2023學年佛山市普通高中高二物理第一學期期中綜合測試模擬試題含解析

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷考生請注意：1答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔。考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、帶電粒子在磁場中運動時受到的磁場力叫洛倫茲力，下列說法正確的是：A洛倫茲力的方向與磁場方向相同；B洛倫茲力對運動粒子不做功；C帶電粒子在磁場中運動時一定有洛倫茲力；D洛倫茲力使粒子

2、速度增大2、如圖所示，L1、L2、L3為等勢面，兩相鄰等勢面間電勢差相同，取L2的電勢為零，有一負電荷在L1處動能為30J，運動到L3處動能為10J，則電荷的電勢能為4J時，它的動能是(不計重力和空氣阻力)： ()A6JB4JC16JD14J3、在物理學史上，發(fā)現(xiàn)“彈簧發(fā)生彈性形變時，在一定形變范圍內(nèi)，彈力的大小跟彈簧伸長（或 縮短）的長度成正比”這一規(guī)律的科學家是A亞里士多德B牛頓C伽利略D胡克4、如圖是勻強電場遇到空腔導體后的部分電場線分布圖，電場方向如圖中箭頭所示，M，N,Q是以直電場線上一點O為圓心的同一圓周上的三點,OQ連線垂直于MN.以下說法正確的是AO點電勢高于Q點電勢BO、M間

3、的電勢差等于N、O間的電勢差C將一正電荷由M點移到Q點，電荷的電勢能增加D在Q點釋放一個正電荷，正電荷所受電場力將沿與OQ垂直的方向豎直向上5、如圖所示，a、b、c為電場中同一電場線上的三點，且b為ac的中點，a、c電勢分別為，下列敘述正確的是A電場中b點的電勢一定是7VBa點的場強一定大于c點的場強C一正電荷從b點運動到c點，電勢能一定減少D一正電荷運動到b點時，受到的電場力方向一定由b指向a6、下列各圖中，能正確表示一對等量異種電荷電場線分布的是ABCD二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得

4、3分，有選錯的得0分。7、若E表示電動勢，U表示外電壓，U表示內(nèi)電壓，R表示外電路的總電阻，r表示內(nèi)電阻，I表示電流，則下列各式中正確的是 ()AUIR BUEU CUEIr DU=RR+rE8、如圖所示，光滑固定金屬導軌與水平面成一定角度，將完全相同的兩個導體棒P、Q相繼從導軌頂部同一位置M處無初速釋放，在導軌中某部分（圖中兩虛線之間）有一與導軌平面垂直的勻強磁場已知P棒進入磁場時恰好做勻速運動，則從P棒進入磁場開始計時，到Q棒離開磁場（設導軌足夠長，除P、Q桿外其余電阻不計），P棒兩端電壓隨時間變化的圖象可能正確的是ABCD9、A、B 兩個半徑相同的天體各有一個衛(wèi)星 a、b 環(huán)繞它們做勻速

5、圓周運動，兩個衛(wèi)星的 質(zhì)量相等，環(huán)繞周期之比為 4：1，A、B 各自表面重力加速度之比為 4：1（忽略天體的 自轉(zhuǎn)），則（ ）Aa、b 軌跡半徑之比為 4：1Ba、b 的動能之比為 1：1CA、B 密度之比為 4：1Da、b 所受向心力之比為 1：1610、圖中虛線為一組間距相等的同心圓，圓心處固定一帶正電的點電荷一帶電粒子以一定初速度射入電場，實線為粒子僅在電場力作用下的運動軌跡，a、b、c三點是實線與虛線的交點則該粒子（ ）A帶負電B在c點受力最大C在b點的電勢能大于在c點的電勢能D由a點到b點的動能變化大于有b點到c點的動能變化三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的

6、答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在“用電流表和電壓表測定電池的電動勢和內(nèi)電阻”的實驗中備有如下器材：A干電池1節(jié)B滑動變阻器（020 ）C滑動變阻器（01 k）D電壓表（03 V，內(nèi)阻約為20 k）E電流表（00.6 A，內(nèi)阻RA0.2 ）F電流表（03 A，內(nèi)阻約為0.01 ）G開關、導線若干為減小實驗誤差和方便操作，選擇圖甲所示電路進行實驗，其中滑動變阻器應選_，電流表應選_。（填寫器材前的序號）某同學根據(jù)實驗測得的電壓表示數(shù)U和電流表示數(shù)I，畫出UI圖像如圖乙所示，由圖像可得電池的電動勢為_V，內(nèi)電阻為_。12（12分）如圖，游標卡尺讀數(shù)為_mm，螺旋測微器讀數(shù)為_mm 四、計算

7、題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，電源由n個電動勢均為1.5 V、且內(nèi)阻相同的電池串聯(lián)組成，合上開關S，變阻器的滑片C從A端滑至B端的過程中，電路中一些物理量的變化規(guī)律由圖甲、乙、丙給出（甲圖為輸出功率與路端電壓關系曲線；乙圖為路端電壓與總電流關系曲線；丙圖為電源的效率與外電路電阻關系曲線），電表、導線對電路的影響不計，求：(1)組成電源的串聯(lián)電池的個數(shù)；(2)滑動變阻器的總阻值；(3)將甲、乙、丙三個圖上的a、b、c、d各點的坐標補齊14（16分）如圖所示的電路中，電源電動勢，內(nèi)阻，電阻，電容器的電容

8、，電容器原來不帶電求接通開關S后流過的總電荷量15（12分）一質(zhì)量為M10 kg的木板B靜止于光滑水平面上，其上表面粗糙，物塊A質(zhì)量為m6 kg，停在B的左端質(zhì)量為m01 kg的小球用長為l0.8 m的輕繩懸掛在固定點O上，將輕繩拉直至水平位置后，由靜止釋放小球，小球在最低點與A發(fā)生碰撞后反彈，反彈所能達到的最大高度為h0.2 m，物塊與小球可視為質(zhì)點，g取10 m/s2，不計空氣阻力. (1)求小球在最低點與A發(fā)生碰撞前的速度；(2)求小球與A碰撞結(jié)束時A的速度；(3)若木板B足夠長，A最終沒有滑離B，求A在B上滑動的過程中系統(tǒng)損失的機械能參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共

9、24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】洛倫茲力的方向與磁場方向垂直，選項A錯誤；洛倫茲力與速度方向垂直，則洛倫茲力對運動粒子不做功，選項B正確；帶電粒子在磁場中運動時，若速度與磁場方向平行，則沒有洛倫茲力，選項C錯誤；洛倫茲力方向與速度垂直，所以洛倫茲力只改變速度的方向，不改變速度的大小，選項D錯誤；故選B【點睛】洛倫茲力是電荷在磁場中運動時才可能有力的作用，電荷的速度方向必須不能與磁場平行；洛倫茲力垂直速度方向，則洛倫茲力對運動粒子不做功2、C【解析】如圖為三個等差等勢面，根據(jù)W=qU，電荷L1到L2，L2到L3電場力做功相等，電勢能減小量相等，則電荷在L

10、2處動能為20J，此處電荷電勢能為零，電荷電勢能與動能總量為20J，根據(jù)能量守恒，當電勢能為4J時，動能為16J故C正確，ABD錯誤故選C3、D【解析】彈簧發(fā)生彈性形變時，彈力的大小F跟彈簧的伸長(或縮短)的長度x成正比，這個規(guī)律是英國科學家胡克發(fā)現(xiàn)的，也稱為胡克定律，故ABC錯誤，D正確故選：D4、A【解析】A.根據(jù)電場線與等勢線垂直特點，在O點所在電場線上找到Q點的等勢點，根據(jù)沿電場線電勢降低可知，O點的電勢比Q點的電勢高，故A正確；B.根據(jù)電場分布可知，OM間的平均電場強度比NO之間的平均電場強度大，由公式U=Ed可知，OM間的電勢差大于NO間的電勢差，故B錯誤；C. M點的電勢比Q點的

11、電勢高，正電荷從高電勢移動到低電勢電場力做正功，電荷的電勢能減小，故C錯誤；D. 在Q點釋放一個正電荷，正電荷所受電場力將沿與該點電場線的切線方向相同，斜向上，故D錯誤。5、C【解析】A、若是勻強電場，電場中b點的電勢一定是7V，若是非勻強電場，電場中b點的電勢不一定是故A錯誤B、電場線的疏密表示電場的強弱，而一條電場線不能反映電場線的疏密，無法判斷場強的大小故B錯誤C、正電荷從b點運動到c點，電場力做正功，電勢能一定減少故C正確D、從a點到b點，電勢降低，但正電荷運動到b點時，受到的電場力方向不是由b指向a故D錯誤故選C6、C【解析】根據(jù)電場線的特點：電場線從正電荷或無窮遠處出發(fā)到負電荷或無

12、窮遠處終止可知C圖能正確表示一對等量異種電荷電場線分布A.A圖與結(jié)論不相符，選項A錯誤；B. B圖與結(jié)論不相符，選項B錯誤；C. C圖與結(jié)論相符，選項C正確；D. D圖與結(jié)論不相符，選項D錯誤；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】根據(jù)閉合電路的歐姆定律可知： UIr，選項A錯誤；UEU，選項B正確；UE-Ir ，選項C錯誤；UIR=ERR+r，選項D正確；故選BD.8、AC【解析】因?qū)w棒P、Q完全相同,又是從導軌頂部同一位置M處無初速釋放,所以P、Q在進

13、入磁場時的速度大小是相等的,當P進入磁場,而Q還沒有進入磁場的過程中,P做勻速直線運動,設此時的電動勢為E,由閉合電路的歐姆定律可得P兩端的電壓為E/2，且保持不變當Q進入磁場時，分為兩種情況來分析：、當Q進入磁場時,P已經(jīng)出了磁場,所以在PQ都不在磁場中時,P的兩端的電壓為零,當Q進入磁場后,產(chǎn)生的電動勢也為E,此時P的兩端的電壓仍為E/2，當Q離開磁場時，電壓為零，選項A是有可能的、當Q進入磁場時,P還沒有出磁場,此時PQ會以相同的速度開始做勻加速直線運動,回路中沒有電流,所以P兩端的電壓等于P產(chǎn)生的電動勢,因PQ都在做勻加速直線運動,所以電壓是從E均勻增加的,當P到達磁場的邊緣時,設產(chǎn)生

14、的電動勢為E,P離開磁場時,只有Q在切割磁感線,此時P兩端的電壓為Q產(chǎn)生的電動勢的一半,即為E/2，此后Q將做加速度減小的減速運動，P兩端的電壓也就逐漸減小，且隨Q的加速度的減小，電壓減小的幅度也越來越小，所以選項C是有可能的，BD不可能故選AC9、ABC【解析】設天體半徑為R，衛(wèi)星軌道半徑為r，兩衛(wèi)星分別繞兩天體做勻速圓周運動是由萬有引力提供向心力，有解得天體表面的重力等于萬有引力，有可得A由和可得軌道半徑為則a和b的軌道半徑之比為故A正確；B運行速度為動能為因衛(wèi)星a、b的質(zhì)量相等，A、B各自表面重力加速度之比為4：1，則可推得衛(wèi)星a、b動能之比為1：1，故B正確；C天體AB的密度則A、B密

15、度之比為4：1，故C正確；D衛(wèi)星a、b所受向心力為向心力之比為1：4，故D錯誤。故選ABC。10、CD【解析】A根據(jù)粒子運動軌跡可知，粒子帶正電，選項A錯誤；B根據(jù)庫侖定律可知，離點電荷最近時最大，選項B錯誤；C從b點到c點電場力做正功，動能增加，故粒子在b點電勢能一定大于在c點的電勢能，故C正確；D同心圓間距相等，所以a點到b點電勢差大于b點到c點的電勢差，所以由a點到b點的動能變化大于有b點到c點的動能變化，選項D正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、B E 1.5 1 【解析】由題中“在“用電流表和電壓表測定電池的電動勢和內(nèi)電阻

16、”的實驗中備有如下器材”可知，本題考查用電流表和電壓表測定電池的電動勢和內(nèi)電阻的實驗，根據(jù)實驗原理和實驗器材可解答本題。【詳解】（1）1根據(jù)甲圖可知，選用外接法，因此滑動變阻器選擇B；2電流值不超過0.6A，故電流表選E；（2）3根據(jù)U-I圖可知，電動勢為1.5V；4 U-I圖的斜率表示內(nèi)阻，因此可得內(nèi)阻為1。12、49.15 mm； 0.900 mm； 【解析】游標卡尺的主尺讀數(shù)為49mm，游標尺上第3個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數(shù)為30.05mm=0.15mm，所以最終讀數(shù)為：49mm+0.15mm=49.15mm螺旋測微器的固定刻度為0.5mm，可動刻度為40.00.01mm=

17、0.400mm，所以最終讀數(shù)為0.5mm+0.400mm=0.900mm點晴：解決本題的關鍵掌握游標卡尺讀數(shù)的方法，主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)，不需估讀；螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1)4個(2)8 (3)a(0.6A，4.8V) b(3V，4.5W) c(4.8V，2.88W) d(8，80%)【解析】(1)由乙圖看出，短路電流I短=3A，則有I短，解得：；當電源的內(nèi)外電阻相等時，輸出功率最大，最大輸出功率為；由甲讀出，代入解得，(2)電源的效率，當變阻器接入電路的電阻最大時，電源的效率最大，由丙讀出效率最大值為代入解得，變阻器總阻值R=8；(3)甲圖中：當滑片滑到B端時，乙圖中： 丙圖中：a、b、c、d各點的坐標分別為a(0.6A，4.8V) b(3V，4.5W) c(4.8V，2.88W) d(8，80%)14、【解析】由電阻的串、并聯(lián)公式得閉合電路的總電阻由歐姆定律得通過電源的電流電源的路端電壓兩端的電壓與電容器串聯(lián)后并聯(lián)在兩端，接通開關