貴州省遵義航天高中2023學年高二物理第一學期期中達標檢測試題含解析

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖為一位于墻角的光滑斜面，其傾角為45，勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧一端系在質(zhì)量為m的小球上，另一端固定在墻上，彈簧水平放置，小球在斜面上靜止，則彈簧的形變量大小為( )ABCD2、

2、如圖所示，勻強電場中的A、B、C三點的連線構(gòu)成邊長為的等邊三角形把帶電量為e的電子從A移動到B，電場力做正功W；把電子從C移到B，電場力也做相等的正功W，則下列說法中正確的是 （ ）AA,B,C三點的電勢關(guān)系為BA,B,C三點的電勢關(guān)系為C電場強度的方向與AB 垂直D若場強與紙面平行，則場強大小等于3、關(guān)于電場強度，下列說法正確的是()A以點電荷為球心、r為半徑的球面上，各點的場強都相同B正電荷周圍的電場一定比負電荷周圍的電場場強大C若放入正電荷時，電場中某點的場強向右，則當放入負電荷時，該點的場強仍向右D電荷所受到的電場力很大，即該點的電場強度很大4、一個質(zhì)點做簡諧運動，當它每次經(jīng)同一位置（

3、位移最大位置除外）時，不一定相同的物理量是A機械能B加速度C回復力D動量5、真空中有一靜電場，其在x軸正半軸的電勢隨x變化的關(guān)系如圖所示，則根據(jù)圖象可知（）AR處的電場強度E=0B若試探電荷從x1處移到x2處，電場力一定做正功Cx1處與x2處的電場強度方向相反D該電場不可能是處在O點的正的點電荷激發(fā)產(chǎn)生的6、真空中，相距為r的兩點電荷間庫侖力的大小為F，若要使它們之間的庫侖力變?yōu)樵瓉淼?倍，下列措施可行的是（）A保持兩個電荷間距離不變，將它們的電量都增加為原來的2倍B保持兩個電荷間距離不變，將它們的電量都減小為原來的二分之一C保持兩個電荷的電量不變，將它們之間的距離減小為原來的四分之一D保持兩

4、個電荷的電量不變，將它們之間的距離增大為原來的2倍二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，A為地球同步衛(wèi)星，B為在地球赤道平面內(nèi)運動的圓軌道衛(wèi)星，A、B繞地心轉(zhuǎn)動方向相同，已知B衛(wèi)星軌道運行周期為2小時，圖示時刻A在B正上方，則AB的運動速度大于A的運動速度BB運動的周期大于A運動的周期CB運動的加速度大于A運動的加速度DB衛(wèi)星一天內(nèi)12次看到日出日落8、關(guān)于電流，下列說法中正確的是（）A由可知，通過導線截面的電量越多，電流越大B由I=nqsv可知，同一導線內(nèi)電

5、荷定向移動的速率越大，電流越大C由I=可知，同一導體中的電流與導體兩端的電壓成正比D因為電流有方向，所以電流是矢量9、如圖所示，傾角為的光滑絕緣斜面固定在水平面上，為了使質(zhì)量為 m，帶電量為+q 的小球靜止在斜面上，可加一平行于紙面的勻強電場（未畫出），則 A電場強度的最小值為B電場強度的最大值為C若電場強度方向從沿斜面向上逐漸轉(zhuǎn)到豎直向上，則電場強度逐漸增大D若電場強度方向從沿斜面向上逐漸轉(zhuǎn)到豎直向上，則電場強度先減小后增大10、如圖所示,勻強磁場的邊界為直角三角形,EGF=30,已知磁感應強度為B,方向垂直紙面向里,F處有一粒子源,沿FG方向發(fā)射出大量帶正電荷q的同種粒子,粒子質(zhì)量為m,粒

6、子的初速度v0大小可調(diào),則下列說法正確的是 ( )A若粒子能到達EG邊界,則粒子速度越大,從F運動到EG邊的時間越長B無論v0取何值,粒子都無法到達E點C能到達EF邊界的所有粒子所用的時間均等D粒子從F運動到EG邊所用的最長時間為5m12qB三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）研究燈泡L（3.8V，1.8 W）的伏安特性，并測出該燈泡在額定電壓下正常工作時的電阻值，檢驗其標示的準確性。（1）選出既滿足實驗要求，又能減小誤差的實驗電路圖_。 （2）請按電路圖連接好圖（1）中的實物圖_。（3）在閉合開關(guān)S前，滑動變阻器觸頭應放在_端。

7、（選填“a”或“b”）（4）實驗后作出的I-U圖象如圖所示，圖中曲線彎曲的主要原因是_：。（5）根據(jù)所得到的圖象如圖（2）所示，求出它在額定電壓（3.8V）下工作時的電阻值R=_ 。 這個測量值比真實值偏_。（選填“大”或“小”） 12（12分）圖甲，用“碰撞實驗器”可以驗證動量守恒定律，即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關(guān)系。(1)實驗中，直接測定小球碰撞前后的速度是不容易的。但是，可以通過僅測量_（填選項前的符號），間接地解決這個問題。A小球開始釋放的高度hB小球拋出點距地面的高度HC小球做平拋運動的射程(2)圖甲中O點是小球拋出點在地面上的垂直投影。實驗時，先讓入射球m1多次從斜

8、軌上S位置由靜止釋放，找到其平均落地點的位置_，測量平拋射程_。然后，把被碰小球m2靜置于軌道上O點正上方，再將入射球m1從斜軌上S位置由靜止釋放，與小球m2相碰，并多次重復。接下來要完成的必要步驟是_。（填選項前的符號）A用天平測量兩個小球的質(zhì)量m1、m2B測量小球m1，開始釋放的高度hC測量拋出點距地面的高度HD分別找到m1、m2相碰后平均落地點的位置M、NE測量平拋射程OM、ON(3)若兩球相碰前后的動量守恒，其表達式可表示為_（用(2)中測量的量表示）；若碰撞是彈性碰撞，那么還應滿足的表達式為_（用(2)中測量的量表示）。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題

9、處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）在水平放置且相距2cm 的平行帶電金屬板間的勻強電場中，有一個質(zhì)量為m =10-4g，電量q = -10-8C的帶電液滴，恰在兩板間的正中央處于靜止狀態(tài)。問：（1）哪塊板帶正電？（答上極板或下極板） 板間電場強度多大？（2）若板間電場強度突然增為原來的2倍，液滴將做什么運動？到達極板時的速度多大？（結(jié)果可用根號表示）14（16分）豎直放置的兩塊足夠長的帶電平行金屬板間有勻強電場，其電場強度為E，在該勻強電場中，用絲線懸掛質(zhì)量為m的帶正電小球，當絲線跟豎直方向成角，小球與板距離為b時，小球恰好平衡，如圖所示（重力加速度為g） 求：（1）

10、小球帶電量q是多少？（2）若剪斷絲線，小球碰到金屬板需多長時間？15（12分）一物體在光滑水平面上運動，它在相互垂直的x方向和y方向上的兩個分運動的速度-時間圖象如圖所示（1）計算物體的初速度大?。唬?）計算物體在前3 s內(nèi)的位移大小參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】對小球受力如圖所示，受到重力mg、斜面的支持力FN和彈簧的彈力F作用下處于平衡狀態(tài)，故斜面的支持力FN和彈簧的彈力F的合力與mg等大、反向，則得F=mgtan45=mg；由胡克定律得 kx=F；解得彈簧的形變量大小，故選A.2、D【解析】A

11、B：把帶電量為e的電子從A移動到B，電場力做正功W，則， ；把電子從C移到B，電場力也做相等的正功W，則，綜上：，故AB錯誤C：因為，故電場強度的方向與AC垂直；故C錯誤D：B到AC線的距離為，若場強與紙面平行，則故D正確點睛：電場線與等勢面垂直，順著電場線電勢降低3、C【解析】以點電荷為球心，r為半徑的球面上，各點的場強大小相同，但是方向不同，選項A錯誤； 正電荷周圍的電場強度不一定比負電荷周圍的電場強度大，要看電場線的疏密，選項B錯誤； 在電場中某點放入試探電荷q，該點的電場強度為E=F/q，取走q后，該點的場強仍為E不變，選項C正確；根據(jù)E=F/q可知，電荷所受到的電場力很大，該點的電場

12、強度不一定很大，選項D錯誤；故選C.4、D【解析】A每次經(jīng)同一位置時，速度大小相同，則動能相同，彈性勢能也相同，則機械能相同，選項A不符合題意；BC振子每次經(jīng)過相同位置時，都具有相同的位移，根據(jù)回復力公式F=-kx可知，回復力一定相同，再根據(jù)牛頓第二定律可知，加速度一定相同，選項BC不符合題意；D經(jīng)過同一位置時，速度方向可能不同，故速度不一定相同，動量不一定相同，選項D符合題意；5、D【解析】-x圖象中，曲線上任意一點的切線的斜率表示電場強度；用WAB=qUAB來判斷電勢能的變化情況。對歸正點電荷電場線的分布情況分析即可?！驹斀狻緼項：-x圖象中，曲線上任意一點的切線的斜率表示電場強度；R處切

13、線的斜率不為零，故R處的電場強度E0；故A錯誤；B項：若試探電荷從x1處移到x2處，電勢降低，根據(jù)公式WAB=qUAB，如果是正電荷，電場力做正功，如果是負電荷，電場力做負功，故B錯誤；C項：x1處與x2處的切線斜率同為負值，故x1處與x2處的電場強度方向相同，故C錯誤；D項：離電荷越近，電場強度越大，-x圖象的斜率應越大，而圖中離O點越近，圖象切線的斜率變小，故該電場不可能在O點的正電荷產(chǎn)生的，故D正確。故應選D?！军c睛】對于-x圖象，要抓?。弘妶鰪姸鹊拇笮〉扔?x圖線的斜率大小，電場強度為零處，-x圖線存在極值，其切線的斜率為零。在-x圖象中可以直接判斷各點電勢的大小，并可根據(jù)電勢大小關(guān)系

14、確定電場強度的方向。在-x圖象中分析電荷移動時電勢能的變化，可用WAB=qUAB，進而分析WAB的正負，然后作出判斷。6、A【解析】根據(jù)庫侖定律，若保持兩個電荷間距離不變，將它們的電量都增加為原來的2倍，則，A正確；若保持兩個電荷間距離不變，將它們的電量都減小為原來的二分之一，則，B錯誤；若保持兩個電荷的電量不變，將它們之間的距離減小為原來的四分之一，C錯誤；若保持兩個電荷的電量不變，將它們之間的距離增大為原來的2倍，則，D錯誤二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC

15、D【解析】由于為地球同步衛(wèi)星，周期為，所以運動的周期小于運動的周期，根據(jù)開普勒第三定律可得運動的軌道半徑小于運動的軌道半徑；根據(jù)可得，所以的運動速度大于的運動速度；根據(jù)可得，所以的運動加速度大于的運動加速度；由于衛(wèi)星軌道運行周期為2小時，是地球自轉(zhuǎn)周期的，衛(wèi)星一天內(nèi)12次看到日出日落，故選項A、C、D正確，B錯誤。8、BC【解析】通過導線截面的電量多，若時間長，電流不一定大，A錯誤；由I=nqsv可知，同一導線內(nèi)電荷定向移動的速率越大，電流越大，B正確；由知，同一導體中的電流與導體兩端的電壓成正比，選項C正確；電流有方向，但是電流合成不遵循平行四邊形法則，所以電流是標量，D錯誤9、AC【解析】

16、電量為+q的小球靜止在斜面上，受重力、支持力和電場力，三力的合力為零，則三個力的首尾相連構(gòu)成矢量三角形，如圖所示：A由上圖可知，當電場力與支持力垂直時即電場力沿斜面向上時，電場力最小，則電場強度最小，由平衡得：qEmin=mgsin解得：故A正確；B由圖可知，當場強方向斜向下時，電場力無最大值，即場強無最大值，選項B錯誤；CD由上圖可知，若電場強度方向從沿斜面向上逐漸轉(zhuǎn)到豎直向上，則電場力與豎直方向夾角逐漸減小，電場力逐漸增大，則電場強度逐漸增大，故C正確，D錯誤10、BC【解析】試題分析：當粒子的軌跡與EG邊界相切時，粒子恰好到達EG邊界，如圖所示若粒子速度大于這個速度，則從EG邊界射出，根

17、據(jù)r=mvBq可得粒子運動半徑增大，軌跡所對圓心角減小，根據(jù)t=2T（T=2mBq，大小與速度無關(guān)，是一個定值）可得運動時間越短，若速度小于這個速度，則從EF邊界射出，所以無論v0取何值，粒子都無法到達E點，A錯誤B正確；，若粒子能到達EG邊界，則其軌跡所對的圓心角都為180，根據(jù)t=2T可得所用時間相同，C正確；當粒子的軌跡與EG邊界相切時，粒子恰好到達EG邊界，所對應的圓心角最大為150，所用時間最長，此時t=150360T5m6qB，D錯誤；考點：考查了帶電粒子在勻強磁場中的運動【名師點睛】帶電粒子在勻強磁場中運動時，洛倫茲力充當向心力，從而得出半徑公式R=mvBq，周期公式T=2mBq

18、，運動時間公式t=2T，知道粒子在磁場中運動半徑和速度有關(guān)，運動周期和速度無關(guān)，畫軌跡，定圓心，找半徑，結(jié)合幾何知識分析解題，三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 （1）丙； （2）實物圖如圖所示； （3）a； （4）小燈泡的電阻隨著電壓的升高而增大 （5）7.6 小【解析】（1）描繪燈泡伏安特性曲線，電壓與電流應從零開始變化，滑動變阻器應采用分壓接法；燈泡發(fā)光時的電阻，電流表內(nèi)阻很小，約為零點幾歐姆，電壓表內(nèi)阻約為幾千歐姆甚至幾萬歐姆，電壓表內(nèi)阻遠大于燈泡電阻，電流表應采用外接法，應選圖丙所示電路圖；（2）根據(jù)圖丙所示電路圖連接實物電

19、路圖，實物電路圖如圖所示：（3）滑動變阻器采用分壓接法，為保護電路安全，在閉合開關(guān)S前，滑動變阻器觸頭應放在a端（4）由圖象可知，隨燈泡電壓U增大，燈泡電壓與電流的比值增大，即燈泡電阻變大，由此可知，小燈泡的電阻隨其兩端的電壓增大而增大；（5）由圖示圖象可知，小燈泡在額定電壓（3.8V）下工作時的電流為0.5A，燈泡電阻值由于電壓表的分流作用，使得電流表的測量值偏大，則燈泡電阻的測量值偏小.點睛：本題考查了實驗電路的選擇、連接實物電路圖、實注意事項、實驗數(shù)據(jù)處理，是實驗的常考問題，一定要掌握；尤其是要掌握應用圖象法處理實驗數(shù)據(jù)的方法.12、C P OP ADE 【解析】(1)1小球離開軌道后做

20、平拋運動，由于小球拋出點的高度相等，它們在空中的運動時間相等，小球的水平位移與小球的初速度成正比，可以用小球的水平位移代替其初速度，即測量射程，故C正確。(2)234和碰撞后，的動能減小，則速度減小，落點在M，碰撞后速度比更大，落點在N，沒有發(fā)生碰撞時，的落點在P；驗證動量守恒定律實驗中，質(zhì)量可測，而瞬時速度較難測得。因此采用了落地高度不變的情況下，水平射程來反映平拋的初速度大小，所以僅測量小球拋出的水平射程來間接測出速度。所以要先讓入射球m1多次從斜軌上S位置由靜止釋放，找到其平均落地點的位置P，測量平拋射程OP。要驗證動量守恒定律定律，即驗證小球離開軌道后做平拋運動，它們拋出點的高度相等，在空中的運動時間t相等，上式兩邊同時乘以t得得因此實驗需要測量：兩球的質(zhì)量、小球的水平位移，為了測量位移，應找出落點位置；故ADE正確，BC錯誤。故選ADE。(3)56由(2)知，實驗需要驗證如果碰撞過程機械能守恒，則兩邊