浙江省寧波市北侖區(qū)柴橋中學(xué)高二物理上學(xué)期10月月考試題（含解析）.doc

2013-2014學(xué)年浙江省寧波市北侖區(qū)柴橋中學(xué)高二（上）月考物理試卷（10月份）一、選擇題（共8小題，每小題3分，共24分在每小題給出的四個選項中，只有一個選項正確）1（3分）（2013秋高陽縣校級月考）下列關(guān)于電荷及其守恒定律的說法正確的是（）a利用靜電感應(yīng)可使任何物體帶電b無論采用任何方式使物體帶電都不是創(chuàng)造了電荷c帶點體所帶的電荷量可以是任意值d電子和質(zhì)子所帶電荷量相等，所以它們的比荷也相等考點：電荷守恒定律版權(quán)所有分析：電荷守恒定律：電荷既不能被創(chuàng)造，也不能被消滅，只能從一個物體轉(zhuǎn)移到另一個物體，或者從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一部分；在轉(zhuǎn)移的過程中，電荷的總量保存不變電荷守恒定律適用于任何起電現(xiàn)象，且?guī)щ娏烤窃姾傻恼麛?shù)倍解答：解：a、依據(jù)電荷守恒定律：電荷既不能被創(chuàng)造，也不能被消滅，只能從一個物體轉(zhuǎn)移到另一個物體，或者從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一部分；在轉(zhuǎn)移的過程中，電荷的總量保存不變電荷守恒定律適用于任何起電現(xiàn)象，靜電感應(yīng)不可使絕緣體帶電，故a錯誤，b正確；c、根據(jù)帶電的本質(zhì)可知，帶點體所帶的電荷量是元電荷的整數(shù)值，故c錯誤；d、電子和質(zhì)子所帶電荷量相等，但它們的質(zhì)量不相等，比荷不相等，故d錯誤；故選：b點評：本題是基礎(chǔ)的題目，考查的就是學(xué)生對電荷守恒定律的掌握的情況，掌握帶電的條件與帶電的本質(zhì)，理解比荷的含義2（3分）（2013秋武功縣校級期末）如圖所示，將左邊的銅導(dǎo)線與右邊的鋁導(dǎo)線連接起來，已知鋁導(dǎo)線的橫截面積是銅導(dǎo)線橫截面積的兩倍，在銅導(dǎo)線上取一個截面a，在鋁導(dǎo)線上取一個截面b，若在1秒內(nèi)垂直地通過它們的電子數(shù)相等，那么，通過這兩個截面的電流關(guān)系是（）aia=ibbia=2ibcib=2iad不能確定考點：電流、電壓概念版權(quán)所有專題：恒定電流專題分析：掌握串聯(lián)電路中的電流規(guī)律：串聯(lián)電路各處電流都相等；解答：解：兩導(dǎo)線串聯(lián)，由于串聯(lián)元件電流處處相等，所以i1=i2，故a正確故選a點評：此題考查了串聯(lián)電路電流的規(guī)律，是非?；A(chǔ)的考察3（3分）（2012廣州二模）在點電荷q形成的電場中某點p，放一電荷量為q的檢驗電荷，q受到的電場力為f如果將q移走，那么p點的電場強(qiáng)度大小為（）abcqfd0考點：電場強(qiáng)度版權(quán)所有專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：移走檢驗電荷，電場強(qiáng)度不變，根據(jù)電場強(qiáng)度的定義式得出電場強(qiáng)度的大小解答：解：移走檢驗電荷，電場強(qiáng)度不變，則e=故a正確，b、c、d錯誤故選a點評：解決本題的關(guān)鍵知道電場強(qiáng)度的大小與檢驗電荷的電量無關(guān)，由電場本身的性質(zhì)決定4（3分）（2013秋薊縣期中）如圖所示的四種電場中，分別標(biāo)記有a，b兩點，其中a，b兩點電場強(qiáng)度大小相等、方向相反的是（）a如圖中與點電荷等距的a，b兩點b如圖中兩等量異種點電荷連線的中垂線上與連線等距的a，b兩點c如圖中兩等量同種點電荷連線的中垂線上與連線等距的a，b兩點d如圖中非勻強(qiáng)電場中的a，b兩點考點：電場線；電場強(qiáng)度版權(quán)所有分析：電場線是從正電荷或者無窮遠(yuǎn)發(fā)出，到負(fù)電荷或無窮遠(yuǎn)處為止，電場強(qiáng)度的方向沿著該點的電場線的切線的方向根據(jù)電場線的疏密判斷場強(qiáng)的大小，切線方向判斷場強(qiáng)方向結(jié)合電場線的分布情況進(jìn)行解答解答：解：a、在甲圖中，a、b兩點離場源電荷距離相等，電場強(qiáng)度大小相等由于電場線是直線，a、b點的電場強(qiáng)度的方向就沿著電場線的方向，所以a、b的電場強(qiáng)度的方向不同，但不是相反的，故a錯誤；b、根據(jù)對稱性可知，a，b兩點電場強(qiáng)度大小相等在等量異種電荷連線的中垂線上各點的電場強(qiáng)度的方向都與兩電荷連線平行，且指向負(fù)電荷的一側(cè)的，所以a、b的電場強(qiáng)度的方向相同，故b錯誤；c、在等量同種電荷連線的中垂線上的點的電場強(qiáng)度的方向都是由中間指向兩側(cè)的，在對稱的位置，電場強(qiáng)度的大小是相同的，方向相反，故c正確；d、在非勻強(qiáng)電場中的a、b兩點，電場強(qiáng)度的方向沿著該點的電場線的切線的方向，顯然它們的方向不同，但是不是相反的，故d錯誤；故選：c點評：解答本題要掌握住常見的幾種電場的分布情況，特別是等量異種電荷和等量同種電荷的電場，抓住其對稱性來分析場強(qiáng)關(guān)系，這是經(jīng)?？疾榈牡胤?（3分）（2013秋高陽縣校級月考）下列有關(guān)靜電力的功、電勢和電勢能的相關(guān)說法正確的是（）a在勻強(qiáng)電場中靜電力的功只與電荷的初末位置有關(guān)；在非勻強(qiáng)電場中靜電力的功不僅與電荷的初末位置有關(guān)，還跟電荷經(jīng)過的路徑有關(guān)b將負(fù)電荷從電場中電勢較低的位置移動到電勢較高的位置時電勢能將升高c電荷在電場中運動過程中電場力所做的功等于末位置電勢能減初位置的電勢能d在電場中畫出的電場線一定與等勢面垂直，并且一定由電勢高的等勢面指向電勢低的等勢面考點：勻強(qiáng)電場中電勢差和電場強(qiáng)度的關(guān)系；電勢能版權(quán)所有專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：靜電力的功只與電荷的初末位置有關(guān)，與路徑無關(guān)；電勢能與電勢的關(guān)系為ep=q，式中各量代入符號分析；電場力所做的功等于電勢能的減少；電場線一定與等勢面垂直，并且一定由電勢高的等勢面指向電勢低的等勢面解答：解：a、無論勻強(qiáng)電場還是非勻強(qiáng)電場，靜電力的功都只與電荷的初末位置有關(guān)，跟電荷經(jīng)過的路徑無關(guān)；故a錯誤b、根據(jù)公式ep=q，可知負(fù)電荷在電勢高處電勢能小，所以將負(fù)電荷從電場中電勢較低的位置移動到電勢較高的位置時電勢能將降低，故b錯誤c、電場力所做的功等于電勢能的減少，即初位置電勢能減末位置的電勢能，故c錯誤d、電場線一定與等勢面垂直，并且一定由電勢高的等勢面指向電勢低的等勢面故d正確故選：d點評：本題關(guān)鍵要正確理解靜電力做功的特點，掌握電勢能與電勢的關(guān)系為ep=q，以及電場力做功與電勢能變化關(guān)系等等基礎(chǔ)知識6（3分）（2012秋邵武市校級期末）兩只電阻的伏安特性曲線如圖所示，則下列說法中正確的是（）a兩電阻的阻值為r1大于r2b兩電阻串聯(lián)在電路中時，r1兩端電壓大于r2兩端電壓c兩電阻串聯(lián)在電路中時，r1消耗的功率大于r2消耗的功率d兩電阻并聯(lián)在電路中時，r1的電流大于r2的電流考點：電功、電功率；歐姆定律版權(quán)所有專題：恒定電流專題分析：本題為圖象分析問題，在圖中任意做一條與縱軸垂直的直線，則與兩圖象的交點為電流相同點，對應(yīng)的橫坐標(biāo)得出電壓值，則由歐姆定律可進(jìn)行電阻大小的比較兩電阻串聯(lián)在電路中時，電流相等，兩電阻并聯(lián)在電路中時，電壓相等解答：解：a、伏安特性曲線斜率表示電阻的倒數(shù)，故兩電阻的阻值為r1小于r2，故a錯誤b、兩電阻串聯(lián)在電路中時，電流相等，根據(jù)a的分析可知：即u2u1，故b錯誤；c、兩電阻串聯(lián)在電路中時，電流相等，根據(jù)p=i2r可知：r1消耗的功率小于r2消耗的功率，故c錯誤d、兩電阻并聯(lián)在電路中時，電壓相等，根據(jù)i=得：r1的電流大于r2的電流，故d正確故選：d點評：本題為圖象分析問題，要能從圖象中得出有效信息，兩電阻串聯(lián)在電路中時，電流相等，兩電阻并聯(lián)在電路中時，電壓相等7（3分）（2012秋迎澤區(qū)校級期中）關(guān)于電動勢下列說法中正確的是（）a在電源內(nèi)部把正電荷從負(fù)極移到正極，非靜電力做功，電能增加b對于給定的電源，移動正電荷非靜電力做功越多，電動勢就越大c電動勢越大，說明非靜電力在電源內(nèi)部把正電荷從負(fù)極向正極送單位電荷量做功越多d電動勢越大，說明非靜電力在電源內(nèi)部把正電荷從負(fù)極向正極移送電荷量越多考點：電源的電動勢和內(nèi)阻版權(quán)所有專題：恒定電流專題分析：根據(jù)電源電動勢的定義e=，即可作出判斷解答：解：a、在電源內(nèi)部非靜電力把正電荷從負(fù)極移到正極，非靜電力做功，將其他能轉(zhuǎn)化為電能，電能增加故a正確 b、c、d根據(jù)電動勢的定義e=，電動勢越大，非靜電力在電源內(nèi)部從負(fù)極向正極移動單位正電荷做功越大，而不是電荷量越多故b、d錯誤，c正確故選ac點評：概念是物理知識的細(xì)胞，加強(qiáng)基本概念學(xué)習(xí)，是提高物理解題能力的基礎(chǔ)8（3分）（2014秋東河區(qū)校級期中）如圖所示，a、b為兩個固定的等量同種正電荷，在它們連線的中點處有一個可以自由運動的正電荷c，現(xiàn)給電荷c一個垂直于連線的初速度v0，若不計c所受的重力，則關(guān)于電荷c以后的運動情況，下列說法中正確的是（）a加速度始終增大b加速度先增大后減小c速度先增大后減小d速度始終不變考點：庫侖定律；牛頓第二定律版權(quán)所有分析：根據(jù)自由運動電荷的受力情況得出加速度方向，根據(jù)所受合力大小的變化，判斷加速度大小的變化，根據(jù)加速度方向和速度方向的關(guān)系判斷速度的變化解答：解：根據(jù)a、b為兩個固定的等量同種正電荷，在它們連線的中點c的電場強(qiáng)度為0，從c到無窮遠(yuǎn)，電場強(qiáng)度先增大后減小，因此自由電荷在c點所受合力為0，沿中軸線運動，所受合力的方向沿中軸線向上，在無窮遠(yuǎn)處，合力又為零，所以合力的大小先增大后減小，根據(jù)牛頓第二定律，則加速度先增大后減小，加速度方向向上，與速度相同，所以速度一直增大故b正確，a、c、d錯誤故選：b點評：解決本題的關(guān)鍵得出自由電荷所受合力的變化，根據(jù)牛頓第二定律得出加速度的變化，以及知道加速度方向與速度方向相同，做加速運動，加速度方向與速度方向反向，做減速運動二、多項選擇題（本大題有多個選項正確，全部選對的得4分，漏選得2分，多選或不選得0分，共16分）9（4分）（2012大連模擬）如圖所示，在等量異種點電荷+q和q的電場中，有一個正方形oabc，其中o點為兩電荷連線的中點下列說法正確的是（）aa點電場強(qiáng)度比c點的電場強(qiáng)度大ba點電勢比b點的電勢高c將相同的電荷放在o點與c點電勢能一定相等d移動同一正電荷，電場力做的功wcb=woa考點：勻強(qiáng)電場中電勢差和電場強(qiáng)度的關(guān)系；電勢能版權(quán)所有專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：解答本題要掌握等量異種電荷周圍電場分布情況：在等量異種電荷連線上，中點o的電場強(qiáng)度最小，在兩電荷連線中垂線上，o點場強(qiáng)最大中垂線為一條等勢線，中垂線上電場方向水平向右；另外電勢能的變化可通過電場力做功來判斷解答：解：a、在等量異種電荷連線上，中點o的電場強(qiáng)度最小，在兩電荷連線中垂線上，o點場強(qiáng)最大，則a點的場強(qiáng)大于o點的場強(qiáng)，o的場強(qiáng)大于c點的場強(qiáng)，所以a點的場強(qiáng)大于c點的場強(qiáng)，故a正確b、沿著電場線電勢要降低，過a和b的場強(qiáng)都指向q由圖可知，b到q的距離要大于a到q的距離，故b點的電勢比a點的電勢高，故b錯誤c、等量異種電荷連線的中垂線是一條等勢線，故將相同的電荷放在o點與c點電勢能一定相等，故c正確d、因為ba，o=c，所以ucbuoa，根據(jù)電場力做功的公式w=uq，所以在電場中移動同一正電荷，從c到b電場力做的功小于從o到a電場力做的功故d錯誤故選：ac點評：在本題中，關(guān)鍵要熟悉掌握等量異種電荷和等量同種電荷周圍電場線和等勢面的分布情況，并能正確判斷電荷在電場中運動時動能、電勢能變化情況10（4分）（2013秋北侖區(qū)校級月考）如圖所示，平行板電容器與電動勢為e的直流電源連接，下極板接地，靜電計所帶電荷量很少，可被忽略一帶負(fù)電油滴被固定于電容器中的p點現(xiàn)將平行板電容器的下極板豎直向下移動一小段距離，則（）a平行板電容器的電容將變小b靜電計指針張角變小c帶電油滴的電勢能增加d若先將上極板與電源正極的導(dǎo)線斷開，再將下極板向下移動一小段距離，則帶電油滴所受電場力不變考點：電容器的動態(tài)分析版權(quán)所有專題：電容器專題分析：電容器始終與電源相連，電容器兩端間的電勢差保持不變，根據(jù)電容器d的變化判斷電容的變化，由公式e=分析電場強(qiáng)度的變化，從而判斷電荷電勢能和電場力的變化解答：解：a、根據(jù)電容的決定式 c=知，下極板豎直向下移動時，d增大，則電容減小故a正確b、靜電計測量的是電容器兩端的電勢差，因為電容器始終與電源相連，則電勢差不變，所以靜電計指針張角不變故b錯誤c、電勢差不變，d增大，則由公式e=分析得知板間電場強(qiáng)度減小，p點與上極板間的電勢差減小，而p點的電勢比上極板低，上極板的電勢不變，則p點的電勢增大，因為油滴帶負(fù)電荷，則油滴的電勢能減小故c錯誤d、電容器與電源斷開，則電荷量不變，d改變，根據(jù)e=，c=和 c=得e=，則知電場強(qiáng)度不變，則油滴所受電場力不變故d正確故選：ad點評：本題是電容器的動態(tài)分析問題，關(guān)鍵抓住不變量，當(dāng)電容器與電源始終相連，則電勢差不變，當(dāng)電容器與電源斷開，則電荷量不變板間場強(qiáng)表達(dá)式e=，要會推導(dǎo)，并在理解的基礎(chǔ)上記住結(jié)論11（4分）（2013秋北侖區(qū)校級月考）如圖所示，為某一正的點電荷所形成的一簇電場線，a、b、c三條虛線為三個帶電粒子以相同的速度從o點射入電場的運動軌跡，其中b虛線為一圓弧，ab的長度等于bc的長度，且三個粒子的電荷量大小相等，不計粒子重力，則以下說法正確的是（）a由于ab的長度等于bc的長度，故uab=ubcba一定是正粒子的運動軌跡，b和c一定是負(fù)粒子的運動軌跡ca虛線對應(yīng)的粒子的加速度越來越小，c虛線對應(yīng)的粒子的加速度越來越大，b虛線對應(yīng)的粒子的加速度大小不變db虛線對應(yīng)的粒子的質(zhì)量小于c虛線對應(yīng)的粒子的質(zhì)量考點：電場線；電場強(qiáng)度；帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運動版權(quán)所有分析：電場線的疏密反映了電場強(qiáng)度的大小；根據(jù)曲線運動的條件判斷電場力方向；結(jié)合離心運動的條件列式比較粒子質(zhì)量大小解答：解：a、根據(jù)公式u=，由于ab間的平均場強(qiáng)小于bc間的平均場強(qiáng)，故uabubc，故a錯誤；b、圖為某一正的點電荷所形成的一簇電場線，故電場線箭頭向右；a粒子受向左的電場力，與電場強(qiáng)度方向相反，故a粒子帶負(fù)電；同理b和c一定是正粒子的運動軌跡；故b錯誤；c、由于電場線的疏密表示電場強(qiáng)度的大小，粒子只受電場力，故a虛線對應(yīng)的粒子的加速度越來越小，c虛線對應(yīng)的粒子的加速度越來越大，b虛線對應(yīng)的粒子的加速度大小不變，故c正確；d、a、b、c三條虛線為三個帶電粒子以相同的速度從o點射入電場的運動軌跡；且三個粒子的電荷量大小相等；故靜電力相等；由于b粒子做圓周運動，說明向心力等于靜電力；c粒子做向心運動，故靜電力大于需要的向心力，根據(jù)f=m，c粒子的質(zhì)量較小；故d錯誤；故選：c點評：本題是帶電粒子在電場中運動的定性分析問題，關(guān)鍵結(jié)合曲線運動的條件和向心力公式進(jìn)行分析，不難12（4分）（2013廬陽區(qū)校級一模）如圖中虛線為勻強(qiáng)電場中與場強(qiáng)方向垂直的等間距平行直線，兩粒子m、n質(zhì)量相等，所帶電荷的絕對值也相等現(xiàn)將m、n從虛線上的o點以相同速率射出，兩粒子在電場中運動的軌跡分別如圖中兩條實線所示點a、b、c為實線與虛線的交點已知o點電勢高于c點，若不計重力，則（）am帶負(fù)電荷，n帶正電荷bn在a點的速度與m在c點的速度大小相同cn在從o點運動至a點的過程中克服電場力做功dm在從o點運動至b點的過程中，電場力對它做的功等于零考點：帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運動；電勢版權(quán)所有專題：帶電粒子在電場中的運動專題分析：根據(jù)粒子的軌跡可判斷粒子的電場力方向，o點電勢高于c點，根據(jù)電場線與等勢線垂直，而且由高電勢指向低電勢，可判斷出電場方向，從而確定出粒子的電性由動能定理可知，n在a點的速度與m在c點的速度大小相等，但方向不同n從o點運動至a點的過程中電場力做正功o、b間電勢差為零，由動能定理可知電場力做功為零解答：解：a、由題，等勢線在水平方向，o點電勢高于c點，根據(jù)電場線與等勢線垂直，而且由高電勢指向低電勢，可知電場方向豎直向下，根據(jù)粒子的軌跡可判斷出a粒子所受的電場力方向豎起向上，m粒子所受的電場力方向豎直向下，故知n粒子帶負(fù)電，m帶正電故a錯誤；b、由動能定理可知，n在a點的速度與m在c點的速度大小相等，但方向不同，速度不同故b正確；c、n從o點運動至a點的過程中電場力與速度的夾角為銳角，電場力做正功故c錯誤；d、o、b間電勢差為零，由動能定理可知m從o點運動至b點的過程中，電場力對它做功為零故d正確故選：bd點評：本題要根據(jù)粒子的軌跡判定電場力方向，根據(jù)電場線與等勢線垂直的特點，分析能否判定電性由動能定理分析電場力做功是常用的方法三、實驗題（13、14每題3分；15題每小題3分，共18分）13（3分）（2013秋景洪市校級期末）一電流表的滿偏電流ig=1ma，內(nèi)阻為200要把它改裝成一個量程為0.5a的電流表，則應(yīng)在電流表上（）a并聯(lián)一個0.4的電阻b并聯(lián)一個200的電阻c串聯(lián)一個0.4的電阻d串聯(lián)一個200的電阻考點：把電流表改裝成電壓表版權(quán)所有專題：恒定電流專題分析：將電表的量程擴(kuò)大應(yīng)在表頭兩端并聯(lián)一個小電阻進(jìn)行分流，當(dāng)流過表頭的電流達(dá)到滿偏時，流過并聯(lián)部分的總電流即為改裝后的最大量程解答：解：要使電流表量程變?yōu)?.5a，則流過并聯(lián)電阻的電流i=0.50.001a=0.499a；并聯(lián)部分的電壓u=igr=0.001200=0.2v，則需要并聯(lián)的電阻r=0.4；故選a點評：對于電流表的改裝一定要明確改裝的原理，再根據(jù)串并聯(lián)電路的規(guī)律求解即可14（3分）（2013秋北侖區(qū)校級月考）電流表a1和a2由完全相同的小量程電流表改裝而成，a1的量程為05a，a2的量程為015a，為了測量15a20a的電流強(qiáng)度，需把a(bǔ)1和a2并聯(lián)串入電路使用，則（）a兩只電流表的讀數(shù)相等b兩只電流表指針偏轉(zhuǎn)角度相等c兩只電流表的讀數(shù)不等，指針偏轉(zhuǎn)角度也不等da1、a2的指針偏轉(zhuǎn)角度相等，讀數(shù)也相等考點：把電流表改裝成電壓表版權(quán)所有專題：實驗題分析：電流表a1、a2是由兩個相同的小量程電流表改裝成的，它們并聯(lián)時，表頭的電壓相等，電流相等，指針偏轉(zhuǎn)的角度相同，量程大的電流表讀數(shù)大指針的偏轉(zhuǎn)取決于流過表頭的電流的大小解答：解：兩電流表a1、a2并聯(lián)，電流表兩端電壓相等，表頭兩端電壓相等，通過表頭的電流相等，指針偏轉(zhuǎn)的角度相等，由于電流表量程不同，電流表讀數(shù)不相等，故acd錯誤，b正確；故選：b點評：裝后的電流表的電流分為兩個支路，一為表頭，一為并電阻，示數(shù)為總電流，指針偏轉(zhuǎn)角度取決于流過表頭的電流大小15（12分）（2013秋杜集區(qū)校級期中）圖甲所示，為某同學(xué)測繪額定電壓為2.5v的小燈泡的iu特性曲線的實驗電路圖（1）根據(jù)電路圖甲，用筆畫線代替導(dǎo)線，將圖乙中的實驗電路連接完整（2）開關(guān)s閉合之前，圖甲中滑動變阻器的滑片應(yīng)該置于a端（選填“a”、“b”或“ab中間”）（3）實驗中測得有關(guān)數(shù)據(jù)如下表：u/v0.400.801.201.602.002.402.80i/a0.100.160.200.230.250.260.27根據(jù)表中的實驗數(shù)據(jù)，在圖丙中畫出小燈泡的iu特性曲線（用橫坐標(biāo)表示u）（4）根據(jù)你描繪的iu特性曲線，可求得燈泡的額定功率為0.66w考點：描繪小電珠的伏安特性曲線版權(quán)所有專題：實驗題；恒定電流專題分析：（1）按照電路圖一個一個回路連接，注意滑動變阻器的連接，以及電表的極性（2）為了保護(hù)電路，將滑動變阻器滑動a端，使得電鍵閉合時，測量電路處于短路狀態(tài)，起到保護(hù)作用（3）用平滑曲線描點作圖（4）在圖線上找出u=2.5v時所對應(yīng)的電流，根據(jù)p=ui求出燈泡的額定功率解答：解：（1）如圖所示；（2）電鍵閉合前，將滑動變阻器滑動a端，使測量電路處于短路狀態(tài)，起到保護(hù)作用；（3）用平滑曲線描點作圖如圖所示；（4）當(dāng)電壓為2.5v時，從ui圖線上知，電流為0.262a，則p=ui=0.66w故答案為：（1）如圖（2）a（3）如圖（4）0.630.67w點評：解決本題的關(guān)鍵會根據(jù)電路圖連接實物圖，以及會根據(jù)數(shù)據(jù)進(jìn)行描點作圖，注意作圖時用平滑曲線，偏離比較遠(yuǎn)的點可以舍去四、計算題（共42分，在答題卷上解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫最后答案不得分有數(shù)值計算的題，答案應(yīng)明確寫出數(shù)值和單位）16（10分）（2007深圳模擬）在一個水平面上建立x軸，在過原點o垂直于x軸的平面的右側(cè)空間有一勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小e=6105n/c，方向與x軸正方向相同，在o處放一個帶負(fù)電q=5108c，質(zhì)量為m=10g的絕緣物塊（可看作質(zhì)點），物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)=0.2，沿x軸正方向給物塊一個初速度v0=2m/s，如圖所示，求物塊最終停止時的位置考點：動能定理的應(yīng)用；勻變速直線運動的速度與位移的關(guān)系；牛頓第二定律版權(quán)所有專題：動能定理的應(yīng)用專題分析：物塊先向右做勻減速直線運動到零，然后返回做勻加速直線運動，離開電場后再做勻減速運動直到停止根據(jù)牛頓第二定律和運動學(xué)公式以及動能定理求出物塊最終停在的位置解答：解：第一個過程：物塊向右做勻減速運動到速度為零物體受到的摩擦力為：f=mg物體受到的電場力為：f=qe由牛頓第二定律得：a=5m/s2由運動學(xué)公式得：s1=0.4m第二個過程：物塊向左做勻加速運動，離開電場后再做勻減速運動直到停止由動能定理得：fs1f（s1+s2）=0所以s2=0.2m則物塊停在原點o左側(cè)0.2m處答：物塊最終停止時的位置停在原點o左側(cè)0.2m處點評：解決本題的關(guān)鍵理清物塊的運動過程，結(jié)合動能定理和動力學(xué)知識進(jìn)行求解17（16分）（2011浙江模擬）如圖所示，兩塊長3cm的平行金屬板ab相距1cm，并與300v直流電源的兩極相連接，ab，如果在兩板正中間有一電子（ m=91031kg，e=1.61019c），沿著垂直于電場線方向以2107m/s的速度飛入，則：（1）電子能否飛離平行金屬板正對空間？（2）如果由a到b分布寬1cm的電子帶通過此電場，能飛離電場的電子數(shù)占總數(shù)的百分之幾？考點：帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運動；平拋運動版權(quán)所有專題：帶電粒子在電場中的運動專題分析：電子在電場中做類平拋運動，將這個運動分解為水平方向的勻速直線運動和豎直方向的勻加速直線運動假設(shè)電子能飛出電場，初速度和板長已知，可求出時間，ab方向上的位移，將y與cm比較，即可判斷電子能否飛離電場根據(jù)電子不能飛離電場的寬度，求出能飛出電場的電子數(shù)占總電子數(shù)的百分比解答：解：（1）當(dāng)電子從正中間沿著垂直于電場線方向以2107m/s的速