2018年高考模擬理綜物理選編相互作用-解析版

1、.學(xué)生互相作用一、單項選擇題本大題共5小題，共20.0分1. 如圖A，B，C為三個完全一樣的物體，當(dāng)程度力F作用于B上，三物體可一起勻速運動，撤去力F后，三物體仍可一起向前運動，設(shè)此時A，B間作用力為f1，B、C間作用力為f2，那么f1和f2的大小為A. f1=f2=0B. f1=0，f2=FC. f1=F3，f2=23FD. f1=F，f2=02019陳笑整理C理綜物理思路拓展解：開場三個物體在拉力F的作用下一起做勻速直線運動，知F=f，撤去F后，三個物體一起做勻減速直線運動，整體的加速度為：a=f3m=F3m 隔離對A分析，A在程度方向上的合力等于B對A的摩擦力，有：f1=ma=F3 隔離

2、對AB分析，AB整體所受的合力等于C對它們的摩擦力，有：f2=2ma=23F，故C正確，ABD錯誤，應(yīng)選：C撤去力F，假設(shè)三個物體仍能一起繼續(xù)向前運動，根據(jù)牛頓第二定律求出整體的加速度，再隔離對A分析、對AB分析，求出A、B之間，B、C之間的摩擦力解決此題的關(guān)鍵可以正確地受力分析，運用牛頓第二定律進(jìn)展求解，注意整體法和隔離法的運用2. 在程度地面上，質(zhì)量m1的小球用輕繩跨過光滑的半圓形碗連接質(zhì)量分別為m2和m3的物體，平衡時小球恰好與碗之間沒有彈力作用，那么m1、m2和m3的比值為A. 1：2：3B. 2：1：1C. 2：3：1D. 2：1：32019陳笑整理C理綜物理思路拓展解：對碗內(nèi)的小球

3、m1受力分析，受重力、兩個細(xì)線的兩個拉力，由于碗邊緣光滑，相當(dāng)于動滑輪，故細(xì)線對物體m2的拉力等于m2g，細(xì)線對物體m1的拉力等于m1g，如圖根據(jù)共點力平衡條件，兩個拉力的合力與重力等值、反向、共線，有 G2=G1cos30°=m2g G3=G1sin30°=m1g故解得m1：m2：m3=2：3：1應(yīng)選：C。對碗內(nèi)的小球m1受力分析，根據(jù)共點力平衡條件，運用合成法求解即可。此題關(guān)鍵是對碗內(nèi)小球受力分析，根據(jù)三力平衡條件可知，三個力中任意兩個力的合力與第三個力等值、反向、共線，然后運用合成法作圖，根據(jù)幾何關(guān)系得到三個物體的重力之比。3. 跨過定滑輪的繩的一

4、端掛一吊板，另一端被吊板上的人拉住，如下圖人的質(zhì)量為70kg，吊板的質(zhì)量為10kg，繩及定滑輪的質(zhì)量、滑輪的摩擦均可不計取重力加速度g=10m/s2當(dāng)人以440N的力拉繩時，人與吊板的加速度a和人對吊板的壓力F分別為A. a=1.0m/s2，F(xiàn)=260NB. a=1.0m/s2，F(xiàn)=330NC. a=3.0m/s2，F(xiàn)=110ND. a=3.0m/s2，F(xiàn)=50N2019陳笑整理B理綜物理思路拓展解：以整體為研究對象，整體受重力、兩根繩子的拉力；由牛頓第二定律可知：整體的加速度a=2T(M+m)g(M+m)=2×44080080m/s2=1.0m/s2；以人為研究對象，由牛頓第二定律

5、可知：T+F-mg=ma解得人受吊板的支持力F=mg-T+ma=700N-440N+70N=330N；由牛頓第三定律可知人對吊板的壓力為330N；應(yīng)選B4. 一質(zhì)量為m的鐵球在程度推力F的作用下，靜止在傾角為的斜面和豎直墻壁之間，鐵球與斜面的接觸點為A，推力F的作用線通過球心O，如下圖，假設(shè)斜面、墻壁均光滑假設(shè)程度推力緩慢增大，那么在此過程中A. 墻對鐵球的作用力大小始終等于推力FB. 墻對鐵球的作用力大小始終大于推力FC. 斜面對鐵球的作用力緩慢增大D. 斜面對鐵球的支持力大小始終等于mgcos2019陳笑整理D理綜物理思路拓展解：A、B、對小球受力分析，受推力F、重力G、墻壁的支持力N、斜

6、面的支持力N，如圖 根據(jù)共點力平衡條件，有：x方向：F-Nsin-N=0 豎直方向：Ncos=mg 解得：N=mgcos；N=F-mgtan 當(dāng)F增加時，墻壁對鐵球的作用力不斷變大，為N=F-mgtanF；故AB錯誤；C、D、當(dāng)F增加時，斜面的支持力為mgcos，保持不變，故球?qū)π泵娴膲毫σ脖３植蛔?；那么斜面對球的作用力也保持mgcos不變；故C錯誤，D正確；應(yīng)選：D對球受力分析，然后根據(jù)共點力平衡條件，運用正交分解法，結(jié)合幾何關(guān)系分析求解；此題關(guān)鍵是對小球受力分析，根據(jù)共點力平衡條件，運用正交分解法列式求解即可得出各力的變化情況5. 如下圖，物體A放在粗糙程度面上，左邊用一根輕彈簧和豎直墻相

7、連，靜止時彈簧的長度小于原長假設(shè)再用一個從零開場逐漸增大的程度力F向左推A，直到把A推動在A被推動之前的過程中，彈簧對A的彈力F1大小和地面對A的摩擦力f大小的變化情況是A. F1保持不變，f始終減小B. F1保持不變，f先減小后增大C. F1始終增大，f始終減小D. F1先不變后增大，f先減小后增大2019陳笑整理B理綜物理思路拓展解：由題意可知，放在粗糙程度面上，靜止時彈簧的長度小于原長，那么彈簧對A的推力向右，由于粗糙程度面，因此同時受到程度向左的靜摩擦力當(dāng)再用一個從零開場逐漸增大的程度力F向左推A，直到把A推動前過程中，物體A受到的靜摩擦力從向右變?yōu)槌潭认蜃笏云浯笮∠葴p小后增大故B正

8、確，ACD錯誤應(yīng)選：B在P被推動之前的過程中，彈簧仍處于原狀，因此彈力不變，而物體P先開場受到向左的靜摩擦力，當(dāng)推力漸漸增大時，導(dǎo)致出現(xiàn)向右的靜摩擦力，因此根據(jù)進(jìn)展受力分析，即可判斷此題解題的關(guān)鍵是對A物體進(jìn)展正確的受力分析，知道當(dāng)A沒有運動時，彈簧彈力不變，而由于推力的變化，從而導(dǎo)致靜摩擦力的方向變化，難度適中二、多項選擇題本大題共4小題，共16.0分6. 如圖，半圓形支架BAD，兩細(xì)繩OA和OB結(jié)于圓心O，下懸重為G的物體，使OA繩固定不動，將OB繩的B端沿半圓支架從程度位置逐漸移至豎直位置C的過程中，分析OA繩和OB繩所受的力大小如何變化？A. OA繩拉力逐漸變大B. OA繩拉力逐漸變小

9、C. OB繩拉力先變小后變大D. OB繩拉力逐漸變小2019陳笑整理BC理綜物理思路拓展解：對結(jié)點O受力分析如圖：結(jié)點O始終處于平衡狀態(tài)，所以O(shè)B繩和OA繩上的拉力的合力大小保持不變，方向始終是豎直向上的所以O(shè)A繩受力大小變化情況：逐漸變小；OB繩受力大小變化情況是：先變小后變大應(yīng)選BCOB繩的B端沿半圓支架從程度位置逐漸移至豎直的位置C的過程中，物體始終處于平衡狀態(tài)，找出不變的物理量，畫出平行四邊形進(jìn)展分析此題為物體平衡條件的一個應(yīng)用：動態(tài)分析，處理這個類型的題需要找出不變的物理量，然后作圖或找變化的物理量與不變的物理量之間的關(guān)系再加以分析，就是以不變應(yīng)萬變7. 一有固定斜面的小車在程度面上

10、做直線運動小球通過細(xì)繩與車頂相連小球某時刻正處于圖示狀態(tài)設(shè)斜面對小球的支持力為N，細(xì)繩對小球的拉力為T關(guān)于此時刻小球的受力情況，以下說法正確的選項是A. 假設(shè)小車向左運動，N可能為零B. 假設(shè)小車向左運動，T可能為零C. 假設(shè)小車向右運動，N不可能為零D. 假設(shè)小車向右運動，T不可能為零2019陳笑整理AB理綜物理思路拓展解：A、假設(shè)小車向左運動做減速運動，那么加速度向右，小球受重力及繩子的拉力可以使小球的加速度與小車一樣，故此時N為零，故A正確；B、假設(shè)小球向左加速運動，那么加速度向左，此時重力與斜面的支持力可以使合力向左，那么繩子的拉力為零，故B正確；同理可知當(dāng)小球向右時，也可能做加速或減

11、速運動，故加速度也可能向右或向左，故N和T均可以為零，故CD均錯誤；應(yīng)選AB對小球受力分析，根據(jù)車的運動情況可知小球受拉力及支持力的情況力是改變物體運動狀態(tài)的原因，故物體的受力與加速度有關(guān)，和物體的運動方向無關(guān)，故此題應(yīng)討論向左加速和減速兩種況8. 質(zhì)量為M的直角三棱柱A放在程度地面上，三棱柱的斜面是光滑的，且斜面傾角為質(zhì)量為m的光滑球B放在三棱柱和光滑豎直墻之間A、B處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)對B加一豎直向下的力F，F(xiàn)的作用線過球心，設(shè)墻對B的作用力為F1，B對A的作用力為F2，地面對A的支持力為F3，地面對A的摩擦力為F4，假設(shè)F緩慢增大而且整個裝置仍保持靜止，在此過程中A. F1保持不變，F(xiàn)3緩慢

12、增大B. F2.F4緩慢增大C. F1.F4緩慢增大D. F2緩慢增大，F(xiàn)3保持不變2019陳笑整理BC理綜物理思路拓展解：不加推力時，選取A和B整體為研究對象，它受到重力M+mg，地面支持力N，墻壁的彈力F和地面的摩擦力f的作用如下圖而處于平衡狀態(tài) 根據(jù)平衡條件有：N-M+mg=0 F=f 可得：N=M+mg再以B為研究對象，它受到重力mg，三棱柱對它的支持力NB，墻壁對它的彈力F的作用如下圖，而處于平衡狀態(tài)，根據(jù)平衡條件有：NB cos=mg NsinB=F解得：F=mgtan，所以f=F=mgtan    加推力F，相當(dāng)于物體B的重力mg變大，再由

13、式知，墻對B的作用力為F1增大，對整體分析知，地面對A的摩擦力等于墻壁對B的作用力，所以F4增大施加推力F后，相當(dāng)于物體B的重力mg變大，那么A對B的作用力變大，B對A的作用力也變大，即F2增大，對整體分析，知地面的支持力增大，即F3增大故BC正確，AD錯誤應(yīng)選：BC正確選擇研究對象，對其受力分析，運用平衡條件列出平衡等式解題正確選擇研究對象，對其受力分析，運用平衡條件列出平衡等式解題要注意多個物體在一起時，研究對象的選取9. 豎直墻面與程度地面均光滑且絕緣，小球A、B帶有同種電荷現(xiàn)用指向墻面的程度推力F作用于小球B，兩球分別靜止在豎直墻和程度地面上，如下圖假如將小球B向左推動少許，當(dāng)兩球重新

14、到達(dá)平衡時，與原來的平衡狀態(tài)相比較A. 推力F將變大B. 豎直墻面對小球A的彈力變大C. 地面對小球B的支持力不變D. 兩小球之間的間隔 變大2019陳笑整理CD理綜物理思路拓展解：A、B、C以A球為研究對象，分析受力，作出力圖如圖1所示 設(shè)B對A的庫侖力F與墻壁的夾角為，由平衡條件得豎直墻面對小球A的彈力為：  N1=mAgtan，將小球B向左推動少許時減小，那么豎直墻面對小球A的彈力N1減小故B錯誤再以AB整體為研究對象，分析受力如圖2所示，由平衡條件得：  F=N1   N2=mA+mBg 那么F減小，地面對小球B的支持力一定不

15、變故A錯誤，C正確D、由上分析得到庫侖力F庫=mAgcos，減小，cos增大，F(xiàn)庫減小，根據(jù)庫侖定律分析得知，兩球之間的間隔 增大故D正確應(yīng)選：CD先以A球為研究對象，分析受力，作出力圖，根據(jù)平衡條件分析墻壁對A的彈力如何變化，再以AB整體為研究對象，根據(jù)平衡條件分析F如何變化和地面對小球B的彈力的變化由庫侖定律分析兩球之間的間隔 如何變化此題運用隔離法和整體法結(jié)合分析動態(tài)平衡問題，關(guān)鍵是確定研究對象往往以受力較少的物體為研究對象，分析受力情況三、填空題本大題共2小題，共8.0分10. 如下圖，小車受到繩子的拉力F，它產(chǎn)生兩個作用效果：其中F1使車抑制程度地面的摩擦阻力前進(jìn)；F2把車豎直向上提

16、假設(shè)F 與為，那么F1和F2的大小分別為，那么F1= _ ，F(xiàn)2= _ 2019陳笑整理Fcos；Fsin理綜物理思路拓展解：根據(jù)平行四邊形定那么，在程度方向上的分力F1=Fcos，豎直方向上的分力F2=Fsin故答案為：Fcos，F(xiàn)sin將拉力沿程度方向和豎直方向分解，根據(jù)平行四邊形定那么，求出程度分力和豎直分力解決此題的關(guān)鍵知道力可以按作用效果進(jìn)展分解，分解時合力與分力遵循平行四邊形定那么11. 如圖，半徑為R的圓盤上繞有一根輕繩，輕繩的另一端與放在程度桌面上物體相連，物體質(zhì)量為m，繩子處于程度狀態(tài)，物體與桌面的摩擦系數(shù)為t=0開場，圓盤以角速度=ktk為常數(shù)轉(zhuǎn)動，繩子上拉力為_

17、；經(jīng)過時間t，圓盤轉(zhuǎn)過的圈數(shù)n=_2019陳笑整理mkR+g；kt24理綜物理思路拓展解：根據(jù)公式：v=R得：v=ktR=kRt 結(jié)合勻變速直線運動的速度公式：v=at可得：a=kR 物體在運動的過程中程度方向受到拉力與摩擦力，那么：F-mg=ma 聯(lián)立得：F=mg+ma=mkR+g經(jīng)過時間t，圓盤轉(zhuǎn)過的角度：=0+kt2t=12kt2 圓盤轉(zhuǎn)過的圈數(shù)n=2=kt24 故答案為：mkR+g，kt24根據(jù)角速度與線速度的關(guān)系寫出線速度的表達(dá)式，再由運動學(xué)的公式求出物體的加速度，由牛頓第二定律求出拉力結(jié)合=kt求出圓盤轉(zhuǎn)過的圈數(shù)n該題結(jié)合牛頓第二定律考察變速圓周運動的線速度、角速度之間的關(guān)系，在解

18、答的過程中要注意公式的變換四、實驗題探究題本大題共4小題，共36.0分12. 某同學(xué)在研究性學(xué)習(xí)中，利用所學(xué)的知識解決了如下問題：一輕質(zhì)彈簧豎直懸掛于某一深度為h=35.0cm，且開口向下的小筒中沒有外力作用時彈簧的下端位于筒內(nèi)，用測力計可以同彈簧的下端接觸，如圖甲所示，假設(shè)本實驗的長度測量工具只能測量露出筒外彈簧的長度l，現(xiàn)要測出彈簧的原長l0和彈簧的勁度系數(shù)，該同學(xué)通過改變l而測出對應(yīng)的彈力F，作出F-l圖象如圖乙所示，那么彈簧的勁度系數(shù)為k= _ N/m，彈簧的原長l0= _ cm 2019陳笑整理200；25理綜物理思路拓展解：根據(jù)胡克定律F與l的關(guān)系式為：F=kl+h-l0=kl+k

19、h-l0，從圖象中可得直線的斜率為2N/cm，截距為20N，故彈簧的勁度系數(shù)為：k=2N/cm=200N/m 由kh-l0=20N 于是：l0=25cm 故答案為：200； 25 根據(jù)胡克定律寫出F與l的關(guān)系式，然后結(jié)合數(shù)學(xué)知識求解即可找到各個物理量之間的關(guān)系，然后根據(jù)胡克定律列方程，是解答此題的打破口，這要求學(xué)生有較強的數(shù)學(xué)推導(dǎo)才能13. 在“探究彈力與彈簧伸長量的關(guān)系實驗中，由實驗測得某彈簧所受彈力F和彈簧的長度L的關(guān)系圖象如下圖，那么：1該彈簧的原長L0= _ cm 2該彈簧的勁度系數(shù)為K= _ N/m2019陳笑整理15；500理綜物理思路拓展解：1彈簧處于原長時，彈簧所受彈

20、力為0，那么從圖中可知，F(xiàn)=0時，L0=15cm；2由胡克定律有F=Kx，從圖中可知彈簧長度L=25cm時，彈簧伸長量x=L-L0=10cm=0.1m，彈力F為50N 那么該彈簧的勁度系數(shù)K=Fx=500.1N/m=500N/m；故答案為：15；  5001直接讀圖，彈力為0時對應(yīng)的彈簧長度就是彈簧的原長；2利用胡克定律F=kx，計算該彈簧的勁度系數(shù)；此題考察探究彈力與彈簧伸長量的關(guān)系實驗，解題的關(guān)鍵是掌握胡克定律，進(jìn)步讀圖才能從圖中找到有用的信息，再結(jié)合胡克定律計算14. 一輕質(zhì)彈簧程度懸掛于某一深度為h且開口向右的小筒中，輕彈簧的原長為L0，且L0h，如圖甲所示，假設(shè)本實驗的長度

21、測量工具只能測量露出筒外彈簧的長度L，現(xiàn)要測出彈簧的原長和彈簧的勁度系數(shù)，該同學(xué)通過改變L面測出對應(yīng)的彈力F，作出F-L圖象如圖乙所示，圖中標(biāo)示的均為量。那么彈簧的勁度系數(shù)為k=_，彈簧的原長L0=_。2019陳笑整理badc；bc+bhahba理綜物理思路拓展解：根據(jù)胡克定律F與l的關(guān)系式為：F=kL+h-L0=kL+kh-L0，從圖象中可得當(dāng)F對應(yīng)的大小分別是a與b時，彈簧的長度分別是c和d 故彈簧的勁度系數(shù)為：k=badc L0=bc+bhahba 故答案為：badc；bc+bhahba根據(jù)胡克定律寫出F與L的關(guān)系式，然后結(jié)合數(shù)學(xué)知識求解即可。找到各個物理量之間的關(guān)系，然后根據(jù)胡克定律列

22、方程，是解答此題的打破口，這要求學(xué)生有較強的數(shù)學(xué)推導(dǎo)才能。15. 小明同學(xué)想利用實驗驗證共點力作用下物體的平衡條件，他設(shè)計了一下實驗過程：在豎直木板上固定兩個定滑輪M1和M2，在一個鐵環(huán)P上系三根輕細(xì)繩a、b、c，其中a、b細(xì)繩跨過滑輪各掛一組鉤碼，細(xì)繩c直接掛一組鉤碼，每個鉤碼質(zhì)量一樣，輕繩、鉤碼、鐵環(huán)均與木板不接觸，整個裝置平衡時情況如下圖。1小明想通過作圖法來進(jìn)展驗證，他除了記錄鐵環(huán)P位置及三根細(xì)繩的方向，還需知道哪些物理量？_A每組鉤碼的個數(shù)B每個鉤碼的質(zhì)量C鐵環(huán)P的質(zhì)量DM1、M2兩滑輪的高度差2關(guān)于本實驗，以下說法正確的選項是_。A為了減小實驗誤差，兩滑輪與繩間的摩擦盡量小些B為了

23、減小實驗誤差，鐵環(huán)P的質(zhì)量應(yīng)盡量小些C改變滑輪量程鉤碼個數(shù)，鐵環(huán)P的質(zhì)量應(yīng)盡量小些D作力的圖示時應(yīng)選擇適當(dāng)?shù)臉?biāo)度2019陳笑整理ABC；AD理綜物理思路拓展解：1本實驗以鐵環(huán)P為研究對象，根據(jù)P環(huán)的受力情況，采用圖示法研究，所以必須測出鐵環(huán)P的重力和三根細(xì)繩的拉力大小和方向，因此他除了記錄鐵環(huán)P位置及三根細(xì)繩的方向，還需知道每組鉤碼的個數(shù)，每個鉤碼的質(zhì)量和鐵環(huán)P的質(zhì)量，與兩滑輪的高度差沒有關(guān)系，故ABC正確，D錯誤。應(yīng)選：ABC2AB、摩擦?xí)绊懤K子拉力測量的準(zhǔn)確性，為了減小實驗誤差，兩滑輪與繩間的摩擦盡量小些，鐵環(huán)P的質(zhì)量應(yīng)盡量大些，故A正確，B錯誤。C、改變滑輪量程鉤碼個數(shù)，鐵環(huán)P的質(zhì)量過小，重力的相對誤差較大，故C錯誤。D、作力的圖示時應(yīng)選擇適當(dāng)?shù)臉?biāo)度，使力的圖示不至于太大或太小，故D正確。故答案為：1ABC2A