山東省德州市2020年高三物理第一次模擬檢測試題【含答案】

1、山東省德州市2020年高三物理第一次模擬檢測試題高三物理試題一、單項(xiàng)選擇題1.物理學(xué)家通過大量的實(shí)驗(yàn)總結(jié)出很多物理學(xué)定律，有些定律有適用條件； 有些定律在任何情況下都適用。經(jīng)典物理學(xué)中，以下定律在任何情況下都適用的是()A.牛頓第三定律B.機(jī)械能守恒定律C.庫侖定律D.玻意耳定律【答案】A【解析】【詳解】A.經(jīng)典物理學(xué)中，牛頓第三定律在任何情況下都適用，故 A正確；B.只有重力或系統(tǒng)內(nèi)的彈力做功時，系統(tǒng)機(jī)械能守恒，故 B錯誤；C.庫侖定律適用于真空中的點(diǎn)電荷間的相互作用，故 C錯誤；D.玻意耳定律適用于理想氣體，故 D錯誤。故選Ao2.隨著高層建筑的增多， 高空墜物的危害性也越來越大。 假設(shè)一

2、個50g的雞蛋自距地面45m高 的窗外由靜止開始自由下落，雞蛋剛接觸地面到速度減為零的時間間隔為0.002s。不計(jì)空氣阻力，重力加速度為10m/s2,則該雞蛋對地面的撞擊力相當(dāng)于質(zhì)量為多大的物體的重力？()A. 5.005kgB. 7.505kgC. 50.05kgD. 75.05kg【答案】D【解析】【詳解】雞蛋接觸地面時的速度為v .2gh 2 10 45m/s 30m/s取豎直向下為正方向，雞蛋剛接觸地面到速度減為零過程中由動量定理有(mg F) t 0 mv得mv0.05 30F mg v (0.05 100002 )N=750.5N則有F=MgM =- 75。kg 75.05kgg

3、10故ABC錯誤，D正確。故選D3.2019年1月3日，“玉兔二號”月球車與“嫦娥四號”著陸器分離，實(shí)現(xiàn)月球背面著陸?！坝裢枚枴贝钶d了一塊核電池，利用29：Pu衰變?yōu)?34u釋放能量，可在月夜期間提供一定的電能。已知29：234 ,一一一. Pu的質(zhì)量mp3 92U的質(zhì)量為mu,真空中的光速為c,下列說法正確的是A. 238 Pu發(fā)生產(chǎn)生，亥為234 UB. 238 Pu 衰變?yōu)?292yS：減少 2C.溫度升高時，238 Pu的衰變會加快D. 238 Pu衰變?yōu)?92U釋放的能量為(mPu mU) c2【答案】B【解析】【詳解】AB. 294 Pu衰變?yōu)?34U ,根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒與電荷數(shù)守

4、恒可知衰變方程為238234 . .4 .94 Pu 92 U 2 He則發(fā)生的是a衰變，其質(zhì)量數(shù)減少4,核電荷數(shù)減少2,故中子數(shù)減少2,故A錯誤，B正確；238C.半衰期與外界因素?zé)o關(guān)，即溫度升高時，94Pu的衰變快慢不變，故 C錯誤；D.核反應(yīng)過程中的質(zhì)量虧損為m mPu mU ma核反應(yīng)的過程中釋放的能量2E (mPu mU ma)c故D錯誤。故選Bo4 .如圖所示，小球A、B的質(zhì)量都為 m,它們用三段輕繩分別連結(jié)在豎直墻壁上的M點(diǎn)和天花板上的N點(diǎn)，穩(wěn)定時 MA段水平，BN段與水平天花板的夾角為 45° ,已知重力加速度為 g,則輕繩AB段的張力大小為()C. 2mgD. 、2

5、mg【答案】B【解析】【詳解】設(shè)AM的拉力為Fam , BN的拉力為Fbn ,輕繩AB段的張力大小為T；以AB組成的整體為研究對象，受力如圖1,則由平衡條件可得Fam 2mgtan45 2mg設(shè)AB與水平方向的夾角為 依如圖2所示，則有T F；M+(mg)2(2mg)2 (mg)2 5mg故ACD錯誤，B正確。故選Bo5 .如圖所示，內(nèi)壁光滑的固定氣缸水平放置，其右端由于有擋板，厚度不計(jì)的活塞不能離開氣2X105Pa。已知活塞的橫截缸，氣缸內(nèi)封閉著一定質(zhì)量的理想氣體，活塞距氣缸右端的距離為 0.2m?，F(xiàn)對封閉氣體加熱,活塞緩慢移動，一段時間后停止加熱，此時封閉氣體的壓強(qiáng)變?yōu)槊娣e為0.04m2,

6、外部大氣壓強(qiáng)為1x105Pa,加熱過程中封閉氣體吸收的熱量為2000J,則封閉氣體的內(nèi)能變化量為()A. 400JB.1200JC.2000JD.2800J【答案】B【解析】【詳解】由題意可知，氣體先等壓變化，到活塞運(yùn)動到擋板處再發(fā)生等容變化，等壓變化過程氣體對外做功，做功為Wp0Sx1 105 0.04 0.2J800J由熱力學(xué)第一定律可知，封閉氣體的內(nèi)能變化量為U W Q ( 800 2000)J 1200J故ACD錯誤，B正確。故選Bo6 .如圖所示，三棱鏡 ABC的橫截面為等腰直角三角形，底邊AB水平，右側(cè)的光屏 MN豎直。一條單色光線自AC邊上的D點(diǎn)水平射向三棱鏡，此光線進(jìn)入三棱鏡后

7、首先到達(dá)底邊AB,棱鏡材料對該光線白折射率為 J2。光線進(jìn)入三棱鏡后，僅考慮在各界面上的第一次反射或折射，對此以下說法正確的是()A.光線到達(dá)AB邊時會有部分能量射出三棱鏡B.光線到達(dá)BC邊時發(fā)生全反射C.光線自BC面射出三棱鏡后水平射向光屏MND.光線白BC面射出三棱鏡后斜向上射向光屏MN【答案】C【解析】AC邊射入三棱鏡的入射角為 45 ,由【詳解】A .畫出光路圖如圖所示，由題意可知，光從公式sin 45sin HDI=2則折射角為30 ,由幾可關(guān)系得DHA = HDI + DIHDIH =15則光在AB邊上的入射角為75 ,由于sin C即臨界角為45 ,所以光線到達(dá) AB邊時發(fā)生全反

8、射，故 A錯誤;B,由幾可關(guān)系得，光線在 BC邊的入射角為30小于臨界角為45 ,光線到達(dá)BC邊時不會發(fā)生全反射，故 B錯誤；CD.光線在BC邊的入射角為30 ,由折射定律可得、,2sin nsin30=45即光線自BC面射出三棱鏡的折射角為45 ,則光線自BC面射出三棱鏡后水平射向光屏MN,故C正確，D錯誤。故選Co7 .用圖甲所示的裝置可以測量物體做勻加速直線運(yùn)動的加速度，用裝有墨水的小漏斗和細(xì)線做成單擺，水平紙帶中央的虛線在單擺平衡位置的正下方。物體帶動紙帶一起向左運(yùn)動時，讓單擺小幅度前后擺動，于是在紙帶上留下如圖所示的徑跡。圖乙為某次實(shí)驗(yàn)中獲得的紙帶的俯視圖，徑跡與中央虛線的交點(diǎn)分別為

9、A、B、C、D,用刻度尺測出A、B間的距離為xi； C、D間的距離為X2O已知單擺的擺長為 L,重力加速度為g,則此次實(shí)驗(yàn)中測得的物體的加速度為（）A.(X2 Xi)g2LB.(X2 Xi)g2 2LC.(X2 Xi)g4 2LD.(X2 Xi)g8 2L【答案】B【詳解】由題意可知，AB段,BC段，CD段的時間相等且都等于單擺的半周期，由勻變速直線運(yùn)動規(guī)律得c /、2X2 Xi 2a(一)2其中T 單擺周期，則Tc (X2 Xi)ga 22uL故ACD錯誤，B正確。故選Bo8.圖甲所示為研究平行板電容器的放電電流隨時間變化關(guān)系的電路,將單刀雙擲開關(guān)自接線柱1移至2后，計(jì)算機(jī)顯示的電流 I隨時

10、間t變化的圖像如圖乙所示。已知該電容器的電容為7X10 4F,則放電前電容器兩極板間的電勢差約為（）A. 0.75VB. 1.5VC. 3.0VD. 7.0V【答案】C【詳解】根據(jù)圖象的含義，因Q=It,所以圖線與坐標(biāo)所圍成的面積表示電容器的放電量；根據(jù)橫軸與縱軸的數(shù)據(jù)可知，由大于半格算一個，小于半格舍去，因此圖象所包含的格子個數(shù)為21,所以釋放的電荷量是_3_3_Q0.1 1021C2.1103c根據(jù)電容公式C=Q,則極板間的電勢差UQU= 3VC故ABD錯誤，C正確。故選C、多項(xiàng)選擇題9.如圖所示，磁極 N、S間的磁場看做勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B0,矩形線圈ABCD的面積為S,共n匝，內(nèi)阻

11、為r,線圈通過滑環(huán)與理想電壓表 V和阻值為R的定值電阻相連，AB邊與滑A.線圈在圖示位置時，電阻 R中的電流方向?yàn)樽?M到NO。/以角速度 3逆時針勻B.線圈自圖示位置開始轉(zhuǎn)過 180的過程中，通過電阻 R的電量為2nBsR rC.線圈轉(zhuǎn)動一周的過程中克服安培力做的功為22q2冗 n B0 SR rD.線圈在圖示位置時電壓表的示數(shù)為0【答案】BC【詳解】A.線圈在圖示位置時，穿過線圈磁通量最大，此時電流為 0,故A錯誤;B.線圈自圖示位置開始轉(zhuǎn)過 180的過程中，通過電阻 R的電量為q itt(R r)t 2nB°S故B正確;C.由功能關(guān)系可知，線圈轉(zhuǎn)動一周的過程中克服安培力做的功等

12、于回路中產(chǎn)生的熱量即為2-2EmQ I2(R r)Tm(R,2(R r)2九 r) 2.2(Rs r)(R a九 n2B02S2R r故C正確;D.電壓表的示數(shù)為交變電流的有效值為IRnB0SR2(R r)故D錯誤。故選BC。10.已知地球的半徑為 R,表面的重力加速度為g,月球球心離地球球心的距離為口，地球同步衛(wèi)星離地球球心的距離為 2, ri>r2,將月球和地球同步衛(wèi)星的運(yùn)動都看做勻速圓周運(yùn)動，以下說法正確的是（A.月球的線速度比同步衛(wèi)星的線速度小B.C.月球繞地球轉(zhuǎn)動的向心加速度為R2 -g riD.月球表面的重力加速度為R2 2g ri【答案】AC【詳解】A.由公式2 v m r

13、GM v r由于ri>r2,則月球的線速度比同步衛(wèi)星的線速度小，故 A正確;B.地球赤道上的物體隨地球自轉(zhuǎn)角速度與同步衛(wèi)星的角速度相等，由v r可知，地球赤道上的物體隨地球自轉(zhuǎn)的線速度比同步衛(wèi)星的線速度小，故B錯誤;C.在地球表面有地球赤道上的物體隨地球自轉(zhuǎn)的線速度比同步衛(wèi)星的線速度大對月球繞地球做圓周運(yùn)動有聯(lián)立得Mm0GHm°gMmmagR2-2r故C正確；D.由于不知道月球的質(zhì)量和半徑，則無法得到月球表面的重力加速度，故D錯誤。故選AC。11.如圖所示，輕繩一端固定在 。點(diǎn)，另一端拉著立方體小盒子在豎直平面內(nèi)做順時針方向的圓周運(yùn)動，小盒子里裝了一質(zhì)量為m的光滑小球，小球的大

14、小略小于盒子，A、C兩點(diǎn)分別為水平直徑的左端和右端；B、D兩點(diǎn)分別為豎直直徑的下端和上端。當(dāng)小盒子運(yùn)動至D點(diǎn)時,小球與小盒子的四個壁間恰好無相互作用力。已知當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間,不計(jì)空氣阻力，則以下說法正確的是（）A.小球運(yùn)動至 A點(diǎn)時，對小盒子下壁的壓力為零B.小球運(yùn)動至C點(diǎn)時，對小盒子右壁的壓力為2mgC.小球運(yùn)動至C點(diǎn)時，對小盒子下壁的壓力為mgD.小球運(yùn)動至B點(diǎn)時，對小盒子下壁的壓力為6mg【答案】AD【詳解】AC.由題意可知，小球與小盒子一起運(yùn)動， 將小球與小盒子作為整體可知，在A點(diǎn)、C點(diǎn)時整體豎直方向的加速度為重力加速度，由小球在A點(diǎn)、C點(diǎn)時豎直方向的加速度也應(yīng)為重力加速度，則小球運(yùn)

15、動至 A、C點(diǎn)時，對小盒子下壁的壓力為零，故 A正確，C錯誤；B.小盒子運(yùn)動至 D點(diǎn)時，小球與小盒子的四個壁間恰好無相互作用力，則有小球從D到C過程中有mgRmg mv212-mvc 21 2-mvD 2小球在C點(diǎn)有2NC = m R聯(lián)立解得Nc 3mg故B錯誤；D.小球從D到B過程中有1212mg 2RmvBmvD22小球在B點(diǎn)有2N b mg=mB聯(lián)立解得Nb 6mg故D正確。故選AD。12.如圖所示，空間存在平行紙面的勻強(qiáng)電場（未畫出）和垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，A、B、C是邊長為30cm的等邊三角形的三個頂點(diǎn)，M為BC邊的中點(diǎn)，N為MC的中點(diǎn)，P為AC邊的中點(diǎn)。已知A點(diǎn)的電勢為2V, B

16、點(diǎn)的電勢為8V, C點(diǎn)的電勢為一4V,磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大 小為8T。對于某帶負(fù)電粒子（不計(jì)重力）在圖示空間中的運(yùn)動，以下說法正確的是（）xxxk4xxxx xX X X X/ IS X X KX X X * & x X X XX X / X XXX X /X X X X X X/ 1xyxxxxXhxg/x. 一 也一2.X.,、一才cXXX 勺戶XA.若不施加其它力，速度大小合適，此帶電粒子可以做勻速圓周運(yùn)動B.若不施加其它力，此帶電粒子可以自C.若不施加其它力，此帶電粒子可以以D.若此粒子的帶電量為 10-C,使其自【答案】CD【解析】【詳解】由勻強(qiáng)電場與電勢差的關(guān)系可知,B向P做

17、直線運(yùn)動5m/s的速度自N向P做勻速直線運(yùn)動M點(diǎn)運(yùn)動至P點(diǎn)，該過程中電勢能增加 3X 10 Jm 2V , p 1V ,則A點(diǎn)與M點(diǎn)電勢相等,連接AM即為勻強(qiáng)電場的等勢線，所以電場強(qiáng)度方向水平向右，如圖所示，則電場強(qiáng)度為E y_BM 6_2 V/m=40V/mdBM 15 10 2A.粒子受到恒定的電場力，方向水平向左，則帶電粒子不可能做勻速圓周運(yùn)動，故A錯誤;B.粒子受到水平向左的電場力，若粒子自B向P做直線運(yùn)動，洛倫茲力垂直BP斜向下，且洛倫茲力與電場力的合力與 BP在一直線上，則粒子做減速運(yùn)動，粒子速度減小，洛倫茲力減 小，粒子的合力不可能與 BP在一直線上，則粒子不可能自B向P做直線運(yùn)

18、動，故 B錯誤；C.粒子從N向P運(yùn)動時洛倫茲力水平向右，電場力水平向左，當(dāng)兩力大小相等時，粒子做勻 速直線運(yùn)動，則有qE = qvB解得v 5m/s故C正確；D.自M點(diǎn)運(yùn)動至P點(diǎn)，該過程中電勢能增加量為.一 .一 .一，、-3 3 .E電 E電p E電m =q( p m) 3 10 J故D正確。、非選擇題13.用注射器和壓力表來探究一定質(zhì)量的氣體發(fā)生等溫變化時遵循的規(guī)律，實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示，用活塞和注射器外筒封閉一定質(zhì)量的氣體，其壓強(qiáng)可由左側(cè)的壓力表測得：甲乙(1)實(shí)驗(yàn)時通過推拉活塞改變封閉氣體的體積V和壓強(qiáng)p,可得到多組關(guān)于 V和p的數(shù)據(jù)。根據(jù)實(shí)驗(yàn)所測數(shù)據(jù)，若猜想在溫度不變時V和p成反比，為

19、了驗(yàn)證猜想是否正確可描點(diǎn)畫圖像，若圖像的縱軸為p,則橫軸應(yīng)為;(2)據(jù)(1)所做圖像的形狀若為圖乙中實(shí)線所示，則造成圖線形狀這樣彎曲的原因可能是 (填活塞推拉過快”或封閉氣體有泄漏”)?！敬鸢浮?1). -(2).封閉氣體有泄漏V【解析】【詳解】(1)1由等溫變化可得 pV C整理得1則若圖像的縱軸為p,則橫軸應(yīng)為一 V(2)2由方程pV nRT可得1 p nRT V由圖像可知，圖線斜率變小，則說明封閉氣體有泄漏14.某研究小組要精確測量一個只有刻度、沒有刻度值的電流表的內(nèi)阻:首先用歐姆表測量電流表的內(nèi)阻，測量時紅色表筆應(yīng)該接電流表的 (填：“正接 線柱”或“負(fù)接線柱”)；用“X 10”檔測量

20、時指針指示如圖甲所示，則應(yīng)該換 檔再次 測量；(2)研究小組又設(shè)計(jì)了更精確的測量方案，所用電路如圖乙所示。將開關(guān) S閉合，調(diào)節(jié)Ri、R2 使電流表、電壓表指針都在合適位置，然后在保持 不變的前提下，多次改變 Ri、R2, 記錄Ri和電流表偏轉(zhuǎn)的格數(shù) N,再根據(jù)記錄數(shù)據(jù)作出 Ri 工圖像，若作出的圖像如圖丙所示，N則電流表的內(nèi)阻等于?！敬鸢浮?1).負(fù)接線柱(2). X1(3).電壓表的示數(shù) (4). b【解析】【詳解】(1)1根據(jù)歐姆表中電流為紅進(jìn)黑出，則用歐姆表測量電流表的內(nèi)阻時，紅色表筆應(yīng) 該接電流表的負(fù)接線柱；2由圖乙可知，用“ X 10檔測量時指針偏角過大，說明電阻較小，為了較準(zhǔn)確測量

21、，應(yīng)選用XI擋；(2)3由實(shí)驗(yàn)原理可知，將開關(guān) S閉合，調(diào)節(jié)R1、R2使電流表、電壓表指針都在合適位置，然 后在保持電壓表示數(shù)不變；4由歐姆定律有UI(Ra R1)設(shè)電流表每一格電流為I0,則有UNIo(Ra R)整理得U 1 CR1, RA由圖線可知，電流表內(nèi)阻RA=b15.一列振幅A=20cm的簡諧橫波沿x軸正方向傳播，t=0時刻恰好傳播到平衡位置為x=6.0cm的質(zhì)點(diǎn)，波形如圖所示。t=2.25s時，平衡位置為x=6.0cm的質(zhì)點(diǎn)離開平衡位置的位移第一次 為 y=20cm。求：該簡諧橫波的傳播速度大??；(2)自t=0至t=3.25s,平衡位置為x=8.0cm的質(zhì)點(diǎn)經(jīng)過的路程。d_X_1呷

22、134AO亂0【答案】2cm/s； (2)60cm【解析】【詳解】(1)由題意可知3-T =2.25s4得該簡諧波的周期T=3s由圖可知，該簡諧波的波長F6.0cm,則波速v - 2cm/sT(2)波自x=6.0cm傳播到x=8.0cm所需的時間v自t=0至t=3.25s,平衡位置為x=8.0cm的質(zhì)點(diǎn)振動的時間間隔t，(3.25 1)s 2.25s -T 4經(jīng)過的路程為L=3A=60cm16 .如圖甲所示，兩根足夠長的平行金屬導(dǎo)軌固定在水平面上，寬度L=1m；導(dǎo)軌的上表面光滑，且左端封閉；導(dǎo)軌所在平面有豎直方向的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時間t的變化關(guān)系如圖乙所示；垂直導(dǎo)軌放置的導(dǎo)體棒MN質(zhì)量

23、m=2kg、電阻R=2Q,其它電阻不計(jì)。至ito=2s時間內(nèi)使導(dǎo)體棒靜止，此階段導(dǎo)體棒距導(dǎo)軌左端的距離也為L=1m；自t0=2s時刻起，釋放導(dǎo)體棒，同時對導(dǎo)體棒施加一水平向右的恒力F , F=2N ,導(dǎo)體棒達(dá)到最大速度后，其電流與。到to=2s時間內(nèi)的電流相同。已知自0時刻開始至導(dǎo)體棒剛達(dá)到最大速度的過程中，回路中產(chǎn)生的焦耳熱 Q=4.75J。求：導(dǎo)體棒達(dá)到最大速度后回路中的電流；(2)自t0=2s時刻開始至導(dǎo)體棒剛達(dá)到最大速度的過程中，導(dǎo)體棒運(yùn)動的位移?！窘馕觥俊驹斀狻?1)A ； (2)1.5m 2(1)導(dǎo)體棒達(dá)到最大速度后，電流與0至to時間內(nèi)的電流相同，電動勢也與0至Ij to時間內(nèi)的

24、電動勢相同BoL2toBoLVm導(dǎo)體棒達(dá)到最大速度后F = ILBoBoLVmR由以上三式得導(dǎo)體棒達(dá)最大速度時回路中的電流2A2(2)0到t0時間內(nèi)回路中產(chǎn)生的焦耳熱Qi = I2Rt0=2J自t0=2s時刻開始至導(dǎo)體棒剛達(dá)到最大速度的過程中，導(dǎo)體棒克服安培力做的功由動能定理L 12 cFx W mvm 0得導(dǎo)體棒經(jīng)過的位移x=1.5m17 .如圖所示，xOy平面內(nèi)的第二、三象限存在著沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場；第一、 四象限內(nèi)有 以坐標(biāo)原點(diǎn)O為圓心、半徑為L的半圓形區(qū)域，區(qū)域內(nèi)存在著垂直坐標(biāo)平面向里的勻強(qiáng)磁場。一質(zhì)量為m、帶電量為q的帶電粒子自坐標(biāo)為( L ，3L )的M點(diǎn)射出，射出時的速度大 ，2小為V0,方向沿x軸正方向，經(jīng)過一段時間恰好在坐標(biāo)原點(diǎn) O進(jìn)入y軸右側(cè)的勻強(qiáng)磁場， 再經(jīng)過一段時間后又與 x軸平行沿x軸正方向離開勻強(qiáng)磁場，不計(jì)帶電粒子重力。求：(1)此帶電粒子到達(dá)坐標(biāo)原點(diǎn)。時的速度大小;(2)此帶電粒子自M點(diǎn)射出至離開磁場時的時間間隔;(3)要使此粒子進(jìn)入磁場后，不再自圓弧邊界離開磁場，可以僅通過改變磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小來實(shí)現(xiàn)，計(jì)算改變后的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小需滿足的條件。 2vo ；L L4mv0(葭 嬴；(3)B> V【詳解】(1)粒子自M點(diǎn)到坐標(biāo)原點(diǎn) 。，沿x軸方向L=voti沿y軸方向