電場強(qiáng)度_達(dá)標(biāo)測試

1有一水平向右的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)E=9.0103N/C，在豎直平面內(nèi)半徑為0.1m的圓周上取圖示最高點(diǎn)C，另在圓心O處放置電荷量為Q=10-8C的帶正電的點(diǎn)電荷試求C處的場強(qiáng)2如圖所示，一電子沿等量異種電荷的中垂線由A0B勻速飛過，電子重力不計，則電子所受另一個力的大小和方向變化情況是( )A先變大后變小，方向水平向左 B先變大后變小，方向水平向右C先變小后變大，方向水平向左 D先變小后變大，方向水平向右3如圖所示，光滑斜面傾角為37o，一帶有正電的小物塊質(zhì)量為m，電荷量為q，置于斜面上，當(dāng)沿水平方向加如圖所示的勻強(qiáng)電場時，帶電小物塊恰好靜止在斜面上，從某時刻開始，電場強(qiáng)度變化為原來的，求：(1)原來的電場強(qiáng)度為多大？(2)物體運(yùn)動的加速度 大小？(3)沿斜面下滑距離為l時物體的速度（sin37o=0.6，cos37o=0.8，g取10N/kg）4帶負(fù)電的粒子在某電場中僅受電場力作用，能分別完成以下兩種運(yùn)動：在電場線上運(yùn)動；在等勢面上做勻速圓周運(yùn)動該電場可能由( )A一個帶正電的點(diǎn)電荷形成B一個帶負(fù)電的點(diǎn)電荷形成C兩個分立的帶等量負(fù)電的點(diǎn)電荷形成D一帶負(fù)電的點(diǎn)電荷與帶正電的無限大平板形成5兩個質(zhì)量相同的小球用不可伸長的細(xì)線連接，置于場強(qiáng)為E的勻強(qiáng)電場中，小球1和2均帶正電電荷量分別為q1和q2（q1q2）將細(xì)線拉直并使之與電場方向平行，如圖1-3-26所示，若將兩小球同時從靜止?fàn)顟B(tài)釋放，則釋放后細(xì)線中的張力FT為（不計重力及兩小球間的庫侖力）( )A BFT=(q1q2)E C DFT=(q1q2)E6如圖所示，一半徑為R的絕緣球殼上均勻地帶有Q的電荷，球心O上場強(qiáng)為零現(xiàn)在球殼上N處挖去半徑為r（rR）的一個小圓孔，則此時球心O上的場強(qiáng)大小為 （已知靜電力常量k），方向 參考答案1有一水平向右的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)E=9.0103N/C，在豎直平面內(nèi)半徑為0.1m的圓周上取圖示最高點(diǎn)C，另在圓心O處放置電荷量為Q=10-8C的帶正電的點(diǎn)電荷試求C處的場強(qiáng)解析：點(diǎn)電荷在最高點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)大小為，方向豎直向上 C處場強(qiáng)由水平向右的場強(qiáng)E和點(diǎn)電荷在C處產(chǎn)生的場強(qiáng)合成，根據(jù)矢量合成定則可得：設(shè)該場強(qiáng)與水平方向之間的夾角為45o，則有：tan=1，=45o即該場強(qiáng)方向與勻強(qiáng)電場方向成45o角斜向上答案： 方向與勻強(qiáng)電場方向成45o角斜向上2如圖所示，一電子沿等量異種電荷的中垂線由A0B勻速飛過，電子重力不計，則電子所受另一個力的大小和方向變化情況是( )A先變大后變小，方向水平向左 B先變大后變小，方向水平向右C先變小后變大，方向水平向左 D先變小后變大，方向水平向右解析：等量異種電荷電場分布如圖(a)所示，由圖中電場線的分布可以出，從A到O，電場線由疏到密；從O到B，電場線由密到疏，所以從AOB，電強(qiáng)度應(yīng)先由小變大，再由大變小，而電場強(qiáng)度方向沿電場線切線方向，為水平向右，圖(b)所示由于電子處于平衡狀態(tài)，所以受合外力必為零，故另一個力應(yīng)與子所受電場力大小相等方向相反電子受的電場力與場強(qiáng)方向相反，即水平向左，子從AOB過程中，電場力先由小變大，再由大變小，故另一個力方向應(yīng)水平右，其大小應(yīng)先變大后變小，所以選項B正確答案：B3如圖所示，光滑斜面傾角為37o，一帶有正電的小物塊質(zhì)量為m，電荷量為q，置于斜面上，當(dāng)沿水平方向加如圖所示的勻強(qiáng)電場時，帶電小物塊恰好靜止在斜面上，從某時刻開始，電場強(qiáng)度變化為原來的，求：(1)原來的電場強(qiáng)度為多大？(2)物體運(yùn)動的加速度 大??？(3)沿斜面下滑距離為l時物體的速度（sin37o=0.6，cos37o=0.8，g取10N/kg）解析：(1)對小物塊受力分析如圖所示，物塊靜止于斜面上，則mgsin37o=qEcos37o， (2)當(dāng)場強(qiáng)變?yōu)樵瓉淼臅r，小物塊的合外力F合=mgsin 37oqEcos 37o =mgsin 37o又F合ma，所以a=3m/s2，方向沿斜面向下，(3)由動能定理得F合l=m20所以mgsin 37ol=m2，所以=答案：(1) (2)3m/s2，方向沿斜面向下 (3)4帶負(fù)電的粒子在某電場中僅受電場力作用，能分別完成以下兩種運(yùn)動：在電場線上運(yùn)動；在等勢面上做勻速圓周運(yùn)動該電場可能由( )A一個帶正電的點(diǎn)電荷形成B一個帶負(fù)電的點(diǎn)電荷形成C兩個分立的帶等量負(fù)電的點(diǎn)電荷形成D一帶負(fù)電的點(diǎn)電荷與帶正電的無限大平板形成解析：帶負(fù)電的粒子在一個由帶正電的點(diǎn)電荷形成的電場中，可以由電場力提供向心力，圍繞正電荷做勻速圓周運(yùn)動，也可以沿電場線做變速直線運(yùn)動，A對、B錯在C、D所述的兩個電場中，粒子只受到電場力作用可以沿某一電場線運(yùn)動，但不能做勻速圓周運(yùn)動，C、D均錯 答案：A5兩個質(zhì)量相同的小球用不可伸長的細(xì)線連接，置于場強(qiáng)為E的勻強(qiáng)電場中，小球1和2均帶正電電荷量分別為q1和q2（q1q2）將細(xì)線拉直并使之與電場方向平行，如圖1-3-26所示，若將兩小球同時從靜止?fàn)顟B(tài)釋放，則釋放后細(xì)線中的張力FT為（不計重力及兩小球間的庫侖力）( )A BFT=(q1q2)E C DFT=(q1q2)E解析：以球1為研究對象，由牛頓第二定律可得： Eq1FT=ma以球2為研究對象，由牛頓第二定律得：FTEq2=ma兩式聯(lián)立解得： 答案：A6如圖所示，一半徑為R的絕緣球殼上均勻地帶有Q的電荷