湖南省常德市2015屆高三上學期第一次模擬物理試卷

1、湖南省常德市2015屆高考物理一模試卷一、選擇題：本大題共8小題，每小題給出的四個選項中，第1-5題只有一個選項正確，第6-8題有多個選項正確全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分1下列敘述中正確的是( )A在直線運動中，物體的位移大小等于其路程B一對作用力與反作用力做功代數(shù)和一定等于或小于0C牛頓根據(jù)理想斜面實驗，提出力不是維持物體運動的原因D開普勒第三定律=K為常數(shù)，此常數(shù)的大小只與中心天體質(zhì)量有關(guān)22012年4月16日天文愛好者迎來了“土星沖日”的美麗天象“土星沖日”是指土星和太陽正好分處地球的兩側(cè)，二者幾乎成一條直線該天象每378天發(fā)生一次，土星和地球繞太陽公轉(zhuǎn)的方向相同

2、，公轉(zhuǎn)軌跡都近似為圓，根據(jù)我們?nèi)粘Ｉ钪R可知( )A土星公轉(zhuǎn)的速率比地球大B土星公轉(zhuǎn)的周期為378天C土星公轉(zhuǎn)的向心加速度比地球小D假如土星適度加速，有可能與地球?qū)崿F(xiàn)對接3如圖甲所示的電路中，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為10：1，、均為理想電表，R、L和D分別是光敏電阻（其阻值隨光強增大而減?。⒗硐刖€圈和燈泡原線圈接入圖乙所示的正弦交流電壓u，下列說法中正確的是( )A交流電的方向每秒鐘改變50次B有光照射R時，D變亮C抽出L中的鐵芯，的示數(shù)變小D在t=0.005s時，電壓表的示數(shù)為22V4電子式互感器是數(shù)字變電站的關(guān)鍵裝備之一如圖所示，某電子式電壓互感器探頭的原理為電阻分壓，ac間的電阻

3、是cd間電阻的（n1）倍，某次測量中輸出端數(shù)字電壓表的示數(shù)為U，則輸入端的電壓為( )AnUBC（n1）UD5傾角為37°的光滑斜面上固定一個槽，勁度系數(shù)k=20N/m、原長l0=0.6m的輕彈簧下端與輕桿相連，開始時桿在槽外的長度l=0.3m，且桿可在槽內(nèi)移動，桿與槽間的滑動摩擦力大小Ff=6N，桿與槽之間的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力質(zhì)量m=1kg的小車從距彈簧上端L=0.6m處由靜止釋放沿斜面向下運動已知彈性勢能Ep=kx2，式中x為彈簧的形變量g取10m/s2，sin37°=0.6關(guān)于小車和桿的運動情況，下列說法中正確的是( )A小車先做勻加速運動，后做加速度逐漸減小

4、的變加速運動B小車先做勻加速運動，后做加速度先減小后增大的變加速運動C桿剛要滑動時小車已通過的位移為0.6mD桿從開始運動到完全進入槽內(nèi)所用時間為0.1s6如圖所示，質(zhì)量分別為m1和m2兩個物體用兩根輕質(zhì)細線，分別懸掛在天花板上的A、B兩點，兩線與水平方向夾角分別為、且，兩物體間的輕質(zhì)彈簧恰好處于水平狀態(tài)，兩根繩子拉力分別為TA和TB，則下列說法中正確的是( )ATATBBTATBCm1m2Dm1m27如圖所示，空間中固定的四個點電荷分別位于正四面體的四個頂點處，A點為對應棱的中點，B點為右側(cè)面的中心，C點為底面的中心，D點為正四面體的中心（到四個頂點的距離均相等）關(guān)于A、B、C、D四點的電勢

5、高低，下列判斷正確的是( )AA=BBA=DCBCDCD8如圖所示，在空間中有一坐標系xOy，其第一象限內(nèi)充滿著兩個勻強磁場區(qū)域I和，直線OP是它們的邊界區(qū)域I中的磁感應強度為B，方向垂直紙面向外；區(qū)域中的磁感應強度為2B，方向垂直紙面向內(nèi)；邊界上的P點坐標為（4L，3L）一質(zhì)量為 m、電荷量為q的帶正電粒子從P點平行于y軸負方向射入?yún)^(qū)域I，經(jīng)過一段時間后，粒子恰好經(jīng)過原點O忽略粒子重力，已知sin37°=0.6，cos37°=0.8則下列說法中正確的是( )A該粒子一定沿y軸負方向從O點射出B該粒子射出時與y軸正方向夾角可能是74°C該粒子在磁場中運動的最短時間

6、t=D該粒子運動的可能速度為v=（n=1，2，3）二、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分第9題第12題為必考題，每個試題考生都必須作答第13題第18題為選考題，考生根據(jù)要求作答（一）必考題9某同學利用如圖所示的裝置探究功與速度變化的關(guān)系（）小物塊在橡皮筋的作用下彈出，沿水平桌面滑行，之后平拋落至水平地面上，落點記為M1；（）在釘子上分別套上2條、3條、4條同樣的橡皮筋，使每次橡皮筋拉伸的長度都保持一致，重復步驟（），小物塊落點分別記為M2、M3、M4；（）測量相關(guān)數(shù)據(jù)，進行數(shù)據(jù)處理（1）為求出小物塊拋出時的動能，需要測量下列物理量中的_（填正確答案標號）A小物塊的質(zhì)量mB橡皮筋的原長xC橡皮筋

7、的伸長量xD桌面到地面的高度hE小物塊拋出點到落地點的水平距離L（2）將幾次實驗中橡皮筋對小物塊做功分別記為W1、W2、W3、，小物塊拋出點到落地點的水平距離分別記為L1、L2、L3、若功與速度的平方成正比，則應以W為縱坐標、_為橫坐標作圖，才能得到一條直線（3）由于小物塊與桌面之間的摩擦不能忽略，則由此引起的誤差屬于_（填“偶然誤差”或“系統(tǒng)誤差”）10在學習了傳感器后，大家開始動手探究壓敏電阻的阻值隨壓力變化的關(guān)系，實驗室備有下列實驗器材：A電源E（3V，內(nèi)阻約為1）B電流表Al（0.6A，內(nèi)阻r1=5）C電流表A2（0.6A，內(nèi)阻r2約為1）D開關(guān)S，定值電阻R0（1）同學們設(shè)計了如圖1

8、所示的實驗電路，請判斷甲是電流表_（填“Al”或“A2”）（2）實驗中發(fā)現(xiàn)測得甲、乙的讀數(shù)分別為I1和I2，則壓敏電阻此時的阻值為_（用字母表示）（3）改變力的大小和方向，得到壓敏電阻隨力F變化的圖象如圖2所示，則Rx的阻值隨力F的大小變化的關(guān)系式為_（4）定值電阻R0的阻值應該選_A1 B5 C10 D2011甲、乙兩質(zhì)點在同一時刻、從同一地點沿同一方向做直線運動，其中質(zhì)點甲做初速度為零、加速度大小為a1的勻加速直線運動，質(zhì)點乙做初速度為v0=10m/s、加速度大小為a2的勻減速直線運動直至停止甲、乙兩質(zhì)點在運動過程中位移為5m時速度相同，經(jīng)過另一相同位置時，甲、乙兩質(zhì)點的速度分別為8m/s

9、、6m/s求：（1）甲、乙兩質(zhì)點的加速度大小a1、a2；（2）甲、乙兩質(zhì)點相遇時離出發(fā)點的距離12（19分）如圖所示，豎直平面內(nèi)有無限長、不計電阻的兩組平行光滑金屬導軌，寬度均為L=0.5m，上方連接一個阻值R=1的定值電阻，虛線下方的區(qū)域內(nèi)存在磁感應強度B=2T的勻強磁場完全相同的兩根金屬桿1和2靠在導軌上，金屬桿與導軌等寬且與導軌接觸良好，電阻均為r=0.5將金屬桿1固定在磁場的上邊緣（仍在此磁場內(nèi)），金屬桿2從磁場邊界上方h0=0.8m處由靜止釋放，進入磁場后恰作勻速運動求：（1）金屬桿2的質(zhì)量m為多大？（2）若金屬桿2從磁場邊界上方h1=0.2m處由靜止釋放，進入磁場經(jīng)過一段時間后開始

10、勻速運動在此過程中整個回路產(chǎn)生了1.4J的電熱，則此過程中流過電阻R的電量q為多少？（3）金屬桿2仍然從離開磁場邊界h1=0.2m處由靜止釋放，在金屬桿2進入磁場的同時由靜止釋放金屬桿1，兩金屬桿運動了一段時間后均達到穩(wěn)定狀態(tài)，試求兩根金屬桿各自的最大速度（已知兩個電動勢分別為E1、E2不同的電源串聯(lián)時，電路中總的電動勢E=E1+E2）(二）選考題，請考生從以下三個模塊中任選一模塊作答【物理-選修3-3】13關(guān)于熱現(xiàn)象和分子動理論，下列說法正確的是( )A熱量不能從低溫物體傳到高溫物體B雨水沒有透過布雨傘是因為液體表面存在張力C自行車打氣越打越困難主要是因為胎內(nèi)氣體壓強增大而非分子間相互排斥的

11、原因Dlg氫氣和1g氧氣含有的分子數(shù)相同，都是6.02×1023個14如圖所示，在長為L=57cm的一端封閉、另一端開口向上的豎直玻璃管內(nèi)，用4cm高的水銀柱封閉著51cm長的理想氣體，管內(nèi)外氣體的溫度均為33，大氣壓強p0=76cmHg若緩慢對玻璃管加熱，當水銀柱上表面與管口剛好相平時，求管中氣體的溫度；若保持管內(nèi)溫度始終為33，現(xiàn)將水銀緩慢注入管中，直到水銀柱上表面與管口相平，求此時管中氣體的壓強【物理-選修3-4】15下列說法正確的是( )A“聞其聲而不見其人”現(xiàn)象說明遇到同樣障礙物時聲波比可見光容易發(fā)生衍射B用超聲波被血流反射回來其頻率發(fā)生變化可測血流速度，是利用了波的干涉現(xiàn)

12、象C做受迫振動的物體，其穩(wěn)定時的振動頻率不一定等于驅(qū)動力的頻率D用標準平面來檢查光學面的平整程度是利用光的偏振現(xiàn)象16某時刻的波形圖如圖所示，波沿x軸正方向傳播，質(zhì)點P的橫坐標x=0.32m從此時刻開始計時（1）若P點經(jīng)0.4s第一次到達最大正位移處，求波速大小（2）若P點經(jīng)0.4s到達平衡位置，波速大小又如何？【物理-選修3-5】17下列說法正確的是( )A光子不但具有能量，也具有動量B玻爾認為，氫原子中電子軌道是量子化的，能量也是量子化的C將由放射性元素組成的化合物進行高溫分解，會改變放射性元素的半衰期D原子核的質(zhì)量大于組成它的核子的質(zhì)量之和，這個現(xiàn)象叫做質(zhì)量虧損18如圖所示，AB為傾角=

13、37°的粗糙斜面軌道，通過一小段光滑圓弧與光滑水平軌道BC相連接，質(zhì)量為m1的物塊甲以速度v0與靜止在水平軌道上、質(zhì)量為m2的物塊乙發(fā)生彈性正碰若m1：m2=1：2，且軌道足夠長，要使兩物塊能發(fā)生第二次碰撞，求乙物塊與斜面之間的動摩擦因數(shù)的取值范圍（sin37°=0.6，cos37°=0.8）湖南省常德市2015屆高考物理一模試卷一、選擇題：本大題共8小題，每小題給出的四個選項中，第1-5題只有一個選項正確，第6-8題有多個選項正確全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分1下列敘述中正確的是( )A在直線運動中，物體的位移大小等于其路程B一對作用力與反

14、作用力做功代數(shù)和一定等于或小于0C牛頓根據(jù)理想斜面實驗，提出力不是維持物體運動的原因D開普勒第三定律=K為常數(shù)，此常數(shù)的大小只與中心天體質(zhì)量有關(guān)考點：開普勒定律；作用力和反作用力 分析：位移與路程的關(guān)系；一對作用力與反作用力做功情況；伽利略的理想斜面實驗；開普勒第三定律=K為常數(shù)解答：解：A、在單向直線運動中，物體的位移大小等于其路程，故A錯誤B、一對作用力與反作用力，可做正功、負功、不做功，代數(shù)和可正、可負、也可為零，故B錯誤C、伽利略的理想斜面實驗，提出力不是維持物體運動的原因，故C錯誤D、開普勒第三定律=K為常數(shù)，此常數(shù)的大小只與中心天體質(zhì)量有關(guān)，故D正確故選：D點評：考查了物理學史，了

15、解物理學家的貢獻，一對作用力與反作用力做功情況，難度一般22012年4月16日天文愛好者迎來了“土星沖日”的美麗天象“土星沖日”是指土星和太陽正好分處地球的兩側(cè)，二者幾乎成一條直線該天象每378天發(fā)生一次，土星和地球繞太陽公轉(zhuǎn)的方向相同，公轉(zhuǎn)軌跡都近似為圓，根據(jù)我們?nèi)粘Ｉ钪R可知( )A土星公轉(zhuǎn)的速率比地球大B土星公轉(zhuǎn)的周期為378天C土星公轉(zhuǎn)的向心加速度比地球小D假如土星適度加速，有可能與地球?qū)崿F(xiàn)對接考點：萬有引力定律及其應用 專題：萬有引力定律的應用專題分析：根據(jù)萬有引力提供向心力得出線速度、向心加速度與軌道半徑的關(guān)系，從而比較出大小結(jié)合幾何關(guān)系，抓住天象大約每378天發(fā)生一次求出土星的

16、公轉(zhuǎn)周期根據(jù)萬有引力與向心力的大小關(guān)系判斷土星做離心運動還是近心運動，判斷能否與地球?qū)崿F(xiàn)對接解答：解：A、C、根據(jù)G=m=ma得，v=，a=，知軌道半徑越大，則線速度越小，向心加速度越小，則土星的公轉(zhuǎn)速率小于地球，向心加速度小于地球故A錯誤，C正確B、地球公轉(zhuǎn)周期為365天，這378天多走了這13天正好又發(fā)生了此次天象，那么可以求出地球此時相對原來位置所走的角度：=，可知地球偏離原來位置的度數(shù)x，土星卻走了378天，則有：=解得y1.02×104天故B錯誤D、假如土星適度加速，萬有引力不夠所需的向心力，做離心運動，不可能與地球?qū)崿F(xiàn)對接故D錯誤故選：C點評：解決本題的關(guān)鍵掌握萬有引力提

17、供向心力這一理論，并能靈活運用，知道變軌的原理，關(guān)鍵抓住萬有引力與向心力的大小關(guān)系3如圖甲所示的電路中，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為10：1，、均為理想電表，R、L和D分別是光敏電阻（其阻值隨光強增大而減?。?、理想線圈和燈泡原線圈接入圖乙所示的正弦交流電壓u，下列說法中正確的是( )A交流電的方向每秒鐘改變50次B有光照射R時，D變亮C抽出L中的鐵芯，的示數(shù)變小D在t=0.005s時，電壓表的示數(shù)為22V考點：變壓器的構(gòu)造和原理 專題：交流電專題分析：由變壓器原理可得變壓器原、副線圈中的電流之比，輸入、輸出功率之比和閉合電路中的動態(tài)分析類似，可以根據(jù)R的變化，確定出總電路的電阻的變化，進而可以

18、確定總電路的電流的變化的情況，在根據(jù)電壓不變，來分析其他的原件的電流和電壓的變化的情況解答：解：A、原線圈接入如圖乙所示，T=0.02s，所以頻率為f=50 Hz，而每個周期內(nèi)交流電的方向改變兩次，故交流電的方向每秒改變100次；故A錯誤；B、有光照射R時，R阻值隨光強增大而減小，電路中電流增大，則燈泡變亮；故B正確；C、抽出L中的鐵芯，理想線圈自感系數(shù)減小，理想線圈對電流的阻礙減小，所以電流增大；故C錯誤；D、電壓表的示數(shù)為有效值，大小不變，則其示數(shù)為：U2=22V；故D錯誤故選：B點評：電路的動態(tài)變化的分析，總的原則就是由部分電路的變化確定總電路的變化的情況，再確定其他的電路的變化的情況，

19、即先部分后整體再部分的方法4電子式互感器是數(shù)字變電站的關(guān)鍵裝備之一如圖所示，某電子式電壓互感器探頭的原理為電阻分壓，ac間的電阻是cd間電阻的（n1）倍，某次測量中輸出端數(shù)字電壓表的示數(shù)為U，則輸入端的電壓為( )AnUBC（n1）UD考點：串聯(lián)電路和并聯(lián)電路 專題：恒定電流專題分析：由ac和cd是串聯(lián)形式，有串并聯(lián)知識可知電壓與電阻成正比，可以解得結(jié)果解答：解：ac和cd是串聯(lián)形式，由串聯(lián)電路電壓和電阻成正比，ac間的電阻是cd間電阻的（n1）倍，則當某次測量中輸出端數(shù)字電壓表的示數(shù)為U，ac間的電壓為（n1）U，故輸入電壓為U+（n1）U=nU，故A正確，BCD錯誤故選：A點評：該題主要考

20、察串并聯(lián)電路的基本規(guī)律，該題看似有點新穎，但是實際就是兩段電阻的串聯(lián)5傾角為37°的光滑斜面上固定一個槽，勁度系數(shù)k=20N/m、原長l0=0.6m的輕彈簧下端與輕桿相連，開始時桿在槽外的長度l=0.3m，且桿可在槽內(nèi)移動，桿與槽間的滑動摩擦力大小Ff=6N，桿與槽之間的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力質(zhì)量m=1kg的小車從距彈簧上端L=0.6m處由靜止釋放沿斜面向下運動已知彈性勢能Ep=kx2，式中x為彈簧的形變量g取10m/s2，sin37°=0.6關(guān)于小車和桿的運動情況，下列說法中正確的是( )A小車先做勻加速運動，后做加速度逐漸減小的變加速運動B小車先做勻加速運動，后做加

21、速度先減小后增大的變加速運動C桿剛要滑動時小車已通過的位移為0.6mD桿從開始運動到完全進入槽內(nèi)所用時間為0.1s考點：牛頓第二定律；勻變速直線運動的位移與時間的關(guān)系 專題：牛頓運動定律綜合專題分析：對小車在碰撞彈簧前后受力分析，根據(jù)力判斷其運動情況，然后利用能量守恒定律和運動學公式求解解答：解：AB、一開始小車受恒力向下做勻加速運動，后來接觸到彈簧，合力逐漸變小，于是做加速度逐漸變小的變加速運動，最后受到彈簧輕桿的力和重力沿斜面向下的分力平衡，于是做勻速直線運動，所以AB錯誤；C、當彈簧和桿整體受到的力等于靜摩擦力的時候，輕桿開始滑動，此時由平衡得：彈簧壓縮量有公式Ff=kx解得：x=0.3

22、，所以桿剛要滑動時小車已通過的位移為x=x+L=0.3+0.6m=0.9m，所以C錯誤；D、當彈簧的壓縮量為0.3M的時候，彈簧的彈力和小車在斜面上的分力相等，此時整個系統(tǒng)開始做勻速運動設(shè)此速度為v，開始運動到做勻速運動，由能量守恒得：mg（mg+x）sin=mv2代入數(shù)據(jù)求得：v=3m/s所以桿從開始運動到完全進入槽內(nèi)所用時間為：t=0.1s，所以D正確；故選：D點評：本題的關(guān)鍵是分清小車的運動過程，特別是接觸彈簧后的情況，彈力變導致靜摩擦力也跟著變，找出最后運動狀態(tài)后利用能的觀點即可求解6如圖所示，質(zhì)量分別為m1和m2兩個物體用兩根輕質(zhì)細線，分別懸掛在天花板上的A、B兩點，兩線與水平方向夾

23、角分別為、且，兩物體間的輕質(zhì)彈簧恰好處于水平狀態(tài)，兩根繩子拉力分別為TA和TB，則下列說法中正確的是( )ATATBBTATBCm1m2Dm1m2考點：共點力平衡的條件及其應用；物體的彈性和彈力 專題：共點力作用下物體平衡專題分析：對AB兩個物體受力分析，AB都處于靜止狀態(tài)，受力平衡，根據(jù)平衡條件列式比較即可，AB兩個物體的彈簧彈力相同解答：解：對AB兩個物體受力分析，如圖所示：AB都處于靜止狀態(tài)，受力平衡，則有：對A：，m1g=F彈tan，對B：，m2g=F彈tan，同一根彈簧，彈力相等，所以tantan，coscos，則TATB，m1m2，故AC正確故選：AC點評：本題主要考查了共點力平衡

24、條件的直接應用，要求同學們能正確對AB兩個物體進行受力分析，注意抓住AB兩個物體的彈簧彈力相同結(jié)合幾何關(guān)系求解7如圖所示，空間中固定的四個點電荷分別位于正四面體的四個頂點處，A點為對應棱的中點，B點為右側(cè)面的中心，C點為底面的中心，D點為正四面體的中心（到四個頂點的距離均相等）關(guān)于A、B、C、D四點的電勢高低，下列判斷正確的是( )AA=BBA=DCBCDCD考點：電勢；電勢差與電場強度的關(guān)系 專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：兩個等量異種點電荷，其電場線和等勢面具有對稱性，過中垂面是一等勢面，A、D在同一等勢面上，電勢相等，根據(jù)幾何關(guān)系分析電勢解答：解：B、由題如圖，兩個等量異種點電荷，其電

25、場線和等勢面具有對稱性，通過ab和cd之間的中垂面是一等勢面，由題目描述知A、D在同一等勢面上，電勢相等，故B正確；ACD、由圖可知，電場線方向由B指向C一側(cè)，依據(jù)沿電場線方向電勢降低，由幾何關(guān)系可知BC，BA，DC，故C正確，AD錯誤故選：BC點評：本題要掌握等量異種電荷電場線和等勢線分布情況，抓住對稱性，結(jié)合里面的幾何關(guān)系，即可分析電勢的關(guān)系8如圖所示，在空間中有一坐標系xOy，其第一象限內(nèi)充滿著兩個勻強磁場區(qū)域I和，直線OP是它們的邊界區(qū)域I中的磁感應強度為B，方向垂直紙面向外；區(qū)域中的磁感應強度為2B，方向垂直紙面向內(nèi)；邊界上的P點坐標為（4L，3L）一質(zhì)量為 m、電荷量為q的帶正電粒

26、子從P點平行于y軸負方向射入?yún)^(qū)域I，經(jīng)過一段時間后，粒子恰好經(jīng)過原點O忽略粒子重力，已知sin37°=0.6，cos37°=0.8則下列說法中正確的是( )A該粒子一定沿y軸負方向從O點射出B該粒子射出時與y軸正方向夾角可能是74°C該粒子在磁場中運動的最短時間t=D該粒子運動的可能速度為v=（n=1，2，3）考點：帶電粒子在勻強磁場中的運動 專題：帶電粒子在磁場中的運動專題分析：粒子進入磁場中受到洛倫茲力而做勻速圓周運動，考慮邊界效應，粒子進入磁場與離開磁場時速度方向與邊界的夾角相等，故必定從區(qū)離開O點；考慮到t=，粒子先在磁場I區(qū)中運動，后在磁場II區(qū)中運動并

27、離開O點的情況是運動時間最短的；粒子的速度大小滿足一定條件時，粒子先在磁場I區(qū)中運動，后在磁場II區(qū)中運動，然后又重復前面的運動，直到經(jīng)過原點O，這樣粒子經(jīng)過n個周期性的運動到過O點，每個周期的運動情況相同，粒子在一個周期內(nèi)的位移S=（n=1，2，3，），根據(jù)S與兩個半徑的關(guān)系，求出半徑，即可求解速度的通項解答：解：A、粒子進入磁場中受到洛倫茲力而做勻速圓周運動，對于直線邊界，考慮軌跡圓的對稱性，粒子進入磁場與離開磁場時速度方向與邊界的夾角相等，故粒子不可能從區(qū)到達O點，故一定是從區(qū)到達O點；畫出可能的軌跡，如圖所示：tan=0.75得=37°，+=90°故該粒子一定沿y軸

28、負方向從O點射出，故A正確，B錯誤；C、設(shè)粒子的入射速度為v，用R1，R2，T1，T2分別表示粒子在磁場I區(qū)和II區(qū)中運動的軌道半徑和周期，則：qvB=mqv（2B）=m周期分別為：T1=T2=粒子先在磁場I區(qū)中做順時針的圓周運動，后在磁場II區(qū)中做逆時針的圓周運動，然后從O點射出，這樣粒子從P點運動到O點所用的時間最短粒子在磁場I區(qū)和II區(qū)中的運動時間分別為：t1=T1t2=粒子從P點運動到O點的時間至少為：t=t1+t2由以上各式解得：t=故C正確；D、粒子的速度大小滿足一定條件時，粒子先在磁場I區(qū)中運動，后在磁場II區(qū)中運動，然后又重復前面的運動，直到經(jīng)過原點O這樣粒子經(jīng)過n個周期性的運

29、動到過O點，每個周期的運動情況相同，粒子在一個周期內(nèi)的位移為S=（n=1、2，3，） 粒子每次在磁場I區(qū)中運動的位移為：S1=S=由圖中幾何關(guān)系可知：=cos=0.8而R1=由以上各式解得粒子的速度大小為：v=（n=1、2，3，）故D正確；故選：ACD點評：本題在復合場中做周期性運動的類型，關(guān)鍵要運用數(shù)學知識分析粒子的規(guī)律，得到粒子在一個周期內(nèi)位移的通項，注意圓心和半徑的確定方法；本題綜合性較強，難度較大二、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分第9題第12題為必考題，每個試題考生都必須作答第13題第18題為選考題，考生根據(jù)要求作答（一）必考題9某同學利用如圖所示的裝置探究功與速度變化的關(guān)系（）小

30、物塊在橡皮筋的作用下彈出，沿水平桌面滑行，之后平拋落至水平地面上，落點記為M1；（）在釘子上分別套上2條、3條、4條同樣的橡皮筋，使每次橡皮筋拉伸的長度都保持一致，重復步驟（），小物塊落點分別記為M2、M3、M4；（）測量相關(guān)數(shù)據(jù)，進行數(shù)據(jù)處理（1）為求出小物塊拋出時的動能，需要測量下列物理量中的ADE（填正確答案標號）A小物塊的質(zhì)量mB橡皮筋的原長xC橡皮筋的伸長量xD桌面到地面的高度hE小物塊拋出點到落地點的水平距離L（2）將幾次實驗中橡皮筋對小物塊做功分別記為W1、W2、W3、，小物塊拋出點到落地點的水平距離分別記為L1、L2、L3、若功與速度的平方成正比，則應以W為縱坐標、L2為橫坐標

31、作圖，才能得到一條直線（3）由于小物塊與桌面之間的摩擦不能忽略，則由此引起的誤差屬于系統(tǒng)誤差（填“偶然誤差”或“系統(tǒng)誤差”）考點：探究功與速度變化的關(guān)系 專題：實驗題；動能定理的應用專題分析：小球離開桌面后做平拋運動，根據(jù)桌面到地面的高度，可計算出平拋運動的時間，再根據(jù)小物塊拋出點到落地點的水平距離，可計算出小球離開桌面時的速度，再知道小球的質(zhì)量，就可以計算出小球的動能根據(jù)h=，和L=v0t，可得，因為功與速度的平方成正比，所以功與L2正比解答：解：（1）小球離開桌面后做平拋運動，根據(jù)桌面到地面的高度h=，可計算出平拋運動的時間，再根據(jù)小物塊拋出點到落地點的水平距離L=v0t，可計算出小球離開

32、桌面時的速度，根據(jù)動能的表達式，還需要知道小球的質(zhì)量故ADE正確、BC錯誤故選：ADE（2）根據(jù)h=，和L=v0t，可得，因為功與速度的平方成正比，所以功與L2正比，故應以W為縱坐標、L2為橫坐標作圖，才能得到一條直線（3）一般來說，從多次測量揭示出的實驗誤差稱為偶然誤差，不能從多次測量揭示出的實驗誤差稱為系統(tǒng)誤差由于小物塊與桌面之間的摩擦不能忽略，則由此引起的誤差屬于系統(tǒng)誤差故答案為：（1）ADE；（2）L2；（3）系統(tǒng)誤差點評：明確實驗原理，根據(jù)相應規(guī)律得出表達式，然后討論還要知道系統(tǒng)誤差和偶然誤差的區(qū)別，系統(tǒng)誤差是由于儀器的某些不完善、測量技術(shù)上受到限制或?qū)嶒灧椒ú粔蛲晟茮]有保證正確的實

33、驗條件等原因產(chǎn)生，如停表測時間時，停表不準確，慢了，測的時間間隔總是偏小偶然誤差的特點是它的隨機性如果我們對一些物理量只進行一次測量，其值可能比真值大也可能比真值小，這完全是偶然的，產(chǎn)生偶然誤差的原因無法控制，所以偶然誤差總是存在，通過多次測量取平均值可以減小偶然誤差，但無法消除既然是誤差就不可消除，只能是改進方法，多次做試驗，以減小誤差10在學習了傳感器后，大家開始動手探究壓敏電阻的阻值隨壓力變化的關(guān)系，實驗室備有下列實驗器材：A電源E（3V，內(nèi)阻約為1）B電流表Al（0.6A，內(nèi)阻r1=5）C電流表A2（0.6A，內(nèi)阻r2約為1）D開關(guān)S，定值電阻R0（1）同學們設(shè)計了如圖1所示的實驗電路

34、，請判斷甲是電流表Al（填“Al”或“A2”）（2）實驗中發(fā)現(xiàn)測得甲、乙的讀數(shù)分別為I1和I2，則壓敏電阻此時的阻值為（用字母表示）（3）改變力的大小和方向，得到壓敏電阻隨力F變化的圖象如圖2所示，則Rx的阻值隨力F的大小變化的關(guān)系式為Rx=162F（4）定值電阻R0的阻值應該選BA1 B5 C10 D20考點：伏安法測電阻 專題：實驗題；恒定電流專題分析：（1）分析圖1結(jié)構(gòu)，則可明確甲圖充當電壓表使用，則根據(jù)題干中給出電表數(shù)據(jù)可分析該用哪一個電流表；（2）根據(jù)電路結(jié)構(gòu)，利用歐姆定律可求得壓敏電阻的阻值；（3）根據(jù)圖象可明確對應的函數(shù)關(guān)系，注意F的正負表示的是方向；（4）分析電路，明確定值電阻

35、的作用，則可選出正確的定值電阻解答：解：（1）由電路圖可知，甲電表與待測電阻并聯(lián)，即充當電壓表使用，為了能計算電壓，只能選用內(nèi)阻已知的電表A1（2）由歐姆定律可知，并聯(lián)部分電壓U=I1r1；流過待測電阻中的電流I=I2I1；則待測電阻Rx=；（3）由圖象可知，當力為零時，電阻值為16；并且電阻隨壓力的增大成一次函數(shù)變化；斜率為=2；故函數(shù)關(guān)系為：Rx=162F（4）由題意可知，電流表量程為0.6A，電源電壓為3V，內(nèi)阻為1，為了不超過電表量程，則總電阻至少為：=5；故保護電阻應選B；故答案為：（1）A1；（2）；（3）Rx=162F；（4）B點評：本題考查伏安法測電阻的實驗，但要注意明確本實驗

36、中采用電流表來代替電壓表的方法；同時在寫函數(shù)關(guān)系時，要注意明確力是矢量，圖中正負表示力的方向，故我們只需寫出正值時的表達式即可11甲、乙兩質(zhì)點在同一時刻、從同一地點沿同一方向做直線運動，其中質(zhì)點甲做初速度為零、加速度大小為a1的勻加速直線運動，質(zhì)點乙做初速度為v0=10m/s、加速度大小為a2的勻減速直線運動直至停止甲、乙兩質(zhì)點在運動過程中位移為5m時速度相同，經(jīng)過另一相同位置時，甲、乙兩質(zhì)點的速度分別為8m/s、6m/s求：（1）甲、乙兩質(zhì)點的加速度大小a1、a2；（2）甲、乙兩質(zhì)點相遇時離出發(fā)點的距離考點：勻變速直線運動的速度與位移的關(guān)系；勻變速直線運動的速度與時間的關(guān)系 專題：直線運動規(guī)

37、律專題分析：（1）根據(jù)勻變速直線的速度位移公式分別列出甲乙通過位移為5m時的表達式，得出兩者加速度大小之和，再結(jié)合經(jīng)過另一相同位置時，甲、乙兩質(zhì)點的速度分別為8m/s、6m/s，根據(jù)速度位移公式求出加速度大小關(guān)系，從而求出兩質(zhì)點的加速度大小（2）抓住相遇時位移相等，結(jié)合運動學公式求出時間，從而得出相遇時的位移解答：解：（1）設(shè)質(zhì)點乙、甲先后通過x=5m處時的速度均為v，對質(zhì)點甲：v2=2a1x 對質(zhì)點乙： 聯(lián)立解得： 當質(zhì)點甲的速度v1=8m/s、質(zhì)點乙的速度v2=2m/s時，兩質(zhì)點通過相同的位移均為x'對質(zhì)點甲： 對質(zhì)點乙： 聯(lián)立解得：a1=2a2 聯(lián)立解得：、（2）設(shè)甲、乙兩質(zhì)點經(jīng)

38、過時間t后相遇，相遇時離出發(fā)點距離為d，對質(zhì)點甲： 對質(zhì)點乙： 聯(lián)立解得：d=16m答：（1）甲、乙兩質(zhì)點的加速度大小分別為2m/s2、1m/s2（2）甲、乙兩質(zhì)點相遇時離出發(fā)點的距離為16m點評：本題考查了勻變速直線運動的速度位移公式、位移時間公式，關(guān)鍵抓住位移關(guān)系，結(jié)合運動學公式靈活求解，難度中等12（19分）如圖所示，豎直平面內(nèi)有無限長、不計電阻的兩組平行光滑金屬導軌，寬度均為L=0.5m，上方連接一個阻值R=1的定值電阻，虛線下方的區(qū)域內(nèi)存在磁感應強度B=2T的勻強磁場完全相同的兩根金屬桿1和2靠在導軌上，金屬桿與導軌等寬且與導軌接觸良好，電阻均為r=0.5將金屬桿1固定在磁場的上邊緣

39、（仍在此磁場內(nèi)），金屬桿2從磁場邊界上方h0=0.8m處由靜止釋放，進入磁場后恰作勻速運動求：（1）金屬桿2的質(zhì)量m為多大？（2）若金屬桿2從磁場邊界上方h1=0.2m處由靜止釋放，進入磁場經(jīng)過一段時間后開始勻速運動在此過程中整個回路產(chǎn)生了1.4J的電熱，則此過程中流過電阻R的電量q為多少？（3）金屬桿2仍然從離開磁場邊界h1=0.2m處由靜止釋放，在金屬桿2進入磁場的同時由靜止釋放金屬桿1，兩金屬桿運動了一段時間后均達到穩(wěn)定狀態(tài)，試求兩根金屬桿各自的最大速度（已知兩個電動勢分別為E1、E2不同的電源串聯(lián)時，電路中總的電動勢E=E1+E2）考點：導體切割磁感線時的感應電動勢；安培力；電磁感應中

40、的能量轉(zhuǎn)化 專題：電磁感應功能問題分析：（1）金屬桿2進入磁場前做自由落體運動，由運動學公式求出進入磁場時的速度v，進入磁場后做勻速運動，重力與安培力平衡，E=BLv，I=、F=BIL，及平衡條件可求得m（2）金屬桿2進入磁場經(jīng)過一段時間后開始勻速運動，速度大小仍等于v根據(jù)能量守恒求出h2，由=，=，q=求出電量q（3）釋放金屬桿1后，兩桿受力情況相同，且都向下加速運動，合力等于零時速度最大根據(jù)平衡條件得到兩桿速度之和由于兩個金屬桿任何時刻受力情況相同，任何時刻兩者量也相的加速度也都相同，在相同時間內(nèi)速度的增同，根據(jù)速度增量相同，得到速度的關(guān)系，聯(lián)立求解兩桿的最大速度解答：解：（1）金屬桿2進

41、入磁場前做自由落體運動，則有 v=金屬桿2進入磁場后勻速運動，則有 mg=BIL且 E=BLv，I=解得，m=0.2kg（2）金屬桿2從下落到再次勻速運動的過程中，能量守恒（設(shè)金屬桿2在磁場內(nèi)下降h2），則有 mg（h1+h2）=+Q解得，h2=1.3m金屬桿2進入磁場到勻速運動的過程中，=，=，q=解得 電量q=0.65C （3）金屬2桿剛進入磁場時的速度為v=2m/s釋放金屬桿1后，兩桿受力情況相同，且都向下加速運動，合力等于零時速度最大 mg=BIL，且I=，E1=BLv1，E2=BLv2整理得 代入數(shù)據(jù)得 v1+v2=4m/s因為兩個金屬桿任何時刻受力情況相同，故任何時刻兩者的加速度也

42、相同，在相同時間內(nèi)速度的增量也都相同，即 v10=v2v代入數(shù)據(jù)得v2=v1+2聯(lián)立解得，v1=1m/s，v2=3m/s答：（1）金屬桿2的質(zhì)量m為0.2kg（2）流過電阻R的電量q為0.65C（3）兩根金屬桿各自的最大速度分別是1m/s和3m/s點評：本題是電磁感應與力學知識的綜合，第3問關(guān)鍵是抓住兩桿的加速度相同，任何時刻速度的增量相同這一隱含的條件分析兩桿的速度關(guān)系(二）選考題，請考生從以下三個模塊中任選一模塊作答【物理-選修3-3】13關(guān)于熱現(xiàn)象和分子動理論，下列說法正確的是( )A熱量不能從低溫物體傳到高溫物體B雨水沒有透過布雨傘是因為液體表面存在張力C自行車打氣越打越困難主要是因為

43、胎內(nèi)氣體壓強增大而非分子間相互排斥的原因Dlg氫氣和1g氧氣含有的分子數(shù)相同，都是6.02×1023個考點：熱力學第二定律；* 液體的表面張力現(xiàn)象和毛細現(xiàn)象 分析：根據(jù)熱力學第二定律，在特定條件下熱量會由低溫物體傳遞給高溫物體；液體跟氣體接觸的表面存在一個薄層，叫做表面層，表面層里的分子比液體內(nèi)部稀疏，分子間的距離比液體內(nèi)部大一些，分子間的相互作用表現(xiàn)為引力，即是表面張力，表面張力的存在使液體表面想被拉伸的彈簧一樣，總有收縮的趨勢；自行車打氣越打越困難主要是因為胎內(nèi)氣體壓強增大而非分子間相互排斥的原因解答：解：A、在特定條件下熱量會由低溫物體傳遞給高溫物體，如電冰箱中熱量會由低溫物體

44、傳遞給高溫物體，故A錯誤；B、雨水不能透過布雨傘，是因為液體表面存在張力故B正確；C、自行車打氣越打越困難主要是因為胎內(nèi)氣體壓強增大而非分子間相互排斥的原因，與分子斥力無關(guān)故C正確；D、lmol氫氣和1mol氧氣含有的分子數(shù)相同，都是6.02×1023個，1g氧氣含有的分子數(shù)是6.02×1023個的故D錯誤故選：BC點評：本題考查了熱力學第二定律、表面張力、氣體的壓強以及阿伏伽德羅常數(shù)都是一些記憶性的知識點，難度不大，注意積累14如圖所示，在長為L=57cm的一端封閉、另一端開口向上的豎直玻璃管內(nèi)，用4cm高的水銀柱封閉著51cm長的理想氣體，管內(nèi)外氣體的溫度均為33，大氣

45、壓強p0=76cmHg若緩慢對玻璃管加熱，當水銀柱上表面與管口剛好相平時，求管中氣體的溫度；若保持管內(nèi)溫度始終為33，現(xiàn)將水銀緩慢注入管中，直到水銀柱上表面與管口相平，求此時管中氣體的壓強考點：理想氣體的狀態(tài)方程；封閉氣體壓強 專題：理想氣體狀態(tài)方程專題分析：（1）對氣體加熱的過程中，氣體的壓強不變，求出氣體的狀態(tài)參量，然后根據(jù)玻意耳定律和蓋呂薩克定律求出氣體的溫度（2）當水銀柱上表面與管口相平，設(shè)水銀柱的高度為H，管內(nèi)氣體經(jīng)等溫壓縮，由玻意耳定律即可求出結(jié)果解答：解：設(shè)玻璃管橫截面積為S，以管內(nèi)封閉氣體為研究對象，氣體經(jīng)等壓膨脹：初狀態(tài)：V1=51S，T1=306K；末狀態(tài)：V2=53S，T

46、2=？由蓋呂薩克定律：解得：T2=318K當水銀柱上表面與管口相平，設(shè)此時管中氣體壓強為p，水銀柱的高度為H，管內(nèi)氣體經(jīng)等溫壓縮，初狀態(tài)：V1=51S，p1=80cmHg末狀態(tài)：V2=（57H）S，p2=（76+H）cmHg由玻意耳定律：p1V1=p2V2得：H=9cm故：p2=85cmHg答：若緩慢對玻璃管加熱，當水銀柱上表面與管口剛好相平時，管中氣體的溫度是318K；若保持管內(nèi)溫度始終為33，現(xiàn)將水銀緩慢注入管中，直到水銀柱上表面與管口相平，此時管中氣體的壓強是85cmHg點評：本題考查了應用理想氣體狀態(tài)方程求氣體壓強，分析清楚氣體狀態(tài)變化過程是正確解題的關(guān)鍵【物理-選修3-4】15下列說

47、法正確的是( )A“聞其聲而不見其人”現(xiàn)象說明遇到同樣障礙物時聲波比可見光容易發(fā)生衍射B用超聲波被血流反射回來其頻率發(fā)生變化可測血流速度，是利用了波的干涉現(xiàn)象C做受迫振動的物體，其穩(wěn)定時的振動頻率不一定等于驅(qū)動力的頻率D用標準平面來檢查光學面的平整程度是利用光的偏振現(xiàn)象考點：光的衍射；光的偏振 分析：波長越長越容易發(fā)生衍射現(xiàn)象；根據(jù)多普勒效應原理，可知超聲波測血流速度；受迫振動的物體，振動頻率一定等于驅(qū)動頻率；檢查光學面的平整程度是利用光的干涉，從而即可求解解答：解：A、聞其聲而不見其人”現(xiàn)象說明遇到同樣障礙物時，聲波比可見光容易發(fā)生衍射，因為聲波的波長比可見光長，故A正確；B、利用多普勒效應，當間距變化時，接收的頻率與發(fā)出頻率不相同，則可測量血流速度，故B錯誤；C、受迫振動的物體，其穩(wěn)定時的振動頻率一定等于驅(qū)動力的頻率故C錯誤；D、檢查光學面的平整程度是利用光的干涉現(xiàn)象，利用兩平面所夾空