2023學年黑龍江省大興安嶺漠河一中物理高二第一學期期中檢測模擬試題含解析

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡

2、一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、若汽車的加速度方向與速度方向一致，當加速度減小時，則（ ）A汽車的速度也減小B汽車的速度保持不變C當加速度減小到零時，汽車靜止D當加速度減小到零時，汽車的速度達到最大2、如圖所示，質量為m的物體放在水平地面上，在與水平面成角的拉力F作用下由靜止開始運動，經時間t速度達到v，在這段時間內拉力F和重力mg和合外力的沖量分別是（）AFtcos，0，mvBFtcos，0，0CFt，0，mvDFt，mgt，mv3、實驗中常用兩個可變電阻器串聯后調節(jié)電路中的電流強度，一個作粗調（調節(jié)時電路

3、中電流改變較大），一個作細調（調節(jié)時電路中電流改變較?。┰谌鐖D六所示中，R1=500，R2=20，R=50，則（ ） AR1可作粗調BR2可作粗調CR1的R2均可作粗調DR1和R2均可作細調4、如圖所示的空間中存在著水平正交的勻強電場和勻強磁場，從A點沿AB、AC方向絕緣地拋出兩帶電小球，關于小球的運動情況，下列說法正確的是（ ）A從AB、AC拋出的小球都可能做直線運動B只有沿AC拋出的小球才可能做直線運C做直線運動的小球帶正電，而且一定是做勻速直線運動D做直線運動的小球機械能守恒5、新聞報道中，長征系列火箭近地軌道的運載能力示意圖如圖，其中長征5號的近地軌道運載能力約為（ ）A4噸 B9噸

4、C13噸 D25噸6、如圖所示，用靜電計可以測量已充電的平行板電容器兩極板之間的電勢差U，現使B板帶電，則下列判斷正確的是 A將A極板稍微向右移動，指針張角變大B將A板稍微上移，靜電計指針張角將變大C若將玻璃板插入兩板之間，則靜電計指針張角將變大D若將A板拿走，則靜電計指針張角變?yōu)榱愣⒍囗椷x擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，平行板電容器與電動勢為的直流電源（內阻不計）連接，下極板接地，靜電計所帶電荷量很少，可被忽略，一帶負電油滴恰好靜止于電容器中的P點，現將平行板

5、電容器的下極板豎直向下移動一小段距離，則A平行板電容器的電容將變大B靜電計指針張角將不變C帶電油滴所受的電場力變小，G表中有ab的電流D當液滴靜止時，若先將電容器上極板與電源正極的導線斷開，再將其下極板向下移動一小段距離，則帶電油滴將向下運動8、如圖所示，把四個相同的燈泡接成甲、乙兩種電路后，燈泡都正常發(fā)光，且兩個電路的總功率相等，則這兩個電路中的U甲，U乙，R甲，R乙之間的關系，正確的是()AU甲U乙BU甲4U乙CR甲4R乙DR甲2R乙9、如圖所示為一組電場線，A、B為其中兩點，則（ ）AA點的場強大于B點的場強BA點電勢高于B點電勢C將電子從A點移到B點，電場為做正功D同一正電荷在A點的電

6、勢能小于在B點的電勢能10、如圖所示，圖線a是線圈在勻強磁場中勻速轉動時所產生正弦交流電的圖象，當調整線圈轉速后，所產生正弦交流電的圖象如圖線b所示，以下關于這兩個正弦交流電的說法正確的是( )A在圖中t0時刻穿過線圈的磁通量均為零B線圈先后兩次角速度之比為23C交流電a的瞬時值表達式為u10sin (5t) VD交流電b的最大值為V三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學要測量一節(jié)干電池的電動勢和內電阻：實驗室除提供開關S和導線外，有以下器材可供選擇：電壓表：V（量程3V，內阻Rv=10k）電流表：G（量程3mA，內阻Rg=1

7、00）電流表：A（量程3A，內阻約為0.5）滑動變阻器：R1（阻值范圍0-10，額定電流2A）R2（阻值范圍0-1000，額定電流1A）定值電阻：R3=0.5該同學依據器材畫出了如圖所示的原理圖，他沒有選用電流表A的原因是_；該同學將電流表G與定值電阻R3并聯，實際上是進行了電表的改裝，則他改裝后的電流表對應的量程是_A；為了能準確地進行測量，同時為了操作方便，實驗中應選用的滑動變阻器_（填寫器材的符號）；該同學利用上述實驗原理圖測得數據，以電流表G讀數為橫坐標，以電壓表V讀數為縱坐標繪出了如圖所示的圖線，根據圖線可求出電源的電動勢E=_V （結果保留三位有效數字），電源的內阻r=_ （結果保

8、留兩位有效數字）。12（12分）某同學要測定一電源的電動勢E和內阻r，實驗器材有：一只DIS電流傳感器（可視為理想電流表，測得的電流用I表示），一只電阻箱（阻值用R表示），一只開關和導線若干。該同學設計了如圖甲所示的電路進行實驗和采集數據。 (1)該同學設計實驗的原理表達式是E=_（用r、I、R表示）。(2)該同學在閉合開關之前，應先將電阻箱調到_（選填“最大值”“最小值”或“任意值”），實驗過程中，將電阻箱調至如圖乙所示位置，則此時電阻箱接入電路的阻值為_。(3)該同學根據實驗采集到的數據作出如圖丙所示的R圖象，則由圖象可求得，該電源的電動勢E=_V，內阻r=_。（結果均保留兩位有效數字）四

9、、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖，R1=19，R2=12，當開關處于位置A時，電流表讀數I1=0.2A；當開關處于位置B時，電流表讀數I2=0.25A。求：電源的電動勢E和內電阻r？14（16分）如圖所示，有一提升重物用的直流電動機，內阻r=0.6， R=10 ，U=160 V，理想電壓表的讀數為110 V，求（1）通過電動機的電流是多少？（2）輸入到電動機的電功率是多少？（3）在電動機中發(fā)熱的功率是多少？15（12分）如表所示，是某一手機電池上的銘牌，仔細閱讀銘牌上的數據，回答以下問題：(1)該電池

10、的電動勢是多少？(2)該手機待機狀態(tài)下的平均工作電流是多少？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】試題分析：只要加速度方向與速度方向相同，物體的速度就會增大，A錯B對；當加速度減小到零時速度增大到最大，之后汽車做勻速直線運動，D對考點：考查加速度與速度的關系點評：本題難度較小，速度的增大或減小與加速度的大小無關，只有加速度和速度方向是否相同有關2、D【解析】根據沖量的定義可知，拉力F和重力mg的沖量分別為Ft和mgt；根據動量定理，合外力的沖量等于動量的改變量，即mv，選項D正確3、A【解析】滑動變阻器的阻

11、值大的觸頭移動單位距離阻值變化大，小的反之故在串聯電路中大阻值的作粗調，小阻值的做細調?！驹斀狻緼 、因阻值大，觸頭移動單位距離阻值變化大，可做粗調。故A正確；B、阻值小，觸頭移動單位距離阻值變化小，做細調。故B錯誤；C、只有可作粗調。故C錯誤；D、只有可作細調，故D錯誤。故選A。【點睛】滑動變阻器的阻值大的觸頭移動單位距離阻值變化大，阻值小的觸頭移動單位距離阻值變化小。4、C【解析】試題分析：從AB拋出的小球，若小球帶正電，受到重力、水平向右的電場力和垂直于AB連線向上的洛倫茲力，三力的合力可能為零，可能做勻速直線運動，從AC拋出的小球，若小球帶正電，受到重力、水平向右的電場力和垂直于AC連

12、線向上的洛倫茲力，三力的合力不可能為零，不可能做勻速直線運動；由于洛倫茲力隨速度的變化，也不可能做直線運動，AB錯誤；若小球帶負電，受到重力、水平向左的電場力和垂直于AC連線向下的洛倫茲力，三力的合力不可能為零，一定做曲線運動，C正確；從AB拋出的小球，由于電場力做功，其機械能一定不守恒，考點：考查了帶電粒子在復合場中的運動【名師點睛】帶電粒子在復合場中運動問題的分析思路1正確的受力分析除重力、彈力和摩擦力外，要特別注意電場力和磁場力的分析2正確分析物體的運動狀態(tài)找出物體的速度、位置及其變化特點，分析運動過程如果出現臨界狀態(tài)，要分析臨界條件帶電粒子在復合場中做什么運動，取決于帶電粒子的受力情況

13、（1）當粒子在復合場內所受合力為零時，做勻速直線運動（如速度選擇器）（2）當帶電粒子所受的重力與電場力等值反向，洛倫茲力提供向心力時，帶電粒子在垂直于磁場的平面內做勻速圓周運動（3）當帶電粒子所受的合力是變力，且與初速度方向不在一條直線上時，粒子做非勻變速曲線運動，這時粒子的運動軌跡既不是圓弧，也不是拋物線，由于帶電粒子可能連續(xù)通過幾個情況不同的復合場區(qū)，因此粒子的運動情況也發(fā)生相應的變化，其運動過程也可能由幾種不同的運動階段所組成5、D【解析】由圖可知，長征5號的近地軌道運載能力約為25噸，故選D.6、B【解析】A. 將A極板稍微向右移動，板間距減小，根據可知，電容變大，而帶電量不變，根據可

14、知，電勢差減小，指針張角變小，故A錯誤。B. 將A板稍微上移，正對面積減小，根據可知，電容變小，而帶電量不變，根據可知，電勢差變大，指針張角變大，故B正確。C. 若將玻璃板插入兩板之間，增大了介電常數，根據可知，電容變大，而帶電量不變，根據可知，電勢差減小，指針張角變小，故C錯誤。D. 若將A板拿走，B板上帶電量不變，靜電計相當于驗電器，指針張角不為零。故D錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】A.將平行板電容器的下極板豎直向下移動一小段距離，導致極板

15、間距增大，根據知，增大，則平行板電容器的電容將變小，故A錯誤；B.靜電計測量的是電容器兩端的電勢差，因為電容器始終與電源相連，則電勢差不變，所以靜電計指針張角不變，故B正確；C.電勢差不變，增大，根據則電場強度減小，帶電油滴所受的電場力變小，根據可知平行板電容器的電荷量減小，平行板電容器放電，G表中有的電流，故C正確；D.若先將電容器上極板與電源正極的導線斷開，則電荷量不變，兩極板間的電場強度：極板間距離發(fā)生變化，電場強度不變，則油滴所受電場力不變，帶電油滴將靜止，故D錯誤。8、AC【解析】設燈泡的額定電流為I0，因兩燈泡正常發(fā)光，故燈泡中電流相等；則甲電路中電流為I0；乙電路中電流為2I0；

16、因總功率相等，故兩電阻消耗的功率相等；則由P=I2R可知，R甲=4R乙；故C正確，D錯誤；則由歐姆定律可知：U甲=I0R甲+2U=4I0R乙+2U；U乙=2I0R乙+U；故U甲=2U乙；故A正確，B錯誤；故選：AC.【點睛】分析電路的結構，根據串并聯電路的特點得出電流關系，由歐姆定律可得出電壓之比及電流之比9、AB【解析】由圖可知，a點電場線密，b點電場線稀，因此a點電場強度大于b點，即EaEb，故A正確沿電場線的方向電勢逐漸降低，A點電勢高于B點電勢，故B正確；電子受到的電場力的方向由B指向A，所以將電子從A點移到B點，電場為做負功，故C錯誤；正電荷從A點移動到B點，電場力做正功，電勢能減少

17、，所以同一正電荷在A點的電勢能大于正電荷在B點的電勢能，故D錯誤；故選AB.點睛：電場線是電場中的重要概念，要根據電場線的分布正確判斷電勢的高低和電場強度的強弱，即電場線的疏密反映場強的大小，順著電場線電勢降低10、CD【解析】At=0時刻兩個正弦式電流的感應電動勢瞬時值均為零，線圈都與磁場垂直，穿過線圈的磁通量都最大，故A錯誤；B由圖讀出兩電流周期之比為Ta：Tb=0.4s：0.6s=2：3而，所以線圈先后兩次角速度之比為為周期的反比即3：2，故B錯誤；C正弦式電流a的瞬時值為故C正確；D據電動勢最大值公式得到兩電動勢最大值之比為Ema：Emb=Tb：Ta=3：2由題圖可知Ema=10V，則

18、得到正弦式電流b的最大值為故D正確。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、量程與被測電流值相比較太大 0.603 R1 1.48 0.84（0.70-0.90之間都給分） 【解析】1 一節(jié)干電池的電動勢約E=15V，為方便實驗操作，滑動變阻器應選R1，它的阻值范圍是0-10，電路中最小電流約為電流表A的量程是3A，被測電流值與電流表量程相比差距太大，因此不能用電流表A。2 改裝后電流表量程：3根據以上分析可知，選用的滑動變阻器是R1。45 由上可知，改裝后電流表的量程是電流表G量程的200倍，圖象的縱截距b等于電源的電動勢，由圖讀出電源的電動勢為：E=148V圖線的斜率大小k=r，由數學知識知：則電源的內阻為：r=k=0.8412、