【KS5U解析】北京市第二中學2020屆高三下學期三模物理試題 Word版含解析

1、2020年北京市第二中學選考科目等級性考試適應性測試物理本試卷共8頁，100分?？荚嚂r長90分鐘?？忌鷦毡貙⒋鸢复鹪诖痤}卡上，在試卷上作答無效?？荚嚱Y束后，將本試卷和答題卡一并交回。第一部分本部分共14題，每題3分，共42分。在每題列出的四個選項中，選出最符合題目要求的一項。1.對于分子動理論和物體內能的理解，下列說法正確的是（）a. 溫度高的物體內能一定大b. 外界對物體做功，物體內能一定增加c. 當分子間的距離增大時，分子間的作用力就一直減小d. 懸浮微粒布朗運動可以間接地反映液體分子運動的無規(guī)則性【答案】d【解析】【詳解】a物體的內能與溫度、體積、物質的量等多種因素有關，故a錯誤；b外界

2、對物體做功，若物體同時放熱，則物體內能不一定增加，故b錯誤；c當分子間的距離增加時，分子間引力和斥力都減小，但作用力不一定一直減小，故c錯誤；d懸浮微粒的布朗運動可以間接地反映液體分子運動的無規(guī)則性，故d正確。故選d2.關于固體、液體，下列說法正確的是（）a. 晶體沒有確定的熔點，非晶體有確定的熔點b. 液晶既具有液體的流動性，又像某些晶體那樣具有光學各向異性c. 表面張力使液體表面具有擴張趨勢，使液體表面積趨于最大d. 發(fā)生毛細現(xiàn)象時，細管中的液體只能上升不會下降【答案】b【解析】【詳解】a晶體有確定的熔點，非晶體沒有確定的熔點，a錯誤；b由液晶的性質知它既具有液體的流動性，又像某些晶體那樣

3、有光學各向異性，b正確；c表面張力使液體表面具有收縮的趨勢，使液體表面積趨于最小，c錯誤；d毛細管插入浸潤液體中，管內液面上升，高于管外；毛細管插入不浸潤液體中，管內液體下降，低于管外，d錯誤。故選b。3.下列核反應方程屬于人工核轉變的是（）a. b. c. d. 【答案】c【解析】【詳解】a該方程式是放射性元素釋放一個粒子而轉變?yōu)榱硪环N元素的過程，屬于衰變，不符題意，故a錯誤；b該方程式屬于重核裂變，不符合題意，故b錯誤；c該方程式是用快速粒子穿入原子核的內部使原子核轉變?yōu)榱硪环N原子核的過程，是原子核的人工轉變，符合題意，故c正確；d該方程式是由質量較小的原子，在一定條件下讓兩個原子核能夠發(fā)

4、生原子核互相聚合作用，生成新的質量更大的原子核的過程，屬于核聚變，不符合題意，故d錯誤。故選c。4.關于光的現(xiàn)象，下列說法正確的是（）a. 某單色光從真空射入普通玻璃，光線傳播速度將增大b. 光導纖維傳輸信號，應用了全反射原理c. 刮胡須的刀片的影子邊緣模糊不清是光的干涉現(xiàn)象d. 在鏡頭前加裝一個偏振片可以增強入射光的強度。【答案】b【解析】【詳解】a某單色光從真空射入普通玻璃，因為玻璃光密介質，則光線傳播速度將減小，選項a錯誤；b光導纖維傳輸信號，應用了全反射原理，選項b正確；c刮胡須的刀片的影子邊緣模糊不清是光的衍射現(xiàn)象，選項c錯誤；d拍攝玻璃櫥窗內的物體時，往往在鏡頭前加裝一個偏振片以減

5、少反射光的透射。故d錯誤。故選b。5.如圖所示，一定質量的理想氣體，從圖示a狀態(tài)開始，經(jīng)歷了b、c狀態(tài)，最后到d狀態(tài)，下列判斷正確的是（）a. ab過程溫度升高，壓強不變b. bc 過程體積不變，壓強變大c. cd 過程體積變小，壓強不變d. cd 過程溫度不變，壓強變小【答案】a【解析】【詳解】a. 由圖示圖象可知，一定質量的理想氣體，ab過程氣體溫度升高，氣體的體積v與熱力學溫度t成正比，由理想氣體狀態(tài)方程（常數(shù)）可知，該過程氣體壓強保持不變，故a正確；b. 由圖示圖象可知，bc過程氣體體積不變而溫度降低，由理想氣體狀態(tài)方程（常數(shù)）可知，氣體壓強減小，故b錯誤；cd. 由圖示圖象可知， c

6、d 過程氣體溫度不變而體積減小，由理想氣體狀態(tài)方程（常數(shù)）可知，氣體壓強增大，故cd錯誤。故選a。6.北斗衛(wèi)星導航系統(tǒng)為導航系統(tǒng)提供定位數(shù)據(jù)支持的衛(wèi)星主要有三類：地球靜止軌道衛(wèi)星（geo），定點位置在赤道上空；傾斜地球同步衛(wèi)星（igso）；軌道半徑小一些的中圓軌道衛(wèi)星（meo）。如圖所示是一顆地球靜止軌道衛(wèi)星a、一顆傾斜地球同步衛(wèi)星b和一顆中圓地球軌道衛(wèi)星c的軌道立體對比示意圖，其中衛(wèi)星 b、c的軌道共面，它們都繞地球做勻速圓周運動，下列判斷正確的是（）a. 衛(wèi)星c的線速度大于衛(wèi)星b的線速度b. 衛(wèi)星a和衛(wèi)星b均相對赤道表面靜止c. 中圓地球軌道衛(wèi)星c比同步衛(wèi)星a的周期比大d. 衛(wèi)星 c 所受

7、的向心力一定大于衛(wèi)星b所受的向心力【答案】a【解析】【詳解】a三衛(wèi)星做圓周運動，都由萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律可得解得由于，半徑越小，線速度越大，a正確；b衛(wèi)星a相對赤道表面靜止，衛(wèi)星b相對赤道表面不是靜止的，b錯誤；c三衛(wèi)星做圓周運動的向心力都由萬有引力提供，由牛頓第二定律可得解得，半徑越大，周期越大，c錯誤；d三衛(wèi)星做圓周運動的向心力都由萬有引力提供，有，雖然，但是不知道衛(wèi)星質量的大小，所以不能判斷向心力大小，d錯誤。故選a。7.將u = 220sin (100p t )v 的電壓輸入如圖所示的理想變壓器的原線圈，原副線圈的匝數(shù)比為 n1n2=551，電阻 r=10 。下列說法正確

8、的是（）a. 該交流電的頻率為100 hzb. 閉合開關 s后，電流表的讀數(shù)為0.22 ac. 閉合開關s后，電阻消耗的電功率為1.6 wd. 斷開開關s后，變壓器副線圈輸出電壓為零【答案】c【解析】【詳解】a.根據(jù)瞬時值的表達式可知，該交流電的頻率為a錯誤；b.由瞬時值的表達式可知，原線圈的電壓最大值為，所以原線圈的電壓的有效值為220v，根據(jù)變壓器電壓關系有可得副線圈上的電流為電流表的讀數(shù)為原線圈的電流，根據(jù)變壓器電流關系有可得b錯誤；c.電阻消耗的功率為c正確；d.斷開s后，副線圈上沒有電流，變壓器的輸出功率為0，則變壓器的輸入功率也等于0，所以電流表的讀數(shù)為0，d錯誤。故選c。8. 下

9、圖中曲線a、b、c、d為氣泡室中某放射物質發(fā)生衰變放出的部分粒子的經(jīng)跡，氣泡室中磁感應強度方向垂直紙面向里以下判斷可能正確的是a. a、b為粒子的經(jīng)跡b. a、b為粒子的經(jīng)跡c. c、d為粒子的經(jīng)跡d. c、d為粒子的經(jīng)跡【答案】d【解析】射線是不帶電的光子流，在磁場中不偏轉，故選項b錯誤粒子為氦核帶正電，由左手定則知受到向上的洛倫茲力向上偏轉，故選項a、c錯誤；粒子是帶負電的電子流，應向下偏轉，選項d正確故選d【考點定位】三種放射線的性質、帶電粒子在磁場中的運動9.一列沿著x軸正方向傳播的橫波，在t=0時刻的波形如圖1所示，圖1中某質點的振動圖像如圖2所示。下列說法正確的是（）a. 該波的波

10、速為4m/sb. 圖2表示質點s的振動圖像c. 質點r在t=6s時的位移最大d. 質點q經(jīng)過1s沿x軸正方向移動2m【答案】c【解析】【詳解】a由圖1可得，波長為由圖2可得，周期為則波速為故a錯誤；b根據(jù)波沿x軸正方向傳播，由圖1可得，在時，質點s在平衡位置，向下振動，因此圖2與質點s的振動不符，故b錯誤；c由于因此質點r經(jīng)過6s后處于波谷位置，此時位移最大，故c正確；d質點不隨波的傳播而傳播，因此質點在y方向上振動，橫坐標不變，故d錯誤。故選c。10.在傾角為的固定光滑斜面上有兩個用輕彈簧相連的物塊a、b，它們的質量分別為m1和 m2，彈簧勁度系數(shù)為 k，c為一固定擋板，系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)?，F(xiàn)

11、用一平行于斜面向上的拉力拉物塊a，使它以加速度 a 沿斜面向上做勻加速運動直到物塊b剛要離開擋板c。在此過程中（）a. 物塊a運動的距離為b. 拉力的最大值為（m1m2）gsin c. 彈簧的彈性勢能持續(xù)增大d. 拉力做功的功率一直增大【答案】d【解析】【詳解】b系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)時，彈簧被壓縮，設壓縮量為，由平衡條件得解得物塊b剛要離開擋板c時，彈簧被拉伸，彈簧彈力等于物塊b的重力沿斜面方向的分力，設拉伸量為，由解得在物塊b剛要離開擋板c時，拉力最大，隔離物塊a，分析受力，由牛頓第二定律解得故b錯誤；a物塊a在力f作用下沿斜面向上運動直到物塊b剛要離開擋板c時，物塊a運動的距離為故a錯誤；c由

12、于彈簧原來處于壓縮狀態(tài)，具有彈性勢能，在拉力拉物塊沿斜面向上運動過程中，彈簧先恢復原長后被拉伸，又具有彈性勢能，即彈簧彈性勢能先減小后增大，故c錯誤；d在拉力拉物塊沿斜面向上運動過程中，由于拉力逐漸增大，物塊a沿斜面做勻加速運動，速度逐漸增大，根據(jù)功率公式p=fv可知，拉力做功的功率一直增大，故d正確。故選d。11.如圖，當電路中滑動變阻器r2的滑動觸頭p向下滑動時，下列判斷正確的是（）a. 電壓表的讀數(shù)減小b. r1消耗的功率增大c. 電容器c兩端的電壓增大d. 電容器c兩極板上的電量變小【答案】c【解析】【詳解】a當滑動變阻器的滑動觸頭向下滑動時，變阻器在電路中的電阻值增大，外電路的總電阻

13、增大，電源的電動勢和內阻不變，故總電流變小，則路端電壓增大，電壓表的讀數(shù)增大，a錯誤；b由a知電路的總電流減小，兩端電壓減小，故 消耗的功率減小，b錯誤； c路端電壓增大，與串聯(lián)，兩端電壓增大，電容器兩端的電壓增大，c正確； d由得可知，電容不變，電壓變大，電容器的電量變大， d錯誤。故選c。 12.如圖，光滑平行金屬導軌固定在水平面上，左端由導線相連，導體棒垂直靜置于導軌上構成回路。在外力f作用下，回路上方的條形磁鐵豎直向上做勻速運動。在勻速運動過程中外力f做功wf，磁場力對導體棒做功w1，磁鐵克服磁場力做功w2，重力對磁鐵做功wg，回路中產生的焦耳熱為q，導體棒獲得的動能為ek。則下列表達

14、式錯誤的是（）a. w1=ekb. w1=qc. w2w1=qd. wfwg=ekq【答案】b【解析】【詳解】ab根據(jù)動能定理，合外力對導體棒做的功等于導體棒獲得的動能，導體棒在水平方向上只受磁場力的作用，所以磁場力對導體棒做的功等于導體棒獲得的動能，即a正確，不符合題意，b錯誤，符合題意；c根據(jù)功能轉化及能量守恒可知，磁鐵克服磁場力做的功等于導體棒獲得的動能與導體棒、導軌、導線組成的電路獲得的能量，即整理得c正確，不符合題意；d磁鐵向上勻速運動，對磁鐵根據(jù)動能定理有又因此有d正確，不符合題意故選b。13.1905年，愛因斯坦把普朗克的量子化概念進一步推廣，成功地解釋了光電效應現(xiàn)象，提出了光子

15、說。在給出與光電效應有關的四個圖像中，下列說法正確的是（）a. 圖1中，當紫外線照射鋅板時，發(fā)現(xiàn)驗電器指針發(fā)生了偏轉，說明鋅板帶正電，驗電器帶負電b. 圖2中，從光電流與電壓的關系圖像中可以看出，電壓相同時，光照越強，光電流越大，說明遏止電壓和光的強度有關c. 圖3中，若僅知道電子電量e和截止頻率，可求得普朗克常量hd. 圖 4中，由光電子最大初動能 ek與入射光頻率 的關系圖像可知該金屬的逸出功為e或hc【答案】d【解析】【詳解】a當紫外線照射鋅板時，發(fā)現(xiàn)驗電器指針發(fā)生了偏轉，僅僅能說明驗電器帶電；發(fā)生光電效應后鋅板帶正電，所以驗電器也帶正電，故a錯誤；b圖2中，從光電流與電壓的關系圖象中可

16、以看出，電壓相同時，光照越強，光電流越大，說明飽和光電流與光的強度有關，不能說明遏止電壓和光的強度有關，故b錯誤；c根據(jù)解得當時頻率為截止頻率，則有解得，由于不知道逸出功，故僅知道電子電量e和截止頻率，無法求出普朗克常量h，故c錯誤；d根據(jù)光電效應方程當時，由圖象知縱軸截距-e，所以，即該金屬的逸出功e；圖線與軸交點的橫坐標是，該金屬的逸出功，故d正確。故選d。14.2020年5月27日，珠峰高程測量登山隊成功登頂世界第一高峰珠穆朗瑪峰。他們將在峰頂豎立覘標，安裝 gnss天線，開展各項峰頂測量工作。本次珠峰高程測量將采用多種方法進行，其中一種重要的方法是重力測量，需要測定珠峰區(qū)域不同位置的重

17、力加速度。利用原子物質波干涉進行高精度重力加速度測量是當今眾多測量手段的佼佼者，實驗前先采用激光制冷手段制備一團冷原子（熱運動速率極?。?，然后讓冷原子在真空系統(tǒng)中自由下落，同時設法對冷原子的物質波進行干涉，通過對干涉條紋信息的分析和推演，可以獲得精確的重力加速度數(shù)值，一般而言，冷原子物質波的波長越長，測量的精度越高。重力加速度的數(shù)值越精確，其實用價值越大，比如質量的自然基準確定，就需要數(shù)值精確的重力加速度值，“國際千克原器”標準已于 2019年5月20 日起被廢止，質量基準（1千克）改用普朗克常數(shù)重新定義。應用“機械功率和電功率相等”的思想設計出的瓦特天平可以獲得關于質量的更準確地數(shù)值。結合上

18、述信息和所學習的知識，下列說法正確的是：a. 珠穆朗瑪峰頂重力加速度的數(shù)值應該大于珠峰山腳處的重力加速度值b. 激光制冷的目的是減小原子團的動量，使其物質波長變短c. 由于“國際千克原器”標準被廢棄，國際基本單位制中的質量單位不再是“千克”d. 應用瓦特天平測定質量的基本原理公式可能是【答案】d【解析】【詳解】a. 重力加速度的表達式為由此可知，珠穆朗瑪峰頂重力加速度的數(shù)值應該小于珠峰山腳處的重力加速度值，故a錯誤；b. 激光制冷的目的是利用大量光子阻礙原子運動使其減速，從而降低了物體的溫度，故b錯誤；c. “國際千克原器”標準被廢棄，改用普朗克常數(shù)重新定義，是為了質量基準（1千克）更精確，故

19、c錯誤；d. 應用“機械功率和電功率相等”的思想設計出的瓦特天平，滿足所以，獲得關于質量的更準確地數(shù)值為故d正確。故選d。第二部分本部分共6題，共58分。15.如圖1為“探究影響感應電流方向的因素”的實驗裝置，所用電流表指針偏轉方向與電流方向間的關系為：當電流從“+”接線柱流入電流表時，指針向右偏轉。(1)將條形磁鐵按如圖1方式s極向下插入螺線管時，發(fā)現(xiàn)電流表的指針向右偏轉。螺線管的繞線方向如圖2所示。請在圖2中標出螺線管中的感應電流方向_。(2)經(jīng)分析可得出結論：當穿過螺線管的磁通量增加時，感應電流產生的磁場與條形磁鐵的磁場方向_（填“相同”或“相反”）。(3)接上面的(1)，將條形磁鐵從螺

20、線管中抽出時，電流表的指針向_（填“左”或“右”）偏轉。【答案】 (1). (2). 相反 (3). 左【解析】【詳解】(1)1根據(jù)電流表指針偏轉方向與電流方向間關系為：當電流從正極接線柱流入電流表時，指針向右偏轉可知，線圈中電流方向為從b流向a，如圖所示(2)2s極向下插入螺線管時，線圈中磁通量增大，根據(jù)產生的電流方向，由右手定則可判斷出產生的感應電流的磁場與原磁場方向相反。(3)3將條形磁鐵從螺線管中抽出時，穿過線圈的磁通量減小，根據(jù)楞次定律，感應電流的磁通量應與原磁場方向相同向下，阻礙磁通量的減小，根據(jù)安培定則可判斷，線圈中感應電流方向從a到b，即向左，則電流表的指針方向向左。16.某同

21、學利用如圖所示的實驗裝置，進行“研究平拋運動的特點”實驗。(1)實驗需要用到的測量工具有_a秒表 b打點計時器 c刻度尺 d天平(2)以下是實驗過程中的一些做法，其中合理的有_。a安裝斜槽軌道，使其末端保持水平b調整木板，使之與小球下落的豎直面平行c每次小球應從同一位置由靜止釋放d用折線連接描繪的點得到小球的運動軌跡(3)通過描點畫出平拋小球的運動軌跡，以平拋起點o為坐標原點，沿水平方向、豎直方向分別建立坐標軸，如圖所示。經(jīng)測量，點 p的坐標為（30，45）（單位cm），小球從拋出點 o運動 到點 p 所用的時間 t =_s，小球平拋運動的初速度 v0=_m/s。（取重力加速度 g=10m/s

22、2）(4)該同學在軌跡上取若干個點，測量它們的水平坐標 x和豎直坐標 y，作出 y-x2圖像，下列四個圖像中正確的是_。a b c d 請結合平拋運動運動的特點，說明判斷依據(jù)：_?！敬鸢浮?(1). c (2). abc (3). 0.3 (4). 1 (5). c (6). 見解析【解析】【詳解】(1)1在畫出的平拋運動的軌跡上，用刻度尺測出水平位移和豎直下落的高度就能復算出平拋的初速度，因此只需要刻度尺就可以，故選c。(2)2a由于小球做平拋運動，因此斜槽末端一定調整水平，a正確；b調整木板與小球下落的平面平行，方便將運動軌跡上的點描到白紙上，b正確；c小球每次必須從同一位置靜止下落，才能

23、保證小球每次平拋的初速度相等，c正確；d用平滑的曲線連接描繪的點，得到小球的運動軌跡，d錯誤。故選abc。(3)34由于平拋運動水平方向為勻速直線運動，堅直方向為自由落體運動，則解得， (3)56將兩式聯(lián)立得由于y與x2成正比，因此y-x2圖像是一條過坐標原點的直線，故選c。17.如圖所示，軌道abc被豎直地固定在水平桌面上，a距水平地面高 h = 0.75 m，c 距水平地面高 h = 0.45 m。一質量 m = 0.10kg的小物塊 a 自 a 點從靜止開始下滑，在 c點與質量同樣為 m = 0.10kg 的小物塊 b 發(fā)生碰撞并粘在一起以 vc=1.0m/s 的水平速度飛出后落在地面上

24、的d點。不計空氣阻力，取 g = 10 m/s2，求：(1)c、d兩點的水平距離為x；(2)a、b碰撞過程中相互作用力的沖量大小i；(3)小物塊a從a點運動到c點的過程中克服摩擦力做的功wf。【答案】(1)0.3m/s；(2)0.1ns；(3)0.10j【解析】【詳解】(1)從c到d，根據(jù)平拋運動規(guī)律，豎直方向水平方向解得(2)碰撞過程對物塊b應用動量定理解得(3)設小物塊a到達c點時的速度大小為v，碰撞過程對物塊a、b應用動量守恒從a到c，根據(jù)動能定理聯(lián)立解得小物塊a克服摩擦力做功18.如圖，足夠長的平行光滑金屬導軌水平放置，寬度l=0.5m，一端連接r=3的電阻。導軌所在空間存在豎直向下的

25、勻強磁場，磁感應強度b=2t。導體棒mn放在導軌上，其長度恰好等于導軌間距，與導軌接觸良好。導軌和導體棒的電阻均可忽略不計。在平行于導軌的拉力f作用下，導體棒沿導軌向右勻速運動，速度v=6m/s。求：(1)感應電動勢e和感應電流i；(2)在0.1s時間內，拉力所做的功wf；(3)若僅將mn換為電阻r=1的導體棒，仍使其在外力作用下以v=6m/s的速度向右做勻速運動，求此時導體棒兩端的電壓u?！敬鸢浮?1)6v；2a；(2)1.2j；(3)4.5v【解析】【詳解】(1)由法拉第電磁感應定律可得，感應電動勢e=blv=6v感應電流(2)拉力大小等于安培力大小f=bil=2.0n拉力做功(3)由閉合

26、電路歐姆定律可得，電路中電流由歐姆定律可得，導體棒兩端電壓19.如圖所示為磁流體發(fā)電機的原理圖。金屬板m、n之間的距離為d=20cm，磁場的磁感應強度大小為b=5t，方向垂直紙面向里?，F(xiàn)將一束等離子體（即高溫下電離的氣體，含有大量帶正電和帶負電的微粒，整體呈中性）從左側噴射入磁場，發(fā)現(xiàn)在m、n兩板間接入的額定功率為p=100w的燈泡正常發(fā)光，且此時燈泡電阻為r=100，不計離子重力和發(fā)電機內阻，且認為離子均為一價離子：(1)判斷m、n兩金屬板哪端電勢高，并求該發(fā)電機的電動勢大?。?2)試求等離子體從左側噴入磁場時的速度大??；(3)為使燈泡正常放光，需要每秒鐘有多少個離子打在金屬板n上。【答案】

27、(1)m電勢高，100v；(2)100m/s；(3)【解析】【詳解】(1)根據(jù)左手定則可知，射入的等離子體中正離子將向金屬板m偏轉，負離子將向金屬板n偏轉，因此金屬板m電勢高；設電源的輸出電壓為u，則不考慮發(fā)電機的內阻，得e=u=100v(2)由解得v=100m/s(3)每秒鐘經(jīng)過燈泡l的電荷量q=it而所以每秒鐘打在金屬板n上的離子個數(shù)為20.火箭發(fā)動機是火箭系統(tǒng)的核心裝備，傳統(tǒng)的火箭發(fā)動機將燃料的化學能轉化為機械能，主要用于助推火箭升空。而在太空中各類航天器和衛(wèi)星在校正位置、轉移軌道時，多數(shù)采用的是將電能轉化為機械能的電推力火箭發(fā)動機。電推力火箭發(fā)動機工作原理與工作細節(jié)非常復雜，高中階段我們可以進行合理簡化進行討論。(1)設某個以化學燃料提供動力的火箭飛行時在極短的時間t內噴射燃氣的質量是m， 噴出的燃氣相對噴氣前火箭的速度大小是 u，噴出燃氣后火箭的質量是 m。請你計算在經(jīng)過該次噴氣后火箭增加的速度v，并根據(jù)計算結果簡述火箭本身質量對火箭加速性能的影響。(2)某種航天器采用靜電式離子推力器作為動力，其原理可簡化如下：如圖所示，核心裝置左側的電子槍發(fā)射出的高速電子將中性推進劑（如氙氣原子）電離，電離后的正離子被正