2017年四川省自貢市高考一診試卷物理

1、2017 年四川省自貢市高考一診試卷物理一、選擇題，本題共8 小題，每小題6 分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，第15 題只有一項(xiàng)是符合題目要求的；在第68 題有多項(xiàng)符合題目要求的，全部選對得6 分，選對但不全得 3 分，有選錯的得0 分。1. 關(guān)于靜電場的電場強(qiáng)度和電勢，下列說法正確的是( ) a.電場強(qiáng)度的方向處處與等電勢面垂直b.電場強(qiáng)度為零的地方，電勢也為零c.隨著電場強(qiáng)度的大小逐漸減小，電勢能逐漸降低d.任一點(diǎn)的電場強(qiáng)度總是指向該點(diǎn)電勢降落最快的方向解析： a、電場線與等勢面垂直，而電場強(qiáng)度的方向?yàn)殡妶鼍€的方向，所以電場強(qiáng)度的方向與等勢面垂直，故a正確；b、電場強(qiáng)度與電勢沒有直接關(guān)系，電

2、場強(qiáng)度為零時，電勢不一定為零；電勢為零，電場強(qiáng)度不一定為零，故b錯誤；c、根據(jù)電勢能ep=q 可知，電勢能與電場強(qiáng)度無直接關(guān)系，故c錯誤；d、順著電場線方向電勢降低，由勻強(qiáng)電場u=ed可知， 電場強(qiáng)度的方向是電勢降低最快的方向，故 d正確。答案： ad 2. 木塊 a、b分別重 60n和 70n ，它們與水平地面之間的動摩擦因數(shù)均為0.2 ，夾在 a、b之間的輕彈簧被壓縮了2cm，彈簧的勁度系數(shù)為500n/m。系統(tǒng)置于水平地面上靜止不動?，F(xiàn)用f=1n的水平拉力作用在木塊b上，如圖所示，力f 作用后 ( ) a.木塊 a所受摩擦力大小是12n b.木塊 a所受摩擦力大小是11n c.木塊 b所受

3、摩擦力大小是11n d.木塊 b所受摩擦力大小是13n 解析：未加f 時，木塊ab受力平衡，所受靜摩擦力等于彈簧的彈力，則彈簧彈力為：f1=kx=500n/m0.02m=10n；b木塊與地面間的最大靜摩擦力為：fbm=gb=0.2 70n=14n ；而 a木塊與地面間的最大靜摩擦力為：fam=ga=0.2 60n=12n ；施加 f 后，對木塊b有： f+f1fbm；木塊 b受摩擦力仍為靜摩擦力，其大小為fb=10n+1n=11n ，施加 f 后，木塊a所受摩擦力仍為靜摩擦力，大小為fa=10n；故 abd錯誤， c正確。答案： c 3. 如圖所示，半徑為r，內(nèi)徑很小的光滑半圓管道豎直放置，質(zhì)

4、量為m的小球以某一速度進(jìn)入管內(nèi)，小球通過最高點(diǎn)p時，對管壁的壓力為0.5mg，則 ( ) a.小球從管口飛出時的速率一定為b.小球從管口飛出時的速率一定為c.小球落地點(diǎn)到p點(diǎn)的水平距離可能為r d.小球落地點(diǎn)到p點(diǎn)的水平距離可能為解析： a、當(dāng)小球?qū)芟卤谟袎毫r，則有：mg 0.5mg=m解得： v1=當(dāng)小球?qū)苌媳谟袎毫r，則有：mg+0.5mg=m解得： v2=，故 ab錯誤；c、小球從管口飛出后做平拋運(yùn)動，豎直方向上：2r=gt2解得：t=2x1=v1t=r x2=v2t=r；故 c錯誤， d正確。答案： d 4. 馬航客機(jī)失聯(lián)后，西安衛(wèi)星測控中心緊急調(diào)動海洋、風(fēng)云、高分、遙感4 個型

5、號近10 顆衛(wèi)星， 為地面搜救提供技術(shù)支持。特別是“高分一號”突破了空間分辨率、多光譜與大覆蓋面積相結(jié)合的大量關(guān)鍵技術(shù)。如圖為“高分一號”與北斗導(dǎo)航系統(tǒng)兩顆衛(wèi)星在空中某一面內(nèi)運(yùn)動的示意圖?！氨倍贰毕到y(tǒng)中兩顆衛(wèi)星“g1”和“g3”的軌道半徑均為r ，某時刻兩顆工作衛(wèi)星分別位于軌道上的a、b兩位置，“高分一號”在c位置，若衛(wèi)星均順時針運(yùn)行，地球表面處的重力加速度為g，地球半徑為r，不計(jì)衛(wèi)星間的相互作用力。則以下說法正確的是( ) a.衛(wèi)星“g1”和“g3”的加速度大小相等均為g b.衛(wèi)星“g1”由位置a運(yùn)動到位置b所需的時間為c.如果調(diào)動“高分一號”衛(wèi)星到達(dá)衛(wèi)星“g3”所在的軌道，必須對其減速d.

6、“高分一號”是低軌道衛(wèi)星，其所在高度有稀薄氣體，運(yùn)行一段時間后，高度會降低，速度增大，機(jī)械能會減小解析： a、 根據(jù)萬有引力提供向心力g=ma ， 得 a=。 而 gm=gr2.所以衛(wèi)星的加速度a=。故 a錯誤。b、根據(jù)萬有引力提供向心力g=m 2r ，解得：=，所以衛(wèi)星1 由位置 a運(yùn)動到位置 b所需的時間t=，故 b錯誤。c、“高分一號”衛(wèi)星加速，將做離心運(yùn)動，軌道半徑變大，速度變小，路程變長，運(yùn)動時間變長，故如果調(diào)動“高分一號”衛(wèi)星快速到達(dá)b位置的下方，必須對其加速，故c錯誤。d、“高分一號”是低軌道衛(wèi)星，其所在高度有稀薄氣體，克服阻力做功，機(jī)械能減小。故d正確。答案： d 5. 圖示電

7、路中， 電源電動勢為e，內(nèi)阻為 r ，r1、r2為定值電阻， r3為可變電阻， c為電容器。在可變電阻r3由較大逐漸變小的過程中( ) a.電容器充電b.流過 r2的電流方向是由b 到 a c.電容器的電荷量在逐漸減少d.電源內(nèi)部消耗的功率變小解析： a、滑動變阻器由大到小的過程中，電路中總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知電路中電流增大，內(nèi)電壓及r1兩端的電壓增大，則r3兩端的電壓減??；電容器兩端的電壓減小，電容器電量減小，故電容器放電， 電容器的帶電量減小，電流方向由a到 b，故 c正確，故 ab錯誤；c、由 p=i2r 可知，電源內(nèi)部消耗的功率變大，故d錯誤。答案： c 6. 一物體從靜止

8、開始做勻加速直線運(yùn)動，下列關(guān)于物體的位移x，速度 v，加速度a 與時間t 關(guān)系的圖像可能正確的是( ) a.b.c.d.解析：因?yàn)槲矬w做勻加速直線運(yùn)動，根據(jù)s=at2得，知 s 與 t2成正比，加速度a 不變， v隨時間均勻增大。故bd正確， a、 c錯誤。答案： bd 7. 如圖， 豎直擋板對小車的彈力n1，斜面小車對球的彈力n2.當(dāng)小車向左加速運(yùn)動且加速度a逐漸增加，則 ( ) a.n2逐漸減小b.n2不變c.n1逐漸增加d.n1與 n2的合力有可能不變解析：對小球進(jìn)行受力分析，作出力圖：重力 mg 、豎直擋板對小車的彈力n1，斜面小車對球的彈力n2.。設(shè)加速度大小為a，a的傾角為 。根據(jù)

9、牛頓第二定律得：水平方向： n1n2sin =ma ，豎直方向： mg=n2cos由看出， m 、 不變，則n2不變。由得， n1=n2sin +ma. 則向左加速運(yùn)動且加速度a 逐漸增加時， n1逐漸增大。故bc正確， ad錯誤。答案： bc 8. 在地面附近，存在著一有界電場，邊界mn將空間分成上下兩個區(qū)域、，在區(qū)域中有豎直向上的勻強(qiáng)電場，在區(qū)域i 中離邊界某一高度由靜止釋放一質(zhì)量為m的帶電小球a，如圖甲所示，小球運(yùn)動的vt 圖像如圖乙所示，不計(jì)空氣阻力，則( ) a.小球受到的重力與電場力之比為3： 5 b.在 t=5s 時，小球經(jīng)過邊界mn c.在小球向下運(yùn)動的整個過程中，重力做的功大

10、于電場力做功d.在 1s4s 過程中，小球的機(jī)械能先減小后增大解析： b、小球進(jìn)入電場前做自由落體運(yùn)動，進(jìn)入電場后受到電場力作用而做減速運(yùn)動，由圖可以看出，小球經(jīng)過邊界mn的時刻是t=1s 和 t=4s 時。故 b錯誤。a、由圖像的斜率等于加速度得小球進(jìn)入電場前的加速度為：a1=，進(jìn)入電場后的加速度大小為：a2=由牛頓第二定律得：mg=ma1fmg=ma2得電場力： f=mg+ma2=由得重力mg與電場力f 之比為 3：5. 故 a正確。c、整個過程中，動能變化量為零，根據(jù)動能定理，整個過程中重力做的功與電場力做的功大小相等。故c錯誤。d、整個過程中， 由圖可得， 小球在 0 2.5s 內(nèi)向下

11、運(yùn)動， 在 2.5s 5s 內(nèi)向上運(yùn)動， 在 1s4s 過程中，小球的機(jī)械能先減小后增大電場力先做負(fù)功，后做正功。電勢能先增大，后減??；由于整個的過程中動能、重力勢能和電勢能的總和不變，所以，小球的機(jī)械能先減小后增大。故d正確。答案： ad 二、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分。在第9第 12 題為必考題，每個考題考生都必須作答，第1316 為選考題，考生根據(jù)要求作答。( 一) 必考題9. 如圖甲所示， 為驗(yàn)證動能定理的實(shí)驗(yàn)裝置，較長的小車的前端固定有力傳感器，能測出小車所受的拉力，小車上固定兩個完全相同的遮光條a、 b，小車、傳感器及遮光條的總質(zhì)量為 m ，小車放在安裝有定滑輪和光電門的光

12、滑軌道d上，光電門可記錄遮光條a、b通過它時的擋光時間。 用不可伸長的細(xì)線將小車與質(zhì)量為m的重物相連， 軌道放在水平桌面上，細(xì)線與軌道平行 ( 滑輪質(zhì)量、摩擦不計(jì)) 。用螺旋測微器測遮光條的寬度，如圖乙所示，則遮光條的寬度d= mm 實(shí)驗(yàn)過程中滿足 m遠(yuǎn)大于 m(填“需要”或“不需要”) 。實(shí)驗(yàn)主要步驟如下：測量小車、傳感器及遮光條的總質(zhì)量m ，測量兩遮光條間的距離l，按圖甲正確連接器材。由靜止釋放小車，小車在細(xì)線拉動下運(yùn)動，記錄傳感器的示數(shù)f 及遮光條a、b 經(jīng)過光電門的擋光時間ta和 tb，則驗(yàn)證動能定理的表達(dá)式為( 用字母 m 、 f、l、d、ta、tb表示 ) 。解析： 螺旋測微器的固

13、定刻度讀數(shù)為0mm ，可動刻度讀數(shù)為0.01 40.0mm=0.400mm ，所以最終讀數(shù)為： 0mm+0.400mm=0.400mm。實(shí)驗(yàn)中小車的力由力傳感器測出，無需m遠(yuǎn)大于 m ；由于遮光條通過光電門的時間極短因此可以利用平均速度來代替其瞬時速度，因此小車經(jīng)過光電門時的瞬時速度為：v=，所以小車經(jīng)過a點(diǎn)的速度，經(jīng)過 b點(diǎn)的速度，以小車為研究對象，合外力做的功w=fl ，動能的增量為：。則驗(yàn)證動能定理的表達(dá)式為答案： 0.400 ；不需要；10.(9 分 )回答下列問題：(1) 某研究小組的同學(xué)為了測量某一電阻rx的阻值，甲同學(xué)先用多用電表進(jìn)行粗測。使用多用電表歐姆擋時， 將選擇開關(guān)調(diào)到歐

14、姆擋“10”檔位并調(diào)零，測量時發(fā)現(xiàn)指針向右偏轉(zhuǎn)角度太大，這時他應(yīng)該：先將選擇開關(guān)換成歐姆擋的“”檔位， 將紅、黑表筆短接，再進(jìn)行，使指針指在歐姆刻度的“0”處；再次測量電阻rx的阻值時，指針在刻度盤上停留的位置如圖1 所示，則所測量的值為。解析：測電阻時用“ 10”檔位并調(diào)零，測量時指針向右偏轉(zhuǎn)角度太大，說明所選擋位太大，為準(zhǔn)確測出電阻，應(yīng)先將選擇開關(guān)換成歐姆擋的“1”檔位，將紅、黑表筆短接，再進(jìn)行歐姆調(diào)零；由圖示表盤可知，所測量電阻的值為r=18 1=18。答案： 1；歐姆調(diào)零；18。(2) 為進(jìn)一步精確測量該電阻，實(shí)驗(yàn)臺上擺放有以下器材：a.電流表 (量程 15ma ，內(nèi)阻約100 ) b

15、.電流表 (量程 0.6a，內(nèi)阻約0. 5 ) c.電阻箱 (最大電阻99. 99 ) d.電阻箱 (最大電阻999. 9) e.電源 ( 電動勢 3v，內(nèi)阻 0. 8) f.單刀單擲開關(guān)2 只g.導(dǎo)線若干乙同學(xué)設(shè)計(jì)的電路圖如圖2 所示，現(xiàn)按照如下實(shí)驗(yàn)步驟完成實(shí)驗(yàn)：調(diào)節(jié)電阻箱，使電阻箱有合適的阻值r1，僅閉合s1，使電流表有較大的偏轉(zhuǎn)且讀數(shù)為i ；調(diào)節(jié)電阻箱，保持開關(guān)s1閉合，開關(guān)s2閉合，再次調(diào)節(jié)電阻箱的阻值為r2，使電流表讀數(shù)仍為 i 。a.根據(jù)實(shí)驗(yàn)步驟和實(shí)驗(yàn)器材規(guī)格可知，電流表應(yīng)選擇( 填器材前字母 ) b.根據(jù)實(shí)驗(yàn)步驟可知，待測電阻rx= ( 用題目所給測量數(shù)據(jù)表示) 。解析：根據(jù)閉合

16、電路歐姆定律可知，通過待測電阻的最大電流約為：imax= 0.167=167ma，如果電流表選b，則讀數(shù)誤差太大，故電流表應(yīng)選a；根據(jù)閉合電路歐姆定律，s2斷開時有： e=i(rx+r1+ra+r) s2閉合時有： e=i(r2+ra+r) 聯(lián)立解得：rx=r2r1；答案： a、a；b、r2r1。(3) 利用以上實(shí)驗(yàn)電路，閉合s2調(diào)節(jié)電阻箱r，可測量出電流表的內(nèi)阻ra，丙同學(xué)通過調(diào)節(jié)電阻箱 r，讀出多組r和 i 值，作出了r圖像如圖 3 所示。若圖像中縱軸截距為1a 1，則電流表內(nèi)阻ra= 。解析：閉合s2后，由閉合電路歐姆定律可知：e=i(r+ra+r) 則有：=r+， 則r圖像縱軸截距：

17、b=1， 解得： ra=eb r=3 10.8=2. 2。答案： 2.2 11.(12分) 如圖所示，一個小球從高h(yuǎn)=10m處以水平速度v0=10m/s 拋出，撞在傾角=45的斜面上的p點(diǎn)，已知 ac=5m ，求： (g=10m/s2)p、c之間的距離；小球撞擊p點(diǎn)時速度的大小。解析：設(shè)p、c之間的距離為l，根據(jù)平拋運(yùn)動規(guī)律，5+lcos45=v0t hlsin45 = gt2，聯(lián)立解得： l=5m ，t=1s 。小球撞擊p點(diǎn)時的水平速度v=v0=10m/s，豎直速度vy=gt=10m/s 。小球撞擊p點(diǎn)時速度的大小為v=10m/s，設(shè)小球的速度方向與水平方向的夾角為，則 tan =1，=45

18、，方向垂直于斜面向下。所以小球垂直于斜面向下撞擊p點(diǎn)。答案： p、c之間的距離是5m ；小球撞擊p點(diǎn)時速度的大小是10m/s。12.(20分) 如圖所示，固定于同一條豎直線上的a、b是兩個帶等量異種電荷的點(diǎn)電荷，電荷量分別為 +q和 q ，a、b相距為 2d.mn是豎直放置的光滑絕緣細(xì)桿，另有一個穿過細(xì)桿的帶電小球p，其質(zhì)量為m 、電荷量為 +q(可視為點(diǎn)電荷，不影響電場的分布) ，現(xiàn)將小球p從與點(diǎn)電荷a等高的 c處由靜止開始釋放，小球 p向下運(yùn)動到距c點(diǎn)距離為d 的 o點(diǎn)時，速度為 v，已知 mn 與 ab之間的距離為d，靜電力常量為k，重力加速度為g.求： c、o間的電勢差 uco；小球

19、p在 o點(diǎn)時的加速度大小以及小球p經(jīng)過與點(diǎn)電荷b等高的 d點(diǎn)時的速度大小。解析：小球p 由 c運(yùn)動到 o的過程，由動能定理得 mgd+quco=mv20所以 uco=小球 p 經(jīng)過 o點(diǎn)時受力如圖由庫侖定律得f1=f2=k它們的合力為f=f1cos 45 +f2cos 45 =eq 所以 o點(diǎn)處的電場強(qiáng)度e。由牛頓第二定律得：mg+qe=ma 所以 a=g+小球 p 由 o運(yùn)動到 d的過程，由動能定理得mgd+quod=mmv2由電場特點(diǎn)可知uco=uod聯(lián)立解得vd=v 答案： c、o間的電勢差為；小球 p在 o點(diǎn)時的加速度大小為以及小球p經(jīng)過與點(diǎn)電荷b等高的 d點(diǎn)時的速度大小( 二) 選考

20、題 ( 任選一模塊作答) 物理 - 選修 3-3(15分) 13.(5 分 )下列說法正確的是( ) a.將一塊晶體敲碎后，得到的小顆粒是非晶體b.固體可以分為晶體和非晶體兩類，有些晶體在不同方向上有不同的光學(xué)性質(zhì)c.由同種元素構(gòu)成的固體，可能會由于原子的排列方式不同而成為不同的晶體d.在合適的條件下，某些晶體可以轉(zhuǎn)變?yōu)榉蔷w，某些非晶體也可以轉(zhuǎn)變?yōu)榫we.在熔化過程中，晶體要吸收熱量，但溫度保持不變，內(nèi)能也保持不變解析： a、將一塊晶體敲碎后，得到的小顆粒還是晶體，選項(xiàng)a錯誤。b、固體可以分為晶體和非晶體兩類，有些晶體在不同方向上各向異性，具有不同的光學(xué)性質(zhì)，選項(xiàng)b正確。c、由同種元素構(gòu)成的

21、固體，可能會由于原子的排列方式不同而成為不同的晶體，例如石墨和金剛石。選項(xiàng)c正確。d、在合適的條件下，某些晶體可以轉(zhuǎn)變?yōu)榉蔷w，某些非晶體也可以轉(zhuǎn)變?yōu)榫w，例如天然石英是晶體，熔融過的石英卻是非晶體。把晶體硫加熱熔化( 溫度超過300) 再倒進(jìn)冷水中，會變成柔軟的非晶硫，再過一段時間又會轉(zhuǎn)化為晶體硫。所以選項(xiàng)d正確。e、在熔化過程中，晶體要吸收熱量，雖然溫度保持不變，但是內(nèi)能要增加。選項(xiàng)e錯誤答案： bcd 14.(10分) 如圖，一固定的豎直汽缸由一大一小兩個同軸圓筒組成，兩圓筒中各有一個活塞，已知大活塞的質(zhì)量為m1=2.50kg ，橫截面積為s1=80.0cm2，小活塞的質(zhì)量為m2=1.5

22、0kg ，橫截面積為 s2=40.0cm2，兩活塞用剛性輕桿連接，間距保持為l=40.0cm ，汽缸外大氣的壓強(qiáng)為p=1.00 105pa，溫度為t=303k，初始時大活塞與大圓筒底部相距，兩活塞間封閉氣體的溫度為 t1=495k，現(xiàn)汽缸內(nèi)氣體溫度緩慢下降，活塞緩慢下移，忽略兩活塞與汽缸壁之間的摩擦，重力加速度大小g 取 10m/s2，求：在大活塞與大圓筒底部接觸前的瞬間，缸內(nèi)封閉氣體的溫度；缸內(nèi)封閉的氣體與缸外大氣達(dá)到熱平衡時，缸內(nèi)封閉氣體的壓強(qiáng)。解析：大活塞與大圓筒底部接觸前氣體發(fā)生等壓變化，氣體的狀態(tài)參量：v1=(l )s2+s1=(40) 40+80=2400cm3，t1=495k，v2=s2l=40 40=1600cm3，由蓋呂薩克定律得：=，即：=，解得： t2=330k；大活塞與大圓筒底部接觸后到氣缸內(nèi)氣體與氣缸外氣體溫度相等過程中氣體發(fā)生等容變化，大活塞剛剛與大圓筒底部接觸時，由平衡條件得：ps1+p2s2+(m1+m2)g=p2s1+