天津市寶坻區(qū)何仉中學(xué)2023學(xué)年高二物理第一學(xué)期期中達(dá)標(biāo)檢測(cè)試題含解析_第1頁(yè)
天津市寶坻區(qū)何仉中學(xué)2023學(xué)年高二物理第一學(xué)期期中達(dá)標(biāo)檢測(cè)試題含解析_第2頁(yè)
天津市寶坻區(qū)何仉中學(xué)2023學(xué)年高二物理第一學(xué)期期中達(dá)標(biāo)檢測(cè)試題含解析_第3頁(yè)
天津市寶坻區(qū)何仉中學(xué)2023學(xué)年高二物理第一學(xué)期期中達(dá)標(biāo)檢測(cè)試題含解析_第4頁(yè)
天津市寶坻區(qū)何仉中學(xué)2023學(xué)年高二物理第一學(xué)期期中達(dá)標(biāo)檢測(cè)試題含解析_第5頁(yè)
已閱讀5頁(yè),還剩8頁(yè)未讀, 繼續(xù)免費(fèi)閱讀

下載本文檔

版權(quán)說(shuō)明:本文檔由用戶提供并上傳,收益歸屬內(nèi)容提供方,若內(nèi)容存在侵權(quán),請(qǐng)進(jìn)行舉報(bào)或認(rèn)領(lǐng)

文檔簡(jiǎn)介

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng):1答卷前,考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在答題卡上。2回答選擇題時(shí),選出每小題答案后,用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑,如需改動(dòng),用橡皮擦干凈后,再選涂其它答案標(biāo)號(hào)?;卮鸱沁x擇題時(shí),將答案寫(xiě)在答題卡上,寫(xiě)在本試卷上無(wú)效。3考試結(jié)束后,將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、關(guān)于電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式為E=F/q,下列說(shuō)法中不正確的是()A該定義式適用于任何電場(chǎng)B帶電量為q帶電體放在某電場(chǎng)中的A點(diǎn),受到的電場(chǎng)力為F,則該電場(chǎng)在A點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為F/q

2、C電場(chǎng)強(qiáng)度的方向與正電荷受到的電場(chǎng)力F的方向相同D由F=Eq可知,試探電荷在場(chǎng)中某點(diǎn)所受的電場(chǎng)力大小與該試探電荷帶電量的大小成正比2、加在某臺(tái)電動(dòng)機(jī)上的電壓是U(V),電動(dòng)機(jī)消耗的電功率為P(W),電動(dòng)機(jī)線圈的電阻為R(),則電動(dòng)機(jī)線圈上消耗的熱功率為( )ABCD3、關(guān)于歷史上科學(xué)的發(fā)展,下列說(shuō)法正確的是( )A安培發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)B楞次發(fā)現(xiàn)感應(yīng)電流方向的規(guī)律C奧斯特發(fā)現(xiàn)磁生電的現(xiàn)象D法拉第發(fā)現(xiàn)了法拉第電磁感應(yīng)定律4、如右圖所示,理發(fā)用的電吹風(fēng)機(jī)中有電動(dòng)機(jī)和電熱絲,電動(dòng)機(jī)帶動(dòng)風(fēng)葉轉(zhuǎn)動(dòng),電熱絲給空氣加熱,得到熱風(fēng)將頭發(fā)吹干,設(shè)電動(dòng)機(jī)的線圈電阻為R1,它與電熱絲的電阻R2串聯(lián),接到直流電源上,

3、電吹風(fēng)機(jī)兩端電壓為U,電流為I,消耗的電功率為P,則有APUIBPI2(R1R2)CPUIDPI2(R1R2)5、下列圖中,能正確表示直線電流的方向與其產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向間關(guān)系的是ABCD6、如圖所示,將材料和長(zhǎng)度相同,粗細(xì)均勻的鎳鉻合金導(dǎo)體連接起來(lái),接到一個(gè)電路中,通以電流;已知右邊橫截面積是左邊橫截面積的兩倍則下列說(shuō)法正確的是( )A左右導(dǎo)體電流不相等,I左I右B左右導(dǎo)體的兩端電壓相等C左右兩端電阻不等,R左V右二、多項(xiàng)選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分,選對(duì)但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示的電路,是定

4、值電阻,是滑動(dòng)變阻器,電源內(nèi)阻不可忽略。閉合開(kāi)關(guān),在電路穩(wěn)定后,將滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭由中點(diǎn)向下移動(dòng)的過(guò)程中( )A電壓表示數(shù)變小B電容器充電C電源的總功率變大D通過(guò)滑動(dòng)變阻器的電流變小8、兩個(gè)相同的金屬小球(可以看作點(diǎn)電荷),帶電量之比為13,相距為r,兩者相互接觸后在放回原來(lái)的位置上,則它們間的庫(kù)侖力可能為原來(lái)的( )ABCD9、如圖所示,質(zhì)量m=0.5kg、長(zhǎng)L=1m的通電金屬導(dǎo)體棒在安培力作用下靜止在傾角為370的光滑絕緣框架上,磁場(chǎng)方向垂直于框架向下磁場(chǎng)范圍足夠大,右側(cè)回路電源電動(dòng)勢(shì)E=8V,內(nèi)電阻r=1,額定功率為8W、額定電壓為4V的電動(dòng)機(jī)正常工作,則( )A回路總電流為4AB電

5、動(dòng)機(jī)的額定電流為4AC金屬導(dǎo)體棒的電阻為2D磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為1.5T10、如圖所示的裝置中,木塊B與水平面間的接觸面是光滑的,子彈A沿水平方向射入木塊后留在木塊內(nèi),將彈簧壓縮到最短,彈簧左端連著墻壁?,F(xiàn)將子彈、木塊和彈簧合在一起作為研究對(duì)象(系統(tǒng)),則此系統(tǒng)在從子彈開(kāi)始射入木塊到彈簧壓縮至最短的整個(gè)過(guò)程中( )A動(dòng)量守恒B動(dòng)量不守恒C機(jī)械能守恒D機(jī)械能不守恒三、實(shí)驗(yàn)題:本題共2小題,共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處,不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11(6分)有一個(gè)小燈泡上有“4V 2W”的字樣,現(xiàn)要描繪這個(gè)小燈泡的伏安特性曲線現(xiàn)有下列器材供選用:A電壓表(15V,內(nèi)阻11k)B電壓表(111V

6、,內(nèi)阻21k)C電流表(113A,內(nèi)阻1)D電流表(116A,內(nèi)阻14)E滑動(dòng)變阻器(11,2A)F滑動(dòng)變阻器(1k,1A)G學(xué)生電源(直流6V),還有電鍵、導(dǎo)線若干(1)電流表應(yīng)選 ,滑動(dòng)變阻器應(yīng)選 (用序號(hào)字母表示)(2)為使實(shí)驗(yàn)誤差盡量減小,要求從零開(kāi)始多取幾組數(shù)據(jù),請(qǐng)?jiān)诜娇騼?nèi)畫(huà)出滿足實(shí)驗(yàn)要求的電路圖(3)若該同學(xué)已正確選用器材,并連接好部分實(shí)驗(yàn)電路如圖所示,請(qǐng)?jiān)趫D中完成其余的電路連接12(12分) (1) 有一同學(xué)用游標(biāo)卡尺上標(biāo)有20等分刻度的游標(biāo)卡尺測(cè)一工件的長(zhǎng)度,測(cè)得結(jié)果如圖示,則該工件的長(zhǎng)度L_cm。(2) 用螺旋測(cè)微器測(cè)某滾珠直徑時(shí)的顯示如圖所示,則滾珠的直徑為d0=_mm。四

7、、計(jì)算題:本題共2小題,共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處,要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13(10分)如圖所示,一輕質(zhì)彈簧的一端固定在滑塊B上,另一端與滑塊C接觸但不連接,該整體靜止在光滑水平地面上,并且C被鎖定在地面上現(xiàn)有一滑塊A從光滑曲面上離地面h高處由靜止開(kāi)始下滑,與滑塊B發(fā)生碰撞并粘連在一起壓縮彈簧,當(dāng)速度減為碰后速度一半時(shí)滑塊C解除鎖定已知mAm,mB2m,mC3m.求:(1)滑塊A與滑塊B碰撞結(jié)束瞬間的速度;(2)被壓縮彈簧的彈性勢(shì)能的最大值14(16分)如圖甲所示,MN、PQ兩條平行的光滑金屬軌道與水平面成300角固定,M、P之間接電阻箱R,導(dǎo)軌所在空間存在勻

8、強(qiáng)磁場(chǎng),磁場(chǎng)方向垂直于軌道平面向上,磁感應(yīng)強(qiáng)度為2.5T,質(zhì)量為m的金屬桿ab水平放置在軌道上,且與軌道垂直,金屬桿ab接入電路的電阻值為r,現(xiàn)從靜止釋放桿ab,測(cè)得最大速度為vm,改變電阻箱的阻值R,得到vm與R的關(guān)系如圖乙所示,已知軌道間距為,重力加速度g取,軌道足夠長(zhǎng)且電阻不計(jì)。(1)當(dāng)時(shí),求桿ab勻速下滑時(shí)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E的大小,并判斷桿中的電流方向;(2)求解金屬桿的質(zhì)量m和阻值r;(3)當(dāng)時(shí),從靜止釋放ab桿,在ab桿加速運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中,回路瞬時(shí)電動(dòng)率每增加1W時(shí),合外力對(duì)桿做功多少?15(12分)如圖所示,真空中平面直角坐標(biāo)系xOy中有一以為圓心、半徑為r的圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域,磁場(chǎng)的

9、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直紙面向里,在的范圍內(nèi),有方向沿x軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng),電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E。從O點(diǎn)向不同方向發(fā)射速率相同的質(zhì)子,質(zhì)子的運(yùn)動(dòng)軌跡均在紙面內(nèi),已知質(zhì)子的電量為q,質(zhì)量為m,質(zhì)子在磁場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)半徑也為r,不計(jì)質(zhì)子重力及其它阻力作用。求:(1)質(zhì)子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度v的大小;(2)速度方向沿x軸正方向射入磁場(chǎng)的質(zhì)子,到達(dá)y軸所需的時(shí)間t;(3)速度方向與x軸正方向成角射入磁場(chǎng)的質(zhì)子,到達(dá)y軸時(shí)的位置與原點(diǎn)O的距離。參考答案一、單項(xiàng)選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】A、E=Fq是電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式,適用于任何電場(chǎng)

10、,故A正確;B、公式E=Fq中F是檢驗(yàn)電荷所受的電場(chǎng)力,q是檢驗(yàn)電荷的電荷量,帶電量為q帶電體不是檢驗(yàn)電荷,對(duì)原電場(chǎng)有影響,故B錯(cuò)誤;C、場(chǎng)強(qiáng)的方向與放在該點(diǎn)的正電荷所受的電場(chǎng)力方向相同,與放在該點(diǎn)的負(fù)電荷所受的電場(chǎng)力方向相反,故C正確;D、由F=Eq得知,場(chǎng)中某點(diǎn)電荷所受的電場(chǎng)力大小與該點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)的大小成正比,故D正確;不正確的故選B?!军c(diǎn)睛】E=Fq是電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式,q是檢驗(yàn)電荷的電荷量,F(xiàn)是檢驗(yàn)電荷所受的電場(chǎng)力,適用于任何電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的方向與放在該點(diǎn)的正電荷所受的電場(chǎng)力方向相同,場(chǎng)強(qiáng)僅由電場(chǎng)本身決定。2、C【解析】電動(dòng)機(jī)是非純電阻電路,電功率為P=UI,故電流為I=P/U,故熱功率P熱=I2r

11、=()2r=;故選C3、B【解析】A項(xiàng):奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng),故A錯(cuò)誤;B項(xiàng):楞次發(fā)現(xiàn)感應(yīng)電流方向的規(guī)律,故B正確;C項(xiàng):法拉第發(fā)現(xiàn)了磁生電的現(xiàn)象,故C錯(cuò)誤;D項(xiàng):法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象,是韋德與庫(kù)柏總結(jié)了電磁感應(yīng)定律,故D錯(cuò)誤故應(yīng)選B4、D【解析】電吹風(fēng)機(jī)消耗的電功率P是總的功率,總功率的大小應(yīng)該是用P=IU來(lái)計(jì)算,所以總功率P=IU,所以AC錯(cuò)誤電吹風(fēng)機(jī)中發(fā)熱的功率要用I2R來(lái)計(jì)算,所以總的發(fā)熱功率為I2(R1+R2),吹風(fēng)機(jī)的總功率P=IU要大于發(fā)熱部分的功率,所以B錯(cuò)誤,D正確故選D點(diǎn)睛:對(duì)于電功率的計(jì)算,一定要分析清楚是不是純電阻電路,對(duì)于非純電阻電路,總功率和發(fā)熱功率的計(jì)算公

12、式是不一樣的5、B【解析】根據(jù)安培定則,右手握住直導(dǎo)線,大拇指所指方向?yàn)殡娏鞣较?,四指彎曲方向?yàn)殡娏髦車(chē)拇艌?chǎng)方向,故方向向下的電流周?chē)拇艌?chǎng)方向?yàn)轫槙r(shí)針?lè)较颍较蛳蛏系碾娏鞔鸥芯€為逆時(shí)針?lè)较?,故A錯(cuò)誤,B正確;根據(jù)安培定則方向向外的電流周?chē)拇艌?chǎng)方向?yàn)槟鏁r(shí)針?lè)较颍蔆D錯(cuò)誤故選B6、D【解析】導(dǎo)體由同種材料制成,長(zhǎng)度相同,由圖可知右邊比左邊的橫截面積大,由于導(dǎo)體的電阻與橫截面積成反比,所以;因串聯(lián)電路中各處的電流相等,所以圖中通過(guò)兩導(dǎo)體的電流相等,即;由的變形式可知,根據(jù)電流的微觀表達(dá)式可得,所以自由電子定向移動(dòng)的速率為,故D正確,A、B、C錯(cuò)誤;二、多項(xiàng)選擇題:本題共4小題,每小題5分,共

13、20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分,選對(duì)但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分。7、AC【解析】變阻器滑片移動(dòng)時(shí),分析總電阻的變化,判斷總電流和路端電壓的變化。根據(jù)電路串并聯(lián)知識(shí)和閉合電路歐姆定律分析電容器兩端電壓變化情況,即可判斷電容器的狀態(tài).【詳解】A、當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭由中點(diǎn)向下移動(dòng)時(shí),R4變小,電路的總電阻變小,總電流I變大,內(nèi)電壓變大,則路端電壓變小,因此電壓表示數(shù)變小;故A正確.B、電容器兩端電壓為:U=E-I(r+R2),I變大,故電容器兩端電壓U變小,帶電量變小,電容器放電,故B錯(cuò)誤;C、電源的總功率P=EI,I變大,則P變大;故C正確.

14、D、根據(jù)串聯(lián)電路分壓規(guī)律知,變阻器兩端的電壓增小,通過(guò)R1的電流變小,而總電流變大,所以通過(guò)滑動(dòng)變阻器的電流變大;故D錯(cuò)誤.故選AC.【點(diǎn)睛】本題是電路動(dòng)態(tài)分析問(wèn)題,關(guān)鍵是理清電路,根據(jù)路串并聯(lián)知識(shí)和閉合電路歐姆定律得到各個(gè)部分電路電流和電壓的變化.8、CD【解析】試題分析:設(shè)其中兩球電量分別為q和3q,根據(jù)庫(kù)侖定律,開(kāi)始庫(kù)侖力若兩球帶同種電荷,電量均分,兩球電量都為2q,庫(kù)侖力,則;若兩球帶異種電荷,電量先中和再均分,兩球電量都為q,庫(kù)侖力,則故A、B錯(cuò)誤,C、D正確考點(diǎn):庫(kù)侖定律9、ACD【解析】由P=UI求出電動(dòng)機(jī)中的電流,由串并聯(lián)電路的電壓關(guān)系得到內(nèi)電阻上的電壓,由歐姆定律得到干路電流

15、;進(jìn)而得到磁場(chǎng)中導(dǎo)線的電流,由平衡條件得到安培力,由安培力公式得到B?!驹斀狻緼、B項(xiàng):電動(dòng)機(jī)的正常工作時(shí),有:PM=UIM代入數(shù)據(jù)解得:IM=2A通過(guò)電源的電流為:I總=E-Ur=4A,故A正確,B錯(cuò)誤;C項(xiàng):流過(guò)導(dǎo)體棒的電流I為:I=I總-IM=4A-2A=2A,導(dǎo)體兩端電壓為4V,所以導(dǎo)體棒的電阻為:42=2,故C正確;D項(xiàng):導(dǎo)體棒靜止在導(dǎo)軌上,由共點(diǎn)力的平衡可知,安培力的大小等于重力沿斜面向下的分力,即:F=mgsin37=0.5100.6=3N,流過(guò)導(dǎo)體棒的電流I為:I=I總-IM=4A-2A=2A,由安培力的公式:F=BIL解得:B=1.5T,故D正確。故應(yīng)選:ACD?!军c(diǎn)睛】本題

16、借助安培力與電路問(wèn)題考查了平衡條件的應(yīng)用,解答的關(guān)鍵是正確找出兩個(gè)支路的電流之間的關(guān)系。10、BD【解析】此系統(tǒng)在從子彈開(kāi)始射入到彈簧被壓縮至最短的整個(gè)過(guò)程中水平方向受到墻壁對(duì)系統(tǒng)的向右的作用力,所以系統(tǒng)的動(dòng)量不守恒;子彈在進(jìn)入木塊的過(guò)程中要產(chǎn)生熱能,所以子彈與木塊組成的系統(tǒng)有一定的動(dòng)能損失,所以系統(tǒng)的機(jī)械能也不守恒,故BD正確,AC錯(cuò)誤。故選BD?!军c(diǎn)睛】分析清楚物體運(yùn)動(dòng)過(guò)程、掌握系統(tǒng)動(dòng)量守恒的條件、機(jī)械能守恒的條件是解題的關(guān)鍵,以及知道當(dāng)系統(tǒng)只有動(dòng)能和勢(shì)能之間相互轉(zhuǎn)化時(shí),系統(tǒng)機(jī)械能守恒分析清楚運(yùn)動(dòng)過(guò)程即可正確解題。三、實(shí)驗(yàn)題:本題共2小題,共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處,不要求寫(xiě)

17、出演算過(guò)程。11、(1)D E (2)(3)【解析】試題分析:(1)因燈泡的額定電壓為4V,為保證安全選用的電壓表量程應(yīng)稍大于4V,但不能大太多,量程太大則示數(shù)不準(zhǔn)確;故只能選用15V的電壓表由P=UI得,燈泡的額定電流I=15A,故電流表應(yīng)選擇116A的量程,故電流表選D;而由題意要求可知,電壓從零開(kāi)始變化,并要多測(cè)幾組數(shù)據(jù),故只能采用滑動(dòng)變阻器分壓接法,而分壓接法中應(yīng)選總阻值小的滑動(dòng)變阻器,故選E;(2)在用伏安法描繪這個(gè)燈泡的I一U圖線的實(shí)驗(yàn)中,電壓要從零開(kāi)始變化,并要多測(cè)幾組數(shù)據(jù),故只能采用滑動(dòng)變阻器分壓接法;由于燈泡的電阻較小,所以選擇電流表外接法所以電路圖如圖(3)按電路圖畫(huà)出實(shí)際

18、電路圖為考點(diǎn):描繪小燈泡的伏安特性曲線實(shí)驗(yàn)【名師點(diǎn)睛】(1)儀表的選擇應(yīng)本著安全準(zhǔn)確的原則;電壓表要測(cè)量燈泡兩端的電壓,故應(yīng)通過(guò)燈泡的額定電壓值判斷需要的電壓表;由流過(guò)燈泡的電流判斷需要的電流表;由題意判斷需要的滑動(dòng)變阻器;(2)根據(jù)滑動(dòng)變阻器分壓及限流接法的不同作用,結(jié)合題意選擇滑動(dòng)變阻器的接法;由電流表、電壓表與燈泡內(nèi)阻間的大小關(guān)系確定電流表的接法本題考查實(shí)驗(yàn)中的儀表選擇及接法的選擇;應(yīng)注意滑動(dòng)變阻器分壓及限流接法的區(qū)別及應(yīng)用,同時(shí)還應(yīng)明確內(nèi)外接法的不同及判斷12、 (1)50.15cm; (2)2.620mm; 【解析】游標(biāo)卡尺的固定刻度讀數(shù)為5cm,游標(biāo)讀數(shù)為:0.053mm=0.15

19、mm=0.015cm,所以最終讀數(shù)為5.015cm螺旋測(cè)微器的固定刻度讀數(shù)為2.5mm,可動(dòng)刻度讀數(shù)為0.0112.0mm=0.120mm,所以最終讀數(shù)為:2.620mm;四、計(jì)算題:本題共2小題,共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處,要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、 (1) (2) 【解析】(1)滑塊A下滑過(guò)程中機(jī)械能守恒,設(shè)A到達(dá)水平面時(shí)速度為v1,由機(jī)械能守恒定律有:mAghmAv12,解得v1 A、B碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒,設(shè)滑塊A與滑塊B碰撞結(jié)束瞬間的速度為v2,由動(dòng)量守恒定律有mAv1(mAmB)v2,解得v2.(2)滑塊C解除鎖定后,滑塊A、B繼續(xù)壓縮彈簧,被壓縮彈

20、簧的彈性勢(shì)能最大時(shí),滑塊A、B、C速度相等,設(shè)為v3,由動(dòng)量守恒定律有:(mAmB)(mAmBmC)v3.故v3v2.滑塊A、B發(fā)生碰撞后到彈簧壓縮最大,A、B、C及彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒,由機(jī)械能守恒定律有:Epmax(mAmB)v22(mAmBmC)v32,解得Epmaxmgh.【點(diǎn)睛】本題考查的是動(dòng)量守恒與機(jī)械能守恒的應(yīng)用,根據(jù)動(dòng)量守恒定律與機(jī)械能守恒定律分別求出碰前和碰后滑塊的速度,然后根據(jù)被壓縮彈簧的彈性勢(shì)能最大時(shí),滑塊A、B、C速度相等即可求出彈簧的最大彈性勢(shì)能14、(1)10V ba (2)5kg 2 (3)0.6 J【解析】試題分析:ab桿勻速下滑時(shí)速度最大,當(dāng)R=0時(shí),由乙圖讀出最大速度,由E=BLv求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì),由右手定則判斷感應(yīng)電流的方向;根據(jù)E=BLv、閉合電路歐姆定律和及平衡

溫馨提示

  • 1. 本站所有資源如無(wú)特殊說(shuō)明,都需要本地電腦安裝OFFICE2007和PDF閱讀器。圖紙軟件為CAD,CAXA,PROE,UG,SolidWorks等.壓縮文件請(qǐng)下載最新的WinRAR軟件解壓。
  • 2. 本站的文檔不包含任何第三方提供的附件圖紙等,如果需要附件,請(qǐng)聯(lián)系上傳者。文件的所有權(quán)益歸上傳用戶所有。
  • 3. 本站RAR壓縮包中若帶圖紙,網(wǎng)頁(yè)內(nèi)容里面會(huì)有圖紙預(yù)覽,若沒(méi)有圖紙預(yù)覽就沒(méi)有圖紙。
  • 4. 未經(jīng)權(quán)益所有人同意不得將文件中的內(nèi)容挪作商業(yè)或盈利用途。
  • 5. 人人文庫(kù)網(wǎng)僅提供信息存儲(chǔ)空間,僅對(duì)用戶上傳內(nèi)容的表現(xiàn)方式做保護(hù)處理,對(duì)用戶上傳分享的文檔內(nèi)容本身不做任何修改或編輯,并不能對(duì)任何下載內(nèi)容負(fù)責(zé)。
  • 6. 下載文件中如有侵權(quán)或不適當(dāng)內(nèi)容,請(qǐng)與我們聯(lián)系,我們立即糾正。
  • 7. 本站不保證下載資源的準(zhǔn)確性、安全性和完整性, 同時(shí)也不承擔(dān)用戶因使用這些下載資源對(duì)自己和他人造成任何形式的傷害或損失。

最新文檔

評(píng)論

0/150

提交評(píng)論