上海重點高中物理公式大全等級考閔行七寶補習班

1、*七寶新王牌閔行高中補習班閔行七寶初中補習班閔行七寶小學補習班閔行七寶小升初補習班精品教案表示上海等級考(高考)要求；*表示超出上海要求；一、直線運動：二、1、質(zhì)點：相對小；2、路程與位移：標量與矢量，矢量有大小與方向;3、平均速度與瞬時速度：分別對應時間與時刻；V體現(xiàn)“等效替代”思想；vt體現(xiàn)“無限逼近”思想；4、DIS組成部分：傳感器、數(shù)據(jù)采集器、計算機。位移傳感器測位移，同步時間，經(jīng)計算機處理可得速度、加速度等；光電門傳感器測擋光時間，經(jīng)處理可得平均速度，可近似為瞬時速度；5、a=生七寶新王牌閔行高中補習班閔行七寶初中補習班閔行七寶小學補習班閔行七寶小升初補.：t習班精品教案6、勻速直線

2、運動(v不變)：s=vt7、勻變速直線運動(a不變)(1)基本公式：*初速口/、為零初速為零自由落體*豎直上拋運動(以向上為正)vt=vo+atvt=atvt=gtvt=vogts=vot+1at22s=-at22,1.2h=2gth=vot-gt222cvtvo=2asvt2=2asvt2=2gh22八vtvo=-2gh(2)初速為零，時間等分：nT時的即時速度：vi：V2：=V3=1:2:3nT時的總位移：si：S2：S3=1:4:9第nT內(nèi)的位移：s第i：s第2：s第3=1:3:5加速度求法：a=s2>,即s2-si=aT2,或sm-sn=(MNfeT2T2(3)初速為零，位移等分

3、：運動ns時的時刻：ti：12：13=1:72:<3運動ns時的即時速度：V1：V2：V3=1:衣：<3通過第n個s的時間：&1:&2:&3=1:Q2-1KV372)(4)平均速度：v=s=vtt2V1V22&vt=V22,2(5)*中間位置的瞬時速度：Vs=也2,精心整理8、*豎直上拋運動（以向上為正方向）上升時間，飛行時間：t±=t下=巴，1=也gg、2上升最大局度：H一汽2g9、伽利略研究落體運動：通過改變斜面傾角，得出soct2,從而推測出豎直下落也是勻變速直線運動；10、典型題：有一物體置于光滑水平面上，用包力使物體以加速度ai開

4、始作勻加速直線運動，經(jīng)過一段時間后去掉力，此時相對于出發(fā)點的位移為s。同時加一與運動方向相反的恒力，使物體以加速度a2作勻加速直線運動，經(jīng)過相同時間之后，物體回到出發(fā)點。求ai與&大小之比.七寶新王牌閔行高中補習班閔行七寶初中補習班閔行七寶小學補習班閔行七寶小升初補習班精品教案1 .2s=a1t解：2=曳=，大小之比就是1：3,這道題可以畫個vt圖s=vit+La2t2=（atJ+a2t2a23L22找找感覺，總位移為零，也就是正的三角形面積與負的抵消。二、力和力的平衡：三、1、重力：G=mg!T向豎直向下2、彈力：彈性形變3、力的合成：平行四邊形法則，力的分解是合成的逆運算；4、物體

5、受共點力平衡條件：合力為零（£Fx=0,£Fy=0）5、*滑動摩擦力（阻礙相對運動）：f=NN*靜摩擦力（阻礙相對運動趨勢）：f靜W幻=%N6、兩個力的合力：*F合=<F12+F：+2F1F2cos日7、*共點力平衡的技巧：正交分解法、三角形（相似）法（動態(tài)平衡）、輔助圓法8、整體法與隔離法：整體法將幾個物體看成整體分析外力；9、典型題：如圖所示，人通過定滑輪用繩拉住平臺而處于靜止狀態(tài)，人重600N,平臺重300N則人對純的拉力為,人對平臺的壓力為。TT解：將平臺與人看作一個整體，進行受力分析，重力為900N,與之平衡的為兩根純一上的拉力，兩根繩其實就是一根純，通過光

6、滑的滑輪，兩力相等，故每個拉力為450N根據(jù)牛頓第三定律，人拉繩的力等于純拉人的力，第一問答案為450N;再將人隔離，進行受力分析，重力為600N,繩子拉力450N,與兩力平衡的第三力為平臺對人的彈力，可得150N;再根據(jù)牛頓第三定律，平臺對人的彈力與人對平臺的彈力相等，第二問答案為150N;精心整理作為驗算，可以對平臺進行隔離，驗證平臺是否受力平衡。七寶新王牌閔行高中補習班閔行七寶初中補習班閔行七寶小學補習班閔行七寶小升初補習班精品教案三、牛頓運動定律：1、牛頓第一定律：靜止或勻速直線運動的物體所受合力為零。物體保持靜止或勻速直線運動不變的性質(zhì)稱為慣性。2、牛頓第二定律：F合=動力-阻力二m

7、a慣性由質(zhì)量決定1實驗：控制變量法研究m不變，研究axF;F不變，研究as;m整體法（整體有相同的加速度）：5合=動力-阻力=總質(zhì)量X加速度3、牛頓第三定律：F=-F'4、國際單位制：基本單位：米、秒、千克、開爾文、摩爾、安培、*坎德拉；5、牛頓的成就：經(jīng)典力學、自然哲學的數(shù)學原理、反射望遠鏡、微積分；6、經(jīng)典力學適用于宏觀、低速（相對光速而言）；愛因斯坦的相對論還可以研究微觀、高速情境;7、超重：a向上，N>G,加速向上或減速向下；失重：a向下，N<G,加速向下或減速向上N=0,a=g,完全失重；8、典型題：（2014上海高考）如圖，水平地面上的矩形箱子內(nèi)有一傾角為9的固

8、定廠斜面，斜面上放一質(zhì)量為m的光滑球，靜止時，箱子頂部與球接觸但無壓力。箱子j層虱v0由靜止開始向右做勻加速運動，然后改做加速度大小為a的勻減速運動直到靜止，經(jīng)過的總路程為s,運動過程中的最大速度為（1）求箱子加速階段的加速度大小a?。（2）若a>gtan9,求減速階段球受到箱子左壁和頂部的作用力。解：（1）設加速過程中加速度為a?,由勻變速運動公式S1=S2=S=S1+S2=+七寶新王牌閔行高中補習班閔行七寶初中補習班閔行七寶小學補習班閔行七寶小升初補習班精品教案解得：a?=（2）設球不受車廂作用，應滿足N與左壁支持力同決定,aNsin8=maNcos8=mg解得：a=gtan9減速時

9、加速度向左，此加速度由斜面支持力gtan0時P=0球受力圖如圖。由牛頓定律Nsin8=maNcos80=mg解得Q=m(acot0-g)四、勻速圓周運動：1s1、v,co,T,nn=,v=RTt2二2二102=2"n,T=一Tn2、2*向心加速度公式：2向=v-=82R=RT23、*向心力公式：=ma向2V2-=m-=mR=mR4二222)2-R=4二mnRT24、5、萬有引力定律F=Gmm2G=6.67X1011Nm2rkg2*涉及引力的計算模式：萬有引力=向心力6、*人造衛(wèi)星的線速度和周期：v=7、*純模型通過圓周最高點的條件（無法提供支持力，只能提供拉力）：V1-gR8、典型題

10、：一水平放置的圓盤繞豎直固定軸轉(zhuǎn)動，在圓盤上沿半徑開有一條寬度為縫.將激光器與傳感器上下對準，使二者間連線與轉(zhuǎn)軸平圓盤的上下兩側(cè)，且可以同步地沿圓盤半徑方向勻速移續(xù)向下發(fā)射激光束.在圓盤轉(zhuǎn)動過程中，當狹縫經(jīng)過激光之間時，傳感器接收到一個激光信號，并將其輸入計算機，出相應圖線.圖（a）為該裝置示意圖，圖（b）為所接收時間變化的圖線，橫坐標表示時間，縱坐標表示接收到的nnn,2號激光器D圖度，圖中？ti=1.0X10-3S,2=0.8X10-3S.七寶新行高中補習班閔行七寶初中補習班閔行七寶小學閔行七寶小升初補習班精品教案2mm勺均勻狹行，分別置于動，激光器連器與傳感器經(jīng)處理后畫的光信號隨激光信號

11、強王牌閔補習班(1)度；(2)(3)利用圖（b）中的數(shù)據(jù)求1s時圓盤轉(zhuǎn)動的說明激光器和傳感器沿半徑移動的方向；求圖（b）中第三個激光信號的寬度員3.00.2解:（1）由圖線讀得，轉(zhuǎn)盤的轉(zhuǎn)動周期T=0.8s角速度2=2=628rad/s=7.85rad/s1.0圖(2)(3),1.8t(sT0.8激光器和探測器沿半徑由中心向邊緣移動（理由為：由于脈沖寬度在逐漸變窄，表明光信號能通過狹縫的時間逐漸減少，即圓盤上對應探測器所在位置的線速度逐漸增加，因此激光器和探測器沿半徑由中心向邊緣移動）.設狹縫寬度為d,探測器接收到第i個脈沖時距轉(zhuǎn)軸的距離為門，第i個脈沖的寬度為Ati,激光器和探測器沿半徑的運動

12、速度為V.-T3一2=2-1=VT由、式解得寸32.：ti-.121.010-0.8103321.010-0.810s：0.67103s五、振動和波：1、*簡諧振動的回復力：F=kx2、*單擺振動周期（單擺模型：擺角5°,擺線不伸長，七寶新王牌閔行高中補習班閔行七寶初中補習班閔行七寶小學補習班閔行七寶小升初補習班精品教案擺球視為質(zhì)點）：T二2二3、機械振動是周期運動，需要始終指向平衡位置的回復力;1振幅：A（標重）單包mi周期：T單包s；頻率：f單包Hz;T=f4、機械波的形成：波源；介質(zhì)；波長：九=vT=工波速：v=?ffT橫波圖像：反應各質(zhì)點同一時刻下的位移情況；*振動圖像：反應

13、一個質(zhì)點不同時刻的位移情況；5、*橫波（振動方向與傳播方向垂直）振動方向與傳播方向的關系：微位移法/概念法/口訣法（上坡下，下坡上）/雙箭頭法* 縱波（振動方向與傳播方向平行）6、*波的干涉：波的獨立傳播原理；波的疊加；干涉條件：兩個或以上頻率相同的相干波源；干涉現(xiàn)象：振動加強區(qū)域與振動減弱區(qū)域間隔分布，穩(wěn)定存在；* 波的衍射：條件：障礙物或孔的尺寸等于或小于波長；* 干涉、衍射都是波的特有性質(zhì)；7、典型題：如圖所示，有四列簡諧波同時沿x軸正方向傳播，波速分別是v、2v、3V和4v,a、b是x軸上所給定的兩點，且ab=L。在t時亥ija、b兩點間四列波的波形分別如圖所示，則由該時刻起a點出現(xiàn)波

14、峰的先后順序依次是圖；頻率由高到低的先后順序依次是圖。ABCD解：由=）得tAv2v16vBDCA又由f=-,得fA=,fB=rv=4v,fC=包，fD=興=6V,故第二問答案為DBCAl1lL2L?lL23七寶新王牌閔行高中補習班閔行七寶初中補習班閔行七寶小學補習班閔行七寶小升初補習班精品教案六、機械能1、功W=Pt恒力功W=Fscos?2、平均功率P=W=Fv（上海只考F、v共線）3、瞬時功率p=FtvtcosB,力與速度同向時R=RV（上海只考F、v共線）4、動能：Ek=lmV2重力勢能：Ep=mghWg-，Ep機械能：動能+彈性勢能+重力勢能5、功是能量變化的量度*動能定理：工W卜=m

15、v21mv2226、機械能守恒定律：條件：只有重力（*和系統(tǒng)內(nèi)彈力）做功mgh+Lmv2=mgh+1mv27、*機械能的變化：W惻=AEh2h1小環(huán)A、速度V0釋度為h2,（hi多少？（以重力做功,1、油膜法測量分子直徑（10-10m)8、典型題：穿在光滑曲桿上的質(zhì)量為m的小環(huán)從A點以初放，沿曲桿運動最終落地，B點離地高度為hi,C點離地高>h2）,為使得小環(huán)落地動能最小，則在A處重力勢能為地面為零勢能面，重力加速度為g）解：臨界條件為小環(huán)剛好能通過B點，因為全程只有12機械能寸恒，EB=mgh1，因此所求為EpA=EaEg=EbEg=mgh1mv0p2這道題如果左邊斜面改成有摩擦，那么

16、難度就會陡然上升聯(lián)系動能定理才能解答;七、氣體與內(nèi)能2、分子的質(zhì)量:Mm=Na3、摩爾體積：V=M4、分子所占的體積：V分=（對氣體而言，分子所七寶新王牌閔行高中補習班閔行七寶初中補Na習班閔行七寶小學補習班閔行七寶小升初補習班精品教案占體積遠遠大于分子本身的體積）II5、*分子的直徑，固液分子距離：d=3VT=3四=）6VLNa二精心整理6、分子速率的統(tǒng)計分布規(guī)律:分子數(shù)d百分率°速率7、玻意耳定律（等T變化）：pM=p2V28、查理定律（等V變化）：艮=在熱力學溫度：T=t273.T=：t9、能的轉(zhuǎn)化和能量守恒定律：能量轉(zhuǎn)化的方向性；能源分類；功是能量轉(zhuǎn)化的量度;直插在裝有水是玻

17、璃管截面10、典型題：如圖所示，一端封閉、粗細均勻的薄壁玻璃管開口向下堅銀的水銀槽內(nèi)，管內(nèi)封閉有一定質(zhì)量的空氣，水銀槽的截面積上下相同，積的5倍。開始時管內(nèi)空氣長度為6cm,管內(nèi)外水銀面高度差為50cm將玻璃管沿豎直（大氣壓相當于方向緩慢上移（管口末離開槽中水銀），使管內(nèi)外水銀面高度差變成60cm=75cmHg）求：（1）此時管內(nèi)空氣柱的長度；（2）水銀槽內(nèi)水銀面下降的高度。解：（1）玻璃管內(nèi)的空氣作等溫變化，據(jù)玻意耳定律PlVi=p2V2,可得（PoPgHi）li=（PopgH2）12pgPo-PgH275-50g=父0.06=0.10(m)75-60(2)設水銀槽內(nèi)水銀面下降ix,水銀體積

18、不變S1AH=S2AxS.Qx=(H2Hi)S2=一父(0.60-0.50)=0.02(m)S七寶新王牌閔行高中補習班閔行七寶初中補習班閔行七寶小學補習班閔行七寶小升初補習班精品教案八、靜電場:21、*庫侖定律：F=kqql,k=9Ml09N?r2C22、元電荷：e=1.6x109c由密立根通過油滴實驗發(fā)現(xiàn);3、電場強度：定義式efq*點電荷電場場強E=kQ,r*勻強電場場強E=Ud4、電場線：正電荷（或無窮遠）出發(fā)，負電荷（或無窮遠）終止的不閉合曲線；順著電場線方向電勢降低；5、*電勢，電勢能：/=三，Et=q（pAq6、*電場力的功：W=qUbW電=-AE電*電勢差：Uab=%-%=Wb等

19、勢線：與電場線垂直；等勢線密集則電場線密集q注意：力和場強公式不用代入電荷的正負號，電勢能和電場力做功需代入電荷的正負號；7、典型題：如圖，用兩根絕緣細線將A、B兩小球連接后掛在天花板上。A球帶負電，電荷量為2q；B球帶正電，質(zhì)量為m,電荷量為q。在小球1所處空間，外加一個方向向下的勻強電場，電場強度大小為E。若兩細線均被拉直，AB間距離為l,則細線對B的拉力大小為若突然撤A9去外加電場，之后B球的電勢能的變化情況是（已知重力加速I度為g,靜電力包量為k）。bOEE解：對B受力分析，可得第一問答案為：m什qE-,電勢能的改變量的相反數(shù)等于電場力做的功，川電=-AE電，通過分析可知B球可能上移或

20、者不動，故可得第二問答案為：可能不變或可能減?。贿@道題的電場方向可改為水平，受力分析的整體法與隔離法判斷靜止時的形狀也很經(jīng)典；七寶新王牌閔行高中補習班閔行七寶初中補習班閔行七寶小學補習班閔行七寶小升初補習班精品教案九、穩(wěn)恒電流1、歐姆定律：=UR2、電功率：P=UI純電阻P=I2R=UR3、電功：W=Pt=UIt純電阻w=I2Rt=UtR4、*焦耳定律：Q=I2Rt5、串聯(lián)電路總電阻R=R+R+R電壓分配Ui=Rl,URUU2R2Ri，R2功率分配旦=巴，P_RiP2R21RiR26、并聯(lián)電路總電阻：11+1+1r=RR2RRiR2R3RR2并聯(lián)電路電流分配：k.R2,11=%I2RRi+R2

21、并聯(lián)電路功率分配："=應，p=R2PP2RiRiR27、*全電路歐姆定律:I=E,E=U+卜Rr* 電動勢：其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的能力8、*路端電壓：U=E-IrU=-RE-Rrio、*電源的效率：刈=*_urP總；Rrii、*電源總功率：P總=IE* 電源輸出功率：Pb=IU=IE-12r* 電源內(nèi)電路消耗功率：P內(nèi)=I2rE2* 電源輸出功率最大的條件：R=r時Pbmax=4ri2、*串聯(lián)電池組：E=nE0,r=nr0i3、典型題：在如圖所示電路中，電源電動勢為6V,內(nèi)阻為iQ,電阻Ri=5Q,F2=6Q,滑動變阻器的阻值0-30。.閉合電鍵K,當滑動變阻器的滑動觸頭P由a端向

22、b端滑動時，理想電流表和理想電壓表示數(shù)變化量的大小分別用I、Fo一百3七寶新王牌閔行高中補習班閔行七寶初中補習班閔行七寶小學補習班閔AU兄行七寶小升初補習班精品教案UU表示.則&=Q.Ri消耗的最小電功率為W解：AU的絕對值等于HU內(nèi)+UJ,也就是說，第一問答案為r+Ri=6C,也就是說可以把Ri看成內(nèi)阻即可；第二問由P,=I2R,總電流最小則電阻最大，可知Rap=i8QRbp+R2=i2+6=i8G時電阻最大，計算可得答案為0.8W;十、磁場十一、i、奧斯特發(fā)現(xiàn)電流周圍存在磁場，可以用右手螺旋定則判斷磁場方向；精心整理2、左手定則：電流在外界磁場中可能受到力的作用；磁感應強度：B=F

23、磁感線是閉合曲線Il*安培力磁場方向與電流方向垂直時F=BIL直流電動機把電能通過磁場轉(zhuǎn)化為機械能，實驗：=mhP巧UIt心、3、磁通量G=BS有效(垂直于磁場方向的投影是有效面積)4、典型題：如圖所示，兩根平行放置的長直導線a和b載有大小,相同方向相反的電流，a受到的磁場力大小為E,當加入一與導線所在平面垂直的八勻強磁場后，aab受到的磁場力大小變?yōu)镕2,則此時b受到的磁場力大小變?yōu)?；如果其他條件不變，改兩導線電流同向，則答案應為；解：兩導線電流相反，互相排斥，據(jù)牛頓第三定律，兩個斥力大小相等；加入磁場后，據(jù)左手定則，兩導線因此所受的外界磁場力仍舊方向相反，兩導線電流大小相同，則根據(jù)F=BI

24、L,兩力仍等大，求合力，可得第一問答案仍為F2；通過作圖，分類討論F<Fi或F>Fi以及方向的異七寶新王牌閔行高中補習班閔行七寶初中-j-J.產(chǎn)：1I補習班閔行七寶小學補習班閔行七寶小升初補習班精品教案同，通過四次討論，可得答案為2Fi-F2或2Fi+F2或F2-2Fi;這個圖很常見，還有討論它們周圍磁場方向的，注意矢量迭加；1、*直導線切割磁力線產(chǎn)生的電動勢：E=Blv2、產(chǎn)生感應電流的條件：閉合回路其中的磁通量發(fā)生變化法拉第發(fā)現(xiàn)電磁感應現(xiàn)象；右手定則：判斷感應電流的方向；只能判斷“動生”感應電動勢；*楞次定律：還可以判斷“感生”感應電動勢；楞次定律可以從能量守恒的角度來理解，來

25、拒去留，機械能通過磁場轉(zhuǎn)化為電能，最后由焦耳定律變成內(nèi)能;3、*直桿平動垂直切割磁場時的安培力:4、Ad)A<L*法拉第電磁感應定律：E=n,電量q=5、典型題：如圖，兩根足夠長、間距L=1m的光滑平行導軌豎直固定。在垂直導軌的虛線aatRr導軌的虛線沿水平方向均屬桿c從bh放垂直導軌置桿恰好靜止。小與時間t的下方有方向如圖、磁感應強度B=0.5T的勻強磁場，垂直b1b2上方有垂直紙面、磁感應強度B=T(x為離b1b2的距離)、勻分布的磁場。現(xiàn)用豎直向上的力F拉質(zhì)量m=50g的細金以初速度Vo開始向上運動，c桿保持與導軌垂直。同時，釋于aR下質(zhì)量也為nn=50g、電阻R=20Q的細金屬桿

26、d,d其余電阻不計，兩桿與導軌接觸良好，g取10m/s2。(1)求通過桿d的電流大小及b1b2以上區(qū)域磁場的方向；(2)通過分析和計算，說明桿c做什么性質(zhì)的運動；(3)以桿c從b1b2出發(fā)開始計時，求其所受作用力F的大精心整理關系式。解：(1)桿d受重力、安培力作用而平衡:B0IL=mgmgBL0.0510A/八A=1A0.51由桿d受到的安培力向上，用左手定則得到桿d中電流向左，由桿c電流方向向右，用右手定則得到磁場垂直紙面向外。v,由切割磁感線電動勢公式和歐姆(2)設桿c上升到離b1b2距離為x處、切割磁感線的速率為.BLvI二IRBL=:J410xm/s120,m/s20d1，,410x

27、定律有：R故Vo符合v=&+2ax公式，所以桿c勻加速直線上升，且初速度V0和加速度a的大小分別為:I=2m/s.-a=5m/s2(3)桿c此時受拉力F、重力、安培力作用，由牛頓第二定律有：F=n(a+g)+BIL=0.05父(5+10)+-,20=x1x1N_410x20(0.7520一)NF-mg-BIL=mg)44+10x,1.22、x=v(t-at=(2t2.5t)m桿c從bb出發(fā)到此時位置的位移2聯(lián)列得：F=(0.75+)N作為壓軸題，電磁感應常常聯(lián)系直線運動、牛頓運動定律、動能定理或能量與能量守恒、電路、電磁感應；并需要運用一些“數(shù)形結(jié)合”思想；十二、光的本性1、麥克斯韋建立了電磁場理論，赫茲通過實驗證實了電磁