2019年晉冀魯豫中原名校高考物理三模試卷

1、2019 年晉冀魯豫中原名校高考物理三模試卷副標題題號一二三四五總分得分一、單選題（本大題共5 小題，共30.0 分）1.利用氘核和氚核進行聚變反應(yīng)是獲得核能的重要途徑之一，其核反應(yīng)方程是H +H He+X+17.6MeV 下列說法正確的是（）A. X 是質(zhì)子B. 反應(yīng)后核子的平均質(zhì)量變小C. 17.6 MeV 是 He 的結(jié)合能D. H 與 H 之間的距離約為-1010 m 時發(fā)生聚變反應(yīng)2. 艦載戰(zhàn)斗機著艦被稱為“在刀尖上跳舞”，指的是艦載戰(zhàn)斗機著艦有很大的風(fēng)險，一旦著艦不成功， 飛行員必須迅速實施“逃逸復(fù)飛”，“逃逸復(fù)飛”是指制動掛鉤掛攔阻索失敗后飛機的復(fù)飛。 若某飛行員在一次訓(xùn)練“逃逸

2、復(fù)飛”科目時， 艦載戰(zhàn)斗機復(fù)飛前的速度為 25m/s，復(fù)飛過程中的最大加速度為 6m/s2，航母跑道長為 200m，起飛需要的最小速度為50m/s。則艦載戰(zhàn)斗機在跑道上復(fù)飛過程的最短時間是（）A. 4.2sB. 5.0sC. 7.5sD. 8.0s3. 如圖所示，一條細繩跨過固定的光滑釘子O 連接兩個小球 A， B，兩球都穿在一根光滑且與豎直方向成30角的直桿上，保持細繩跟直桿在同一豎直平面內(nèi)，當兩球平衡時 OA 繩與直桿的夾角為 30角， OA=AB，則球 A、 B的質(zhì)量之比為（）A.B.C.D.4.如圖所示。 AB、CD 是一個圓的兩條直徑且AB、CD 夾角為60該圓處于勻強電場中，電場強

3、度方向平行該圓所在平而。其中 = =， U=，保持該電場的場強大小不變，BCAB讓電場以過B 點且垂直圓所在平面的直線為軸逆時轉(zhuǎn)過60則下列判斷錯誤的是（）A. 轉(zhuǎn)動前 UBD =B. 轉(zhuǎn)動后C. 轉(zhuǎn)動后D. 轉(zhuǎn)動后5. 如圖所示， 截面為半圓 ABC 的柱體放在地面上， 半圓的半徑為 R，B 為半圓的最高點。 D 是圓弧的中點，在柱體左側(cè)地面上E 點正上方某點水平拋出一個小球，恰好能垂直打在D 點，已知 EA=R，重力加速度為g，則小球拋出的初速度大小為（）第1頁，共 18頁A.B.C.D.二、多選題（本大題共4 小題，共23.0 分）6.一顆人造地球衛(wèi)星先是在圓軌道I 上繞地球運動，運行周

4、期為T，點火加速后衛(wèi)星進入橢圓軌道II 繞地球運動， 在橢圓軌道上有a、b、c、d 四個對稱點，a 為近地點， c 為遠地點，且遠地點到地心距離為近地點到地心距離的3 倍。下列說法正確的是 （）A. 衛(wèi)星在橢圓軌道上的運行周期為TB. 在橢圓軌道上，從d 經(jīng) a 到 b 的運動時間等于從b 經(jīng) c 到 d 的運動時間C. a 至 b 的時間D. c 到 d 的時間7.如圖所示的理想變壓器電路中，三個定值電阻的阻值相同。變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為2： 1在 a、 b端加上電壓為U 的交流電壓。 電鍵 S 斷開時。 理想電流表的示數(shù)I，則（）A. 變壓器的輸入功率為 UIB. 原線圈電路中電阻消耗

5、的功率與副線圈電路中電阻消耗的功率之比為1： 4C. 每個電阻的阻值為D. 電鍵閉合后，電流表的示數(shù)為8. 如圖所示為正交的勻強電場和勻強磁場，電場方向水平向右，場強大小為 E，磁場垂直于紙面水平向外，磁感應(yīng)強度大小為 B一個電量為 q、質(zhì)量為（ g 為重力加速度） 的帶正電粒子在場中P 點豎直向下以大小為v0 的初速度向下射出。則（）A. 若，則粒子將向下做勻加速直線運動B.C.若且方向豎直向上，射出的瞬間，加速度大小為改變粒子射出的速度，且粒子在場中做直線運動，則粒子一定做勻速直線運動D. 改變粒子射出的速度，且粒子在場中做直線運動，則射出的初速度大小為9. 關(guān)于熱力學(xué)定律，下列說法正確的

6、是（）第2頁，共 18頁A. 氣體向真空的自由膨脹是不可逆的B. 理想氣體在等溫膨脹過程中從外界吸收的熱量全部用于對外做功C. 空調(diào)機既能制熱又能制冷，說明熱傳遞不存在方向性D. 只要對內(nèi)燃機不斷改進，就可以把內(nèi)燃機得到的全部內(nèi)能轉(zhuǎn)化為機械能E. 一定質(zhì)量 100的水變成 100的水蒸氣， 分子平均動能不變， 其分子之間的勢能增加三、填空題（本大題共1 小題，共4.0 分）10.如圖所示為一列沿x 軸正方向傳播的簡諧橫波在t=1s 時的波形圖， 質(zhì)點 A 振動過程中連續(xù)兩次經(jīng)過平衡位置所用的時間為1s，則這列波傳播的速度大小為_m/s，平衡位置在x=2m 處的質(zhì)點B 的振動方程為 _。四、實驗

7、題探究題（本大題共2 小題，共15.0 分）11.某同學(xué)用如圖甲所示的裝置，測滑塊與長木板間的動摩擦因數(shù)。長木板放在水平桌面上，將有定滑輪的一端伸出桌而，當?shù)氐闹亓铀俣葹間。（ 1）對實驗的要求，下列說法正確的是_A長木板沒有定滑輪的一端應(yīng)適當墊高B連接滑塊的細線應(yīng)與長木板平行C砝碼和托盤的質(zhì)量應(yīng)遠小于滑塊的質(zhì)量D釋放滑塊前，應(yīng)將滑塊靠近打點計時器（ 2）在符合實驗要求的情況下進行實驗，接通電源，釋放滑塊，打點計時器打出的一段紙如圖乙所示， A、 B、 C、D 、 E 為紙帶上連續(xù)的五個計數(shù)點，每相鄰兩計數(shù)點間還有 4 個計時點（圖中未標出） ，打點計時器使用的交流電的頻率為 50Hz，則滑

8、塊的加速度大小為 a=_m/s2（保留兩位有效數(shù)字） 。要測量滑塊與長木板間的動摩擦因數(shù)，還需要測量_（寫出物理量及符號）；根據(jù)測得的物理量及已知量，可求得滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)為=_（用已知和所測物理量表示）。（ 3）由于打點計時器與紙帶間及細繩與滑輪間的阻力，使實驗測得的動摩擦因數(shù)比真實值 _（填“大”或“小”）。12. 某同學(xué)要測量干電池的電動勢和內(nèi)阻，實驗室提供的實驗器材有：兩節(jié)干電池、定值電阻 R0=2、電流表（0 0.6A，內(nèi)阻約為 0.1 ）、靈敏電流計 G（滿偏電流 I g=200 A，內(nèi)阻 r g=150 ），滑動變阻器R1（ 0 20， 2.0A）、電阻箱 R2 （ 0-

9、99999.9 ）、電鍵 S、導(dǎo)線若干。（ 1）實驗中，將靈敏電流計與電阻箱串聯(lián)，改裝成量程為4V 的電壓表。電阻箱接入電路的阻值為 _。（ 2）該同學(xué)根據(jù)提供的器材，連接了部分電路，請用筆畫線代替導(dǎo)線將實驗電路第3頁，共 18頁圖甲連接完整。（ 3）電路中的定值電阻 R0 的作用是 _，閉合電鍵前應(yīng)將滑動變阻器的滑片移到 _（填“ a”或“ b”）端。（ 4）閉合電鍵，調(diào)節(jié)滑動變阻器，測得多組靈敏電流計的電流示數(shù)I1 和電流表的示數(shù) I 2，作出 I 1 一 I 2 圖象如圖乙所示， 則電源的電動勢E=_V，內(nèi)阻 r =_（均保留三位有效效字）。五、計算題（本大題共4 小題，共52.0 分）

10、13. 如圖所示。粗細均勻的光滑直桿水平固定放置。圓環(huán)A套在桿上，長為 L 的細線連接在A 上，下面吊著物塊 B，物塊 B 處于靜止， A 和 B 的質(zhì)量相等。鎖定圓環(huán)A，子彈 C 以一定的水平速度射入物塊B 并留在物塊 B 中，子彈射入物塊的一瞬間， 細線的張力為物塊B重力的 2倍，子彈的質(zhì)量為物塊B 質(zhì)量的 k 倍（ k1）。重力加速度為 g，不計物塊和圓環(huán)的大小及空氣阻力。求：（ 1）子彈射入物塊前的速度大小。（ 2）解除圓環(huán)的鎖定，當子彈以原速度射入物塊后，子彈和物塊一起向上擺動的最大高度是多少？14.如圖所示，兩根足夠長的光滑平行金屬導(dǎo)軌MN 、PQ 之間的間距L=2m，兩導(dǎo)軌及其構(gòu)

11、成的平面與水平面成 30角，導(dǎo)軌間水平虛線 cd 和 ef 間的區(qū)域 I 內(nèi)有垂直于導(dǎo)軌平面向下的勻強磁場，虛線 ef 下方的區(qū)域 II 內(nèi)有垂直于導(dǎo)軌平面向上的勻強磁場，兩區(qū)域內(nèi)磁場的磁感應(yīng)強度大小均為B=1T，cd、ef 間的距離為s0=3.5m。長度均為 L=2m、質(zhì)量均為m=0.2kg、電阻均為R=10 的金屬捧 a、b 垂直于導(dǎo)軌放置，金屬棒 a 離磁場邊界cd 有一定的距離、 金屬棒 b 離磁場邊界cd 的距離為sb =2.5m，先固定金屬棒 b，由靜止釋放金屬棒 a，金屬棒 a 進入?yún)^(qū)域 I 后做加速運動，在到達虛線 ef 之前加速度已為 0，當金屬捧 a 剛要離開區(qū)域 I 時釋

12、放金屬棒 b，此后，金屬棒 b 在到達虛線ef 之前加速度也已為0不計導(dǎo)軌的電阻，兩金屬棒運動過程中始終保持水平，且與導(dǎo)軌接觸良好，g 取 10m/s2求：（ 1）金屬棒 a 剛要離開區(qū)域 I 時的速度大??；（ 2）金屬棒 b 剛進入?yún)^(qū)域 I 時加速度的大小和方向；（ 3）若金屬棒a 開始釋放的位置離磁場邊界cd 的距離為 s0=1.5m。則從金屬棒 a釋放到金屬棒b 剛好要出區(qū)域 I 的過程中，回路中產(chǎn)生的焦耳熱。第4頁，共 18頁15. 如圖所示，汽缸開口向上放在水平地面上，缸內(nèi)用活塞封閉一段理想氣體， 活塞質(zhì)量為 m、截面積為 S，活塞離缸底的距離為 h，質(zhì)量也為 m 的物塊放在缸底，用

13、細線與活塞相連，細線剛好伸直， 活塞與汽缸內(nèi)壁無摩擦且氣密性好，汽缸導(dǎo)熱性能好，重力加速度為 g，大氣壓強為 p0，環(huán)境溫度為 T0，不計缸內(nèi)物塊的大小。 現(xiàn)緩慢升高環(huán)境的溫度，當物塊對缸底的壓力恰好為零時：環(huán)境的溫度變?yōu)槎嗌?？若繼續(xù)緩慢提高環(huán)境溫度， 當活塞上升 時，環(huán)境溫度為多少？若此時細線突然斷開，活塞的加速度多大？16. 如圖所示， ABC 為直角三棱角的截面， B=90 ， A=30 ，AB 邊長為 L一束單色光平行于 AC 邊照射到 AB 邊的中點 E，折射光線照射到 AC 邊后，反射光線剛好垂直 BC 邊射出，光在真空中的傳播速度為c。求：棱鏡對光的折射率并判斷折射光線照射到AC

14、 邊能否發(fā)生全反射；光從 E 點射入到從BC 邊射出所用的時間。第5頁，共 18頁第6頁，共 18頁答案和解析1.【答案】 B【解析】解：A 、根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知， X 為中子，故 A 錯誤 。B、反應(yīng)過程中，釋放核能，出現(xiàn)質(zhì)量虧損，反應(yīng)后核子的平均 質(zhì)量變小，故 B正確。C、17.6MeV 是核反應(yīng)釋放的能量，不是He 的結(jié)合能，故 C 錯誤 。D、 H 與 H 之間的距離約為 10-15 m 時，即核力的作用范圍，才會發(fā)生聚變反應(yīng)，故D 錯誤 。故選：B。根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒得出 X 和 Y 的電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)，從而得出 Y 的質(zhì)子數(shù)和中子數(shù)。根據(jù) 愛因斯坦質(zhì)能方程分析核反 應(yīng)

15、是否有質(zhì)量虧損。解決本題的關(guān)鍵知道核反 應(yīng)過程中電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒，知道核反 應(yīng)有能量釋放，一定有質(zhì)量虧損。核力的范圍內(nèi)才會發(fā)生聚變反應(yīng)。2.【答案】 A【解析】解：艦載戰(zhàn)斗機在復(fù) 飛過程中做勻加速直 線運動，令飛機的最短復(fù) 飛距離為 s，由題知 v，2，v=50m/s0=25m/s a=6m/s根據(jù) v2-v 02=2as得：s=m=156.25m200m飛機復(fù)飛的最短時間為：t=s=4.2s，故A 正確，BCD 錯誤 。故選：A。艦載戰(zhàn)斗機在復(fù) 飛過程中做勻加速直 線運動，根據(jù) v2-v02=2as可以求出 飛機復(fù)飛的最短時間。本題考查了勻變速直線運動規(guī)律。這道題基本公式的 應(yīng)用，難度

16、不大。3.【答案】 C【解析】第7頁，共 18頁解：A 球的受力分析如 圖甲所示，根據(jù)對稱性可知 FT=mA g。B 球的受力分析如 圖乙所示。根據(jù)平衡條件有FTcos45 +NBcos60 =mBg?FT sin45 -NB sin60 =0。聯(lián)m=33+CABD錯誤立以上各式可解得mA： B。：（）。故 正確故選：C。分別對 AB 兩球分析，同一根繩子上的拉力相等，即 繩子 AB 兩球的拉力是相等的。根據(jù)平衡條件分 別列式進而求解。本題考查了隔離法 對兩個物體的受力分析，關(guān) 鍵是抓住同一根 繩子上的拉力處處相等，根據(jù)平衡條件將兩個小球的重力 聯(lián)系起來。4.【答案】 D【解析】設(shè)圓周半徑為則

17、R，由 = =，U=得電場方解：A 、R， BD=R，BC=BAB C向由 B 指向 D，且電場強度 E= ，轉(zhuǎn)動前 UBD =UBA =，故A 正確；B、轉(zhuǎn)動后 BD 和電場強度成 60，所以 UBD =ERcos60= ，故 B 正確；轉(zhuǎn)動后 BC與電場強度成 30所以 UBC=E? Reos30= C正確。C、，故轉(zhuǎn)動后AC與電場強度成 60UAC =-ERcos60=- ，故D錯誤；D、本題選錯誤 的，故選：D。根據(jù)電場線與等勢面垂直找 電場線方向，根據(jù) U=Ed 求解電勢差。在勻強電場中找到電勢相等的點是找 電場方向的關(guān) 鍵，電場線垂直等勢面。U=Ed，d 為沿電場線方向距離。5.【

18、答案】 B【解析】解：由于小球能垂直打在 D 點，因此小球在 D 點的速度方向與水平方向成 45，設(shè)小球拋出的初速度 為 v0，小球打到 D 點時速度沿豎直方向的分速度 為第8頁，共 18頁則，水平位移 x=R+ （R-R）=（2-）R，由vy=v0， t=v0=得 v0=，故B 正確，ACD 錯誤。故選：B。小球作平拋運 動，垂直打在斜面的 D 點，可以求出打在 D 點的速度方向，然后可以運用平拋運 動規(guī)律求出初速度大小。本題考查了平拋運 動。關(guān)鍵點：垂直打在 D 點，速度方向夾角為 45。6.【答案】 AC【解析】解：AC 、由題可知橢圓軌道半長軸為圓軌 道半徑的 2 倍，由開普勒第三定律

19、可得：衛(wèi)星在橢圓軌道的運行周期 為 T2，在圓軌道運動的周期為 T，則 T2=（）T=T，故A 正確，B、據(jù)開普勒第二定律，衛(wèi)星在橢圓軌道上運動，在遠地點速度最小，在近地點速度最大，可天從 d 經(jīng) a 到 b 的運動時間要小于從 b 經(jīng) c 到 d 的運動時間，故 B錯誤CD、據(jù)稱性及衛(wèi)星在橢圓軌道上運動的特點知：2tab，得 tabT，同樣有 2tcd，得tcdT，故C 正確，D 錯誤故選：AC。由開普勒三定律可求得在兩個軌道上運行 對應(yīng)的周期關(guān)系，再據(jù)開普勒第二定律可確定出在各自的 軌道段對應(yīng)的時間大小關(guān)系。考查開普勒運 動定律，明確周期與半 長軸關(guān)系及近地點速度快， 遠地點速度慢即可輕松

20、7.【答案】 BD【解析】變壓器原線圈輸入電壓變壓器的輸入功率小于 UI ，故A錯誤。解：A 、小于 U，C、由于原線圈電路中的電阻兩端的 電壓小于 U，則每個電阻的阻值小于，故 C錯誤。第9頁，共 18頁B、根據(jù)變流比可知，副線圈電路中的電流為 2I，設(shè)定值電阻阻值為 R，則原、副線圈電路中的電阻消耗的功率之比 為 1：4，故B 正確。D、電鍵 S 斷開時，結(jié)合串并聯(lián)電路特點可知，U=4IR+IR=5IR ，當電鍵 S 閉合時，設(shè)電流表的示數(shù) 為 I1，副線圈中的電流為 2I1，副線圈兩端的 電壓為 I1R，原線圈兩端的 電壓為 2I則U=2I 1R+I1R=3I1R，解得，故D 正確。1R

21、，故選：BD。根據(jù)變壓器工作原理 結(jié)合電功率的計算公式分析 變壓器的輸出功率。理想變壓器的輸出功率等于 輸入功率。根據(jù)理想 變壓器動態(tài)分析的方法分析 電流表的示數(shù)。本題主要是考 查了變壓器的動態(tài)分析，解答本題的關(guān)鍵是知道變壓器的電壓之比等于匝數(shù)之比，在只有一個副線圈的情況下的 電流之比等于匝數(shù)的反比；知道理想 變壓器的輸出功率決定 輸入功率且相等。8.【答案】 BCD【解析】解：A 、若，則有 qv0B=qE，粒子向下射出的一瞬間 電場力和洛倫茲力，等大反向，隨著速度增大，洛 倫茲力增大，粒子會向左偏 轉(zhuǎn)，不可能做直線運動，故A錯誤。B、若且方向豎直向上，射出的瞬間，粒子受到的洛倫茲力方向向右

22、，大小 F 洛 =qv0B=qE=mg，則合力為 F= mg，根據(jù)牛頓第二定律知，加速度大小 為 a=g，故B 正確。CD、改變粒子射出的速度，且粒子在 場中做直線運動，洛倫茲力與電場力和重力的合力等大反向， 則 qvB=mg，得v=如果做直線運動時速度大小變則洛倫茲力大小變化，合力方向變則粒子將做曲線運動，因此，化，化，粒子在場中做直線運動時，一定做勻速直線運動，故 CD 正確。故選：BCD。第10 頁，共 18頁帶電粒子在復(fù)合 場中受到重力、電場力和洛倫茲力，根據(jù)各力的關(guān)系分析合力，從而判斷其運動情況。解決本題的關(guān)鍵是要正確分析清楚粒子的受力情況，來判斷其運動情況，分析時要抓住洛 倫茲力與

23、速度有關(guān)，而電場力與速度無關(guān)。9.【答案】 ABE【解析】解：A 、根據(jù)熱力學(xué)第二定律知氣體向真空的自由膨脹是不可逆的。故 A 正確。B、理想氣體在等溫膨 脹過程中氣體的內(nèi)能沒有 變，所以把吸收的熱量全部對外做功。故 B 正確。C、空調(diào)機既能致 熱又能制冷，但是要耗 電，即熱傳遞有方向性，熱量只能自發(fā)地由高溫物體 傳向低溫物體。故 C 錯誤 。D、根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知， 熱機的效率不可能達到100%，即使對內(nèi)燃機不斷改進，也不可以把內(nèi)燃機得到的全部內(nèi)能轉(zhuǎn)化為機械能。故 D 錯誤。E、溫度是分子的平均 動能的標志，一定量 100的水 變成 100的水蒸氣，吸收熱量，溫度不變，其分子的平均動能不

24、變，吸收的熱量增加了分子之 間的勢能。故 E 正確。故選：ABE。氣體向真空的自由膨 脹是不可逆的；氣體在等溫膨 脹，溫度不變（U=0），根據(jù)熱力學(xué)第一定律，氣體從外界吸收的 熱量全部用于 對外做功；熱量也可以從低溫物體向高溫物體 傳遞，但必須一起其他的一些 變化；熱機的效率不可能達到 100%；溫度不變，其分子的平均動能不變，吸收的熱量增加了分子之間的勢能。本題考查了熱力學(xué)第一定律、熱力學(xué)第二定律、溫度是分子平均 動能的標志等知識點。這種題型要善于 積累，難度不大。10.【答案】 2y=-sin t（ cm）【解析】第11 頁，共 18頁題長則傳播的速度大小 v=2m/s，t=0解：由意可知

25、，周期 T=2s，波=4m， 波時刻質(zhì)點 B 在平衡位置且沿y 軸負方向振動，因此 B 點的振動方程為 y=-sin（cm）=-sin t（cm）。故答案為：2；y=-sin t（cm）。根據(jù)題意和波形 圖，確定周期和波長，進一步計算波速。根據(jù)波動規(guī)律確定 B 點的振動方程。機械振動問題中，一般根據(jù)振動圖或質(zhì)點振動得到周期、質(zhì)點振動方向。再根據(jù)波形圖得到波長和波的傳播方向，從而得到波速及質(zhì)點振動進， 而根據(jù)周期得到路程?！敬鸢浮?BD 1.0托盤和砝碼的總質(zhì)量m1、滑塊的質(zhì)量 m2大11.【解析】解：（1）該實驗只要保證滑塊勻加速下滑即可，長木板沒有定滑 輪的一端不需要應(yīng)適當墊高，而應(yīng)該放在水

26、平桌面上，保持水平。故 A 錯誤；B、連接滑塊的細線應(yīng)與長木板平行，保證壓力等于滑 塊的重力，故 B 正確；C、以整體為研究對象分析，不需要使得砝 碼和托盤的質(zhì)量應(yīng)遠小于滑塊的質(zhì)量，故 C 錯誤；D、為了充分的利用 紙帶，釋放滑塊前，應(yīng)將滑塊靠近打點 計時器，故 D 正確。故選：BD。（2）AB=3.90cm=0.0390m，AC=8.79cm=0.0879m，AD=14.70cm=0.1470m， AF=21.60cm=0.2160m每相鄰兩計數(shù)點間還有 4 個打點，說明相鄰的計數(shù)點時間間隔：T=0.1s，根據(jù)逐差法有：a=1.0m/s2要測量動摩擦因數(shù)，由 f= F可知要求 ，需要知道摩擦

27、力和 壓力的大小，壓N力就是滑 塊的重力，所以需要知道滑 塊的質(zhì)量 m2，摩擦力要根據(jù)鐵塊的運動來求得，滑塊做的是勻加速運 動，拉滑塊運動的是托盤和砝碼，所以也要知道托盤和砝碼的質(zhì)量 m1。第12 頁，共 18頁以整個系 統(tǒng)為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律有：m1g-f= （m1+m2）af= mg2聯(lián)=。立 解得：（3）由于打點計時器與紙帶間及細繩與滑輪間的阻力 f ，則動摩擦因數(shù) 為 ，使實驗測得的動摩擦因數(shù)比真 實值偏大。故答案為：（1）BD ；（2）1.0；托盤和砝碼的總質(zhì)量 m1、滑塊的質(zhì)量 m2；（3）大。（1）根據(jù)實驗的方法進行分析；（2）利用逐差法x=aT2 可以求出物體的加速度大

28、小，根據(jù)牛頓第二定律有=ma，由此可知需要測量的物理量，根據(jù)牛 頓第二定律的表達式，可以求出摩擦系數(shù)的表達式；（3）如果打點計時器與紙帶間及細繩與滑輪間的阻力，推導(dǎo)出動摩擦因數(shù)的表達式進行分析。解決實驗問題 首先要掌握 該實驗原理，了解實驗的操作步 驟和數(shù)據(jù)處理以及注意事項，同時要熟練應(yīng)用所學(xué)基本 規(guī)律解決實驗問題 。12.【答案】 19850保護電路、防止短路b2.901.00【解析】解：（1）將靈敏電流計與電阻箱串聯(lián)，改裝成量程 為 4V 的電壓表，電阻箱接入電路的電阻滿足：U=I g（rg+R2）求得：R2=19850。（2）靈敏電流表 G 與電阻箱串聯(lián)當成一個 電壓表使用，要與滑動變阻

29、器串聯(lián)，按此思路 連接實物圖如圖所示。（3）電路的定值電阻 R2r 作用是：保護電路，防止短路；閉合電鍵前應(yīng)將滑動第13 頁，共 18頁變阻器的滑片移到b 端，使滑動變阻器接入 電路的電阻最大。（4）當I2=0 時，即滑動變阻器相當于斷路，從 圖象縱截距讀出電流 I ，所以電動勢為：E=IRV =1.45 10-620000V=2.90V電源內(nèi)阻為：r=1.00 。故答案為：（1）19850（2）實物連接如圖所示（3）保護電路防止短路b（4）2.901.00（1）根據(jù)串聯(lián)電路特點及歐姆定律求出串聯(lián)電阻阻值；（2）根據(jù)實驗原理圖連接實物圖；（3）閉合開關(guān)前，滑動變阻器接入 電路的阻值應(yīng)為滑動變阻

30、器的最大阻 值，根據(jù)電路圖確定滑片的位置；（4）根據(jù)閉合電路歐姆定律找出兩 電流表示數(shù)之 間的關(guān)系式，結(jié)合圖象求解電動勢和內(nèi)阻。要掌握改裝 電壓表串聯(lián)內(nèi)阻的計算方法；應(yīng)用圖象求電源電動勢與內(nèi)阻時，從圖象上求出 電流值，然后應(yīng)用歐姆定律求出 電源電動勢與內(nèi)阻。13.【答案】 解：（ 1）設(shè)物塊 A 和 B 的質(zhì)量為 m，則子彈的質(zhì)量為km。子彈射入物塊B 后的瞬間，對整體，由牛頓第二定律得：F -（ m+km） g=（ m+km）據(jù)題有： F=2mg可得： v=第14 頁，共 18頁子彈射入B 的過程，取水平向右為正方向，由動量守恒定律得：kmv0=（ m+km） v解得： v0=（ 2）子彈和

31、物塊一起向上擺動到最大高度時， A、B（含子彈）速度相同，設(shè)為 v根據(jù)水平動量守恒得：（ m+km）v=（ 2m+km）v根據(jù)機械能守恒得：（ m+km）v2= （ 2m+km） v 2+（m+km） gh：聯(lián)立解得： h=L答：（ 1）子彈射入物塊前的速度大小是。（ 2）解除圓環(huán)的鎖定，當子彈以原速度射入物塊后，子彈和物塊一起向上擺動的最大高度是L ?！窘馕觥浚?）先研究子彈射入物塊后的瞬間，根據(jù)向心力公式求出物 塊獲得的速度。再根據(jù)動量守恒定律求子 彈射入物塊前的速度大小。（2）解除圓環(huán)的鎖定，子彈和物塊一起向上 擺動的過程中系統(tǒng)的水平動量守恒，機械能也守恒。當上升到最大高度 時兩者的速度

32、相同，由 動量守恒定律和機械能守恒定律求最大高度。本題考查了動量守恒定律和機械能守恒定律的直接應(yīng)用，要求同學(xué)們能正確分析物體的運 動情況，知道 B 上升到最大高度的條件：系 統(tǒng)速度相同，注意使用動量守恒定律 時要規(guī)定正方向。14.【答案】 解：（ 1）設(shè)金屬棒 a 剛要離開區(qū)域 時速度大小為 v1，此時回路中的電動勢為： E1=BLv1；根據(jù)閉合電路歐姆定律可得：I1=由于此時加速度為0，根據(jù)平衡條件可得：mgsin30 =BI 1L解得： v1=5m/s；（ 2）設(shè)金屬棒 b 剛進入磁場的速度大小為v2，根據(jù)機械能守恒定律可得：mgsbsin30 =，其中 sb=2.5m解得： v2=5m/

33、s金屬棒 b 剛進入磁場時回路中的電動勢為：E2=BL（ v1+v2） =20 V回路中的電流為： I 2= =1A由于金屬棒 b 剛進入磁場時受到的安培力為BI 2L=2N，而 mgsin30 =1 N，因此金屬棒 b剛進入磁場時加速度方向向上，第15 頁，共 18頁根據(jù)牛頓第二定律可得： a=5m/s2，（ 3）金屬棒 b 進入磁場的一瞬間，速度與a 金屬棒速度相同，加速度也相同，此后兩棒一起做相同的變減速運動；設(shè)金屬棒 b 剛要離開 的速度大小為 v3，此時回路中的電動勢為： E3=2BLv 3，回路中的電流為： I 3=根據(jù)平衡條件有： mgsin30 =BI 3L解得： v3=2.5

34、m/s金屬棒 b 由靜止開始勻加速下滑的時間為：t=1s這段時間內(nèi)金屬棒 a 下滑的距離為： s a=v2t=5 m設(shè)金屬棒 a 釋放到金屬棒 b 剛要離開區(qū)域 的過程中，回路中產(chǎn)生的焦耳熱為Q，根據(jù)能量守恒定律可得：mgsin30 （sa+2sb+s a） +mgsinm30 （ sa+s0） =Q+解得： Q=18.25J。答：（ 1）金屬棒a 剛要離開區(qū)域I 時的速度大小為5m/s；（ 2）金屬棒b 剛進入?yún)^(qū)域I 時加速度的大小5m/s2，方向沿斜面向上；（ 3）從金屬棒 a 釋放到金屬棒b 剛好要出區(qū)域I 的過程中，回路中產(chǎn)生的焦耳熱18.25J。【解析】（1）根據(jù)閉合電路歐姆定律求解 電流強度，根據(jù)平衡條件求解速度；（2）根據(jù)機械能守恒定律可得金屬棒 b 剛進入磁場的速度大小，根據(jù)安培力的計算公式求解金屬棒 b 剛進入磁場時受到的安培力，由此分析加速度方向；根據(jù)牛頓第二定律求解加速度；（3）金屬棒b 進 入磁 場 的一瞬 間，速度與 a 金屬棒速度相同，加速度也相同，此后兩棒一起做相同的 變減速運動；根據(jù)平衡條件求解金屬棒 b 剛要離開的速度大小，根據(jù)能量守恒定律列方