2019年浙江省杭州市高考物理三模試卷

1、2019 年浙江省杭州市高考物理三模試卷副標(biāo)題題號一二三四五總分得分一、單選題（本大題共14 小題，共 41.0 分）1.2016 年里約奧運(yùn)會男子百米巔峰對決，牙買加閃電俠博爾特以9 秒 81 的成績奪得冠軍，完成了史無前例的奧運(yùn)會三連冠，同時也是博爾特獲得的第七塊奧運(yùn)會金牌！博爾特之所以比別人快是因?yàn)樗哂校ǎ〢. 較大的初速度B. 較大的加速度C. 較大的末速度D. 較大的平均速度2.下列實(shí)驗(yàn)中，找到電荷間相互作用規(guī)律的實(shí)驗(yàn)是（）A. 庫侖扭秤實(shí)驗(yàn)B. 卡文迪許實(shí)驗(yàn)C. 密立根油滴實(shí)驗(yàn)D. 奧斯特電流磁效應(yīng)實(shí)驗(yàn)3.質(zhì)點(diǎn)做直線運(yùn)動的速度-時間圖象如圖所示，該質(zhì)點(diǎn)（）A. 在第 1 秒末速度

2、方向發(fā)生了改變B. 在第 2 秒末加速度方向發(fā)生了改變C. 在前2 秒內(nèi)發(fā)生的位移為零D. 第 3 秒末和第 5 秒末的位置相同4. 2016 年 8 月 14 日里約奧運(yùn)會羽毛球男單最后一輪小組賽中，中國選手林丹以2：0輕取對手 在其中一個回合的對拍期間，林丹快速扣殺的羽毛球在飛行中受到的力有（）A. 重力B. 重力、擊打力C. 重力、空氣阻力D. 重力、空氣阻力、擊打力5.網(wǎng)球是一項(xiàng)深受大家喜愛的體育運(yùn)動， 中國網(wǎng)球名將李娜的網(wǎng)球發(fā)球速度可以接近50m/s，一次比賽中， 對方打出的球速為 40m/s 的直球， 被李娜以 40m/s 的速度反向擊回，網(wǎng)球與網(wǎng)接觸的時間為0.2s，如果將這個過

3、程看作是勻變速直線運(yùn)動過程，設(shè)球飛來的方向?yàn)檎较?，則網(wǎng)球在這段時間內(nèi)的加速度為（）A. -200m/s2B. 400m/s2C. -400m/s2D. 200m/s26. 某探險(xiǎn)者在野外攀巖時，踩落一小石塊，約5s 后聽到石塊直接落到崖底的聲音，探險(xiǎn)者離崖底的高度最接近的是（）A. 25mB. 50mC. 110mD. 150m7. 2016 年 3 月，谷歌人工只能AlphaGo 與韓國棋手李世石的人機(jī)對戰(zhàn)引起了全世界的關(guān)注。棋手在落子時，習(xí)慣將棋子先放置到棋盤上，再用手指推棋子到落子位置，假設(shè)棋子在棋盤上移動時為勻速直線運(yùn)動。棋子在移動過程中，下列說法正確的是（）A. 棋子受到三個力B.

4、 手指對棋子作用力方向豎直向下第1頁，共 24頁C. 棋盤對棋子的支持力等于棋子重力D. 棋子受到摩擦力的大小與速度大小無關(guān)8. 2016 年 10 月 19 日“神舟十一號”載人飛船與“天宮二號”空間實(shí)驗(yàn)室成功實(shí)現(xiàn)自動交會對接， 在距地面 393 公里的圓形軌道上進(jìn)行對接形成組合體，航天員景海鵬、陳東進(jìn)駐“天宮二號”，組合體在軌飛行30 天，期間進(jìn)行了多項(xiàng)科學(xué)實(shí)驗(yàn)和科普活動下列說法正確的是（）A. 對接后的組合體運(yùn)動周期大于地球的自轉(zhuǎn)周期B. “神舟十一號”在變軌前后的線速度可能大于7.9km/sC. 對接后將在“天宮二號”內(nèi)工作的宇航員因受力平衡而在其中懸浮或靜止D. 在“天宮二號”空間實(shí)

5、驗(yàn)室中航天員可以使用彈簧測力計(jì)測拉力9. 指南針是我國古代的四大發(fā)明之一司南是春秋戰(zhàn)國時期發(fā)明的一種指南針，如圖所示它由青銅盤和磁勺組成，磁勺放置在青銅盤的中心，可以自由轉(zhuǎn)動由于受地磁場作用，司南的磁勺尾靜止時指向南方下列說法中正確的是（）A. 磁勺能夠指示方向，是利用了地磁場對磁勺的作用B. 磁勺的指向不會受到附近磁鐵的干擾C. 磁勺的指向不會受到附近鐵塊的干擾D. 磁勺的 N 極位于司南的磁勺尾部10.質(zhì)點(diǎn)沿如圖所示的軌跡從A 點(diǎn)運(yùn)動到 B 點(diǎn)，已知其速度逐漸減小，圖中能正確表示質(zhì)點(diǎn)在 C 點(diǎn)處受力的是（）A.B.C.D.11.2012 年 11 月 23 日，我國自行設(shè)計(jì)的殲15 艦載機(jī)

6、在“遼寧”號航空母艦上成功著艦根據(jù)網(wǎng)上資料，飛機(jī)著艦時的速度大約是216km/h，機(jī)尾上的鉤爪鉤住艦上的第二根阻攔索（此時推力剛撤去），利用彈性鋼索的彈力，使飛機(jī)在2.5s 內(nèi)滑行70m 而停下飛機(jī)的質(zhì)量大約18T，飛機(jī)所受空氣和甲板的平均阻力大小約為飛機(jī)重力的 0.1 倍則飛機(jī)克服阻攔索拉力做功的平均功率是（）A. 1.25 104WB. 1.67 105WC. 1.25 107WD. 1.67 108W12. 在電影飛屋環(huán)游記 中，主角用一簇氣球使他的房子成功升空。小屋從地面靜止出發(fā)做勻加速運(yùn)動，它加速上升到h 處時，速度達(dá)到了 v，不計(jì)小屋受到的浮力和空氣阻力，則在這一過程中（）A. 繩

7、對小屋的拉力等于小屋的重力B. 繩對小屋的拉力做的功等于小屋動能的增量C. 繩對小屋的拉力做的功等于小屋機(jī)械能的增量D. 繩對小屋的拉力和小屋重力對小屋做的總功等于小屋機(jī)械能的增量13. 如圖的電路中， 電源的電動勢為 E、內(nèi)阻為 r 閉合開關(guān) S，當(dāng)滑動變阻器的滑動觸頭由圖示的位置向右滑動一小段距離，電壓表示數(shù)的變化量為 U ，電流表的示數(shù)變化量為I 在這個過程中，下列判斷正確的是（）A. 電源的輸出功率增加B. 電阻 R3 兩端電壓增加量大于 U第2頁，共 24頁C. 電阻 R2 兩端電壓減小量大于UD. U 與 I 的比值變大14. 如圖甲， “探究變壓器線圈兩端的電壓與匝數(shù)的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)

8、中原線圈和副線圈中接入的是（）A. 原線圈中接入220V 交流電B. 原線圈中接入學(xué)生電源12V 以下直流輸出C. 副線圈接直流電流表D. D副線圈接交流電壓表二、多選題（本大題共3 小題，共6.0 分）15.下列四幅圖涉及到不同的物理知識，其中說法正確的是（）A. 圖甲：每種原子都有自己的特征譜線，故光譜分析可鑒別物質(zhì)B. 圖乙：玻爾理論指出氫原子能級是分立的，所以原子發(fā)射光子的頻率也是不連續(xù)的C. 圖丙：盧瑟福通過分析 粒子散射實(shí)驗(yàn)結(jié)果，發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子和中子D. 圖?。焊鶕?jù)電子束通過鋁箔后的衍射圖樣，可以說明電子具有粒子性16.一列簡諧橫波沿直線傳播，該直線上平衡位置相距9m 的 a、b 兩質(zhì)

9、點(diǎn)的振動圖象如圖所示。下列描述該波的圖象可能正確的是（）第3頁，共 24頁A.B.C.D.17.如圖所示，有一垂直紙面、磁感應(yīng)強(qiáng)度為0.5T 的勻強(qiáng)磁場，一質(zhì)量為0.2kg、足夠長的絕緣木板靜止在光滑水平面上，左端無初速放置一質(zhì)量為0.1kg、帶正電荷量為 0.2C 的滑塊，滑塊與木板間動摩擦因數(shù)為0.5，滑塊受到的最大靜摩擦力可認(rèn)為等于滑動摩擦力?，F(xiàn)對木板施加水平向左的力F ，大小恒為0.9N， g 取 10m/s2則（）A. 木板和滑塊一直做加速度為3m/s2 的勻加速運(yùn)動B. 滑塊開始做勻加速直線運(yùn)動，然后做加速度減小的加速運(yùn)動，最后做勻速直線運(yùn)動C. 最終木板做加速度為3m/s2 的勻

10、加速運(yùn)動，滑塊做速度為10m/s 的勻速運(yùn)動D. 最終木板做加速度為210m/s 的勻速運(yùn)動4.5m/s 的勻加速運(yùn)動，滑塊做速度為三、填空題（本大題共1 小題，共 4.0 分）18. 在用插針法測定某特種玻璃的折射率的實(shí)驗(yàn)中指出以下兩圖中的不當(dāng)之處：甲： _，乙： _四、實(shí)驗(yàn)題探究題（本大題共2 小題，共16.0 分）第4頁，共 24頁19. 利用氣墊導(dǎo)軌研究物體運(yùn)動規(guī)律，求物體運(yùn)動的加速度。實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示。主要的實(shí)驗(yàn)步驟：（ 1）滑塊放置在氣墊導(dǎo)軌 0 刻度處，在拉力作用下由靜止開始加速運(yùn)動，測量滑塊從光電門 1 到光電門 2 經(jīng)歷的時間 t ，測量兩光電門之間的距離 s；（ 2）只移

11、動光電門1，改變 s，多次實(shí)驗(yàn)，數(shù)據(jù)記錄如表所示；實(shí)驗(yàn)次數(shù)123456s/m1.2001.0000.8000.6000.400t/s1.030.720.540.410.290.18（ m?s-11.671.851.952.072.22（ 3）根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)計(jì)算、描點(diǎn)、作出圖象，如圖乙所示。根據(jù)數(shù)據(jù)分析，回答下列問題：導(dǎo)軌標(biāo)尺的最小分度為_cm，讀出如圖甲所示兩光電門之間的距離s1，并計(jì)算=_m/s。假設(shè)圖線的斜率大小為k，縱截距為b，則滑塊運(yùn)動的加速度大小為_；作出圖象，求出本次測量的加速度大小為_m/s2。20.小明同學(xué)在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”實(shí)驗(yàn)中，為了更準(zhǔn)確選取電壓表和電流表的合適量

12、程，決定先用多用電表測量小燈泡的阻值。（ 1）在使用前發(fā)現(xiàn)電表指針位置如下圖甲所示，該同學(xué)應(yīng)該調(diào)節(jié)哪個位置_（選“”或者“”）；（ 2）小明使用多用電表歐姆檔的“10”檔測量小燈泡電阻阻值，讀數(shù)如圖乙所示，為了更準(zhǔn)確地進(jìn)行測量，小明應(yīng)該旋轉(zhuǎn)開關(guān)至歐姆檔_ （填“ 100”檔；或“ 1”檔），兩表筆短接并調(diào)節(jié)_（選“”或者“”）。（ 3）按正確步驟測量時，指針指在如圖丙位置，則小燈泡阻值的測量值為_第5頁，共 24頁五、計(jì)算題（本大題共4 小題，共33.0 分）21. 在十字路口，紅燈攔停了很多汽車和行人，攔停的汽車排成筆直的一列，最前面一輛汽車的前端剛好與路口停車線相齊，相鄰兩車的前端間距均為

13、d=6.0m，且車長為 L0=4.8m，最前面的行人站在橫道線邊緣，已知橫道線寬s=20m若汽車啟動時都以a1=2.5m/s2 的加速度做勻加速直線運(yùn)動，加速到v1=10.0 m/s后做勻速直線運(yùn)動通過路口 行人起步的加速度為a2 =0.5m/s2，達(dá)到 v2=1.0m/s后勻速通過橫道線已知該路口亮綠燈的時間 t=40s，而且有按倒計(jì)時顯示的時間顯示燈（無黃燈）另外交通法規(guī)定：原在綠燈時通行的汽車，紅燈亮起時，車頭已越過停車線的允許通過由于行人和汽車司機(jī)一直關(guān)注著紅綠燈， 因此可以不考慮行人和汽車的反應(yīng)時間請回答下列問題：（ 1）路口對面最前面的行人在通過橫道線的過程中與幾輛車擦肩而過？（

14、2）按題述情景，不能通過路口的第一輛汽車司機(jī)，在時間顯示燈剛亮出“ 3”時開始剎車，使車勻減速運(yùn)動，結(jié)果車的前端與停車線相齊，求剎車后汽車經(jīng)多少時間停下？22. 如圖所示，一條帶有豎直圓軌道的長軌道水平固定，底端分別與兩側(cè)的直軌道相切，半徑 R=0.5m物塊 A 以 v0=10m/s 的速度滑入圓軌道，滑過最高點(diǎn)N，再沿圓軌道滑出， P 點(diǎn)左側(cè)軌道光滑，右側(cè)軌道呈粗糙段、光滑段交替排列，每段長度都為L=0.2m物塊與各粗糙段間的動摩擦因數(shù)都為 =0.4A的質(zhì)量為m=1 kg（重力加，速度 g=10m/s2； A 可視為質(zhì)點(diǎn)）第6頁，共 24頁（ 1）求 A 滑過 N 點(diǎn)時的速度大小v 和受到的

15、彈力大?。唬?2）若 A 最終停止在第k 個粗糙段上，求k 的數(shù)值；（ 3）求 A 滑至第 n 個（ n k）光滑段上的速度vn 與 n 的關(guān)系式23.掃描電子顯微鏡在研究微觀世界里有廣泛的應(yīng)用， 通過磁聚焦之后的高能電子轟擊物質(zhì)表面， 被撞擊的樣品會產(chǎn)生各種電磁輻射， 通過分析這些電磁波就能獲取被測樣品的各種信息早期這種儀器其核心部件如圖甲所示其原理如下：電子槍發(fā)出的電子束，進(jìn)入磁場聚焦室（如圖甲）其原理如下：電子槍發(fā)出的電子書，進(jìn)入磁場聚焦室（如圖甲），聚焦磁場有通電直導(dǎo)線產(chǎn)生，磁場通過“釋放磁場的細(xì)縫”釋放而出， 通過控制“釋放磁場細(xì)縫”的寬度、 磁場的強(qiáng)弱和方向使電子進(jìn)行偏轉(zhuǎn)，讓聚焦之

16、后的電子集中打在樣品上（ 1）要使射入聚焦室的電子發(fā)生圖乙偏轉(zhuǎn)，請說明圖甲中左側(cè)和右側(cè)通電指導(dǎo)線的電流方向（只要回答“向上”或者“向下”）（ 2）圖乙為聚焦磁場的剖面圖，要產(chǎn)生圖示的聚焦效果，請定性說明該平面中磁場的分布情況：（ 3）研究人員往往要估測聚焦磁場區(qū)域中各處磁感應(yīng)強(qiáng)度大小，為了研究方便假設(shè)電子運(yùn)動經(jīng)過的磁場為勻強(qiáng)磁場，若其中一個電子從A 點(diǎn)射入（如圖丙所示），從 A 點(diǎn)正下方的A點(diǎn)射出，入射方向與OA 的夾角等于出射方向與O A的夾角，電子最終射向放置樣品的M 點(diǎn)，求該磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小已知 OA=OA =d，AA=L，O M=h，電子速度大小為v，質(zhì)量為 m，電量為 e第7頁，共

17、24頁24. 如圖（甲）所示，兩光滑導(dǎo)軌都由水平、 傾斜兩部分圓滑對接而成， 相互平行放置，兩導(dǎo)軌相距L=lm，傾斜導(dǎo)軌與水平面成=30角，傾斜導(dǎo)軌的下面部分處在一垂直斜面的勻強(qiáng)磁場區(qū)I 中， I 區(qū)中磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B1 隨時間變化的規(guī)律如圖（乙）所示，圖中 t1、t2 未知水平導(dǎo)軌足夠長， 其左端接有理想電流表G 和定值電阻R=3，水平導(dǎo)軌處在一豎直向上的勻強(qiáng)磁場區(qū) 中， 區(qū)中的磁場恒定不變，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為 B2=1 T，在 t=0 時刻，從斜軌上磁場I 區(qū)外某處垂直于導(dǎo)軌水平釋放一金屬棒 ab，棒的質(zhì)量 m=0.1kg，電阻 r=2，棒下滑時與導(dǎo)軌保持良好接觸，棒由傾斜導(dǎo)軌滑向水平導(dǎo)軌

18、時無機(jī)械能損失， 導(dǎo)軌的電阻不計(jì) 若棒在斜面上向下滑動的整個過程中，電流表G 的示數(shù)大小保持不變，t2 時刻進(jìn)入水平軌道，立刻對棒施一平行于框架平面沿水平方向且與桿垂直的外力（g 取 10m/s2）求：（ l） ab 棒進(jìn)入磁場區(qū)I 時的速度 v；（ 2）磁場區(qū)I 在沿斜軌方向上的寬度d；（ 3）棒從開始運(yùn)動到剛好進(jìn)入水平軌道這段時間內(nèi)ab 棒上產(chǎn)生的熱量；（ 4）若棒在 t2 時刻進(jìn)入水平導(dǎo)軌后，電流表 G 的電流大小 I 隨時間 t 變化的關(guān)系如圖（丙）所示（ I0 未知），已知 t2 到 t 3 的時間為 0.5s， t3 到 t 4 的時間為 1s，請?jiān)趫D（丁）中作出 t2 到 t4

19、時間內(nèi)外力大小 F 隨時間 t 變化的函數(shù)圖象第8頁，共 24頁答案和解析1.【答案】 D【解析】解：本題中路程是 100 米，時間是 9 秒 81，在比賽中快慢是看跑完全程的平均速度的，博爾特之所以比 別人快是因 為他具有較大的平均速度，故 D 正確；ABC 錯誤故選：D。100m 比賽是在相同的位移內(nèi)比 時間，也就是比較平均速度。解決本題的關(guān)鍵知道相同位移內(nèi)比 時間，實(shí)際上比較的是平均速度。2.【答案】 A【解析】解：A 、庫侖利用扭秤裝置，研究出兩個靜止點(diǎn) 電荷間的相互作用 規(guī)律-庫侖定律。故 A 正確。B、卡文迪許實(shí)驗(yàn)測 量出了萬有引力常量。故B 錯誤 。C、密立根通過油滴實(shí)驗(yàn)，測出了

20、電子電荷量的精確數(shù) 值，任何物體帶電量的數(shù)值都是元電荷電量的整數(shù)倍。故 C 錯誤 。D、奧斯特實(shí)驗(yàn)說明了通電導(dǎo)體周圍存在磁場，即電流的磁效 應(yīng) 。故D 錯誤 。故選：A。通過扭秤裝置，研究出兩個靜止點(diǎn) 電荷間的相互作用 規(guī)律的物理學(xué)家是 庫侖庫侖定律及其 實(shí)驗(yàn)可與牛頓的萬有引力定律、卡文迪 許扭秤實(shí)驗(yàn)進(jìn)行類比，抓住它們的相似性，有助于記憶3.【答案】 D【解析】解：A 、0-2s 內(nèi)速度圖象在時間軸的上方，都為正，速度方向沒有改 變 。故A 錯誤；B、速度時間圖象的斜率表示加速度，由 圖可知 1-3s圖象斜率不 變，加速度不變，方向沒有發(fā)生改變，故 B 錯誤；第9頁，共 24頁C、根據(jù)“面積”

21、表示位移可知， 0-2s 內(nèi)的位移 為：x1=22m=2m。故C 錯誤；D、根據(jù)“面積”表示位移可知， 0-3s 內(nèi)的位移 為：x1=22-m=1m，0-5s 內(nèi)的位移 為：x2=21m=1m，所以第 3 秒末和第 5 秒末的位置相同。故D 正確。故選：D。速度圖象與時間軸圍 成的面積等于物體在 該段時間內(nèi)通過的位移，速度的正負(fù)表示速度的方向，只要 圖象在時間軸同一側(cè)物體運(yùn)動的方向就沒有改 變；只要總面積仍大于 0，位移方向就仍沿正方向；深刻理解某一段 時間內(nèi)的位移就等于在 該段時間內(nèi)速度圖象與時間軸圍 成的面積是解決此 類題目的突破口。4.【答案】 C【解析】解：由題意可知，快速扣殺的羽毛球

22、在 飛行中受到的力，除重力外，還受到空氣的阻力，故 ABD 錯誤，C 正確；故選：C。在地球表面，由于受到地球的吸引，而受到重力，同 時還受到空氣的阻力，從而即可求解考查物體的受力分析，掌握力既有施力物體，也有受力物體，力不可能 單獨(dú)存在的5.【答案】 C【解析】解：設(shè)球飛來的方向 為正方向，則有初速度，根據(jù)加速度的概念有：，故C 正確；ABD 錯誤；故選：C。設(shè)球飛來的方向 為正方向，飛來的速度 為正值，反向踢回的速度為負(fù)值，用帶正負(fù)號的數(shù)值表示速度。根據(jù)加速度的定 義式求出加速度。第10 頁，共 24頁本題關(guān)鍵考查速度與加速度的矢量性。在直 線運(yùn)動中，可以帶正負(fù)號的量值表示矢量，不能只考

23、慮矢量的大小。6.【答案】 C【解析】解：小石頭下落過程，可以看做自由落體運(yùn) 動。即 h=gt2，代入數(shù)據(jù)則有：h=gt2=9.8 52=122.5m，考慮聲音傳回來，空氣阻力，則下落距離 應(yīng)略小于122.5m，即選項(xiàng) C 正確。故選：C。已知時間，根據(jù) h=gt2 即可估算井口到水面的深度解決本題的關(guān)鍵知道自由落體運(yùn) 動是初速度 為零，加速度為 g 的勻加速直 線運(yùn)動。7.【答案】 D【解析】解：AB 、放在水平面上的棋子，受到豎直向下的重力，垂直于水平面向上的支持力、斜向下的推力作用，以及運(yùn) 動過程中受到的摩擦力，所以棋子受到4 個力作用，其中手指對棋子作用力方向斜向下，故AB 錯誤；C、

24、由于存在斜向下的推力，所以棋 盤對棋子的支持力不等于棋子重力，故 C 錯誤；D、棋子受到摩擦力是滑 動摩擦力 f= N，即摩擦因數(shù)和正 壓力有關(guān)，與速度大小無關(guān)，故 D 正確；故選：D。根據(jù)棋子的受力情況分析受到的力；根據(jù)平衡條件分析支持力和重力的關(guān)系；根據(jù)摩擦力的 計(jì)算公式分析摩擦力的大小與速度是否有關(guān)。對于物體的受力分析，解 題方法是：確定研究對象，首先分析重力，再分析接觸面的彈力和摩擦力，最后分析非接觸力（電場力或磁場力），只分析物體受到的力，不分析物體 對外施加的力。8.【答案】 D【解析】第11 頁，共 24頁解：A 、對接后的組合體軌道半徑小于同步 衛(wèi)星的軌道半徑，則其周期小于同步

25、衛(wèi)星周期，即小于地球的自 轉(zhuǎn)周期，則 A 錯誤衛(wèi)則B錯誤B、所有 星的運(yùn)行速度都不大于第一宇宙速度即7.9km/s，C、在“天宮二號 ”內(nèi)工作的宇航 員懸浮或靜止，其所受的引力提供向心力， 產(chǎn)生向心加速度，不是平衡 態(tài)，則 C 錯誤D、空間實(shí)驗(yàn)室中航天 員為完全失重狀 態(tài)，但測力計(jì)還可以測拉力。則 D 正確故選：D。萬有引力提供向心力，根據(jù)萬有引力定律和牛頓第二定律列式比 較線速度、周期表達(dá)式，由此可以比 較其大小在空間實(shí)驗(yàn)室中處于完全失重狀 態(tài)，萬有引力提供向心力有向心加速度，不是平衡態(tài)；可以用測力計(jì)測拉力解決本題的關(guān)鍵掌握萬有引力提供向心力這一理論，并能根據(jù)題意結(jié)合向心力的幾種不同的表達(dá)形

26、式， 選擇恰當(dāng)?shù)南蛐牧Φ谋磉_(dá)式；明確空間實(shí)驗(yàn)室中航天 員為完全失重狀 態(tài)9.【答案】 A【解析】解：A 、司南能夠指向南北，是由于地球具有磁 場，地磁場是南北指向。故 A 正確；B、司南指向會受到附近 鐵塊的干擾，是由于鐵塊被磁化后干 擾了附近的地磁場。故B 錯誤；C、司南也有一定的磁性，所以靠近 鐵塊時，會受到附近鐵塊的干擾。故C 錯誤；D、由于司南的磁勺尾靜止 時指向南方，所以磁勺的 S極位于司南的磁勺尾部。故 D錯誤。故選：A。指南針早起稱司南，主要組成部分是一根裝在 軸上的磁針，磁針在天然地磁第12 頁，共 24頁場的作用下可以自由 轉(zhuǎn)動并保持在磁子午 線的切線方向上，磁針的北極指向地

27、理的北極，利用這一性能可以辨 別方向常用于航海、大地測量、旅行及軍事等方面物理上指示方向的指南針的發(fā)明由三部分 組成：司南、磁針和羅盤他們均屬于中國的 發(fā)明指南針的發(fā)明源于中國古人如何定向問題的研究，也表明古人 對如何定向 問題的重視為此，指南針被譽(yù)為中國古代四大 發(fā)明之一指南針在航海上的應(yīng)用對地理大發(fā)現(xiàn)和海上貿(mào)易有極大的促 進(jìn)作用10.【答案】 C【解析】解：A 、D、由于需要向心力，曲線運(yùn)動中合力指向曲 線的內(nèi)側(cè)，故A 錯誤，D錯誤；B、C、當(dāng)速度方向與合力方向的 夾角大于 90時，合力做負(fù)功，物體減速，故B 錯誤，C 正確；故選：C。由于需要向心力，曲 線運(yùn)動中合力指向曲 線的內(nèi)側(cè)；當(dāng)速

28、度方向與合力方向的夾角大于 90時，合力做負(fù)功，物體減速；當(dāng)速度方向與合力方向的 夾角小于 90時，合力做正功，物體加速本題關(guān)鍵是明確曲 線運(yùn)動中合力的徑向分量提供向心力并改變速度方向，切向分量改 變速度大小11.【答案】 C【解析】過動能定理可得：解：在整個 程中由-Pt-fs=0-P=W=1.25107W ，故C 正確故選：C。第13 頁，共 24頁在整個過程中利用 動能定理可求得本題主要考查了動能定理的 應(yīng)用，注重過程的選取12.【答案】 C【解析】解：A 、小屋加速上升，合力向上，小屋受到向上的拉力和重力， 則繩對小屋的拉力大于小屋的重力，故A 錯誤 。B、根據(jù)動能定理得 WF-W G

29、=Ek，得W F=WG+Ek，知繩對小屋的拉力做的功大于小屋 動能的增量，故 B 錯誤 。C、根據(jù)功能原理知：除了重力以外其他力做的功等于機(jī)械能的變化，所以繩對小屋的拉力做的功等于小屋機(jī)械能的增量，故C 正確。D、繩對小屋的拉力和小屋重力 對小屋做的 總功等于小屋 動能的增量，由于小屋的重力 勢能增加，所以繩對小屋的拉力和小屋重力 對小屋做的 總功大于小屋機(jī)械能的增量，故 D 錯誤 。故選：C。小屋加速上升，分析其受力情況，分析拉力和重力的關(guān)系。根據(jù)動能定理列式，分析各種能之間的關(guān)系。本題的關(guān)鍵要運(yùn)用動能定理和功能原理解 題，運(yùn)用動能定理時要選擇 好研究對象和研究 過程，分析過程中有哪些力做功

30、。13.【答案】 C【解析】解：A 、當(dāng)外電路的電阻等于電源的內(nèi)電阻時，電源的輸出功率最大；由于負(fù)載與內(nèi)阻的關(guān)系未知，故無法判斷 電源輸出功率的增減，故 A 錯誤；B、電阻 R3 兩端電壓增加量 U3=IR3，電壓表示數(shù)的 變化量為 U=Ir ，兩者的變化大小和 電阻 R3 與電源內(nèi)阻 r 的阻值有關(guān)，因而無法判斷，故 B 錯誤；C、由于U 并=U+U3，故電阻 R2 兩端電壓減小量大于 U，故 C 正確；D、根據(jù)路端電壓根據(jù) U=E-Ir 可知，U 與I 的比值為電源的內(nèi)阻，不變，故第14 頁，共 24頁D 錯誤；故選：C。當(dāng)外電路的電阻等于電源的內(nèi)電阻時，電源的輸出功率最大；根據(jù)閉合電路歐

31、姆定律，路端電壓的減小量等于內(nèi) 電壓的增加量本題關(guān)鍵是記住一個結(jié)論：“當(dāng)外電路的電阻等于電源的內(nèi)電阻時，電源的輸出功率最大 ”；然后結(jié)合閉合電路歐姆定律列式分析，不 難14.【答案】 D【解析】解：變壓器的工作原理是互感 現(xiàn)象，因此原線圈要接交流 電，但不是交流220V，輸出電壓是交流電壓，故副線圈接交流 電壓表，不能接直流電壓表，故 ABC錯誤，D 正確；故選：D。副線圈上的感 應(yīng)電動勢 ，是通過兩個線圈間的互感現(xiàn)象產(chǎn)生的，所以原線圈上的電流應(yīng)該是變化的，應(yīng)為交流電流，電壓為交流電壓副線圈上的感 應(yīng)電流（感應(yīng)電動勢 ）也應(yīng)該是交流，從而即可求解本題關(guān)鍵明確變壓器的工作原理，同時要結(jié)合變壓器的

32、變壓比公式列式分析15.【答案】 AB【解析】解：A 、圖甲：每種原子都有自己的特征 譜線，故光譜分析可鑒別物質(zhì)，故 A 正確；B、玻爾理論指出氫原子能級是分立的，所以原子 發(fā)射光子的 頻率也是不 連續(xù)的，故 B 正確；C、盧瑟福通過分析 粒子散射 實(shí)驗(yàn)結(jié)果，提出了原子的核式 結(jié)構(gòu)模型，故 C錯誤；D、根據(jù)電子束通過鋁箔后的衍射 圖樣，說明電子具有波 動性，故 D 錯誤；第15 頁，共 24頁故選：AB。每種原子都有自己的特征譜線，故光譜分析可鑒別物質(zhì)玻爾理論指出氫原子能級是分立的，所以原子 發(fā)射光子的 頻率也是不 連續(xù)的；盧瑟福通過分析 粒子散射 實(shí)驗(yàn)結(jié)果，提出了原子的核式 結(jié)構(gòu)模型；根據(jù)電

33、子束通過鋁箔后的衍射圖樣，說明電子具有波 動性弄清楚每個 圖象的作用及代表的物理知識，熟練掌握物理 規(guī)律的來龍去脈是掌握此類知識的前提熟練掌握物理 規(guī)律的來龍去脈是掌握此 類知識的前提16.【答案】 AC【解析】解：由振動圖象可知，在 t=0 時刻，a 位于波峰，b 經(jīng)過平衡位置向下運(yùn) 動 。若波從 a 傳到 b，如圖 a、b 兩點(diǎn)之間的波形圖 “余數(shù) ”如 紅線所示，則有（n+） =9m，n=0，1，2， ，得=若波從 b 傳到 a，如圖 a、b 兩點(diǎn)之間的波形圖“余數(shù) ”如藍(lán)線所示，則有（n+ ）=9m，n=0，1，2， ，得= m 代入自然數(shù)可知， =4m、12m，得AC 正確。故選：A

34、C。根據(jù)同一 時刻兩個 質(zhì)點(diǎn)的振 動狀 態(tài)，畫出可能的波形，得到距離 9m 與波 長的關(guān)系式，求得波長的通項(xiàng)，得到波長的特殊值，即可進(jìn)行選擇。本題考查機(jī)械波的 圖象及多解性。 a、b 兩點(diǎn)之間的波形圖“余數(shù) ”可以 為解析圖中藍(lán)色和紅色兩種形式。17.【答案】 BD【解析】解：AB 、由于摩擦因數(shù)為 0.5，靜摩擦力能提供的最大加速度 為 5m/s2，當(dāng)力 F作用在木板上 時，系統(tǒng)剛開始的加速度 為，當(dāng)滑塊獲得向左運(yùn) 動的速度后又 產(chǎn)生了一個方向向上的洛 倫茲力，當(dāng)速度增大到 f= （mg-Bqv）=ma 時，滑塊開始相對于木板滑 動，隨著速度的增大，滑塊的最大第16 頁，共 24頁靜摩擦力在

35、減小，則滑塊的加速度在減小，當(dāng) mg=Bqv 時，滑塊的加速度等于零，即開始做勻速直 線運(yùn)動，所以滑塊的運(yùn)動是先勻加速，后做加速度減小的加速運(yùn) 動，最后做勻速運(yùn)動，故A 錯誤；B 正確；CD、最終滑塊和木板之 間沒有摩擦力，所以最 終木板的加速度 為，此時滑塊受力 mg=Bqv ，即速度為：，故C 錯誤 D 正確。故選：BD。先求出木 塊靜摩擦力能提供的最大加速度，再根據(jù)牛頓第二定律判斷當(dāng)0.9N的恒力作用于木板 時，系統(tǒng)一起運(yùn)動的加速度，當(dāng)滑塊獲得向左運(yùn) 動的速度以后又產(chǎn)生一個方向向上的洛 倫茲力，當(dāng)洛倫茲力等于重力 時滑塊與木板之間的彈力 為零，此時 摩擦力等于零，此后物 塊 做勻速運(yùn) 動

36、，木板做勻加速直線運(yùn)動。本題考查了帶電滑塊在磁場中的運(yùn)動問題，在滑塊運(yùn)動運(yùn)動前，洛倫茲力是變力，滑塊與木板受力情況 較復(fù)雜；注意當(dāng)滑塊獲得向左運(yùn) 動的速度以后滑塊受到一個方向向上的洛 倫茲力，當(dāng)洛倫茲力等于重力 時滑塊與木板之 間的彈力為零，此時摩擦力等于零，此后滑 塊做勻速運(yùn) 動，木板做勻加速直線運(yùn)動。18.【答案】 入射角太小用手觸摸玻璃光學(xué)面【解析】解：在做測玻璃折射率的 實(shí)驗(yàn)中，為了減小誤差應(yīng)該適當(dāng)?shù)脑龃笕肷浣牵约椎牟划?dāng)之 處就是入射角太小了；在做 測玻璃折射率的 實(shí)驗(yàn)中，不能直接用玻璃磚當(dāng)尺子用，且不要用手直接觸摸光學(xué)面， 這樣 會損壞玻璃磚，所以乙的不當(dāng)之 處是：用手觸摸玻璃光

37、學(xué)面（或拿玻璃當(dāng)尺子）故答案為：入射角太?。挥檬钟|摸玻璃光學(xué)面用插針法測定玻璃的折射率 時，入射角不能太小，不能把玻璃 磚當(dāng)直尺用。第17 頁，共 24頁根據(jù)操作 規(guī)程分析。明確測定玻璃折射率的 實(shí)驗(yàn)注意事 項(xiàng)，了解測玻璃折射率的本 質(zhì)及操作要求，注意做實(shí)驗(yàn)不要損壞實(shí)驗(yàn)用具19.【答案】 11.36-2k2.1【解析】解：由圖可知，標(biāo)尺的最小分度 為 1cm；如圖所示兩光 電門之間的距離s1=143.0-3.0cm=1.400m，因 t1=1.03s，那么 =m/s=1.36m/s；依據(jù)運(yùn)動學(xué)公式則， 有：因假設(shè)圖線的斜率為 k，縱坐標(biāo)截距為 b，則滑塊運(yùn)動的加速度 為 a=-2k，根據(jù)點(diǎn)然后

38、平滑 連線，如圖所示：由圖可知，；因此測量的加速度大小 為 2.1m/s2。故答案為：1；1.36；-2k；2.1。根據(jù)刻度尺的最小刻度，即可確定，從而 讀出 s間進(jìn)的值，依1距， 而求得據(jù)運(yùn)動學(xué)公式 s= at2，結(jié)合-t 圖線，即可求解加速度；依據(jù)描點(diǎn)平滑連線，從而作出 圖象。第18 頁，共 24頁考查運(yùn)動學(xué)公式與 圖象的綜合應(yīng)用，掌握刻度的 讀數(shù)，知道最小刻度的確定，注意平滑 連線是作圖的關(guān)鍵。20.【答案】 128【解析】解：（1）由圖甲可知，電表指針沒有指在左 側(cè)零刻度處，故應(yīng)進(jìn)行機(jī)械調(diào)零，故應(yīng)用螺絲刀調(diào)節(jié)旋鈕 ；（2）由圖乙可知，測量電阻時指針偏轉(zhuǎn)較大，表盤上示數(shù)偏小，則說明所選檔

39、位太大，故應(yīng)換用小檔位，故選：1；同時每次換檔后均應(yīng)進(jìn)行歐姆調(diào)零，故將兩表筆短接，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕使指針指到右側(cè)零刻度處；（3）由圖可知，電阻 R=281=28；故答案為：（1） ；（2）1， ；（3）28。（1）明確多用電表的使用方法，知道在使用前 應(yīng)觀察指針是否在左 側(cè)零刻度處，如不在應(yīng)進(jìn)行機(jī)械調(diào)零；（2）用歐姆表測電阻時，歐姆表指針應(yīng)指在歐姆表刻度 盤中央附近，根據(jù)待測電阻阻值選擇合適的擋位，并進(jìn)行歐姆調(diào)零；（3）根據(jù)指針位置得出 讀數(shù)，再乘以檔位即可得出最 終的讀數(shù)。本題利用多用 電 表測量電 阻，要注意掌握多用 電表的使用方法，掌握機(jī)械 調(diào)零和歐姆 調(diào)零，同時注意如何 選擇合適的檔位

40、，并進(jìn)行讀數(shù)，注意明確每次換檔均應(yīng)進(jìn)行歐姆調(diào)零。21.【答案】 解：（1）汽車加速時間t1= =4.0 sx1=20 m，加速位移為行人加速的時間t2=2.0 s，加速位移為x2=t2=1 m行人通過橫道線的時間為t =t2+=21 s在行人通過橫道線的時間內(nèi)汽車行駛位移x3=x1+v1（ t -t 1） =190 m能到達(dá)橫道線的車輛數(shù)N1= =31.7，即第 32 輛車有一部分是行人離開橫道線后從側(cè)邊走過，故取 N1=31 輛車擦肩而過（ 2）在亮燈t=40 s 內(nèi)汽車行駛的位移x4=x1+v1（ t-t1）=380 m第19 頁，共 24頁該時段內(nèi)能通過路口的車輛N2=63.3，取整知N

41、2=64，即第 65 輛車未能通過設(shè) t0 =3 s 時第 65 輛車行駛的位移為 x5=x1+v1（ t -t1-t0） =350 m，此時車離停車線的距離x6=64d-x1=34 m，故它停下的時間滿足x6= t3，解得 t3=6.8 s答：（ 1）路口對面最前面的行人在通過橫道線的過程中與31 輛車擦肩而過；（ 2）按題述情景，不能通過路口的第一輛汽車司機(jī)，在時間顯示燈剛亮出“3”時開始剎車，使車勻減速運(yùn)動，結(jié)果車的前端與停車線相齊，剎車后汽車經(jīng)6.8s時間停下【解析】（1）首先據(jù)題意在草稿 紙上畫運(yùn)動示意圖，據(jù)圖分析，再利用汽車的運(yùn)動特點(diǎn)求出 40 秒內(nèi)汽車的位移；再據(jù)位移與汽車之間的

42、距離求出通 過路口的汽 車數(shù)量（2）由（1）問可知，汽車的初速度，再據(jù)第一 輛未通過路口的距離關(guān)系，求出剎車的距離，據(jù)勻變速直線運(yùn)動的規(guī)律即可求解本題運(yùn)動過程復(fù)雜且研究對象較多，感覺無從下手，如畫出運(yùn) 動示意圖會有事半功倍的效果，靈活利用位移與車距的關(guān)系是解 題的核心22.【答案】 解：（ 1）物塊 A 從出發(fā)至 N 點(diǎn)過程只有重力做功，機(jī)械能守恒，故有：；所以，；假設(shè)物塊在N 點(diǎn)受到的彈力方向豎直向下，為 F N，由牛頓第二定律可得：；所以，物塊A 受到的彈力；（ 2）物塊 A 經(jīng)豎直圓軌道后滑上水平軌道，在粗糙路段有摩擦力做負(fù)功，動能損失；設(shè)物體經(jīng)過粗糙段的路程為kL 后靜止，那么物體A

43、整個運(yùn)動過程只有摩擦力做功，由動能定理可得：，所以，；故 k= k+1=63 ，即物塊 A 最終停在第63 個粗糙段上（ 3）物塊 A 滑到第 n 個光滑段上時經(jīng)過n 個粗糙段，故由動能定理可得：；所以，物塊 A 滑至第 n 個（ n k）光滑段上的速度；答：（ 1） A 滑過 N 點(diǎn)時的速度大小v 為，受到的彈力大小為150N；（ 2）若 A 最終停止在第k 個粗糙段上，則k 的數(shù)值為 63；（ 3）物塊 A 滑至第 n 個（ nk）光滑段上的速度vn 與 n 的關(guān)系式為【解析】第20 頁，共 24頁（1）對物塊 A 從出發(fā)至 N 點(diǎn)過程應(yīng)用機(jī)械能守恒求得速度，然后由牛 頓第二定律求得 彈力

44、；（2）對物塊 A 的整個運(yùn) 動過程應(yīng)用動能定理求得在粗糙段上運(yùn) 動的距離，即可求得 k；（3）對物塊 A 運(yùn)動到第 n 個光滑段上的運(yùn) 動過程應(yīng)用動能定理求解經(jīng)典力學(xué) 問題一般先 對物體進(jìn)行受力分析，求得合外力及運(yùn) 動過程做功情況，然后根據(jù)牛 頓定律、動能定理及幾何關(guān)系求解23.【答案】解：（ 1）由圖可知， 左側(cè)的電子的運(yùn)動的方向向下， 等效電流的方向向上，偏轉(zhuǎn)的方向向右，由左手定則可知，該處的磁場的方向向外，根據(jù)安培定則可知，左側(cè)的通電直導(dǎo)線的電流方向向下；同理，右側(cè)電子的運(yùn)動的方向向下，等效電流的方向向上，偏轉(zhuǎn)的方向向左，由左手定則可知，該處的磁場的方向向里，根據(jù)安培定則可知，右側(cè)的通

45、電直導(dǎo)線的電流方向向下（ 2）從圖乙可知，越靠近中心線處的電子的偏轉(zhuǎn)越小，則粒子做勻速圓周運(yùn)動的半徑越大，由：可知，越靠近中心線處的磁感應(yīng)強(qiáng)度越小，左右對稱（ 3）如圖做出過A 點(diǎn)的電子的運(yùn)動的軌跡，然后分別做出過A 點(diǎn)的軌跡的垂線和過A點(diǎn)的軌跡的垂線，二者交于F 點(diǎn)，則： r=，設(shè) O A M=，則由幾何關(guān)系得：FA A=由于已知OA=OA =d， AA =L， O M=h，所以：同時：整理得：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中做勻速圓周運(yùn)動，洛倫茲力提供向心力得：所以：第21 頁，共 24頁答：（ 1）要使射入聚焦室的電子發(fā)生圖乙偏轉(zhuǎn)，圖甲中左側(cè)和右側(cè)通電直導(dǎo)線的電流方向都向下；（ 2）要產(chǎn)生圖示的聚焦效果，該平面中磁場的分布情況是越靠近中心線處的磁感應(yīng)強(qiáng)度越小，左右對稱；（ 3）該磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小是【解析】（1）根據(jù)電