2020年北京高考學(xué)業(yè)水平等級(jí)性考試模擬試卷(五)物理試題(解析版)

1、2020年北京市普通高中學(xué)業(yè)水平等級(jí)性考試模擬試卷（五）物理本試卷共8頁，100分，考試時(shí)長90分鐘?？忌鷦?wù)必將答案答在答題卡 上，在試卷作答無效?？荚嚱Y(jié)束，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回。第一部分本部分共14小題，每小題3分，共42分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)選 項(xiàng)符合題目要求。1 .下列說法中正確的是（）A .水中的氣泡看上去比較明亮是因?yàn)橛幸徊糠止獍l(fā)生了薄膜干涉現(xiàn)象B.雷達(dá)發(fā)射的電磁波是由均勻變化的電場或磁場產(chǎn)生的C.拍攝玻璃櫥窗內(nèi)的物品時(shí)，可在鏡頭前加一個(gè)偏振片來減弱櫥窗玻璃表面的反射光D.紅色和藍(lán)色的激光在同種介質(zhì)中傳播時(shí)波長可能相同1 .【答案】 C【解析】水中的氣泡看上去比

2、較明亮是因?yàn)楣鈴乃猩湎驓馀輹r(shí)，有一部分光發(fā)生了全反射現(xiàn)象，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；均勻變化的電場或磁場只能產(chǎn)生恒定的磁場或電場，不能形成電磁波，雷達(dá)發(fā)射的電磁波一定是由周期性變化的電場或周期性變化的磁場產(chǎn)生的，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；拍攝玻璃櫥窗內(nèi)的物品時(shí)，可在鏡頭前加一個(gè)偏振片來減弱櫥窗玻璃表面的反射光，選項(xiàng)C正確；紅色和藍(lán)色激光頻率不同， 在同一種介質(zhì)中傳播時(shí)波速不同， 波長不同，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。2.下列四幅圖涉及不同的物理知識(shí)，其中說法不正確的是（ ）A.由（a）圖可知，原子中的電子繞原子核高速運(yùn)轉(zhuǎn)時(shí)，運(yùn)行軌道的半徑是任意的B.由（b）圖可知，光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)說明了光具有粒子性C.由（c）圖可知，電子束穿過鋁箔后的衍

3、射圖樣證實(shí)了電子具有波動(dòng)性D.由（d）圖可知，極少數(shù)“粒子發(fā)生大角度偏轉(zhuǎn)，說明原子的質(zhì)量絕大部分集中在很小空間2 .【答案】A【解析】原子中的電子繞原子核高速運(yùn)轉(zhuǎn)時(shí)，運(yùn)行軌道的半徑是量子化的，只能是某些特定值選項(xiàng)A錯(cuò)誤；光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)說明了光具有粒子性 ，選項(xiàng)B正確；衍射是波的特性，電子束穿過鋁箔后的衍射圖樣證實(shí)了電子具有波動(dòng)性，選項(xiàng)C正確；極少數(shù) a粒子發(fā)生大角度偏轉(zhuǎn)，說明原子的質(zhì)量和正電荷主要集中在很小的核上，否則不可能發(fā)生大角度偏轉(zhuǎn)，選項(xiàng)D正確。圖13 .如圖1所示描述了封閉在某容器里的理想氣體在溫度和1.下的速率分布情況，下列說法正確的是（）A. Ta TbB.隨著溫度升高，每一個(gè)氣體分

4、子的速率都增大C.隨著溫度升高，氣體分子中速率大的分子所占的比例會(huì)增加 D.若從Ta到Tb氣體的體積減小，氣體一定從外界吸收熱量3 .【答案】Cb的分子的平均動(dòng)能一定比較【解析】由圖可知，b的分子的速率較大的分子數(shù)比較多，則大，由于溫度是分子的平均動(dòng)能的標(biāo)志，所以Ta Tb，故A錯(cuò)誤；溫度是分子的平均動(dòng)能的標(biāo)志，是大量分子運(yùn)動(dòng)的統(tǒng)計(jì)規(guī)律，溫度升高時(shí)，氣體分子中速率大的分子所占的比例會(huì)增加，但不是每一個(gè)氣體分子的速率都增大，故B錯(cuò)誤，C正確；從TUTb氣體的體積減小，則外界對(duì)氣體做正功；結(jié)合Ta Tb可知?dú)怏w的內(nèi)能增大；而做功與熱傳遞都可以改變物體的內(nèi)能，所以從 工到Tb氣體的體積減小，氣體不一

5、定從外界吸收熱量，故 D錯(cuò)誤。4 .中澳美 科瓦里-2019特種兵聯(lián)合演練于 8月28日至9月4日在澳大利亞舉行，中國空抓住一根豎直懸繩由靜軍空降兵部隊(duì)首次派員參加。一名特種兵從空中靜止的直升飛機(jī)上,止開始下滑，運(yùn)動(dòng)的速度隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖2所示，t2時(shí)刻特種兵著地。下列說法正確的是（）V1 V2A.在tlt2時(shí)間內(nèi)，平均速度 V 2B.在tit2時(shí)間內(nèi)特種兵所受懸繩的阻力越來越大C.在0t時(shí)間內(nèi)加速度不變，在 tlt2時(shí)間內(nèi)加速度減小D.第一個(gè)特種兵開始減速時(shí)第二個(gè)特種兵立即以同樣的方式下滑，則他們?cè)趹依K上的距離 先減小后增大4.【答案】B【解析】在tlt 2時(shí)間內(nèi)，若特種兵做勻減速直線運(yùn)

6、動(dòng)， 由V1減速到V2,則平均速度為 *2 , 根據(jù)圖線與時(shí)間軸圍成的面積表示位移，可知特種兵的位移大于勻減速直線運(yùn)動(dòng)的位移，則平均速度V v石.故A錯(cuò)誤。在tit2時(shí)間內(nèi)，根據(jù)牛頓第二定律得 f - mg=ma得f =m勺ma 2因?yàn)榧铀俣萢增大，則特種兵所受懸繩的阻力增大，故 B正確。在0ti時(shí)間內(nèi)，圖線的斜 率不變，則加速度不變，在 tit2時(shí)間內(nèi)，圖線切線的斜率絕對(duì)值逐漸增大，則加速度逐漸 增大，故C錯(cuò)誤。若第一個(gè)特種兵開始減速時(shí)第二個(gè)特種兵立即以同樣的方式下滑，由于第一個(gè)特種兵的速度先大于第二個(gè)特種兵的速度，然后又小于第二個(gè)特種兵的速度，所以空中的距離先增大后減小，故 D錯(cuò)誤。5.如

7、圖3所示，圖甲是某同學(xué)寫字時(shí)的握筆姿勢，圖乙是他在握筆時(shí)把拇指和食指松開時(shí)的狀態(tài)，筆尖仍然斜向下且筆保持靜止?fàn)顟B(tài)。關(guān)于兩幅圖中筆的受力，下列說法正確的是（）A.圖甲中筆可能不受摩擦力B.圖乙中筆可能不受摩擦力C.圖甲和圖乙中手對(duì)筆的作用力方向都為豎直向上D.圖甲中手的握力越大，筆所受的摩擦力越大5 .【答案】C【解析】對(duì)圖甲受力分析，受到手指的壓力，重力，摩擦力，如果沒有受到摩擦力，筆就會(huì) 順著手指滑下來。故 A錯(cuò)誤。對(duì)圖乙受力分析，受到重力，摩擦力，如果沒有受到摩擦力，筆就會(huì)順著手指滑下來。故B錯(cuò)誤。因?yàn)閳D甲和圖乙中的筆都是靜止?fàn)顟B(tài)，所以手對(duì)筆的作用力方應(yīng)于重力大小相等，方向相反，故 C正確

8、。圖甲中的筆受到的是靜摩擦力，和握力無關(guān)，故D錯(cuò)誤。故選Co6 .如圖4甲所示，小球用不可伸長的輕繩連接繞定點(diǎn)O在豎直面內(nèi)圓周運(yùn)動(dòng)，小球經(jīng)過最高點(diǎn)的速度大小為 v,此時(shí)繩子拉力大小為 F,拉力F與速度的平方v2的關(guān)系如圖4乙所示,圖象中的數(shù)據(jù)a和b以及重力加速度g都為已知量,以下說法正確的是（）A.數(shù)據(jù)a與小球的質(zhì)量有關(guān)B.數(shù)據(jù)b與小球的質(zhì)量無關(guān)C.比值b只與小球的質(zhì)量有關(guān)，與圓周軌道半徑無關(guān)aD.利用數(shù)據(jù)a、b和g能夠求出小球的質(zhì)量和圓周軌道半徑6.【答案】D【解析】當(dāng)V2 a時(shí)，此時(shí)繩子的拉力為零，物體的重力提供向心力，則有:2Vmg m,解得：V2 gr ,解得：a gr,與物體的質(zhì)量無

9、關(guān)， A錯(cuò)誤；當(dāng)V2 2a時(shí)，對(duì)物體受力分析，則有:mgv2 bmv-,解得：b=mg與小球的質(zhì)量有關(guān)，B錯(cuò)誤；根據(jù)AB可知：一ra2與小球的質(zhì)量有關(guān)，與圓周軌道半徑有關(guān)，C錯(cuò)誤；若F=0,由圖知：v2 a ,則有：mg m, r解得：r芻，當(dāng) gv2 2a時(shí)，則有：mg bv2bm,解得：m -, d正確。7. 一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，在t秒與（t+2）秒兩個(gè)時(shí)刻，在 x軸上（T m, 3 m）區(qū)間的波形完全相同，如圖5所示。并且圖中點(diǎn)在t秒時(shí)位移均為-,下列說法中正確的是2A.該波的最大波速為 20 m/s8. （t+0.1）秒時(shí)刻，x=N m處的質(zhì)點(diǎn)位移一一定是a圖5C.從t秒時(shí)刻

10、起，x=2 m處的質(zhì)點(diǎn)比x=2.5 m的質(zhì)點(diǎn)先回到平衡位置D.從t秒時(shí)刻起，在質(zhì)點(diǎn) M第一次到達(dá)平衡位置時(shí)，質(zhì)點(diǎn)N恰好到達(dá)波峰7.【答案】C【解析】由題意知,0.2 s= nT,傳播速度v nT T20n（m/s）,所以該波的最小波速為 20 m/s ,故 A 錯(cuò)誤；由 0.2 s= nT,當(dāng) n=2 時(shí)，T=0.1 s ,所以（t+0.1 ）秒時(shí)刻，x= - 2 m處的質(zhì)點(diǎn)位移是-a,故B錯(cuò)誤；由t時(shí)刻波形圖知，x=2 m處的質(zhì)點(diǎn)在波谷向上振動(dòng)，x=2.5m的質(zhì)點(diǎn)向下運(yùn)動(dòng)，所以x=2 m處的質(zhì)點(diǎn)先回到平衡位置，故 C正確；根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)得知質(zhì)點(diǎn)M和N之間的距離等于由波形得知，質(zhì)點(diǎn) M第一次到達(dá)

11、平衡位置時(shí)，質(zhì)點(diǎn) N不在波6峰，故D錯(cuò)誤。故選C8.小明同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)用刻度尺測半圓形玻璃磚折射率的實(shí) 驗(yàn)，如圖6所示他進(jìn)行的主要步驟是：A.用刻度尺測玻璃磚的直徑 AB的大小d;B.先把白紙固定在木板上，將玻璃磚水平放置在白紙上, 用筆描出玻璃磚的邊界，將玻璃磚移走，標(biāo)出玻璃磚的圓心AB的法線OC;C.將玻璃磚放回白紙的原處，長直尺 MN緊靠A點(diǎn)并與直徑AB垂直放置；D.調(diào)節(jié)激光器，使 PO光線從玻璃磚圓弧面沿半徑方向射向圓心O,并使長直尺 MN的左右兩側(cè)均出現(xiàn)亮點(diǎn)，記下左側(cè)亮點(diǎn)到A點(diǎn)的距離Xi,右側(cè)亮點(diǎn)到A點(diǎn)的距離X2。關(guān)于上述實(shí)驗(yàn)，以下說法 不正確的是（）A.在/ BOC的范圍內(nèi)，改變?nèi)?/p>

12、射光線 PO的入射角，直尺 MN上可能只出現(xiàn)一個(gè)亮點(diǎn)B.左側(cè)亮點(diǎn)到 A點(diǎn)的距離xi一定大于右側(cè)亮點(diǎn)到 A點(diǎn)的距離X2C.左側(cè)亮點(diǎn)到 A點(diǎn)的距離xi一定小于右側(cè)亮點(diǎn)到 A點(diǎn)的距離X2D .要使左側(cè)亮點(diǎn)到 A點(diǎn)的距離xi增大，應(yīng)減小入射角8 .【答案】B【解析】當(dāng)入射角大于等于發(fā)生全反射的臨界角時(shí)，只有反射沒有折射，則直尺M(jìn)Nk只出現(xiàn)一個(gè)亮點(diǎn)，故 A正確。光從玻璃射入真空，折射角大于入射角，通過幾何關(guān)系知，XiX2,故B錯(cuò)誤，C正確。減小入射角，則折射角減小，Xi增大，故D正確。9 .關(guān)于電磁感應(yīng)現(xiàn)象，下列說法正確的是（）A.線圈放在磁場中就一定能產(chǎn)生感應(yīng)電流8 .閉合線圈放在勻強(qiáng)磁場中做切割磁感

13、線運(yùn)動(dòng)時(shí)，一定能產(chǎn)生感應(yīng)電流C.感應(yīng)電流的磁場總是阻礙原來磁場的磁通量的變化D .感應(yīng)電流的磁場總是與原磁場方向相反9 .【答案】C【解析】線圈放在磁場中如果穿過線圈的磁通量不變，則線圈中就不能產(chǎn)生感應(yīng)電流，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；閉合線圈的部分導(dǎo)體放在勻強(qiáng)磁場中做切割磁感線運(yùn)動(dòng)時(shí)，一定能產(chǎn)生感應(yīng)電流，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流的磁場總是阻礙原來磁場的磁通量的變化，選項(xiàng)C正確；感應(yīng)電流的磁場總是阻礙原磁場的變化，則與原磁場方向可能相同，也可能相反，選 項(xiàng)D錯(cuò)誤。10 .兩電荷量分別為 中和中的點(diǎn)電荷固定在 X軸上的0、M兩點(diǎn)，兩電荷連線上各點(diǎn)電勢。隨X變化的關(guān)系如圖7所示，其中C為ND段電勢最低的

14、點(diǎn),A. qi、q2為等量異種電荷B . N、C兩點(diǎn)間場強(qiáng)方向沿 X軸負(fù)方向C.將一正點(diǎn)電荷從 N點(diǎn)移到D點(diǎn)，電勢能先增大后減小D. N、D兩點(diǎn)間的電場強(qiáng)度大小沿 X軸正方向先減小后增大圖710 .【答案】【解析】 根據(jù)qi左側(cè)和q2右側(cè)電勢隨距離增大而降低可判斷兩者均為正電荷，A錯(cuò)誤；N、C間的電場方向沿 x軸正方向，C點(diǎn)場強(qiáng)為0, B錯(cuò)誤；正電荷從 N移到D,由Ep=q 小【解析】（1）多用電表的中值電阻即為其內(nèi)阻，內(nèi)阻為 1.50 X 103，與內(nèi)阻為3.00 X 103。電壓表串聯(lián)，電源電動(dòng)勢為 1.5V,可得電壓表的讀數(shù)即為RV兩端電壓為1.0V。c能減小誤差；又由于使用（2）由于滑

15、動(dòng)變阻器的分壓影響產(chǎn)生誤差，故選擇阻值小的半偏法測電壓表內(nèi)阻，電阻箱最大阻值應(yīng)大于 3.00 X 103Q,故選擇doR=0時(shí)，電壓表的指針指到3.0V位置，電壓表中的電流I1 U1 (U=3.0V);使電壓表Rv的指針指到1.5V位置時(shí)，電阻箱的電阻為R,電壓表中的電流I2 U2U12,而滑動(dòng)變阻器的分壓影響 U Ui,故Ro Rv即曰則 R真；RV越大,滑動(dòng)變阻器的分壓影響越小,R測-R直R測越接近R真，故一二越小。r真17 . (8分)某同學(xué)家新買了一臺(tái)雙門電冰箱，冷藏室容積 107 L,冷凍室容積118 L,假設(shè) 室內(nèi)空氣為理想氣體。(1)若室內(nèi)空氣摩爾體積為 22.5 10 3m3/

16、mol ,阿伏加德羅常數(shù)為 6.0 1023moI，在家中關(guān)閉冰箱密封門后，電冰箱的冷藏室和冷凍室內(nèi)大約共有多少個(gè)空氣分子？(2)若室內(nèi)溫度為27 C,大氣壓為1X105Pa,關(guān)閉冰箱密封門通電工作一段時(shí)間后，冷藏室溫度降為6 C,冷凍室溫度降為-9 C,此時(shí)冷藏室與冷凍室中空氣的壓強(qiáng)差多大？ (3)冰箱工作時(shí)把熱量從溫度較低的冰箱內(nèi)部傳到溫度較高的冰箱外部，請(qǐng)分析說明這是否違背熱力學(xué)第二定律?！敬鸢浮?1) 6.0 X 1024(2) 5X 103Pa (3)見解析，t L07+I |g)xlDj(1)分子個(gè)數(shù)：n=*，/N= ”.5父10一3 X6.0 x 1023=6.0 x 1024個(gè)

17、；(2)氣體狀態(tài)參量為：T1=273+27=300K, P1=1X105Pa,色也巴T2=273+6=279K, B=? , T3=273-9=264K, P3=?,氣體體積不變，根據(jù)查理定律得： ,代入數(shù)據(jù)解得：p2=9.3 x 104Pa, p3=8.8 x 104Pa,壓強(qiáng)差： P=pa-p3=5X 103Pa；(3)由于熱量從低溫的冰箱內(nèi)部傳到溫度較高的冰箱外部的同時(shí)，消耗了電能，不違背熱力學(xué)第二定律。丁18 .(8分)如圖15所示，勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B= 0.5 T,邊長為L a： ，J-=10 cm的正方形線圈 abcd共N=100匝，線圈電阻r=1 Qo線圈繞 -H2. If垂

18、直于磁感線的軸 OO勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度 3= 2兀rad/s,外電 1c路電阻R= 4 Qo,5產(chǎn)工 1(V) R求交流電表的示數(shù)及由圖示位置轉(zhuǎn)過60。時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢的值；獷(2)取兀2=10,求線圈轉(zhuǎn)動(dòng)一周電流產(chǎn)生的總熱量;圖161由圖示位置開始，求在線圈轉(zhuǎn)過4周期的時(shí)間內(nèi)通過電阻R的電何量。【答案】(1)1.80 V 1.57 V (2)1 J (3)0.1 C【解析】(1)感應(yīng)電動(dòng)勢的最大值，Em= NBL23 = 100X0.5 X 0.1 2X2兀V=3.14 V電流的最大值Im= = 0.63 A電流的有效值I=Lm=0.45 AR+ r2交流電壓表的示數(shù) U= IR= 1.8

19、0 V轉(zhuǎn)過60時(shí)的瞬時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢e=Ecos 60 =3.14X0.5 V =1.57 V ;(2)周期T=紅=1 s ,線圈轉(zhuǎn)動(dòng)一周產(chǎn)生的熱量Q= I2(R+ r)T ,聯(lián)立解得Q- 1 J ;(3) A t = tT內(nèi)通過電阻 R的電荷量q = I -At, I = 口E= N )4r十 r tA(d=b10,聯(lián)立解得 q=0.1 C。19.(12分)如圖16所示，光滑水平面 MN的左端M處固定有一能量補(bǔ)充裝置P,使撞擊它的物體彈回后動(dòng)能在原來基礎(chǔ)上增加一定值。右端N處與水平傳送帶恰好平齊且靠近，傳送帶沿逆時(shí)針方向以恒定速率v= 6 m/s勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，水平部分長度L= 9 m。放在光滑水平面

20、上的兩相同小物塊 A、R均視為質(zhì)點(diǎn))間有一被壓縮的輕質(zhì)彈簧，彈性勢能 Ep =9 J ,彈簧與A、 B均不粘連，A、B與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.2,物塊質(zhì)量m=mB=1 kg?，F(xiàn)將A、B同時(shí)由靜止釋放，彈簧彈開物塊 A和B后，迅速移去輕彈簧，此時(shí)， A還未撞擊P, B還未滑上傳送帶。取 g= 10 m/s 2。(1)求A、B剛被彈開時(shí)的速度大?。?2)試通過計(jì)算判斷B第一次滑上傳送帶后，能否從傳送帶右端滑離傳送帶；(3)若B從傳送帶上回到光滑水平面MN與被弓t回的 A發(fā)生碰撞后粘連，一起滑上傳送帶。則P應(yīng)給A至少補(bǔ)充多少動(dòng)能才能使二者一起滑離傳送帶？圖16【答案】(1) Va= 3 m/s , Vb= 3 m/s (2) B不能從傳送帶右端滑離傳送帶。(3) 108 J一 一 1 O 1 O【解析】(1)彈簧彈開的過程中，系統(tǒng)機(jī)械能守恒E，= -nAvA+ 2mBvB由動(dòng)量守恒有 nAVA- nBVB= 0 ,聯(lián)立以上兩式解得 va= 3 m/s , vb= 3 m/s 。(2)假設(shè)B不能從傳送帶右端滑離傳送帶，則B做勻減速運(yùn)動(dòng)直到速度減小到零，設(shè)位移為1 vBs。由動(dòng)能te理得一(imBgs= 0-mBVB ,斛得s= - = 2.25 m , s(m) gL由以上四式可得：E 108 J。20. (12分)有一種質(zhì)譜儀由靜電分析器和磁分