2015年江西省重點高中高考物理模擬試卷

1、2015年江西省重點高中高考物理模擬試卷一、選擇題：本題共8小題，每小題6分15小題為只有一個選項符合題目要求68小題有多個選項符合題目要求全部選對的得6分選對但不全的得3分有選錯的得0分1如圖所示，一物體以一定的初速度沿水平面由a點滑到b點，摩擦力做功為w1，若該物體從a點沿斜面滑到b點，摩擦力做功為w2，已知a、a和b、b分別在兩豎直線上，物體與各接觸面間的動摩擦因數(shù)均相同，則（）a w1=w2b w1w2c w1w2d w1和w2的大小關(guān)系和兩斜面的夾角有關(guān)2如圖所示，兩個小球從水平地面上方同一點o分別以初速度v1、v2水平拋出，落在地面上的位置分別是a和b，o是o在地面上的豎直投影，且

2、oa：ab=2：3若不計空氣阻力，則兩小球（）a 拋出的初速度大小之比為2：5b 落地速度的大小之比為2：3c 落地速度與水平地面夾角的正切值之比為1：3d 通過的位移大小之比為1：3如圖所示，長為l的絕緣輕桿兩端分別固定帶電小球a和b，輕桿處于水平向右的勻強電場中，不考慮兩球之間的相互作用，初始時輕桿與電場線垂直（如圖中的實線位置），現(xiàn)將桿向右平移的同時順時針轉(zhuǎn)過90°，使a球沿電場方向移動距離l（如圖中的虛線位置），發(fā)現(xiàn)a、b兩球的電勢能之和不變，根據(jù)圖中給出的位置關(guān)系，可判斷下列說法中正確的是（）a a球一定帶正電荷，b球一定帶負電荷b a球的電勢能一定增加c a、b兩球所帶電

3、荷量的絕對值之比qa：qb=2：1d 電場力對a球和b球都不做功4我國航天事業(yè)取得了突飛猛進的發(fā)展，航天技術(shù)位于世界前列，在某航天控制中心對其正上方某衛(wèi)星測控時，若測得從發(fā)送操作指令到接收到衛(wèi)星已操作的信息需要的時間為t（設(shè)衛(wèi)星接收到操作信息立即操作，并立即發(fā)送已操作信息回中心），已知該衛(wèi)星的運行周期為t，地球的半徑為r，該信息的傳播速度為c，引力常量為g則由此可以求出地球的質(zhì)量為（）a b c d 5如圖甲示，虛線右側(cè)存在勻強磁場，磁場方向垂直紙面向外，一單匝正方形金屬線框在外力f的作用下，從t=0時刻開始以垂直于磁場邊界的速度v=3t+1（m/s）進人磁場區(qū)域，t1時刻線框全部進入磁場圖中

4、關(guān)于外力的大小f、線框中的電功率p隨時間變化的圖象可能正確的是（圖中b、d中的曲線均為拋物線）（）a b b、c d 6如圖所示，木塊放在三角形斜劈上，三角形斜劈放在水平地面上，現(xiàn)用大小均為f、方向相反的平行于斜面的推力分別推木塊和三角形斜劈，它們均靜止不動，則（）a 三角形斜劈對木塊的摩擦力的方向一定沿斜面向下b 三角形斜劈對木塊的摩擦力的方向可能沿斜面向上c 地面對三角形斜劈一定有水平向右的摩擦力d 地面對三角形斜劈的作用力的方向一定豎直向上7如圖所示，紙面內(nèi)a、b兩點間連接有四段導(dǎo)線，acb、adb、aeb、afb，四段導(dǎo)線的粗細相同、材料相同，勻強磁場垂直于紙面向內(nèi)，現(xiàn)給mn兩端加上電

5、壓，則下列說法正確的是（）a 四段導(dǎo)線受到的安培力的大小相等b 四段導(dǎo)線受到的安培力的方向相同c adb段受到的安培力最大d aeb段受到的安培力最小8圖甲為一理想變壓器，ab為原線圈，ce為副線圈，原、副線圈的匝數(shù)比為1：2，d為從副線圈的中點引出的一個接頭，原線圈輸入正弦式交變電壓的ut圖象如圖乙所示（）a 若把負載接在ce端，則流經(jīng)負載的電流的頻率為100 hzb 若把負載接在ce端，則負載兩端的電壓為800 vc 若把負載接在de端，則流經(jīng)負載的電流方向每秒改變200次d 若把負載接在de端，則負載兩端的電壓為400quotev二、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分第9題第12題為必考

6、題每個試題考生都必須作答第13題第18題為選考題，考生根據(jù)要求作答（一）必考題）某同學(xué)用螺旋測微器測量一個小鋼珠的直徑，如圖甲所示，小鋼珠的直徑是mm；（2）該同學(xué)將此小鋼珠從某斜面頂端由靜止釋放，用數(shù)碼相機每隔0.1s對小鋼珠進行照相，照片如圖乙所示，已知照片上的距離是實際距離的，則小鋼珠在斜面上運動的加速度為 m/s210為測定電源的電動勢和內(nèi)阻，實驗室提供了如下器材：a待測電源（電動勢約為9v）b電壓表（視為理想電壓表，量程為3v）c電阻箱r（0999.9）d定值電阻r0（銘牌上的電阻值數(shù)字模糊，只顯示出個位數(shù)字為“0”）e開關(guān)、導(dǎo)線若干（1）用歐姆表（×1）測定定值電阻r0，

7、歐姆表的指針如圖甲所示，則r0=（2）為達到測定的目的，請將圖乙所示的儀器連成一個完整的實驗電路（3）某同學(xué)應(yīng)用所測得的數(shù)據(jù)，繪出的r圖象是一條直線，如圖丙所示，測得直線的斜率k=，縱坐標的截距b=，則電源的電動勢e=，內(nèi)阻r=11如圖所示，在傾角=370的足夠長的固定斜面底端有一質(zhì)量m=1.0kg的物體，物體與斜面間動摩擦因數(shù)=0.25，現(xiàn)用輕細繩將物體由靜止沿斜面向上拉動，拉力f=10.0n，方向平行斜面向上經(jīng)時間t=4.0s繩子突然斷了，（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2）求：（1）繩斷時物體的速度大?。?）從繩子斷了開始到物體再返回到斜面

8、底端的運動時間12如圖所示，在平面直角坐標系xoy的第一象限內(nèi)有一個磁感應(yīng)強度大小b=0.2t的矩形區(qū)域的勻強磁場（圖中未畫出），其方向垂直于xoy平面向里；第二象限有一勻強電場，電場強度的大小e=2×103 v/m在y軸上的p點處有一個質(zhì)量m=4×1020kg、電荷量q=2×1014c的帶正電粒子垂直于y軸以v0=3×104 m/s的速度沿x軸的正方向射入第一象限，粒子飛出磁場區(qū)域后又恰好回到y(tǒng)軸上的p點，再以垂直于電場的方向進入第二象限，最后垂直打在x軸上的a點已知粒子在電場中經(jīng)歷的時間t=×105s，a點坐標為（m，0），粒子的重力不計，

9、求：（結(jié)果可保留根號）（1）粒子在磁場中做圓周運動的半徑r和從p點進入第二象限時速度與y軸負方向的夾角（2）粒子在xoy平面的第一象限內(nèi)運動的時間t0（3）粒子在矩形磁場區(qū)域內(nèi)做圓周運動的圓心位置坐標（二）選考題：共45分請考生從給出的3道物理題中任選一題作答在答題卷選答區(qū)域指定位置答題如果多做則每學(xué)科按所做的第一題計分物理-選修3-3（15分）13以下說法正確的是（）a 所有滿足能量守恒定律的宏觀過程都是可以自發(fā)進行的b 溫度高的物體，其內(nèi)能可能小c 氣體對外做功，其內(nèi)能可能增加d 當分子間距離增大時，分子間引力增大，而分子間斥力減小e 水可以浸潤玻璃，但是不能浸潤石蠟，這個現(xiàn)象表明一種液體

10、是否浸潤某種固體與這兩種物質(zhì)的性質(zhì)都有關(guān)系14如圖示為某溫度計的結(jié)構(gòu)，玻璃測溫泡a內(nèi)充有理想氣體，通過細玻璃管b和水銀壓強計相連開始時a處于冰水混合物中，左管c中水銀面在0點處，右管d中水銀面在高出o點h=10cm處后將a放人待測恒溫槽中，上下移動右管d，使c中水銀面仍在o點處，測得d中水銀面髙出o點h2=30cm求：（已知外界大氣壓為76cmhg）a處于冰水混合物中時，a中氣體的壓強恒溫槽的溫度物理-選修3-4（15分）1013江西模擬）一棱鏡的截面為直角三角形abc，a=30°，直角邊bc=20cm在此截面所在的平面內(nèi)，一條光線以i=60°的按如圖所示的方向從ac邊的中

11、點d射人棱鏡，棱鏡材料對該光的折射率n=光在真空中的傳播速度c=3.0×108m/s，則此光線在棱鏡中的傳播速度為m/s，出射點e離a點的距離為m1013江西模擬）一列簡諧橫波沿工軸正方向傳播，傳播速度v=4m/s，圖示為這列 波在t=0時刻的波形圖求x=1.0m處的質(zhì)點在05.5s內(nèi)通過的路程x=2.0m處的質(zhì)點做簡諧運動的表達式物理-選修3-5（15分）1013江西模擬）一靜止的氡核（rn）發(fā)生衰變，放出一個粒子（he）和一個釙核（po），此核反應(yīng)方程為，若已知氡核的質(zhì)量為m1，粒子的質(zhì)量為m2，釙核的質(zhì)量為m3，光在真空中的傳播速度為c，衰變時釋放的能量全部轉(zhuǎn)化為粒子和釙核的動

12、能，則粒子和釙核的動能之和為1013江西模擬）如圖所示，兩個質(zhì)量均為m=1kg的沙箱a、b并排放在光滑的水平面上，一顆質(zhì)量m=0.1kg 的子彈以切v0=200m/s的水平速度射向a，射穿a后，進人b并最終一起運動，已知子彈射穿a時子彈的速度功=100m/s，求：沙箱a、b的最終速度va和vb的大小子彈在與沙箱a發(fā)生相互作用的過程中，子彈和沙箱a組成的系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能e2015年江西省重點高中高考物理模擬試卷參考答案與試題解析一、選擇題：本題共8小題，每小題6分15小題為只有一個選項符合題目要求68小題有多個選項符合題目要求全部選對的得6分選對但不全的得3分有選錯的得0分1如圖所示，一物體以一定

13、的初速度沿水平面由a點滑到b點，摩擦力做功為w1，若該物體從a點沿斜面滑到b點，摩擦力做功為w2，已知a、a和b、b分別在兩豎直線上，物體與各接觸面間的動摩擦因數(shù)均相同，則（）a w1=w2b w1w2c w1w2d w1和w2的大小關(guān)系和兩斜面的夾角有關(guān)考點：動能定理的應(yīng)用專題：動能定理的應(yīng)用專題分析：通過功的公式w=fscos去比較兩種情況下摩擦力做功的大小解答：解：設(shè)ab間的距離為l，物體在水平面上運動時摩擦力做功：w1=mgl物體在斜面上運動過程摩擦力做功：w2=mgcosl1mgcosl2=mg（l1cos+l2cos）=mgl則：w1=w2，故a正確，bcdd錯誤故選：a點評：解決

14、本題的關(guān)鍵掌握功的公式w=fscos；注意本題中摩擦力一直做負功，要明確求總功的方法2如圖所示，兩個小球從水平地面上方同一點o分別以初速度v1、v2水平拋出，落在地面上的位置分別是a和b，o是o在地面上的豎直投影，且oa：ab=2：3若不計空氣阻力，則兩小球（）a 拋出的初速度大小之比為2：5b 落地速度的大小之比為2：3c 落地速度與水平地面夾角的正切值之比為1：3d 通過的位移大小之比為1：考點：平拋運動專題：平拋運動專題分析：根據(jù)高度比較運動的時間，結(jié)合水平位移之比求出初速度之比，根據(jù)平行四邊形定則，結(jié)合落地時豎直分速度大小求出速度方向與水平面的夾角之比解答：解：a、兩小球平拋運動的高度

15、相同，則運動時間相等，oa：ab=2：3，知兩球的水平位移之比為2：5，根據(jù)x=v0t知，拋出的初速度之比為2：5，故a正確b、因為高度相同，根據(jù)知，落地時豎直分速度相等，但是根據(jù)平行四邊形定則無法求出落地的速度之比根據(jù)，因為水平分速度之比為2：5，可知落地速度與水平地面夾角的正切值之比為2：5，故b、c錯誤d、高度相同，水平位移之比為2：5，根據(jù)平行四邊形定則無法求出通過的位移大小之比，故d錯誤故選：a點評：解決本題的關(guān)鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律，知道運動的時間由高度決定，初速度和時間共同決定水平位移3如圖所示，長為l的絕緣輕桿兩端分別固定帶電小球a和b，輕桿處于水平向右

16、的勻強電場中，不考慮兩球之間的相互作用，初始時輕桿與電場線垂直（如圖中的實線位置），現(xiàn)將桿向右平移的同時順時針轉(zhuǎn)過90°，使a球沿電場方向移動距離l（如圖中的虛線位置），發(fā)現(xiàn)a、b兩球的電勢能之和不變，根據(jù)圖中給出的位置關(guān)系，可判斷下列說法中正確的是（）a a球一定帶正電荷，b球一定帶負電荷b a球的電勢能一定增加c a、b兩球所帶電荷量的絕對值之比qa：qb=2：1d 電場力對a球和b球都不做功考點：勻強電場中電勢差和電場強度的關(guān)系；電勢能專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：抓住a、b電勢能之和不變，即電場力對系統(tǒng)做功的代數(shù)和為零進行判斷解答：解：a、因為a、b兩球電勢能之和不變，則

17、電場力對系統(tǒng)做功為零，因此a、b電性一定相反，a可能帶正電，也可能帶負電，故a錯誤；b、a球的電性不確定，無法判斷其電勢能的變化，故b錯誤；b、電場力對a、b做功大小相等，方向相反，所以有：eqb×2l=eqa×l，因此qa：qb=2：1，故c正確；d、電場力對a、b都做功，代數(shù)和為零，故d錯誤故選：c點評：解決本題的關(guān)鍵理解“a、b兩球電勢能之和不變”的物理含義：電場力對系統(tǒng)做功為零；根據(jù)電場力做功特點進一步求解4我國航天事業(yè)取得了突飛猛進的發(fā)展，航天技術(shù)位于世界前列，在某航天控制中心對其正上方某衛(wèi)星測控時，若測得從發(fā)送操作指令到接收到衛(wèi)星已操作的信息需要的時間為t（設(shè)衛(wèi)

18、星接收到操作信息立即操作，并立即發(fā)送已操作信息回中心），已知該衛(wèi)星的運行周期為t，地球的半徑為r，該信息的傳播速度為c，引力常量為g則由此可以求出地球的質(zhì)量為（）a b c d 考點：人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系；萬有引力定律及其應(yīng)用專題：人造衛(wèi)星問題分析：衛(wèi)星繞地球做圓周運動，萬有引力提供向心力，由速度公式求出衛(wèi)星到地面的高度，應(yīng)用萬有引力公式與牛頓第二定律求出地球的質(zhì)量解答：解：衛(wèi)星到地面的高度：h=，衛(wèi)星的軌道半徑：r=r+h，衛(wèi)星繞地球做圓周運動，萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得：g=mr，解得：g=；故選：c點評：本題考查了萬有引力定律的應(yīng)用，知道萬有引力提供向心力、根據(jù)題

19、意求出衛(wèi)星的軌道半徑，應(yīng)用萬有引力公式與牛頓第二定律可以解題5如圖甲示，虛線右側(cè)存在勻強磁場，磁場方向垂直紙面向外，一單匝正方形金屬線框在外力f的作用下，從t=0時刻開始以垂直于磁場邊界的速度v=3t+1（m/s）進人磁場區(qū)域，t1時刻線框全部進入磁場圖中關(guān)于外力的大小f、線框中的電功率p隨時間變化的圖象可能正確的是（圖中b、d中的曲線均為拋物線）（）a b b、c d 考點：導(dǎo)體切割磁感線時的感應(yīng)電動勢；閉合電路的歐姆定律專題：電磁感應(yīng)與圖像結(jié)合分析：由線框進入磁場中切割磁感線，根據(jù)運動學(xué)公式可知速度與時間關(guān)系；再由法拉第電磁感應(yīng)定律，可得出產(chǎn)生感應(yīng)電動勢與速度關(guān)系；由閉合電路歐姆定律來確定

20、感應(yīng)電流的大小，并由安培力公式可確定其大小與時間的關(guān)系；由功率的表達式來分別得出功率與時間的關(guān)系解答：解：a、線框做勻加速運動，其速度v=3t+1，感應(yīng)電動勢e=blv，線框進入磁場過程中受到的安培力fb=bil=，由牛頓第二定律得：f=ma，則f=ma+，故ab錯誤；c、感應(yīng)電流i=+，線框的電功率p=i2r=t2+2+；故c錯誤，d正確；故選：d點評：解決本題的關(guān)鍵掌握運動學(xué)公式，并由各自表達式來進行推導(dǎo)，從而得出結(jié)論是否正確，以及掌握切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢e=blv知道l為有效長度6如圖所示，木塊放在三角形斜劈上，三角形斜劈放在水平地面上，現(xiàn)用大小均為f、方向相反的平行于斜面的推力分別推木

21、塊和三角形斜劈，它們均靜止不動，則（）a 三角形斜劈對木塊的摩擦力的方向一定沿斜面向下b 三角形斜劈對木塊的摩擦力的方向可能沿斜面向上c 地面對三角形斜劈一定有水平向右的摩擦力d 地面對三角形斜劈的作用力的方向一定豎直向上考點：共點力平衡的條件及其應(yīng)用；力的合成與分解的運用專題：共點力作用下物體平衡專題分析：隔離對木塊分析，結(jié)合f與重力沿斜面方向的分力大小關(guān)系確定斜劈對木塊的摩擦力方向?qū)φw分析，根據(jù)共點力平衡分析有無摩擦力解答：解：a、設(shè)斜面的傾角為，對木塊分析，若fmgsin，則木塊所受的摩擦力沿斜面向下，若fmgsin，則木塊所受的摩擦力沿斜面向上，故a錯誤，b正確c、對整體分析，由于兩

22、個f在水平方向的分力相等，則地面對三角形斜劈的摩擦力為零，地面對斜劈的作用力方向一定豎直向上，故c錯誤，d正確故選：bd點評：解決本題的關(guān)鍵能夠正確地選擇研究對象，結(jié)合共點力平衡進行分析求解，基礎(chǔ)題7如圖所示，紙面內(nèi)a、b兩點間連接有四段導(dǎo)線，acb、adb、aeb、afb，四段導(dǎo)線的粗細相同、材料相同，勻強磁場垂直于紙面向內(nèi)，現(xiàn)給mn兩端加上電壓，則下列說法正確的是（）a 四段導(dǎo)線受到的安培力的大小相等b 四段導(dǎo)線受到的安培力的方向相同c adb段受到的安培力最大d aeb段受到的安培力最小考點：帶電粒子在勻強磁場中的運動專題：帶電粒子在磁場中的運動專題分析：根據(jù)電阻定律，可知，電阻大小與導(dǎo)

23、線長度關(guān)系，再結(jié)合相同的電壓，可判定導(dǎo)線的電流大小，因四段導(dǎo)線的有效長度相同，則根據(jù)安培力大小表達式f=bil，從而確定其大小關(guān)系，最后根據(jù)左手定則可知，安培力方向相同，從而即可求解解答：解：導(dǎo)線的粗細相同、材料相同，由電阻定律：r=可知：導(dǎo)線越長，電阻越大，由：i=可知：acb導(dǎo)線電流最小，而adb導(dǎo)線電流最大，四段導(dǎo)線的有效長度都相同，由f=bil可知，adb段受到的安培力最大，而acb段受到的安培力最小，由左手定則可知，它們的安培力的方向均相同，故bc正確，ad錯誤；故選：bc點評：本題考查電阻定律與歐姆定律的應(yīng)用，掌握左手定則及安培力大小表達式，注意理解有效切割長度是解題的關(guān)鍵8圖甲為

24、一理想變壓器，ab為原線圈，ce為副線圈，原、副線圈的匝數(shù)比為1：2，d為從副線圈的中點引出的一個接頭，原線圈輸入正弦式交變電壓的ut圖象如圖乙所示（）a 若把負載接在ce端，則流經(jīng)負載的電流的頻率為100 hzb 若把負載接在ce端，則負載兩端的電壓為800 vc 若把負載接在de端，則流經(jīng)負載的電流方向每秒改變200次d 若把負載接在de端，則負載兩端的電壓為400quotev考點：變壓器的構(gòu)造和原理專題：交流電專題分析：理想變壓器原副線圈電壓之比等于匝數(shù)之比，只會改變電壓，不會改變頻率，在一個周期內(nèi)電流變化兩次解答：解：變壓器只改變原副線圈的電壓，不會改變頻率，故頻率為，故a正確；b、原

25、線圈的電壓u1=，原副線圈電壓之比等于匝數(shù)之比，故，故b錯誤；c、變壓器只改變原副線圈的電壓，不會改變頻率，在一個周期內(nèi)電流方向改變2次，故每秒中電流改變200次，故c正確；d、d為副線圈的中點，故原線圈與de的匝數(shù)之比為1；1，則副線圈的電壓，故d錯誤；故選：ac點評：本題主要考查了理想變壓器的特點，電壓之比等于匝數(shù)之比，只會改變電壓，不會改變頻率，在一個周期內(nèi)電流變化兩次二、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分第9題第12題為必考題每個試題考生都必須作答第13題第18題為選考題，考生根據(jù)要求作答（一）必考題）某同學(xué)用螺旋測微器測量一個小鋼珠的直徑，如圖甲所示，小鋼珠的直徑是6.7216.72

26、3mm；（2）該同學(xué)將此小鋼珠從某斜面頂端由靜止釋放，用數(shù)碼相機每隔0.1s對小鋼珠進行照相，照片如圖乙所示，已知照片上的距離是實際距離的，則小鋼珠在斜面上運動的加速度為3.1 m/s2考點：刻度尺、游標卡尺的使用；螺旋測微器的使用專題：實驗題；恒定電流專題分析：解決本題的關(guān)鍵掌握游標卡尺讀數(shù)的方法，主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)，不需估讀螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀解答：解：1、螺旋測微器的固定刻度為6.5mm，可動刻度為22.2×0.01mm=0.222mm，所以最終讀數(shù)為6.5mm+0.222mm=6.722mm由于需要估讀，最后的結(jié)果可以

27、在6.7216.723之間2、照片如圖乙所示，已知照片上的距離是實際距離的，所以小球的實際的距離為36.3cm=0.363m和42.5cm=0.425m，根據(jù)x=2at2可得，a=3.1m/s2故答案為：6.7216.723；3.1點評：對于基本測量儀器如游標卡尺、螺旋測微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進行有關(guān)測量10為測定電源的電動勢和內(nèi)阻，實驗室提供了如下器材：a待測電源（電動勢約為9v）b電壓表（視為理想電壓表，量程為3v）c電阻箱r（0999.9）d定值電阻r0（銘牌上的電阻值數(shù)字模糊，只顯示出個位數(shù)字為“0”）e開關(guān)、導(dǎo)線若干（1）用歐姆表（×1）測定定值電阻r

28、0，歐姆表的指針如圖甲所示，則r0=10（2）為達到測定的目的，請將圖乙所示的儀器連成一個完整的實驗電路（3）某同學(xué)應(yīng)用所測得的數(shù)據(jù)，繪出的r圖象是一條直線，如圖丙所示，測得直線的斜率k=，縱坐標的截距b=，則電源的電動勢e=9.0，內(nèi)阻r=2.0考點：測定電源的電動勢和內(nèi)阻專題：實驗題；恒定電流專題分析：（1）由多用電表的讀數(shù)方法可得出正確的讀數(shù)；（2）根據(jù)題干中給出的實驗儀器，通過分析明確實驗原理，從而得出正確的電路圖；（3）根據(jù)閉合電路歐姆定律可得出對應(yīng)的表達式，通過變形得出對應(yīng)的函數(shù)關(guān)系；從而根據(jù)圖象明確電動勢和內(nèi)電阻解答：解：（1）歐姆檔所用檔位為×1；指針示數(shù)為10；故最

29、終讀數(shù)為：10×1=10；（2）由題中給定儀器可知由于沒有電流表，故無法直接用伏安法進行測量；同時由于電壓表量程過小；故通過電壓表和定值電阻組合，由歐姆定律求解電流；再與電阻箱連接；則可得出等效的安阻法；如圖所示；（3）由閉合電路歐姆定律可知：e=u+變形可得：=+由圖象可知，b=+；=k解得：e=9.0v；r=2；故答案為：（1）10；（2）如圖；（3）9.0；2點評：本題考查電源電動勢和內(nèi)電阻的測量實驗，要注意明確實驗原理，能根據(jù)閉合電路歐姆定律分析，并結(jié)合圖象進行分析進行數(shù)據(jù)處理11如圖所示，在傾角=370的足夠長的固定斜面底端有一質(zhì)量m=1.0kg的物體，物體與斜面間動摩擦因

30、數(shù)=0.25，現(xiàn)用輕細繩將物體由靜止沿斜面向上拉動，拉力f=10.0n，方向平行斜面向上經(jīng)時間t=4.0s繩子突然斷了，（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2）求：（1）繩斷時物體的速度大?。?）從繩子斷了開始到物體再返回到斜面底端的運動時間考點：牛頓第二定律；勻變速直線運動的速度與時間的關(guān)系專題：牛頓運動定律綜合專題分析：（1）分析繩子斷前物體的受力情況，根據(jù)牛頓第二定律求出加速度，由速度公式求解繩斷時物體的速度大小（2）繩斷后，物體先沿斜面向上做勻減速運動，后沿斜面向下做勻加速運動，由牛頓第二定律求出向上減速過程的加速度，由運動學(xué)公式求出時間和位

31、移下滑過程的位移大小等于上滑過程總位移大小，由牛頓定律和位移公式結(jié)合求解下滑的時間解答：解：（1）物體向上運動過程中，受重力mg，摩擦力ff，拉力f，設(shè)加速度為a1， 則有fmgsinff=ma1 fn=mgcos又 ff=fn得到，fmgsinmgcos=ma1代入解得，a1=2.0m/s2所以，t=4.0s時物體速度v1=a1t=8.0m/s（2）繩斷后，物體距斜面底端x1=16m斷繩后，設(shè)加速度為a2，由牛頓第二定律得 mgsin+mgcos=ma2得到，a2=g（sin+cos）=8.0m/s2物體做減速運動時間t2=1.0s 減速運動位移x2=4.0m此后物體沿斜面勻加速下滑，設(shè)加速

32、度為a3，則有 mgsinmgcos=ma3得到，a3=g（sincos）=4.0m/s2設(shè)下滑時間為t3，則：x1+x2= 解得，t3=s=3.2st總=t2+t3=4.2s答：（1）繩斷時物體的速度大小是8.0m/s（2）從繩子斷了開始到物體再返回到斜面底端的運動時間是4.2s點評：本題是有往復(fù)的動力學(xué)問題，運用牛頓第二定律與運動學(xué)公式結(jié)合是解題的基本方法，加速度是關(guān)鍵量12如圖所示，在平面直角坐標系xoy的第一象限內(nèi)有一個磁感應(yīng)強度大小b=0.2t的矩形區(qū)域的勻強磁場（圖中未畫出），其方向垂直于xoy平面向里；第二象限有一勻強電場，電場強度的大小e=2×103 v/m在y軸上的

33、p點處有一個質(zhì)量m=4×1020kg、電荷量q=2×1014c的帶正電粒子垂直于y軸以v0=3×104 m/s的速度沿x軸的正方向射入第一象限，粒子飛出磁場區(qū)域后又恰好回到y(tǒng)軸上的p點，再以垂直于電場的方向進入第二象限，最后垂直打在x軸上的a點已知粒子在電場中經(jīng)歷的時間t=×105s，a點坐標為（m，0），粒子的重力不計，求：（結(jié)果可保留根號）（1）粒子在磁場中做圓周運動的半徑r和從p點進入第二象限時速度與y軸負方向的夾角（2）粒子在xoy平面的第一象限內(nèi)運動的時間t0（3）粒子在矩形磁場區(qū)域內(nèi)做圓周運動的圓心位置坐標考點：帶電粒子在勻強磁場中的運動；帶

34、電粒子在勻強電場中的運動專題：帶電粒子在磁場中的運動專題分析：（1）粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律求出粒子的軌道半徑；粒子在電場中做類平拋運動，應(yīng)用類平拋運動的規(guī)律求出粒子速度方向與y軸負方向的夾角（2）作出粒子運動軌跡，應(yīng)用勻速勻速運動的速度公式與粒子做圓周運動的周期公式求出粒子的運動時間（3）粒子在電場中做類平拋運動，應(yīng)用類平拋運動規(guī)律，根據(jù)粒子運動軌跡與幾何知識求出粒子做圓周運動的圓心坐標解答：解：（1）粒子運動軌跡如圖所示，粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：qv0b=m，代入數(shù)據(jù)解得：r=0.3m，由題意可知，粒子在電場中

35、做類平拋運動，由牛頓第二定律得：qe=ma，tan=，解得：=；（2）根據(jù)圖示粒子運動軌跡，由幾何知識得：=，pb=cp=r，粒子在第一象限內(nèi)的運動時間：t0=+=7.65×105s；（3）粒子在電場中做類平拋運動，pq=v0t qa=t2，pa2=pq2+aq2=po2+oa2，代入數(shù)據(jù)解得：po=m，粒子在磁場中做圓周運動的圓心d的橫坐標：x=pb=r=m，縱坐標：y=po+r=m，圓心d的坐標：（m，m）；答：（1）粒子在磁場中做圓周運動的半徑r為0.3m，從p點進入第二象限時速度與y軸負方向的夾角為（2）粒子在xoy平面的第一象限內(nèi)運動的時間t0為7.65×105s

36、（3）粒子在矩形磁場區(qū)域內(nèi)做圓周運動的圓心位置坐標為：（m，m）點評：本題考查了粒子在電場與磁場中的運動，由于粒子運動過程復(fù)雜，本題難度較大，分析清楚粒子運動過程、作出粒子運動軌跡是正確解題的關(guān)鍵；應(yīng)用牛頓第二定律、類平拋運動規(guī)律即可解題；解題時注意幾何知識的應(yīng)用（二）選考題：共45分請考生從給出的3道物理題中任選一題作答在答題卷選答區(qū)域指定位置答題如果多做則每學(xué)科按所做的第一題計分物理-選修3-3（15分）13以下說法正確的是（）a 所有滿足能量守恒定律的宏觀過程都是可以自發(fā)進行的b 溫度高的物體，其內(nèi)能可能小c 氣體對外做功，其內(nèi)能可能增加d 當分子間距離增大時，分子間引力增大，而分子間斥

37、力減小e 水可以浸潤玻璃，但是不能浸潤石蠟，這個現(xiàn)象表明一種液體是否浸潤某種固體與這兩種物質(zhì)的性質(zhì)都有關(guān)系考點：熱力學(xué)第二定律；溫度是分子平均動能的標志；* 液體的表面張力現(xiàn)象和毛細現(xiàn)象分析：根據(jù)熱力學(xué)第二定律，熵只會增加，一切自然過程總是向分子熱運動的無序性增大的方向進行；物體的內(nèi)能與物質(zhì)的量、溫度、體積以及物態(tài)有關(guān)；氣體對外做功，其內(nèi)能可能增加當分子間距離增大時，分子間引力和分子間斥力都減?。唤櫯c不浸潤與兩種接觸物質(zhì)的性質(zhì)有關(guān)解答：解：a、根據(jù)熱力學(xué)第二定律，一切自然過程總是向分子熱運動的無序性增大的方向進行故a錯誤；b、物體的內(nèi)能與物質(zhì)的量、溫度、體積以及物態(tài)有關(guān)，溫度高的物體，其內(nèi)能

38、可能比較小故b正確；c、氣體對外做功，若同時吸收熱量，其內(nèi)能可能增加故c正確；d、根據(jù)分子之間的作用力的特點可知，當分子間距離增大時，分子間引力和分子間斥力都減小故d錯誤；e、浸潤與不浸潤與兩種接觸物質(zhì)的性質(zhì)有關(guān)；水可以浸潤玻璃，但是不能浸潤石蠟，這個現(xiàn)象表明一種液體是否浸潤某種固體與這兩種物質(zhì)的性質(zhì)都有關(guān)系故e正確故選：bce點評：該題考查到熱學(xué)中的多個知識點，多是記憶性的知識點，只有對熱力學(xué)第二定律的理解在該題中有一定的難度屬于易錯題目14如圖示為某溫度計的結(jié)構(gòu)，玻璃測溫泡a內(nèi)充有理想氣體，通過細玻璃管b和水銀壓強計相連開始時a處于冰水混合物中，左管c中水銀面在0點處，右管d中水銀面在高出

39、o點h=10cm處后將a放人待測恒溫槽中，上下移動右管d，使c中水銀面仍在o點處，測得d中水銀面髙出o點h2=30cm求：（已知外界大氣壓為76cmhg）a處于冰水混合物中時，a中氣體的壓強恒溫槽的溫度考點：理想氣體的狀態(tài)方程專題：理想氣體狀態(tài)方程專題分析：由于溫泡a內(nèi)封閉氣體的體積不變，應(yīng)用查理定律得求解恒溫槽的溫度，就需要確定在冰水混合物中時氣體的壓強和在恒溫槽中時氣體的壓強解答：解：處于冰水混合物中時，a中氣體的壓強：p1=p0+h=76+10=86cmhg；由于使c中水銀面仍在o點處，故溫泡a內(nèi)封閉氣體的體積保持不變，發(fā)生等容變化冰水混合物的溫度t1=273k，此時封閉氣體的壓強p1=

40、86cmhg設(shè)恒溫槽的溫度為t2，此時封閉氣體的壓強p2=p0+h2=106cmhg根據(jù)查理定律得：=，代入數(shù)據(jù)得t2336.5k；答：a處于冰水混合物中時，a中氣體的壓強為86cmhg恒溫槽的溫度為336.5k點評：解決本題的關(guān)鍵是分析清楚氣體狀態(tài)變化過程，確定出初末兩個狀態(tài)已知的參量物理-選修3-4（15分）1013江西模擬）一棱鏡的截面為直角三角形abc，a=30°，直角邊bc=20cm在此截面所在的平面內(nèi)，一條光線以i=60°的按如圖所示的方向從ac邊的中點d射人棱鏡，棱鏡材料對該光的折射率n=光在真空中的傳播速度c=3.0×108m/s，則此光線在棱鏡中

41、的傳播速度為1.73×108m/s，出射點e離a點的距離為0.15m考點：光的折射定律專題：光的折射專題分析：由公式v=求解光線在棱鏡中的傳播速度根據(jù)折射定律求出光線在ac面的折射角，再由幾何知識求出光線從棱鏡ab邊上射出的點的位置離a點的距離解答：解：光線在棱鏡中的傳播速度 v=1.73×108m/s設(shè)折射角為r，由折射定律n=得r=30°由幾何關(guān)系可得：aed=90°，=0.2ae=adcos30°=accos30°=0.15m 故答案為：1.73×108m/s，0.15點評：本題將折射定律與幾何知識結(jié)合起來考查幾何光學(xué)問題，要注意對光路的分析，以及光路圖中的幾何關(guān)系的分析基礎(chǔ)題目1013江西模擬）一列簡諧橫波沿工軸正方向傳播，傳播速度v=4m/s，圖示為這列 波在t=0時刻的波