2020屆高考物理真題優(yōu)選卷第一卷

1、2020屆高考物理真題優(yōu)選卷第1卷1、太陽內(nèi)部核反應(yīng)的主要模式之一是質(zhì)子-質(zhì)子循壞，循環(huán)的結(jié)果可表示為241H2He+20e+2v,已知1H和4He的質(zhì)量分另IJ為mp1.0078u和m4.0026u,1u931MeV/c,c為光速。在4個(gè)1h轉(zhuǎn)變成1個(gè)4He的過程中，釋放的能量約為（）A.8MeVB.16MeVC.26MeVD.52MeV2、2019年1月，我國嫦娥四號(hào)探測器成功在月球背面軟著陸，在探測器奔向”月球的過程中，用h表示探測器與地球表面的距離，F(xiàn)表示它所受的地球引力，能夠描述F隨h變化關(guān)系的圖3、如圖，空間存在一方向水平向右的勻強(qiáng)電場,在水平天花板下，兩細(xì)繩都恰好與天花板垂直，A

2、. P和Q都帶正電荷C.P帶正電荷，Q帶負(fù)電荷B. P和Q都帶負(fù)電荷D.P帶負(fù)電荷，Q帶正電荷4、如圖，等邊三角形線框LMN由三根相同的導(dǎo)體棒連接而成，固定于勻強(qiáng)磁場中，線框平面與磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直，線框頂點(diǎn)M、N與直流電源兩端相接，已知導(dǎo)體棒MN受到的安培力大小為F,則線框LMN受到的安培力的大小為（XXXNXA. 2FB. 1.5FC. 0.5FD. 05、如圖，籃球架下的運(yùn)動(dòng)員原地垂直起跳扣籃，離地后重心上升的最大高度為H.上升第一個(gè)乜所用的時(shí)間為3,第四個(gè)H所用的時(shí)間為不計(jì)空氣阻力，則里滿足（）4142tiA. 1t22tiB. 2t23C.3t24D.4t25tititi6、從地面豎

3、直向上拋出一物體，其機(jī)械能E總等于動(dòng)能Ek與重力勢能Ep之和。取地面為重力勢能零點(diǎn)，該物體的E總和Ep隨它離開地面的高度h的變化如圖所示。2重力加速度取10m/s。由圖中數(shù)據(jù)可得（）A.物體的質(zhì)量為2kgB. h0時(shí),物體的速率為20m/sC. h2m時(shí)，物體的動(dòng)能Ek40JD.從地面至h4m,物體的動(dòng)能減少100J7、如圖（a）,在跳臺(tái)滑雪比賽中，運(yùn)動(dòng)員在空中滑翔時(shí)身體的姿態(tài)會(huì)影響其下落的速度和滑翔的距離。某運(yùn)動(dòng)員先后兩次從同一跳臺(tái)起跳，每次都從離開跳臺(tái)開始計(jì)時(shí)，用v表示他在豎直方向的速度，其vt圖像如圖（b）所示，t和t2是他落在傾斜雪道上的時(shí)刻。則A.第二次滑翔過程中在豎直方向上的位移比

4、第一次的小B.第二次滑翔過程中在水平方向上的位移比第一次的大C.第一次滑翔過程中在豎直方向上的平均加速度比第一次的大D.豎直方向速度大小為M時(shí),第二次滑翔在豎直方向上所受阻力比第一次的大8、在星球M上將一輕彈簧豎直固定在水平桌面上，把物體P輕放在彈簧上端，P由靜止向下運(yùn)動(dòng),物體的加速度a與彈簧的壓縮量x間的關(guān)系如圖中實(shí)線所示。在另一星球N上用完全相同的彈簧，改用物體Q完成同樣的過程，其ai關(guān)系如圖中虛線所示，假設(shè)兩星球均為質(zhì)量均勻分布的球體。已知星球M的半徑是星球N的3倍，則（）A.M與N的密度相等B.Q的質(zhì)量是P的3倍C.Q下落過程中的最大動(dòng)能是P白4倍D.Q下落過程中彈簧的最大壓縮量是P的

5、4倍9、如圖，某同學(xué)設(shè)計(jì)了測量鐵塊與木板間動(dòng)摩擦因數(shù)的實(shí)驗(yàn)。所用器材有：鐵架臺(tái)、長木板、鐵塊、米尺、電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器、頻率50Hz的交流電源，紙帶等?；卮鹣铝袉栴}:電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器木板紙帶（1）鐵塊與木板間動(dòng)摩擦因數(shù)后（用木板與水平面的夾角8重力加速度g和鐵塊下滑的加速度a表示）（2）某次實(shí)驗(yàn)時(shí)，調(diào)整木板與水平面的夾角30。接通電源。開啟打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，釋放鐵塊，鐵塊從靜止開始沿木板滑下。多次重復(fù)后選擇點(diǎn)跡清晰的一條紙帶，如圖所示。圖中的點(diǎn)為計(jì)數(shù)點(diǎn)（每兩個(gè)相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)點(diǎn)未畫出）。重力加速度為9.8m/s2?？梢裕ńY(jié)果保留2位小數(shù)）。計(jì)算出鐵塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為I<|>10、某

6、同學(xué)要將一量程為250科A的微安表改裝為量程為20mA的電流表。該同學(xué)測得微安表內(nèi)阻為1200口經(jīng)計(jì)算后將一阻值為R的電阻與微安表連接，進(jìn)行改裝。然后利用一標(biāo)準(zhǔn)毫安表，根據(jù)圖（a）所示電路對(duì)改裝后的電表進(jìn)行檢測（虛線框內(nèi)是改裝后的電表）。（1）根據(jù)圖（a）和題給條件，將（b）中的實(shí)物連接。（2）當(dāng)標(biāo)準(zhǔn)毫安表的示數(shù)為16.0mA時(shí)，微安表的指針位置如圖（c）所示，由此可以推測出改裝的電表量程不是預(yù)期值，而是。（填正確答案標(biāo)號(hào)）A.18mAB.21mAC.25mAD.28mA（3）產(chǎn)生上述問題的原因可能是。（填正確答案標(biāo)號(hào)）A.微安表內(nèi)阻測量錯(cuò)誤，實(shí)際內(nèi)阻大于1200QB.微安表內(nèi)阻測量錯(cuò)誤，實(shí)際

7、內(nèi)阻小于1200QC. R值計(jì)算錯(cuò)誤，接入的電阻偏小D. R值計(jì)算錯(cuò)誤，接入的電阻偏大（4）要達(dá)到預(yù)期目的，無論測得的內(nèi)阻值是都正確，都不必重新測量，只需要將阻值為R的電阻換為一個(gè)阻值為kR的電阻即可，其中k=。11、如圖，兩金屬板P、Q水平放置，間距為do兩金屬板正中間有一水平放置的金屬網(wǎng)G,PQG勺尺寸相同。G接地，PQ的電勢均為（>0）。質(zhì)量為m電荷量為q（q>0）的粒子自G的左端上方距離G為h的位置，以速度V0平行于紙面水平射入電場，重力忽略不計(jì)。（1）求粒子第一次穿過G時(shí)的動(dòng)能，以及它從射入電場至此時(shí)在水平方向上的位移大?。唬?）若粒子恰好從G的下方距離G也為h的位置離開

8、電場，則金屬板的長度最短應(yīng)為多少？12、豎直面內(nèi)一傾斜軌道與一足夠長的水平軌道通過一小段光滑圓弧平滑連接，小物塊B止于水平軌道的最左端，如圖（a）所示。t=0時(shí)刻，小物塊M傾斜軌道上從靜止開始下滑，一段時(shí)間后與B發(fā)生彈性碰撞（碰撞時(shí)間極短）；當(dāng)A返回到傾斜軌道上的P點(diǎn)（圖中未標(biāo)出）A運(yùn)動(dòng)的v-t圖像時(shí)，速度減為0,此時(shí)對(duì)其施加一外力，使其在傾斜軌道上保持靜止。物塊如圖(b)所示，圖中的V1和ti均為未知量。已知A的質(zhì)量為m初始時(shí)A與B的高度差為H,重力加速度大小為g,不計(jì)空氣阻力。(2)在圖(b)所描述的整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中，求物塊A克服摩擦力所做的功；(3)已知兩物塊與軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)均相等，在

9、物塊B停止運(yùn)動(dòng)后，改變物塊與軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)，然后將A從P點(diǎn)釋放，一段時(shí)間后A剛好能與B再次碰上。求改變前后動(dòng)摩擦因數(shù)的比值。13、物理一選彳3-3I.如p-V圖所示，1、2、3三個(gè)點(diǎn)代表某容器中一定量理想氣體的三個(gè)不同狀態(tài)，對(duì)應(yīng)的溫度分別是Ti、T2、T3o用Ni、N2、N3分別表示這三個(gè)狀態(tài)下氣體分子在單位時(shí)間內(nèi)撞擊容器壁上單位面積的次數(shù)，則NiN2,TiT3,T3,N2N3。(填大于“小于”或等于”)Pt2尸.帛|IIp3i2；OX2krVII.如圖，一容器由橫截面積分別為2s和S的兩個(gè)汽缸連通而成，容器平放在地面上，汽缸內(nèi)壁光滑。整個(gè)容器被通過剛性桿連接的兩活塞分隔成三部分，分別充有

10、氫氣、空氣和氮?dú)?。平衡時(shí)，氮?dú)獾膲簭?qiáng)和體積分別為po和Vo,氫氣的體積為2V。，空氣的壓強(qiáng)為p?，F(xiàn)緩慢地將中部的空氣全部抽出，抽氣過程中氫氣和氮?dú)獾臏囟缺３植蛔?，活塞沒有到達(dá)兩汽缸的連接處，求：(i)抽氣前氫氣的壓強(qiáng)；(2)抽氣后氫氣的壓強(qiáng)和體積。14、物理一選修3-4(1)一簡諧橫波沿x軸正方向傳播，在t=5時(shí)刻，該波的波形圖如圖(a)所示，P、Q是介質(zhì)中的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)。圖(b)表示介質(zhì)中某質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像。下列說法正確的是()A.質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)圖像與圖(b)相同B.在t=0時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)P的速率比質(zhì)點(diǎn)Q的大C.在t=0時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)P的加速度的大小比質(zhì)點(diǎn)Q的大D.平衡位置在坐標(biāo)原點(diǎn)的質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像如圖(b

11、)所示E.在t=0時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)P與其平衡位置的距離比質(zhì)點(diǎn)Q的大(2)如圖，一般帆船靜止在湖面上，帆船的豎直桅桿頂端高出水面3m。距水面4m的湖底P點(diǎn)發(fā)出的激光束，從水面出射后恰好照射到桅桿頂端，該出射光束與豎直方向的夾角為53°4(取sin53=0.8)。已知水的折射率為43(i)求桅桿到P點(diǎn)的水平距離；(ii)船向左行駛一段距離后停止，調(diào)整由P點(diǎn)發(fā)出的激光束方向，當(dāng)其與豎直方向夾角為45。時(shí)，從水面射出后仍然照射在桅桿頂端，求船行駛的距離。I左工、53°!畫蹣云答案以及解析1答案及解析:答案：C解析：由emC2知E4mpm2mec2,mE=931106/10刃1,71027

12、kg?0.9i031kg，忽略電子質(zhì)量，則:c910E41.0078u4,0026uc226MeV，故C選項(xiàng)符合題意；2答案及解析：答案：DMm解析：根據(jù)萬有引力定律可得FG2,h越大，F(xiàn)越小，故選項(xiàng)D正確。Rh3答案及解析：答案：D解析：AB、受力分析可知，P和Q兩小球，不能帶同種電荷，AB錯(cuò)誤；CD、若P球帶負(fù)電，Q球帶正電，如下圖所示，恰能滿足題意，則C錯(cuò)誤D正確，故本題選D。4答案及解析：答案：B解析：設(shè)每一根導(dǎo)體棒的電阻為R,長度為L,則電路中,上下兩路電阻之比為r：r22R:R2:1,根據(jù)并聯(lián)電路兩端各電壓相等的特點(diǎn)可知，上下兩路電流之比|1：|21:2。FILB，如下圖所示，由于

13、上路通電的導(dǎo)體受安培力的有效長度為L,根據(jù)安培力計(jì)算公式可知F:FI1:I21:2,得FIf,2根據(jù)左手定則可知，兩力方向相同，故線框LMN所受的合力大小為FF3F,故本題選B。25答案及解析：答案：C解析：逆向分析可以看作是自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)中，連續(xù)相等的位移內(nèi)時(shí)間之比等于1:（右1）:（褥，2）：化事）：.：.而jnT可得tc1-,t.-產(chǎn)2百，故34,故C正確、ABD錯(cuò)誤。t12.3t1故選：Co6答案及解析：答案：AD解析：Eph圖像知其斜率為G,故G80J20N，解得m2kg，故A正確；h04m第一次下落距離，所以,A錯(cuò)誤；由于第二次豎直方向下落距離大，由于

14、位移方向不變，故第二次水平方向位移大，故B正確；由于vt斜率知第一次大、第二次小，斜率越大，加速度越大，或由一vwa1易知aia2,故C錯(cuò)誤；由圖像斜率，速度為vi時(shí)第一次圖像陡峭，第二次圖像相對(duì)平緩，故aia2,由Gfyma,可知，fyify2,故D正確。8答案及解析:答案：AC解析:A、由a-x圖象可知，加速度沿豎直向下方向?yàn)檎较?，根?jù)牛頓第二定律有：mgkxma,kk變形式為：agx,該圖象的斜率為一,縱軸截距為重力加速度g。根據(jù)圖象的縱軸截距mmgM3ao3可知，兩星球表面的重力加速度之比為：;又因?yàn)樵谀承乔虮砻嫔系奈矬w，所受重gNaoi23力和萬有引力相等，即：gM；mg,即該星球

15、的質(zhì)量M建。又因?yàn)椋篗R,聯(lián)立得RG33g，.一.、MgMRN一。故兩星球的密度之比為：1:1，故A正確；4RGngNRmB、當(dāng)物體在彈簧上運(yùn)動(dòng)過程中，加速度為0的一瞬間，其所受彈力和重力二力平衡，mgkx,kx1鼠故B錯(cuò)誤;即：m結(jié)合a-x圖象可知，當(dāng)物體P和物體Q分別處于平衡位置時(shí)，彈簧的壓縮量之比C、物體P和物體Q分別處于各自的平衡位置(a=0)時(shí)，它們的動(dòng)能最大；根據(jù)vXPxo1為：一丁屋故物體P和物體Q的質(zhì)量之比為xq2x021:物體P的最大速度滿足vp2-3ao%3a。%,物體Q的最大22ax,結(jié)合a-x圖象面積的物理意義可知2速度滿足：vq2a0x。,則兩物體的最大動(dòng)能之比EkQ

16、Ekp12-mQvQ12一mpvp22mPvp4,C正確;D、物體p和物體Q分別在彈簧上做簡諧運(yùn)動(dòng)，由平衡位置(a=0)可知，物體p和Q振動(dòng)的振幅A分別為xo和2x。，即物體p所在彈簧最大壓縮量為2x，物體Q所在彈簧最大壓縮量為4x。，則Q下落過程中，彈簧最大壓縮量時(shí)p物體最大壓縮量的2倍,D錯(cuò)誤；故本題選AC。9答案及解析:答案：(1)典a；gcos(2)0.35解析：(1)由mgsin®mgos0=ma,解得:(2)由逐差法a=§工得：&(76.39gsinak=-agcos231.83)10m,T=0.15s,§(31.835.00)102m,故a4

17、4.561092226.831022m/s1.97m/s,代入式,1029.8得：尸9.811.972_=0.353210答案及解析：答案：(1)連線如圖所示(2)C(3)AC(4)一79解析：(1)電表改裝時(shí)，微安表應(yīng)與定值電阻R并聯(lián)接入虛線框內(nèi)，則實(shí)物電路連接如卜圖所示:(2)由標(biāo)準(zhǔn)毫安表與該裝表的讀數(shù)可知，改裝后的電流表，實(shí)際量程被擴(kuò)大的倍數(shù)為:16mA160103mA100倍。故當(dāng)原微安表表盤達(dá)到滿偏時(shí)，實(shí)際量程為:2501010025mA,故本小題選C；9T2根據(jù)IgRgIIgR,得：IRg小1Iq,改裝后的量程偏大的原因可能是，我Rg微安表內(nèi)阻測量值偏小，即電表實(shí)際內(nèi)阻Rg真實(shí)值，

18、大于1200Q；或者因?yàn)槎ㄖ惦娮栌?jì)算有誤，計(jì)算值偏大，實(shí)際接入定值電阻R阻值偏小。故本小題選AC;(4)由于接入電阻R時(shí)，改裝后的表實(shí)際量程為25mA,故滿足IgRg25IgR；達(dá)到預(yù)期目的，即將微安表改裝為量程為20mA電流表，應(yīng)滿足IRgg20IgkR,gR的要想其99中Ig250MA0.25mA,聯(lián)立解得：k1.25或k9。7911答案及解析：答案：(1)PG、QG間場強(qiáng)大小相等，均為E,粒子在PG間所受電場力F的方向豎直向設(shè)粒子的加速度大小為a,有F=qE=ma設(shè)粒子第一次到達(dá)G時(shí)動(dòng)能為Ek,由動(dòng)能定理有設(shè)粒子第一次到達(dá)G時(shí)所用時(shí)間為t,粒子在水平方向的位移為l,則有h=-ai2l=v

19、0t聯(lián)立式解得(1)設(shè)粒子穿過G一次就從電場的右側(cè)飛出，則金屬板的長度最短，由對(duì)稱性知，此時(shí)金屬板的長度L為5解析:12答案及解析：答案：(1)根據(jù)圖(b),vi為物塊A在碰撞前瞬間速度的大小，v1為其碰撞后瞬間速度的大小。設(shè)物塊B的質(zhì)量為m,碰撞后瞬間的速度大小為v,由動(dòng)量守恒定律和機(jī)械能守恒定律有Vi121,Vi22/mv1m()mv一mv1-m()mv2222聯(lián)立式得m3m(2)在圖(b)所描述的運(yùn)動(dòng)中，設(shè)物塊A與軌道間的滑動(dòng)摩擦力大小為f,下滑過程中所走過的路程為S1,返回過程中所走過的路程為S2,P點(diǎn)的高度為h,整個(gè)過程中克服摩擦力所做的功為W由動(dòng)能定理有mgHfS11mv；02(f

20、S2mgh)02n1)2從圖(b)所給的v-t圖線可11Vlsi2%Ls12萬(1-4t1G)由幾何關(guān)系包?S1H物塊A在整個(gè)過程中克服摩擦力所做的功為WfS1fS2聯(lián)立式可得W觸叫(3)設(shè)傾斜軌道傾角為0,物塊與軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)在改變前為,Wmgcos上。sin設(shè)物塊B在水平軌道上能夠滑行的距離為s,由動(dòng)能定理有1 2/TOmgs0-mv12設(shè)改變后的動(dòng)摩擦因數(shù)為，由動(dòng)能定理有mghmgcos-hmgs013聯(lián)立01112c3式可得11sin=L19解析:13答案及解析:答案：I.大于；等于；大于;II.(1)設(shè)抽氣前氫氣的壓強(qiáng)為P10,根據(jù)力的平衡條件得(pi0M2s=(pop)S得pi

21、0=-(po+p)(2)設(shè)抽氣后氫氣的壓強(qiáng)和體積分別為pi和Vi,氫氣的壓強(qiáng)和體積分別為p2和V2,根據(jù)力的平衡條件有p2S=pi2SD由玻意耳定律得piVi=pio2V0p2V2=p0V0由于兩活塞用剛性桿連接，故Vit2V0=2(V0、2)聯(lián)立式解得II月二彳小-7P芯2 44_4(用*"%1%”；解析：I.i、2等體積，2、3等壓強(qiáng)pVip2V2pi色由py=nRT得：Ti=T2,Vi=V2,故Ti=T2,可得：Ti=2T2,即Ti>T2,由于分子密度相同，溫度高，碰撞次數(shù)多，故Ni>N2；由于piVi=p3V3；故Ti=T3；則T3>T2,又p2=p3,2狀態(tài)分析密度大，分析運(yùn)動(dòng)緩慢，單個(gè)分子平均作用力小，3狀態(tài)分子密度小，分子運(yùn)動(dòng)劇烈，單個(gè)分子平均作用力大。故3狀態(tài)碰撞容器壁分子較少，即N2>N3；i4答案及解析：答案：(i)CDE(i)設(shè)光束從水面射出的點(diǎn)到桅桿的水平距離為xi,到P點(diǎn)的水平距離為xi;桅桿高度為hi,P點(diǎn)處水深為h2：微光束在水中與豎直方向的夾角為仇由幾何關(guān)系有上tan53hix2tanh3由折射定律有sin53=n