2009上半年軟件設(shè)計師上午試題分析與解答

1、第1章 2009上半年軟件設(shè)計師上午試題分析與解答試題(1)海明校驗(yàn)碼是在n個數(shù)據(jù)位之外增設(shè) k個校驗(yàn)位，從而形成一個k+n位的新的碼字， 使新的碼字的碼距比較均勻地拉大。n與k的關(guān)系是 (1)。(1) A. 2k 1 n k B. 2n 1 n k C. n k D. n 1 k 試題(1)分析本題考查校驗(yàn)碼方面的基礎(chǔ)知識。海明碼是一種多重(復(fù)式)奇偶檢錯編碼。它將信息用邏輯形式編碼，以便能夠檢 錯和糾錯。用在海明碼中的全部傳輸碼字是由原來的信息和附加的奇偶校驗(yàn)位組成的。 每一個這種奇偶位被編在傳輸碼字的特定位置上。推導(dǎo)并使用長度為n位的碼字的海明碼，所需步驟如下：(1)確定最小的校驗(yàn)位數(shù)

2、k,將它們記成D1、D2、Dk,每個校驗(yàn)位符合不同的 奇偶測試規(guī)定。(2)原有信息和k個校驗(yàn)位一起編成長為 n+k位的新碼字。選擇 k校驗(yàn)位(0或1) 以滿足必要的奇偶條件。(3)對所接收的信息作所需的 k個奇偶檢查。(4)如果所有的奇偶檢查結(jié)果均正確，則認(rèn)為信息無錯誤。如果發(fā)現(xiàn)有一個或多個錯了，則錯誤的位由這些檢查的結(jié)果來唯一地確定。求海明碼時的一項(xiàng)基本考慮是確定所需最少的校驗(yàn)位數(shù)k?？紤]長度為n位的信息，若附加了 k個校驗(yàn)位，則所發(fā)送的總長度為n+k。在接收器中要進(jìn)行 k個奇偶檢查，每個檢查結(jié)果或是真或是假。這個奇偶檢查的結(jié)果可以表示成一個k位的二進(jìn)制，它可以確定最多2k種不同狀態(tài)。這些狀

3、態(tài)中必有一個其所有奇偶測試都是真的，它便是判定信 息正確的條件。于是剩下的(2kT)種狀態(tài)可以用來判定誤碼的位置。于是導(dǎo)出以下關(guān)系：2kT n+k參考答案（1） A試題(2)假設(shè)某硬盤由5個盤片構(gòu)成(共有8個記錄面)，盤面有效記錄區(qū)域的外直徑為 30cm, 內(nèi)直徑為10cm,記錄位密度為250位/mm,磁道密度為16道/mm,每磁道分16個扇區(qū)， 每扇區(qū)512字節(jié)，則該硬盤的格式化容量約為 MB。(2) A.C.8*(3010)*10*250*168*1024*10248*(3010)*10*250*16*168*1024*1024B.D.8*(3010)*10*16*16*5122*1024

4、*10248*(3010)*16*16*5122*1024*1024試題（2）分析本題考查計算機(jī)系統(tǒng)硬件方面磁盤容量的計算。計算公式如下：硬盤容量分為非格式化容量和格式化容量兩種,非格式化容量=面數(shù)X （磁道數(shù)/面）X內(nèi)圓周長X最大位密度格式化容量=面數(shù)X （磁道數(shù) /面）X （扇區(qū)數(shù)/道）X （字節(jié)數(shù)/扇區(qū)）題目中給出硬盤的面數(shù)為8,每面的磁道數(shù)為（30T0） x 10+2X16,每磁道扇區(qū)數(shù)為16,每扇區(qū)512字節(jié)，因此其格式化容量為8*(3010)*10*16*16*5122換算成MB單位時再除以1024*1024。參考答案（2） B試題（3）（3）是指按內(nèi)容訪問的存儲器。B.相聯(lián)存儲器

5、D.隨機(jī)訪問存儲器（3） A.虛擬存儲器C.高速緩存（Cache）試題（3）分析本題考查計算機(jī)系統(tǒng)存儲器方面的基礎(chǔ)知識。計算機(jī)系統(tǒng)的存儲器按所處的位置可分為內(nèi)存和外存。按構(gòu)成存儲器的材料可分為 磁存儲器、半導(dǎo)體存儲器和光存儲器。按存儲器的工作方式可分為讀寫存儲器和只讀存 儲器。按訪問方式可分為按地址訪問的存儲器和按內(nèi)容訪問的存儲器。按尋址方式可分 為隨機(jī)存儲器、順序存儲器和直接存儲器。相聯(lián)存儲器是一種按內(nèi)容訪問的存儲器。參考答案（3） B試題（4）處理機(jī)主要由處理器、存儲器和總線組成，總線包括（4）。（4） A.數(shù)據(jù)總線、地址總線、控制總線B.并行總線、串行總線、邏輯總線C.單工總線、雙工總線

6、、外部總線D.邏輯總線、物理總線、內(nèi)部總線試題（4）分析本題考查計算機(jī)系統(tǒng)總線和接口方面的基礎(chǔ)知識。廣義地講，任何連接兩個以上電子元器件的導(dǎo)線都可以稱為總線。通?？煞譃?類: 芯片內(nèi)總線。用于在集成電路芯片內(nèi)部各部分的連接。 元件級總線。用于一塊電路板內(nèi)各元器件的連接。 內(nèi)總線，又稱系統(tǒng)總線。用于構(gòu)成計算機(jī)各組成部分（ CPU、內(nèi)存和接口等）的 連接。外總線，又稱通信總線。用計算機(jī)與外設(shè)或計算機(jī)與計算機(jī)的連接或通信。連接處理機(jī)的處理器、存儲器及其他部件的總線屬于內(nèi)總線，按總線上所傳送的內(nèi) 容分為數(shù)據(jù)總線、地址總線和控制總線。參考答案（4） A試題（5）計算機(jī)中常采用原碼、 反碼、補(bǔ)碼和移碼表示

7、數(shù)據(jù)， 其中，編碼相同的是 （5）。（5） A.原碼和補(bǔ)碼B.反碼和補(bǔ)碼C.補(bǔ)碼和移碼D.原碼和移碼試題（5）分析本題考查計算機(jī)系統(tǒng)數(shù)據(jù)編碼基礎(chǔ)知識。設(shè)機(jī)器字長為n （即采用n個二進(jìn)制位表示數(shù)據(jù)），最高位是符號位，0表示正號， 1表示負(fù)號。原碼表示方式下，除符號位外，nT位表示數(shù)值的絕對值。因此，n為8時，0原0 0000000, 0原=1 0000000。正數(shù)的反碼與原碼相同，負(fù)數(shù)的反碼則是其絕對值按位求反。n為8時，數(shù)值0的反碼表示有兩種形式：0反=00000000, 0反=11111111。正數(shù)的補(bǔ)碼與其原碼和反碼相同，負(fù)數(shù)的補(bǔ)碼則等于其反碼的末尾加1。在補(bǔ)碼表示中，0 有唯一的編碼：0

8、補(bǔ)= 0 0000000, 0補(bǔ)=00000000。移碼表示法是在數(shù)X上增加一個偏移量來定義的，常用于表示浮點(diǎn)數(shù)中的階碼。機(jī) 器字長為n時，在偏移量為2nt的情況下，只要將補(bǔ)碼的符號位取反便可獲得相應(yīng)的移 碼表不。參考答案（5） C試題（6）某指令流水線由5段組成，第1、3、5段所需時間為？t,第2、4段所需時間分別為 3?t、2?t,如下圖所示，那么連續(xù)輸入n條指令時的吞吐率（單位時間內(nèi)執(zhí)行的指令個數(shù)）TP為（6）。-A/ - 39 - M - 21 A/ (6) A.B.5*(3 2) t(3 3 2) t 3(n 1) tC. nD. n(3 2) t (n 3) t(3 2) t 5*

9、3 t試題(6)分析本題考查計算機(jī)系統(tǒng)流水線方面的基礎(chǔ)知識。吞吐率和建立時間是使用流水線技術(shù)的兩個重要指標(biāo)。吞吐率是指單位時間里流水線處理機(jī)流出的結(jié)果數(shù)。對指令而言，就是單位時間里執(zhí)行的指令數(shù)。流水線開始工作時，需經(jīng)過一定時間才能達(dá)到最大吞吐率，這就是建立時間。若m個子過程所用時間一樣，均為to,則建立時間Tom too本題目中，連續(xù)輸入 n條指令時，第1條指令需要的時間為(1 3 1 2 1) t ,之 后，每隔3 t便完成1條指令，即流水線一旦建立好，其吞吐率為最長子過程所需時間 的倒數(shù)。綜合n條指令的時間為(1 3 1 2 1) t (n 1)X3 t ,因此吞吐率為n(3 3 2) t

10、 3(n 1) t參考答案(6) B試題(7)下面關(guān)于漏洞掃描系統(tǒng)的敘述，錯誤的是 。(7) A.漏洞掃描系統(tǒng)是一種自動檢測目標(biāo)主機(jī)安全弱點(diǎn)的程序B.黑客利用漏洞掃描系統(tǒng)可以發(fā)現(xiàn)目標(biāo)主機(jī)的安全漏洞C.漏洞掃描系統(tǒng)可以用于發(fā)現(xiàn)網(wǎng)絡(luò)入侵者D.漏洞掃描系統(tǒng)的實(shí)現(xiàn)依賴于系統(tǒng)漏洞庫的完善試題(7)分析本題考查漏洞掃描系統(tǒng)的基本概念。漏洞掃描系統(tǒng)是一種自動檢測目標(biāo)主機(jī)安全弱點(diǎn)的程序，漏洞掃描系統(tǒng)的原理是根 據(jù)系統(tǒng)漏洞庫對系統(tǒng)可能存在的漏洞進(jìn)行一一驗(yàn)證。黑客利用漏洞掃描系統(tǒng)可以發(fā)現(xiàn)目 標(biāo)主機(jī)的安全漏洞從而有針對性的對系統(tǒng)發(fā)起攻擊；系統(tǒng)管理員利用漏洞掃描系統(tǒng)可以 查找系統(tǒng)中存在的漏洞并進(jìn)行修補(bǔ)從而提高系統(tǒng)的可

11、靠性。漏洞掃描系統(tǒng)不能用于發(fā)現(xiàn) 網(wǎng)絡(luò)入侵者，用于檢測網(wǎng)絡(luò)入侵者的系統(tǒng)稱為入侵檢測系統(tǒng)。參考答案C試題(8)網(wǎng)絡(luò)安全包含了網(wǎng)絡(luò)信息的可用性、保密性、完整性和網(wǎng)絡(luò)通信對象的真實(shí)性。其 中，數(shù)字簽名是對(8)的保護(hù)。(8) A.可用性B.保密性C.連通性D.真實(shí)性試題(8)分析本題考查網(wǎng)絡(luò)安全方面的基礎(chǔ)知識。數(shù)字簽名(Digital Signature )技術(shù)是不對稱加密算法的典型應(yīng)用。數(shù)字簽名的應(yīng)用 過程是：數(shù)據(jù)源發(fā)送方使用自己的私鑰對數(shù)據(jù)校驗(yàn)和或其他與數(shù)據(jù)內(nèi)容有關(guān)的變量進(jìn)行 加密處理，完成對數(shù)據(jù)的合法 “簽名”；數(shù)據(jù)接收方則利用對方的公鑰來解讀收到的“數(shù)字簽名”，并將解讀結(jié)果用于對數(shù)據(jù)完整性的檢

12、驗(yàn)，以確認(rèn)簽名的合法性。 數(shù)字簽名技術(shù)是在網(wǎng)絡(luò)系統(tǒng)虛擬環(huán)境中確認(rèn)身份的重要技術(shù)，完全可以代替現(xiàn)實(shí)過程中的 “親筆簽字”，在技術(shù)和法律上有保證，可見數(shù)字簽名是對簽名真實(shí)性的保護(hù)。 參考答案(9) D(9)。B.有未知程序試圖建立網(wǎng)絡(luò)連接D. Windows系統(tǒng)黑屏試題(9)計算機(jī)感染特洛伊木馬后的典型現(xiàn)象是(10) A.程序異常退出C.郵箱被垃圾郵件填滿試題(9)分析本題考查計算機(jī)病毒相關(guān)知識。特洛伊木馬是一種通過網(wǎng)絡(luò)傳播的病毒，分為客戶端和服務(wù)器端兩部分，服務(wù)器端 位于被感染的計算機(jī)，特洛伊木馬服務(wù)器端運(yùn)行后會試圖建立網(wǎng)絡(luò)連接，所以計算機(jī)感 染特洛伊木馬后的典型現(xiàn)象是有未知程序試圖建立網(wǎng)絡(luò)連接

13、。參考答案(11) B試題(10)關(guān)于軟件著作權(quán)產(chǎn)生的時間，下面表述正確的是(10)。(12) A.自作品首次公開發(fā)表時B.自作者有創(chuàng)作意圖時C.自作品得到國家著作權(quán)行政管理部門認(rèn)可時D.自作品完成創(chuàng)作之日試題(10)分析本題考查知識產(chǎn)權(quán)中關(guān)于軟件著作權(quán)方面的知識。在我國，軟件著作權(quán)采用“自動保護(hù)”原則。計算機(jī)軟件保護(hù)條例第十四條規(guī)定：“軟件著作權(quán)自軟件開發(fā)完成之日起產(chǎn)生。”即軟件著作權(quán)自軟件開發(fā)完成之日起自動產(chǎn)生，不論整體還是局部，只要具備了軟件的屬性即產(chǎn)生軟件著作權(quán)，既不要求履行 任何形式的登記或注冊手續(xù)，也無須在復(fù)制件上加注著作權(quán)標(biāo)記，也不論其是否已經(jīng)發(fā) 表都依法享有軟件著作權(quán)。一般來講

14、，一個軟件只有開發(fā)完成并固定下來才能享有軟件著作權(quán)。如果一個軟件一直處于開發(fā)狀態(tài)中，其最終的形態(tài)并沒有固定下來，則法律無法對其進(jìn)行保護(hù)。因此,條例(法律)明確規(guī)定軟件著作權(quán)自軟件開發(fā)完成之日起產(chǎn)生。當(dāng)然，現(xiàn)在的軟件開發(fā)經(jīng)常是一項(xiàng)系統(tǒng)工程，一個軟件可能會有很多模塊，而每一個模塊能夠獨(dú)立完成某一項(xiàng) 功能。自該模塊開發(fā)完成后就產(chǎn)生了著作權(quán)。所以說，自該軟件開發(fā)完成后就產(chǎn)生了著 作權(quán)。參考答案(13) D試題(11)程序員甲與同事乙在乙家探討甲近期編寫的程序，甲表示對該程序極不滿意，說要 棄之重寫，并將程序手稿扔到乙家垃圾筒。后來乙將甲這一程序稍加修改，并署乙名發(fā) 表。以下說法正確的是 (11)。(1

15、4) A.乙的行為侵犯了甲的軟件著作權(quán)B.乙的行為沒有侵犯甲的軟件著作權(quán)，因?yàn)榧滓褜⒊绦蚴指鍋G棄C.乙的行為沒有侵犯甲的著作權(quán)，因?yàn)橐乙褜⒊绦蛐薷腄.甲沒有發(fā)表該程序并棄之，而乙將程序修改后發(fā)表，故乙應(yīng)享有著作權(quán)試題(11)分析本題考查知識產(chǎn)權(quán)中關(guān)于軟件著作權(quán)方面的知識。著作權(quán)因作品的完成而自動產(chǎn)生，不必履行任何形式的登記或注冊手續(xù)，也不論其是否已經(jīng)發(fā)表，所以甲對該軟件作品享有著作權(quán)。乙未經(jīng)甲的許可擅自使用甲的軟件作 品的行為，侵犯了甲的軟件著作權(quán)。參考答案(15) A試題(12)PC處理的音頻信號主要是人耳能聽得到的音頻信號，它的頻率范圍是(12)。(16) A. 300Hz 3400HzB

16、. 20Hz 20kHzC. 10Hz 20kHzD. 20Hz 44kHz試題(12)分析本題考查多媒體中關(guān)于音頻信號方面的基礎(chǔ)知識。聲音信號由許多頻率不同的信號組成，通常稱為復(fù)合信號，而把單一頻率的信號稱為分量信號。聲音信號的一個重要參數(shù)就是帶寬( Bandwidth ),它用來描述組成聲音的 信號的頻率范圍。聲音信號的頻率是指聲波每秒鐘變化的次數(shù)，用Hz表示。人們把頻率小于20Hz的聲波信號稱為亞音信號(也稱次音信號)；頻率范圍為20Hz20kHz的聲波信號稱為音 頻信號；高于20kHz的信號稱為超音頻信號(也稱超聲波)PC處理的音頻信號主要是人耳能聽得到的音頻信號(audio),它的頻

17、率范圍是2020kHz?？陕犅暟ǎ?話音(也稱語音)：人的說話聲，頻率范圍通常為3003400Hz。?音樂：由樂器演奏形成(規(guī)范的符號化聲音)，其帶寬可達(dá)到2020kHz。?其他聲音：如風(fēng)聲、雨聲、鳥叫聲和汽車鳴笛聲等，它們起著效果聲或噪聲的作 用，其帶寬范圍也是 2020kHz。參考答案 (12) B 試題(13)多媒體計算機(jī)圖像文件格式分為靜態(tài)圖像文件格式和動態(tài)圖像文件格式，(13)屬于靜態(tài)圖像文件格式。(17) A. MPGB. AVSC. JPGD. AVI試題(13)分析本題考查多媒體中關(guān)于文件格式方面的基礎(chǔ)知識。計算機(jī)中使用的圖像文件格式大體上可分為圖像文件格式和動態(tài)圖像文件格式

18、兩 大類，每類又有很多種。JPEG是由ISO和IEC兩個組織機(jī)構(gòu)聯(lián)合組成的一個專家組，負(fù)責(zé)制定靜態(tài)和數(shù)字圖像數(shù)據(jù)壓縮編碼標(biāo)準(zhǔn)，這個專家組地區(qū)性的算法稱為JPEG算法,并且成為國際上通用的標(biāo)準(zhǔn)，因此又稱為JPEG標(biāo)準(zhǔn)。JPEG是一個適用范圍很廣的靜態(tài)圖像數(shù)據(jù)壓縮標(biāo)準(zhǔn)，既可用于灰度圖像又可用于彩色圖像。MPEG文件格式是運(yùn)動圖像壓縮算法的國際標(biāo)準(zhǔn)，它包括MPEG視頻、MPEG音頻和MPEG系統(tǒng)(視頻、音頻同步)三個部分。MPEG壓縮標(biāo)準(zhǔn)是針對運(yùn)動圖像設(shè)計的，其基本方法是：單位時間內(nèi)采 集并保存第一幀信息，然后只存儲其余幀對第一幀發(fā)生變化的部分，從而達(dá)到壓縮的目 的。MPEG的平均壓縮比為50： 1

19、,最高可達(dá)200： 1,壓縮效率非常高，同時圖像和音 響的質(zhì)量也非常好，并且在 PC上有統(tǒng)一的標(biāo)準(zhǔn)格式，兼容性相當(dāng)好。AVI是Microsoft公司開發(fā)的一種符合 RIFF文件規(guī)范的數(shù)字音頻與視頻文件格式，Windows、OS/2等多數(shù)操作系統(tǒng)直接支持。AVI格式允許視頻和音頻交錯在一起同步播放，支持256色和RLE壓縮，但AVI文件并未限定壓縮標(biāo)準(zhǔn)。AVI文件目前主要應(yīng)用在多媒體光盤上，用來保存電影、電視等各種影像信息，有時也出現(xiàn)在因特網(wǎng)上，供用戶下載、欣賞新影片的 片段。參考答案(18) C試題(14)計算機(jī)獲取模擬視頻信息的過程中首先要進(jìn)行(14)。(19) A. A/D變換 B.數(shù)據(jù)壓

20、縮C. D/A變換 D.數(shù)據(jù)存儲試題（14）分析本題考查多媒體中關(guān)于模擬視頻信息處理方面的基礎(chǔ)知識。模擬視頻信號進(jìn)入計算機(jī)時，首先需要解決模擬視頻信息的數(shù)字化問題。與音頻數(shù) 字化一樣，視頻數(shù)字化的目的是將模擬信號經(jīng)A/D轉(zhuǎn)換和彩色空間變換等過程，轉(zhuǎn)換成計算機(jī)可以顯示和處理的數(shù)字信號。由于電視和計算機(jī)的顯示機(jī)制不同，因此要在計算 機(jī)上顯示視頻圖像需要作許多處理。例如，電視是隔行掃描，計算機(jī)的顯示器通常是逐 行掃描；電視是亮度（Y）和色度（C）的復(fù)合編碼，而 PC的顯示器工作在 RGB空間； 電視圖像的分辨率和顯示屏的分辨率也各不相同等。這些問題在電視圖像數(shù)字化過程中 都需考慮。一般，對模擬視頻信

21、息進(jìn)行數(shù)字化采取如下方式：（1）先從復(fù)合彩色電視圖像中分離出彩色分量，然后數(shù)字化。目前市場上的大多數(shù) 電視信號都是復(fù)合的全電視信號，如錄像帶、激光視盤等存儲設(shè)備上的電視信號。對這 類信號的數(shù)字化，通常是將其分離成YUV、YIQ或RGB彩色空間的分量信號，然后用3個A/D轉(zhuǎn)換器分別進(jìn)行數(shù)字化。這種方式稱為復(fù)合數(shù)字化。（2）先對全彩色電視信號數(shù)字化， 然后在數(shù)字域中進(jìn)行分離，以獲得YUV、YIQ或RGB分量信號。用這種方法對電視圖像數(shù)字化時，只需一個高速 A/D轉(zhuǎn)換器。這種方 式稱為分量數(shù)字化。視頻信息數(shù)字化的過程比聲音復(fù)雜一些，它是以一幅幅彩色畫面為單位進(jìn)行的。分 量數(shù)字化方式是使用較多的一種方

22、式。電視信號使用的彩色空間是YUV空間，即每幅彩色畫面有亮度（Y）和色度（U、V） 3個分量，對這3個分量需分別進(jìn)行取樣和量化， 得到一幅數(shù)字圖像。由于人眼對色度信號的敏感程度遠(yuǎn)不如對亮度信號那么靈敏，因此 色度信號的取樣頻率可以比亮度信號的取樣頻率低一些，以減少數(shù)字視頻的數(shù)據(jù)量。數(shù)字圖像數(shù)據(jù)的數(shù)據(jù)量大，而數(shù)字視頻信息的數(shù)據(jù)量就更加突出。例如，每幀352X240像素點(diǎn)，圖像深度16位的圖像，其數(shù)據(jù)量約為 1.3Mb,每秒30幀，其數(shù)據(jù)量 就高達(dá)40Mb/s,這樣大的數(shù)據(jù)量無論是傳輸、存儲還是處理，都是極大的負(fù)擔(dān)。參考答案（14） A試題（15）在采用面向?qū)ο蠹夹g(shù)構(gòu)建軟件系統(tǒng)時，很多敏捷方法都建

23、議的一種重要的設(shè)計活動 是（15）,它是一種重新組織的技術(shù)，可以簡化構(gòu)件的設(shè)計而無需改變其功能或行為。（15） A.精化B.設(shè)計類C.重構(gòu)D.抽象試題（15）分析本題考查采用敏捷方法進(jìn)行軟件開發(fā)。敏捷方法中，重構(gòu)是一種重新組織技術(shù)，重 新審視需求和設(shè)計，重新明確地描述它們以符合新的和現(xiàn)有的需求，可以簡化構(gòu)件的設(shè) 計而無需改變其功能或行為。參考答案（15） C試題（16）一個軟件開發(fā)過程描述了 “誰做”、“做什么”、“怎么做”和“什么時候做"，RUP用（16）來表述“誰做”。（16） A.角色B.活動C.制品D.工作流試題（16）分析本題考查RUP對軟件開發(fā)過程的描述。 RUP應(yīng)用了角

24、色、活動、制品和工作流 4 種重要的模型元素，其中角色表述“誰做” ，制品表述“做什么”，活動表述“怎么做”， 工作流表述“什么時候做”。參考答案（16） A試題（17）、（18）某項(xiàng)目主要由 AI任務(wù)構(gòu)成，其計劃圖（如下圖所示）展示了各任務(wù)之間的前后關(guān)系以及每個任務(wù)的工期（單位：天），該項(xiàng)目的關(guān)鍵路徑是（17）。在不延誤項(xiàng)目總工期的情況下，任務(wù) A最多可以推遲開始的時間是（18）天。(17) A. A - G-IB. A-D-F-H-IC. B- E-G-I(18) A. 0試題(17)、(18)分析B. 2D. C - F-H-IC.5D.7本題考查項(xiàng)目計劃的關(guān)鍵路徑和松弛時間。圖中任務(wù)流

25、A - G-I的持續(xù)時間為15;任務(wù)流A - D - F-H- I的持續(xù)時間為18;任務(wù)流B-E-G-I的持續(xù)時間為20;任務(wù) 流C-F-H-I的持續(xù)時間為13。因此關(guān)鍵路徑為 B-E-G-I,其持續(xù)時間是 20。任 務(wù)A處于任務(wù)流 A-G-I和任務(wù)流A-DfF-H-I中，分別持續(xù)時間為 15和18,因 此任務(wù)A的可延遲開始時間為 2。參考答案（17） C(18) B（18） 9)軟件風(fēng)險一般包含(19)兩個特性。(19) A.救火和危機(jī)管理B.已知風(fēng)險和未知風(fēng)險C.不確定性和損失D.員工和預(yù)算試題(19)分析本題考查軟件風(fēng)險的特性。軟件風(fēng)險一般包括不確定性和損失兩個特性，其中不確 定性是指風(fēng)

26、險可能發(fā)生，也可能不發(fā)生；損失是當(dāng)風(fēng)險確實(shí)發(fā)生時，會引起的不希望的 后果和損失。救火和危機(jī)管理是對不適合但經(jīng)常采用的軟件風(fēng)險管理策略。已知風(fēng)險和 未知風(fēng)險是對軟件風(fēng)險進(jìn)行分類的一種方式。員工和預(yù)算是在識別項(xiàng)目風(fēng)險時需要識別 的因素。參考答案(19) C試題(20)函數(shù)調(diào)用時，基本的參數(shù)傳遞方式有傳值與傳地址兩種，(20)。(20) A.在傳值方式下，形參將值傳給實(shí)參B.在傳值方式下，實(shí)參不能是數(shù)組元素C.在傳地址方式下，形參和實(shí)參間可以實(shí)現(xiàn)數(shù)據(jù)的雙向傳遞D.在傳地址方式下，實(shí)參可以是任意的變量和表達(dá)式試題(20)分析本題考查程序語言基礎(chǔ)知識。函數(shù)調(diào)用時基本的參數(shù)傳遞方式有傳值與傳地址兩種，在傳

27、值方式下是將實(shí)參的值傳遞給形參，因此實(shí)參可以是表達(dá)式(或常量)，也可以是變量(或數(shù)組元素)，這種信息傳遞是單方向的，形參不能再將值傳回給實(shí)參。在傳地址方式下，需要將實(shí)參的地址傳遞給形參，因此，實(shí)參必須是變量(數(shù)組名或數(shù)組元素)，不能是表達(dá)式(或常量)。這種方式下，被調(diào)用函數(shù)中對形式參數(shù)的修改實(shí)際上就是對實(shí)際參數(shù)的修改，因此客觀上可以實(shí)現(xiàn)數(shù)據(jù)的雙向傳遞。參考答案(20) C試題(21)已知某高級語言源程序 A經(jīng)編譯后得到機(jī)器 C上的目標(biāo)程序B ,則(21)。(21) A.對B進(jìn)行反編譯，不能還原出源程序 AB.對B進(jìn)行反匯編，不能得到與源程序 A等價的匯編程序代碼C.對B進(jìn)行反編譯，得到的是源程

28、序 A的變量聲明和算法流程D.對A和B進(jìn)行交叉編譯，可以產(chǎn)生在機(jī)器C上運(yùn)行的動態(tài)鏈接庫試題(21)分析本題考查程序語言方面的基礎(chǔ)知識。編譯是將高級語言源程序翻譯成機(jī)器語言程序(匯編形式或機(jī)器代碼形式)，反編譯是編譯的逆過程。反編譯通常不能把可執(zhí)行文件還原成高級語言源代碼，只能轉(zhuǎn)換成 功能上等價的匯編程序。參考答案(21) A試題(22)下面關(guān)于程序語言的敘述，錯誤的是(22)。(22) A.腳本語言屬于動態(tài)語言，其程序結(jié)構(gòu)可以在運(yùn)行中改變B.腳本語言一般通過腳本引擎解釋執(zhí)行，不產(chǎn)生獨(dú)立保存的目標(biāo)程序C. php、JavaScript屬于靜態(tài)語言，其所有成分可在編譯時確定D. C語言屬于靜態(tài)語言

29、，其所有成分可在編譯時確定試題(22)分析本題考查程序語言基礎(chǔ)知識。動態(tài)語言是指程序在運(yùn)行時可以改變其結(jié)構(gòu)，例如新的函數(shù)可以被引進(jìn)、已有的函 數(shù)可以被刪除等在結(jié)構(gòu)上的變化等。動態(tài)語言的類型檢查是在運(yùn)行時進(jìn)行的，其優(yōu)點(diǎn)是 方便閱讀，不需要寫非常多的與類型相關(guān)的代碼；缺點(diǎn)是不方便調(diào)試，命名不規(guī)范時會 讀不懂、不利于理解等。腳本語言代表一套與系統(tǒng)程序設(shè)計語言不同的協(xié)定。它們犧牲執(zhí)行速度和與系統(tǒng)程 序設(shè)計語言相關(guān)的類型長度而提供更高的編程創(chuàng)作能力和軟件重用。腳本語言更適合在 聯(lián)系復(fù)雜的應(yīng)用程序中進(jìn)行膠著(粘合)。為了簡化連接組件的工作，腳本語言被設(shè)計為無類型的，腳本語言一般是面向字符的，因?yàn)樽址麨樵S多

30、不同的事物提供了一致的描述。事實(shí)上，腳本語言都是動態(tài)語言，而動態(tài)語言都是解釋型語言，不管它們是否是面 向?qū)ο蟮恼Z言。參考答案(22) C試題(23)、(24)在Windows XP操作系統(tǒng)中，用戶利用“磁盤管理”程序可以對磁盤進(jìn)行初始化、創(chuàng)建卷，(23)。通常將"C:Windowsmyprogram.exe ”文件設(shè)置成只讀和隱藏屬性，以便控制用戶對該文件的訪問，這一級安全管理稱之為(24)安全管理。(23) A.但只能使用 FAT文件系統(tǒng)格式化卷B.但只能使用 FAT 32文件系統(tǒng)格式化卷C.但只能使用 NTFS文件系統(tǒng)格式化卷D.可以選擇使用 FAT、FAT32或NTFS文件系統(tǒng)

31、格式化卷(24) A.文件級 B.目錄級C.用戶級D.系統(tǒng)級試題(23)、(24)分析本題考查對Windows XP操作系統(tǒng)應(yīng)用的掌握程度。試題(23)的正確答案是 D,因?yàn)閃indows XP操作系統(tǒng)支持FAT、FAT32或NTFS 文件系統(tǒng)，所以利用“磁盤管理”程序可以對磁盤進(jìn)行初始化、創(chuàng)建卷，并可以選擇使 用FAT、FAT32或NTFS文件系統(tǒng)格式化卷。試題(24)的正確答案是 Ao分析如下：文件級安全管理是通過系統(tǒng)管理員或文件 主對文件屬性的設(shè)置來控制用戶對文件的訪問。通?？稍O(shè)置以下幾種屬性：?只執(zhí)行：只允許用戶執(zhí)行該文件，主要針對.exe和.com文件。?隱含：指示該文件為隱含屬性文

32、件。?索引：指示該文件是索引文件。?修改：指示該文件自上次備份后是否還被修改。?只讀：只允許用戶讀該文件。?讀/寫：允許用戶對文件進(jìn)行讀和寫。?共享：指示該文件是可讀共享的文件。?系統(tǒng)：指示該文件是系統(tǒng)文件。用戶對文件的訪問將由用戶訪問權(quán)、目錄訪問權(quán)限及文件屬性三者的權(quán)限所確定。 或者說是有效權(quán)限和文件屬性的交集。例如對于只讀文件，盡管用戶的有效權(quán)限是讀/ 寫，但都不能對只讀文件進(jìn)行修改、更名和刪除。對于一個非共享文件，將禁止在同一 時間內(nèi)由多個用戶對它們進(jìn)行訪問。通過上述四級文件保護(hù)措施，可有效地保護(hù)文件。 因此將"C:Windowsmyprogram.exe ”文件設(shè)置成只讀和隱

33、藏屬性，以便控制用戶對該 文件的訪問，這一級安全管理稱之為文件級安全管理。參考答案(23) D (24) A試題(25)在移臂調(diào)度算法中，(25)算法可能會隨時改變移動臂的運(yùn)動方向。(25) A.電梯調(diào)度和先來先服務(wù)B.先來先服務(wù)和最短尋找時間優(yōu)先C.單向掃描和先來先服務(wù)D.電梯調(diào)度和最短尋找時間優(yōu)先試題(25)分析本題考查對磁盤調(diào)度方面基本知識掌握的程度。因?yàn)橄葋硐确?wù)是誰先請求先滿足誰的請求，而最短尋找時間優(yōu)先是根據(jù)當(dāng)前磁臂 到要請求訪問磁道的距離，誰短滿足誰的請求，故先來先服務(wù)和最短尋找時間優(yōu)先算法 可能會隨時改變移動臂的運(yùn)動方向。參考答案(25) B試題(26)、(27)設(shè)系統(tǒng)中有R類

34、資源m個，現(xiàn)有n個進(jìn)程互斥使用。若每個進(jìn)程對 R資源的最大 需求為w,那么當(dāng)m、n、w取下表的值時，對于下表中的 ae五種情況， (26)兩 種情況可能會發(fā)生死鎖。對于這兩種情況，若將(27),則不會發(fā)生死鎖。abcdem22244n12233w21223(26) A. a 和 bB. b 和 cC. c 和 dD. c 和 e(27) A. n力口 1或w加1B. m加1或w減1C. m減1或w加1D. m減1或w減1試題(26)、(27)分析本題考查對操作系統(tǒng)死鎖方面基本知識掌握的程度。系統(tǒng)中同類資源分配不當(dāng)會引 起死鎖。一般情況下，若系統(tǒng)中有m個單位的存儲器資源，它被 n個進(jìn)程使用，當(dāng)每

35、個進(jìn)程都要求w個單位的存儲器資源，當(dāng) m<nw時，可能會引起死鎖。試題(26)分析如下：情況a： m=2 , n=1 , w=2,系統(tǒng)中有2個資源，1個進(jìn)程使用，該進(jìn)程最多要求2個資源，所以不會發(fā)生死鎖。情況b: m=2, n=2, w=1 ,系統(tǒng)中有2個資源，2個進(jìn)程使用，每個進(jìn)程最多要求1個資源，所以不會發(fā)生死鎖。情況c： m=2 , n=2 , w=2,系統(tǒng)中有2個資源，2個進(jìn)程使用，每個進(jìn)程最多要求2個資源，此時，采用的分配策略是輪流地為每個進(jìn)程分配，則第一輪系統(tǒng)先為每個進(jìn)程 分配1個，此時，系統(tǒng)中已無可供分配的資源，使得各個進(jìn)程都處于等待狀態(tài)導(dǎo)致系統(tǒng) 發(fā)生死鎖，這時進(jìn)程資源圖如

36、下圖所示。O O R情況d: m=4, n=3, w=2 ,系統(tǒng)中有4個資源，3個進(jìn)程使用，每個進(jìn)程最多要求2個資源，此時，采用的分配策略是輪流地為每個進(jìn)程分配，則第一輪系統(tǒng)先為每個進(jìn) 程分配1個資源，此時，系統(tǒng)中還剩 1個資源，可以使其中的一個進(jìn)程得到所需資源運(yùn) 行完畢，所以不會發(fā)生死鎖。情況e： m=4, n=3, w=3,系統(tǒng)中有4個資源，3個進(jìn)程使用，每個進(jìn)程最多要求 3 個資源，此時，采用的分配策略是輪流地為每個進(jìn)程分配，則第一輪系統(tǒng)先為每個進(jìn)程 分配1個，第二輪系統(tǒng)先為一個進(jìn)程分配1個，此時，系統(tǒng)中已無可供分配的資源，使得各個進(jìn)程都處于等待狀態(tài)導(dǎo)致系統(tǒng)發(fā)生死鎖，這時進(jìn)程資源圖如下圖

37、所示。試題(27)分析如下：對于c和e兩種情況，若將 m力口 1,則情況c： m=3 , n=2, w=2 ,系統(tǒng)中有3個資 源，2個進(jìn)程使用，每個進(jìn)程最多要求2個資源，系統(tǒng)先為每個進(jìn)程分配1個，此時，系統(tǒng)中還剩1個可供分配的資源，使得其中的一個進(jìn)程能得到所需資源執(zhí)行完，并釋放 所有資源使另一個進(jìn)程運(yùn)行完；若將 w減1,則情況c： m=2 , n=2, w=1 ,系統(tǒng)中有2 個資源，兩個進(jìn)程各需一個，系統(tǒng)為每個進(jìn)程分配1個，此時，進(jìn)程都能運(yùn)行完，顯然不會發(fā)生死鎖。情況 e分析同理。參考答案(26) D(27) B試題(28)某文件系統(tǒng)采用鏈?zhǔn)酱鎯芾矸桨福疟P塊的大小為1024字節(jié)。文件 My

38、file.doc由5個邏輯記錄組成，每個邏輯記錄的大小與磁盤塊的大小相等，并依次存放在121、75、86、65和114號磁盤塊上。若需要存取文件的第 5120字節(jié)處的信息，應(yīng)該訪問(28) 號磁盤塊。(28) A. 75B. 85C. 65D. 114試題(28)分析本題考查對操作系統(tǒng)文件系統(tǒng)空間管理方面基本知識掌握的程度。121、 75、 86、 65根據(jù)題意每個邏輯記錄的大小與磁盤塊大小相等，并依次存放在 和114號磁盤塊上。而文件的第 5120字節(jié)應(yīng)該在114號磁盤塊上。參考答案(28) D試題(29)軟件能力成熟度模型(CMM)將軟件能力成熟度自低到高依次劃分為5級。目前，達(dá)到CMM第

39、3級(已定義級)是許多組織努力的目標(biāo)，該級的核心是(29)。(29) A.建立基本的項(xiàng)目管理和實(shí)踐來跟蹤項(xiàng)目費(fèi)用、進(jìn)度和功能特性B.使用標(biāo)準(zhǔn)開發(fā)過程(或方法論)構(gòu)建(或集成)系統(tǒng)C.管理層尋求更主動地應(yīng)對系統(tǒng)的開發(fā)問題D.連續(xù)地監(jiān)督和改進(jìn)標(biāo)準(zhǔn)化的系統(tǒng)開發(fā)過程試題(29)分析本題考查軟件成熟度模型 (CMM)的基本概念。建立基本的項(xiàng)目管理和實(shí)踐來跟蹤 項(xiàng)目費(fèi)用、進(jìn)度和功能特性為可重復(fù)級的核心；使用標(biāo)準(zhǔn)開發(fā)過程(或方法論)構(gòu)建(或集成)系統(tǒng)為已定義級的核心；管理層尋求更主動地應(yīng)對系統(tǒng)的開發(fā)問題為已管理級的 核心；連續(xù)地監(jiān)督和改進(jìn)標(biāo)準(zhǔn)化的系統(tǒng)開發(fā)過程為優(yōu)化級的核心。參考答案(30) B試題(30)R

40、UP在每個階段都有主要目標(biāo)，并在結(jié)束時產(chǎn)生一些制品。在(30)結(jié)束時產(chǎn)生“在適當(dāng)?shù)钠脚_上集成的軟件產(chǎn)品”。(31) A.初啟階段 B.精化階段C.構(gòu)建階段 D.移交階段試題(30)分析本題考查RUP中每個階段產(chǎn)生的制品。 初啟階段結(jié)束時產(chǎn)生一個構(gòu)想文檔、一個有關(guān)用例模型的調(diào)查、一個初始的業(yè)務(wù)用例、一個早期的風(fēng)險評估和一個可以顯示階段和 迭代的項(xiàng)目計劃等制品；精化階段結(jié)束時產(chǎn)生一個補(bǔ)充需求分析、一個軟件架構(gòu)描述和 一個可執(zhí)行的架構(gòu)原型等制品；構(gòu)建階段結(jié)束時的成果是一個準(zhǔn)備交到最終用戶手中的 產(chǎn)品，包括具有最初運(yùn)作能力的在適當(dāng)?shù)钠脚_上集成的軟件產(chǎn)品、用戶手冊和對當(dāng)前版 本的描述；移交階段結(jié)束時產(chǎn)生

41、移交給用戶產(chǎn)品發(fā)布版本。參考答案(32) C試題(31)根據(jù)ISO/IEC 9126軟件質(zhì)量度量模型定義， 一個軟件的時間和資源質(zhì)量子特性屬于 (31) 質(zhì)量特性。(33) A.功能性B.效率C.可靠性D.易使用性試題(31)分析本題考查ISO/IEC 9126軟件質(zhì)量度量模型中的質(zhì)量特性。效率質(zhì)量特性包括時間特 性和資源特性兩個質(zhì)量子特性。參考答案(34) B試題(32)McCabe度量法是通過定義環(huán)路復(fù)雜度，建立程序復(fù)雜性的度量，它基于一個程序模塊的程序圖中環(huán)路的個數(shù)。計算有向圖G的環(huán)路復(fù)雜性的公式為：V(G尸m -n+2,其中V(G)是有向圖G中的環(huán)路個數(shù)，m是G中的有向弧數(shù)，n是G中的

42、節(jié)點(diǎn)數(shù)。下圖所 示程序圖的程序復(fù)雜度是(32)。(35) A. 2B. 3C. 4D. 5試題(32)分析本題考查McCabe度量法。要采用 McCabe度量法度量程序復(fù)雜度，需要先畫出程 序流圖，識別有向圖中節(jié)點(diǎn)數(shù)n=8,有向弧數(shù) m=7,然后利用環(huán)路復(fù)雜性計算公式V(G)=m -n+2進(jìn)行計算，得如圖所示的程序圖的程序復(fù)雜度是3。參考答案(36) B試題(33)在開發(fā)信息系統(tǒng)時，用于系統(tǒng)開發(fā)人員與項(xiàng)目管理人員溝通的主要文檔是(33)(37) A.系統(tǒng)開發(fā)合同B.系統(tǒng)設(shè)計說明書C.系統(tǒng)開發(fā)計劃D.系統(tǒng)測試報告試題(33)分析本題考查開發(fā)文檔的作用。系統(tǒng)開發(fā)人員與項(xiàng)目管理人員在項(xiàng)目期內(nèi)進(jìn)行溝通

43、的文 檔主要有系統(tǒng)開發(fā)計劃、系統(tǒng)開發(fā)月報以及系統(tǒng)開發(fā)總結(jié)報告等項(xiàng)目管理文件。 參考答案(38) C試題(34)軟件工程每一個階段結(jié)束前，應(yīng)該著重對可維護(hù)性進(jìn)行復(fù)審。在系統(tǒng)設(shè)計階段的復(fù) 審期間，應(yīng)該從(34)出發(fā),評價軟件的結(jié)構(gòu)和過程。(39) A.指出可移植性問題以及可能影響軟件維護(hù)的系統(tǒng)界面B.容易修改、模塊化和功能獨(dú)立的目的C.強(qiáng)調(diào)編碼風(fēng)格和內(nèi)部說明文檔D.可測試性試題(34)分析本題考查軟件復(fù)審基本概念?？删S護(hù)性是所有軟件都應(yīng)具有的基本特點(diǎn)，必須在開 發(fā)階段保證軟件具有可維護(hù)的特點(diǎn)。在系統(tǒng)分析階段的復(fù)審過程中，應(yīng)該指出軟件的可 移植性問題以及可能影響軟件維護(hù)的系統(tǒng)界面；在系統(tǒng)設(shè)計階段的復(fù)

44、審期間，應(yīng)該從容 易修改、模塊化和功能獨(dú)立的目的出發(fā)，評價軟件的結(jié)構(gòu)和過程；在系統(tǒng)實(shí)施階段的復(fù) 審期間，代碼復(fù)審應(yīng)該強(qiáng)調(diào)編碼風(fēng)格和內(nèi)部說明文檔這兩個影響可維護(hù)性的因素?？蓽y 試性是可維護(hù)性的一個評價指標(biāo)。參考答案(40) B試題(35)當(dāng)用分支覆蓋法對以下流程圖進(jìn)行測試時，至少需要設(shè)計 (35)個測試用例。(: : >begin )int result - 0;result - 0 resuli = -1 result = -1 result = I result = result ='Y return result (41) A. 4B. 5C. 6D. 8試題(35)分析本題

45、考查分支覆蓋測試法。采用分支覆蓋法進(jìn)行測試使得被測程序中每個判定表達(dá) 式至少獲得一次“真”值和“假”值，或者程序中的每一個取“真”分支和取“假”分 支至少都通過一次。需要設(shè)計的測試用例需要確保每一個取“真”分支和取“假”分支 至少都通過一次，即統(tǒng)計最多分支數(shù)。參考答案(42) C試題(36)某銀行為了使其網(wǎng)上銀行系統(tǒng)能夠支持信用卡多幣種付款功能而進(jìn)行擴(kuò)充升級，這需要對數(shù)據(jù)類型稍微進(jìn)行一些改變，這一狀況需要對網(wǎng)上銀行系統(tǒng)進(jìn)行(36)維護(hù)。(43) A.正確性B.適應(yīng)性C.完善性D.預(yù)防性試題(36)分析本題考查軟件維護(hù)的內(nèi)容。為了使網(wǎng)上銀行系統(tǒng)能夠支持信用卡的多幣種付款功能 而擴(kuò)充升級，是為了適

46、應(yīng)銀行的市場環(huán)境和新的管理需求而提出的新的信息需求，因此 需要適應(yīng)性維護(hù)。參考答案(44) B試題(37)下面關(guān)于面向?qū)ο蠓治雠c面向?qū)ο笤O(shè)計的說法中，不正確的是(37)。(45) A.面向?qū)ο蠓治鰝?cè)重于理解問題B.面向?qū)ο笤O(shè)計側(cè)重于理解解決方案C.面向?qū)ο蠓治雒枋鲕浖鍪裁碊.面向?qū)ο笤O(shè)計一般不關(guān)注技術(shù)和實(shí)現(xiàn)層面的細(xì)節(jié) 試題(37)分析本題考查面向?qū)ο蠓治雠c設(shè)計的基本概念。面向?qū)ο蠓治鲋饕獜?qiáng)調(diào)理解問題是什么，不考慮問題的解決方案，因此答案A、C是正確的。面向?qū)ο笤O(shè)計側(cè)重問題的解決方案，并且需要考慮實(shí)現(xiàn)細(xì)節(jié)問題，因此選項(xiàng) D的說法是不正確的。 參考答案(46) D試題(38)(40)在面向?qū)ο蠓治雠c設(shè)計中，(38)是應(yīng)用領(lǐng)域中的核心類,一般用于保存系統(tǒng)中的信息以及提供針對這些信息的相關(guān)處理行為；(39)是系統(tǒng)內(nèi)對象和系統(tǒng)外參與者的聯(lián)系媒介；(40)主要是協(xié)調(diào)上述兩種類對象之間的交互。(38) A.控制類B.邊界類C.實(shí)體類D.軟件類(39) A.控制類B.邊界類C.實(shí)體類D.軟件類(40) A.控制類B.邊界類C.實(shí)體類D.軟件類試題(38)(40)分析本題考查控制類、邊界類和實(shí)體類的職責(zé)。實(shí)體類主要負(fù)責(zé)數(shù)據(jù)和業(yè)務(wù)邏輯；邊界類負(fù)