2022-2023學年山東省章丘市第四中學高三物理第一學期期中教學質量檢測試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷考生請注意：1答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列敘述符合物理學史實的是（ ）A牛頓提出了萬有引力定律，并用實驗測量了萬有引力常量B庫侖最早引入了電場概念，并提出用電場線表示電場C奧斯特對電磁感應現象的研究，將人類帶人了

2、電氣化時代D安培提出了分子電流假說，解釋了磁鐵的磁場和電流的磁場在本質上相同2、如圖所示，光滑水平面上有大小相同的A、B兩球在同一直線上運動.兩球質量關系為mB=2mA，規(guī)定向右為正方向，A、B兩球的動量均為6kgm/s，運動中兩球發(fā)生碰撞，碰撞后A球的動量增量為4kgm/s，則（ ）A左方是A球，碰撞后A、B兩球速度大小之比為2：5B左方是A球，碰撞后A、B兩球速度大小之比為1：10C右方是A球，碰撞后A、B兩球速度大小之比為2：5D右方是A球，碰撞后A、B兩球速度大小之比為1：103、2017年6月15日上午11點，我國在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心用長征四號乙運載火箭成功發(fā)射首顆X射線調制望遠鏡衛(wèi)星

3、“慧眼”假設將發(fā)射火箭看成如下模型：靜止的實驗火箭，總質量為M2100g當它以對地速度為v0840m/s噴出質量為m100g的高溫氣體后，火箭的對地速度為（噴出氣體過程中重力和空氣阻力可忽略不計）A42m/sB42m/sC40m/sD40m/s4、如圖所示，在光滑的水平面上靜止放一質量為m的木板B，木板表面光滑，左端固定一輕質彈簧質量為2m的木塊A以速度v0從板的右端水平向左滑上木板B，在木塊A與彈簧相互作用的過程中，下列判斷正確的是( )A彈簧壓縮量最大時，B板運動速率最大B板的加速度一直增大C彈簧給木塊A的沖量大小為D彈簧的最大彈性勢能為5、趙老師熱愛自行車騎行這一鍛煉方法，每次鍛煉他都會

4、用運動軟件記錄自己的運動路線如圖所示是他某次騎行過程中運動軟件記錄下來的數據，根據以上描述，下列說法中正確的是()A以自行車為參考系，趙老師是運動的B若研究騎行總時間，則可將趙老師看成質點C趙老師本次運動的位移是10.13 kmD根據圖中所給的數據可以求出趙老師騎行的平均速度6、如圖是、兩個質點做直線運動的位移-時間圖線，則A在運動過程中，質點總比質點慢B當時，兩質點的位移相同C當時，兩質點的速度相等D當時，質點的加速度大于質點的加速度二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

5、7、如圖所示，兩平行導軌間距為L，傾斜部分和水平部分長度均為L，傾斜部分與水平面的夾角為37，cd間接電阻R，導軌電阻不計質量為m的金屬細桿靜止在傾斜導軌底端，與導軌接觸良好，電阻為r整個裝置處在豎直向上的勻強磁場中，磁感應強度隨時間變化關系為，在桿運動前，以下說法正確的是A穿過回路的磁通量為B流過導體棒的電流方向為由b到aC回路中電流的大小為D細桿受到的摩擦力一直減小8、如圖所示，平板小車停在光滑水平面上甲、乙兩人站在小車左、右兩端，當他倆同時相向而行時，發(fā)現小車向右運動，下列說法中正確的是 A乙的速度必定大于甲的速度B乙對小車的沖量必定大于甲對小車的沖量C乙的動量必定大于甲的動量D甲、乙的

6、動量之和必定不為零9、如圖所示，質量為4.0kg的物體A靜止在豎直的輕彈簧上，質量為6.0kg的物體B用細線懸掛在天花板上，B與A剛好接觸但不擠壓，現將細線剪斷，則剪斷后瞬間，下列結果正確的是（g取10m/s2）（）AA加速的大小為1m/s2BB加速的大小為6m/s2C彈簧彈力大小為60NDA、B間相互作用力的大小為24N10、如圖所示，電源電動勢為E，內阻為r，C為電容器，L為小燈泡，R為定值電阻，閉合開關，小燈泡能發(fā)光現將滑動變阻器滑片向右滑動一段距離，滑動前后理想電壓表V1、V2示數變化量的絕對值分別為U1、U2，理想電流表A示數變化量的絕對值為I，則()A電容的帶電量變大B燈泡亮度變亮

7、C與均保持不變D當電路穩(wěn)定后，斷開開關，小燈泡立刻熄滅三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）借助計算機、力傳感器的掛鉤與其它物體間的彈力大小能夠在屏幕上顯示出來為了探究最大靜摩擦力的大小跟哪些因素有關,某同學在老師的指導下做了一系列實驗:將滑塊平放在長木板上,用力傳感器沿長木板水平拉滑塊,改變拉力直到將滑塊拉動;再在長木板上鋪上毛巾,并在滑塊上放上砝碼,重復前一個過程,得到的圖線分別如圖甲、乙所示（1）由圖乙知:在這段時間內,滑塊的運動狀是_(填“運動”或“靜止”),滑塊受到的最大靜摩擦力為_(填“”或“”)（2）結合甲、乙兩圖,_

8、(填“能”或“不能”)得出最大靜摩擦力與兩物體接觸面的粗糙程度和接觸面的壓力均有關的結論12（12分）由于空間站處于完全失重狀態(tài)，不能利用天平等儀器測量質量，為此某同學為空間站設計了如圖所示(a)的實驗裝置，用來測量小球質量圖中彈簧固定在擋板上，軌道B處裝有光電門，可以測量出小球經過光電門的時間該同學設計的主要實驗步驟如下：()用游標卡尺測量小球的直徑d()將彈簧固定在檔板上()小球與彈簧接觸并壓縮彈簧，記錄彈簧的壓縮量x()由靜止釋放小球，測量小球離開彈簧后經過光電門的時間t，計算出小球離開彈簧的速度v() 改變彈簧的壓縮量，重復步驟()、()多次() 分析數據，得出小球的質量該同學在地面上

9、進行了上述實驗，請回答下列問題(1)步驟()中游標卡尺示數情況如圖(b)所示，小球的直徑d_cm；(2)某一次步驟() 中測得彈簧的壓縮量為1 cm，對應步驟()中測得小球通過光電門的時間為7.50 ms，則此次小球離開彈簧的速度v_m/s；(3)根據實驗得到的彈簧的形變x與對應的小球速度v在圖(c)中描出了對應的點，請將(2)問中對應的點描出，并畫出v-x圖像(4)已知實驗所用彈簧的彈性勢能EP與彈簧形變量x2之間的關系如圖(d)所示，實驗測得小球的質量為_kg四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示

10、，傾角為30的光滑斜面的下端有一水平傳送帶，傳送帶正以6m/s的速度運動，運動方向如圖所示一個質量為2kg的物體（物體可以視為質點），從h=3.2m高處由靜止沿斜面下滑，物體經過A點時，不管是從斜面到傳送帶還是從傳送帶到斜面，都不計其動能損失物體與傳送帶間的動摩擦因數為0.5，物體向左最多能滑到傳送帶左右兩端AB的中點處，重力加速度g=10m/s2，求：（1）傳送帶左右兩端AB間的距離L（2）上述過程中物體與傳送帶組成的系統因摩擦產生的熱量（3）物體隨傳送帶向右運動，最后沿斜面上滑的最大高度h14（16分）如圖所示，一根輕彈簧左端固定于豎直墻上，右端被質量可視為質點的小物塊壓縮而處于靜止狀態(tài)，

11、且彈簧與物塊不栓接，彈簧原長小于光滑平臺的長度在平臺的右端有一傳送帶， 長，物塊與傳送帶間的動摩擦因數，與傳送帶相鄰的粗糙水平面長s=1.5m，它與物塊間的動摩擦因數，在C點右側有一半徑為R的光滑豎直圓弧與平滑連接，圓弧對應的圓心角為，在圓弧的最高點F處有一固定擋板，物塊撞上擋板后會以原速率反彈回來若傳送帶以的速率順時針轉動，不考慮物塊滑上和滑下傳送帶的機械能損失當彈簧儲存的能量全部釋放時，小物塊恰能滑到與圓心等高的點，?。?） 求右側圓弧的軌道半徑為R;（2） 求小物塊最終停下時與C點的距離;（3） 若傳送帶的速度大小可調，欲使小物塊與擋板只碰一次，且碰后不脫離軌道，求傳送帶速度的可調節(jié)范圍

12、15（12分）某同學想用以下器材組裝一只歐姆計，并測量一只約幾千歐電阻的阻值。A。電流表，滿偏電流為1mA，內阻為20B電流表，滿偏電流為0.6A，內阻為5C電動勢15V，內阻5的直流電源D電動勢3V，內阻3的直流電源E最大阻值為5000的滑動變阻器F最大阻值為100的滑動變阻器(1)以上器材應選用_（填字母）(2)歐姆計調零后，滑動變阻器被接入部分的阻值為_(3)若用此歐姆計測量電阻，發(fā)現指針指在滿偏電流的三分之一處，則此電阻的阻值約為_參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】A. 牛頓提出了萬有引力定律，

13、卡文迪許用實驗測量了萬有引力常量，故A錯誤；B、物理學家法拉第最早引入了電場的概念，并提出用電場線形象表示電場，故B錯誤；C、法拉第對電磁感應現象的研究，將人類帶人了電氣化時代，故C錯誤；D. 安培提出了分子電流假說，解釋了磁鐵的磁場和電流的磁場在本質上相同，故D正確；故選D。2、A【解析】試題分析：兩球碰撞過程，系統不受外力，故碰撞過程系統總動量守恒；同時考慮實際情況，碰撞前后面的球速度大于前面球的速度規(guī)定向右為正方向，碰撞前A、B兩球的動量均為，說明A、B兩球的速度方向向右，兩球質量關系為，所以碰撞前，所以左方是A球碰撞后A球的動量增量為，所以碰撞后A球的動量是2kgm/s，碰撞過程系統總

14、動量守恒：，所以碰撞后B球的動量是10kgm/s，根據mB=2mA，所以碰撞后A、B兩球速度大小之比為2：5，A正確3、B【解析】發(fā)射過程系統動量守恒，應用動量守恒定律可以求出導彈的速度；【詳解】噴出氣體過程中重力和空氣阻力可忽略不計，可知在火箭發(fā)射的過程中二者組成的相同豎直方向的動量守恒，以噴出氣體的速度方向為正方向，由動量守恒定律得：，解得：，故B正確，ACD錯誤；故選B【點睛】關鍵是噴出氣體過程中重力和空氣阻力可忽略不計，火箭發(fā)射的過程中二者組成的相同豎直方向的動量守恒4、D【解析】在木塊A與彈簧相互作用的過程中，從彈簧的壓縮量達到最大到彈簧恢復原狀的過程中，彈簧對木板B有向左的彈力，B

15、板仍在加速，所以彈簧壓縮量最大時，B板運動速率不是最大，當彈簧恢復原長時B板的速率最大，故A錯誤；彈簧壓縮量先增加后減小，彈簧對B板的彈力先增大后減小，故B板的加速度先增加后減小，故B錯誤；設彈簧恢復原長時A與B的速度分別為v1和v1取向左為正方向，根據動量守恒定律，有：1mv2=1mv1+mv1；根據機械能守恒定律，有：1mv21=1mv11+mv11；解得：v1=v2，v1=v2對滑塊A，根據動量定理，有：I=1mv1-1mv2=-mv2（負號表示方向向右），故C錯誤；當滑塊與長木板速度相等時，彈簧的壓縮量最大；根據動量守恒定律，有：1mv2=（m+1m）v；系統機械能守恒，根據守恒定律，

16、有：Ep=1mv21-（1m+m）v1；由以上兩式解得：Ep=mv21，故D正確；故選D.5、B【解析】老師和自行車的位置沒有發(fā)生變化，故兩者相對靜止，故A錯誤；若研究自行車騎行的路徑是，老師的形狀和大小是次要因素，可以忽略，可以看做質點，故B正確；老師的軌跡為曲線，長度表示路程，故C錯誤；由于只知道路程大小，不知道位移大小，所以不能求得平均速度，故D錯誤；故選B?！军c睛】明確位移和路程的定義，明確位移為起點到終點的有向線段，而路程是指實際軌跡的長度；當物體的大小和形狀在所研究的問題中可以忽略時可以看作質點；理解平均速度和瞬時速度的定義；6、B【解析】A.位移-時間圖線的斜率等于速度，由圖看出

17、，圖線的斜率大于圖線的斜率，則的速度大于的速度，質點總比質點快，故A錯誤；B.圖線是、兩個質點做直線運動的位移-時間圖線，所以時，兩質點的位移相同，故B正確；C.在時間內，質點總比質點快，即當時，的速度大于的速度，故C錯誤；D.兩質點均做勻速直線運動，加速度都等于零，故D錯誤二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】A、由 ，故A錯誤C、磁感應強度均勻增大，產生的感生電動勢，由法拉第電磁感應定得，由全電路歐姆定律得，則C正確B、由楞次定律可得感應電流的方向俯視為

18、順時針方向，即電流流向為b到a，B正確D、因感應電流大小恒定，則細桿所受的安培力因B逐漸增大而增大，由左手定則知方向水平向右，對桿的平衡知識可得，則摩擦力先向上逐漸減小到零，后向下逐漸增大，D錯誤故選BC【點睛】電磁感應的兩類電源(動生和感生)構成的典型題型有：電源問題、電路問題、運動問題、電量與能量問題8、BCD【解析】ACD.甲、乙兩人及小車組成的系統不受外力，系統動量守恒，根據動量守恒定律得：甲甲乙乙車車=0小車向右運動，則說明甲與乙兩人的總動量向左，說明乙的動量大于甲的動量，即兩人的總動量不為零，但是由于不知兩人的質量關系，故無法確定兩人的速度大小關系，故選項A不符合題意，C、D符合題

19、意；B.小車速度方向向右，即動量的變化量向右，根據動量定理知乙對小車的沖量方向向右，甲對小車的沖量方向向左，可知乙對小車的沖量大于甲對小車的沖量，故選項B符合題意9、BD【解析】彈簧的彈力不能突變，以A、B系統為研究對象，由牛頓第二定律求出系統的加速度，然后以B為研究對象，由牛頓第二定律求出A、B間的作用力?！驹斀狻緾、物體A、B接觸但不擠壓，剪斷細線前，對A由平衡條件得，彈簧的彈力：T=mAg=410=40N，由于彈簧的彈力不能突變，剪斷細線瞬間彈力大小仍為40N，故C錯誤；A、剪斷細線后，A、B一起向下加速運動，對系統，由牛頓第二定律得：（mA+mB）gT=（mA+mB）a，解得：a=6m

20、/s2，故A錯誤，B正確；D、對B，由牛頓第二定律得：mBgF=mBa，解得：F=24N，則A、B間的作用力為24N，故D正確；故選：BD?！军c睛】本題考查牛頓第二定律的應用；解題的關鍵是先采用整體法求解加速度，再隔離物體B并根據牛頓第二定律列式求解。10、BC【解析】想電壓表內阻無窮大，相當于斷路理想電流表內阻為零，相當短路分析電路的連接關系，根據歐姆定律分析【詳解】A將滑動變阻器滑片向右滑動時接入電路的電阻減小，電路中電流增大，電源的內電壓以及R上的電壓增大，則燈泡和滑動變阻器兩端的電壓之和減小，即電容器兩端的電壓減小，根據Q=CU可知，電容器帶電量減小，選項A錯誤；B電路中電流增大，通過

21、燈泡的電流增大，所以燈泡變亮，故B正確；C根據U2=E-Ir，得=r，保持不變=R，保持不變，故C正確；D當電路穩(wěn)定后，斷開電鍵，電容器通過燈泡和變阻器放電，所以小燈泡不會立即熄滅，故D錯誤；故選BC【點睛】本題是電路的動態(tài)分析問題，關鍵要搞清電路的結構，明確電表各測量哪部分電路的電壓或電流，根據閉合電路歐姆定律進行分析三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、靜止 F1 不能 【解析】根據題中F-t圖線可知，本題考查最大靜摩擦力、最大靜摩擦力與滑動摩擦力關系的知識點，根據最大靜摩擦力和滑動摩擦力產生的條件和影響因素，由平衡條件知，最大靜摩擦

22、力隨外力的增大而增大，到達最大之后，當外力繼續(xù)增大，物體開始相對運動后，就變?yōu)榛瑒幽Σ亮?，滑動摩擦力小于最大靜摩擦力【詳解】（1）物體靜止時受到拉力與靜摩擦力作用，由平衡條件可知，靜摩擦力等于拉力，隨拉力增大，靜摩擦力變大；當拉力大于最大靜摩擦力時，物體運動，之后物體受到的摩擦力是滑動摩擦力，滑動摩擦力小于最大靜摩擦力，所以在t1t1時間內滑塊處于靜止狀態(tài)，最大靜摩擦力為F1，t1時刻之后，物塊處于運動狀態(tài)，受到的是滑動摩擦力，大小為F1（1）實驗中沒有控制接觸面粗糙程度相同而物體間壓力不同，因此不能得出最大靜摩擦力與接觸面的壓力有關的結論故答案為（1）靜止；F1;（1）不能12、1.50 2

23、 0.05 【解析】游標卡尺主尺與游標尺示數之和是游標卡尺的示數，游標卡尺不需要估讀；根據在極短時間內的平均速度等于瞬時速度得出小球通過光電門時的速度大小；根據實驗得到的彈簧的形變x與對應的小球速度v在圖中描出了對應的點，用直線連接；根據能量守恒定律可得，可得，分析其斜率求出小球的質量；【詳解】(1)游標卡尺的主尺讀數為：1.5cm，游標尺上第0個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數為00.1mm=0.0mm=0.00 cm，所以最終讀數為：1.5cm+0.00cm=1.50cm；(2)根據在極短時間內的平均速度等于瞬時速度得：小球通過光電門時的速度大小(3)根據實驗得到的彈簧的形變x與對應

24、的小球速度v在圖中描出了對應的點，用直線連接如圖所示；斜率，小球速度v與彈簧的形變x為；(4)根據能量守恒定律可得，可得，由彈簧的彈性勢能EP與彈簧形變量x2之間的關系圖可得，實驗測得小球的質量為四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）傳送帶左右兩端AB間的距離為12.8 m；（2）上述過程中物體與傳送帶組成的系統因摩擦產生的熱量為160 J；（3）物體隨傳送帶向右運動，最后沿斜面上滑的最大高度h為1.8m【解析】試題分析：（1）物體向左滑到AB的中點處時速度等于0，從靜止開始到在傳送帶上的速度等于0的過程中運用

25、動能定理即可求得L；（2）物體與傳送帶組成的系統因摩擦產生的熱量等于此過程中克服摩擦力所做的功，根據做功公式求出摩擦力所做的功；（3）物體隨傳送帶向右勻加速，要分析在到達A點前速度是否達到傳送帶的速度，如果達到，那就以傳送帶的速度沖上斜面，如果沒有達到，就以勻加速直線運動的末速度沖上斜面，再根據動能定理即可求出最大高度（1）從靜止開始到在傳送帶上的速度等于0的過程中運用動能定理得：mgh=00解得：L=12.8 m（2）在此過程中，物體與傳送帶間的相對位移：x相=+v帶t又=，而摩擦熱Q=mgx相以上三式可聯立得Q=160 J（3）物體隨傳送帶向右勻加速，當速度為v帶=6 m/s時向右的位移為x，則mgx=x=3.6 m，即物體在到達A點前速度與傳送帶相等，最后以v帶=6 m/s的速度沖上斜面，由動能定理得：=mgh解得：h=1.8 m答：（