2019-2020年高二下學(xué)期第二次基礎(chǔ)知識競賽物理試卷含解析

1、2019-2020年高二下學(xué)期第二次基礎(chǔ)知識競賽物理試卷含解析一單選題（每題4分，共28分）1已知阿伏加德羅常數(shù)為NA，下列說法正確的是（）A若油酸的摩爾質(zhì)量為M，一個油酸分子的質(zhì)量m=B若油酸的摩爾質(zhì)量為M，密度為，一個油酸分子的直徑d=C若某種氣體的摩爾質(zhì)量為M，密度為，該氣體分子的直徑d=D若某種氣體的摩爾體積為V，單位體積內(nèi)含有氣體分子的個數(shù)n=2下列說法中錯誤的是（）A霧霾在大氣中的漂移是布朗運(yùn)動B制作晶體管、集成電路只能用單晶體C電場可改變液晶的光學(xué)性質(zhì)D地球大氣中氫含量少，是由于外層氣體中氫分子平均速率大，更易從地球逃逸3一個質(zhì)點做方向不變的直線運(yùn)動，加速度的方向始終與速度方向相

2、同，但加速度大小逐漸減小直至為零，在此過程中（）A速度逐漸減小，當(dāng)加速度減小到零時，速度達(dá)到最小值B速度逐漸增大，當(dāng)加速度減小到零時，速度達(dá)到最大值C位移逐漸增大，當(dāng)加速度減小到零時，位移將不再增大D位移逐漸減小，當(dāng)加速度減小到零時，位移達(dá)到最小值4如圖（甲），合上開關(guān)，用光子能量為2.5eV的一束光照射陰極K，發(fā)現(xiàn)電流表讀數(shù)不為零調(diào)節(jié)滑動變阻器，發(fā)現(xiàn)當(dāng)電壓表讀數(shù)小于0.60V時，電流表讀數(shù)仍不為零，當(dāng)電壓表讀數(shù)大于或等于0.60V時，電流表讀數(shù)為零把電路改為圖（乙），當(dāng)電壓表讀數(shù)為2V時，則逸出功及電子到達(dá)陽極時的最大動能為（）A1.5 eV 0.6 eVB1.7 eV 1.9 eVC1.9

3、 eV 2.6 eVD3.1 eV 4.5 eV5帶有活塞的氣缸內(nèi)封閉一定量的理想氣體氣體開始處于狀態(tài)a，然后經(jīng)過過程ab到達(dá)狀態(tài)b或經(jīng)過過程ac到達(dá)狀態(tài)c，b、c狀態(tài)溫度相同，如圖所示設(shè)氣體在狀態(tài)b和狀態(tài)c的壓強(qiáng)分別為pb和pc，在過程ab和ac中吸收的熱量分別為Qab和Qac，則（）Apbpc，QabQacBpbpc，QabQacCpbpc，QabQacDpbpc，QabQac6有一條捕魚小船停靠在湖邊碼頭，小船又窄又長（估計一噸左右）一位同學(xué)想用一個卷尺粗略測定它的質(zhì)量他進(jìn)行了如下操作：首先將船平行碼頭自由停泊，輕輕從船尾上船，走到船頭后停下來，而后輕輕下船用卷尺測出船后退的距離為d，然

4、后用卷尺測出船長L，已知他自身的質(zhì)量為m，則漁船的質(zhì)量（）ABCD7靜止的氡核Rn放出粒子后變成釙核Po，粒子動能為E若衰變放出的能量全部變?yōu)榉礇_核和粒子的動能，真空中的光速為c，則該反應(yīng)中的質(zhì)量虧損為（）AB0CD二多選題：（每題6分，部分得3分，共36分）8當(dāng)氫氣和氧氣的質(zhì)量和溫度都相同時，下列說法中正確的是（）A兩種氣體分子的平均動能相等B氫氣分子的平均速率大于氧氣分子的平均速率C兩種氣體分子熱運(yùn)動的總動能相等D兩種氣體分子熱運(yùn)動的平均速率相等9如圖，固定的導(dǎo)熱氣缸內(nèi)用活塞密封一定質(zhì)量的理想氣體，氣缸置于溫度不變的環(huán)境中現(xiàn)用力使活塞緩慢地向上移動，密閉氣體的狀態(tài)發(fā)生了變化下列圖象中p、V

5、和U分別表示該氣體的壓強(qiáng)、體積和內(nèi)能，表示該氣體分子的平均動能，n表示單位體積內(nèi)氣體的分子數(shù)，a、d為雙曲線，b、c為直線能正確反映上述過程的是（）ABCD10一定質(zhì)量理想氣體的壓強(qiáng)p與攝氏溫度t的變化如圖所示，其狀態(tài)經(jīng)歷了ab、bc、cd、da四個過程，其中bc的延長線通過原點，cd垂直于ab且與水平軸平行，da與bc平行則氣體體積在（）Aab過程中變小Bbc過程中變大Ccd過程中可能增加Dda過程中可能保持不變11濕度的說法中正確的是（）A絕對濕度大，相對濕度一定大B相對濕度是100%，表明在當(dāng)時溫度下，空氣中水汽已達(dá)飽和狀態(tài)C相同溫度下絕對濕度越大，表明空氣中水汽越接近飽和D露水總是出現(xiàn)

6、在夜間和清晨，是因為氣溫的變化使空氣里原來飽和的水蒸氣液化的緣故12钚的一種同位素衰變時釋放巨大能量，如圖所示，其衰變方程為PuU+He+，則（）A核燃料總是利用比結(jié)合能小的核B核反應(yīng)中的能量就是的結(jié)合能C核比核更穩(wěn)定，說明的結(jié)合能大D由于衰變時釋放巨大能量，所以比的比結(jié)合能小13如圖所示，質(zhì)量為m的木塊在質(zhì)量為M的長木板上受到向右的拉力F的作用向右滑行，長木板處于靜止?fàn)顟B(tài)，已知木塊與木板間的動摩擦因數(shù)為1，木板與地面間的動摩擦因數(shù)為2下列說法正確的是（）A木板受到地面的摩擦力的大小一定是1mgB木板受到地面的摩擦力的大小一定是2（m+M）gC當(dāng)F2（m+M）g時，木板便會開始運(yùn)動D無論怎樣改

7、變F的大小，木板都不可能運(yùn)動三計算題：（每題18分，共36分）14兩個氘核聚變產(chǎn)生一個中子和一個氦核（氦的同位素），已知氘核質(zhì)量為2.0141u，氦核質(zhì)量為3.0160u，中子質(zhì)量為1.0087u（以上質(zhì)量均指靜質(zhì)量），則（1）寫出核反應(yīng)方程；（2）算出釋放出的核能；（3）若反應(yīng)前兩個氘核的動能均為0.35MeV，它們正面對碰發(fā)生聚變，且反應(yīng)后釋放的核能全部轉(zhuǎn)化為動能，則反應(yīng)后氦核與中子的動能各為多大？152015年我國ETC（電子不停車收費(fèi)系統(tǒng)）已實現(xiàn)全國聯(lián)網(wǎng)，大大縮短了車輛通過收費(fèi)站的時間假設(shè)一輛汽車以10m/s的速度駛向收費(fèi)站，若進(jìn)入人工收費(fèi)通道，它從距收費(fèi)窗口20m處開始減速，至窗口處

8、恰好停止，再用10s時間完成交費(fèi)：若進(jìn)入ETC通道，它從某位置開始減速，當(dāng)速度減至5m/s后，再以此速度勻行駛5m即可完成交費(fèi)兩種情況下，汽車減速時加速度形同求：（1）汽車減速運(yùn)動時加速度的大?。唬?）汽車進(jìn)入人工收費(fèi)通道，從開始減速到交費(fèi)完成所需的時間；（3）汽車從開始減速到交費(fèi)完成，從ETC通道比從人工道通行節(jié)省時間2015-2016學(xué)年江蘇省泰州市泰興一高高二（下）第二次基礎(chǔ)知識競賽物理試卷參考答案與試題解析一單選題（每題4分，共28分）1已知阿伏加德羅常數(shù)為NA，下列說法正確的是（）A若油酸的摩爾質(zhì)量為M，一個油酸分子的質(zhì)量m=B若油酸的摩爾質(zhì)量為M，密度為，一個油酸分子的直徑d=C若

9、某種氣體的摩爾質(zhì)量為M，密度為，該氣體分子的直徑d=D若某種氣體的摩爾體積為V，單位體積內(nèi)含有氣體分子的個數(shù)n=【考點】阿伏加德羅常數(shù)【分析】分子的質(zhì)量等于摩爾質(zhì)量除以阿伏加德羅常數(shù)；對于液體，分子的體積等于摩爾體積除以阿伏加德羅常數(shù)分子數(shù)等于摩爾數(shù)乘以阿伏伽德羅常數(shù)【解答】解：A、分子的質(zhì)量等于摩爾質(zhì)量除以阿伏加德羅常數(shù)，則有：一個油酸分子的質(zhì)量m=故A錯誤；B、由于油酸分子間隙小，所以分子的體積等于摩爾體積除以阿伏加德羅常數(shù)，則有一個油酸分子的體積V0=，將油酸分子看成立方體形，立方體的邊長等于分子直徑，則得：V0=d3，解得：d=，故B錯誤；C、由于氣體分子間距很大，所以一個分子的體積V

10、，則分子直徑d，故C錯誤；D、某種氣體的摩爾體積為V，單位體積氣體的摩爾數(shù)為n=，則含有氣體分子的個數(shù)n=，故D正確故選：D2下列說法中錯誤的是（）A霧霾在大氣中的漂移是布朗運(yùn)動B制作晶體管、集成電路只能用單晶體C電場可改變液晶的光學(xué)性質(zhì)D地球大氣中氫含量少，是由于外層氣體中氫分子平均速率大，更易從地球逃逸【考點】* 晶體和非晶體；布朗運(yùn)動【分析】布朗運(yùn)動是懸浮顆粒的無規(guī)則運(yùn)動；單晶體各項異性；液晶具有液體的流動性，又對光顯示各項異性；在動能一定的情況下，質(zhì)量越小，速率越大【解答】解：A、霧霾在大氣中的漂移是氣體的流動造成的，故A錯誤；B、制作晶體管、集成電路只能用單晶體，因為單晶體具有各向異

11、性，故B正確；C、液晶具有液體的流動性，又對光顯示各項異性，電場可改變液晶的光學(xué)性質(zhì)，故C正確；D、在動能一定的情況下，質(zhì)量越小，速率越大；地球大氣中氫含量少，是由于外層氣體中氫分子平均速率大，更容易大于地球的第一宇宙速度，更易從地球逃逸；故D正確；本題選錯誤的，故選：A3一個質(zhì)點做方向不變的直線運(yùn)動，加速度的方向始終與速度方向相同，但加速度大小逐漸減小直至為零，在此過程中（）A速度逐漸減小，當(dāng)加速度減小到零時，速度達(dá)到最小值B速度逐漸增大，當(dāng)加速度減小到零時，速度達(dá)到最大值C位移逐漸增大，當(dāng)加速度減小到零時，位移將不再增大D位移逐漸減小，當(dāng)加速度減小到零時，位移達(dá)到最小值【考點】加速度【分析

12、】知道加速度是描述速度變化快慢的物理量，判斷物體速度增加還是減小是看物體的速度方向與加速度方向關(guān)系判讀位移大小的變化是看初位置與某位置的距離【解答】解：A、一個質(zhì)點做方向不變的直線運(yùn)動，加速度的方向始終與速度方向相同，但加速度大小逐漸減小直至為零，在此過程中，由于加速度的方向始終與速度方向相同，所以速度逐漸增大，當(dāng)加速度減小到零時，物體將做勻速直線運(yùn)動，速度不變，而此時速度達(dá)到最大值故A錯誤B、根據(jù)A選項分析，故B正確C、由于質(zhì)點做方向不變的直線運(yùn)動，所以位移逐漸增大，當(dāng)加速度減小到零時，速度不為零，所以位移繼續(xù)增大故C錯誤D、根據(jù)C選項分析，故D錯誤故選B4如圖（甲），合上開關(guān)，用光子能量為

13、2.5eV的一束光照射陰極K，發(fā)現(xiàn)電流表讀數(shù)不為零調(diào)節(jié)滑動變阻器，發(fā)現(xiàn)當(dāng)電壓表讀數(shù)小于0.60V時，電流表讀數(shù)仍不為零，當(dāng)電壓表讀數(shù)大于或等于0.60V時，電流表讀數(shù)為零把電路改為圖（乙），當(dāng)電壓表讀數(shù)為2V時，則逸出功及電子到達(dá)陽極時的最大動能為（）A1.5 eV 0.6 eVB1.7 eV 1.9 eVC1.9 eV 2.6 eVD3.1 eV 4.5 eV【考點】光電效應(yīng)【分析】光電子射出后，有一定的動能，若能夠到達(dá)另一極板則電流表有示數(shù)，當(dāng)恰好不能達(dá)到時，說明電子射出的初動能恰好克服電場力做功，然后根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程即可正確解答【解答】解：設(shè)用光子能量為2.5eV的光照射時，光電

14、子的最大初動能為Ekm，陰極材料逸出功為W0，當(dāng)反向電壓達(dá)到U=0.60V以后，具有最大初動能的光電子也達(dá)不到陽極，因此eU=Ekm由光電效應(yīng)方程：Ekm=hW0由以上二式：Ekm=0.6eV，W0=1.9eV所以此時最大初動能為0.6eV，該材料的逸出功為1.9eV當(dāng)電壓表讀數(shù)為2V時，則逸出功及電子到達(dá)陽極時的最大動能為Ekm=0.6+2=2.6eV，故C正確，ABD錯誤；故選：C5帶有活塞的氣缸內(nèi)封閉一定量的理想氣體氣體開始處于狀態(tài)a，然后經(jīng)過過程ab到達(dá)狀態(tài)b或經(jīng)過過程ac到達(dá)狀態(tài)c，b、c狀態(tài)溫度相同，如圖所示設(shè)氣體在狀態(tài)b和狀態(tài)c的壓強(qiáng)分別為pb和pc，在過程ab和ac中吸收的熱量

15、分別為Qab和Qac，則（）Apbpc，QabQacBpbpc，QabQacCpbpc，QabQacDpbpc，QabQac【考點】理想氣體的狀態(tài)方程【分析】根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程，整理后可得VT圖象，判斷斜率的意義，得到壓強(qiáng)的變化，再根據(jù)熱力學(xué)第一定律判斷做功和吸熱【解答】解：根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程=C，整理可得：V=T，所以斜率越大，表示壓強(qiáng)越小，即b點的壓強(qiáng)小于c點由熱力學(xué)第一定律U=W+Q經(jīng)過過程ab到達(dá)狀態(tài)b或經(jīng)過過程ac到狀態(tài)c，溫度變化情況相同，所以U相等，又因經(jīng)過過程ab到達(dá)狀態(tài)b，體積增大，對外做功，W為負(fù)值，而經(jīng)過過程ac到狀態(tài)c，體積不變，對外不做功，W為零，所以第一個過程吸

16、收的熱量多故選：C6有一條捕魚小船停靠在湖邊碼頭，小船又窄又長（估計一噸左右）一位同學(xué)想用一個卷尺粗略測定它的質(zhì)量他進(jìn)行了如下操作：首先將船平行碼頭自由停泊，輕輕從船尾上船，走到船頭后停下來，而后輕輕下船用卷尺測出船后退的距離為d，然后用卷尺測出船長L，已知他自身的質(zhì)量為m，則漁船的質(zhì)量（）ABCD【考點】動量守恒定律【分析】人和船組成的系統(tǒng)所受合外力為0，滿足動量守恒，由位移與時間之比表示速度，根據(jù)動量守恒定律進(jìn)行分析與計算【解答】解：設(shè)人走動時船的速度大小為v，人的速度大小為v，人從船尾走到船頭所用時間為t取船的速度為正方向則 v=，v=根據(jù)動量守恒定律：Mvmv=0，則得：M=m解得漁船

17、的質(zhì)量：M=故選：D7靜止的氡核Rn放出粒子后變成釙核Po，粒子動能為E若衰變放出的能量全部變?yōu)榉礇_核和粒子的動能，真空中的光速為c，則該反應(yīng)中的質(zhì)量虧損為（）AB0CD【考點】愛因斯坦質(zhì)能方程；裂變反應(yīng)和聚變反應(yīng)【分析】先根據(jù)動量守恒定律列方程求解出衰變后反沖核的動能；然后根據(jù)愛因斯坦質(zhì)能方程求解質(zhì)量虧損【解答】解：設(shè)粒子的質(zhì)量為m1，反沖核的質(zhì)量為m2，反沖核的速度大小為v則根據(jù)動量守恒定律可得：m1v=m2v得： =粒子動能為E=4v2反沖核的動能E=218（v）2=E則釋放的總動能為：E+E=E根據(jù)能量守恒，則釋放的核能E=E根據(jù)愛因斯坦質(zhì)能方程： E=mc2得：m=；故選：C二多選題

18、：（每題6分，部分得3分，共36分）8當(dāng)氫氣和氧氣的質(zhì)量和溫度都相同時，下列說法中正確的是（）A兩種氣體分子的平均動能相等B氫氣分子的平均速率大于氧氣分子的平均速率C兩種氣體分子熱運(yùn)動的總動能相等D兩種氣體分子熱運(yùn)動的平均速率相等【考點】溫度是分子平均動能的標(biāo)志【分析】當(dāng)不考慮分子間作用力時，物體只有分子熱運(yùn)動的動能，物體的內(nèi)能僅僅與物體的溫度有關(guān)溫度相同，物體的平均動能相同氫氣分子的質(zhì)量比氧氣的分子質(zhì)量小，平均動能相同時，氫氣分子平均速率大【解答】解：A、C由于不考慮分子間作用力，氫氣和氧氣只有分子動能，溫度相同，它們的平均動能相同，而氫氣分子摩爾質(zhì)量小，質(zhì)量相等時，氫氣分子數(shù)多，所以氫氣內(nèi)

19、能多故A正確，C錯誤B、D氫氣分子的質(zhì)量比氧氣的分子質(zhì)量小，平均動能相同時，氫氣分子平均速率大故B正確D錯誤故選AB9如圖，固定的導(dǎo)熱氣缸內(nèi)用活塞密封一定質(zhì)量的理想氣體，氣缸置于溫度不變的環(huán)境中現(xiàn)用力使活塞緩慢地向上移動，密閉氣體的狀態(tài)發(fā)生了變化下列圖象中p、V和U分別表示該氣體的壓強(qiáng)、體積和內(nèi)能，表示該氣體分子的平均動能，n表示單位體積內(nèi)氣體的分子數(shù)，a、d為雙曲線，b、c為直線能正確反映上述過程的是（）ABCD【考點】理想氣體的狀態(tài)方程；封閉氣體壓強(qiáng)【分析】氣缸和活塞導(dǎo)熱性能良好，氣缸內(nèi)氣體的溫度與環(huán)境溫度相同，保持環(huán)境溫度不變，氣體發(fā)生等溫變化一定質(zhì)量的理想的內(nèi)能只跟溫度有關(guān)現(xiàn)用力使活塞

20、緩慢地向上移動，氣體對外界做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律分析吸放熱情況根據(jù)氣體狀態(tài)方程和已知的變化量去判斷其它的物理量【解答】解：A、氣缸和活塞導(dǎo)熱性能良好，氣缸內(nèi)氣體溫度與環(huán)境溫度相同，所以氣體發(fā)生等溫變化，所以pV圖象是雙曲線，故A正確B、氣缸內(nèi)氣體溫度與環(huán)境溫度相同，保持環(huán)境溫度不變，則氣體的內(nèi)能保持不變，故B正確C、溫度是分子平均動能變化的標(biāo)志，溫度不變，所以該氣體分子的平均動能不變，故C錯誤D、一定質(zhì)量的理想氣體，所以n=，N為所有氣體的分子總數(shù)，N一定，所以nV的圖象是雙曲線，故D正確故答案為：ABD10一定質(zhì)量理想氣體的壓強(qiáng)p與攝氏溫度t的變化如圖所示，其狀態(tài)經(jīng)歷了ab、bc、cd、d

21、a四個過程，其中bc的延長線通過原點，cd垂直于ab且與水平軸平行，da與bc平行則氣體體積在（）Aab過程中變小Bbc過程中變大Ccd過程中可能增加Dda過程中可能保持不變【考點】理想氣體的狀態(tài)方程【分析】ab過程氣體發(fā)生等溫變化過程，由玻意耳定律分析體積的變化；bc過程，根據(jù)b，c兩點與絕對零度連線，分析其斜率變化，判斷體積變化，斜率越大，體積越?。籧d過程是等圧変化，由蓋呂薩克定律分析體積的變化；da過絕對零度，則體積不變【解答】解：A、ab過程氣體發(fā)生等溫過程，壓強(qiáng)減小，由玻意耳定律分析可知，氣體的體積變大，故A錯誤；B、bc過程，b與絕對零度273連線的斜率大于c與絕對零度273連線

22、的斜率，則b狀態(tài)氣體的體積小于c狀態(tài)氣體的體積，則bc過程中體積增大，故B正確；C、cd過程是等圧変化，溫度降低，由蓋呂薩克定律分析可知體積減小，故C錯誤；D、若da過絕對零度，則體積不變，故D正確；故選：BD11濕度的說法中正確的是（）A絕對濕度大，相對濕度一定大B相對濕度是100%，表明在當(dāng)時溫度下，空氣中水汽已達(dá)飽和狀態(tài)C相同溫度下絕對濕度越大，表明空氣中水汽越接近飽和D露水總是出現(xiàn)在夜間和清晨，是因為氣溫的變化使空氣里原來飽和的水蒸氣液化的緣故【考點】* 液體的表面張力現(xiàn)象和毛細(xì)現(xiàn)象【分析】絕對濕度指大氣中水蒸汽的實際壓強(qiáng)，相對濕度是指水蒸汽的實際壓強(qiáng)與該溫度下水蒸汽的飽和壓強(qiáng)之比【解

23、答】解：A、絕對濕度大，相對濕度不一定大，A錯誤；B、相對濕度是指水蒸汽的實際壓強(qiáng)與該溫度下水蒸汽的飽和壓強(qiáng)之比，相對濕度是100%，表明在當(dāng)時溫度下，空氣中水汽已達(dá)飽和狀態(tài)，B正確；C、相同溫度下絕對濕度越大，表明空氣中水汽越接近飽和，C正確；D、露水總是出現(xiàn)在夜間和清晨，是因為氣溫的變化使空氣里原來飽和的水蒸氣液化的緣故，故D正確故選：BCD12钚的一種同位素衰變時釋放巨大能量，如圖所示，其衰變方程為PuU+He+，則（）A核燃料總是利用比結(jié)合能小的核B核反應(yīng)中的能量就是的結(jié)合能C核比核更穩(wěn)定，說明的結(jié)合能大D由于衰變時釋放巨大能量，所以比的比結(jié)合能小【考點】裂變反應(yīng)和聚變反應(yīng)；愛因斯坦質(zhì)

24、能方程【分析】比結(jié)合能越大，越穩(wěn)定，核燃料總是利用比結(jié)合能小的核，由于比的比結(jié)合能小，衰變時釋放巨大能量，根據(jù)質(zhì)量虧損與釋放能量的關(guān)系【解答】解：A、根據(jù)比結(jié)合越大，越穩(wěn)定，則核燃料總是利用比結(jié)合能小的核故A正確B、核反應(yīng)中的能量就是的結(jié)合能故B錯誤C、比核更穩(wěn)定，說明的比結(jié)合能大，所以衰變時，會釋放巨大能量故C錯誤D正確故選：AD13如圖所示，質(zhì)量為m的木塊在質(zhì)量為M的長木板上受到向右的拉力F的作用向右滑行，長木板處于靜止?fàn)顟B(tài)，已知木塊與木板間的動摩擦因數(shù)為1，木板與地面間的動摩擦因數(shù)為2下列說法正確的是（）A木板受到地面的摩擦力的大小一定是1mgB木板受到地面的摩擦力的大小一定是2（m+M

25、）gC當(dāng)F2（m+M）g時，木板便會開始運(yùn)動D無論怎樣改變F的大小，木板都不可能運(yùn)動【考點】靜摩擦力和最大靜摩擦力；滑動摩擦力；牛頓第二定律【分析】以木板為研究對象，分析受力情況，求出地面對木板的摩擦力當(dāng)改變F的大小時，分析m對M的摩擦力能否大于地面對木板的最大靜摩擦力，判斷木板能否運(yùn)動【解答】解：A、對木板：水平方向受到木塊向右的滑動摩擦力f1和地面的向左的靜摩擦力f2，f1=1mg，由平衡條件得：f2=f1=1mg故A正確B、由于木板相對于地面是否剛滑動不清楚，地面的靜摩擦力不一定達(dá)到最大，則木板受到地面的摩擦力的大小不一定是2（m+M）g故B錯誤C、D由題，分析可知，木塊對木板的摩擦力f

26、1不大于地面對木板的最大靜摩擦力，當(dāng)F改變時，f1不變，則木板不可能運(yùn)動故C錯誤，D正確故選AD三計算題：（每題18分，共36分）14兩個氘核聚變產(chǎn)生一個中子和一個氦核（氦的同位素），已知氘核質(zhì)量為2.0141u，氦核質(zhì)量為3.0160u，中子質(zhì)量為1.0087u（以上質(zhì)量均指靜質(zhì)量），則（1）寫出核反應(yīng)方程；（2）算出釋放出的核能；（3）若反應(yīng)前兩個氘核的動能均為0.35MeV，它們正面對碰發(fā)生聚變，且反應(yīng)后釋放的核能全部轉(zhuǎn)化為動能，則反應(yīng)后氦核與中子的動能各為多大？【考點】愛因斯坦質(zhì)能方程；裂變反應(yīng)和聚變反應(yīng)【分析】（1）根據(jù)核反應(yīng)方程的質(zhì)量數(shù)與質(zhì)子數(shù)守恒，即可求解；（2）根據(jù)質(zhì)能方程求出釋放能量，即可求解；（3）根據(jù)動量守恒定律，結(jié)合能量守恒定律，即可求解【解答】解：（1）聚變的核反應(yīng)方程：+；（2）核反應(yīng)過程中的質(zhì)量虧損為：m=2mD（mHe+mn）=0.0035u，釋放的核能為：E=mc2=0.0035931.5MeV=3.2MeV（3）對撞過程動量守恒，由于反應(yīng)前兩氘核動能相同，其動量等值反向，因此反應(yīng)前后系統(tǒng)的動量為0即0=mHevHe+mnvn；反應(yīng)前后總能量守恒，得： +=解得：EkHe=0.99MeV；Ekn=2.97MeV，答：（1）核反應(yīng)方程