炎德英才大聯(lián)考2017長郡中學高三8次月考自己網(wǎng)上整理,有幾個可能為類試題,非原題

1、炎德英才大聯(lián)考2017長郡中學高三8次月考（十三校聯(lián)考二）一、選擇題1. 下列說法中正確的是（ ）A按照玻爾理論，氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時，電子的動能減小，原子總能量增大B一個動量為p的電子對應的物質(zhì)波波長為hp（h為普朗克常量）C天然放射現(xiàn)象的發(fā)現(xiàn)揭示了原子核具有復雜的結(jié)構(gòu)D射線的電離作用很強，可用來消除有害靜電答案：C解析：按照玻爾理論，氫原子核外電子從半徑較大的軌道躍遷到半徑較小的軌道時，電子的動能增大，原子總能量減小，A錯誤；一個動量為p的電子對應的物質(zhì)波波長為h/p，B錯誤；天然放射現(xiàn)象的發(fā)現(xiàn)揭示了原子核具有復雜的結(jié)構(gòu)，C正確；射線的電離作用較弱，D錯誤。

2、2. （多選）如圖所示，質(zhì)量為M、傾角為的斜面放在粗糙水平面上，質(zhì)量為m的物體在斜面上恰能勻速下滑現(xiàn)加上如圖所示的沿斜面向下的力F，使物體在斜面上加速下滑，則此時地面對斜面的支持力FN的大小和物體的加速度大小a為（）Aa=-gsin BFN=（M+m）g+FsinCa= DFN=（M+m）g答案：CD解析：（1）沒加外力時物體在斜面上恰能勻速下滑，物體處于平衡狀態(tài)，可得斜面對物體的摩擦力與斜面對物體支持力的合力豎直向上，跟物體的重力相抵消，有牛頓第三定律得，物體對斜面的摩擦力與物體對斜面的壓力的合力必定豎直向下，大小必為mg，所以斜面受到地面的支持力FN=（M+m）g，；當施加沿斜面向下的力F

3、后，m與M之間的彈力沒有變化，因而m與M之間的滑動摩擦力也沒有變化，故彈力和摩擦力的合力也不會變化，物體對斜面的摩擦力與物體對斜面的壓力的合力必定豎直向下，大小必為mg，斜面受到地面的支持力也是FN=（M+m）g（2）選小物體為研究對象，沒加外力時物體在斜面上恰能勻速下滑，則沿斜面方向合力為零，斜面施加的摩擦力與重力的沿斜面的分力相抵消，當加上外力F時，物體的加速度為a=，故答案為：C、D3. 質(zhì)量為1kg的物體，放在動摩擦因數(shù)為0.2的水平面上，在水平拉力的作用下由靜止開始運動水平拉力做的功W和物體發(fā)生的位移s之間的關系如圖所示，重力加速度為10 m/s2。則下列說法正確的是( )As=3m

4、時速度大小為2m/s Bs=9m時速度大小為3msCOA段加速度大小為5ms2 DAB段加速度大小為3ms2 答案：B解析：對物體受力分析，受到重力G、支持力N、拉力F和滑動摩擦力f，根據(jù)牛頓第二定律和動能定理列式分析即可A、C、對于前3m過程，根據(jù)動能定理，有W 1 -mgs=，解得v A =3 m/s根據(jù)速度位移公式，有：2a 1s=，解得a 1=3m/s 2 故A、C錯誤；B、對于前9m過程，根據(jù)動能定理，有：W 2 -mgs=，解得v B = m/s故B正確；D、AB段受力恒定，故加速度恒定，而初末速度相等，故AB段的加速度為零，故D錯誤；4. 如圖所示，距離水平地面高為h的飛機沿水平

5、方向做勻加速直線運動，從飛機上以相對地面的速度v0依次從a、b、c水平拋出甲、乙、丙三個物體，拋出的時間間隔均為T，三個物體分別落在水平地面上的A、B、C三點，若ABl1、ACl2，不計空氣阻力，下列說法正確的是（ ） A、物體甲在空中運動的時間為t甲<t乙<t丙B、飛機的加速度為C物體乙剛離開飛機時飛機的速度D、三個物體在空中運動時總在一條豎直線上答案：C解析：物體在豎直方向均做自由落體運動，所以在空中運動的時間相等，A錯誤；根據(jù) ，則飛機的加速度為,B錯誤；物體乙剛離開飛機時飛機的速度等于AC段的平均速度，即 ，選項C正確；由于三個物體的水平速度不同，所以三個物體在空中運動時在

6、一條傾斜的直線上，選項D錯誤。5. A、B為兩等量異種點電荷，圖中水平虛線為A、B連線的中垂線現(xiàn)將另兩個等量異種 的檢驗電荷 a、b，如圖用絕緣細桿連接后從離 AB無窮遠處沿中垂線平移到AB的連線，平移過程中兩檢驗電荷位置始終關于中垂線對稱若規(guī)定離 AB無窮遠處電勢為零，則下列說法中正確的是（）A、在 AB的連線上a所處的位置電勢a0B、a、b整體在 AB連線處具有的電勢能Ep0C、整個移動過程中，靜電力對a做正功D、整個移動過程中，靜電力對a、b整體做正功答案：B解析：A、如下圖，設AB連線的中點為O由于AB連線的垂直平分線是一條等勢線，且一直延伸到無窮遠處，所以O點的電勢為零AO間的電場線

7、方向由AO，而順著電場線方向電勢逐漸降低，可知，a所處的位置電勢a0，故A錯誤B、a所處的位置電勢a0，b所處的位置電勢b0，由Ep=q知，a、b在AB處的電勢能均大于零，則整體的電勢能Ep0故B正確C、在平移過程中，a所受的靜電力與其位移方向的夾角為鈍角，則靜電力對a做負功，故C錯誤D、a、b看成一個整體，總電量為零，所以整個移動過程中，靜電力對a、b整體做功為零，故D錯誤故選：B6. （多選）嫦娥三號”于2013年12月2日在中國西昌衛(wèi)星發(fā)射中心由長征三號乙運載火箭送人太空，12月14日成功軟著陸于月球雨海西北部，12月15日完成著陸器和巡視器分離，并陸續(xù)開展了“觀天、看地、測月”，的科學

8、探測和其它預定任務如圖所示為“嫦娥三號”釋放出的國產(chǎn)“玉兔”號月球車，若該月球車在地球表面的重力為G1，在月球表面的重力為G2，已知地球半徑為R1，月球半徑為R2，地球表面處的重力加速度為g，則（）A.月球表面處的重力加速度為gB.月球車內(nèi)的物體處于完全失重狀態(tài)C.地球的第一宇宙速度與月球的第一宇宙速度之比為D.地球與月球的質(zhì)量之比為答案:AC 解析：A、重力加速度：g=，故地球表面處的重力加速度與月球表面處的重力加速度之比為G1：G2，故月球表面處的重力加速度為g，故A正確；B、在月球表面，月球車內(nèi)的物體受重力和支持力，不是失重，故B錯誤；C、第一宇宙速度是近地衛(wèi)星的環(huán)繞速度：v=，故地球的

9、第一宇宙速度與月球的第一宇宙速度之比：=，故C正確；D、根據(jù)g=，有：M=，故地球的質(zhì)量與月球的質(zhì)量之比為：，故D錯誤；7. （多選）如圖所示，“匚”型導線框abcd與磁感應強度為B的勻強磁場垂直,線框cd兩端接入圖示電路,其中ab長為l1，ad長l2，線框繞過cd的軸以恒定的角速度勻速轉(zhuǎn)動，開關S斷開時,額定功率為P,電阻恒為R的燈泡L1正常發(fā)光,理想電流表示數(shù)I，線框電阻不計，下列說法正確的是（ ）A.線框轉(zhuǎn)動的角速度為B.閉合開關S前后，電流表示數(shù)保持不變C.線框從圖中位置轉(zhuǎn)過時，感應電動勢的瞬時值為D.變壓器原%副線圈的匝數(shù)比為答案：CD解析：S閉合前后，功率變化，電流表示數(shù)變化，B錯

10、；依，D對；轉(zhuǎn)過時，電壓的瞬時值等于有效值，原線圈功率為P，故u=,C對；，D錯8. （多選）如圖所示，豎直放置的兩塊很大的平行金屬板a、b，相距為d，ab間的電場強度為E，今有一帶正電的微粒從a板下邊緣以初速度v0豎直向上射入電場，當它飛到b板時，速度大小不變，而方向變成水平方向，且剛好從高度也為d的狹縫穿過b板而進入bc區(qū)域，bc寬度也為d，所加電場大小為E，方向豎直向上，磁感應強度方向垂直于紙面向里，磁感應強度大小等于，重力加速度為g，則下列關于粒子運動的有關說法中正確的是（）A粒子在ab區(qū)域中做勻變速運動，運動時間為B粒子在bc區(qū)域中做勻速圓周運動，圓周半徑r=dC粒子在bc區(qū)域中做勻

11、速圓周運動，運動時間為D粒子在ab、bc區(qū)域中運動的總時間為答案：AD解析：A、將粒子在電場中的運動沿水平和豎直方向正交分解，水平分運動為初速度為零的勻加速運動，豎直分運動為末速度為零的勻減速運動，根據(jù)運動學公式，有水平方向：v0=at，d=豎直方向：0=v0-gt解得a=g ，t= ，故A正確；B、粒子在復合場中運動時，由于電場力與重力平衡，故粒子做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力qv0B=m解得 ，由得到r=2d，故B錯誤；C、由于r=2d，畫出軌跡，如圖由幾何關系，得到回旋角度為30°，故在復合場中的運動時間為，故C錯誤；D、粒子在電場中運動時間為，故粒子在ab、bc區(qū)域中運動

12、的總時間為t=t1+t2=，故D正確；故選AD二、非選擇題9. 某同學利用圖示裝置，驗證以下兩個規(guī)律：兩物塊通過不可伸長的細繩相連接，沿繩分速度相等；系統(tǒng)機械能守恒P、Q、R是三個完全相同的物塊，P、Q用細繩連接，放在水平氣墊桌上物塊R與輕滑輪連接，放在正中間，a、b、c是三個光電門，調(diào)整三個光電門的位置，能實現(xiàn)同時遮光，整個裝置無初速度釋放（1）為了能完成實驗目的，除了記錄P、Q、R三個遮光片的遮光時間t1、t2、t3外，還必需測量的物理量有 AP、Q、R的質(zhì)量M B兩個定滑輪的距離dCR的遮光片到c的距離H D遮光片的寬度x（2）根據(jù)裝置可以分析出P、Q的速度大小相等，驗證表達式為 （3）

13、若要驗證物塊R與物塊P的沿繩分速度相等，則驗證表達式為 （4）若已知當?shù)刂亓铀俣萭，則驗證系統(tǒng)機械能守恒的表達式為 答案：（1）CD；（2）；（3）；（4）解析：（1）A、驗證系統(tǒng)機械能守恒，最后的表達式是，可知質(zhì)量M可以約去，對實驗結(jié)果不會有影響，因此不需要測量P、Q、R的質(zhì)量M，A錯誤；B、根據(jù)驗證的表達式可知，與兩個定滑輪的距離d無關，B錯誤；C、根據(jù)驗證的表達式可知，需要測量R的遮光片到c的距離H，這樣才能計算出系統(tǒng)減少的重力勢能，C正確；D、根據(jù)驗證的表達式可知，要測量P、Q、R三個物塊遮光片的速度，因此需要測量遮光片的寬度x，速度，D正確；故選：CD（2）物塊P的速度，物塊Q的速

14、度 ，因此分析出P、Q的速度大小相等，即需要驗證表達式；（3）物塊R的速度，要驗證物塊R與物塊P的沿繩分速度相等，則需要驗證表達式；（4）整個系統(tǒng)減少的機械能是E=MgH，增加的機械能是，要驗證機械能守恒，則E=E，即驗證表達式10. 為了節(jié)能環(huán)保,一些公共場所使用光控開關控制照明系統(tǒng)。光控開關可采用光敏電阻來控制,光敏電阻是阻值隨著光的照度而發(fā)生變化的元件(照度可以反映光的強弱,光越強照度越大,照度單位為lx)。（1）某光敏電阻R在不同照度下的阻值如下表,根據(jù)表中已知數(shù)據(jù),在右圖的坐標系中描繪出了阻值隨照度變化的曲線。由圖象可求出照度為1.0lx時的電阻約為 k 。（2）如圖所示是街道路燈自

15、動控制模擬電路,利用直流電源為電磁鐵供電,利用照明電源為路燈供電。為達到天亮燈熄、天暗燈亮的效果,路燈應接在_ (填“AB”或“BC”)之間,請用筆畫線代替導線,正確連接電路元件。（3）用多用電表“×10”擋,按正確步驟測量圖中電磁鐵線圈電阻時,指針示數(shù)如圖所示，則線圈的電阻為_ 。已知當線圈中的電流大于或等于2mA時,繼電器的銜鐵將被吸合。圖中直流電源的電動勢E=6V,內(nèi)阻忽略不計,滑動變阻器有三種規(guī)格可供選擇:Rl(010 ,2A)、R2(0200 ,1A)、R3(01750 ,0.1A)。要求天色漸暗照度降低至l.0lx時點亮路燈,滑動變阻器應選擇_(填R1、R2、R3)。為使

16、天色更暗時才點亮路燈,應適當?shù)豞(填“增大”或“減小”)滑動變阻器的電阻。答案：（1）2.0；（2）AB、圖見解析；（3）140、R3、減小解析：（1）根據(jù)圖象直接讀出對應的照度為1.0x時的電阻約為2.0k；（2）光敏電阻的電阻值隨光照強度的增大而減小，所以白天時光敏電阻的電阻值小，電路中的電流值大，電磁鐵將被吸??；靜觸點與C接通；晚上時的光線暗，光敏電阻的電阻值大，電路中的電流值小，所以靜觸點與B接通所以要達到晚上燈亮，白天燈滅，則路燈應接在 AB 之間電路圖如圖：（3）歐姆表的讀數(shù)是先讀出表盤的刻度，然后乘以倍率，表盤的刻度是14，倍率是“×10”，所以電阻值是：14×

17、;10=140；天色漸暗照度降低至1.01x時點亮路燈，此時光敏電阻的電阻值是2k，電路中的電流是2mA，所以要選擇滑動變阻器R3，由于光變暗時，光敏電阻變大，分的電壓變大，所以為使天色更暗時才點亮路燈，應適當?shù)?減小滑動變阻器的電阻。11. 如圖所示，水平地面上方MN邊界左側(cè)存在垂直紙面向里的勻強磁場和沿豎直方向的勻強電場，磁感應強度B=1.0T，邊界右側(cè)離地面高h=0.45m處由光滑絕緣平臺，右邊有一帶正電的a球，質(zhì)量=0.1kg、電量q=0.1C，以初速度=0.9m/s水平向左運動，與大型相同但質(zhì)量為=0.05kg靜止于平臺左邊緣的不帶電的絕緣球b發(fā)生彈性正碰，碰后a球恰好做勻速圓周運動

18、，兩球均視為質(zhì)點，（答案保留兩位有效數(shù)字），求：（1）電場強度的大小和方向；（2）碰后兩球分別在電磁場中運動的時間；（3）碰后兩球落地點相距多遠；解析：（1）a球碰后在疊加場中做勻速圓周運動，滿足：，解得A球帶正電，電場力向上，則電場強度方向向上（2）a球與b球的碰撞，由動量守恒定律得：由能量守恒得：，解得，對a球，洛倫茲力提供向心力，解得設a球落地點與圓心的連線和地面夾角為，有，可得故a球離開電磁場用時B球不帶電，碰后做平拋運動，豎直方向，得（3）對a球，設a球水平位移為，對b球：故兩球相距12. 如圖甲、單匝圓形線圈c與電路連接，電阻兩端與平行光滑金屬直導軌，連接。垂直于導資*源%庫 軌平

19、面向下，向上由矩形勻強磁場區(qū)域I、II，它們的邊界為，區(qū)域I中垂直導軌相切連接，在切點處開有小口可讓ab進入，ab進入后小口立即閉合。已知：的直徑和直導軌間距均為d，c的直徑為2d；電阻、的阻值均為R，其余電阻不計；直導軌足夠長且其平面與水平面夾角為60°，區(qū)域I的磁感應強度為，重力加速度為g，在c中邊長為d的正方向區(qū)域存在垂直線圈平面向外的勻強磁場，磁感應強度B隨時間t變化如圖乙所示，ab在內(nèi)保持靜止。（1）求ab靜止時通過它的電流大小和方向；（2）求ab的質(zhì)量m；（3）設ab進入圓軌道后能達到離的最大高度為h，要使ab不脫離圓形軌道運動，求區(qū)域II的磁感應強度的取值范圍并討論h與

20、的關系式。解析：（1）由法拉第電磁感應定律可得c內(nèi)感生電動勢由閉合電路歐姆定律可得E=IR聯(lián)立解得根據(jù)楞次定律和右手螺旋定則判斷ab中的電流方程為ab（2）由題意可知導軌平面與水平面夾角為=60°對在t=0內(nèi)靜止的ab受力分析有聯(lián)立解得（3）由題意可知后，c內(nèi)的磁感應強度減為零，ab滑入?yún)^(qū)域II，由直導軌足夠長可知ab進入圓形軌道時已經(jīng)做直線運動，設此時ab速度為v，其電動勢為，電流為由平衡條件可得由法拉第電磁感應定律可得動生電動勢由閉合電路歐姆定律有（并聯(lián)）聯(lián)立解得由題意可知ab滑不過圓心等高點或者滑過圓軌道最高點均符合題意，分類討論如下（i）當，即時ab上滑過程由動能定理可得，即

21、（ii）設ab能滑到圓軌道最高點時速度為，根據(jù)牛頓第二定律應滿足所以當，即ab能滑到圓規(guī)最高點，有三、選做題13. 【物理選修3-3】（1）下列說法正確的是_A熱量不可以從低溫物體傳到高溫物體B當分子間的引力與斥力平衡時，分子勢能最小C0的水和0的冰具有相同的內(nèi)能D布朗運動是固體小顆粒的無規(guī)則運動E氣體的溫度升高時，分子的熱運動變得劇烈，分子的平均動能增大，撞擊器壁時對器壁的作用力增大，從而氣體的壓強一定增大。（2）如圖，一粗細均勻的U形管豎直放置，A側(cè)上端封閉，B側(cè)上端與大氣相通，下端開口處開關K關閉，A測空氣柱（理想氣體）的長度為，B側(cè)水銀面比A測的高h=3.0cm?，F(xiàn)將開關K打開，從U形管中放出部分水銀，當兩側(cè)水銀面的高度差為=10.0cm時將開關K關閉，已知大氣壓強=75.0cmHg。變化過程中認為溫度不變。求放出部分水銀后U形管中減少的水銀柱長度為多少？此后讓U形管自由下落，假設下落過程中始終保持圖示狀態(tài)，求下落過程中管內(nèi)水銀溫度后A側(cè)空氣柱的長度為多少？解析：（1）ACE（2）以cmH