2023學年福建省龍巖市龍巖北附物理高二上期中聯(lián)考試題含解析

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一個動能為Ek 的帶電粒子，垂直于電力線方向飛入平行板電容器，飛出電容器時動能為2Ek ，如果使這個帶電粒子的初速度變?yōu)樵瓉淼膬杀叮敲此w出電容器時的動能變?yōu)? )A

2、8 EkB5 EkC125 EkD1 Ek2、隨著科幻電影流浪地球的熱映，“引力彈弓效應”進入了公眾的視野“引力彈弓效應”是指在太空運動的探測器，借助行星的引力來改變自己的速度為了分析這個過程，可以提出以下兩種模式：探測器分別從行星運動的反方向或同方向接近行星，分別因相互作用改變了速度如圖所示，以太陽為參考系，設行星運動的速度為，探測器的初速度大小為v0，在圖示的兩種情況下，探測器在遠離行星后速度大小分別為v1和v2.探測器和行星雖然沒有發(fā)生直接的碰撞，但是在行星的運動方向上，其運動規(guī)律可以與兩個質(zhì)量不同的鋼球在同一條直線上發(fā)生的彈性碰撞規(guī)律作類比那么下列判斷中正確的是Av1 v0Bv1= v

3、0Cv2 v0Dv2=v03、帶正電的空心金屬球殼置于絕緣支架上，將4個原來不帶電的金屬小球按圖示位置放置，A球用絕緣輕繩豎直懸掛，B球接地，C球用導線與球殼內(nèi)部相連，D球與球殼內(nèi)部接觸設大地電勢為零，當達到靜電平衡時，下列說法正確的是（ ）A由于靜電感應，A球帶負電，BB球接地帶負電，但電勢為零CC球不帶電，但電勢與球殼電勢相等DD球帶正電，電勢為零4、如圖所示，平行板電容器充電后與電源斷開，正極板接地，靜電計的金屬球與電容器的負極板連接，外殼接地，以E表示兩極板間的場強，表示靜電計指針的偏角，各物理量的變化情況正確的是A將平行板電容器的正極板向右移動，E變小，變大B將平行板電容器的正極板向

4、右移動，E不變，變小C將平行板電容器的正極板向左移動，E變大，變大D將平行板電容器的正極板向左移動，E變小，變小5、關于電功和電熱，以下說法正確的是（ ）A外電路電流做的功一定等于電熱B外電路中電流所做的功一定大于電熱C只有在外電路是純電阻的情況下，電功才等于電熱D當外電路有電動機、電解槽的情況下歐姆定律任然適用，只是電功大于電熱6、如圖所示，實線是電場中一簇方向已知的電場線，虛線是一個帶電粒子通過該電場區(qū)域時的運動軌跡，若帶電粒子只受電場力作用從a點運動到b點過程，根據(jù)此圖作出的判斷正確的是A帶電粒子帶正電B電場中a點的電勢低于在b點的電勢C帶電粒子在a點的電勢能小于在b點的電勢能D帶電粒子

5、在a點的加速度小于在b點的加速度二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、A、B兩個點電荷在真空中產(chǎn)生電場的電場線(方向未標出)如圖所示.圖中C點為兩點電荷連線的中點,MN為兩點電荷連線的中垂線,D為中垂線上的一點,電場線的分布關于MN左右對稱.則下列說法中正確的( )A這兩個點電荷一定是等量異種電荷B這兩個點電荷一定是等量同種電荷C把某正電荷從C點移到D點所受電場力方向不變DC點的電場強度可能比D點的電場強度小8、某同學為檢驗某空間有無電場或者磁場存在，想到的以下方法中可

6、行的是（ ）A在該空間內(nèi)引入檢驗電荷，如果電荷受到電場力說明此空間存在電場B在該空間內(nèi)引入檢驗電荷，如果電荷沒有受到電場力說明此空間不存在電場C在該空間內(nèi)引入通電導線，如果通電導線受到磁場力說明此空間存在磁場D在該空間內(nèi)引入通電導線，如果通電導線沒有受到磁場力說明此空間不存在磁場9、如圖所示，質(zhì)量分別為m1和m2的兩個小球A、B，帶有等量異種電荷，通過絕緣輕彈簧相連接，置于絕緣光滑的水平面上，突然加一水平向右的勻強電場后，兩小球A、B將由靜止開始運動，則從開始運動到第一次速度為零的過程中，下列說法中正確的是（設整個過程中不考慮電荷間庫侖力的作用且彈簧不超過彈性限度）（ ）A當A小球所受電場力與

7、彈簧彈力大小相等時，A小球速度達到最大B兩小球加速度先增加，再減小C電場力對兩球均做正功，兩小球與彈簧組成的系統(tǒng)機械能增加D電場力對兩球均做正功，兩小球的電勢能變大10、如圖所示，在質(zhì)量為M的小車中掛著一個單擺，擺球的質(zhì)量為，小車（含單擺）以恒定的速度u沿光滑的水平面運動，與位于正對面的質(zhì)量為m的靜止木塊發(fā)生碰撞，碰撞時間極短，在此碰撞進行的過程中過程中，下列說法可能正確的是（ ）A小車、木塊、擺球的速度都發(fā)生變化，分別變?yōu)?、，滿足：B擺球的速度不變，小車和木塊的速度變?yōu)楹停瑵M足C擺球的速度不變，小車和木塊的速度變?yōu)関，滿足：D小車和擺球的速度都變?yōu)?，木塊的速度為，滿足：三、實驗題：本題共2小

8、題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）用游標卡尺測得某材料的長度如圖甲所示，示數(shù)為L=_mm；用螺旋測微器測得該材料的直徑如圖乙所示，示數(shù)為D=_mm12（12分）欲用伏安法測定一段阻值約為5左右的金屬導線的電阻，要求測量結(jié)果盡量準確，現(xiàn)備有以下器材：A電池組（3 V，內(nèi)阻1）B電流表（13 A，內(nèi)阻11125）C電流表（116 A，內(nèi)阻1125）D電壓表（13 V，內(nèi)阻3 k）E電壓表（115 V，內(nèi)阻15 k）F滑動變阻器（121，額定電流1 A）G滑動變阻器（1211，額定電流13 A）H開關、導線（1）上述器材中應選用的是_；（填寫各器材的字母代

9、號）（2）實驗電路應采用電流表_接法；（填“內(nèi)”或“外”）（3）為使通過待測金屬導線的電流能在115 A范圍內(nèi)改變，請按要求在虛線框內(nèi)畫出測量待測金屬導線電阻Rx的電路原理圖_四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示電子射線管.陰極K發(fā)射電子，陽極P和陰極K間加上電壓后電子被加速.A、B 是偏轉(zhuǎn)極板 使飛進的電子偏離.若已知 P、K間所加電壓為偏向板長L，板間距離d，所加電壓.偏轉(zhuǎn)板右端 距熒光屏為R.電子質(zhì)量為m，電子電量為e.設從陰極出 來的電子速度為為0.試問：(1)電子通過陽極P板的速度是多少？

10、(2)電子通過偏向板時的偏轉(zhuǎn)位移為多少？(3)電子過偏向板向到達距離偏向板 R 熒光屏上點，此點偏離入射方向的距離y是多 少？14（16分）如圖所示為一真空示波管，電子從燈絲發(fā)出(初速度不計)，經(jīng)燈絲與A板間的電壓U1=500V加速，從A板中心孔沿中心線射出，然后進入平行金屬板M、N形成的勻強偏轉(zhuǎn)電場中，電子進入MN間電場時的速度方向與電場方向垂直，電子經(jīng)過電場后打在熒光屏上的P點。已知MN兩板間的電壓U2=40V，兩板間距離d=2.4cm，板長L1=6.0cm，板右端到熒光屏的距離為L2=6cm，電子的質(zhì)量m=910-31kg，電荷量e=1.610-19C.不計重力，求：（1）電子穿過A板時

11、的速度大小；（2）電子從偏轉(zhuǎn)電場射出時的側(cè)移量；（3）電子束打到熒光屏上的位置P點到O點的距離為多少？15（12分）如圖電路中，電源的電動勢E=3V，內(nèi)阻r=1，電阻R1=2，R2=R4=1，R3=8，R5=5，電容器的電容C=100F，求閉合電鍵K后，通過電阻R3的總電量 參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】試題分析：動能為k的帶電粒子，垂直于電力線方向飛入平行板電容器，飛出電容器時動能為2k，則電場力做功為W=k；若使這個帶電粒子的初速度變?yōu)樵瓉淼膬杀?，動能變?yōu)?Ek，則在偏轉(zhuǎn)電場中運動的時間減半，根

12、據(jù)y=at2可知偏轉(zhuǎn)距離變?yōu)樵瓉淼?，根?jù)W=Eqy可知電場力做功變?yōu)樵瓉淼模磩幽茉隽孔優(yōu)樵瓉淼?，即它飛出電容器時的動能變?yōu)?.25k，故選C. 考點：帶電粒子在電場中的偏轉(zhuǎn).【名師點睛】此題是關于帶電粒子在電場中的偏轉(zhuǎn)問題；關鍵是知道帶電粒子在偏轉(zhuǎn)電場中動能的增量等于電場力做功，而電場力做功等于電場力與偏轉(zhuǎn)的距離的乘積；此題是中等題目，意在考查學生運用物理規(guī)律進行邏輯推理的能力.2、A【解析】設探測器的質(zhì)量為m，行星的質(zhì)量為M，探測器和行星發(fā)生彈性碰撞.A、B、對于模型一：設向左為正，由動量守恒定律：，由能量守恒，聯(lián)立解得探測器碰后的速度，因，則，故A正確，B錯誤.C、D、對于模型二：設向左

13、為正，由動量守恒定律：，由能量守恒，聯(lián)立解得探測器碰后的速度，因，則；故C、D均錯誤.故選A.3、B【解析】A、由于靜電感應，A球的左右兩端帶上不同的電荷，但整體不帶電，故A錯誤；B、由于靜電感應，B球帶負電，但電勢和大地的電勢相等，為零，故B正確；C、C球在金屬球殼的外部，會帶上與球殼相同的電荷，且電勢與球殼電勢相等，故C錯誤；D、D球在球殼的內(nèi)部，與球殼接觸后成為球殼內(nèi)部的一部分，所以D不帶電，故D錯誤點睛：達到靜電平衡狀態(tài)時，其電勢相等，是一個等勢體，其凈電荷由于靜電斥力作用，盡可能遠離，故都分布在導體的外表面上，所以小金屬球C帶電，而A、B也會由于靜電感應而帶電4、B【解析】電量為定值

14、，將平行板電容器的正極板向右移動，由電容的決定式，兩極板間距離d減小，C增大，可見E與兩板間距離無關，而兩板間電壓，可見電壓變小，減小，可知B正確；故選B.【點睛】本題是電容器的動態(tài)變化分析問題，掌握電容的決定式與定義式的應用，及兩者的區(qū)別，理解電場強度的推導式5、C【解析】純電阻電路，電功可用公式W=UIt計算，也可用公式Q=I2Rt計算，非純電阻電路，電功用公式W=UIt計算，電熱用公式Q=I2Rt計算.【詳解】A、B、C、純電阻電路，外電路電流做的功等于電熱，非純電阻電路，外電路電流做的功大于電熱，故A、B錯誤，C正確；D、當外電路不是純電阻時，電流做的功有一部分轉(zhuǎn)化為機械能、化學能，歐

15、姆定律不適用；故D錯誤.故選C.【點睛】考查了純電阻電路、非純電阻電路，電功、電熱大小的比較，要注意各式的適用范圍，并能正確應用.6、C【解析】A. 合力大致指向軌跡凹的一向，可知電場力方向向左，電場線向右，所以帶電粒子帶負電，故A錯誤。B. 沿電場線方向電勢降低，a點電勢大于b點電勢。故B錯誤。C. 從a運動到b，電場力做負功，電勢能增大。所以帶電粒子在a點的電勢能小于在b點的電勢能。故C正確。D. 電場線的疏密代表場強大小，a點的場強大于b點的場強，所以a點所受的電場力大于b點，則帶電粒子在a點的加速度大于在b點的加速度，故D錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小

16、題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】電場線是從正電荷或者無窮遠出發(fā)出，到負電荷或無窮遠處為止，從而判斷兩電荷的電性；判斷由C到D點電場力的方向是否發(fā)生變化，可以從做功角度或者從場強疊加角度找出合場強的方向，從而判斷電場力的方向；從電場線的疏密判斷場強的大??；【詳解】AB、根據(jù)電場線的特點：電場線從正電荷出發(fā)到負電荷終止，而且電荷A、B周圍電場線分不情況完全一致，可知A、B是一定兩個等量異種電荷，故A正確，B錯誤；C、由圖可知，中垂線MN為等勢面，即CD兩點電勢相等，正點電荷q從C點移到D點，電場力不做功，可知電場

17、力的方向與NM垂直，即水平方向，則正電荷從C點移到D點所受電場力方向不變，故C正確；D、根據(jù)電場線的疏密可知，C點附近電場線密集，故C點的電場強度比D點電場強度大，故D錯誤?！军c睛】常見電場的電場線分布及等勢面的分布要求我們能熟練掌握，同時注意等量異號電荷形成電場的對稱性問題。8、ABC【解析】明確電場和磁場的區(qū)別，知道電荷在電場中一定受到電場力；而通電導線與磁場平行時，則不受安培力【詳解】AB電荷在電場中一定會受到電場力的作用；故在該空間內(nèi)引入檢驗電荷時，如果電荷受到電場力則說明此空間一定有電場；如果沒有電場力則一定沒有電場；故AB正確；C若空間引入通電導線受到磁場力，則說明此空間一定存在磁

18、場；故C正確；D若引入通電導線而沒有受力，則可能是導線與磁場相互平行；故不能說明不存在磁場；故D錯誤故選ABC【點睛】本題考查電場和磁場的性質(zhì)，要明確磁場中安培力與通電電流的方向有關，若通電電流沿磁場線的方向，則電流不受安培力9、AC【解析】小球受到的電場力一開始大于彈簧彈力，隨著彈簧彈力的增大，加速度在減小，然后加速度會反向，根據(jù)受力來判斷加速度的變化；電場力做正功，小球的動能增大，電勢能減小【詳解】A在電場力的作用下，小球AB分別向左右移動，在移動過程彈簧彈力一直在增大，當電場力等于彈簧彈力大小時，加速度為零，此時AB的速度達到最大，故A對；B在電場力的作用下，小球AB分別向左右移動，在移

19、動過程彈簧彈力一直在增大，小球的加速度為即加速度在減小，當電場力等于彈簧彈力大小時，加速度等于零，然后彈簧的彈力大于電場力，小球又開始做減速運動，此時加速度 ，加速度又開始反向增大，故B錯；C電場力的方向與運動方向相同，所以電場力做正功，根據(jù)機械能守恒的條件可知，電場力做功導致系統(tǒng)機械能增大了，故C對；D電場力對兩球均做正功，兩小球的動能增大，電勢能減小，故D錯；故選AC10、BC【解析】AD.因碰撞時間極短，所以單擺相對小車沒有發(fā)生擺動，即擺線對球的作用力原來是豎直向上的，現(xiàn)在還是豎直向上的沒有水平方向的分力，未改變小球的動量，即單擺沒有參與碰撞，單擺的速度不發(fā)生變化，故AD錯誤；BC.因為

20、單擺的速度不變，所以研究對象選取小車和木塊所構(gòu)成的系統(tǒng)，若為彈性碰撞或碰后分離，水平方向動量守恒，由動量守恒定律得由于題目中并沒有提供在碰撞過程中的能量變化關系，所以也有可能小車和木塊發(fā)生碰撞后以同一速度運動，即故BC正確。故選BC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、50.854.702(4.7014.703均可)【解析】游標卡尺讀數(shù)L=1cm+0.05mm10=1.050cm；螺旋測微器讀數(shù)D=1mm0.01mm2.5=1.025mm.12、ACDFH 外 【解析】（1）電池組選A，電路中的最大電流約為，所以電流表選擇C，電源電動勢

21、為3V，故電壓表選D，滑動變阻器為調(diào)節(jié)的方便選擇F，所以選用的器材為ACDFH；（2）待測電阻阻值約為5是小電阻，故電流表用外接法；（3）因待測金屬導線的電流要在11.5A范圍內(nèi)改變，滑動變阻器用分壓式接法，電路圖如圖所示四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1) (2) (3) 【解析】試題分析：（1）由動能定理可以求出電子的速度（2）電子在偏轉(zhuǎn)電場中做類平拋運動，應用類平拋運動規(guī)律，由運動學公式與牛頓第二定律，即可求解（3）應用動能定理與幾何知識求出電子的偏移量（1）根據(jù)動能定理：解得：（2）由勻速直線運動，可求得，運動時間：由勻強電場公式，則有：根據(jù)牛頓第二定律，則：因此偏轉(zhuǎn)位移解得：（3）根據(jù)動能定理：，且解得：【點睛】本題考查了電子在電場中的運動，電子在加速電場中加速、在偏轉(zhuǎn)電場中做類平拋運動、離開偏轉(zhuǎn)電場后做勻速直線運動，分析清楚電子運動過程，應用動能定理、類平拋運動規(guī)律即可正確解題14、（1）43107m/s（2）310-3m（3）1.210-2m。【解析】電子在加速電場中，由