【原創(chuàng)】2021屆高三物理第七次周練及答案

1、2021屆高三物理第七次周練一、選擇題（1-6題為單選題，7-10為多選題，每題8分，共80分）1.如圖所示，在某次航天飛行實驗活動中，飛船先沿橢圓軌道1飛行，后在高度為343km的遠地點P處點火加速，由橢圓軌道1變成高度為343km的圓軌道2。下列判斷正確的是 ( )A. 飛船在橢圓軌道1上的機械能比在圓軌道2上的機械能大B. 飛船在圓軌道2上時航天員出艙前后都處于失重狀態(tài)C. 飛船在圓軌道2上運動的角速度小于同步衛(wèi)星運動的角速度D. 飛船在橢圓軌道1上通過P的加速度小于在圓軌道2上通過P的加速度2.2019年1月3日10時26分，“嫦娥四號”探測器成功在月球背面著陸，標志著我國探月航天工程

2、達到了一個新高度，圖示為“嫦娥四號”到達月球背面的巡視器。已知地球和月球的半徑之比約為4:1，其表面重力加速度之比約為6:1。則地球和月球相比較，下列說法中最接近實際的是() A. 地球的密度與月球的密度比為3：2B. 地球的質量與月球的質量比為64：1C. 地球的第一宇宙速度與月球的第一宇宙速度比為8：1D. 蘋果在地球表面受到的引力與它在月球表面受到的引力比為60：13.某學校體育選修課開設飛鏢投擲項目，在豎直墻壁上懸掛一鏢靶，一學生站在離墻壁一定距離的某處，以某一速度將飛鏢水平拋出，飛鏢落在鏢心O的正下方的A點，若飛鏢仍從原位置拋出，要使飛鏢落在球心點，則下列措施可能可行的是A. 仍水平

3、拋出飛鏢，飛鏢拋出的初速度減小 B. 仍水平拋出飛鏢，飛鏢拋出的初速度增大C. 斜向下方拋出飛鏢，飛鏢拋出的初速度不變 D. 斜向下方拋出飛鏢，飛鏢拋出的初速度變小4.如圖所示，在某行星表面上有一傾斜的勻質圓盤，盤面與水平面的夾角為30，圓盤繞垂直于盤面的固定對稱軸以恒定的角速度轉動，盤面上離轉軸距離L處有一小物體與圓盤保持相對靜止已知能使小物體與圓盤保持相對靜止的最大角速度為.物體與盤面間的動摩擦因數為32(設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力)，該星球的半徑為R，引力常量為G，下列說法正確的是() A. 這個行星的質量M=2R2LG B. 這個行星的同步衛(wèi)星的周期是RLC. 這個行星的第一宇宙速度

4、v1=2LR D. 離行星表面距離為2R的地方的重力加速度為2L5.一質量為m的汽車原來在平直路面上以速度v勻速行駛，發(fā)動機的輸出功率為P.從某時刻開始，司機突然加大油門將汽車發(fā)動機的輸出功率提升至某個值并保持不變，結果汽車在速度到達2v之后又開始勻速行駛。若汽車行駛過程所受路面阻力保持不變，不計空氣阻力。下列說法正確的是()A. 汽車加速過程的最大加速度為Pmv B. 汽車加速過程的平均速度為32vC. 汽車速度從v增大到2v過程做勻加速運動D. 汽車速度增大時發(fā)動機產生的牽引力隨之不斷增大6.如圖所示，固定在地面上的半圓軌道直徑ab水平，質點P從a點正上方高H處自由下落，經過軌道后從b點沖

5、出豎直上拋，上升的最大高度為23H，空氣阻力不計，當質點下落再經過軌道a點沖出時，能上升的最大高度h為()A. h=23HB. h=H3C. hH3D. H3hW2聯(lián)立即可解得：H3h2H3。故D正確。7.【答案】CD【解析】解：A、物體到達最高點時，機械能E=Ep=mgh，m=Egh=30103kg=1kg，故A錯誤；B、物體上升過程中，克服摩擦力做功，機械能減少，減少的機械能等于克服摩擦力的功，E=-mgcoshsin，即30J-50J=-110cos373sin37，=0.5，故B錯誤；C、物體上升過程中，由牛頓第二定律得：mgsin+mgcos=ma，解得a=10m/s2，故C正確；D

6、、由圖象可知，物體上升過程中摩擦力做功W=30J-50J=-20J，在整個過程中由動能定理得Ek-Ek0=2W，則Ek=Ek0+2W=50J+2(-20)=10J，故D正確；故選：CD。當物體到達最高點時速度為零，機械能等于物體的重力勢能，由重力勢能計算公式可以求出物體質量；在整個運動過程中，機械能的變化量等于摩擦力做的功，由圖象求出摩擦力的功，由功計算公式求出動摩擦因數；由牛頓第二定律求出物體上升過程的加速度；由動能定理求出物體回到斜面底端時的動能。重力做功不改變物體的機械能，摩擦力做功使物體機械能減少，由圖象求出物體初末狀態(tài)的機械能，應用重力勢能的計算公式、動能定理即可正確解題。8.【答案

7、】BD【解析】【分析】根據牛頓第二定律得出在最低點的小球對軌道的壓力，根據動能定理得出小球到達最高點的速度，再結合牛頓第二定律得出在最高點對軌道的壓力大小。根據平拋運動的知識分析選項CD。本題是圓周運動的平拋運動及動能定理的綜合題目，中等難度?！窘獯稹緼.在最低點，根據牛頓第二定律得出FN-mg=mv2r，得出FN=mg+mv2r=0.110+0.11021=11N，故A錯誤；B.從最低點到最高點的過程中，根據動能定理得出：-mg2R=12mv2-12mv02得出到達最高點的速度為v=v02-4gR=102-4101=215m/s，在最高點列出牛頓第二定律方程得出mg+FN=mv2R，得出FN

8、=5N，故B正確；C.小球離開軌道后做平拋運動，根據2R=vy22g，得出vy=4gR=210m/s，設小球落地時速度與水平方向的夾角為，tan=vyv=210215=23，故C錯誤；D.根據豎直方向的運動得出：t=vyg=21010=105s，故平拋運動的水平位移為：x=vt=215105=26m，故D正確；故選BD。9.【答案】CD【解析】【分析】物體向右運動時，當彈簧的彈力與滑動摩擦力大小相等時速度最大，物體繼續(xù)向右運動，彈簧繼續(xù)伸長到自然狀態(tài)。整個過程中，物塊克服摩擦力做的功為2mgs.利用動能定理求彈簧的最大彈性勢能。正確進行受力分析，找到彈性勢能最大的位置是速度為零的時候。【解答】

9、A.彈簧被壓最短時，合力向右，物塊的加速度不為0，故A錯誤；B.物塊向右運動過程中，當彈簧的彈力與滑動摩擦力大小相等時速度最大，故B錯誤；C.整個過程中，物塊所受的摩擦力大小恒定，摩擦力一直做負功，則物塊克服摩擦力做的功為：Wf=mg2s=2mgs，故C正確；D.根據動能定理可知：-mgs-Ep=0-12mv2，解得彈簧的最大彈性勢能：Ep=12mv2-mgs，故D正確；故選CD。10.【答案】BD【解析】【分析】物塊在斜面上做勻加速直線運動，由運動學基本公式可求得物塊通過B點的速度，物塊滑上傳送帶后先做勻加速運動，由牛頓第二定律和運動學公式求出勻加到速度與傳送帶相等所用時間和通過的位移，再分

10、析速度相等后的運動情況，求解時間，物塊在傳送帶上因摩擦產生的熱量Q=mgx，根據動能定理求出求出傳送帶對物塊做功，根據能量守恒定律求解傳動系統(tǒng)因此而多消耗的能量。傳送帶模型是高中物理的典型模型，要掌握其解題思路與方法，分析清楚物塊運動過程是正確解題的關鍵，應用牛頓第二定律、運動學公式與能量守恒定律可以解題?！窘獯稹緼.物塊在斜面上做勻加速直線運動，設到達B點速度為v，則有：x=v2t0，解得：v=222m/s=2m/s滑上傳送帶后，物塊在傳送帶上勻加速運動，有：mg=ma代入數據得：a=2m/s2，由v02-v2=2as，代入數據解得：s=3mL所以速度相等后物塊隨傳送帶一起做勻速運動，勻加速

11、經歷時間為：t1=v0-va=4-22s=1s勻速運動的時間為：t2=L-sv0=10-34s=1.75s故總時間為：t=t1+t2=2.75s，故A錯誤；B.物塊在傳送帶上因摩擦產生的熱量為：Q=mgx=0.210(41-3)J=2J，故B正確；C.根據動能定理得：W=12mv02-12mv2=(12116-1214)J=6J，故C錯誤；D.物塊滑上傳送帶后，傳動系統(tǒng)因此而多消耗的電能為：E=Q+12mv02-12mv2=8J，故D正確。故選BD。11.【答案】解：(1)小球到A點的速度如圖所示，由圖可知：v0=vAcos60=80.5m/s=4m/s；(2)小球到A點時，豎直分速度：vy=

12、vAsin60=832m/s=43m/s；則P點與A點的高度差h=vy22g=(43)2210m=2.4m；(3)球剛好能到達圓弧最高點C，則有mg=mvC2R從A到C，由動能定理得：-mgR(1+cos)-Wf=12mvC2-12mvA2代入數據解得：Wf=10J答：(1)小球做平拋運動的初速度v0是4m/s。(2)P點與A點的高度差是2.4m。(3)此過程小球克服摩擦力所做的功是10J。【解析】(1)小球恰好從光滑圓弧ABC的A點的切線方向進入圓弧，說明小球到A點的速度vA方向與水平方向的夾角為，根據速度的分解可以求出初速度v0；(2)平拋運動水平方向做勻速直線運動，豎直方向做自由落體運動