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，故a正確b、ac連線(xiàn)是等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中一條等勢(shì)線(xiàn)，故a、c兩點(diǎn)的電勢(shì)相等，故b錯(cuò)誤c、根據(jù)等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)電場(chǎng)線(xiàn)分布的對(duì)稱(chēng)性可知，o、c兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同，則點(diǎn)電荷+q在o點(diǎn)和c點(diǎn)所受電場(chǎng)力相同故c正確d、根據(jù)順著電場(chǎng)線(xiàn)方向電勢(shì)降低，結(jié)合電場(chǎng)線(xiàn)的分布情況可知，b點(diǎn)的電勢(shì)高于d點(diǎn)電勢(shì)，由電勢(shì)能公式ep=q分析可知：點(diǎn)電荷+q在b點(diǎn)的電勢(shì)能大于在d點(diǎn)具有的電勢(shì)能故d錯(cuò)誤故選：ac【點(diǎn)評(píng)】本題考查等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)的分布特點(diǎn)，關(guān)鍵要掌握等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)的電場(chǎng)線(xiàn)和等勢(shì)線(xiàn)的分布圖象，來(lái)分析場(chǎng)強(qiáng)和電勢(shì)關(guān)系11一理想變壓器原、副線(xiàn)圈的匝數(shù)比為10：1，原線(xiàn)圈輸入電壓的變化規(guī)律如圖甲所示，副線(xiàn)圈所接電路如圖乙所示，p為滑動(dòng)變阻器的觸頭（）a副線(xiàn)圈輸出電壓的頻率為50hzb副線(xiàn)圈輸出電壓的有效值為31vcp向右移動(dòng)時(shí)，原、副線(xiàn)圈的電流比減小dp向右移動(dòng)時(shí)，變壓器的輸出功率增加【考點(diǎn)】變壓器的構(gòu)造和原理【專(zhuān)題】交流電專(zhuān)題【分析】根據(jù)瞬時(shí)值表達(dá)式可以求得輸出電壓的有效值、周期和頻率等，再根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比即可求得結(jié)論【解答】解：a、由圖象可知，交流電的周期為0.02s，所以交流電的頻率為50hz，所以a正確b、根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比可知，原線(xiàn)圈的電壓的最大值為220v，所以副線(xiàn)圈的電壓的最大值為22v，所以電壓的有效值為v=22v，所以b錯(cuò)誤c、原、副線(xiàn)圈的電流與匝數(shù)成反比，線(xiàn)圈的匝數(shù)不變，所以電流比也不變，所以c錯(cuò)誤d、p向右移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器的電阻減小，副線(xiàn)圈的電壓不變，所以電路消耗的功率將變大，變壓器的輸出功率增加，所以d正確故選ad【點(diǎn)評(píng)】電路的動(dòng)態(tài)變化的分析，總的原則就是由部分電路的變化確定總電路的變化的情況，再確定其他的電路的變化的情況，即先部分后整體再部分的方法12一個(gè)高爾夫球靜止于平坦的地面上在t=0時(shí)球被擊出，飛行中球的速率與時(shí)間的關(guān)系如圖所示若不計(jì)空氣阻力的影響，根據(jù)圖象提供的信息可以求出的量是（）a高爾夫球在何時(shí)落地b高爾夫球可上升的最大高度c人擊球時(shí)對(duì)高爾夫球做的功d高爾夫球落地時(shí)離擊球點(diǎn)的距離【考點(diǎn)】動(dòng)能定理的應(yīng)用；勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的圖像【專(zhuān)題】動(dòng)能定理的應(yīng)用專(zhuān)題【分析】不計(jì)空氣阻力，高爾夫球落到水平地面上時(shí)，速率相等，由圖可求出落地時(shí)間根據(jù)動(dòng)能定理可求出最大高度由動(dòng)能定理，分析能否求出人擊球時(shí)對(duì)高爾夫球做的功高爾夫球水平方向做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，由圖求出水平方向分速度vx，由x=vxt求出落地時(shí)離擊球點(diǎn)的距離【解答】解：a、不計(jì)空氣阻力，高爾夫球落到水平地面上時(shí)，速率相等由圖看出，小球5s時(shí)刻落地故a正確b、小球的初速度大小為v0=31m/s，到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)的速度大小為v=19m/s，由動(dòng)能定理得mgh=，由此式可求出最大高度h故b正確c、由動(dòng)能定理得：人擊球時(shí)對(duì)高爾夫球做的功w=，由于高爾夫球的質(zhì)量m未知，無(wú)法求出w故c錯(cuò)誤d、高爾夫球水平方向做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，水平方向分速度vx=19m/s，高爾夫球落地時(shí)離擊球點(diǎn)的距離為s=vxt=195m=95m故d正確故選abd【點(diǎn)評(píng)】本題要根據(jù)速率圖象讀出小球的初速率、最高點(diǎn)的速率及運(yùn)動(dòng)情況，還要運(yùn)用運(yùn)用的分解法研究斜拋運(yùn)動(dòng)，知道高爾夫球水平方向做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)三、實(shí)驗(yàn)題13甲圖中游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為13.55mm；乙圖中螺旋測(cè)微器的讀數(shù)為4.699mm丙圖中多用電表的讀數(shù)為1000【考點(diǎn)】刻度尺、游標(biāo)卡尺的使用；螺旋測(cè)微器的使用【專(zhuān)題】實(shí)驗(yàn)題【分析】解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法，主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀根據(jù)選擇開(kāi)關(guān)位置確定多用電表所測(cè)量的量與量程，然后根據(jù)表盤(pán)確定其分度值，然后讀出其示數(shù)【解答】解：1、游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為13mm，游標(biāo)尺上第11個(gè)刻度和主尺上某一刻度對(duì)齊，所以游標(biāo)讀數(shù)為110.05mm=0.55mm，所以最終讀數(shù)為：13mm+0.55mm=13.55mm2、螺旋測(cè)微器的固定刻度為4.5mm，可動(dòng)刻度為19.90.01mm=0.199mm，所以最終讀數(shù)為4.5mm+0.199mm=4.699mm3、歐姆檔的讀數(shù)是100；然后表盤(pán)讀數(shù)乘以倍率，該電阻的電阻值為：r=10010=1000故答案為：13.55；4.699；1000【點(diǎn)評(píng)】對(duì)于基本測(cè)量?jī)x器如游標(biāo)卡尺、螺旋測(cè)微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進(jìn)行有關(guān)測(cè)量14如圖甲示，是驗(yàn)證牛頓第二定律的實(shí)驗(yàn)裝置（1）請(qǐng)完善下列實(shí)驗(yàn)步驟：a用天平測(cè)量吊盤(pán)m0和小車(chē)的質(zhì)量m0b平衡小車(chē)的摩擦阻力：取下吊盤(pán)，調(diào)整木板右端的高度，用手輕推小車(chē)，直到打點(diǎn)計(jì)時(shí)器在紙帶上打出一系列間距相等的點(diǎn)c按住小車(chē)，掛上吊盤(pán)，使細(xì)線(xiàn)與長(zhǎng)木板平行d接通電源，釋放小車(chē)，在得到的紙帶上標(biāo)出吊盤(pán)（或小車(chē)）的總質(zhì)量m（或m）e保持小車(chē)總質(zhì)量一定，多次改變吊盤(pán)中的砝碼，重復(fù)c d步驟f保持吊盤(pán)總質(zhì)量一定，多次改變小車(chē)的質(zhì)量，重復(fù)c d步驟（2）如圖乙示，紙帶上3個(gè)相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)的間距為s1、s2和s3用米尺測(cè)量s1、s3的間距，由圖可讀出s1=24.3mm，s3=47.1mm已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打點(diǎn)周期為0.02s，利用s1、s3計(jì)算小車(chē)加速度a=1.14m/s2（計(jì)算結(jié)果保留三位有效數(shù)字）【考點(diǎn)】驗(yàn)證牛頓第二運(yùn)動(dòng)定律【專(zhuān)題】實(shí)驗(yàn)題；牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專(zhuān)題【分析】明確實(shí)驗(yàn)原理及實(shí)驗(yàn)方法；知道為了保證在改變小車(chē)中砝碼的質(zhì)量時(shí)，小車(chē)所受的拉力近似不變，小吊盤(pán)和盤(pán)中物塊的質(zhì)量之和應(yīng)該遠(yuǎn)小于小車(chē)和砝碼的總質(zhì)量由勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的推論得：x=at2由則可求得加速度【解答】解：（1）d、在實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)先接通電源，再釋放小車(chē)；f、因驗(yàn)證加速度與小車(chē)質(zhì)量之間的關(guān)系；故應(yīng)多次改變小車(chē)的質(zhì)量，重復(fù)實(shí)驗(yàn)；（2）設(shè)紙帶上三個(gè)相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)的間距為s1、s2、s3由勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的推論得：x=at2即s3s1=2a（5t）2a=圖2為用米尺測(cè)量某一紙帶上的s1、s3的情況，由圖可讀出s1=24.2mm，s3=47.2mm由此求得加速度的大小a=1.15m/s2故答案為：（1）d接通電源； f小車(chē)質(zhì)量（或小車(chē)中的砝碼個(gè)數(shù)）（2）47.1；1.15【點(diǎn)評(píng)】本題考查驗(yàn)證牛頓第二定律的實(shí)驗(yàn)；對(duì)于實(shí)驗(yàn)問(wèn)題要掌握實(shí)驗(yàn)原理、注意事項(xiàng)和誤差來(lái)源；遇到涉及圖象的問(wèn)題時(shí)，要先根據(jù)物理規(guī)律寫(xiě)出關(guān)于縱軸與橫軸的函數(shù)表達(dá)式，再根據(jù)斜率和截距的概念求解即可15有一標(biāo)有“6v，0.5a”的小型直流電動(dòng)機(jī)，轉(zhuǎn)子是由銅導(dǎo)線(xiàn)繞制的線(xiàn)圈組成，阻值約為0.8某興趣小組設(shè)計(jì)一個(gè)實(shí)驗(yàn)測(cè)量此電動(dòng)機(jī)線(xiàn)圈的電阻實(shí)驗(yàn)室現(xiàn)提供的器材除導(dǎo)線(xiàn)和開(kāi)關(guān)外還有：a直流電源e：8v（內(nèi)阻不計(jì)）b直流電流表a1：00.6a（內(nèi)阻約為0.5）c直流電流表a2：03a（內(nèi)阻約為0.1）d直流電壓表v1：03v（內(nèi)阻約為5k）e直流電壓表v2：015v（內(nèi)阻約為15k）f滑動(dòng)變阻器r1：010，2ag標(biāo)準(zhǔn)電阻r2：3（1）為能較準(zhǔn)確地測(cè)出電動(dòng)機(jī)線(xiàn)圈電阻，應(yīng)選擇以下的乙電路圖圖中表示電動(dòng)機(jī)（2）為使電表指針有較大角度的偏轉(zhuǎn)，需要選用的電流表是b，電壓表是d（填寫(xiě)實(shí)驗(yàn)器材前面的序號(hào)）（3）閉合開(kāi)關(guān)后，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器控制電動(dòng)機(jī)不轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)讀出電流表、電壓表示數(shù)若某次實(shí)驗(yàn)電壓表的示數(shù)為2.00v，電流表的示數(shù)為0.50a，電動(dòng)機(jī)線(xiàn)圈電阻為1.00由此可計(jì)算出該電動(dòng)機(jī)正常工作輸出的機(jī)械功率為2.75w（以上兩空計(jì)算結(jié)果均保留三位有效數(shù)字）【考點(diǎn)】描繪小電珠的伏安特性曲線(xiàn)；伏安法測(cè)電阻【專(zhuān)題】實(shí)驗(yàn)題；恒定電流專(zhuān)題【分析】（1）從而測(cè)量的精確性角度考慮，選擇電壓表和電流表的量程，測(cè)量電動(dòng)機(jī)內(nèi)阻時(shí)，電動(dòng)機(jī)需不轉(zhuǎn)動(dòng)，通過(guò)歐姆定律求出電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻（2）根據(jù)題意確定滑動(dòng)變阻器與電流表的接法，然后可得出對(duì)應(yīng)的電路圖（3）測(cè)電阻時(shí)應(yīng)控制電動(dòng)機(jī)不轉(zhuǎn)由歐姆定律求出線(xiàn)圈電阻，應(yīng)用電功公式求出輸出功率【解答】解：（1）電動(dòng)機(jī)不轉(zhuǎn)時(shí)，兩端最大電壓約為：u=0.50.8=0.4v，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法，電動(dòng)機(jī)線(xiàn)圈電阻約為0.8，電流表內(nèi)阻約為0.5，電壓表內(nèi)阻約為5k，電流表應(yīng)采用外接法，因線(xiàn)圈的電阻太小，因此為保護(hù)電動(dòng)機(jī)，則將定值電阻與電動(dòng)機(jī)串聯(lián)，故應(yīng)選擇乙電路圖；（2）測(cè)電動(dòng)機(jī)線(xiàn)圈電阻，應(yīng)控制電動(dòng)機(jī)不轉(zhuǎn)，測(cè)出電動(dòng)機(jī)兩端電壓與通過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流，電動(dòng)機(jī)不轉(zhuǎn)時(shí)，通過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流與電動(dòng)機(jī)兩端電壓都很小，電流表選b，電壓表選d；（3）由歐姆定律可知：r+r=4；解得：r=43=1.00電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，總功率：p=ui=60.5=3w，線(xiàn)圈產(chǎn)生的熱功率：pq=i2r=0.521=0.25w，電動(dòng)機(jī)正常工作輸出的機(jī)械功率：p機(jī)械=ppq=30.25=2.75w；故答案為：（1）乙；（2）b；d；（3）1.00；2.75【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道器材選取的原則，即精確、安全，以及知道電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)輸入功率等于輸出功率與內(nèi)部消耗功率之和四、計(jì)算解析題（本題共3小題，共9+12+13=34分解答應(yīng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要演算步驟、規(guī)范的作圖只寫(xiě)出最后答案的不能得分有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫(xiě)出數(shù)值和單位）16如圖示，有一固定在水平桌面上的軌道abc，ab段粗糙，與水平面間的夾角為=37；bc段光滑，c點(diǎn)緊貼桌子邊緣；桌高h(yuǎn)=0.8m一小物塊放在a處（可視為質(zhì)點(diǎn)），小物塊與ab間的動(dòng)摩擦因數(shù)為=0.25現(xiàn)在給小物塊一個(gè)沿斜面向下的初速度va=1m/s，小物塊經(jīng)過(guò)b處時(shí)無(wú)機(jī)械能損失，物塊最后落在與c點(diǎn)水平距離x=1.2m的d處（不計(jì)空氣阻力，g取10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8）求：（1）小物塊在ab段向下運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大小a；（2）小物塊到達(dá)b處時(shí)的速度大小vb；（3）求ab的長(zhǎng)l【考點(diǎn)】牛頓運(yùn)動(dòng)定律的綜合應(yīng)用；平拋運(yùn)動(dòng)【專(zhuān)題】牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專(zhuān)題【分析】（1）從a到b過(guò)程，物體受重力、支持力和摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律列式求解加速度；（2）物塊離開(kāi)c后做平拋運(yùn)動(dòng)，由平拋運(yùn)動(dòng)的位移關(guān)系公式列式求解；（3）對(duì)從a到b過(guò)程，根據(jù)速度位移關(guān)系公式列式求解【解答】解：（1）小物塊從a到b過(guò)程中，由牛頓第二定律有：mgsinmgcos=ma代入數(shù)據(jù)解得：a=4m/s2（2）小物塊從b向右勻速運(yùn)動(dòng)，自c點(diǎn)水平拋出，由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律，豎直方向：水平方向：x=vbt代入數(shù)據(jù)解得：vb=3m/s（3）小物塊從a到b，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，有：代入數(shù)據(jù)解得：l=1m答：（1）小物塊在ab段向下運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大小是4m/s2；（2）小物塊到達(dá)b處時(shí)的速度大小是3m/s；（3）ab的長(zhǎng)是1m【點(diǎn)評(píng)】本題中滑塊先做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，后作平拋運(yùn)動(dòng)，對(duì)兩個(gè)過(guò)程分別運(yùn)用牛頓第二定律求解加速度，再運(yùn)用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式列式求解17如圖所示，兩平行金屬板e(cuò)、f之間電壓為u，兩足夠長(zhǎng)的平行邊界mn、pq區(qū)域內(nèi)，有垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為b一質(zhì)量為m、帶電量為+q的粒子（不計(jì)重力），由e板中央處?kù)o止釋放，經(jīng)f板上的小孔射出后，垂直進(jìn)入磁場(chǎng)，且進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)與邊界mn成60角，最終粒子從邊界mn離開(kāi)磁場(chǎng)求：（1）粒子離開(kāi)電場(chǎng)時(shí)的速度大小v；（2）粒子在磁場(chǎng)中圓周運(yùn)動(dòng)的半徑r和運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t（3）兩邊界mn、pq的最小距離d【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；動(dòng)能定理【專(zhuān)題】帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專(zhuān)題【分析】（1）帶電粒子先在電場(chǎng)中加速，后進(jìn)入磁場(chǎng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)由動(dòng)能定理求出加速獲得的速度大小粒子離開(kāi)電場(chǎng)后，垂直進(jìn)入磁場(chǎng)，由洛侖茲力提供向心力，由牛頓第二定律求半徑；（2）當(dāng)粒子在磁場(chǎng)中的軌跡恰好也pq相切時(shí)，兩邊界mn、pq的距離最小，畫(huà)出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，由幾何關(guān)系求最小距離；（3）求出粒子圓周運(yùn)動(dòng)的周期，確定出軌跡的圓心角，由t=t求磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間【解答】（1）設(shè)粒子離開(kāi)電場(chǎng)時(shí)的速度為v，由動(dòng)能定理有：qu=解得：v=（2）粒子離開(kāi)電場(chǎng)后，垂直進(jìn)入磁場(chǎng)，由洛侖茲力提供向心力有：qbv= 聯(lián)立解得：r= 粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的周期t= 聯(lián)立解得：t=粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t=（3）最終粒子從邊界mn離開(kāi)磁場(chǎng)，需滿(mǎn)足：dr+rsin30 聯(lián)立解得：d兩邊界mn、pq的最小距離d為答：（1）粒子離開(kāi)電場(chǎng)時(shí)的速度大小v=；（2）粒子在磁場(chǎng)中圓周運(yùn)動(dòng)的半徑r=，和運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t=；（3）兩邊界mn、pq的最小距離d=【點(diǎn)評(píng)】本題中帶電粒子在組合場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的類(lèi)型，畫(huà)出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，運(yùn)用幾何知識(shí)和牛頓第二定律研究磁場(chǎng)中軌跡問(wèn)題18如圖所示，一塊質(zhì)量為m、長(zhǎng)為l的勻質(zhì)板放在很長(zhǎng)的光滑水平桌面上，板的左端有一質(zhì)量為m的小物塊，物塊上連接一根很長(zhǎng)的細(xì)繩，細(xì)繩跨過(guò)位于桌面邊緣的定滑輪現(xiàn)某人以恒定的速度v向下拉繩，物塊隨細(xì)繩運(yùn)動(dòng)，恰到達(dá)板的中點(diǎn)后相對(duì)板靜止；取g=10m/s2，且所有過(guò)程板的右端均未撞上桌邊定滑輪，求：（1）從開(kāi)始拉繩起計(jì)時(shí)，物塊到達(dá)板的中點(diǎn)經(jīng)歷的時(shí)間t0；（2）物塊與板間的動(dòng)摩擦因數(shù)0；（3）若板與桌面間有摩擦，為使物塊能到達(dá)板的右端，板與桌面的動(dòng)摩擦因數(shù)的范圍【考點(diǎn)】牛頓運(yùn)動(dòng)定律的綜合應(yīng)用；勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間的關(guān)系【專(zhuān)題】牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專(zhuān)題【分析】（1）板與物塊都向右做初速度為零的勻加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)兩者速度相等時(shí)，木塊與板相對(duì)靜止，由平均速度公式求出板的平均速度；由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出時(shí)間；（2）由牛頓第二定律求出物體與板間的動(dòng)摩擦因數(shù)；（3）對(duì)板與物塊進(jìn)行受力分析，由牛頓第二定律求出 加速度，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出位移，然后根據(jù)兩者間位移的幾何關(guān)系分析答題【解答】解：（1）設(shè)在此過(guò)程中物塊前進(jìn)位移為s1，板前進(jìn)位移為s2，則s1=vt0由得：（2）根據(jù)牛頓第二定律，對(duì)板有：0mg=ma而由得解得：（3）設(shè)經(jīng)過(guò)時(shí)間t，物塊恰到達(dá)板的右端并與之共速，此時(shí)物塊勻速前進(jìn)位移為x1，板勻加速前進(jìn)位移為x2，則x1=vt，且據(jù)位移關(guān)系有：設(shè)此過(guò)程板與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為1，對(duì)板有0mg1（m+m）g=ma又由運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律v=at聯(lián)立解得當(dāng)?shù)孛孀畲箪o摩擦力大于物塊對(duì)板的摩擦力，板不動(dòng)，物塊也可到達(dá)板的右端，即有0mg2（m+m）g可得而故綜上可得，為使物塊能到達(dá)板的右端，板與桌面的動(dòng)摩擦因數(shù)的范圍應(yīng)為答：（1）從開(kāi)始拉繩起計(jì)時(shí)，物塊到達(dá)板的中點(diǎn)經(jīng)歷的時(shí)間是；（2）物塊與板間的動(dòng)摩擦因數(shù)是；（3）若板與桌面間有摩擦，為使物塊能到達(dá)板的右端，板與桌面的動(dòng)摩擦因數(shù)的范圍【點(diǎn)評(píng)】該題為多物體多過(guò)程的題目，對(duì)運(yùn)動(dòng)的過(guò)程運(yùn)動(dòng)要分析透徹分析求出物體運(yùn)動(dòng)過(guò)程，應(yīng)用牛頓第二定律、運(yùn)動(dòng)學(xué)公式、即可正確解題五、選考題請(qǐng)同學(xué)從給出的3道題（1921）中任選一題作答，并用2b鉛筆在答題卷上把所選題目的題號(hào)涂黑注意所做題目必須與所涂題目題號(hào)一致，在答題卷選答區(qū)域指定位置答題如有多做，則按所做的第一題評(píng)分【選修3-3】19下列說(shuō)法正確的是 （）a絕對(duì)濕度大，相對(duì)濕度一定大b荷葉上的小水滴呈球形，這是表面張力使液面收縮的結(jié)果c單晶體和多晶體都具有各向異性的物理性質(zhì)d一定質(zhì)量理想氣體等溫膨脹，一定從外界吸熱e對(duì)于一定質(zhì)量的理想氣體，壓強(qiáng)增大，體積增大，分子的平均動(dòng)能一定增大【考點(diǎn)】* 晶體和非晶體；* 液體的表面張力現(xiàn)象和毛細(xì)現(xiàn)象；封閉氣體壓強(qiáng)【專(zhuān)題】應(yīng)用題【分析】解答本題需掌握：絕對(duì)濕度是指每單位容積的氣體所含水分的重量，一般用mg/l作指標(biāo)相對(duì)濕度是指絕對(duì)濕度與該溫度飽和狀態(tài)水蒸氣含量之比，用百分?jǐn)?shù)表達(dá)凡作用于液體表面，使液體表面積縮小的力，稱(chēng)為液體表面張力它產(chǎn)生的原因是液體跟氣體接觸的表面存