浙江省嘉興市2015屆高三上學(xué)期學(xué)科基礎(chǔ)測試物理試題 Word版含解析

1、高中學(xué)科基礎(chǔ)測試物理試題卷(2014.9)一、單項(xiàng)選擇題(本題共10小題:每小題3分，共30分。每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)選項(xiàng)正確。選對得3分，有選錯(cuò)或不答得0分)【題文】1.由力學(xué)規(guī)律可知，物體A.速度變化越大，加速度一定越大B.加速度為零，速度也一定為零C.加速度減小，速度也一定減小D.速度變化越快，加速度一定越大【知識點(diǎn)】加速度A1【答案解析】 D 解析： A、速度變化越大，加速度不一定越大，還取決于速度變化所用的時(shí)間長短故A錯(cuò)誤B、速度為零，加速度不一定為零，比如，豎直上拋物體到最高點(diǎn)時(shí)速度為零，而加速度不是零故B錯(cuò)誤C、當(dāng)加速度方向與速度方向相同，加速度減小，速度增大，當(dāng)加速度

2、方向與速度方向相反，加速度減小，速度減小故C錯(cuò)誤D、加速度表示物體速度變化的快慢，加速度越大，物體速度變化越快故D正確;故選D【思路點(diǎn)撥】加速度是反映速度變化快慢的物理量，當(dāng)加速度方向與速度方向相同時(shí)，做加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)加速度方向與速度方向相反時(shí)，做減速運(yùn)動(dòng)解決本題的關(guān)鍵知道加速度的物理意義，掌握判斷物體做加速運(yùn)動(dòng)還是減速運(yùn)動(dòng)的方法，關(guān)鍵看加速度方向和速度方向的關(guān)系【題文】2.如圖所示為某新型夾磚機(jī)，它能用兩支巨大的“手臂”將幾噸磚夾起，大大提高了工作效率。己知該新型夾磚機(jī)能夾起質(zhì)量為m的磚，兩支“手臂”對磚產(chǎn)生的最大壓力為Fmax (設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力)，則“手臂”與磚之間的動(dòng)摩擦因數(shù)

3、至少為A.mgFmax B. mg2Fmax C. 2mgFmax D. Fmaxmg【知識點(diǎn)】滑動(dòng)摩擦力B2【答案解析】B 解析： 對磚進(jìn)行受力分析，根據(jù)平衡條件得：2f=mg 2Fmax=mg解得：故選B【思路點(diǎn)撥】磚在豎直方向受力平衡，對磚進(jìn)行受力分析，根據(jù)平衡條件即可求解本題主要考查了滑動(dòng)摩擦力公式和平衡條件的直接應(yīng)用，難度不大，屬于基礎(chǔ)題【題文】3.如圖所示，質(zhì)量為M、半徑為R、內(nèi)壁光滑的半球形容器靜止放在粗糙水平地面上，O為球心。有一勁度系數(shù)為k的輕彈簧一端固定在半球底部處，另一端與質(zhì)量為m的小球相連，小球靜止于P點(diǎn)。已知地面與半球形容器間的動(dòng)摩擦因數(shù)為, OP與水平方向夾角為。則

4、A.小球受到輕彈簧的彈力大小為B.小球受到容器的支持力大小為C.半球形容器受到地面的摩擦力大小為D.半球形容器受到地面的支持力大小為【知識點(diǎn)】共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；物體的彈性和彈力B2 B3 B4【答案解析】D 解析： 解： A、B、對小球受力分析，如圖所示，由幾何關(guān)系可知，T=F=mg，故AB錯(cuò)誤；C、D、以容器和小球整體為研究對象，分析受力可知：豎直方向有：總重力、地面的支持力，N=（M+m）g；水平方向地面對半球形容器沒有摩擦力故C錯(cuò)誤，D正確故選：D【思路點(diǎn)撥】對小球進(jìn)行受力分析可知，小球受重力、支持力及彈簧的彈力而處于靜止，由共點(diǎn)力的平衡條件可求得小球受到的輕彈簧的彈力及小球受到

5、的支持力；對容器和小球整體研究，分析受力可求得半球形容器受到的摩擦力【題文】4.某實(shí)驗(yàn)小組利用DIS系統(tǒng)在電梯內(nèi)研究超重和失重現(xiàn)象。他們在電梯地板上放置一個(gè)壓力傳感器，在傳感器上放一個(gè)質(zhì)量為2kg的布娃娃，如圖甲所示。實(shí)驗(yàn)中計(jì)算機(jī)顯示出傳感器所受壓力大小隨時(shí)間變化的關(guān)系，如圖乙所示。則A.從到，布娃娃處于失重狀態(tài)B.從到，布娃娃處于超重狀態(tài)C.電梯可能先停在低樓層，經(jīng)加速向上、勻速向上、減速向上過程，最后停在高樓層D.電梯可能先停在高樓層，經(jīng)加速向下、勻速向下、減速向下過程，最后停在低樓層【知識點(diǎn)】牛頓運(yùn)動(dòng)定律的應(yīng)用-超重和失重C2 C3【答案解析】C 解析： A、從時(shí)該t1到t2，物體受到的

6、壓力大于重力時(shí)，物體處于超重狀態(tài)，加速度向上，故A錯(cuò)誤；B、從時(shí)刻t3到t4，物體受到的壓力小于重力，物塊處于失重狀態(tài)，加速度向下，故B錯(cuò)誤；C、如果電梯開始停在低樓層，先加速向上，接著勻速向上，再減速向上，最后停在高樓層，那么應(yīng)該從圖象可以得到，壓力先等于重力、再大于重力、然后等于重力、小于重力、最后等于重力，故C正確；D、如果電梯開始停在高樓層，先加速向下，接著勻速向下，再減速向下，最后停在低樓層，那么應(yīng)該是壓力先等于重力、再小于重力、然后等于重力、大于重力、最后等于重力，故D錯(cuò)誤；故選：C【思路點(diǎn)撥】當(dāng)物體受到的壓力大于重力時(shí)，物體處于超重狀態(tài)，加速度向上；當(dāng)物體受到的壓力小于重力時(shí)，物

7、體處于失重狀態(tài)，加速度向下；根據(jù)圖象并結(jié)合實(shí)際情況得到壓力變化規(guī)律，從而得到物體的運(yùn)動(dòng)情況本題關(guān)鍵是根據(jù)壓力的變化情況，得到超、失重情況，然后與實(shí)際情況向?qū)φ?，得到電梯的運(yùn)動(dòng)情況【題文】5.暑期中，一位同學(xué)在廚房幫媽媽做菜，對菜刀產(chǎn)生了興趣。他發(fā)現(xiàn)菜刀刀刃前端和后端的厚薄及形狀都不一樣，如圖所示。菜刀橫截面為等腰三角形，刀刃前端的橫截面頂角較小，后端的頂角較大。對此他做出如下猜想，較合理的是A.前端和后端厚薄不勻，僅是為了外形美觀，跟使用功能無關(guān)B.在刀背上施加壓力時(shí)，前端分開其他物體的力較大C.在刀背上施加壓力時(shí)，后端分開其他物體的力較大D.在刀背上施加壓力時(shí)，前端和后端分開其他物體的力一樣

8、大【知識點(diǎn)】力的合成B3 B4【答案解析】B 解析： 把刀刃部分抽象后，可簡化成一個(gè)等腰三角劈，設(shè)頂角為2，背寬為d，側(cè)面長為l，如圖乙所示當(dāng)在劈背施加壓力F后，產(chǎn)生垂直側(cè)面的兩個(gè)分力F1、F2，使用中依靠著這兩個(gè)分力分開被加工的其他物體由對稱性知，這兩個(gè)分力大小相等（F1=F2），因此畫出力分解的平行四邊形，實(shí)為菱形，如圖丙所示在這個(gè)力的平行四邊形中，取其四分之一考慮（圖中陰影部分），根據(jù)它跟半個(gè)劈的直角三角形的相似關(guān)系，由關(guān)系式，得F1=F2由此可見，刀背上加上一定的壓力F時(shí)，側(cè)面分開其他物體的力跟頂角的大小有關(guān)，頂角越小，sin的值越小，F(xiàn)1和F2越大但是，刀刃的頂角越小時(shí)，刀刃的強(qiáng)度會(huì)

9、減小，碰到較硬的物體刀刃會(huì)卷口甚至碎裂，實(shí)際制造過程中為了適應(yīng)加工不同物體的需要，所以做成前部較薄，后部較厚使用時(shí)，用前部切一些軟的物品（如魚、肉、蔬菜、水果等），用后部斬劈堅(jiān)硬的骨頭之類的物品，俗話說：“前切后劈”，指的就是這個(gè)意思故B正確故選：B【思路點(diǎn)撥】根據(jù)力的平行四邊形定則可知，相同的壓力下，頂角越小，分力越大；相同的頂角下，壓力越大，分力越大考查力的平行四邊形定則，體現(xiàn)了控制變量法，同時(shí)學(xué)會(huì)用三角函數(shù)來表示力與力的關(guān)系【題文】6.如圖所示，一正方形線圈的匝數(shù)為n，邊長為a，電阻為R,線圈平面與勻強(qiáng)磁場垂直，且一半處在磁場中。在時(shí)間內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向不變，大小由B均勻增大到2B。在

10、此過程中，通過線圈導(dǎo)線某個(gè)橫截面的電荷量為A. B. C. D. 【知識點(diǎn)】法拉第電磁感應(yīng)定律L2【答案解析】C 解析： 根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律E=n ，故選C【思路點(diǎn)撥】根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律E=n，求解感應(yīng)電動(dòng)勢，其中S是有效面積解決電磁感應(yīng)的問題，然后根據(jù) 求解。 【題文】7.一傾角為,高度為的斜面AB與水平面BC在B點(diǎn)平滑相連。一質(zhì)量的滑塊從斜面頂端A處由靜止開始下滑，經(jīng)過B點(diǎn)后，最終停在C點(diǎn)。已知滑塊與接觸面的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，不計(jì)滑塊在B點(diǎn)的能量損失。則A.滑塊到達(dá)B處的速度為B.滑塊從A滑至B所用的時(shí)間為C.BC間距為D.滑塊從B到 C的過程中，克服摩擦力所做的功為20J【知識點(diǎn)】

11、受力分析 牛頓運(yùn)動(dòng)定律 B4 C2【答案解析】C 解析： A、滑塊沿斜面下滑，重力的分力減去摩擦力提供向心力 ，斜面長度l=2m，根據(jù) 、帶入數(shù)據(jù) ，故A錯(cuò)誤；B、根據(jù) ，帶入數(shù)據(jù) 故B錯(cuò)誤；C、D從B到C由動(dòng)能定律 ，帶入數(shù)據(jù) ， 故C正確、D錯(cuò)誤；故選C【思路點(diǎn)撥】對物體受力分析，重力沿斜面的分力減去摩擦力提供加速度，物體從斜面上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，然后根據(jù)勻變速運(yùn)動(dòng)規(guī)律求解，當(dāng)?shù)竭_(dá)水平面上后物體做勻減速運(yùn)動(dòng)，由動(dòng)能定理求得位移與摩擦力做的功?！绢}文】8.為了驗(yàn)證平拋運(yùn)動(dòng)的小球在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，用如圖所示裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)。小錘打擊彈性金屬片，A球水平拋出，同時(shí)B球被松開，自由下落，發(fā)現(xiàn)

12、兩球同時(shí)落地。關(guān)于該實(shí)驗(yàn)的說法，正確的是A.兩球的質(zhì)量應(yīng)相等B.兩球落地時(shí)速度大小相等c.應(yīng)改變裝置高度，多次實(shí)臉D.實(shí)驗(yàn)也能說明A球在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)【知識點(diǎn)】研究平拋物體的運(yùn)動(dòng)D3【答案解析】C 解析：A、D根據(jù)裝置圖可知，兩球由相同高度同時(shí)運(yùn)動(dòng)，A做平拋運(yùn)動(dòng)，B做自由落體運(yùn)動(dòng)，因此將同時(shí)落地，由于兩球同時(shí)落地，因此說明A、B在豎直方向運(yùn)動(dòng)規(guī)律是相同的，不能說明A球水平方向的規(guī)律，故A、D錯(cuò)誤；B、因?yàn)槁涞刎Q直方向速度相等，A球具有水平速度，故落地時(shí)兩球速度大小、方向都不同，故B錯(cuò)誤；C、故根據(jù)實(shí)驗(yàn)結(jié)果可知，平拋運(yùn)動(dòng)在豎直方向的分運(yùn)動(dòng)是自由落體運(yùn)動(dòng)，不需要兩球質(zhì)量相等，要多次實(shí)驗(yàn)，

13、觀察現(xiàn)象，則應(yīng)改變裝置的高度，多次實(shí)驗(yàn)，故C正確故選C【思路點(diǎn)撥】本題圖源自課本中的演示實(shí)驗(yàn)，通過該裝置可以判斷兩球同時(shí)落地，可以驗(yàn)證做平拋運(yùn)動(dòng)的物體在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)；本題比較簡單，重點(diǎn)考察了平拋運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)，平拋是高中所學(xué)的一種重要運(yùn)動(dòng)形式，要重點(diǎn)加強(qiáng)【題文】9.如圖所示，A板發(fā)出的電子經(jīng)加速后，水平射入水平放置的兩平行金屬板間，金屬板間所加電壓為之U，電子最終打在光屏P上。只改變某一條件，關(guān)于電子的運(yùn)動(dòng)，下列說法中正確的是A.滑動(dòng)變阻器滑片向右移動(dòng)時(shí)，電了打在熒光屏上的位置上升B.滑動(dòng)變阻器滑片向左移動(dòng)時(shí)，電子打在熒光屏上的位置上升C.電壓U增大時(shí)，電子從發(fā)出到打在熒光屏上的時(shí)間增大

14、D.電壓U增大時(shí)，電子打在熒光屏上的速度大小不變【知識點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動(dòng)I3【答案解析】B 解析：電子在加速電場中做加速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)動(dòng)能定理得：eU=mv2，則得電子獲得的速度為：v=電子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場后做類平拋運(yùn)動(dòng)，電子在沿極板方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，粒子在電場中運(yùn)動(dòng)時(shí)間：t=；在平行電場方向做初速度為0的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度a=，電子在電場方向偏轉(zhuǎn)的位移y=at2聯(lián)立以上各式得：y=又因?yàn)槠D(zhuǎn)電場方向向下，所以電子在偏轉(zhuǎn)電場里向上偏轉(zhuǎn)A、B：滑動(dòng)觸頭向右移動(dòng)時(shí)，加速電壓U變大，由上可知電子偏轉(zhuǎn)位移變小，因?yàn)殡娮酉蛏掀D(zhuǎn)，故在屏上的位置下降，相反，滑動(dòng)觸頭向右移動(dòng)時(shí)，電子打在熒光屏上的

15、位置上升，故A錯(cuò)誤，B正確；C、電子在電場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間不變，離開電場后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由于水平速度不變，運(yùn)動(dòng)時(shí)間也不變，所以電子從發(fā)出到打在熒光屏上的時(shí)間不變故C錯(cuò)誤D、偏轉(zhuǎn)電壓U增大時(shí)，電子在電場中受到的電場力增大，即電子偏轉(zhuǎn)的加速度a增大，又因?yàn)殡娮蛹铀佾@得的速度v不變，電子在電場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間不變，a增大，而電子打在屏上的速度為v=，故電子打在屏上的速度增大，故D錯(cuò)誤故選：B【思路點(diǎn)撥】滑動(dòng)觸頭向右移動(dòng)時(shí)，加速電壓增大，加速后速度變大，粒子在偏轉(zhuǎn)電場中運(yùn)動(dòng)時(shí)間變短，粒子在平行偏轉(zhuǎn)電場方向的位移減小同理觸頭向左移動(dòng)時(shí)，加速電壓減小，加速后速度變小，粒子在電場中運(yùn)動(dòng)時(shí)間變長，粒子在平行偏轉(zhuǎn)電場

16、方向的位移增大；當(dāng)加速電壓不變時(shí)，偏轉(zhuǎn)電壓變化，影響平行電場方向的電場力的大小，也就是影響加速度的大小，粒子在電場中運(yùn)動(dòng)時(shí)間不變，改變偏轉(zhuǎn)的位移大小電子在加速電場作用下做加速運(yùn)動(dòng)，要能運(yùn)用動(dòng)能定理可得電子獲得的速度與加速電場大小間的關(guān)系電子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場后，做類平拋運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間受電場的寬度和進(jìn)入電場時(shí)的速度所決定，電子在電場方向偏轉(zhuǎn)的距離與時(shí)間和電場強(qiáng)度共同決定熟練用矢量合成與分解的方法處理類平拋運(yùn)動(dòng)問題【題文】10.甲圖中a、b是電流相等的兩直線電流，乙圖中c、d是 電荷量相同的兩正點(diǎn)電荷，O為 兩電流(或電荷)連線的中點(diǎn)，在O點(diǎn)正上方有一電子，以較小的速度v射向O點(diǎn)，不計(jì)電子重力。則電子

17、A.在甲圖中將做變速運(yùn)動(dòng)B.在乙圖中將做往復(fù)運(yùn)動(dòng)C.在乙圖中向O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)時(shí)，加速度一定減小D.在乙圖中到達(dá)O點(diǎn)時(shí)動(dòng)能最小，電勢能最大【知識點(diǎn)】電場線；電勢能I1 I2【答案解析】B 解析： A、甲圖中ab在電子運(yùn)動(dòng)的方向上產(chǎn)生的磁場的方向都向下，與電子運(yùn)動(dòng)的方向相同，所以電子不受洛倫茲力的作用將做勻速直線運(yùn)動(dòng)故A錯(cuò)誤；B、乙圖中，cd的連線上，O點(diǎn)上方的電場方向向上，O點(diǎn)下方的電場的方向向下，電子在O點(diǎn)上方受到的電場力的方向向下，在O點(diǎn)的下方受到的電場力的方向向上，所以電子先做加速運(yùn)動(dòng)，后做減速運(yùn)動(dòng)，將在某一范圍內(nèi)做往復(fù)運(yùn)動(dòng)故B正確；C、乙圖中，cd的連線上，O點(diǎn)的電場強(qiáng)度是0，O點(diǎn)上方的電場方

18、向向上，O點(diǎn)下方的電場的方向向下，從O點(diǎn)向兩邊電場強(qiáng)度的電場線增大，后減小，所以乙圖中的電子在向O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的過程中，加速度不一定在減小故C錯(cuò)誤；D、乙圖中，cd的連線上，O點(diǎn)上方的電場方向向上，O點(diǎn)下方的電場的方向向下，所以O(shè)點(diǎn)的電勢最高；電子帶負(fù)電，乙圖中的電子在O點(diǎn)動(dòng)能最大，電勢能最小故D錯(cuò)誤故選：B【思路點(diǎn)撥】根據(jù)安培定則判斷出磁場的方向，根據(jù)左手定則判斷出電子運(yùn)動(dòng)中受力方向，根據(jù)電子受到的電場力的特點(diǎn)判斷出電子在電場中的運(yùn)動(dòng)特點(diǎn). 該題考查常見的磁場與常見電場的特點(diǎn)，這是考查的重點(diǎn)內(nèi)容之一，要牢記二、不定項(xiàng)選擇題(本題共4小題：每小題4分，共16分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，至少有一個(gè)選

19、項(xiàng)是符合題目要求的，不答得0分)【題文】11.將地面上樸止的貨物豎直向上吊起，貨物由地面運(yùn)動(dòng)至最高點(diǎn)過程中的v-t圖象如圖所 示。則A.前3s內(nèi)物體的位移大小為18mB.最后2s內(nèi)貨物只受重力作用C.前3s內(nèi)與最后2s內(nèi)貨物的平均速度相同D.第3s末至第5s末的過程中，貨物的機(jī)械能守恒【知識點(diǎn)】機(jī)械能守恒定律；牛頓運(yùn)動(dòng)定律的應(yīng)用-超重和失重C3 C5 E3【答案解析】 C 解析： A、v-t圖像中面積表示位移，則前3s位移 ，故A錯(cuò)誤；B、最后2s內(nèi)貨物的加速度a=g，所以還受到繩子的拉力，故B錯(cuò)誤；C、前3s內(nèi)的平均速度3m/s，最后2s內(nèi)貨物的平均速度3m/s，所以前3s內(nèi)與最后2s內(nèi)貨物

20、的平均速度相同，故C正確；D、第3s末至第5s末的過程中，貨物勻速運(yùn)動(dòng)，繩子的拉力等于重力，繩子的拉力做正功，機(jī)械能不守恒，故D錯(cuò)誤故選：C【思路點(diǎn)撥】根據(jù)v-t圖象可知道物體的運(yùn)動(dòng)過程和性質(zhì)，也可求出對應(yīng)的加速度，前3s內(nèi)貨物向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度的方向是向上勻變速直線運(yùn)動(dòng)平均速度 ，只有重力或彈力做功時(shí)機(jī)械能守恒該題考查了勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度時(shí)間圖象、平均速度公式、機(jī)械能守恒條件等知識點(diǎn)本題的關(guān)鍵在于能夠通過速度時(shí)間圖象對物體進(jìn)行運(yùn)動(dòng)過程分析和受力分析，難度適中【題文】12.如圖所示，一個(gè)小滑塊(可視為質(zhì)點(diǎn))從離B點(diǎn)高H =12m處，由靜止開始通過光滑弧形軌道AB，進(jìn)入半徑R=4m的

21、豎直圓環(huán)，且滑塊與圓環(huán)動(dòng)摩擦因數(shù)處處相等。當(dāng)?shù)竭_(dá)環(huán)頂C時(shí)，剛好對軌道壓力為零：沿CB圓弧滑下后，進(jìn)入光滑弧形軌道BD，且到達(dá)離B點(diǎn)高h(yuǎn)的D點(diǎn)時(shí)，速度為零。則h不可能為A. 12m B.13 m C.8.5m D. 7m【知識點(diǎn)】機(jī)械能守恒定律E3【答案解析】ABD 解析： 到達(dá)環(huán)頂C時(shí)，剛好對軌道壓力為零所以在C點(diǎn)，重力充當(dāng)向心力根據(jù)牛頓第二定律因此 R=4m所以 mv2=2mg所以在C點(diǎn)，小球動(dòng)能為2mg，因?yàn)閳A環(huán)半徑是4m，因此在C點(diǎn)，以b點(diǎn)為零勢能面，小球重力勢能=2mgR=8mg開始小球從H=12m 高處，由靜止開始通過光滑弧形軌道ab因此在小球上升到頂點(diǎn)時(shí)，根據(jù)動(dòng)能定理得：wf+mg

22、（12-8）=mv2-0所以摩擦力做功wf=-2mg，此時(shí)機(jī)械能等于10mg，之后小球沿軌道下滑，由于機(jī)械能有損失，所以下滑速度比上升速度小，因此對軌道壓力變小，所受摩擦力變小，所以下滑時(shí)，摩擦力做功大小小于2mg，機(jī)械能有損失，到達(dá)底端時(shí)小于10mg此時(shí)小球機(jī)械能大于10mg-2mg=8mg，而小于10mg所以進(jìn)入光滑弧形軌道bd時(shí)，小球機(jī)械能的范圍為，8mgEp10mg所以高度范圍為8mh10m，選不可能的，故選ABD【思路點(diǎn)撥】到達(dá)環(huán)頂C時(shí)，剛好對軌道壓力為零，根據(jù)牛頓第二定律求出在C點(diǎn)的速度根據(jù)動(dòng)能定理研究小球上升到頂點(diǎn)過程求出摩擦力做功小球沿軌道下滑，由于機(jī)械能有損失，所以下滑速度比

23、上升速度小，因此對軌道壓力變小，所受摩擦力變小，所以下滑時(shí)，摩擦力做功大小小于上升過程做的功根據(jù)能量守恒求解選取研究過程，運(yùn)用動(dòng)能定理解題動(dòng)能定理的優(yōu)點(diǎn)在于適用任何運(yùn)動(dòng)包括曲線運(yùn)動(dòng)了解研究對象的運(yùn)動(dòng)過程是解決問題的前提，根據(jù)題目已知條件和求解的物理量選擇物理規(guī)律解決問題動(dòng)能定理的應(yīng)用范圍很廣，可以求速度、力、功等物理量，特別是可以去求變力功【題文】13.如圖甲所示，直線MN表示某電場中一條電場線，C、D是電場線上兩點(diǎn)，一帶正電的粒子從C處由靜止釋放。粒子在只受電場力作用下從C運(yùn)動(dòng)到D過程中，加速度a隨時(shí)間t變化關(guān)系如圖乙所示。設(shè)C、D兩點(diǎn)的電勢分別為，場強(qiáng)大小分別為，粒子在C、D兩點(diǎn)的電勢能分

24、別為，不計(jì)粒子重力，則有A. B. C. D.【知識點(diǎn)】電勢；電場強(qiáng)度I1 I2【答案解析】CD 解析：A、 D、正電荷從c釋放（初速度為0）后，能加速運(yùn)動(dòng)到d，說明電荷受到的電場力方向是從c指向D，所電場線由C到D，沿電場線方向，電勢降低，所以 ，故A錯(cuò)我， C到D電場力做正功，電勢能減小，所以C、D兩點(diǎn)的電勢關(guān)系是，故D正確；B、C、由圖b知從C運(yùn)動(dòng)到D的過程中，它的加速度是逐漸減小的，由牛頓第二定律知，電荷從a到b時(shí)，受到的電場力是逐漸減小的，由 E=知，故C正確，B錯(cuò)誤；故選：CD【思路點(diǎn)撥】根據(jù)受力方向判斷電場線方向，根據(jù)加速度的大小判斷場強(qiáng)大小的變化本題考查了對圖象的認(rèn)識和理解，能

25、從圖象中獲取有用的物理信息，本題是小型的綜合題【題文】14.如圖所示，AOB為一邊界為圓弧的勻強(qiáng)磁場區(qū)域，圓弧半徑為R，O點(diǎn)為圓心，D點(diǎn)為邊界OB中點(diǎn)，C點(diǎn)為邊界上一點(diǎn)，且CD/AO。現(xiàn)有兩個(gè)完全相同的帶電粒子以相同速度射入磁場(不計(jì)粒子重力)，其中粒子1從A點(diǎn)正對圓心O射入，恰從B點(diǎn)射出，粒子2從C點(diǎn)沿CD射入，從某點(diǎn)離開磁場，則A.粒子2在磁場中的軌道半徑等于RB.粒子2必在B點(diǎn)射出磁場C.粒子1與粒子2在磁場中運(yùn)行時(shí)間之比為3:2D.粒子1與粒子2離開磁場時(shí)速度方向相同【知識點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的運(yùn)動(dòng)K2【答案解析】 ABC 解析： A、粒子1從A點(diǎn)正對圓心射入，恰從B點(diǎn)射出，粒子在

26、你磁場中運(yùn)動(dòng)的圓心角為90°，粒子軌道半徑等于BO，粒子2從C點(diǎn)沿CD射入其運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，設(shè)對應(yīng)的圓心為O1，運(yùn)動(dòng)軌道半徑也為BO，連接O1C、O1B，O1COB是平行四邊形，O1B=CO，則粒子2一定從B點(diǎn)射出磁場，故A、B正確；C、粒子1的速度偏角，粒子在磁場中轉(zhuǎn)過的圓心角1=90°，連接PB，可知P為O1C的中點(diǎn)，由數(shù)學(xué)知識可知，2=BO1P=60°，兩粒子的速度偏角不同，粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的周期：T=，兩粒子的周期相等，粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t= T，的運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比：t1：t2=1：2=90°：60°=3：2，故C正確，D錯(cuò)誤；故選：

27、ABC【思路點(diǎn)撥】粒子在勻強(qiáng)磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，作出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，應(yīng)用數(shù)學(xué)知識與牛頓第二定律分析答題本題考查了粒子在勻強(qiáng)磁場中的運(yùn)動(dòng)，粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，作出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡、應(yīng)用數(shù)學(xué)知識、周期公式即可正確解題.三、實(shí)驗(yàn)題(本題共3小題：每空2分，共18分。請把答案填在答題卷相應(yīng)題中的橫線上)【題文】15.某實(shí)驗(yàn)小組通過自由落體運(yùn)動(dòng)驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律。小組成員選擇所需實(shí)驗(yàn)儀器，并安裝好如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置(電源已接未畫出)開始實(shí)驗(yàn)。請回答:（1）結(jié)合如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置，該實(shí)驗(yàn)還需的實(shí)驗(yàn)器材有：_。（2）由如圖裝置可知該小組的操作存在不合理的地方，請

28、指出其中兩條：_,_(3)下面4條紙帶中，哪一條是該小組糾正所有不合理操作后打出的紙帶?答：_?！局R點(diǎn)】驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律E5【答案解析】（1） 刻度尺 （2）重錘未靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器；紙帶未全部拉直；兩限位孔未豎直對齊等（3）D 解析： ：（1）實(shí)驗(yàn)中紙帶上的點(diǎn)點(diǎn)之間的距離需要測量，故用到刻度尺，（2）打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的限位孔必須保持豎直，減小紙帶與打點(diǎn)計(jì)時(shí)器之間的摩擦力，手提住紙帶的末端減少松開紙帶后，紙帶與打點(diǎn)計(jì)時(shí)器之間的摩擦力，重錘靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器減少紙帶的浪費(fèi)增加運(yùn)動(dòng)時(shí)間，提高紙帶的利用率；(3)糾正所有問題后，重物做勻加速運(yùn)動(dòng)，故兩點(diǎn)間間距越來越大，故選D【思路點(diǎn)撥】（1）根據(jù)實(shí)驗(yàn)步驟和數(shù)據(jù)

29、的處理得答案；（2）從減少實(shí)驗(yàn)誤差的角度得答案；正確解答實(shí)驗(yàn)問題的前提是明確實(shí)驗(yàn)原理，從實(shí)驗(yàn)原理出發(fā)進(jìn)行分析所需實(shí)驗(yàn)器材、實(shí)驗(yàn)步驟、所測數(shù)據(jù)、及數(shù)據(jù)的處理等，會(huì)起到事半功倍的效果【題文】16.實(shí)驗(yàn)室有以下器材:A.一滿偏電流為300的電流計(jì)：兩正接線柱對應(yīng)不同內(nèi)阻的兩檔，G0檔對應(yīng)內(nèi)阻為，G1檔對應(yīng)內(nèi)阻為；B.電壓表：量程3v，內(nèi)阻約；C.電源：電動(dòng)勢3v D.滑動(dòng)變阻器：“，1A”E.開關(guān)、導(dǎo)線若干；現(xiàn)使用伏安法測阻值約的電阻，則測量電路應(yīng)選圖_-(填“甲”或“乙”)?？紤]電壓表讀數(shù)誤差要求，電流計(jì)應(yīng)選_檔(填“G0”或“G1”).【知識點(diǎn)】伏安法測電阻J5【答案解析】甲 ； G1 解析：被

30、測電阻阻值與電壓表內(nèi)阻較為接近，即屬于大電阻，應(yīng)采用電流表內(nèi)接，故選用甲電路圖，為保證電流計(jì)的安全，根據(jù)歐姆定律，被測電阻與電流計(jì)的電阻之和約為： =10k故電流計(jì)選擇內(nèi)阻較大的G1；【思路點(diǎn)撥】被測電阻阻值與電壓表較為接近，故應(yīng)使電流表測真實(shí)值；當(dāng)滑動(dòng)變阻器阻值與比被測電阻小比較多時(shí)采用分壓接法；由歐姆定律求被測電阻的阻值【題文】17.實(shí)驗(yàn)室購買了一卷標(biāo)稱長度為100m的銅導(dǎo)線，某同學(xué)想通過實(shí)驗(yàn)測定其實(shí)際長度。該同學(xué)首先測得導(dǎo)線橫截面積為1.0mm2，查得銅的電阻率為1.7x10-8，再利用甲圖所示電路測出銅導(dǎo)線的電阻Rx，從而確定導(dǎo)線的實(shí)際長度?？晒┦褂玫钠鞑挠?電流表:量程0.6A,內(nèi)阻

31、約；電壓表:量程3V，內(nèi)阻約；滑動(dòng)變阻器R1：最大阻值；滑動(dòng)變阻器R2：最大阻值；定值電阻，R0 =；電源E：干電池組（4節(jié)干電池）；開關(guān)、導(dǎo)線若干。（1）實(shí)驗(yàn)中滑動(dòng)變阻器應(yīng)選_(選填 “R1”或“R2”)；（2）在實(shí)物圖中，已正確連接了部分導(dǎo)線，請根據(jù)圖甲電路在答題紙相應(yīng)位置完成剩余部分的連接；（3）調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，當(dāng)電流表的讀數(shù)為0.50A時(shí)，電壓表示數(shù)如乙圖所示，則導(dǎo)線實(shí)際長度為_m(保留2位有效數(shù)字)【知識點(diǎn)】測定金屬的電阻率J5【答案解析】（1） R2 （2）見圖 （3）94 （9395都可以） 解析： ：（1）本實(shí)驗(yàn)采用限流法測電阻，所以滑動(dòng)變阻器的最大阻值應(yīng)為R0和Rx總阻值的4

32、倍以上，R0=3，所以滑動(dòng)變阻器選R2，閉合開關(guān)S前應(yīng)將滑片移至阻值最大處，即a處；（2）根據(jù)實(shí)驗(yàn)電路圖，連接實(shí)物圖，如圖所示：（3）根據(jù)圖乙讀出電壓U=2.30V，根據(jù)歐姆定律得：R0+Rx=4.6解得：Rx=1.6根據(jù)電阻定律得：Rx=解得：L=94m【思路點(diǎn)撥】（1）本實(shí)驗(yàn)采用限流法測電阻，所以滑動(dòng)變阻器的最大阻值應(yīng)為R0和Rx總阻值的4倍以上，閉合開關(guān)S前應(yīng)將滑片移至阻值最大處；（2）根據(jù)實(shí)驗(yàn)電路圖，連接實(shí)物圖；（3）根據(jù)圖乙讀出電壓，注意估讀；根據(jù)歐姆定律及電阻定律即可求解四、計(jì)算題(本題共3小題:共36分。解答計(jì)算時(shí)要寫出必要的文字說明、方程 式和重要演算步驟，只寫出最后答案不給分

33、。有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位)【題文】18. (10分)如圖所示，質(zhì)最m=6.Okg的滑塊(可視為質(zhì)點(diǎn))，在水平牽引功率恒為P=42W的力作用下從A點(diǎn)由靜止開始運(yùn)動(dòng)，一段時(shí)間后撤去牽引力。當(dāng)滑塊由平臺邊緣B點(diǎn)飛出后，恰能以5m/s的速度從豎直光滑圓弧軌道CDE上C點(diǎn)的切線方向切入軌道，并從軌道邊緣E點(diǎn)豎直向上拋出。已知COD=, AB間距離L=3m,滑塊與平臺間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.2，圓弧軌道半徑R=1.0m。不計(jì)空氣阻力。取,求:(1)滑塊運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)的速度大小;(2)回弧軌道對滑塊的最大支持力;(3)滑塊在平臺上運(yùn)動(dòng)時(shí)水平牽引力的作用時(shí)間。【知識點(diǎn)】功率、平均功率和瞬時(shí)功率

34、E1 E2【答案解析】（1）3m/s (2)258N (3)1.5s 解析： (1)C點(diǎn)水平分速度 B點(diǎn)的速度 (2)在C點(diǎn)，軌道對滑塊的支持力最大。滑塊從C點(diǎn)到D點(diǎn)，由機(jī)械能守恒定律得： 在D點(diǎn) ， (3) 滑塊從A點(diǎn)到B點(diǎn)，由動(dòng)能定律，得： 【思路點(diǎn)撥】（1）根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，結(jié)合平行四邊形定則求出水平分速度，即B點(diǎn)的速度大?。?）根據(jù)動(dòng)能定理求出D點(diǎn)的速度，通過牛頓第二定律求出支持力的大小，從而得出滑塊對圓弧軌道的最大壓力（3）根據(jù)B點(diǎn)的速度，結(jié)合動(dòng)能定理求出牽引力作用的時(shí)間本題考查了平拋運(yùn)動(dòng)、圓周運(yùn)動(dòng)和動(dòng)能定理的綜合，知道平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律和圓周運(yùn)動(dòng)向心力的來源是解決本題的關(guān)鍵【題文】19. (12分)如圖所示，一根電阻為R的電阻絲做成一個(gè)半徑為r的圓形線框，豎直放置在水平勻強(qiáng)磁場中，線框平面與磁場方向垂直，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向垂直紙面向里?，F(xiàn)有一根質(zhì)量為m、電阻不計(jì)的導(dǎo)體棒，自圓形線框最高點(diǎn)由靜止開始沿線框下落，在下落過程中始終與線框良好接觸，且保持水平。已知下落距離為時(shí)，棒的速度大小為v1，加速下落至圓心O時(shí)，棒的速度大小為v2。試求:(1)金屬棒下落距離為時(shí)，金屬棒中感應(yīng)電流的大小和方向；(2)金屬棒下落距離為時(shí)的加速度大??；（3）金屬棒下落至圓心O時(shí)，整個(gè)線框的發(fā)