2022屆福建省福州市屏東中學(xué)高考物理四模試卷含解析

1、2021-2022學(xué)年高考物理模擬試卷注意事項1考生要認真填寫考場號和座位序號。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，一根輕彈簧豎直直立在水平地面上，下端固定，在彈簧的正上方有一個物塊。物塊從高處自由下落到彈簧上端O，將彈簧壓縮，當彈簧被壓縮了x0時，物塊的速度變?yōu)榱恪奈飰K與彈簧接觸開始，物塊的加速度的大小隨下降的位移x變化的圖象可

2、能是（ ）ABCD2、如圖所示，在光滑水平面上一小球以某一速度運動到A點，遇到一段半徑為R的1/4圓弧曲面AB后，落到水平地面的C點已知小球沒有跟圓弧曲面的任何點接觸，則BC的最小距離為（ ） ARBRCRD（1）R 3、如圖(a)，R為電阻箱，A為理想電流表，電源的電動勢為E，內(nèi)阻為r。圖(b)為電源的輸出功率P與A示數(shù)I的關(guān)系圖像，其中功率P0分別對應(yīng)電流I1、I2。則AI1I2BI1I2CI1I2DI1I24、如圖所示為某齒輪傳動裝置中的A、B、C三個齒輪，三個齒輪的齒數(shù)分別為 32、12、20，當齒輪繞各自的軸勻速轉(zhuǎn)動時，A、B、C三個齒輪轉(zhuǎn)動的角速度之比為A8:3:5B5:3:8C1

3、5:40:24D24:40:155、電容為C的平行板電容器豎直放置，正對面積為S，兩極板間距為d，充電完成后兩極板之間電壓為U，斷開電路，兩極板正對區(qū)域視為勻強電場，其具有的電場能可表示為。如果用外力使平行板電容器的兩個極板間距緩慢變?yōu)?d，下列說法正確的是（）A電容變?yōu)樵瓉淼膬杀禕電場強度大小變?yōu)樵瓉淼囊话隒電場能變?yōu)樵瓉淼膬杀禗外力做的功大于電場能的增加量6、如圖所示，電路中為電感線圈，C為電容器，先將開關(guān)S1閉合，穩(wěn)定后再將開關(guān)S2閉合，則（）AS1閉合時，燈A、B都逐漸變亮BS1閉合時，燈A中無電流通過CS2閉合時，燈B立即熄滅DS2閉合時，燈A中電流由b到a二、多項選擇題：本題共4小

4、題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一列橫波沿x軸傳播，在某時刻x軸上相距s=4m的兩質(zhì)點A、B（波由A傳向B）均處于平衡位置，且A、B間只有一個波峰，經(jīng)過時間t=1s，質(zhì)點B第一次到達波峰，則該波的傳播速度可能為（）A1m/sB1.5m/sC3m/sD5m/s8、手機無線充電功能的應(yīng)用為人們提供了很大便利。圖甲為手機無線充電原理示意圖。充電板接入交流電源，充電板內(nèi)的勵磁線圈可產(chǎn)生交變磁場，從而使手機內(nèi)的感應(yīng)線圈產(chǎn)生感應(yīng)電流。充電板內(nèi)的勵磁線圈通入如圖乙所示的交變電流（電流由流入時方向為正，交

5、變電流的周期為），手機感應(yīng)線圈的匝數(shù)為10匝，線圈的面積為，手機充電時電阻約為，時刻感應(yīng)線圈中磁感應(yīng)強度為。下列說法正確的是（） A時間內(nèi)，點電勢高于點電勢B時間內(nèi)，點電勢高于點電勢C感應(yīng)線圈中電流的有效值為D感應(yīng)線圈中電流的有效值為9、如圖所示，質(zhì)量為M的長木板靜止在光滑水平面上，上表面OA段光滑，AB段粗糙且長為l，左端O處固定輕質(zhì)彈簧，右側(cè)用不可伸長的輕繩連接于豎直墻上，輕繩所能承受的最大拉力為F質(zhì)量為m的小滑塊以速度v從A點向左滑動壓縮彈簧，彈簧的壓縮量達最大時細繩恰好被拉斷，再過一段時間后長木板停止運動，小滑塊恰未掉落則（ ）A細繩被拉斷瞬間木板的加速度大小為B細繩被拉斷瞬間彈簧的彈

6、性勢能為C彈簧恢復(fù)原長時滑塊的動能為D滑塊與木板AB間的動摩擦因數(shù)為10、從水平面上方O點水平拋出一個初速度大小為v0的小球，小球與水平面發(fā)生一次碰撞后恰能擊中豎直墻壁上與O等高的A點，小球與水平面碰撞前后水平分速度不變，豎直分速度大小不變、方向相反，不計空氣阻力。若只改變初速度大小，使小球仍能擊中A點，則初速度大小可能為（ ）A2v0B3v0CD三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）圓柱形陶瓷元器件表面均勻鍍有一層導(dǎo)電薄膜，已知導(dǎo)電薄膜電阻率為，為了測量該薄膜厚度，某同學(xué)使用銅絲緊繞在元件表面，銅絲繞制成圓形，圓柱體軸線垂直于銅絲

7、圓面，制成電極A、B，如圖甲所示(1)用螺旋測微器測量元件的直徑，測量結(jié)果如圖乙所示，其讀數(shù)為_mm。(2)為了測量元件電阻，某同學(xué)首先使用多用電表對元件粗測，元件電阻約為，現(xiàn)需準確測量電阻阻值，可供器材如下A被測元件（阻值約）B直流電源（電動勢約，內(nèi)阻約）C電流表（量程，內(nèi)阻約）D電壓表（量程，內(nèi)阻）E.電壓表（量程，內(nèi)阻約）F.定值電阻（）G.滑動變阻器（）H.滑動變阻器（）I.電鍵、導(dǎo)線等在可供選擇的器材中，已經(jīng)選擇A、B、C、I除此之外，應(yīng)該選用_（填寫序號）根據(jù)所選器材，在圖丙方框中畫出實驗電路圖_需要測量的物理量_，請用上述物理量表示被測電阻_。(3)為了測量薄膜厚度還需要測量的物

8、理量為_。(4)若被測元件電阻為，元件直徑為，電阻率為，請結(jié)合使用(3)物理量表示薄膜厚度_。12（12分）某同學(xué)用如圖甲所示裝置測當?shù)氐闹亓铀俣?，光電門A、B與光電計時器相連，可記錄小球經(jīng)過光電門A和光電門B所用的時間（1）實驗前用游標卡尺測量小球的直徑，示數(shù)如圖乙所示，則小球的直徑d=_mm（2）讓小球緊靠固定擋板，由靜止釋放，光電計時器記錄小球經(jīng)過光電門A和光電門B所用的時間t1、t2，測出兩光電門間的高度差h，則測得的重力加速度g=_(用測得的物理量的符號表示)。（3）將光電計時器記錄小球通過光電門的時間改為記錄小球從光電門A運動到光電門B所用的時間，保持光電門B的位置不變，多次改變

9、光電門A的位置,每次均讓小球從緊靠固定擋板由靜止釋放，記錄每次兩光電間的高度差h及小球從光電門A運動到光電門B所用的時間t，作出圖象如圖丙所示，若圖象斜率的絕對值為k，則圖象與縱軸的截距意義為_，當?shù)氐闹亓铀俣葹開 四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，打開水龍頭，流出涓涓細流。將乒乓球靠近豎直的水流時，水流會被吸引，順著乒乓球表面流動。這個現(xiàn)象稱為康達效應(yīng)（Coanda Effect）。某次實驗，水流從點開始順著乒乓球表面流動，并在乒乓球的最低點與之分離，最后落在水平地面上的點（未畫出）。已知水

10、流出水龍頭的初速度為，點到點的水平射程為，點距地面的高度為，乒乓球的半徑為，為乒乓球的球心，與豎直方向的夾角，不計一切阻力，若水與球接觸瞬間速率不變，重力加速度為。(1)若質(zhì)量為的水受到乒乓球的“吸附力”為，求的最大值；(2)求水龍頭下端到的高度差。14（16分）受控核聚變是當前研究的熱點。我國的“東方超環(huán)”世界領(lǐng)先，將氘氚燃料用特殊的加熱方法加熱到聚變反應(yīng)溫區(qū)（即1億度以上）以點燃氘氚反應(yīng)一個氘核（）和一個氚核（）發(fā)生聚變核反應(yīng)，生成一個氦核（），放出一個中子，利用特殊設(shè)計的“籠子”將它們穩(wěn)定地約束在該真空容器內(nèi)。使聚變反應(yīng)能夠穩(wěn)定進行，其中一種方法是磁約束，圍繞這種磁籠子的設(shè)計和建道，人類

11、已經(jīng)走過了半個多世紀艱苦的歷程。某校的研究小組進行了以下的設(shè)計，如圖所示，矩形abcd的ab邊長為2L，ab與ac夾角為，矩形對角線ac上下方分別分布著磁感應(yīng)強度大小為B的勻強磁場，一個氚核（）從ab邊中點P處以某一速度垂直ab邊進入下方磁場恰好不從對角線ac邊射出，一個氘核（）從c點以某一速度水平向左進入上方磁場并與氚核（）在對角線ac上相遇并發(fā)生聚變反應(yīng)，生成一個氦核（），放出一個中子，生成的氫核（）速度方向豎直向下。已知一個核子的質(zhì)量為m，質(zhì)子的電量為q，求：（1）氘核（）與氚核（）射入磁場時的速度大小之比；（2）先后釋放氚核（）與氘核（）的時間差；（3）生成的氫核（）速度v應(yīng)滿足的條件

12、。使之偏轉(zhuǎn)后恰好到達矩形的a點。15（12分）如圖所示，光滑的水平面AB與半徑R=0.5m的光滑豎直半圓軌道BCD在B點相切，D點為半圓軌道最高點，A點的右側(cè)連接一粗糙的水平面，用細線連接甲、乙兩物體，中間夾一輕質(zhì)壓縮彈簧，彈簧與甲、乙兩物體不拴接，甲的質(zhì)量m1=4kg，乙的質(zhì)量m1=5kg，甲、乙均靜止若燒斷細線，甲離開彈簧后經(jīng)過B點進入半圓軌道，過D點時對軌道的壓力恰好為零取g=10m/s1甲、乙兩物體可看做質(zhì)點，求：(1)甲離開彈簧后經(jīng)過B點時的速度的大小vB；(1)燒斷細線吋彈簧的彈性勢能EP；(3)若固定甲，將乙物體換為質(zhì)量為m的物體丙，燒斷細線，丙物體離開彈簧后從A點進入動摩擦因數(shù)

13、=0.5的粗糙水平面，AF是長度為4l的水平軌道，F(xiàn)端與半徑為l的光滑半圓軌道FCH相切，半圓的直徑FH豎直，如圖所示.設(shè)丙物體離開彈簧時的動能為6mgl，重力加速度大小為g，求丙物體離開圓軌道后落回到水平面BAF上的位置與F點之間的距離s；(4)在滿足第(3)問的條件下，若丙物體能滑上圓軌道，且能從GH間離開圓軌道滑落（G點為半圓軌道中點)，求丙物體的質(zhì)量的取值范圍參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】物塊接觸彈簧后，在開始階段，物塊的重力大于彈簧的彈力，合力向下，加速度向下，根據(jù)牛頓第二定律得：mg-k

14、x=ma得到a與x是線性關(guān)系，當x增大時，a減小；當彈力等于重力時，物塊的合力為零，加速度a=0；當彈力大于重力后，物塊的合力向上，加速度向上，根據(jù)牛頓第二定律得kx-mg=ma得到a與x是線性關(guān)系，當x增大時，a增大；若物塊接觸彈簧時無初速度，根據(jù)簡諧運動的對稱性，可知物塊運動到最低點時加速度大小等于g，方向豎直向上，當小球以一定的初速度壓縮彈簧后，物塊到達最低點時，彈簧的壓縮增大，加速度增大，大于g；A該圖與結(jié)論不相符，選項A錯誤；B該圖與結(jié)論不相符，選項B錯誤；C該圖與結(jié)論不相符，選項C錯誤；D該圖與結(jié)論相符，選項D正確；故選D。2、D【解析】在A點，小球開始離開圓弧曲面，只受重力，則有

15、：得：,之后小球做平拋運動，則：，得：則平拋運動的最小水平位移為：,所以BC的最小距離為：A、B、C錯誤；D正確；故選D3、C【解析】電源的輸出功率：P=EII2r則：整理得：A. I1I2。與上述結(jié)論不符，故A錯誤；B. I1I2。與上述結(jié)論不符，故B錯誤；C. I1I2。與上述結(jié)論相符，故C正確；D. I1I2。與上述結(jié)論不符，故D錯誤。4、C【解析】三個齒輪同緣轉(zhuǎn)動，所以三個齒輪邊緣的線速度相等，即為：vA=vB=vC三個齒輪的齒數(shù)分別為32、12、20，根據(jù)得A、B、C三個齒輪轉(zhuǎn)動的角速度之比為A. 8:3:5與計算結(jié)果不符，故A錯誤。B. 5:3:8與計算結(jié)果不符，故B錯誤。C. 1

16、5:40:24與計算結(jié)果相符，故C正確。D. 24:40:15與計算結(jié)果不符，故D錯誤。5、C【解析】A極板間距變?yōu)樵瓉韮杀叮鶕?jù)可知電容減半，A錯誤；B電荷量和極板正對面積不變，則電場強度大小不變，B錯誤；C當開關(guān)斷開后，電容器極板的電荷量Q不變，根據(jù)電容減半，兩極板間電壓加倍，根據(jù)可知，電場能加倍，C正確；D電路斷開，沒有電流和焦耳熱產(chǎn)生，極板的動能不變，則外力做的功等于電場能的增加量，D錯誤。故選C。6、D【解析】ABS1閉合時，因為電容器通交流阻直流，所以燈A中有短暫電流通過，且不會逐漸變亮，故AB錯誤；CS2閉合時，因為電感線圈，燈B會逐漸熄滅，故C錯誤；D開關(guān)S2閉合時，電容放電，

17、所以S2閉合瞬間A燈有電流從b到a ，故D正確。故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】根據(jù)題意畫出A、B間只有一個波峰的所有波形如圖所示。由于波的傳播方向由A到B，可分為下列四種情形：a圖中，=8m；經(jīng)過時間t=1s，質(zhì)點B第一次到達波峰，可知T=4s，則波速b圖中，=4m；經(jīng)過時間t=1s，質(zhì)點B第一次到達波峰，可知，則波速c圖中，=4m；經(jīng)過時間t=1s，質(zhì)點B第一次到達波峰，可知，則波速d圖中，；經(jīng)過時間t=1s，質(zhì)點B第一次到達波峰，可知，則

18、波速故AC正確，BD錯誤。故選AC。8、AC【解析】AB時間內(nèi)充電板中電流由流向，此時勵磁線圈在感應(yīng)線圈中的磁場方向向下，且磁感應(yīng)強度逐漸減小，根據(jù)楞次定律，可判斷出感應(yīng)線圈中電流的方向為到，同理時間內(nèi)，感應(yīng)線圈中電流的方向也為到。由于感應(yīng)線圈此時充當電源，電流從低電勢流向高電勢，所以點的電勢較高，選項A正確，B錯誤。CD由于勵磁線圈中的電流是正弦式的，感應(yīng)出來的電流是余弦式的。感應(yīng)電動勢的最大值則感應(yīng)電流的有效值所以選項C正確，D錯誤。故選AC。9、ABD【解析】A細繩被拉斷瞬間，對木板分析，由于OA段光滑，沒有摩擦力，在水平方向上只受到彈簧給的彈力，細繩被拉斷瞬間彈簧的彈力等于F，根據(jù)牛頓

19、第二定律有：解得，A正確；B滑塊以速度v從A點向左滑動壓縮彈簧，到彈簧壓縮量最大時速度為0，由系統(tǒng)的機械能守恒得：細繩被拉斷瞬間彈簧的彈性勢能為，B正確；C彈簧恢復(fù)原長時木板獲得的動能，所以滑塊的動能小于，C錯誤；D由于細繩被拉斷瞬間，木板速度為零，小滑塊速度為零，所以小滑塊的動能全部轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢能，即，小滑塊恰未掉落時滑到木板的右端，且速度與木板相同，設(shè)為，取向左為正方向，由動量守恒定律和能量守恒定律得聯(lián)立解得，D正確。故選ABD。10、CD【解析】設(shè)豎直高度為h，小球以v0平拋時與地面碰撞一次，反彈后與A點碰撞，在豎直方向先加速后減速，在水平方向一直勻速，根據(jù)運動的對稱性原理，可知該

20、過程運動的時間為平拋運動時間的兩倍，則有水平方向的位移設(shè)當平拋速度為時，經(jīng)與地面n次碰撞，反彈后仍與A點碰撞，則運動的時間為水平方向的位移不變，則有解得（n=1，2，3.）故當n=2時；當n=3時；故AB錯誤，CD正確。故選CD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、0.398（0.3960.399均可給分） DFG （分壓式接法也可以） 電流表示數(shù)，電壓表示數(shù) （或） 電極A、B之間的距離 【解析】(1)1螺旋測微器主尺刻度為0，可動刻度為39.80.01mm=0.398mm，所以讀數(shù)為0+0.398mm=0.398mm(2)2因為直流

21、電源電動勢為6V，電壓表V2量程太大，不能選擇，可將電壓表V1改裝，因此需要DF；滑動變阻器起限流作用，安全下選擇小的，比較方便操作，所以選擇G。3該電路設(shè)計滑動變阻器阻值比被測阻值大，而且能保證儀器安全，因此滑動變阻器采用限流方式，使用伏安法測量被測電阻，其中電壓表需串聯(lián)一個分壓電阻，總電阻遠大于待測電阻，采用電流表外接。電路如圖：4根據(jù)歐姆定律，需要測量電流表示數(shù)，電壓表示數(shù)；5電壓應(yīng)為電壓表和定值電阻的總電壓，電流應(yīng)為流過待測電阻的電流，則因為，所以也可表示為(3)6根據(jù)電阻定律其中薄膜很薄，展開后可認為是以圓周長為邊，厚度為高的矩形，即所以為了測量薄膜厚度，還需要測量連入電路的電阻長度

22、為電極A、B之間的距離。(4)7據(jù)題有因此12、11.4 小球經(jīng)過光電門B時的速度 2k 【解析】（1）1由圖示游標卡尺可知，其示數(shù)為d=11mm+40.1mm=11.4mm（2）2小球經(jīng)過光電門時的速度為小球做自由落體運動，由速度位移公式得解得（3）34小球釋放點的位置到光電門B的位置是恒定的，小球每次經(jīng)過光電門時的速度是一定的，則有整理得則圖象與縱軸的截距表示小球經(jīng)過光電門B時的速度vB，圖象斜率的絕對值為解得四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1)；(2)【解析】(1)設(shè)水流在點的速率為，在點時最大，由牛頓第二定律水流從點開始做平拋運動，有聯(lián)立，解得(2)水流從水龍頭流出至到達點，由動能定理聯(lián)立，解得14、（1）；（2）；（3）【解析】（1）從P點射入的氚核（）軌跡如圖甲所