（試題 試卷 真題）2012年高考文科數(shù)學解析分類匯編：圓錐曲線

2012年高考文科數(shù)學解析分類匯編：圓錐曲線一、選擇題1 （2012年高考（浙江文）如圖,中心均為原點O的雙曲線與橢圓有公共焦點,M,N是雙曲線的兩頂點.若M,O,N將橢圓長軸四等分,則雙曲線與橢圓的離心率的比值是（）A3B2CD2 （2012年高考（四川文）已知拋物線關于軸對稱,它的頂點在坐標原點,并且經(jīng)過點.若點到該拋物線焦點的距離為,則（）ABCD3 （2012年高考（山東文）已知雙曲線:的離心率為2.若拋物線的焦點到雙曲線的漸近線的距離為2,則拋物線的方程為（）ABCD來4 （2012年高考（遼寧文）已知P,Q為拋物線x2=2y上兩點,點P,Q的橫坐標分別為4,2,過P,Q分別作拋物線的切線,兩切線交于點A,則點A的縱坐標為（）A1B3C4D85 （2012年高考（課標文）等軸雙曲線的中心在原點,焦點在軸上,與拋物線的準線交于、兩點,=,則的實軸長為（）ABC4D86 （2012年高考（課標文）設,是橢圓:=1(0)的左、右焦點,為直線上一點,是底角為的等腰三角形,則的離心率為（）ABCD7 （2012年高考（江西文）橢圓的左、右頂點分別是A,B,左、右焦點分別是F1,F2.若|AF1|,|F1F2|,|F1B|成等比數(shù)列,則此橢圓的離心率為（）ABCD8 （2012年高考（湖南文）已知雙曲線C :-=1的焦距為10 ,點P (2,1)在C 的漸近線上,則C的方程為（）A-=1B-=1C-=1D-=1w、ww.zz&9 （2012年高考（福建文）已知雙曲線-=1的右焦點為,則該雙曲線的離心率等于A BCD 10（2012年高考（大綱文）已知為雙曲線的左,右焦點,點在上,則（）ABCD11（2012年高考（大綱文）橢圓的中心在原點,焦距為4,一條準線為,則該橢圓的方程為（）ABCD二、填空題12（2012年高考（重慶文）設為直線與雙曲線 左支的交點,是左焦點,垂直于軸,則雙曲線的離心率_13（2012年高考（天津文）已知雙曲線與雙曲線有相同的漸近線,且的右焦點為,則_,_.14（2012年高考（四川文）橢圓為定值,且的的左焦點為,直線與橢圓相交于點、,的周長的最大值是12,則該橢圓的離心率是_.15（2012年高考（陜西文）右圖是拋物線形拱橋,當水面在時,拱頂離水面2米,水面寬4米,水位下降1米后,水面寬 米.16（2012年高考（遼寧文）已知雙曲線x2 y2 =1,點F1,F2為其兩個焦點,點P為雙曲線上一點,若P F1PF2,則P F1+P F2的值為_.17（2012年高考（安徽文）過拋物線的焦點的直線交該拋物線于兩點,若,則=_三、解答題18（2012年高考（重慶文）(本小題滿分12分,()小問5分,()小問7分)已知橢圓的中心為原點,長軸在 軸上,上頂點為 ,左、右焦點分別為 ,線段 的中點分別為 ,且是面積為4的直角三角形.()求該橢圓的離心率和標準方程;()過 作直線交橢圓于,求的面積19（2012年高考（浙江文）（本題滿分14分）如圖，在直角坐標系xOy中，點P（1，）到拋物線C：=2px（P0）的準線的距離為。點M（t，1）是C上的定點，A，B是C上的兩動點，且線段AB被直線OM平分。（1）求p,t的值。（2）求ABP面積的最大值。20（2012年高考（天津文）已知橢圓,點在橢圓上.(I)求橢圓的離心率.(II)設為橢圓的右頂點,為坐標原點,若在橢圓上且滿足,求直線的斜率的值.21（2012年高考（四川文）如圖,動點與兩定點、構成,且直線的斜率之積為4,設動點的軌跡為.()求軌跡的方程;()設直線與軸交于點,與軌跡相交于點,且,求的取值范圍.22（2012年高考（上海文）在平面直角坐標系中,已知雙曲線.(1)設F是C的左焦點,M是C右支上一點. 若|MF|=2,求過M點的坐標;(2)過C的左頂點作C的兩條漸近線的平行線,求這兩組平行線圍成的平行四邊形的面積;(3)設斜率為的直線l交C于P、Q兩點,若l與圓相切,求證:OPOQ;23（2012年高考（陜西文）已知橢圓,橢圓以的長軸為短軸,且與有相同的離心率.(1)求橢圓的方程;(2)設O為坐標原點,點A,B分別在橢圓和上,求直線的方程.24（2012年高考（山東文）如圖,橢圓的離心率為,直線和所圍成的矩形ABCD的面積為8.()求橢圓M的標準方程;() 設直線與橢圓M有兩個不同的交點與矩形ABCD有兩個不同的交點.求的最大值及取得最大值時m的值.25（2012年高考（課標文）設拋物線:(0)的焦點為,準線為,為上一點,已知以為圓心,為半徑的圓交于,兩點.()若,的面積為,求的值及圓的方程;()若,三點在同一條直線上,直線與平行,且與只有一個公共點,求坐標原點到,距離的比值.26（2012年高考（江西文）已知三點,曲線上任意一點滿足。(1)求曲線的方程;(2)點是曲線上動點,曲線在點處的切線為,點的坐標是與分別交于點,求與的面積之比。27（2012年高考（湖南文）在直角坐標系xOy中,已知中心在原點,離心率為的橢圓E的一個焦點為圓C:x2+y2-4x+2=0的圓心.()求橢圓E的方程;()設P是橢圓E上一點,過P作兩條斜率之積為的直線l1,l2.當直線l1,l2都與圓C相切時,求P的坐標.28（2012年高考（湖北文）設A是單位圓上任意一點,是過點與軸垂直的直線,是直線與軸的交點,點在直線上,且滿足,當點在圓上運動時,記點的軌跡為曲線.(1)求曲線的方程,判斷曲線為何種圓錐曲線,并求其焦點坐標.(2)過原點斜率為的直線交曲線于兩點,其中在第一象限,且它在軸上的射影為點,直線交曲線于另一點,是否存在,使得對任意的,都有?若存在,請說明理由.29（2012年高考（廣東文）(解析幾何)在平面直角坐標系中,已知橢圓:()的左焦點為且點在上.()求橢圓的方程;()設直線同時與橢圓和拋物線:相切,求直線的方程.30（2012年高考（福建文）如圖,等邊三角形的邊長為,且其三個頂點均在拋物線上.(1)求拋物線的方程;(2)設動直線與拋物線相切于點,與直線相較于點.證明以為直徑的圓恒過軸上某定點.31（2012年高考（大綱文）已知拋物線C:與圓:有一個公共點,且在處兩曲線的切線為同一直線上.()求;()設是異于且與及都切的兩條直線,的交點為,求到的距離.32（2012年高考（北京文）已知橢圓:的一個頂點為,離心率為.直線與橢圓交于不同的兩點M,N.()求橢圓的方程;()當AMN得面積為時,求的值.33（2012年高考（安徽文）如圖,分別是橢圓:+=1()的左、右焦點,是橢圓的頂點,是直線與橢圓的另一個交點,.()求橢圓的離心率;()已知面積為40,求 的值2012年高考文科數(shù)學解析分類匯編：圓錐曲線參考答案一、選擇題1. 【答案】B 【命題意圖】本題主要考查了橢圓和雙曲線的方程和性質,通過對兩者公交點求解離心率的關系. 【解析】設橢圓的長軸為2a,雙曲線的長軸為,由M,O,N將橢圓長軸四等分,則,即,又因為雙曲線與橢圓有公共焦點,設焦距均為c,則雙曲線的離心率為,. 2. 答案B 解析設拋物線方程為y2=2px(p0),則焦點坐標為(),準線方程為x=, 點評本題旨在考查拋物線的定義: |MF|=d,(M為拋物線上任意一點,F為拋物線的焦點,d為點M到準線的距離). 3. 解析:由雙曲線:的離心率為2可知,則雙曲線的漸近線方程為,拋物線的焦點,則,拋物線的方程為,答案應選D. 4. 【答案】C 【解析】因為點P,Q的橫坐標分別為4,2,代人拋物線方程得P,Q的縱坐標分別為8,2.由所以過點P,Q的拋物線的切線的斜率分別為4,2,所以過點P,Q的拋物線的切線方程分別為聯(lián)立方程組解得故點A的縱坐標為4 【點評】本題主要考查利用導數(shù)求切線方程的方法,直線的方程、兩條直線的交點的求法,屬于中檔題.曲線在切點處的導數(shù)即為切線的斜率,從而把點的坐標與直線的斜率聯(lián)系到一起,這是寫出切線方程的關鍵. 5. 【命題意圖】本題主要考查拋物線的準線、直線與雙曲線的位置關系,是簡單題. 【解析】由題設知拋物線的準線為:,設等軸雙曲線方程為:,將代入等軸雙曲線方程解得=,=,=,解得=2, 的實軸長為4,故選C. 6. 【命題意圖】本題主要考查橢圓的性質及數(shù)形結合思想,是簡單題. 【解析】是底角為的等腰三角形, ,=,=,故選C. 7. 【答案】B 【解析】,由成等比數(shù)列得. 【考點定位】本題主要考查橢圓和等比數(shù)列的知識,根據(jù)等比中項的性質可得結果. 8. 【答案】A 【解析】設雙曲線C :-=1的半焦距為,則. 又C 的漸近線為,點P (2,1)在C 的漸近線上,即. 又,C的方程為-=1. 【點評】本題考查雙曲線的方程、雙曲線的漸近線方程等基礎知識,考查了數(shù)形結合的思想和基本運算能力,是近年來?？碱}型. 9. 【答案】C 【解析】由,C答案正確. 【考點定位】本題主本考查雙曲線的方程與基本性質,屬于基礎題. 10. 答案C 【命題意圖】本試題主要考查了雙曲線的定義的運用和性質的運用,以及余弦定理的運用.首先運用定義得到兩個焦半徑的值,然后結合三角形中的余弦定理求解即可. 【解析】解:由題意可知,設,則,故,利用余弦定理可得. 11. 答案C 【命題意圖】本試題主要考查了橢圓的方程以及性質的運用.通過準線方程確定焦點位置,然后借助于焦距和準線求解參數(shù),從而得到橢圓的方程. 【解析】因為,由一條準線方程為可得該橢圓的焦點在軸上縣,所以.故選答案C 二、填空題12. 【答案】 【解析】由,又垂直于軸,所以 【考點定位】本題考查了雙曲線的焦點、離心率,考查了兩條直線垂直的條件,考查了方程思想. 13. 【解析】雙曲線的漸近線為,而的漸近線為,所以有,又雙曲線的右焦點為,所以,又,即,所以. 14. 答案 解析根據(jù)橢圓定義知:4a=12, 得a=3 , 又 點評本題考查對橢圓概念的掌握程度.突出展現(xiàn)高考前的復習要回歸課本的新課標理念. 15. xy解析:建立如圖所示的直角坐標系,則拋物線方程為,當時, ,所以水面寬米。16. 【答案】 【解析】由雙曲線的方程可知 【點評】本題主要考查雙曲線的定義、標準方程以及轉化思想和運算求解能力,難度適中.解題時要充分利用雙曲線的定義和勾股定理,實現(xiàn)差積和的轉化. 17. 【解析】 設及;則點到準線的距離為 得: 又 三、解答題18. 【答案】:()+=1() 【解析】(1)設所求橢圓的標準方程為,右焦點為 由是直角三角形且,故,從而,即,結合,所以橢圓的離心率,在中, 故,由題設條件,從而,因此所求橢圓的標準方程為. (2)由(1)可知,由題意,直線的傾斜角不為0,故可設直線,代入橢圓的方程可得(*) 設 則 是上面方程的兩根,因此 又,所以 由 ,知 ,即 ,解得 當 時,方程(*)化為: 故 , 的面積 當 時,同理可得(或由對稱性可得) 的面積 綜上所述, 的面積為 . 19. 【命題意圖】本題主要考查了拋物線的幾何性質，直線與拋物線的位置關系，同時考查解析幾何的基本思想方法和運算求解能力.（1）由題意得，得.（2）設，線段AB的中點坐標為由題意得，設直線AB的斜率為k（k）.由，得，得所以直線的方程為，即.由，整理得，所以，.從而得，設點P到直線AB的距離為d，則，設ABP的面積為S，則.由，得.令，則.設，則.由，得，所以，故ABP的面積的最大值為.20. 解:因為點在橢圓上,故,于是,所以橢圓的離心率 (2)設直線的斜率為,則其方程為,設點的坐標為 21. 解析(1)設M的坐標為(x,y),當x=-1時,直線MA的斜率不存在;當x=1時,直線MB的斜率不存在. 于是x1且x-1.此時,MA的斜率為,MB的斜率為. 由題意,有=4 化簡可得,4x2-y2-4=0 故動點M的軌跡C的方程為4x2-y2-4=0(x1且x-1) (2)由消去y,可得3x2-2mx-m2-4=0. () 對于方程(),其判別式=(-2m)2-43(-m2-4)=16m2+480 而當1或-1為方程(*)的根時,m的值為-1或1. 結合題設(m0)可知,m0,且m1 設Q、R的坐標分別為(XQ,YQ),(XR,YR),則為方程(*)的兩根. 因為,所以, 所以. 此時 所以 所以 綜上所述, 點評本小題主要考察直線、雙曲線、軌跡方程的求法等基礎知識,考察思維能力、運算能力,考察函數(shù)、分類與整合等思想,并考察思維的嚴謹性. 22. 解(1)雙曲線,左焦點. 設,則, 由M是右支上一點,知,所以,得. 所以 (2)左頂點,漸近線方程:. 過A與漸近線平行的直線方程為:,即.解方程組,得 所求平行四邊形的面積為 (3)設直線PQ的方程是.因直線與已知圓相切,故, 即 (*). 由,得. 設P(x1, y1)、Q(x2, y2),則. ,所以 . 由(*)知,所以OPOQ 23. 24. 解:(I) 矩形ABCD面積為8,即 由解得:,橢圓M的標準方程是. (II), 設,則, 由得. . 線段CD的方程為,線段AD的方程為. (1)不妨設點S在AD邊上,T在CD邊上,可知. 所以,則, 令,則 所以, 當且僅當時取得最大值,此時; (2)不妨設點S在AB邊上,T在CD邊上,此時, 因此,此時, 當時取得最大值; (3)不妨設點S在AB邊上,T在BC邊上,可知 由橢圓和矩形的對稱性可知當時取得最大值; 綜上所述當和0時,取得最大值. 25. 【命題意圖】本題主要考查圓的方程、拋物線的定義、直線與拋物線的位置關系、點到直線距離公式、線線平行等基礎知識,考查數(shù)形結合思想和運算求解能力. 【解析】(1)由對稱性知:是等腰直角,斜邊 點到準線的距離,所以圓F的半徑為, 又 ,所以, 進而圓心,所以圓的方程為 (2) 三點共線于,所以為的直徑,所以,由拋物線定義知:,所以,可取直線的傾斜角為,又直線過焦點,所以直線的方程為:;的縱截距為 因直線直線, 所以可設直線的方程為,聯(lián)立,消去得: 已知直線與拋物線只有一個公共點,所以(*)的判別式等于0,即有: , 求得:;即直線的縱截距為, 所以:坐標原點到,距離的比為: 解法二:由對稱性設,則 由點關于點對稱得: 得:,直線 切點 直線 坐標原點到距離的比值為. 26. 【解析】(1), 代入式子可得整理得 27. 【解析】()由,得.故圓C的圓心為點 從而可設橢圓E的方程為其焦距為,由題設知 故橢圓E的方程為: ()設點的坐標為,的斜分率分別為則的方程分別為且由與圓相切,得 , 即 同理可得 . 從而是方程的兩個實根,于是 且 由得解得或 由得由得它們滿足式,故點P的坐標為 ,或,或,或. 【點評】本題考查曲線與方程、直線與曲線的位置關系,考查運算能力,考查數(shù)形結合思想、函數(shù)與方程思想等數(shù)學思想方法.第一問根據(jù)條件設出橢圓方程,求出即得橢圓E的方程,第二問設出點P坐標,利用過P點的兩條直線斜率之積為,得出關于點P坐標的一個方程,利用點P在橢圓上得出另一方程,聯(lián)立兩個方程得點P坐標. 28. 圖2 圖3 圖1O D xyAM 考點分析:本題主要考察求曲線的軌跡方程、直線與圓錐曲線的位置關系,要求能正確理解橢圓的標準方程及其幾何性質,并能熟練運用代數(shù)方法解決幾何問題,對運算能力有較高要求. 解析: ()如圖1,設,則由, 可得,所以,. 因為點在單位圓上運動,所以. 將式代入式即得所求曲線的方程為. 因為,所以 當時,曲線是焦點在軸上的橢圓, 兩焦點坐標分別為,; 當時,曲線是焦點在軸上的橢圓, 兩焦點坐標分別為,. ()解法1:如圖2、3,設,則, 直線的方程為,將其代入橢圓的方程并整理可得 . 依題意可知此方程的兩根為,于是由韋達定理可得 ,即. 因為點H在直線QN上,所以. 于是,. 而等價于, 即,又,得, 故存在,使得在其對應的橢圓上,對任意的,都有. 解法2:如圖2、3,設,則, 因為,兩點在橢圓上,所以 兩式相減可得 . 依題意,由點在第一象限可知,點也在第一象限,且,不重合, 故. 于是由式可得 . 又,三點共線,所以,即. 于是由式可得. 而等價于,即,又,得, 故存在,使得在其對應的橢圓上,對任意的,都有.【點評】本題考查橢圓的標準方程,直線與圓錐曲線的位置關系;考查分類討論的數(shù)學思想以及運算求解的能力.本題是一個橢圓模型,求解標準方程時注意對焦點的位置分類討論,不要漏解;對于探討性問題一直是高考考查的熱點,一般先假設結論成立,再逆推所需要求解的條件,對運算求解能力和邏輯推理能力有較高的要求. 29. 解析:()由左焦點可知,點在上,所以,即,所以,于是橢圓的方程為. ()顯然直線的斜率存在,假設其方程為. 聯(lián)立,消去,可得,由可得.聯(lián)立,消去,可得,由可得.由,解得或,所以直線方程為或. 30. 【考點定位